二轮专题(十一) 直流电路和交变电流-【真题密卷】2026年高考物理二轮专题精准提升（福建专用）

·物理· 参考答案及解析 =(68+35) 110π、L (1分) (1分) vo ts=(72+3 2025一2026学年度二轮专题精准提升（十一） 物理·直流电路和交变电流 一、单项选择题 1,B【解析】根据电阻定律R= ,其中S= πd2 ),C错误；图乙整流电路与国丙整流电路中电 nπR 4 U制2m一 1-占联立解得R-,可知题因乙中，拉长证 -16pV 阻尽的息压峰值关系为二-合在一个网编内 2 U制2m 段导线使直径减小，导线电阻随之增大，A正确； √2 -T 题图丙中，导线两端的电压U=IR=160V”, πd4,电流 2 R 1 产生热量关系为 Q U副3m D错误。 不变时，拉长该段导线使直径减半，导线两端电压 2 变为原来的16倍，B错误；题图丙中该段导线的发 R 热功率P=I2R= 16oVI2 πd,流过导线的电流不变， 3.A【解析】蓄电池的输出功率P=EI一Ir,变形 改变导线直径，该段导线发热功率与直径的四次 得2=，结合图像可得E=12V,r=0.5Q, 方成反比，C正确；题图乙中，由闭合电路欧姆定 .E2 E 正确，B错误；由P=E-r=-(1一2)7十粉 2r1 律I=R十，导线受到的安培力F=BIL,联立解 可知当1= E E 得F=BEV =12A时，最大输出功率Pm一 ，可知通过改变导线直径可改变导线 S+rs 72W,C错误；该蓄电池的短路电流I短= 所受的安培力，由数学知识可知当且仅当 S=rS时， 24A,D错误。 4.C【解析】将R1和R2等效为电源内阻，则等效 S十S最小，此时S=/ P V ,最小值为2rS=2r· ER2 电源的电动势E,一R,十R十，二6V,等效内阻 Nr =2Vp所，故最大安培力下n= PV V 2BE ,D or _（,十R,)R=5Q,当滑动变阻器的滑片从a r1=,+R十R含 正确。本题选择不正确的选项，故选B。 端滑到b端的过程中，R4变大，总电阻变大，总电 2.B【解析】题图乙整流电路中电阻R两端电压最 流减小，路端电压变大，V1读数变小，则V2读数 _Ua2mV2Um 变大，因U幕路=U1十U2,可知△U1小于△U2|, 大值Um2,,电流的有效值1日 √2 AnR |△U R A错误；根据欧拇定律U=R,△=R: A错误；由理想变压器原副线圈电压与匝数关系， 20Ω，根据闭合电路欧姆定律E1=U2十I(Rg十 n=1, 可得U1 1,又Um=BSw,联立解得BS= r),可得 △U2 △I =Rg十r1=25n,B错误；将R3等 ,因甲整流电路在一个周期内通过电阻R的电 效为新电源的内阻，内阻r2=r1十R3=252,当外 nw 电路电阻等于电源内阻时输出功率最大，则当滑 转管-爱5-限B确：白AB达项分 动变阻器的滑片从a端滑到b端的过程中，电阻 从0增加到302，可知R4的功率先增大后减小， 析可得图乙整流电路在一个周期内通过电阻R的 R,=250时功率最大，最大值P三(）7： Um 272n0 0.36W,C正确；当滑动变阻器的滑片在a端时， 电荷量g=2XR又T二，图乙整流电路 R2R3 26 在一个网期内通过电阻R的电流年均位1一号 电源E的外电阻R州=R十R2十R一30，当滑 动变阻器的滑片在b端时，电源E的外电阻 ·45· 6 真题密卷 二轮专题精准提升 R2(R3+R4)31 EE R=R,+R:十R,十R:-30,电源E的内阻 时间内，回路中产生的热量Q= Ro十R。= r=8,根据电源输出功率和外电阻关系可知，滑 动变阻器的滑片从a端滑到b端的过程中，电源 5B2L26t0,D错误。 2R 的输出功率一直减小，D错误。 7.AD【解析】右手定则可知，通过电阻R的电流 二、双项选择题 方向始终为N→M,A正确；导体棒产生的电动 5.AC【解析】根据法拉第电磁感应定律，三个形状 1 的线框在题图甲所示磁场区域中产生的电动势随 =2 L@B.sin0,可知当OA棒转 时间的变化规律都符合题图乙，比较线框在磁场 区域发生变化前后所产生感应电动势随时间变化 动至0=6时，电动势e= 4L2ωB,B错误；根据 规律，由题图乙和题图丁可知，当Esin ot=3E e=2 LBosin0=Ensin0,可知圆环转动一周的 1 2 时，即当线图荧转时才开始切制磁感线（或者 过程中，感应电动势有效值E有=E。- L2@Bo, √24 说，穿过线框的磁通量才开始发生变化)。