广东省佛山市桂华中学2025-2026学年高二下学期第一阶段考试物理试题

桂华中学2025-2026学年第二学期第一阶段考试 高二物理 使用班级：206-214班 使用日期：2026-4-10 命题人：范红 审题人：詹振欣 时间：75分钟 满分：100分 一、单选题（本题共7小题，每小题4分，共28分） 1．如图所示，在水平放置的通电螺线管正上方，垂直螺线管水平放置一阴极射线管。若要阴极射线往上偏转，则应（ ） A．M接电源正极，N接负极 B．M接电源负极，N接正极 C．M接电源正极，N接负极，阴极射线管正负极位置互换 D．M接电源负极，N接正极，阴极射线管水平旋转90° 2．如图甲所示，用强磁场将百万开尔文的高温等离子体（等量的正离子和电子）约束在特定区域实现受控核聚变的装置叫托克马克。我国托克马克装置在世界上首次实现了稳定运行100秒的成绩。多个磁场才能实现磁约束，图乙为其中沿管道方向的一个磁场，越靠管的右侧磁场越强。不计离子重力，关于离子在图乙磁场中运动时，下列说法正确的是（　　） A．离子由磁场的左侧区域向右侧区域运动时，运动半径减小 B．离子在磁场中运动时，磁场对其做正功 C．离子在磁场中运动时，磁场对其做负功 D．离子由磁场的左侧区域向右侧区域运动时，运动半径增大 3．如图所示的电路中，两个电流计完全相同，零刻度在刻度盘的中央，当电流从“+”接线柱流入时，指针向右摆．L是自感系数很大的线圈，电阻忽略不计．A和B是两个规格完全相同的小灯泡。下列说法正确的是（    ） A．开关S闭合稳定后，灯泡A、B的亮度不相同 B．开关S闭合瞬间，灯泡A逐渐变亮，灯泡B立即变亮 C．开关S断开瞬间，灯泡A闪亮后熄灭，灯泡B立即熄灭 D．开关S断开瞬间，指针向左摆，指针向右摆 4．手机无线充电以其便捷性和美观性受到很多手机用户喜欢。无线充电是利用变化的电流在送电线圈中产生变化的磁场，变化的磁场通过手机中的受电线圈感应出电流为手机充电。关于无线充电，下列说法正确的是（　　） A．受电线圈和送电线圈的电流方向一定相反 B．当穿过受电线圈的磁通量增加时，受电线圈有扩张的趋势 C．无线充电过程发生的是互感现象 D．在无线充电底座和手机之间放一块金属板有利于提高手机充电效率 5．如图所示，一梯形闭合导线圈沿垂直磁场和磁场竖直边界的方向， 匀速向右穿过匀强磁场区域。取感应电流沿逆时针方向为正，则该过程中，该线圈中的感应电流 随时间 变化的关系（　　） A． B． C． D． 6．市场上某款“自发电”门铃的原理如图所示，当按下门铃按钮时，夹着永磁铁的铁块向下移动改变了与“E”形铁芯接触的位置，使得通过线圈的磁场方向发生改变。松开门铃按钮时，弹簧可使之复位。由此可判断（　　） A．未按下按钮时，线圈a、b两点间存在电势差 B．按下按钮过程中，线圈中的磁通量一直在减小 C．按钮复位过程中，线圈a、b两点间没有电势差 D．按下按钮过程中，线圈a接线柱的电势比b接线柱高 7．如图所示，间距为L的无限长光滑导轨平面倾斜放置，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨平面向下，导轨面与水平面夹角为，一个质量为m，电阻为r的光滑导体棒垂直横跨在两根导轨上，导轨上端的定值电阻阻值为R，导轨电阻不计，当导体棒从静止释放后，沿导轨下滑距离l时达到稳定状态，下滑过程中导体棒与导轨始终垂直且接触良好，以下说法正确的是（　　） A．导体棒做变加速运动，最大加速度为a＝gsinθ B．导体做匀加速运动，加速度为a＝gsinθ C．导体棒稳定时的速度为v＝ D．从开始到稳定导体棒上消耗的电热为 二、多选题（本题共3小题，每小题6分，共18分，漏选得3分，错选不得分） 8．把一枚具有强磁性的小圆柱体从固定的竖直铝管上端放入管口。下落过程中，小圆柱体不与铝管接触。小圆柱形磁体下落过程中（　　） A．加速度大于重力加速度 B．加速度小于重力加速度 C．减少的重力势能等于增加的动能 D．减少的重力势能大于增加的动能 9．如图，线圈在磁场中匀速转动产生交变电流，以下相关说法中正确的是    A．线圈在甲、丙图所示位置时，磁通量变化率最大 B．线圈在乙、丁图所示位置时，产生的电流最大 C．线圈每转动一周，电流方向改变一次 D．线圈平面经过甲、丙图所示位置时，电流的方向都要改变一次 10．