河南南阳市方城县第一高级中学2026届高三下学期迎二模物理模拟试题（五）

方城县第一高级中学2026届高三下学期迎二模物理模拟试题（五） 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 考生注意： 1.本试卷满分100分，考试时间75分钟。 2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。 3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分） 1．氘—氚聚变是“第一代”聚变反应，该反应产生的高能中子会损害反应堆内壁，导致反应装置寿命缩短。“第二代”聚变是氘和氦3反应。“第三代”聚变有氦3跟氦3的反应，这种聚变不会产生中子，故反应装置需要的防护条件简单，是未来核聚变的理想方向。若其核反应方程写为：，则X是（　　） A．粒子 B．粒子 C．质子 D．中子 2．在学习过程中总结归纳非常重要，如图是某同学学习运动学时用来描述多种物理情景的图像，其中纵轴和横轴的截距分别为A和B，在如图所示的可能物理情景中，下列说法正确的是（　　） A．若是图，物体可能做减速运动 B．若是图，物体可能在做匀变速运动 C．若是图，那么时间内最大速度是 D．若是图，物体可能做减速运动 3．某卫星发射过程如图所示，发射后先进入近地轨道Ⅰ做匀速圆周运动，然后在P点进入过渡轨道Ⅱ运动，最后在Q点进入目标轨道Ⅲ做匀速圆周运动。P、Q两点相距L，H为赤道上一物体，卫星传感器显示卫星在Ⅱ轨道运行时周期为T，地球半径及近地轨道Ⅰ半径均为R，引力常量为G，下列说法正确的是（   ） A．卫星在Ⅲ轨道的加速度一定比H物体的加速度小 B．卫星在Ⅱ轨道P点的速度小于其在Ⅲ轨道的速度 C．地球质量为 D．地球密度为 4．利用空气劈尖测量细丝直径的装置如图甲所示，AC是水平标准工件，AB是一平行薄玻璃板，在AB与AC之间垫上粗细均匀的直金属丝，形成一个楔形空气膜。用平行的红光垂直AC方向照射玻璃板，在玻璃板上方形成平行条纹。如图乙所示，a、b两束单色光分别沿半径方向射向圆柱形的玻璃砖，出射光线均沿OP方向。再将a、b两束单色光各自通过同一个单缝形成的衍射图样（黑色部分表示亮条纹）如图丙所示。如图丁所示，是在影院观看3D立体电影用的特殊眼镜。下列说法正确的是（　　） A．甲图中，当金属丝向左移动少许时，平行条纹变稀疏 B．乙图中，在真空中传播时a的波长大于b的波长 C．丙图中，图2是b单色光的衍射条纹 D．丁图中，用特殊眼镜观看3D立体电影利用的是光的干涉原理 5．、为同一均匀介质中相距的两个波源，在时刻同时由各自平衡位置沿轴方向开始做简谐振动并相向发出两列简谐横波，为两波源连线上介质中的质点，与波源、的距离分别是和，测得质点的振动图像如图所示，则下列判断正确的是（　　） A．两波的传播速度均为 B．波源振动的振幅为 C．两列波叠加时质点所在位置为振动的减弱点 D．从时刻开始，在内质点运动的路程为 6．某兴趣小组设计了模拟风力发电、输电的装置。如图所示，风轮带动矩形线圈在匀强磁场中匀速转动。已知矩形线圈电阻为r=0.5Ω，磁感应强度B=1T。升压变压器原副线圈匝数比为1：4，输电线的总电阻为，用户用电器可等效为R=5Ω的电阻，电表为理想电表，变压器为理想变压器，其余电阻不计。闭合开关后，电压表的示数为16V，电流表的示数为0.5A。则（　　） A．矩形线圈的电动势为4V B．降压变压器的原副线圈匝数比为4：1 C．用户用电器增多时，电压表示数不变 D．若矩形线圈转速变为原来的2倍，R的功率变为原来的4倍 7．简易静电除尘装置如图所示。去除底部的矿泉水瓶侧壁贴有铝片，铜丝穿过瓶盖伸入瓶内。高压电源的正极接铝片，负极接铜丝。将点燃的艾柱置于瓶底，闭合开关S，可观察到烟尘颗粒被吸附到铝片上。则（　　） A．矿泉水瓶内部的电场可视为匀强电场 B．