8.2 重力势能-【无敌原创】2025-2026学年高中物理必修第二册同步课时卷

为看到教室中的时钟变慢，教室的长度变短，即长度小于9m, A、B错误。教室中的人认为，光向前向后传播的速度相等，光源 在教室中央，光同时到达前后两壁；飞行器中的飞行员是一个惯 性系，光向前向后传播的速度相等，向后壁传播的路程短些，到 达后壁的时刻早些，C正确：根据光速不变原理，不论光源与观 察者之间做怎样的相对运动，光速都是一样的，D错误。故 选C。] 2A【解析：根据L=山√-（巴），山为在相对静止参考系 中的长度，L为在相对运动参考系中的长度，地面上测得它们相 距为L,是以高速飞船为参考系，而A测得的长度为以静止参考 系的长度，大于L。故选A。] 3.解：(1)火箭上的人测得的火箭长度与火箭静止时测得的长度 相同，即为1。 (2)沿着火箭的方向，火箭以速度V相对观察者运动，观察者测 得的长度变短，由长度收缩效应公式知1=1√1-（巴），其 中c为真空中的光速。 (3)将。=兰代入长度收缩效应公式得1-停1。 4.解：(1)由于题中α星与地球的距离s和宇宙飞船的速率v均 是地球上的观察者测量的，故飞船往返一次，地球时钟所测时间 间隔41=5=2.87X10°s. (2)把飞船离开地球和回到地球视为两个事件，飞船上的时钟测 出两事件的时间间隔△t与地球上所测的时间间隔△：之间满足 时间延缓效应的关系式。按飞船上的时钟计算，飞船往返一次的 时间间隔△=√1-()-1.28×10s. 第八章 机械能守恒定律 1功与功率 【基础过关】 1.B[解析：力对物体做正功，说明力对物体提供动力，即力对 物体的运动是促进的，A正确；功是标量，没有方向，但有正、负， 正、负表示外力对物体做功还是物体克服外力做功，B错误；力 对物体做负功，说明力对物体的运动是阻碍的，C正确；根据 W=FLcos0可知，力做功总是在某过程中完成的，所以功是一 个过程量，D正确。故选B。] 2.BCD【解析：轮胎受到地面的摩擦力与位移方向相反，则摩 擦力对轮胎做了负功，A正确，不符合题意；轮胎受到的重力与 位移垂直，则对轮胎不做功，B错误，符合题意；轮胎受到的拉力 方向与位移成锐角，则对轮胎做正功，C错误，符合题意；轮胎受 到地面的支持力与位移垂直，则对轮胎不做功，D错误，符合题 意。故选BCD。】 3.C【解析：判断a、b间是否有摩擦力时是看a、b间有无相对 滑动（或运动趋势），计算功的大小时涉及的位移都是相对地面 的位移。a、b间相互作用力为Fa与F2,Fb与F,如图所示。a 44无敌原创·同步课时卷物理·必修第二册 没有位移，F2、F对a不做功，b有位移，F1做负功，Fb与位移 成90°，不做功。故选C。】 ba F← b 1155558377777770 VFa 第3题图 4.CD[解析：物体向上做匀加速运动，手对物体的作用力F> mg=50N且为恒力，故手对物体做的功W1=Fh>mgh=50J, A错误，D正确；合力做功W合=(F-mg)h>0,B错误；重力做 功W2=-mgh=-50J,C正确。故选CD】 5.C[解析：F-x图像的“面积”等于拉力做功的大小，则得到 拉力做的功为W=之x(受）广=吾w,由图看出F。=受，得到 W=于Fm。故选C】 6.D[解析：当物体到达传送带上时，如果物体的速度恰好和 传送带的速度相等，那么物体和传送带将一起在水平面上运动， 它们之间没有摩擦力的作用，所以传送带对物体始终不做功，A 可能。若物体速度大，则受到向后的摩擦力，做负功；到速度一 致时，摩擦力又变为零，不做功，B可能。