二轮专题(十一) 直流电路和交变电流-【真题密卷】2026年高考物理二轮专题精准提升（重庆甘肃贵州专用）

2025一2026学年度二轮专题精准提升（十一） 题 物理·直流电路和交变电流 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项符合题目要求。 题号 1 2 5 6 7 答案 1,工程师对某款新能源汽车的直流蓄电池进行性能测试，测试过程中系统输出的了图 P.1 像如图，其中P为直流电源的输出功率，I为总电流，下列说法正确的是 ( -0.524 A.该蓄电池的电动势为12V B.该蓄电池的内阻为2Ω C.该蓄电池的最大输出功率为144W D.该蓄电池的短路电流为12A 2.某自行车的车灯发电机如图甲所示，其结构如图乙。绕有300匝线圈的U形铁芯开口 处装有磁铁。车轮转动时带动半径为2c的摩擦小轮转动，摩擦小轮又通过传动轴带 动磁铁一起转动，从而使铁芯中磁通量发生变化，其变化图像如图丙所示，其中ω为摩 擦小轮转动的角速度。线圈两端c、d作为发电机输出端与标有“12V,6W”的灯泡L 相连。当自行车以速度匀速行驶时，小灯泡恰好正常发光。假设灯泡阻值不变，线圈 的总电阻为6Ω，摩擦小轮与轮胎间不打滑，发电机输出电压可视为正弦交流电压。则 下列说法正确的是 () 摩擦小轮 小发电 车轮 小发电机 形铁芯 +/(×10Wb》 2π 传动轴 磁铁 2 A,自行车的速度o=10m/s B.小灯泡正常发光时w=250rad/s C.若自行车的速度减半，则小灯泡的功率也减半 D.磁铁处于图乙位置时，小灯泡两端的电压为12√2V 二轮专题精准提升（十一）物理第1页（共8页） 真题至 不是看到希望才坚持，而是坚持了才能看到希望 3.如图甲所示，取一电阻率为ρ的均质金属材料，将它做成横截面为圆形的金属导线，每 班级 段导线体积均恒为V。如图乙所示，将一段导线接在电动势为E,内阻为r的电源两 端，并置于方向垂直纸面向外、磁感应强度大小为B的匀强磁场中，如图丙所示，将 一段导线接在恒流源两端，下列说法不正确的是 () 姓名 恒流源、0 得分 丙 A.图乙中，拉长该段导线使直径减小，导线电阻随之增大 B.图丙中，拉长该段导线使直径减半，导线两端电压变为原来的8倍 C.图丙中，改变导线直径，该段导线发热功率与直径的四次方成反比 ,通过改变导线直径可改变导线所受的安培力，且最大安培力为。 or 4.如图，在磁感应强度大小为0.5T、方向水平向左的匀强磁场中，固定有两个导轨半径均 为0.5m的平行圆弧导轨ad、6c,间距为0.4m,电阻不计：c,d两端与阻值为0.2D 的电阻R和理想电压表连接。现有一长为0.4m、阻值为0.22、质量为1kg的导体棒 AC,从导轨的最高处cd在方向始终沿圆弧导轨的切线方向的拉力作用下，以2/s的 速率沿导轨向下做匀速圆周运动到ab处。g取l0m/s2。导体棒从cd处运动到ab处 的过程中，下列说法正确的是 () B A.导体棒刚过cd处时通过导体棒中的电流方向沿AC方向 B.电压表的示数为0.20V C导体棒中产生的焦耳热为0J D.导体棒刚到达ab时对导轨的压力大小为18.2N 5.一起重器的电路示意图如图甲所示，理想变压器的原线圈中接入图乙所示的正弦交流 电，照明灯的规格为“22V11W”,电动机线圈的内阻r=12,装置工作时，重物以v= 0.5m/s的速率匀速上升，照明灯正常工作，电表均为理想交流电表，电动机的输入功率 PM=209W。