矿泉水瓶内，越靠近铜丝的位置电势越高 C．矿泉水瓶内的空气被电离，使烟尘颗粒带负电 D．在烟尘颗粒向铝片运动的过程中，其电势能逐渐增大 二、多项选择题（第8~10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分，共18分） 8．如图所示，在天花板上固定一个光滑的定滑轮，小球P和小环Q通过细绳跨过滑轮相连，小环Q套在光滑水平细杆上，开始时细绳与水平细杆之间夹角为。小环Q在水平拉力作用下缓慢向左移动至细绳与杆之间夹角为。小球P的质量是小环Q的2倍，下列说法正确的是（　　） A．拉力的大小逐渐增大 B．滑轮对天花板的作用力不变 C．细绳对小环Q的拉力逐渐增大 D．小环Q与水平细杆间的弹力逐渐减小至0 9．如图所示，光滑水平桌面内有一单匝矩形导体闭合线框abcd。ab边长度等于bc边长度的2倍，置于垂直于桌面向里、边界为MN的匀强磁场外。线框两次以大小相等、方向为垂直MN的初速度开始进入磁场。第一次ab边平行于MN进入磁场，进入瞬间线框加速度为，线框完全进入磁场过程速度变化量大小为、线框上产生的热量为、通过线框导体横截面的电荷量为；第二次bc边平行于MN进入磁场，进入瞬间线框加速度为，线框完全进入磁场过程速度变化量大小为、线框上产生的热量为、通过线框导体横截面的电荷量为，则下列关系正确的是（　　） A． B． C． D． 10．如图所示，水平光滑地面上停放着一辆质量为M的小车，其左侧有半径为R的四分之一光滑圆弧轨道AB，轨道最低点B与水平轨道BC相切，整个轨道处于同一竖直平面内．将质量为m的物块（可视为质点）从A点无初速释放，物块沿轨道滑行至轨道末端C处恰好没有滑出．设重力加速度为g，空气阻力可忽略不计．关于物块从A位置运动至C位置的过程中，下列说法正确的是（　　） A．小车和物块构成的系统动量不守恒 B．摩擦力对物块和轨道BC所做的功的代数和为零 C．物块运动过程中的最大速度为 D．小车运动过程中的最大速度为 三、实验题（本题共2小题，共14分） 11．利用如图甲所示装置验证机械能守恒定律以及探究向心力与绳子拉力的关系。在细绳悬点位置连接着一个拉力传感器（图中没有画出），小球静止时所处位置放置一光电门（图中没有画出），实验步骤如下： (1)用天平测出小球的质量为，如图乙所示，用20分度的游标卡尺测出小球的直径________cm。 (2)将小球拉起一定高度，并记录下此时细线与竖直方向的夹角为，然后静止释放小球，并记录小球通过光电门时光电门所记录的时间，重复多次实验，得到的图像如图丙所示 图像是一条倾斜的直线，并且直线的斜率大小为，纵轴截距大小为，不计小球运动过程空气的阻力，若小球摆动过程中机械能守恒，则斜率的大小与纵轴截距的大小关系是________，绳子的长度为________（用、以及）表示。 (3)某次实验中，测得小球通过光电门的时间为，拉力传感器的示数为，根据圆周运动向心力的知识，可知________（用、表示）。 12．某同学把铜片和锌片相隔约2cm插入一个土豆中，制成了一个土豆电池。为了测量它的电动势E和内阻r，他用到的实验器材还有电阻箱（最大阻值为9999Ω）、电压表（量程为0~0.6V，内阻很大，可视为理想电压表）、开关、导线若干。 (1)将该土豆电池与其余实验器材按如图甲所示的电路连接好；请在乙图方框内画出甲图的电路图____。闭合开关之前，应将电阻箱的阻值调到________（选填“最大”或“零”）； (2)多次改变电阻箱的阻值R，同时记录相应的电压表示数U，因土豆电池长时间工作后内阻会发生明显变化，故记录电压表的示数后应________（选填“保持开关闭合”或“立即断开开关”）。 (3)绘制出关系图线，如图丙所示。根据绘制的图线，可得该土豆电池的电动势为________V，内阻为________kΩ。（结果均保留两位有效数字） (4)若土豆电池的真实内阻为电压表的内阻为，则实验测得电池的电动势与电动势的真实值的关系式为_______。 