若物体速度小，则受到 向前的摩擦力，做正功；到速度一致时，摩擦力又变为零，不做 功，C可能；无论物体在传送带上如何运动，均不可能出现先受 向前的摩擦力再受向后的摩擦力，即传送带不可能对物体先做 正功后做负功，D不可能。故选D。】 7.D[解析：对物体受力分析，根据牛顿第二定律，F一ngsin a ma,F2cosa一mgsin a=ma,联立可得F1=F2cosa,所以F1< Fz;物体在两种情况下的加速度相同，根据=2αs,可知物体到 达顶端的速度相同。两种情况下的功率为P1=F1,P2= F2cosa,所以有P1=P2。故选D。] 8.解：(1)由v-t图像可知，物体在前4s做匀变速直线运动，其 加速度a=,得a=冬m/s=1m/s,在0~4s内，由牛顿 第二定律，有F一mg=ma1,解得μ=0.15。 (2)设前4s的位移为工，由位移公式得x1=2a142=8m,设 4s后物体运动时的加速度为a2,由F2一umg=ma2,解得a2= 一0.5m/s2,由图丙可知，物体在4s末时的速度为=4m/s, 设物体6s末速度为v,则v=十a2t2=3m/s,物体在4~6s 的位移为=0十子：2=7m,所以物体在前6s内的位移 为工=，十=15m,物体在前6s的平均速度为0=，十 2.5m/s,6s末的拉力功率为P=F2v=2×3W=6W。 【能力提升】 1.D[解析：将小物块轻轻放在匀速运动的传送带上，小物块 相对于传送带运动，滑动摩擦力充当动力，传送带对小物块的摩 擦力做正功，A错误；当物体受到静摩擦力作用，但是位移不为 零，则静摩擦力对物体做功，如手抓紧杯子向上移动，此时杯子 受到手的静摩擦力，且位移不为零，手对杯子作用的静摩擦力对 小球空中飞行时间为一√，下落过程中重力的功率为P门 杯子做了正功，B错误；当物体受到滑动摩擦力作用，但是位移 为零，则滑动摩擦力一样不做功，如粉笔在黑板上摩擦，滑动摩 Y,联立方程可得P,=P。故选D】 擦力对黑板不做功，C错误；当静摩擦力的方向与速度方向垂直 8.B【解析：撤去F、F2后受到摩擦力的作用减速到静止过程， 时，比如静摩擦力提供向心力时，此时静摩擦力不做功，当物体 受到滑动摩擦力作用，但是位移为零，则滑动摩擦力一样不做 由。-1图像可知，a=六4=光，由牛顿第二定律有人 功，如粉笔在黑板上摩擦，滑动摩擦力对黑板不做功，D正确。 2ma,',人=ma',解得f,=人=m,则ab两个物体受到的摩 故选D.】 to 2.C【解析：解答本题的关键是能将变力做功利用微元法转化 擦力大小之比为1：1，C错误；由于v-t图像的面积表示位移， 为恒力做功进行求解。虽然外力方向时刻改变，但力与运动方 全过程两个物体图形面积相等，则两个物体运动的位移一样，所 向始终一致，用微元法，在很小的一段位移内外力可以看成恒 以全过程中摩擦力对a、b两个物体做功之比为1：1，D错误；两 力，小球的路程为R十x,则外力做的功为号xFR。故 个物体加速运动时，由。-t图像可知a,一公，a一六，由牛顿第 选C。】 二定律有F一人=2ma,E,-人=ma,解得F=3m四，A, to 3.BC[解析：当物体受到F1时，由牛顿第二定律，F一umg= ma,可得F1=mg+ma,当物体受到F2时，F2与地面间的夹角 3m心，A错误；由-t图像可知加速过程中两个物体的位移之 2t0 为0，由牛顿第二定律，F2cos0-a(mg-F2sin0)=ma,解得F2= 比为s1:s2=1:2,且F1:F2=2:1,所以F1、F2对a、b两个物 c0s叶sm0所以F与F,的大小关系得看0和u的值，拉力 mg十ma 体做功之比为1：1，B正确。故选B。】 9.A[解析：对于赛车，由牛顿第二定律有F-f=ma,恒定功 F1可能小于F2,A错误，B正确；拉力F1做的功W1=F1s= 率加速时有P=F,由上两式解得a=二.