在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转动轴匀速转动，如图甲所示：产生的交变电动势随时间变化的规律如图乙所示。则下列说法正确的是（　　） A．t=0.01s时穿过线框的磁通量最小 B．该线圈转动的角速度大小为πrad/s C．该交变电动势的瞬时值表达式为 D．线框平面与中性面的夹角为时，电动势瞬时值为22V 三、实验题（本题共2小题，每空2分，共16分） 11．为探究影响感应电流方向的因素，小宁同学做了如下的实验。    (1) 小宁同学用如图所示的器材研究感应电流的方向。将线圈A插入线圈B中，闭合开关S瞬间，发现电流计指针右偏，则保持开关闭合，以下操作中也能使电流计右偏的是______。    A．插入铁芯 B．拔出线圈A C．将滑动变阻器的滑片向左移动 D．将滑动变阻器的滑片向右移动 (2)实验结束后，该同学又根据教材结合自感实验做了如下改动。在两条支路上将电流计换成电流传感器，接通电路稳定后，再断开电路，并记录下两支路的电流情况如图所示，由图可知：    ①流过灯泡的电流是______（选填“”或“”） ②在不改变线圈电阻等其他条件的情况下，只将铁芯拔出后重做上述实验，可观察到灯泡在断电后处于亮着的时间将______。（选填“变长”、“变短”或“不变”） 12．在“探究变压器线圈两端的电压和匝数的关系”实验中，可拆变压器如图所示。 (1)观察变压器的铁芯，它的结构和材料是 ；（填字母） A．整块硅钢铁芯 B．整块不锈钢铁芯 C．绝缘的铜片叠成 D．绝缘的硅钢片叠成 (2)以下给出的器材中，本实验需要用到的是 ；（填字母） A．干电池 B．学生电源 C．直流电压表 D．多用电表 (3)为实现探究目的，保持原线圈输入的电压一定，通过改变原、副线圈匝数，测量副线圈上的电压。这个探究过程采用的科学探究方法是 。 A．演绎法 B．等效替代法 C．控制变量法 D．理想实验法 (4)某次实验中得到实验数据如下表所示，表中分别为原、副线圈的匝数，、分别为原、副线圈的电压，通过实验数据分析，你的结论是___________。 实验次数 n1/匝 n2/匝 U1/V U2/V 1 1200 400 12.1 3.98 2 800 400 12.0 5.96 3 200 100 11.9 5.95 (5)原、副线圈上的电压之比是否等于它们的匝数之比呢？发现上述实验数据没有严格遵从这样的规律，分析下列可能的原因，你认为正确的是 。（填字母） A．变压器线圈中有电流通过时会发热 B．原、副线圈的电压不同步 C．铁芯在交变磁场的作用下会发热 D．原线圈中电流产生的磁场能在向副线圈转移过程中有损失 四、解答题（本题共3小题，共38分） 13．（9分）如图甲所示，一个电阻r=2Ω、边长L=0.1m、匝数为100匝的正方形线圈，与阻值R=8Ω的电阻连接成闭合回路。正方形线圈内存在垂直于线圈平面向外的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化的关系图线如图乙所示，其余电阻不计。求t=0至t=0.1s时间内： （1）电阻R上的电流方向； （2）电阻R两端的电压大小。 14．（14分）如图所示，在直角坐标系的第一象限，有方向竖直向下、场强大小为E的匀强电场，在第四象限有垂直纸面向外的匀强磁场，在x轴下方放置一长度为L的绝缘薄板PQ，挡板平面与x轴垂直且上端紧贴x轴。一质量为m，电荷量为的粒子从y轴上一点以大小为的速度水平向右射出，恰好从薄板上边缘P点处射入磁场，粒子射入磁场时的速度方向与PQ的夹角为60°，之后粒子恰好未与薄板碰撞，不计粒子重力，求： （1）粒子在y轴上的发射位置到P点的水平距离； （2）匀强磁场磁感应强度B的大小： （3）粒子在薄板右侧运动的时间t。 15．（15分）如图甲是法拉第发明的铜盘发电机，也是人类历史上第一台发电机。利用这个发电机给平行金属板电容器供电，如图乙。已知铜盘的半径为L，加在盘下侧的匀强磁场磁感应强度为B1，铜盘按如图所示的方向以角速度ω匀速转动，每块平行板长度为d，板间距离也为d，板间加垂直纸面向内、磁感应强度为B2的匀强磁场。