四、计算题（本题共3小题，共计40分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 13．春日踏青，小李驾驶汽车在郊外公路上行驶。为了安全，他特意关注了仪表盘上的胎压监测数据。出发前，左前胎气体温度为，胎压显示为。行驶一段时间后，胎内气体温度升高，小李观察到胎压上升到，此时胎内气体温度为t。为防止爆胎，小李停车给左前胎放气降压，使胎压降回到厂家推荐值。假设在放气过程中，胎内气体温度保持t不变，且外界大气压恒为，温度恒为。将胎内的气体视为理想气体，且假设轮胎的容积在整个过程中保持不变。求： (1)放气时胎内气体温度t； (2)放出的气体在外界环境下的体积V。 14．如图，直角坐标系xOy的第II象限内存在竖直向下的匀强电场，电场强度大小为E1，第III象限内存在竖直向上的匀强电场和垂直于纸面向里的矩形匀强磁场（磁场未画出），第I、IV象限内存在垂直纸面向里的匀强磁场B。第II象限有一点P（L，0.6L），一个质量为m、电荷量为+q的带电小球用绝缘丝线悬挂于P点，把小球拉到y轴上时，丝线刚好拉直且丝线与x轴平行。由静止释放小球，当小球第一次运动到x轴上Q点时小球与丝线脱离，进入第III象限后，恰好做匀速圆周运动，经磁场偏转后，小球从y轴上M点垂直y轴方向进入第IV象限。已知，，重力加速度大小为g，sin37°=0.6。求： (1)在Q点，小球与丝线脱离前的瞬间，丝线对小球的拉力大小； (2)第III象限中矩形匀强磁场的最小面积； (3)小球在第IV象限运动的过程中，轨迹最高点与M点间的高度差和一个周期内沿x轴方向的位移。 15．如图，水平光滑平台上静止放置一水平弹簧连接的滑块A，另一滑块B处于弹簧自然伸长的位置O处，弹簧左端固定于竖直墙面，弹簧现处于压缩状态并用细线固定，此时弹簧存储的弹性势能。平台的右侧紧靠一平板小车，平板小车的右端固定一半径为光滑的半圆轨道。现在剪断细线，弹簧恢复到自然伸长后滑块A与B发生对心弹性碰撞，B以一定的速度滑上平板车。已知滑块A的质量，滑块B的质量，平板小车的总质量，滑块B与平板车之间的动摩擦因数，重力加速度大小，滑块均可视为质点，空气阻力不计。 (1)求滑块A、B碰撞前瞬间滑块A的速度大小。 (2)若平板车固定在水平面上，且长为，请通过计算说明滑块B是否能到达圆轨道最高点。 (3)若平板车不固定在水平面上且与水平面间无摩擦，要使滑块B既可以到达平板车的最右端，又不会离开轨道，求平板车的长度的取值范围。 试卷第8页，共9页 试卷第9页，共9页 学科网（北京）股份有限公司 《方城县第一高级中学2026届高三下学期迎二模物理模拟试题（五）》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D D C C D C AD AB AD 1．C 【详解】令X的质量数为m，电荷数为n，根据质量数守恒有 根据电荷数守恒有 解得m=1，n=1 可知X是质子。 故选C。 2．D 【详解】A．图斜率表示速度，斜率不变，则速度一定，可知，若是图，物体做匀速运动，故A错误； B．若是图，根据图像有 则有 变形得 即有 可知a与v成线性关系，物体速度变化，加速度也随之发生变化，可知，物体不可能做匀变速运动，故B错误； C．若是图，根据 可知，图像与时间轴所围几何图形的面积表示速度的变化量，则时间内速度的变化量 由于物体运动的初速度未知，则无法确定物体的最大速度，故C错误； D．若是图，根据图像可知，物体的加速度随位移的增大而减小，由于物体的初速度大小与方向未知，当加速度方向与速度方向相同时，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反时，物体做减速运动，即物体可能做减速运动，故D正确。 故选D。 3．D 【详解】A．