上一上，由加速度a (ng十ma)s,拉力F2做的功W2=mg+ma cos0+asin日cos0·s= m·vm umg十1ma 1+utan 0 ·5,故W>W2,D错误，C正确。故选BC] 和速度的倒数的关系图像可知品-高片=4，代入数据解 得P=200kW,f=2000N,A正确，C错误；赛车做加速度越来 4.AC【解析：物块的加速度为a1=g=1m/s2,木板的加速度 越小的加速运动，B错误；由加速度与速度的倒数的关系式：a 为a=P=3m/S。该过程物块的位移为=a2,木 M 卫.上-上，P=200kw,当速度大小为50m/s时，代入数据可 m°vm 板位移为=之a2,根据几何关系分a:一a12=L,所以 得，赛车的加速度大小为4m/s2,D错误。故选A。】 t1=2s,1=2m,52=6m,拉力F对木板做功为W1=Fs2= 2重力势能 42J,摩擦力对木板做功为W2=一fs2=一6J。故选AC。】 5.A【解析：由题意可知，阻力与深度d成正比，f-d图像如图 【基础过关】 所示。F-x图像与坐标轴所形成图形的面积等于力所做的功， 1.B【解析：重力势能具有相对性，取不同的参考面，物体即使 每次钉钉子时做功相同，如图所示可得：每次所围面积相同，根 在同一位置不动，重力势能也发生变化，A错误；重力做功是物 据相似比的平方等于面积比可得，第1次：前2次：前3次…= 体重力势能变化的原因，重力做功，重力势能一定发生变化，B 正确，D错误；做匀速直线运动的物体，只要它的重力做功，即高 1:√2：√3：…：√n,故第1次：第2次：第3次…=1： 度发生变化，它的重力势能就一定发生变化，C错误。故选B。] (W2-1):(W3-√2)：…：(Wm-√n-I),打击第n次与打击 2.A[解析：重力势能E,为标量，负号表示重力势能的大小，A 第一次钉子进入木板的深度之比为vn一√n一I。故选A】 正确；位移5为矢量，负号表示方向，B错误；功W为标量，负号 表示做负功，C错误；速度v为矢量，负号表示方向，D错误。故 选A。] 3.B【解析：重力做正功，重力势能减小，并且重力势能的减小 量等于重力做的功，即小物块的重力势能减少10J。故选B。】 4.A[解析：两个截面积都是S的管子，底部放在同一水平面 第5题图 上，左边管内装高度为h1、密度为p的液体，现把连接两管的阀 6.B[解析：飞机起飞时在水平跑道上以加速度a做匀加速直 门打开，使两管中液体高度相等，此时液体的高度为h,所以有h= 线运动，设牵引力为F,根据牛顿第二定律，F一F,=ma,得F= ，因此从左边移到右边的液体体积为V=二S,所以 2 2 ma十F,所以牵引力功率P=Fv=(ma十Fi)v。故选B。】 这个过程液体的重力势能变化量等于左边上部分的液体移到右 7.D[解析：重力做功为W=mgh,由题意可知，两小球质量相 等，下落高度相同，则两小球重力做的功相等，即W。=W。,两个 边的重力势能变化，也即重力做的功为W。=子PgS(h一h:)产。 故选A。】 5.B[解析：物体向左运动，物体受到的弹力方向向右，故弹力 对物体做负功，弹簧的弹性势能增加，A错误，B正确；弹簧的弹 力为F=红，弹力做功表达式为w-=生x=子，可 见物体对弹簧做的功与弹簧的压缩量平方成正比，C错误；物体 向墙壁运动相同的位移，弹力大小不同，故弹力做功不相等，D 错误。故选B。】 6.(1)ACE (2)FL [解析：(1)拉力方向与运动方向相同，所以拉力做正功，弹簧被 拉长，发生了弹性形变，具有了弹性势能，弹性势能增加，A正 确，B错误；弹簧弹力的方向与作用点运动方向相反，做负功，弹 性势能增加，C正确，D错误；由能量关系可知，拉力做的功等于 弹簧弹性势能的增量，E正确。