电动机的输出功率全部用来提升重物，g取10m/s2,下列说法正确的是 () u/v )) 220/5 照 明 M 灯 t/×10-2s) 重物 -2202 密卷 二轮专题精准提升（十一）物理第2页（共8页） 2 A.原、副线圈的匝数比为10√2：1 B.电流表的示数为9.5A C.重物的质量为23.75kg D.若电动机被卡住不转动，且电路尚未被烧坏，则原线圈中电流的有效值为225A 6.物理学上把交变电流变成直流电的过程叫整流。几种常见的整流电路如图甲、图乙、图 丙所示，各整流电路左端输人完全相同的正弦交流电u=Umsin wt。三种整流电路中变 压器为相同的理想变压器，原、副线圈匝数比为：1，右端均接有3个完全相同的阻值 为R的电阻。图乙中与电阻R下端相连的导线与变压器副线圈中间位置相接，下列说 法正确的是 () D A图乙整流电路通过电阻R电流的有效值为 2nR B,图甲整流电路在一个周期内通过电阻R的电荷量为2U。 noR Um C.图乙整流电路在一个周期内通过电阻R的电流平均值为 2πnR D.图乙整流电路与图丙整流电路中电阻R在一个周期内产生热量相同 7.如图为可调式理想变压器输电示意图。原线圈连接灯泡L1,副线圈匝数可通过滑动触 头Q来调节，在副线圈两端按照图示连接了阻值为R。的定值电阻、灯泡L2、最大阻值 为R'的滑动变阻器，P为滑动变阻器的滑片。灯泡L1、L2的阻值与定值电阻的阻值相 同，不考虑灯泡的阻值变化，两灯泡始终发光且工作在额定电压以内。在原线圈上加一 电压恒为U的正弦交流电，则 () ⊕ A.保持P的位置不动，将Q向上滑动的过程中，灯泡L1一直变暗，L2一直变亮 B.保持P的位置不动，将Q向上滑动的过程中，灯泡L1一直变亮，L2先变暗后变亮 C.保持Q的位置不动，将P从a端滑动到b端的过程中，L1先变暗后变亮，L2先变亮 后变暗 D.保持Q的位置不动，将P从a端滑动到b端的过程中，L1先变暗后变亮，L2一直 变亮 2 二轮专题精准提升（十一）物理第3页（共8页） 真题 二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多 项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 题号 9 10 答案 8.如图甲所示，在一d≤x≤d、一d≤y≤d的区域中存在垂直xOy平面向里、磁感应强度 大小为B的匀强磁场（用阴影表示磁场的区域），当一个未知形状的线圈在该磁场中绕 y轴匀速转动时，线圈中产生的交变电动势如图乙所示。若仅磁场的区域发生了变化， 变化后磁场的区域如图丙所示，线圈中产生的电动势变为图丁所示实线部分。该线圈 可能的形状是 () 2 3d d d A.正方形线框 B.圆形线框 C.六边形线框 D.正六边形线框 9.如图甲所示，金属杆垂直导轨放置在光滑两平行水平导轨上，接入导轨间的有效长度为 L,磁感应强度大小为B的匀强磁场方向竖直向上，整个回路的电阻恒为R,现给金属 杆施加水平向右的特殊拉力F,让金属棒向右运动的速度一时间关系图像如图乙所示， 图中的曲线是正弦曲线的形状，结合图中所给的相关已知条件，分析下列说法正确的是 ( 2t3t41516t 密卷 二轮专题精准提升（十一）物理第4页（共8页） A1=0时刻，若拉力F的大小为F,则曲线切线的斜率小于 m B2L2v8 B.t=2.5时刻，拉力F的功率为°R 2L2So C.若图乙阴影的面积为S。,则3to~4t时间内，拉力F的平均值为 Rto D.0~21,时间内，回路中产生的热量为2BL202 R 10.“喝过藿香正气水会被测出酒驾！”