基本分专练6-【伯乐马】2026年高考物理基本分专练

物理高考基本分专练（六） 选择题第1~7题只有一项符合题目要求，第8一10题有多项符合题目要求。 1.如图所示，用AC,CD两根轻绳将物块悬于水平轻杆BC的下方，其中B为4 光滑转轴，C为结点，轻杆BC始终保持水平，重物静止不动。已知物块质量 R 为m,重力加速度为g。设AC、CD绳的拉力分别为FAc、F。下列选项正 确的是 A.FAc>mg B.FcD>mg C,若A点上移，则FAc变大 D,若A点下移，则FcD变大 2如图所示，一绝热容器被隔板K隔开成A、B两部分。已知A内有一定质量的理想气体，B 内为真空.抽开隔板K后，A内气体进人B,最终达到平衡状态则该气体 A.内能减小，温度降低 B.内能减小，温度不变 C.内能不变，温度不变 B D.内能不变，温度降低 3.如图所示，圆盘在水平面内以角速度ω绕中心轴匀速转动，圆盘上距轴r处的P点有一质量 为的小物体随圆盘一起转动。某时刻圆盘突然停止转动，小物体由P点滑至圆盘上的某 点停止。下列说法正确的是 A.圆盘停止转动前，小物体所受摩擦力的方向沿运动轨迹切线方向 B.圆盘停止转动前，小物体运动一圈所受摩擦力的冲量大小为2mw C.圆盘停止转动后，小物体沿圆盘半径方向运动 D.圆盘停止转动后，小物体整个滑动过程所受摩棕力的冲量大小为wr 4.一滑块从固定光滑斜面顶端由静止释放，沿斜面下滑的过程中，滑块的动能Ek与运动时间t、 下滑高度五、运动位移、之间的关系图像如图所示，其中正确的是 5.利用如图所示的装置研究光电效应，闭合单刀双掷开关S1,用 频率为1的光照射光电管，调节滑动变阻器，使电流表的示 数刚好为0，此时电压表的示数为U1,已知电子电荷量为e,普 朗克常量为h,下列说法正确的是 A.其他条件不变，增大光强，电压表示数增大 B.改用比1更大频率的光照射，调整电流表的示数为零，此时 电压表示数仍为U C.其他条件不变，使开关接S2,电流表示数仍为零 伯乐马2027年高考基本分专练·物理·（共2页） D.光电管阴极材料的截止频率v。=1一 eU h 6.质量为m的物体，水平放置在火星探测器内部的压力传感器上，该火星探测器离开火星表面 竖直向上加速运动到距火星表面高度为火星半径的一时，加速度大小为，压力传感器的示 数为F。不考虑火星的自转，则火星表面的重力加速度大小为 A.16(F-ma) B.4(F-ma) 5(F-ma) 25(F-ma) D. 25m 5m 16m 7.如图所示，光滑水平面上的正方形导线框，以某一初速度进人竖直向下的匀强磁场并最终完 全穿出。线框的边长小于磁场宽度。下列说法正确的是 A.线框进磁场的过程中电流方向为顺时针方向 ×××× × × B.线框出磁场的过程中做匀减速直线运动 C.线框在进和出的两过程中产生的焦耳热相等 D.线框在进和出的两过程中通过导线横截面的电荷量相等 8某带电体产生电场的等势面分布如图中实线所示，虚线是一带电粒子仅在此电场作用下的运 动轨迹，M、V分别是运动轨迹与等势面b、a的交点，下列说法正确的是 d 10V15V A.粒子带负电荷 BM点的电场强度比N点的小 C.粒子在运动轨迹上存在动能最小的点 D.粒子在M点的电势能大于在N点的电势能 9.一定质量的理想气体从状态M经历过程1或者过程2到达状态 P N,其b一V图像如图所示。在过程1中，气体始终与外界无热量 交换；在过程2中，气体先经历等容变化再经历等压变化。状态 M、N的温度分别为TM、TN,在过程1、2中气体对外做功分别为 W1、W2,则 A.TM=TN B.TM>TN C.W>W2 D.W<W, 0 10.粒子物理研究中使用的一种球状探测装置横截面的简化模型如图所示。内圆区域有垂直纸 面向里的匀强磁场，外圆是探测器。两个粒子先后从P点沿径向射人磁场，粒子1沿直线通 过磁场区域后打在探测器上的M点。粒子2经磁场偏转后打在探测器上的V点。装置内 部为真空状态，忽略粒子重力及粒子间相互作用力。下列说法正确的是 A.粒子1可能为中子 粒子2 B.粒子2可能为电子 C.若增大磁感应强度，粒子1可能打在探测器上的Q点 粒子1 D.