H物体并非天体，且轨道Ⅲ半径未知，无法比较与，A错误； B．卫星由轨道Ⅰ加速进入轨道Ⅱ，所以； 因为，根据，可得 所以，即，B错误； C．由万有引力定律有 得 根据开普勒第三定律 得，C错误； D．又，，可得，D正确。 故选D。 4．C 【详解】A．甲图中，空气劈尖干涉条纹间距公式为，当金属丝向左移动少许时，劈尖长度减小，劈尖角增大，条纹间距减小，平行条纹变密集，故A错误。 B．乙图中，两束光在点出射，折射角相同。光从玻璃射向空气，根据折射定律，由图可知光的入射角大于光的入射角，即，则光的折射率小于光的折射率，即 。折射率越小，频率越低，波长越长，所以在真空中光的波长大于光的波长，故B错误。 C．丙图中，单缝衍射条纹宽度与波长成正比，波长越长，衍射现象越明显，条纹越宽。图 2 条纹间距较大，对应波长较长。由B选项分析可知光波长较长，所以图2是单色光的衍射条纹，故C正确。 D．丁图中，观看3D立体电影用的特殊眼镜利用的是光的偏振原理，不是干涉原理，故D错误。 故选C。 5．C 【详解】A．t=0s时刻开始经过t1=1s波源S1的振动传播到P点，传播距离为x1 =2m，t2=3s时波源S2的振动传播到P点，传播距离为x2 =6m，可知传播速度均为，故A错误； B．在t2=3s时两列波相遇，由图像可知此时两列波引起的振动方向相反，所以波源S1的振幅为2cm，波源S2的振幅为4cm+2cm=6cm，故B错误； C．由图像可知两列波在P点相遇时引起的振动方向始终相反，所以两列波叠加时P点所在位置为振动的减弱点，故C正确； D．从t=0时刻开始，在5s内质点P经历两次全振动，振幅分别为2cm和4cm，所以通过路程为s=（4+2）×4cm=24cm，故D错误。 故选C。 6．D 【详解】A．由题意可知，由理想变压器两端电压与匝数的关系可得，升压变压器的输入电压为 由理想变压器两端电流与匝数的关系可得，升压变压器的输入电流为 由闭合回路欧姆定律可得，发电机产生的感应电动势的有效值为，故A错误； B．根据题意可知，降压变压器的输入电压为 输入功率为 则用户用电器的总功率为 解得 则降压变压器的原副线圈匝数比为，故B错误； C．用户用电器增多时，总负载电阻减小，这会导致输出电流增大，进而导致输电电流和发电机输出电流都增大，发电机产生的感应电动势的有效值不变，则升压变压器的输入电压变小，则升压变压器的输出电压变小，即电压表示数变小，故C错误； D．若矩形线圈转速变为原来的2倍，发电机产生的感应电动势的有效值变为原来的2倍，整个电路中，除发电机外，所有电阻和变压器匝数比都是固定的，可以将发电机外的整个电路看作一个总的负载，根据闭合电路欧姆定律可知，与成正比，则与成正比，负载功率，则R的功率变为原来的4倍，故D正确。 故选D。 7．C 【详解】A．在矿泉水瓶内部，高压电源的负极连接铜丝，正极连接铝片，形成辐向型电场，越靠近铜丝，电场强度越大，不是匀强电场，故A错误； B．瓶内的电场强度方向由铝片指向铜丝，根据沿电场线方向电势降低，越靠近铜丝，电势越低，故B错误； C．在强电场的作用下，空气分子被电离为电子和正离子，使烟尘颗粒因吸附作用带上负电，运动到正极，故C正确； D．在烟尘颗粒向铝片运动的过程中，静电力对烟尘颗粒做正功，电势能越小，故D错误。 故选C。 8．AD 【详解】AD．对小环Q受力分析，如图所示 设小环Q的质量为m，绳子上的拉力始终等于小球P的重力，细绳与杆之间夹角为，竖直方向有 随着逐渐减小弹力逐渐减小，当细绳与杆之间夹角为时弹力恰好为零，故小环Q与水平细杆间的弹力逐渐减小为零； 水平方向有 随着逐渐减小拉力逐渐增大，故AD正确； BC．绳子上的拉力的始终等于小球P的重力，但是两段绳子之间的夹角变大，合力减小，滑轮对天花板的作用力减小，故BC错误。 故选AD。 9．AB 【详解】A．