根据一项实验，测试者喝下了一瓶10毫升的藿香正气 水，1分钟后，试着吹了一下酒精测试仪，显示每毫升血液里含有酒精达到5毫克；10分 钟后，显示的结果为每毫升血液含酒精0.3毫克，16分钟后显示结果为0。根据国家质量 监督检验检疫局发布的《车辆驾驶人员血液、呼气酒精含量阈值与检验》(GB19522一 2004)规定，饮酒驾驶是指车辆驾驶人员血液中的酒精含量大于或者等于0.2mg/L,小 于0.8mg/L的驾驶行为，醉酒驾驶是指车辆驾驶人员血液中的酒精含量达到或超过 0.8g/mL。图甲是酒精测量仪的原理图，酒精电阻传感器的关系如图乙所示。将酒精 测量仪左端接上正弦式交流电，u=220√2sinl00πt(V),定值电阻R1=402,电流表和电 压表均为理想电表，理想变压器原，副线圈匝数之比1：n2=3:1,现让司机吹气，下列 说法正确的是 () +R/2 80 A 60月 R酒精 40 传感器 20 0.20.40.60.81.0c1mgmL-) 甲 A.司机饮酒后，在吹气过程中，电压表V1示数增大，电流表A示数减小 B.酒精测试仪中电流表A示数范围为0.55~1.0A,说明司机属于饮酒驾驶 C.若司机喝过一瓶藿香正气水10分钟左右进行测量，电压表V2的示数约为64V D.若R1和R功率相等，则酒精浓度为0.6mg/mL 三、非选择题：本题共5小题，共57分。 11.(7分)物理兴趣小组用可拆变压器探究“变压器原副线圈电压与匝数的关系”。可拆变 压器如图甲、乙所示。 变压器铁芯 线卷 线圈 变压器铁芯 甲可拆变压器零部件 乙组装后的变压器 丙 (1)为实现探究目的，保持原线圈输入的电压一定，通过改变原、副线圈匝数，测量副线 圈上的电压。这个探究过程采用的科学探究方法是 A.等效法 B.理想模型法 C.控制变量法 D.演绎法 二轮专题精准提升（十一）物理第5页（共8页） 真题密 (2)变压器原、副线圈匝数分别选择n1=800匝、n2=400匝，原线圈与10V正弦式交 流电源相连，用理想电压表测得输出电压U2=2.5V,输出电压测量值明显小于理 论值，造成这种现象的主要原因是 A.副线圈匝数n2略少于400匝 B.变压器存在电磁辐射 C.原、副线圈存在电流热效应 D.两块变压器铁芯没有组装在一起 (3)等效法、理想模型法是重要的物理学方法，合理采用物理学方法会让问题变得简 单，这体现了物理学科“化繁为简”之美。图丙为某电学仪器原理图，变压器原副线 圈的匝数分别为n1、2。若将右侧实线框内的电路等效为一个电阻，可利用闭合电 路的规律解决极值问题：在交流电源的电压有效值U。不变的情况下，在调节可变 电阻R的过程中，当R= 时（用n1、n2、R。表示），R获得的功率最大。 12.(9分)某物理小组欲探究变压器线圈两端电压与匝数的关系，提供的实验器材有：学生 电源、可拆变压器、交流电压表、若干导线。图甲为变压器实物图，在原线圈两端加上 电压，用电压表分别测量原、副线圈两端的电压，测量数据如表： 原线圈两端电压副线圈两端电压 实验序号原线圈匝数n1 副线圈匝数n2 U U1(V) U2(V) n2 U2 1 800 400 8.0 3.7 2 2.2 2 800 100 8.0 0.9 P 8.9 3 200 100 8.0 3.6 2 2.2 4 1400 100 8.0 14 y 请回答下列问题： (1)原线圈两端应该分别与图乙中的 (填“a、b”或“c、d”)连接。 (2)表格中，缺失的两个数据x,y分别可能为 A.1.0,8.0 B.0.8,10.0 C.0.5,16.0 (3)为了减小能量传递过程中的损失，铁芯是由相互绝缘的硅钢片平行叠成。