第3章 课时冲关13 牛顿第一定律、牛顿第三定律&课时冲关14 牛顿第二定律的理解及应用-【创新教程】2027年高考物理总复习大一轮课时作业（鲁科版）

3.C[对小球和半圆柱整体分析，初始时绳子竖直F=0, 当半圆柱缓慢左移，F增大，当小球上升到半圆最高点时 F=0,故F先增大后减小.故选C.] 4.A「对小球受力分析，如图所示 现手拿细线沿墙壁向上缓慢移动，移动过 程中轻弹簧的中心轴线始终保持水平，即 弹簧弹力的方向不变，日减小，由图可知， x减小，即弹簧的长度将增大，细线的弹 力T减小.故选A.] 5.解析：对风筝受力分析，并建立直 角坐标系，如图， 由于夹角P不变，可知风力F方 B φ 向不变，根据矢量三角形可知，当 2 夹角《增大，风筝受到的风力变 大，风筝线上的拉力变大， G OP 对该同学受力分析可知Tsin a十 N=mg: 由于拉力T变大，夹角α增大，所以支持力N变小 答案：变大变小 6.解析：(1)把小球1和2看成一整体，受力分析 如图所示 2G=4G, 由平衡条件可得R,一c0s30 3 F=2Gan30°=2y5G. 3 (2)以球2为研究对象，设细线b对小球2的拉力F。,由 平衡条件可得 E,=√G+F=IG. 3 (3)以1、2两小球为整体研究，根据受力平衡可F 得力的矢量三角形如图 30 由力的矢量三角形图可知当F与水平方向成 2G 30°斜向上时，F.达到最小值，即 F=2Gsin30°=G. 答案：1)E.=45G,F=25G, 3 3 2g=c, (3)F=G 课时冲关11实验二科学探究：弹簧弹力 与伸长量的关系 1.解析：(1)该刻度尺的分度值为0.1cm,应估读到分度值 的后一位，故弹簧原长为13.14cm, (4)由胡克定律可知mg十pVg=kx, 化简可得1一v+爱。 由图像可知坚=200m2, 代入数据解得该弹簧劲度系数为k=49N/m, (5)由图可知m3=0.0056m, 代入数据可得所用小桶质量为m=0.028kg. 答案：(1)13.14或13.15(4)49(5)0.028 2.解析：钩码个数为1时，弹簧A的伸长量△xA=8.53cm -7.75cm=0.78cm, 弹簧B的伸长量△xu=18.52cm-16.45cm-0.78cm =1.29cm, 40 根据系统机械能守恒定律可知两根弹簧的重力势能减 少量和钩码减少的重力势能等于弹簧增加的弹性势能， 故△E,>mg(△xA十△xB). 答案：0.781.29> 3.解析：(1)作出F-L图像如图所示， 20 弹簧弹力F=0时，对应的弹簧长度1.6■ 2里 为弹簧的原长，可知，图像的横轴截8 距为该弹簧的原长，即弹簧原长L 0510152025L10-2m) =5×102m=5cm,图像直线部分 的斜率为该弹簧的劲度系数，即劲度系数々= (13-5)X107N/m=20N/m 1.6-0 (2)在弹簧的弹性限度内，弹簧的弹力和弹簧长度成线 性关系，图线为直线，由题意可知，造成偏差的原因是弹 簧的形变超出了弹簧的弹性限度. (3)水平放置做实验的优，点：可避免弹簧自身所受重力 对实验的影响.缺点：弹簧与接触面及轻绳与滑轮间存 在摩擦会产生误差. 答案：(1)520(2)弹簧的形变超出了弹簧的弹性限 度(3)见解析 课时冲关12实验三科学探究：两个 互成角度的力的合成规律 1.解析：(1)由一个弹簧测力计拉橡皮条至O点的拉力一 定沿AO方向；而根据平行四边形定则作出的合力，由于 误差的存在，不一定沿AO方向，故一定沿AO方向的 是F'. (2)①根据“验证力的平行四边形定则”实验的操作步骤 可知，有重要遗漏的步骤的序号是C、E ②在C中未记下两条细绳的方向，E中未说明是否把橡 皮条的结点拉到同一位置O. 答案：(1)F(2)①CE②C中应加上“记下两条细 绳的方向”E中应说明“把橡皮条的结点拉到同一位置 0” 2.