故选ACE。(2)变力做功中，力 和位移图线围成的面积等于功的大小，所以根据几何关系，W= 小 【能力提升】 1.AD【解析：缓慢增大试管的倾角0至试管竖直，小球始终处 于平衡状态，由平衡条件得kx=mgsin0,解得x=msin0,缓慢 增大试管的倾角0至试管竖直，弹簧的形变量x增大，弹簧的弹 性势能增大，A正确，B错误；以地面为零势能面，倾角为0时， 小球的重力势能为E。=mg(xo一x)sin0,解得E。=mgxo sin0- 心0，当血0-时，小球的重力势能最大，若细<1， 2mg 则在到达竖直位置之前，重力势能有最大值，小球重力势能先增 大后减小，C错误，D正确。故选AD。】 2.ABC[解析：重力所做的功为Wc=一mgh,由于重力做负 功，所以重力势能增加mgh,物体缓缓提高说明速度不变，所以 物体动能不发生变化，根据功能关系得△E=We十WG=WF mgh,所以弹性势能增加WF一mgh,所以弹力做功为W= 一△E弹=mgh一WF。故选ABC。] 3.D[解析：手压木块时，木块受到重力、压力和弹簧的支持 力，这三个力平衡。手对木块的压力小于弹簧对木块的支持力， 所以这两个力不是一对平衡力，A错误；弹簧恢复原状过程中， 弹性形变的程度变小，弹性势能减小，B错误；松手后，木块在没 有离开弹簧前，弹簧被压缩，所以木块受弹力方向竖直向上，C 错误；松手后，木块在没有离开弹簧前，所受弹力和木块对弹簧 的压力是一对作用力与反作用力，故大小总是相等，D正确。故 选D。J 4.B[解析：设绳长为L,捏住细绳中点缓慢提起，则细绳的重 心在距离最高点上位置处，因此细绳a的重心上升的高度为h' 么，一专，细绳b的重心上升的高度为'=，一号，由于细绳a 较长，所以宁>号若么=则a的重心较低，故一定有W,< W。,A错误；若ha>.,则无法确定两细绳的重心谁高谁低，因 此可能有W。<W,也可能有W。=W,还可能有W>W,B正 确，D错误；若h<h,则一定是a的重心较低，因此一定有W< W,C错误。故选B。】 5.C[解析：设小球质量为m,弹簧的劲度系数为k,当直槽转至 与水平方向的夹角为0，小球高度为h,由于小球始终处于平衡状 态，放有。一品)=mgm6,当直指转至竖直方向时，有 化-)-s联立可得人=-（么-）（血0会头）广+ 0.25L2,当sin0=0- Lo-ho 头时6有最大值。故有人2代 入数据，有ho=0.375m,0=53°。故选C。】 6.解：(1)开始时，左边一半链条的重力势能为E。=一3X 子sin0,右边一半链条的重力势能为E=-"受×←，左、右两 部分总的重力势能为E,=E:十Ee=一名mgL(sin0+1),链 条从右侧刚好全部滑出时，重力势能为E,'=一2mgL。 (2)此过程重力势能减少了△E,=E,一E,'=gmgL(3一sin0), 故重力做的功为m。=gmgL(3-sin0》. 3动能和动能定理 【基础过关】 1.AB[解析：动能是标量，由物体的质量和速率决定，与物体 的运动方向无关，动能具有相对性，无特别说明，一般指相对于 地面的动能。故选AB。] 2.AB[解析：物体的初动能为0，末速度为v=2m/s,则物体 动能增加量为△E=之md-0=之×2×2J=4J,A正确：重 力对物体做的功为WG=一mgh=一2×10×1J=一20J,由功 能关系可知，物体重力势能增加量为20J,B正确，C错误；根据 动能定理知，合外力做功等于动能的变化，即W合=△Ek=4J,D 错误。