作为横 挡的铁芯的硅钢片应按照下列哪种方法设计 A D (4)根据上表数据得出的实验结论是：在实验误差允许范围内，变压器原、副线圈两端 的电压之比等于 。(用语言描述即可) 卷 二轮专题精准提升（十一）物理第6页（共8页） 2 13.(10分)在如图所示的电路中，定值电阻R1=22、R2=32、R3=12、R4=32、R5= 4n,电容器的电容C=4F,电源的电动势E=10V,内阻不计。闭合开关S1、S2,电路 稳定后，求： (1)若保持开关S1、S2闭合，电阻R3突然断路，电路稳定后，电阻R2的电功率； (2)若保持开关S1闭合，断开开关S2,电路稳定后，流过R；的电荷量。 R 14.(13分)某探究小组设计了两种电磁驱动装置。图甲利用直流电源给线框供电，接通电 源后正方形导线框ABCD在磁极间的辐向磁场中，从静止开始绕中心轴线OO'发生转 动。图乙为三个线圈连接到三相电源上，电流形成的磁场可等效为角速度ω。的旋转 辐向磁场，稳定后解锁正方形导线框ABCD,导线框由静止开始转动。图丙为不同视 角的上述两种驱动装置的截面图，分别为图甲的正视图和图乙的俯视图。已知导线框 ABCD的边长为l,电阻为R,AB、CD两边的质量均为m,所处位置的磁感应强度大小 均为B,磁场方向始终与转动方向垂直，转动中AB、CD两边受到的阻力均为f=v(及 为比例系数，为线速度)，其余两边质量和所受阻力不计。电源的电动势为E,内阻不 计，求： (1)在两种驱动装置中，若图甲、乙导线框的转动方向一致，则旋转辐向磁场的转动方 向是顺时针还是逆时针； (②)在图乙装登中，若长-2，则导线框转动的最大角速度m: (3)在图甲装置中，若导线框经过时间t恰好达到最大角速度，则在该过程中AB边转 过的弧长s。 0 二轮专题精准提升（十一）物理第7页（共8页） 真题密卷 15.(18分)图甲所示的电磁炉可视为一个变压器，炉盘相当于原线圈，锅体既是副线圈又 是负载，通过电磁感应产生涡流来加热食物。锅体感应的电动势与原线圈电压的比值 称作耦合系数，设为。电磁炉工作原理可简化为图乙，电源的频率、有效值恒定，电压 为U,炉盘中配有定值电阻，阻值为R,锅体回路中的电阻相当于负载。 (1)若已知锅体中感应电动势的有效值为U2,求通过定值电阻R.的电流。 (2)若已知锅体等效电阻为R,求流过定值电阻Rx的电流。 (3)更换不同锅体，相当于调节负载电阻，设耦合系数n都不变，求锅体等效电阻为多 大时加热食物的功率最大。 负载 二轮专题精准提升（十一）物理第8页（共8页）真题密卷 二轮专题精准提升 由对称性，易得N'的坐标为 旋半径不同、螺距相同。落点位置和底面中心连线 5v3 相对x轴的夹角相同，得出与x轴夹角为30°的倾 Γ16元R, 35 5 6R,16mR) (2分) 斜直线，直线以M、N'为端点（不触边界），画出图案 如图乙。 (4分) 'aM M 甲 (3)粒子进入磁场后，z不同，0，相同，T相同，回 2025一2026学年度二轮专题精准提升（十一） 物理·直流电路和交变电流 一、单项选择题 此时磁通量的变化率为0，即磁铁处于图乙位置时，小 1.A【解析】蓄电池的输出功率P=EI一Ir,变形 灯泡两端的电压为0，D错误。 得号-号-7，给合圈缘可得E=12V,=0,50,A 3.B【解析】根据电阻定律R= S,其中S=d , 正确，B错误；由P=E1-IP7=一(1-左)，+9 E2 S,联立解得R=16oV Ar 产，可知题图乙中，拉长该 段导线使直径减小，导线电阻随之增大，A正确； 可知害1一号-12A时，最大输由功车P一号 题图丙中，导线两端的电压U=R=160VI πd,电流 72W,C错误；该蓄电池的短路电流1：=， = 不变时，拉长该段导线使直径减半，导线两端电压 24A,D错误。 