解析：(1)由测力计的读数规则可知，读数为4.00N. (2)①利用平行四边形定则作图（见答案）. ②由图可知F◆=4.00N,从F6的顶点向x轴和y轴分 别作垂线，顶点的横坐标对应长度为1mm,顶点的纵坐 标长度为20mm,则可得出F令与拉力F的夹角的正切 值为0.05. (3)由(1)(2)知是等效替代法 答案：(1)4.00 (2)①F1、F,的合力F合如图所示 ②4.000.05 (3)B 课时冲关13牛顿第一定律、牛顿第三定律 1.B2.B3.D4.D 5.A[把水对船桨的作用力F正交分解如图 2↑ 所示，根据几何知识日=买一α，F在水平方 2 20 向的分力大小为F=Fa@(受-a）=Fsna, 5 F在竖直方向的分力大小为F,=Fsin(受-a）=Feosa, 故A正确，B错误；根据牛顿第三定律知水对船桨的力 与船桨对水的力是一对相互作用力，大小相等、方向相 反、分别作用于水和船桨上，所以水对船桨的力与船桨 对水的力不能求合力，故C、D错误，门 6.D[以环为对象，根据牛顿第二定律可得mg一f=a, 解得∫=mg一a,以箱和杆为对象，根据受力平衡可得 Mg十f'=N,其中f=f,联立解得N=Mg十mg-ma, 根据牛顿第三定律可知，箱对地面的压力为V'=N= Mg十mg-ma,故选D.] 7.BD[对甲，根据平衡条件2F=G甲，得绳子拉力F= 50N,故A错误；对乙，根据平衡条件，水平方向，地面对 乙物体的摩擦力为f=F=50N,故B正确；对乙，根据 平衡条件，竖直方向，地面对乙的支持力N=G元=400 N,根据牛顿第三定律，乙对地面的压力为400N,故C 错误，D正确.] 课时冲关14牛顿第二定律的理解及应用 1.CD 2.B 3.D「依题意，对石块受力分析， 如图 货车在平直道路上向右以加速度000 a1运动时，有Fsin9=mg,tan0=mg, 72a1 货车向右以加速度a2(a2>a1)做加速运动，有tan8 =mg 1a21 可知日会减小，再根据下=，可知F会变大故 sine 选D.] 4.A[根据运动学公式可得v一=-2ah,解得加速度 大小为a= 6-v282-22 2h2x1.2m/s=25m/s2, 根据牛顿第二定律可得4F-mg=1a, 解得平均每台反推发动机提供的推力大小为 F≈2.6×101N,故选A.] 5.AD[以两物体组成的系统为研究对象，由牛顿第二定 律可知 a-8-是-9ns-4m 系统的加速度方向水平向右，设弹簧秤的拉力为F,以 2为研究对象，由牛顿第二定律得 F-F2=2a,得F=32N,故A正确，B错误；弹簧的弹 力不能突变，在突然撤去F。的瞬间，，不再受F,的作 用，2受的合力等于弹簧的弹力，设2此时加速度为 a,由牛顿第二定律可知，F=2a,得a=8m/s2,故C 错误；弹簧的弹力不能突变，在突然撤去F的瞬间，设 此时m1加速度为a1,由牛顿第二定律可知，F=m1a1, 得a1=16m/s2,故D正确.] 6.解析：(1)根据牛顿第二定律得，人从斜坡上下滑的加速 度为a1=mgsin37”mgcos3:7°=2m/S. (2)根据速度与位移的关系有U=2a1x地， 解得v=2√10m/s. (3)人在水平面上做匀减速运动的加速度大小为a=g =5m/s2, 40 根据速度位移公式得，B点的速度为yB=√2a2L =10√2m/s, 8=50m. 