故选AB】 3.C[解析：物块上滑过程中，只有重力做功，其机械能守恒， 在C点的机械能为零，则在A点的机械能也为零，在A点有动 能，则物块在A点处的重力势能不为零，且为负值，A错误；设 物块在A点的动能为E.,则E=之m,2,在B点有号mw2= 之E,解得以：=厄：1，B错误：根据动能定理得物块在AB 段和BC段克服重力做的功W他=W:=子E,即为W: Wc=1:1,C正确；根据P=mgusin0可得，物块在A、B两点 处重力的瞬时功率之比等于速率之比，为√2：1，D错误。故 选C。】 4.BC[解析：设加速阶段汽车的位移为x1,减速阶段汽车的位 移为x2,由v-t图像所围的面积可知x1：x2=1:3。对全程， 根据动能定理，有Fx1一f(x1十x2)=0,解得F:f=4：1,A错 误，B正确；全程中汽车动能变化量为0，根据动能定理可知，牵 1 势能，所以mgh>乞m,B错误；根据动能定理，得mgh十W= 引力做的正功与摩擦力做的负功大小相等，即W1:W2=1:1, C正确，D错误。故选BC。】 合m,所以由A至B,小球克服弹力做功为mg一之md,C错 5.BD[解析：由题图知，物体前进20m,动能由50J变为零，由 误：弹簧弹力做功等于弹性势能的变化，所以小球到达位置B时 动能定理，得Fx=△Ek,F×20m=0-50J,即F=-2.5N,即物 体所受的合外力大小为2.5N,A错误；物体的加速度大小F 弹簧的弹性势能为E,=mgh一之m,D正确。故选D.】 ,解得a=2.5m/,C错误，D正确：由E.=子mw2=50J,解 4.B【解析：由图像可知，上升到最大高度h时，变力F的大小 为F,=二下。，故物体从开始运动到上升到最大高度过程中， H 得=10m/s,故滑行时间t一安-4s,B正确。故选BD.】 6.A【解析：当小球以6J的初动能从A点水平抛出时，假设小 变力F做的功为图像围成的面积，即W=号·(R十R,)h= 球落在斜面上，设初速度为凸，在空中运动时间为t,由平抛运 2H二F上，物体的初、末速度均为0，故由动能定理，得W一 2H 动规律可得么=子gt,2=t,an37°=兰，从开始抛出到落到 mgh=0,联立解得m=2开二卫，物体刚开始运动时，由牛顿 2gH 斜面过程，由动能定理可得mgh=E未一En,E翻=之mu2,联 第二定律，有R,一mg=m,解得a=2经物体到达最高点 立可得Ek*=19.5J≠12J,故假设不成立，小球没有落在斜面 上。当小球以6J的初动能从A点水平抛出时，小球落在水平 时，由牛顿第二定律，有mg一F=ma,解得d=万因此 面上，由动能定理可得mgh=Ek2一Ek1,当小球以12J的初动能 在开始运动时和到达最高点时，加速度等大反向，且均为最大值 从A点水平抛出时，小球也落在水平面上，由动能定理可得 hg mgh=E一Ea,联立可得Ek=18J。故选A,】 2H二·故选B.】 【能力提升】 5.B[解析：以6m/s的初速度下滑时，根据动能定理得mgh一 1.AD[解析：对物块受力分析，当弹簧处于压缩状态时，由牛 fs=0,以7m/s的初速度下滑时，根据动能定理得mgh一fs= 顿第二定律可得kx一f=ma,x减小，a减小，当a=0时，物块 △Ex,物体下滑时，速度越大，对轨道的压力越大，摩擦力越大， 速度最大，此时，物块在O点左侧；从加速度a=0处到O点过 所以有fs>fs,即△Ek<0,物体到达B点的速率小于7m/s。 程，由牛顿第二定律得f-kx=ma,x减小，a增大，当弹簧处于 故选B。】 伸长状态时，由牛顿第二定律可得kx十f=ma,x增大，a继续 6,解：（①）滑块离开B点后做平抛运动，则A=弓g心，z=1,解 增大，可知物块的加速度先减小后增大，A正确，B错误；物块所 得OC的长x=0.8m。 