若增大粒子人射速度，粒子2可能打在探测器上的Q点 伯乐马2027年高考基本分专练·物理·（共2页）(六) 1.答案：A FAc sina-FCD C点的受力如图所示，则有 FcD=mg 则FAC FD=mg,所以Fc>mg,故A正确，BD错误： sinasina 若A点上移，a变大，sina变大，所以FAc变小，故C错误。 CD 2.答案：C 由于B内为真空，当抽开隔板K后，气体扩散，不做功（没有位移），且由于为绝热系统，根据 △U=Q十W=0,所以内能不变，因为是理想气体，所以温度不变，故选C。 3.答案：D 圆盘停止转动前，小物体随圆盘一起转动，小物体所受摩擦力提供向心力，方向沿半径方向， 故A错误； 冲量是矢量，小物体运动一圈所受摩棕力的冲量的合成为0，故B错误； 圆盘停止转动后，小物体沿切线方向运动，故C错误； 圆盘停止转动后，根据动量定理可知，小物体整个滑动过程所受摩擦力的冲量大小为 I'=△p=mv=mrw,故D正确。 4.答案：C 设斜面与地面夹角为0，则滑块的加速度为a=gsin0,则v=at,Ek=2mo2,联立，可知Ek- mgt2sin0,故AB错误； 1 根据动能定理，有mgh=2mv=E,故C正确： 银据运动学公式，有2as=,则有Ewg21 =2mX2 gssin0=mgssin0,故D错误。 5.答案：D 当开关S接1时，由爱因斯坦光电效应方程eU1=h1一W。,故其他条件不变时，增大光强，电 压表的示数不变，故A错误： 若改用比1更大频率的光照射时，调整电流表的示数为零，而金属的逸出功不变，故遏止电 压变大，即此时电压表示数大于U,故B错误； 其他条件不变时，使开关S接2，此时h1>W。,可发生光电效应，故电流表示数不为零，故C 错误； 根据爱因斯坦光电效应方程eU1=hy1一W。,其中W。=hy。 联立解得，光电管阴极材料的截止频率为=故D正确。 6.答案：D 对火星探测器内的物体受力分析，有火星对其的万有引力和压力传感器对其的支持力。由牛 顿第二定律可得F万一F=ma其中P=G=R十R=R,又在火星表面，根据 G Mm R=m'g,可得GM=gR,化简可得火星表面的重力加速度大小为g= 25(F-ma 16m ,故 选D。 7.答案：D 线框进磁场的过程中由楞次定律知电流方向为逆时针方向，A错误； E 线框出磁场的过程中，根据E=B1u,I= B2L20 ,联立有FA= =ma 由于线框出磁场过程中由左手定则可知线框受到的安培力向左，则？减小，线框做加速度减 小的减速运动，B错误； 由能量守恒定律得线框产生的焦耳热Q=F4L,其中线框进出磁场时均做减速运动，但其进 磁场时的速度大，安培力大，产生的焦耳热多，C错误； 线框在进和出的两过程中通过导线横截面的电荷量g=It E 其中I=发，E=BL日 BL 则联立有g=R2 由于线框在进和出的两过程中线框的位移均为L,则线框在进和出的两过程中通过导线横截 面的电荷量相等，故D正确。 8.答案：BCD 根据粒子所受电场力指向曲线轨迹的凹侧可知，带电粒子带正电，故A错误； 等差等势面越密集的地方场强越大，故M点的电场强度比V点的小，故B正确； 粒子带正电，因为M点的电势大于在N点的电势，故粒子在M点的电势能大于在N点的电 势能；由于带电粒子仅在电场作用下运动，电势能与动能总和不变，故可知当电势能最大时动 能最小，故粒子在运动轨迹上到达最大电势处时动能最小，故CD正确。 9.答案：BC 在1的过程中，从M到N,体积变大，对外做功，由于与外界无热交换，可知内能减小，温度降 低，即TM>TN,A错误B正确； 根据W=p△V可知气体对外做功等于p一V图像与坐标轴围成的面积大小，由图像可知 W1>W2,C正确，D错误。 10.答案：AD 由题图可看出粒子1没有偏转，说明粒子1不带电，则粒子1可能为中子；粒子2向上偏转， 根据左手定则可知粒子2应该带正电，A正确、B错误； 由以上分析可知粒子1为中子，则无论如何增大磁感应强度，粒子1都不会偏转，C错误； 粒子2在磁场中洛伦兹力提供向心力有g加B=m,解得，=B,可知若增大粒子人射速 度，则粒子2的半径增大，粒子2可能打在探测器上的Q点，D正确。