根据速度位移公式得L=2a 答案：(1)2m/s2;(2)v=2√10m/s;(3)50m 课时冲关15素养培优4牛顿运动 定律的综合应用 1.A[飞船与空间站对接前的加速度为a,=E=1240m m 4x10 m/s =0.31m/s2,故C错误；飞船与空间站对接后的加速度 为a-智-0：92m/g=0.01m/g,故D错误：对飞备 与空间站整体，根据牛顿第二定律F=(M十m)a2,解得 空间站质量为M=1.2×10kg,故A正确，B错误.] 2.C[根据牛顿第二定律得4F-8f=8ma,解得a= F一2上，A,B错误；对前两节车厢根据牛顿第二定律得F 2m 十F2a-2f=2a,解得F2=0,C正确，D错误.] 3.D[由牛顿第二定律有F-mgsin日=ma,解得F=ma 十gsin0,所以F一a图像的斜率为m,纵轴截距为 gsim日.由图可知甲图斜率大于乙图斜率，因此m甲> mt,故A、B错误；由于甲、乙两图截距相等，即m甲gsin8 =m gsin日2，根据m甲>mz,可知9p<02,故C错误， D正确.门 4.BD[对整体受力分析如图甲所示，由 牛顿第二定律有F=(M十m)a, 对楔形物体受力分析如图乙所示. 由牛顿第二定律有ngtan45°=na, (M+m)g 可得F=40N,a=10m/s2,故A错误， B正确；斜面体对楔形物体的作用力 R=器=Emg=10EN故C错误外力F大， 则斜面体加速度增大，斜面体对楔形物体的支持力也增 大，则支持力在竖直方向的分力大于重力，有向上的加 速度，所以楔形物体将会相对斜面体沿斜面上滑，故D 正确.门 5.AD[根据动滑轮的特征可知相同时间内，A、B运动的 路程之比为2：1.故A正确； 两尚块都微初速度为0的匀加连直线运动，由x=之a 可知，相同时间内，物体的位移与加速度成正比，所以物 块A、B的加速度之比为2：1，故B错误；设绳子的拉力 为T,对A有T=maA,对B有3g一2T=3ma,又因为 2a,=a,解得T=号mga。=号g:故C错误：当B下落 g,故D 高度h时，速度为呢=2ah,解得h=√ 正确.门 6.解析：(1)F在2~5N内时，对圆环受力分析可得Fc0s0 -u(mg-Fsin)=ma, 当拉力超过5N时，支持力方向相反，所以当拉力为5N 时Fsin8=mg, 代入图中数据，联立求解可得sin8=0.8,=0.5,m =0.4kg. 6第三章 牛顿运动定律 课时冲关13牛顿第一定律、牛顿第三定律 基础落实练 A.水杯惯性越大，水杯越不会动 1.第十五届全运会乒乓球赛于 B.水杯几乎静止，故受到的是静摩擦力 2025年11月7~20日在澳 C.水杯对纸的摩擦力越大 门进行.关于乒乓球运动中蕴 D.纸对水杯的摩擦力向右 含的力学知识，下列说法正确的是( 能力综合练 A.乒乓球在空中飞行时受到了向前的 5.如图所示，人 推力 在划船时若 某时刻船桨 B.乒乓球的质量小，所以容易被快速抽杀 与水平方向的夹角为α，水对船桨的作用 C.空中飞行的乒乓球，如果所受的力全部 力大小为F,方向垂直于船桨，则( 消失，它将立即停止 A.F在水平方向的分力大小为Fsina D.球拍击球时，只能改变乒乓球的运动 B.F在竖直方向的分力大小为Fsina 方向 C.船桨对水的作用力小于F 2.如图所示，匀速向右 D.水对船桨的力与船桨对水的力合力为0 运动的水罐车内装 6.如图所示，一个箱子 满了水，车内有一浮 放在水平地面上，箱 在顶部的乒乓球A.当水罐车刹车时，小球 内有一固定的竖直 相对容器的运动情况是 ( ) 杆，在杆上套有一个 A.A球向右运动 B.A球向左运动 环，箱和杆的总质量为M,环的质量为. C.A球静止不动 D.A球向下运动 已知环沿着杆向下加速运动，当加速度大 3.如图所示，正在行 小为a时(a<g),则箱对地面的压力为 驶的火车车厢内， 有一人相对车厢由 A.Mg+mg B.Mg-ma 静止释放一小球，则小球 C.Mg+ma D.Mg+mg-ma 素养培优练 A.不可能落在A处 7.(双选)如图所示，甲物体 ☑ B.不可能落在B处 重100N,乙物体重400 C.不可能落在C处 N.若只计乙物体受水平地 D.落在何处取决于车厢的运动情况 面的摩擦，当甲物体正在 甲 4.