受弹簧的弹力对物块先做正功，后做负功，C错误；从A到B的 (2)滑块从B端运动到N端停止过程，根据动能定理得一mgL= 过程，由动能定理可得W弹一W1=0,D正确。故选AD。】 2.ACD[解析：设AC斜面的倾角为a,BC斜面的倾角为3，两 0-之mm2,解得μ=0.2。 斜面对应的水平位移均为x,甲从A滑到C克服摩擦力 (3)若将木板右端截去长为△L的一段后，设滑块滑到木板最右 1 1 做功，W=m gos a·c=gcos a·c05。wmg1,根据动能 端时速度为v,由动能定理得一wmg(L一△L)=2mu一之m%2, 滑块离开木板后仍做平抛运动，高度不变，运动时间不变，则落地 定理，mgho一0mgx=2m',可求0=√2gh如一2gx。对乙 点距O点的距离s=L一△L十t,联立整理得s=1十0.8√△L一△L= 同理可求2=√2gho一2gx,因为h0>ho,所以>2，A 一（√△L一0.4）2+1.16.根据数学知识得知，当√△L=0.4,s最 正确；根据动能公式，E=之m2,Ee=之m2,因为m< 大，解得△L=0.16m。 2,1>2,所以无法比较Ek1和Ek2的大小，B错误；克服摩擦力 4机械能守恒定律 做功，甲有W1=m gcos a·xAc=mgx,乙有W2=m2 gcos B· xc=m2gx,因m<m2,所以W1<W2,C正确；甲下滑的加速 【基础过关】 度a1=gsin a一ugcos a,乙下滑的加速度a2=gsin B--gcos B, 1.D[解析：如果物体在竖直方向向下匀速直线运动，则重力 势能减少，机械能减少，A错误；如果物体在水平面内静止或匀 因为a>B,所以a1>a2,根据匀变速直线运动的位移公式x=之 速直线运动，则重力势能不变，B错误，如果物体在竖直方向向 at,x1>x2,所以无法比较运动的时间大小关系，D正确。故 上匀速直线运动，则重力势能增大，机械能增大，C错误；物体在 选ACD.】 平衡力的作用下，处于静止状态或匀速直线运动状态，因此动能 3.D【解析：重力做功只与初末位置的高度差有关，则由A至 一定不变，D正确。故选D。】 B重力做功为mgh,A错误；由A至B重力做功为mgh,则重力 2.AD[解析：对于小球从接触弹簧到将弹簧压缩到最短的过 势能减少mgh,小球在下降过程中重力势能转化为动能和弹性 程中，小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能这三种形式的能 45物理 2 重力势能 ■ 基础过关) 1.关于重力势能，下列说法中正确的是 A.某个物体处于某个位置，重力势能的数值是唯一确定的，与参考面选取无关 B.只要重力做功，物体的重力势能一定变化 C.物体做匀速直线运动时，其重力势能一定不变 D.物体重力势能增加时，物体的重力可以不做功 2.下列物理量的负号表示大小的是 A.重力势能Ep=-50J B.位移s=一8m C.力做功为W=一10J D.速度v=一2m/s 歌 3.如图所示，一小物块沿斜面从A点下滑至B点的过程中，重力做功10J,阻力做功 小物块的重力势能 长 第3题图 A.增加8J B.减少10J 条 C.增加10J D.减少12J 4.截面积为S的U形管中，盛有一种密度为ρ的液体，由于底部中间的阀门关闭 着，使一边管中的液面高度为h1,另一边管中的液面高度为h2,如图所示，再次 把阀门打开，使左、右两边相通，当两边液面达到相同高度时，重力做的功为 A.o (,h-ie》月 B.(h-h: C.(h-ha) D.ogS (hi-h2)2 5.如图所示，一个物体以速度。冲向与竖直墙壁相连的轻质弹簧，弹簧被物体压缩的此过程中，以下 说法正确的是 () M- 第5题图 A.