变为原来的16倍，B错误；题图丙中该段导线的发 2.A【解析】设感应电动势的最大值为Emx,则有 热功率P=PR-T,流过导线的电流不走， Emax=NBSw=N便mxw,则感应电动势的有效值 改变导线直径，该段导线发热功率与直径的四次 E严，小灯泡恰好正常发光，则有R十R Eo Eo 方成反比，C正确；题图乙中，由闭合电路欧姆定 2 E 名小内念有，一货高。0n时 律I=R十，导线受到的安培力F=BIL,联立解 BEV 得F= ，可知通过改变导线直径可改变导线 B错误；车轮转动时带动半径为2cm的摩擦小轮转动， S+rs 根据v=wr,结合上述解得v=l0m/s,A正确；若自行 车的速度减半，摩擦小轮转动的角速度减半，感应电动 所受的安培力，由数学知识可知当且仅当 S=rS时， 势的最大值减半，感应电动势的有效值减半，根据闭合 电路欧姆定律可知，感应电流的有效值减半，则小灯泡 S+S最小，此时S=√罗，最小值为25=2 e oV 的功率减为先前的4，C错误；磁铁处于题图乙位置 oV -20丽，故装大安培力r=号E√侣D 时，穿过线圈的磁通量达到最大值，根据题图丙可知， 正确。本题选择不正确的选项，故选B。 2 ·44· ·物理· 参考答案及解析 4.C【解析】根据右手定则可知，导体棒刚过cd处 △Φ2BS_2Um 时通过导体棒中的电流方向沿CA方向，A错误； 荷量g一R=R一mR,B正确：由A,B选预分 析可得图乙整流电路在一个周期内通过电阻R的 时刻的感应电动势e=BL0cost,其中u=”,解 Um 得e=BLeo(）-0.4cos4:(V),t时刻的感 27 电荷量q'=2X R,又T=2 ,图乙整流电路 在一个周期内通过电阻R的电流平均值I= q 应电流i= 2R=Cos4t(A),感应电流的有效值 I=】A,则电压表示数U=IR≈0.14V,B错误； ,C错送围乙整流电路与图丙整流电型 √2 阻R的电压峰值关系为 U2m- 2-J.C U制3m 2,在一个周期内 导体棒中产生的焦耳热Q=IR· v80 /U制2m 正确；设导体棒刚到达αb时受到导轨的支持力大 2 Q2 R 2 产生热量关系为 小为N,则有N一mg=m,,解得N=18N,根 /U制3m 2 4D错误。 2 据牛顿第三定律知导体棒刚到达ab时对导轨的 压力大小为18N,D错误。 7.D【解析】根据题意可知副线图的总电阻} 5.C【解析】原线圈电压的有效值U1= Um ② 1 1 R十R十RR化简得R= R十Rp)·R。十Rp) 2Ro+R 2202V=220V,照明灯正常工作，副线圈的电 √2 则滑动变阻器的滑片从α端滑到b端的过程中，副线 压U2=22V,原、副线圈的匝数比n1:n2=U1: 圈的总电阻先增大后减小，根据等效电阻关系，变压 U2=10:1,A错误；通过照明灯的电流的有效值 器与副线圈电阻可等效为电阻R等= (巴)R,则等 2-片-22A=0.5A,通过电动机的电流的有 效电阻先增大后减小，对原线圈电路由欧姆定律有 PM_209 效位1u=-22A=9.5A,电流表的示数I= 1R,显超变压器电流关系1-他，由上 IL十IM=10A,B错误；电动机的输出功率等于输 述分析可知，I1先减小后增大，I2先减小后增大，则 L先变暗后变亮，根据欧姆定律U1=U一I1R。