基本分专练3-【伯乐马】2026年高考物理基本分专练

物理高考基本分专练（三） 选择题第1~7题只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。 1某金属在一束单色光的照射下发生光电效应，光电子的最大初动能为Ek,已知该金属的逸出 功为W。,普朗克常量为h。根据爱因斯坦的光电效应理论，该单色光的频率y为 o B. CE-w。 nEk十W D, h 2线圈绕制在圆柱形铁芯上，通过导线与电流计连接组成闭合回路。条形磁铁的轴线和铁芯的 轴线及连接线圈和电流计的导线在同一平面内，铁芯、线圈及条形磁铁的几何中心均在与铁 芯垂直的PQ连线上。条形磁铁分别与线圈相互平行或相互垂直放置，使其沿QP方向靠近 线圈。若电流从电流计“十”接线柱流人时电流计指针向右偏转，在如下情形中能观察到明显 的电磁感应现象，且图中标出的电流计指针偏转方向正确的是 3匀强电场中，一带正电的点电荷仅在电场力的作用下以某一初速度开始运动，则运动过程中， 其 A.所处位置的电势一定不断降低 B.所处位置的电势一定不断升高 C.轨迹可能是与电场线平行的直线 D,轨迹可能是与电场线垂直的直线 4.某种材料制成的半圆形透明砖平放在方格纸上，将激光束垂直于AC 十HA 激光束 面射人，可以看到光束从圆弧面ABC出射，沿AC方向缓慢平移该 砖，在如图所示位置时，出射光束恰好消失，该材料的折射率为 B A.1.2 透明砖 B.1.4 C.1.6 D.1.8 5.一竖直悬挂的弹簧振子，下端装有记录笔，在竖直面内放置一张记录纸。当振子上下振动时， 以恒定速率)水平向左拉动记录纸，记录笔在纸上留下如图所示的图像。y1、y2、。、2x。为 纸上印迹的位置坐标。下列说法正确的是 A振子的振幅为一业 2 B,振子的振动周期为 C.图像记录了振子相对地面的运动轨迹 D,若纸带速率减小为原来的一半，振子振动的周期变为原来的2倍 伯乐马2027年高考基本分专练·物理·（共2页） 6如图，两根相互平行的长直导线与一“凸”形导线框固定在同一竖直平面内， 导线框的对称轴与两长直导线间的距离相等。已知左、右两长直导线中分 别通有方向相反的恒定电流I1、I2,且I1>I2,则当导线框中通有顺时针方 向的电流时，导线框所受安培力的合力方向 A.竖直向上 B.竖直向下 C.水平向左 D,水平向右 7如图，两物块P、Q用跨过光滑轻质定滑轮的轻绳相连，开始时PFP 静止在水平桌面上。将一个水平向右的推力F作用在P上后，轻 绳的张力变为原来的一半。已知P、Q两物块的质量分别为m。= 0.5kg、mQ=0.2kg,P与桌面间的动摩擦因数u=0.5,重力加速度 g=10m/s2。则推力F的大小为 A.4.0N B.3.0N C.2.5N D.1.5N 8某汽车的电源与启动电机、车灯连接的简化电路如图所示。当汽车启 田西 动时，开关S闭合，电机工作，车灯突然变暗，此时 启动电动机 A.车灯的电流变小 M B.路端电压变小 C,电路的总电流变小 D,电源的总功率变大 9.一定质量的理想气体从状态a开始经ab、bc、ca三个过程回到原状态，已知" ab垂直于T轴，bc延长线过O点，下列说法正确的是 A.bc过程外界对气体做功 B.ca过程气体压强不变 C.ab过程气体放出热量 T D.ca过程气体内能减小 10.蹦床运动中，体重为60kg的运动员在t=0时刚好落到蹦床上，对蹦床作用力大小F与时间 t的关系如图所示。假设运动过程中运动员身体始终保持竖直，在其不与蹦床接触时蹦床水 平。忽略空气阻力，重力加速度大小取10m/s2。下列说法正确的是 AFN 0 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 t切s A.t=0.15s时，运动员的重力势能最大 B.t=0.30s时，运动员的速度大小为10m/s C.t=1.00s时，运动员恰好运动到最大高度处 D.