基本分专练5-【伯乐马】2026年高考物理基本分专练

物理高考基本分专练（五） 选择题第1~7题只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。 1.用某种单色光进行双缝干涉实验，在屏上观察到的干涉条纹如 图甲所示，改变双缝间的距离后，干涉条纹如图乙所示，图中虚（甲） 线是亮纹中心的位置。则双缝间的距离变为原来的 A合倍 B吃 (乙) C.2倍 D.3倍 2福建属于台风频发地区，各类户外设施建设都要考虑台风影响。已知10级台风的风速范围 为24.5m/s~28.4m/s,16级台风的风速范围为51.0m/s~56.0m/s。若台风迎面垂直吹向 一固定的交通标志牌，则16级台风对该交通标志牌的作用力大小约为10级台风的 A.2倍 B.4倍 C.8倍 D.16倍 3如图所示，交流发电机中的线圈ABCD沿逆时针方向匀速转动，产生 的电动势随时间变化的规律为e=10sin(100πt)V。下列说法正确的 是 A.该交流电的频率为100Hz B.线圈转到图示位置时，产生的电动势为0 C.线圈转到图示位置时，AB边受到的安培力方向向上 D.仅线圈转速加倍，电动势的最大值变为10√2V 4.玻尔原子理论认为电子围绕原子核做匀速圆周运动，电子绕原子核的运动可以等效为环形电 流。设氢原子处于基态时能量为E1,等效的环形电流为I1;在第一激发态时能量为E2,等效 的环形电流为I2。则下列关系式正确的是 A.E>E2 I>I B.E>E2 I<I C.E<E2 I>I D.E<E2 I<I 5.一对平行金属板中存在匀强电场和匀强磁场，其中电场的方向与金属板垂直，磁场的方向与 金属板平行且垂直纸面向里，如图所示。一质子(}H)以速度自O点沿中轴线射人，恰沿 中轴线做匀速直线运动。下列粒子分别自O点沿中轴线射人，能够做匀速直线运动的是（所 有粒子均不考虑重力的影响)》 A.以速度2的射人的正电子(e) B.以速度vo射人的电子（°1e) C.以速度2v。射人的核(H) D.以速度4vo射人的a粒子(He) 6.钢瓶中装有一定质量的气体，现在用两种方法抽钢瓶中的气体：第一种方法是用容积为1L的 小抽气机，共抽取两次：第二种方法是用容积为2L的大抽气机抽取一次，这两种抽法中，抽取 伯乐马2027年高考基本分专练·物理·（共2页） 气体质量较大的是 A.第一种抽法 B.第二种抽法 C.两种抽法抽出的气体质量一样大 D.无法判断 7.如图所示，在竖直平面内，截面为三角形的小积木悬挂在离地足够 高处，一玩具枪的枪口与小积木上P点等高且相距为L。当玩具 子弹以水平速度从枪口向P点射出时，小积木恰好由静止释 放，子弹从射出至击中积木所用时间为。不计空气阻力。下列玩具子弹 关于子弹的说法正确的是 A.将击中P点，t大于 B将击中P点，t等于L C将击中P点上方大于号 D,将击中P点下方，t等于 8某小山坡的等高线如图，M表示山顶，A、B是同一等高线上两点， MA、MB分别是沿左、右坡面的直滑道。山顶的小球沿滑道从静止滑 下，不考虑阻力，则 40 A.小球沿MA运动的加速度比沿MB的小 10 B.小球分别运动到A、B点时速度大小不同 C若把等高线看成某静电场的等势线，则A点电场强度比B点大 D,若把等高线看成某静电场的等势线，则右侧电势比左侧降落得快 9.如图，轻质弹簧上端固定，下端悬挂质量为2m的小球A,质量为m的小球B与A用细线相 连，整个系统处于静止状态。弹簧劲度系数为k,重力加速度为g。现剪断细线，下列说法正 确的是 0 A.小球A运动到弹簧原长处的速度最大 区剪断细线的瞬间，小球A的加速度大小为% WWWWWA C.小球A运动到最高点时，弹簧的伸长量为 A()2m k D.小球A运动到最低点时，弹簧的伸长量为2mg B○m 10.如图所示，传送带在电动机带动下，始终以速度？做匀速运动，现将质量为m的某物块由静 止释放在传送带的左端，设传送带足够长，设物块形与传送带间的动摩擦因数为以，重力加 速度为g,对于物块从静止释放到相对静止这一过程 A.物块做匀速直线运动 B.所用时间t=” g C.摩棕产生的热量为2m0 D.电动机多微的功等于am 伯乐马2027年高考基本分专练·物理·（共2页）(五) 1.答案：B 根据双缝干涉的条纹间距与波长关系有△一入 由题图知△x乙=2△x甲 则d2=d故选B. 2.