求： （1）平行板电容器C板带何种电荷； （2）将铜盘匀速转动简化为一根始终在匀强磁场中绕中心铜轴匀速转动、长度为圆盘半径的导体棒，请应用法拉第电磁感应定律论证铜盘匀速转动产生的感应电动势； （3）若有一带负电的小球从电容器两板中间水平向右射入，在复合场中做匀速圆周运动又恰好从极板右侧射出，则射入的速度为多大。 参考答案 1．A 【详解】ABC．由图可知，阴极射线由负极射向正极往上偏转，由左手定则可判断，螺线管上方的磁场由N指向M，则螺线管内部轴线方向的磁场由M指向N，由安培定则可判断出，M接电源正极，N接负极，故A正确，BC错误； D. M接电源负极，N接正极时，根据左手定则和安培定则可判断出，阴极射线管水平旋转180°，故D错误。 故选A。 2．A 【详解】BC．离子在磁场中运动时，由于洛伦兹力方向总是与速度方向垂直，故磁场对离子一定不做功，B错误，C错误； AD．离子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力 解得，离子由磁场的左侧区域向右侧区域运动时，磁感应强度变大，所以离子运动半径减小，故D错误，A正确。 故选A。 3．B 【详解】A．开关S闭合稳定后，因线圈电阻忽略不计，两边支路电阻相等，则灯泡A、B的亮度相同，选项A错误； B．开关S闭合瞬间，灯泡B立即变亮，灯泡A所在支路因为有线圈产生自感电动势阻碍电流的增加，则A灯会逐渐变亮，选项B正确； CD．开关S断开瞬间，原来通过B的电流立刻消失，因线圈产生自感电动势阻碍电流的减小，则线圈相当电源，在灯泡AB中重新形成回路，则灯泡A和灯泡B都会逐渐熄灭，此时通过G1的电流从“+”极流入，则指针向右摆；通过G2的电流从“-”极流入，则指针向左摆，选项CD错误。 故选B。 4．C 【详解】ABC．无线充电时手机接收线圈部分的工作原理是互感现象，当穿过接收线圈的磁通量增加时，根据楞次定律可知，线圈会收缩阻碍磁通量的改变，故受电线圈有收缩的趋势，当穿过接收线圈的磁通量减小时，根据楞次定律可知感应电流的磁场方向与原磁场方向相同，此时受电线圈和送电线圈的电流方向相同，故A错误，B错误，C正确； D．在底座和手机之间放金属板会产生额外的涡流损耗，反而降低传输效率，故D错误。 故选C。 5．A 【详解】线框刚进入阶段，根据右手定则可以判断，感应电流方向为逆时针，是正方向。进入L距离后，继续向右运动，磁通量继续增大，根据楞次定律可知，仍有逆时针感应电流不为零，是正方向。进入2L后，继续向右运动，磁通量减小，根据楞次定律可知，此时感应电流为负即顺时针。 故选A。 6．D 【详解】A．未按下按钮时，线圈磁通量不变，因此a、b两点电势差为零，故A错误； B．按下按钮过程中，线圈中的磁通量先减小后反向增加，故B错误； C．按钮复位过程中，线圈中的磁场先向左减小，后向右增加，根据楞次定律可知，感应电流方向从a接线柱通过线圈流向b接线柱，故C错误； D．按下按钮过程中，线圈中的磁场先向右减小，后向左增加，根据楞次定律可知，感应电流方向从b接线柱通过线圈流向a接线柱，又因为线圈是电源，电源内部电流方向由负极流向正极，因此线圈a接线柱的电势比b接线柱高，故D正确； 故选D。 7．A 【详解】AB.导体棒在下滑过程中，受到重力、导轨的支持力和安培力，安培力方向与速度方向相反，安培力随着速度的增大而增大，则导体棒的合力减小，加速度减小，故开始时加速度最大，此时导体棒不受安培力，所以最大加速度为 a＝＝gsinθ，故A符合题意B不符合题意． C.导体棒稳定时做匀速运动，则有 mgsinθ＝，得 v＝．故C不符合题意． D.根据能量守恒定律得 mglsinθ＝+Q，导体棒上消耗的电热为Qr＝Q，联立解得 Qr＝mglsinθ﹣，故D不符合题意． 8．BD 【详解】AB．小圆柱形磁体下落过程中，铝管中产生感应电流，磁体受到向上的安培力，故磁体合力小于重力，根据牛顿第二定律可知，加速度小于重力加速度，故A错误，B正确； CD．磁体下落过程中，安培力对其做负功，由能量守恒定律可知，磁体减少的重力势能大于增加的动能，故C错误，D正确。 故选AD。 9．BD 【详解】A．当线圈出现在甲、丙位置时，线圈平面和磁场完全垂直，磁通量最大，但ab边和cd边恰好不切割磁场，瞬时感应电动势为零，根据法拉第电磁感应定律，此时磁通量的瞬时变化率为零，故A错误； B．线圈在乙丁位置时，线圈平面和磁场方向平行，磁通量为零，但此时ab边和cd边正好垂直切割磁场，产生的感应电动势最大，故此时流过线圈的瞬时电流最大，故B正确； C．