运动员每次与蹦床接触到离开过程中对蹦床的平均作用力大小为4600N 伯乐马2027年高考基本分专练·物理·（共2页）(三) 1.答案：D 根据爱因斯坦的光电效应方程可知h,=W。十E,解得该单色光的频率为yW十B,速D. 2.答案：A 该图中当磁铁向线圈靠近时，穿过线圈的磁通量向下增加，根据楞次定律可知，线圈中产生的 感应电流从正极流人电流计，则电流计指针向右偏转，选项A正确，B错误； 当磁铁按如图所示的方式靠近线圈时，由对称性可知，穿过线圈的磁通量总是零，线圈中不会 有感应电流，选项CD错误。 3.答案：C 在匀强电场中，带正电的点电荷所受电场力恒定，方向与电场线方向一致，加速度恒定。分析 各选项： A.若初速度方向与电场力方向相反（如初速度向左，电场力向右），电荷会先减速至零再反向 加速。在减速阶段，电荷沿电场线反方向运动，电势升高。因此电势不一定一直降低，故A错 误； B.若初速度方向与电场力方向相同（如初速度向右，电场力向右），电荷将一直加速，电势不断 降低，因此电势不一定升高，故B错误： C若初速度方向与电场力方向共线（同向或反向），电荷将做匀变速直线运动，轨迹与电场线 平行，故C正确： D,若轨迹与电场线垂直，则电荷初速度方向与电场力方向垂直。但电场力大小方向恒定，此 时电荷将做类平抛运动，轨迹是曲线，故D错误。 4.答案：A 画出激光束从玻璃砖射出时恰好发生全反射的人射角如图所示， 激光束 1 全反射的条件sin0= n 0 由几何关系知sin0= 6 透明砖 联立解得n=1.2,故A正确。 5.答案：A 由题图可知，其y1为最高点坐标，y2为最低点坐标，所以振幅为A=1一y2,故A项正确： 2 匀速运动，振子振动的周期等于记录值运动2x所用时间，即T一2°，故B项 图像记录的是振子相对于记录纸的运动轨迹，故C项错误； 弹簧振子的周期只与弹簧振子本身有关，若纸带速率减小为原来的一半，则一个周期内的沿 x轴方向的位移减小为原来的二分之一，弹簧振子的周期不变，故D项错误。 6.答案：C 根据右手螺旋定则可知导线框所在磁场方向向里，由于I,>I2,可知左侧的磁场强度大，同一 竖直方向上的磁场强度相等，故导线框水平方向导线所受的安培力相互抵消，根据左手定则 结合F=BIL可知左半边竖直方向的导线所受的水平向左的安培力大于右半边竖直方向的 导线所受的水平向右的安培力，故导线框所受安培力的合力方向水平向左。故选C。 7.答案：A P静止在水平桌面上时，由平衡条件有T1=mQg=2N,f=T1=2N<umrg=2.5N, 推力F作用在P上后，轻绳的张力变为原来的一半，即T。号-1N。 故Q物体加速下降，有mQg-T2=moa,可得a=5m/s2, 而P物体将有相同的加速度向右加速而受滑动摩擦力， 对P由牛顿第二定律T2十F-mPg=mpQ,解得F=4N,故选A。 8.答案：ABD 开关闭合时，车灯变暗，故流过车灯的电流I灯变小，A正确； 电路的路端电压为U降=U灯=I灯R灯，I灯变小，路端电压变小，B正确； 总电流即干路电流为IU_E-U座，U:减小，干路电流增大，C错误： 电源总功率为P总=EI,I干增大，总功率变大，D正确。 9.答案：AC 由理想气体状态方程y-C,化简可得V-·T,由图像可知，图像的斜率越大，压强越小， 故p。<p6=pbc过程为等压变化，体积减小，外界对气体做功，故A正确； 由理想气体状态方程Y=C,化简可得V-S·T,由图像可知，图像的斜率越大压强越小， 6 故p.<p6=p.ca过程气体压强减小，故B错误； ab过程为等温变化，内能不变，故△U=0 根据玻意耳定律可知，体积减小，压强增大，外界对气体做功，故W>0 根据热力学第一定律△U=Q+W 解得Q<0,ab过程气体放出热量，故C正确； ca过程，温度升高，内能增大，故D错误。 10.