弹力对物体做正功，弹簧的弹性势能减小 B.弹力对物体做负功，弹簧的弹性势能增加 C.物体对弹簧做的功与弹簧的压缩量成正比 D.物体连续向墙壁运动相同的位移，弹力做的功相等 () 6.在“探究弹簧的弹性势能”实验中： (1)(多选)如图甲所示，弹簧的一端固定，原来处于自然长度。现对弹簧的另一端施加一个拉力缓 慢拉伸弹簧，关于拉力或弹簧弹力做功与弹簧弹性势能变化的关系，下列说法正确的 2J。此过程中 是 () A.拉力做正功，弹性势能增加 B.拉力做正功，弹性势能减少 C.弹簧弹力做负功，弹性势能增加 D.弹簧弹力做负功，弹性势能减少 E.拉力做的功等于弹簧弹性势能的增量 个F拉 K 0 甲 阀 第6题图 第4题图 (2)由于拉力是变力，拉力做功可以分割成一小段一小段处理，每一小段的弹力可以近似看成是恒 力，再把每一小段拉力做的功相加求和，可得W总=F△l十F2△l十F3△l十…某次实验中作出拉 力F拉与弹簧伸长量x的关系图像如图乙所示，则在弹簧被拉长L的过程中，拉力做功 为 29 。能力提升) 1.(多选)如图所示，轻质弹簧的一端与内壁光滑的试管底部连接，另一端连接质量为m的小球，小球 的直径略小于试管的内径，开始时试管位于水平面静止，弹簧处于原长，小球也静止，若缓慢增大 试管的倾角0至试管竖直，弹簧始终在弹性限度内，则下列说法中正确的是 () 7777777777777777777777777777 第1题图 A.整个过程中弹性势能一定逐渐增大 B.整个过程中弹性势能可能先增大后减小 C.整个过程中小球重力势能一定逐渐增大 D.整个过程中小球重力势能可能先增大后减小 2.（多选)如图所示，质量为m的物体静止在地面上，物体上面连着一个轻弹簧，用手拉住弹簧上端上 移H,将物体缓缓提高h,拉力F做功W。,不计弹簧的质量，则下列说法错误的是 A.重力做功一mgh,重力势能减少mgh 个F B.弹力做功一WF,弹性势能增加W m C.重力势能增加mgh,弹性势能增加FH 第2题图 D.重力势能增加mgh,弹性势能增加Wr一mgh 3.如图所示，将一木块放在弹簧上，用手压木块，弹簧被压缩。松开手，木块竖直向上飞起直到最高 点。下列说法正确的是 A.手压木块时，手对木块的压力与弹簧对其支持力是一对平衡力 B.弹簧恢复原状过程中，弹性势能先增大后减小 C.松手后，木块在没有离开弹簧前，所受弹力方向竖直向下 第3题图 D.松手后，木块在没有离开弹簧前，所受弹力和木块对弹簧的压力总是大小相等 4.质量相等的均质柔软细绳a、b平放于水平地面，绳a较长。分别捏住两绳中点缓慢提起，直到全部 30无敌原创·同步课时卷物理·必修第二册 离开地面，两绳中点被提升的高度分别为ha、h,上述过程中克服重力做的功分别为W。、W。若 ( A.ha=h,则一定有W。=Wb B.ha>h.,则可能有W。<Wb C.ha<hb,则可能有Wa=Wb D.ha>hb,则一定有Wa>W 5.如图所示，原长Lo为100cm的轻质弹簧放置在一光滑的直槽内，弹簧的一端 固定在槽的O端，另一端连接一小球。这一装置可以从水平位置开始绕O点 缓缓地转到竖直位置，设弹簧的形变总是在其弹性限度内，这一过程小球上 -0 升，重力势能有极大值，对应的高度h=40cm,则此极大值对应着直槽与水平 第5题图 面的夹角为 ) A.30° B.37° C.53 D.60 6.如图所示，有一质量为、长为L的均匀金属链条，一半长度在光滑斜面上，斜面倾角 辨 为日，另一半长度沿竖直方向下垂在空中，当链条从静止开始释放后链条滑动，以斜面 顶点为重力势能零点，求： (1)开始时和链条刚好从右侧面全部滑出斜面时重力势能各多大？ 第6题图 (2)此过程中重力做了多少功？