设，则，线框面积 线框质量为，电阻为，初速度大小为，磁感应强度为 进入磁场瞬间，感应电动势 安培力 加速度 第一次平行，切割边长 ，得 第二次平行，切割边长，得 因此 故A正确； B．由动量定理，安培力冲量等于动量变量 整理得 电荷量 两次完全进入磁场，磁通量变化均为，因此 代入得 因此 故B正确； C．由能量守恒，线框产生的热量等于动能的减少量 因 代入得 故C错误； D．电荷量 两次磁通量变化相同，因此 故D错误。 故选AB。 10．AD 【详解】小车和物块构成的系统在水平方向受到的合力为零，竖直方向有加速度，合力不为零，所以小车和物块构成的系统动量不守恒，在水平方向动量守恒，A正确；摩擦力大小相等方向相反，但物块与车位移不等（有相对位移），代数和不为0，故B错误；在脱离圆弧轨道后，小车和物块由于摩擦力都会做匀减速运动，所以最大速度出现在物块运动到B点时，规定向右为正方向，小车和物块构成的系统在水平方向受到的合力为零，系统在水平方向动量守恒．设物块运动到B点时，物块的速度大小是，小车的速度大小是，根据动量守恒得：，根据能量守恒得，解得，故C错误D正确． 11．(1)1.575 (2) (3) 【详解】（1）游标卡尺的读数为 （2）[1][2]根据机械能守恒可知 由此可得 由此可以看出斜率的大小和截距的大小相等，即 且 因此绳长为 （3）根据向心力公式以及牛顿第二定律可得 由此可得 12．(1) 最大 (2)立即断开开关 (3) 0.40 0.40 (4) 【详解】（1）[1]根据甲图画出电路图如图所示 [2]为了保护电路，闭合开关之前，应将电阻箱的阻值调到最大。 （2）土豆电池长时间工作后内阻会发生明显变化，为了减小误差，记录电压表的示数后，应该立即断开开关。 （3）[1][2]根据闭合电路欧姆定律有 整理得 结合图丙可得， 解得， （4）若不考虑电压表的分流作用，有 得 若考虑电压表的分流作用，有 得 经对比有 得 13．(1)或350K (2)7.7L 【详解】（1）根据查理定律有 或 解得℃或350K （2）根据玻意耳定律有 又由 联立解得 14．(1) (2) (3) 【详解】（1）由题意可知，丝线长为L，PQ连线与x轴负方向的夹角满足 解得 小球从y轴上释放，在第II象限做圆周运动，根据动能定理有 在Q点，有 解得 （2）做出小球运动的轨迹如下图，由几何关系可得 小球做匀速圆周运动的半径为 由几何关系有 在数学中有 解得 由几何关系有矩形磁场的长为 矩形磁场的宽为 最小矩形磁场区域的面积为 （3）小球进入第IV象限后，受重力和洛伦兹力做复杂曲线运动，采用配速法分析处理，把进入第IV象限时的速度 分解，一个速度v1对应与重力平衡，有 解得 另一速度 小球的运动认为是以v1向右做匀速直线运动和以v2做匀速圆周运动的合运动，根据牛顿运动定律有 解得 轨迹最高点与M点间的高度差 运动的周期 一个周期内沿x轴方向的位移 解得 15．(1)9m/s (2)能经过半圆的最高点 (3) 【详解】（1）设弹簧处于自然伸长状态时，滑块的速度大小为 ，释放后弹性势能转化为滑块 的动能为 解得运动到点的速度为 （2）由题意可知，滑块与滑块发生对心弹性碰撞，设碰后滑块 、的速度分别为 ，所以滑块 、组成的系统碰撞前后由动量守恒定律得 由机械能守恒定律得 联立解得， 若平板车固定，设滑块 到达其平板车右端时速度为 ，在滑上平板车上滑动的过程中，根据动能定理有 解得 若滑块恰好过半圆轨道的最高点，根据牛顿第二定律有 根据机械能守恒定律，若能到达半圆轨道的最高点，则在半圆轨道最低点必须具有动能为 因为 ，所以滑块 能经过半圆的最高点。 （3）滑块 到达平板车右端与之刚好共速时，此时平板车最长，由动量守恒定律得 根据能量守恒定律有 解得 滑块与平板车共速时，滑块到达半圆轨道最右端，此时平板车最短，根据动量守恒定律可得共同速度仍为 根据能量守恒定律有 解得 平板车的长度范围为 答案第10页，共11页 答案第11页，共11页 学科网（北京）股份有限公司 $