,变压 入功率减去发热功率，则有U2IM一Ir=mgv,解 得m=23.75kg,C正确；若电动机被卡住不转动， 器电压关系U,=”,0,由于11先减小后增大，则副 电动机线圈中的电流1w=:-2A=22A,副 线圈的电压U2先增大后减小，通过L2的电流IL U, 线圈中的总电流I2=22.5A,根据电流比可知n1I1= R,十R,则滑动变阻器的滑片从a端滑到b端的过 n2I2,解得原线圈中电流的有效值I1=2.25A,D错误。 程中，R逐渐减小，副线圈的电压U2增大过程中 6,B【解析】题图乙整流电路中电阻R两端电压最 I2增大，在副线圈的电压U2减小过程中，通过R。 ,电流的有效值1= 大值U时2m=2n i2m_2U √② 4nR' U。,Rp逐渐增大，则I,慈来越 的电流IR,一R。十Rp R 小，则根据电流关系I,=I2一I,可知L一直变亮， A错误；由理想变压器原副线圈电压与匝数关系， D正扇，C错误：根据等处电但关系，有R:=倪)R。 可得U别1 =,又U=BS,联立解得BSP 可知保持P的位置不动，将Q向上滑动的过程中，n2 ,图甲整流电路在一个周期内通过电阻R的电 U nw 增大，故等效电阻变小，根据欧姆定律L一R。十R' ·45· 2 真题密卷 二轮专题精准提升 可知I1增大，故L一直变亮；由等效电源法有U2= BLS。,综合可得3t0~4t。时间内，拉力F的平均 R .1 R。+( ,即当R= R。时，副线 值F=BL2S Rto ,C正确；由图像可得Eml= n1 m. BLvo,Em2=2BLVo,图像中的曲线是正弦曲线的 圈的电压最大，灯泡L最亮，题中并没给出原副线圈 匝数以及滑动变阻器的阻值，故无法判断L2的亮暗 分之一，则电动势的有效值是最大值的2， 变化，A错误，B错误。 有E1= 二、多项选择题 BLvo,E2 √2 _2BL0=2BL,在0~20 √2 8.AC【解析】根据法拉第电磁感应定律，三个形状 时间内，回路中产生的热量Q= E,E 的线框在题图甲所示磁场区域中产生的电动势随 R十R。= 时间的变化规律都符合题图乙，比较线框在磁场 5B2L26t0,D错误。 2R 区域发生变化前后所产生感应电动势随时间变化 10.BC【解析】将副线圈等效为电阻Rx,则有 规律，由题因乙和题图丁可知，当Esin ot=5E 2 RI=RI,因为I1n1=I2n2,代入题中数据， 解得R=9R,对原线圈有U=I1(R1十R)= 时，即当线圈袭转时才开始切割破感线（或者 I1(R1+9R),司机饮酒后，在吹气过程中，结 说，穿过线框的磁通量才开始发生变化)。如果线 合图像可知R减小，故I1增大（即电流表A 圈形状是正方形或六边形线框，则其边长L三 示数增大)，则R1分压增大，故R电压减小 c0s60°=2d,圆形线框在变化后的磁场中，线圈 d (即电压表V1示数减小)，A错误；由题意可 始终在切割磁感应线（或者说，穿过线框的磁通量 知，有效电压U-20V-20V,图袋可知 √2 始终在变化)，A、C正确，B错误；在题图甲的磁场 酒精在0.2mg/mL与0.8mg/mL的范围内，R 中，正六边形线框要转过一定角度才会有感应电 流，D错误。 