答案：B 设空气的密度为ρ，风迎面垂直吹向一固定的交通标志牌的横截面积为S,在时间△t的空气 质量为△m=pSv·△t, 假定台风迎面垂直吹向一固定的交通标志牌的末速度变为零，对风由动量定理有 -F·△t=0-△mv, 可得F=oSv2; 10级台风的风速v1≈25m/s,16级台风的风速v2≈50m/s,则有 F2_≈4，故选B。 F1月 3.答案：C 根据题意可知，该交流电的频率为了一公50H2,故A错误： 线圈转到图示位置时，磁场与线圈平面平行，磁通量最小，磁通量变化率最大，感应电动势最 大，故B错误； 根据题意，由右手定则可知，线圈转到图示位置时，电流由B→A,由左手定则可知，AB边受 到的安培力方向向上，故C正确； 根据题意，由公式Em=NBSω可知，仅线圈转速加倍，电动势的最大值变为原来的2倍，为 20V,故D错误。 4.答案：C 根据氢原子处于基态时能量最小，所以有：E,<E2,氢原子核外电子绕核做匀速圆周运动，库 ke2 4π2 仑力充当向心力，根据牛顿第二定律得=mrT产， 根据电流的定义，可得核外电子的等效电流为：I=分， 联立解得等效的环形电流为= e 2√mr3, 根据题意有：r2=4r1,所以有：I1>I2,故C正确。 5.答案：B 质子(}H)以速度。自O点沿中轴线射人，恰沿中轴线做匀速直线运动，将受到向上的洛伦 E 兹力和电场力，满足q,B=9E,解得，=，即质子的速度满足速度选择器的条件： 以速度，的射入的正电子(？)，所受的洛伦兹力小于电场力，正电子将向下偏转，故A错误： 以速度。射人的电子（°1），依然满足电场力等于洛伦兹力，而做匀速直线运动，即速度选择 题不选择电性而只选择速度，故B正确； 以速度2w。射人的核(H),以速度4v。射人的a粒子(He),其速度都不满足速度选器的条 E 件，=：，故都不能做匀速直线运动，故CD错误。 6.答案：A 对第一种抽法有，设初态气体压强为p。,钢瓶体积为V,每次抽出的气体体积为△V,对气体状 态变化应用波义耳定律有p。V=p,(V十△V) V 解得p1=p)V+△V 继续抽取有p1V=p2(V+△V) ve 解得p,=p,（r+△V)=0+2V·△V+(△V) 对第二种抽法有p。V=p3(V+2△V) ve 解得p,=p0V+2△Vp0V2+2V·△V 显然p2<p3 由此可知抽取气体质量较大的是第一种抽法。故选A。 7.答案：B 由题意知枪口与P点等高，子弹和小积木在竖直方向上做自由落体运动，当子弹击中积木时 子弹和积木运动时间相同，根据九=2可知下落高度相同，所以将击中P点： 又由于初始状态子弹到P点的水平距离为L,子弹在水平方向上做匀速直线运动，故有 t=L,故选B。 8.答案：AD 等高线越密集，坡面越陡，根据牛顿第二定律可得α=gsin0(0为坡面与水平面夹角)，MB对 应的等高线更密集，坡面更陡，小球沿着MB运动时加速度比沿着MA运动时加速度大，A错 误； A、B在同一等高线，小球下落高度相同，根据机械能守恒，运动到A、B点时速度大小相同，B 错误； 等势线越密集，电场强度越大，B处等势线更密集，A点电场强度比B点小，C错误； 等势线越密集，电势降落越快，右侧等势线更密集，右侧电势比左侧降落得快，D正确。 9.答案：BC 剪断细线后，弹力大于A的重力，则A先向上做加速运动，随弹力的减小，则向上的加速度减 小，当加速度为零时速度最大，此时弹力等于重力，弹簧处于拉伸状态，A错误； 剪断细线之前则F薄=3mg 剪断细线瞬间弹簧弹力不变，则对A由牛顿第二定律F彈-2g=2ma 解得A的加速度a-号，B正确； 剪断细线之前弹簧伸长量x1= 3mg k 剪断细线后A做简谐振动，在平衡位置时弹簧伸长量x,= 2mg 即振幅为A=x1一22=k mg 由对称性可知小球A运动到最高点时，弹簧伸长量为”m,C正确； 由上述分析可知，小球A运动到最低点时，弹簧伸长量为以，D情误。 10.答案：BC 物块由静止释放在传送带上时，传送带会给物体一个向前的摩擦力，促使物体向前做匀加速 运动，加速度大小为f=ma=umg,解得a=ug,故A错误； 物块最终和传送带相对静止，即和传动带达到共速，所用时间为t=”,故B正确： g 期间传送带运动的位移为s=vt 则可知摩擦力所做的功为W=fs=mgot=mu 1 物块获得的动能为Ek=2mo 则可得摩擦产生的热量为Q=W,一E。=) 故C正确； 电动机多做的功转化为物块的动能和系统内能W=了mw+Q=m,故D错误。