线圈每转动一周要经过两次中性面，所以线圈每转动一周，方向改变两次，故C错误； D．根据交变电流产生的原理，线圈每经过一次中性面，电流方向改变一次，线圈在甲、丙图中均处于中性面，故电流方向都要改变一次，故D正确； 故选BD。 10．CD 【详解】A．由图像知：t=0.01s时，感应电动势为零，则穿过线框的磁通量最大，故A错误； B．该线圈转动的角速度大小为 故B错误； C．当t=0时，电动势为零，线圈平面与磁场方向垂直，故该交变电动势的瞬时值表达式为 故C正确； D．线框平面与中性面的夹角为时，电动势瞬时值为 故D正确。 故选CD。 11．(1) AC (2) 变短 【详解】（1）将线圈A插入线圈B中，闭合开关S瞬间，发现电流计指针右偏，可知当线圈B中的磁通量增加时，电流计指针右偏。 A．插入铁芯，线圈B中的磁通量增加，电流计指针右偏，故A正确； B．拔出线圈A，线圈B中的磁通量减少，电流计指针左偏，故B错误； C．将滑动变阻器的滑片向左移动，线圈A中电流增大，线圈B中的磁通量增加，电流计指针右偏，故C正确； D．将滑动变阻器的滑片向右移动，线圈A中电流减小，线圈B中的磁通量减少，电流计指针左偏，故D错误。 故选AC。 （2）①[1]由图可知，断电前，通过灯泡和线圈的电流均恒定，且通过线圈的电流大于通过灯泡的电流。断电瞬间，线圈产生自感电动势阻碍通过其电流减小，而此时灯泡和线圈构成一回路，从而使通过灯泡的电流瞬间增大，且方向与原来电流方向相反。所以断电瞬间，灯泡中电流是i1。 ②[2]在不改变线圈电阻等其他条件的情况下，只将铁芯拔出后重做上述实验，线圈的自感系数减小，对电流减小的阻碍能力变弱，所以可观察到灯泡在断电后处于亮着的时间将变短。 12．(1)D (2)BD (3)C (4)在误差允许的范围内，变压器原副线圈的电压比与匝数比相等，即 (5)ACD 【详解】（1）观察变压器的铁芯，它的结构和材料是绝缘的硅钢片叠成。 故选D。 （2）变压器正常工作需要交流电，因此本实验中需要用交流电源和交流电压表（多用电表），不需要干电池和直流电压表。 故选BD。 （3）为实现探究目的，保持原线圈输入的电压一定，通过改变原、副线圈匝数，测量副线圈上的电压。这个探究过程采用的科学探究方法是控制变量法。 故选C。 （4）由实验数据可知：第1次有 第2次有 第3次有 由以上计算可知，在误差允许的范围内，变压器原副线圈的电压比与匝数比相等，即。 （5）A．变压器线圈中有电流通过时会发热，线圈则有直流电阻，在线圈上会产生电压降，使输出电压减小，故A正确； B．原、副线圈的电压是否同步，对输出电压无影响，故B错误； C．铁芯在交变磁场的作用下会发热，使变压器输出的电能小于输入电能，使输出的电压减小，故C正确； D．原线圈中电流产生的磁场能在向副线圈转移过程中有损失，即有漏磁现象，由能量守恒定律可知，使输出电压减小，故D正确。 故选ACD。 13．（1）电流由M向N通过R；（2）1.6V 【详解】（1）由楞次定律知该电流由M向N通过R （2）由法拉第电磁感应定律得感应电动势为 ΔΦ=ΔB·L2 从图象可知 由串联分压规律可得 联立以上几式解得 U= 14．（1）；（2）；（3） 【详解】（1）根据题意可得粒子在P点速度方向与轴的夹角为，可得粒子在P点的竖直分速度 粒子在电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，有 竖直方向根据牛顿第二定律有 而根据速度与时间的关系可得 联立以上各式可得 （2）粒子在点的速度 粒子在磁场中做圆周运动，有 粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨迹如图所示 根据几何关系可得 联立解得 （3）根据几何关系可知，粒子在挡板右侧磁场中运动的时间 而粒子做圆周运动的周期 解得 15．（1）带正电；（2）见解析；（3） 【详解】（1）依题意，由右手定则判断可知，C板电势高，带正电。 （2）根据法拉第电磁感应定律 经过一段时间，导体棒扫过得面积 取n=1匝，可得 （3）对带负电小球，在复合场中竖直方向平衡 联立可得 合力即为洛伦兹力 带电小球恰能从右板边缘射出，如图所示，由几何关系可得 可得 答案第10页，共17页 - 16 - 学科网（北京）股份有限公司 $