阻值在40~200之间，根据R1十9R)=1,可 9.BC【解析】若t=0时刻，金属棒的速度是0，电 知电流在0.55~1.0A之间，B正确；若司机喝过 动势是0，电流是0，安培力是0，合力为F,当F的 一瓶藿香正气水10分钟左右进行测量，则每毫升 Fo 血液含酒精0.3毫克，图像可知电阻R约为30Ω， 大小为F,时，a=m又因为t图像的斜率表示 U 220 加速度，则t=0时刻，图像曲线切线的斜率等于 则1=R,十9R)-40+9X30A≈0.71A,则 ,A错误；t=2.5,时刻，mt图像的斜率是0， F 12= m≈2.13A,则电压表V2的示数U'= n2 金属棒的加速度是0，则拉力F与安培力等大反 I2R≈(2.13×30)V≈64V,C正确；若R1和R 向，即F=F米中E=BL,1-是，R4-BL. 动单相猴股-可R冬 9 4.42,图像可知酒精浓度为0.6mg/mL时电阻 综合可得F=。,拉力F的功率P=F0= 为202≠4.42，不符合题意，D错误。 B2L26 R,B正确；3~4。时间内，由动量定理可 三、非选择题 11.(1)C(2分)(2)D(2分) R(3分) 得F。-BIt=0,其中g=1t,1=片，E-4 △t 【解析】(1)为实现探究目的，保持原线圈输入的 △Φ 电压一定，通过改变原、副线圈匝数，测量副线圈 联立以上三式可得g=R,金属杆从~2，时 上的电压。这个探究过程采用的科学探究方法 间内的位移等于阴影部分的面积S。,则△Φ= 是控制变量法，C正确。 2 ·46· ·物理· 参考答案及解析 (2)根据理想变压器原副线圈电压与线圈匝数的 电阻R2的电功率 系=，副线圈匝数2略小于400匝，可知 关系U2n2 P1=IR2 (1分) 解得P1=12W (1分) 副线圈电压应略小于5V,不会明显小于理论值，A (2)开关S1、S2闭合时，由于电源内阻不计，则通 错误；变压器存在电磁辐射，辐射电磁波，放出能 过R2的电流与上述电流相等，结合上述，令电源 量，但辐射能量较少，输出电压测量值不会明显小 负极电势为0，则有 于理论值，B错误；原、副线圈存在电流热效应，副 pa-0=I1R2 线圈电压将小于5V,不会明显小于理论值，C错 解得p。=6V (1分) 误：两块变压器铁芯没有组装在一起，会出现漏 通过R4的电流 磁，副线圈电压将明显小于理论值，D正确。 E (1分) (3)根搭变压器原理可得元？了 Ui ni I n2 I2一R十R4 根据 则有 闭合电路欧姆定律R= 96-0=I2R4 则副线图的等效电胆 解得p6=7.5V (1分) K只-)k,转山等黛务电爱电动券，民。 此时电容器下极板带正电，根据电容的定义式有 C Q 等效为电源内阻，R'等效为外电阻，当R获得的 (1分) p6一p。 功率最大时，则有R=R,解得R=停)R 若保持开关S闭合，断开开关S2,电路稳定后， 通过电路的电流仍然为I2,此时电容器两端电压 12.(1)c、d(2分)(2)C(2分) (3)D(2分)(4) U,=I2R3 (1分) 原、副线圈匝数之比(3分) 此时电容器下极板带负电，根据电容的定义式有 【解析】(1I)在探究变压器线圈两端电压与匝数 2 关系的实验中，原线圈两端应接入交流电，故应 C-U (1分) 与c、d连接。 则流过R；的电荷量 U1n1_1400 (2)根据理想变压器的原理，有U,一m2=100 Q=Q1十Q: 解得Q=1.6×10-5C。 (1分) 可得U2≈0.57V,实际变压器有磁损、铁损和铜 损，实际输出电压要偏小，故有U2=x≈0.5V, 14.(1)顺时针(2) (3BLE (KR:+2B1-mR) 2 (2B2L2+kR)2 ,U18 则可得，*-05=16，C正确。 【解析】(1)题图甲装置，导线框顺时针转动，题图 乙装置若导线框也顺时针转动，由楞次定律可知， (3)根据楞次定律和安培定则，产生的涡旋电流 旋转辐向磁场的转动方向也为顺时针。