如图所示，某同学在桌子边缘 匀速下降时 用一杯水压着一张纸，现欲向 A.绳子拉力为100N 右把纸拉走，而让水杯留在桌 B.地面对乙物体的摩擦力为50N 上，实验时发现纸拉得越快，水杯越稳定， C.乙对地面的压力为500N 几乎处于静止状态.则拉得越快( D.地面对乙的支持力为400N 273 课时冲关14牛顿第二定律的理解及应用 基础落实练 A.2.6×10N B.1.88×104N 1.(2025·广西卷，9)（双选）独 C.1.05×105N D.7.5×104N 竹漂是我国一项民间技艺.如 5.（双选)如图所示，两阜四四5 图，在平静的湖面上，独竹漂 个质量分别为m1=2 7777777777777777777777 选手手持划杆踩着楠竹，沿直 kg,m2=4kg的物体置于光滑的水平面 线减速滑行，选手和楠竹相对静止，则 上，中间用轻质弹簧秤连接.两个大小分别 为F,=40N,F2=16N的水平拉力分别 A.选手受合力为零 作用在m1、m2上，则达到稳定状态后，下 B.楠竹受到选手作用力的方向一定竖直 列说法正确的是 ( ) 向下 A.弹簧秤的示数是32N C.手持划竿可使选手（含划竿）的重心下 B.弹簧秤的示数是28N 降，更易保持平衡 C.在突然撤去F2的瞬间，m2的加速度大 D.选手受到楠竹作用力的方向与选手（含 小为7m/s 划竿)的重心同一竖直平面上 D.在突然撤去F,的瞬间，m1 的加速度大 2.(2025·山东卷，8)工人在 小为16m/s2 河堤的硬质坡面上固定一 素养培优练 垂直坡面的挡板，向坡底 6.如图甲， 运送长方体建筑材料.如 天台安科 图所示，坡面与水平面夹角为0，交线为 村滑草场 --377 B PN,坡面内QN与PN垂直，挡板平面与 惊险刺 图甲 图乙 坡面的交线为MN,∠MNQ=O.若建筑材 激，深受人们喜爱.简化图像如图乙所示， 料与坡面、挡板间的动摩擦因数均为，重力 假设某人坐在滑板上从斜坡的高处A点 加速度大小为g,则建筑材料沿MN向下匀 由静止开始滑下，滑到斜坡底端B点后， 加速滑行的加速度大小为 沿水平的滑道再滑一段距离到C点停下 A.gsin'0-ugcoso-ugsindcos 来.如果人和滑板的总质量m=60kg,滑 B.gsinθ0cosθ-gcos0-ug sin0 板与斜坡滑道和水平滑道间的动摩擦因 C.gsin Ocos 0-ugcos 0-ugsin 0cos 数均为=0.5，斜坡的倾角0=37°(sin37 D.gcos20-ugcosθ-μgsinθ =0.6,cos37°=0.8)，斜坡与水平滑道间 3.如图所示，货车在平直 是平滑连接的，整个运动过程中空气阻力 道路上向右以加速度 忽略不计.求： a1,做加速运动时，与石o心 10⊙ (1)人从斜坡上滑下的加速度为多大？ 块B接触的物体对它的作用力为F,方向 (2)若AB距离为10m,求人和滑板滑到 与水平方向夹角为日.若货车向右以加速度 斜面底端的速度大小？ a2(a2>a1)做加速运动，则与石块B接触的 (3)若由于场地的限制，水平滑道的最大 物体对它的作用力F如何变化 ( 距离BC为L=20.0m,则人在斜坡上滑 A.0不变，F增大 B.0不变，F减小 下的距离AB应不超过多少？ C.0增大，F减小 D.0减小，F增大 能力综合练 4.2025年11月14日，神舟二 十一号飞船返回舱在东风着 陆场着陆.当返回舱距离地面 高度为1.2m时，返回舱的速 度为8m/s,此时返回舱底部的4台反推 发动机同时点火工作，返回舱触地前的瞬 间速度降至2m/s,从而实现软着陆.若该 过程飞船始终竖直向下做匀减速运动，返 回舱的质量变化和受到的空气阻力均忽 略不计.返回舱的总质量为3×103kg,重 力加速度g=10m/s2,则平均每台反推发 动机提供的推力大小为 ) 274