答案：BD 根据牛顿第三定律结合题图可知t=0.15s时，蹦床对运动员的弹力最大，蹦床的形变量最 大，此时运动员处于最低点，运动员的重力势能最小，故A错误： 根据题图可知运动员从t=0.30s离开蹦床到t=2.3s再次落到蹦床上经历的时间为2s,根 据竖直上抛运动的对称性可知，运动员上升时间为1s,则在t=1.3s时，运动员恰好运动到最 大高度处，t=0.30s时运动员的速度大小v=10×1m/s=10m/s,故B正确，C错误； 同理可知运动员落到蹦床时的速度大小为10m/s,以竖直向上为正方向，根据动量定理 F·△t-mg·△t=mv-(-mv),其中△t=0.3s,代入数据可得F=4600N,根据牛顿第三 定律可知运动员每次与蹦床接触到离开过程中对蹦床的平均作用力大小为4600N,故D正 确。 (四) 1.答案：A 由于红光的频率小于蓝光的频率，则红光的波长大于蓝光的波长，根据E=h,可知蓝光光子 的能量大于红光光子的能量： 根据力一会，可知蓝光光于的动量大于红光光子的动量，枚A正确，B精误： 由于红光的折射率小于蓝光，根据=C,可知在玻璃中传播时，蓝光的速度小于红光的速 度，故C错误； 光从一种介质射人另一种介质中频率不变，故D错误。 2.答案：A 根据几何关系可知，吊环两边的细绳与竖直方向的夹角为45°，则由平衡可知F=2Tc0s45°， 其中T=mg,可得F=√2mg,故选A。 3.答案：D 上浮过程气泡内气体的温度不变，内能不变，故A错误； 气泡内气体压强p=p,十P水gh,故上浮过程气泡内气体的压强减小，故B错误； 由玻意耳定律V=C知，气体的体积变大，故C错误； 上浮过程气体体积变大，气体对外做功，由热力学第一定律△U=Q十W知，气体从水中吸热， 故D正确。 4.答案：D 在燃气喷出过程，以燃气为对象，规定火箭的速度方向为正方向， 根据动量定理可得一F△t=一m气v气一0 解得F=m气1=500N △t 根据牛顿第三定律可得火箭获得的平均推力为500N,故AB错误； 燃气喷射前后，火箭和燃气组成的系统动量守恒， 根据动量守恒定律得0=(M一m气)·v箭一m气v气 解得火箭的速度大小=10m/s,故C错误，D正确。 5.答案：C 根据)一t图像与时间轴所围的面积表示位移，知从t=0到停下，汽车在干燥路面通过的位 移为1= 0.5+2.5 2 ×40m=60m, 平均速度为1--9m/s=24m/s, 0.5+5.0、 汽车在湿滑路面通过的位移为x2= 2 ×40m=110m, 平均速度为02=22=110， t25m/s=22m/s, 则2=0≈1.8，故AB错误； x160 从1=0.5s到停下，汽车做匀减速直线运动，根据平均速度公式·=十可知汽车在湿滑路 2 面和干燥路面的平均速度相等，故C正确； 根据？一t图像的斜率大小表示加速度大小，知汽车在湿滑路面减速的加速度大小为 40 80 a2 5.0-0.5m/s2= m/s2, 汽车在干燥路面减速的加速度大小为a1一2.5一0.5 40 m/s2=20m/s2, 则a2:a1=4:9,故D错误。 6.答案：A 设加速电压为U1,偏转电压为U2,设进人电场的粒子质量为m,电荷量为g,在加速电场中， 根据动能定理可得gU,=m 2 在偏转电场中，粒子做类平抛运动，令粒子在偏转电场中沿初速度方向的位移为x,偏转位移 1 U: 为y,有x=Uty=2at,u,=at,9E=ma,E= Adt x',tand=at=_ 2 联立以上各式可得y= vo 2dU 可见电场里偏转位移和粒子速度和水平方向的夹角都与其质量和电荷量的多少无关，故将从 同一位置沿同一方向离开偏转电场。故选A。 7.答案：A 卫是沿圈轨道绕地球运动，轨道半径r=3R时有G6R Mm =m 2 (3R), Mm 在地球表面有G R2 =mg, 3R 联立解得T=6π 根据开普勒第三定律③R)-(2R) T2 2, 解得在椭圆轨道的周期为T′=4π 2R g 卫星制动后回落到地球表面的时间为1=之T'=2 2R ,故选A。 8.答案：AC 整个电路物理量标注如图 发 U U用户 电 用 用 。t。e ns 户 户 。。