(1分) 的方向与左侧面平行，为了减小涡旋电流在铁芯 (2)当金属线框ABCD达到稳定时，线框AB、CD 中产生的热量，相互绝缘的硅钢片应平行于前表 两边切割磁感线的相对速度大小 面（后表面），D正确。 (4)根据题表中数据可得，在实验误差允许范围 V抽时=(w0一wm）·2 (1分) 有-”，得出结论：在实验误差九许范国内， 根据法拉第电磁感应定律，可得此时的感应电动势 内有U2n2 E=2Bl指对=Bl2(w0一wm） (1分) 变压器原、副线圈的电压之比等于两个线圈的匝 则此时的感应电流 数之比。 -E=B12(w0-w 13.(1)12W(2)1.6×10-6C (1分) R 【解析】(1)若保持开关S、S2闭合，电阻R,突 金属线框AB、CD两边所受的安培力均为 然断路，电路稳定后的电流 F&=BIl= B213(w0一wm） R (1分) 、E I1-R1+R? (1分) AB、CD两边所受的安培力均与阻力平衡 ·47· 2 真题密卷 二轮专题精准提升 f=F安 Bl(E-2Blv;) 又IA= ∑FA△=∑ △t= 又有 R BL(Et-2Bls) f=kv-kam 2 (1分) R 当=2B12 联立解得 R时 2BIEt-momIR s- 2B2121B213(w0-wm) 4B212+2kR R Wm 2 (1分) R 代入wm,得 解得导线框转动的最大角速度 BIE (kRt+2B212t-mR) s= (2B212+R)2 (1分) 号 (1分) n2U (3)转动稳定后达到最大角速度wm,AB、CD两 15.(1)n0-U nR, ,(2)R+nR: (3)n2R 边所受的安培力均与阻力平衡 【解析】(1)定值电阻R.的电流为I,则原线圈 f=F安 两端电压U1=U-IR (2分) U, 又f=ku=kwm2 根据=” (2分) 根据法拉第电磁感应定律，可得此时的感应电动势 解得通过定值电阻R,的电流I=nUU(2分) E"-2Blv=Bl2@m nR 则此时的感应电流 (2)原线圈中满足U=U-I1R. (2分) T=E-E”_E-Bl'un U2 (1分) 副线圈中满足12= (2分) R R AB、CD两边所受的安培力 U I Fs=Bl(E-Bol) 又因为可=”1。=1 (2分) (1分) R n2U 联立解得I1=R十nR (2分) L_Bl(E-Bo) 则kwm2 (1分) R (3)锅体产热的功率P=IR= n2UR 2BE (R+n'R.):= 解得wm=2B212+kR n2U2 R+(nR.) (2分) 设安培力的冲量为IA,由动量定理知 R +2n2R 2IA-2ft=2m·wm2 (1分) 因此当R=n2R,时取得最大功率。 (2分) 2025一2026学年度二轮专题精准提升（十二） 物理·电磁感应综合（包括电路、能量、动量、图像问题） 一、单项选择题 a、b两线圈中产生的感应电动势大小之比为5：13，A 1.A【解析】线圈a中小圆产生的感应电动势和大 正确。 圆中产生的感应电动势方向相反，即电动势E1= 2.C【解析】线圈进入磁场的过程，磁通量增加，根据 π3r)2-44B 楞次定律，可判断出，感应电流的方向为ADCBA,A △B 2=5 △r,线圈b中小圆产 错误；在线圈进入磁场的过程中，受到沿CA方向的 生的感应电动势和大圆中产生的感应电动势方向相 安培力作用；由于线圈匀速运动，由二力平衡可知，线 B △B 圈受到的摩擦力方向为AC方向，且与安培力大小相 同，即电动势E,一 △应π(3)2+4 2-13 等。根据牛顿第三定律可知，线圈对传送带的摩擦力 ·48·