如果线 圈形状是正方形或六边形线框，则其边长L C错误；分析可知，整个电路总电阻R怎=，十4一 c0s60=2d,圆形线框在变化后的磁场中，线圈 d 5r ,圆环转动一周的过程中，根据能量守恒可知，外 始终在切割磁感应线（或者说，穿过线框的磁通量 厚×2红，联立解得W=aBL 始终在变化)，A、C正确，B错误；在题图甲的磁场 力做的功W=RX。 5r ,D 中，正六边形线框要转过一定角度才会有感应电 正确。 流，D错误。 8.BC【解析】将副线圈等效为电阻R,则有RI= 6.BC【解析】若t=0时刻，金属棒的速度是0，电 RI,因为I1n1=I2n2,代入题中数据，解得Rz= 动势是0，电流是0，安培力是0，合力为F,当F的 9R,对原线圈有U=I1(R1十Rx)=I1(R1十9R),司 大小为瓜，时a只，又因为1图缘的斜车表示 机饮酒后，在吹气过程中，结合图像可知R减小，故 m I1增大（即电流表A示数增大），则R1分压增大， 加速度，则t=0时刻，图像曲线切线的斜率等于 故R电压减小（即电压表V1示数减小），A错误； E,A错误：2=2.5，时刻，rl图像的斜率是0， 由题意可知，有效电压U-202V=220V,图像可 2 金属棒的加速度是0，则拉力F与安培力等大反 知酒精在0.2mg/mL与0.8mg/mL的范围内，R E U 向，即F=F安，其中E=BLo,I= =BIL, 阻值在40~200之间，根据R,十9R)-1,可知电 流在0.55~1.0A之间，B正确；若司机喝过一瓶藿 踪合可得F二B人0拉力F的功率P=F。与 香正气水10分钟左右进行测量，则每毫升血液含酒 B2L2 精0.3毫克，图像可知电阻R约为302，则I1 R ,B正确；3t。~4t。时间内，由动量定理可 R+9R)40+9X30A≈0.71A,则1，=I:%≈ U 220 n2 得Fto-BILt=0,其中9=to,I=R,E-A西 2.13A,则电压表V2的示数U'=I2R≈(2.13X △t 30)V≈64V,C正确；若R1和R功率相等，则有 △Φ 联立以上三式可得g=尺，金属杆从t。~2,时 设-没-片可为R-号4n,因像可为 间内的位移等于阴影部分的面积S。,则△Φ= 酒精浓度为0.6mg/mL时电阻为202≠4.42， BLS。,综合可得3to~4t0时间内，拉力F的平均 不符合题意，D错误。 值F二B,S。,C正确由图像可得E1= 三、非选择题 9.7:1:2(1分)7：1：1(1分)28：3(1分) BLvo,Enm2=2BLv0,图像中的曲线是正弦曲线的 【解析】设五个定值电阻阻值均为R,设副线圈输 二分之一，则电动势的有效值是最大值的，则 .R2、3 出电流为1，则输出电压为U,=I(R+2R)=2R, 有E1=B,E三 ,_2BL00=2BL,在0~20 √2 变压器原、副线图的匝数比为1：3，根据，一1 6 ·46· ·物理· 参考答案及解析 知，原线因输人电流为31，根播受可知，原线 11.6(1分)2(1分)2.25(1分) 【解析】电压表测滑动变阻器两端的电压，则电 图输入电压-：=名R,到线周电路中电卧 流表测量干路电流，根据闭合电路欧姆定律U= U E一I(r十R1),整理得I= E R?两端电压U3=IR,原线圈电路，电阻R2两端电 r+R:rR;R2 压等于原线圈两端的电压U=R,根据欧姆定 1 的最大功率对应的电压值为3V,当内外电阻相 等，即路端电压为电动势的一半时，取得功率最 92R 1 律可知1一尺=R=2,则流过电阻R的电 大，测号-3V,所以E=6V:根据1U的关系式可 知R1=22;根据1-U的关系式可知当I=0.5A 7 7 流1=I十3I=21R1,两端电压Ue,-2R,则 时，U=4.5V,则P=UI=2.25W。 8)R,2分) 2 R1、R2、R3两端的电压之比为7：1：2；R1、R2、R4 12.(1)C(2分)(2)D(2分) 通过的电流之比为7：1：1；变压器原线圈输入功率 P-营PR,而AB同输入动率P=(侵)R 【解析】(1)为实现探究目的，保持原线圈输入的 电压一定，通过改变原、副线圈匝数，测量副线圈 上的电压。这个探究过程采用的科学探究方法 (合)R+IPR=1WR,故A,B间输入功率与支 是控制变量法，C正确。 压器输入功率之比为28：3。 (2)根据理想变压器原副线圈电压与线圈匝数的 5πB3L2wr 10.D→C(1分)2BLrw(1分) 关系=，副线圈匝数n2略小于400匝，可知 2R。 (1分) 【解析】如图甲所示（俯视图），设经过时间t1,棒 副线圈电压应略小于5V,不会明显小于理论值，A 转至图示P位置，2时刻转至图示Q位置，由右 错误；变压器存在电磁辐射，辐射电磁波，放出能 手定则判断t1时刻通过R。的电流方向为D→C; 量，但辐射能量较少，输出电压测量值不会明显小 t2时刻电流方向为D→C;棒在B1磁场中转动时 于理论值，B错误；原、副线圈存在电流热效应，副 产生的电动势e1=B,Lvsin wt=2B,Lrwsin wt;同 线圈电压将小于5V,不会明显小于理论值，C错 理可求出棒在B2磁场中转动时产生的电动势 误；两块变压器铁芯没有组装在一起，会出现漏 e2=BoLrwsinwt,所以棒转动一周的过程中电动 磁，副线圈电压将明显小于理论值，D正确。 势e与时间t的关系图像如图乙所示，因而棒转动 一周的过程中，T=2红，则电阻尺。产生的热量 《③准落支压器原夏可得会-公品-票根送 2 BoLrw、2 BoLro 2 团合电路欧拇定律R三，则副线图的等效电庄 Q✉2 T Ro 2 Ro 5πB8L2wr2 食-受-份)广R将，等数为包题电动索 等效为电源内阻，R'等效为外电阻，当R获得的 2R。 功率最大时，则有R。=R',解得R=(但)R。 n1/ 13.(1)c、d(1分)(2)C(1分)(3)D(2分)(4) 原、副线圈匝数之比(2分) A i- --A 【解析】(1)在探究变压器线圈两端电压与匝数 关系的实验中，原线圈两端应接入交流电，故应 PO 与c、d连接。 Lorys 有0--1400 甲 (2)根据理想变压器的原理，有U。一n:-100, ◆e/BLwn 可得U2≈0.57V,实际变压器有磁损、铁损和铜 损，实际输出电压要偏小，故有U2实=x≈0.5V, 2U18 则可得U殊0.516，C正确。 (3)根据楞次定律和安培定则，产生的涡旋电流 的方向与左侧面平行，为了减小涡旅电流在铁芯 中产生的热量，相互绝缘的硅钢片应平行于前表 面（后表面），D正确。 。47 6 真题密卷 二轮专题精准提升 (4)根据题表中数据可得，在实验误差允许范围 金属线框AB、CD两边所受的安培力均为 内有光各出结论：在实验泯差许克围内 F&=BIL= B2Z3(w0-ωm） R (1分) 变压器原、副线圈的电压之比等于两个线圈的匝 AB、CD两边所受的安培力均与阻力平衡 数之比。 f=F安 14.(1)12W(2)1.6×10-5C 又有 【解析】(1)若保持开关S、S2闭合，电阻R3突 然断路，电路稳定后的电流 f-kv-k@m2 E I-R+R2 (1分) 当=2B12 R时 电阻R?的电功率 2B2121B213(w0-wm) R 0m 2- R (1分) P1=IR2 (1分) 解得P1=12W (1分) 解得导线框转动的最大角速度 (2)开关S、S2闭合时，由于电源内阻不计，则通 .号 (1分) 过R2的电流与上述电流相等，结合上述，令电源 负极电势为0，则有 (3)转动稳定后达到最大角速度wm,AB、CD两 Pa-0=I1R2 (1分) 边所受的安培力均与阻力平衡 解得pa=6V (1分) f=F安 (1分) 通过R4的电流 又f=ku=hwm2 E I2=R,十R4 (1分) 根据法拉第电磁感应定律，可得此时的感应电动势 则有 E"=2Blv=Bl2@m P6-0=I2R4 则此时的感应电流 解得p6=7.5V (1分) I=E-E”E-Blue R R (1分) 此时电容器下极板带正电，根据电容的定义式有 AB、CD两边所受的安培力 C、 (1分) BL(E-Bo m12) p6一pa F- (1分) 若保持开关S闭合，断开开关S2,电路稳定后， 分 通过电路的电流仍然为I2,此时电容器两端电压 Bl(E-Bo m12) 则kwm2 & U2=I2R: (1分) 2BE 此时电容器下极板带负电，根据电容的定义式有 解得wm=2B212十kR c-8 (1分) 设安培力的冲量为IA,由动量定理知 则流过R,的电荷量 2IA-2ft=2m·wm2 (1分) Q=Q1十Q2 又IA=∑FA△L=∑ BI(E-2Blv; 解得Q=1.6×10-5C。 (1分) △t= R 15.(1顺时针(2号 (3) BIE (kRt++2B212t-mR) Bl (Et-2Bls) (2B2L2+kR)2 (1分) R 【解析】(1)题图甲装置，导线框顺时针转动，题图 联立解得 乙装置若导线框也顺时针转动，由楞次定律可知， 2BLEt-momIR 旋转辐向磁场的转动方向也为顺时针。 (1分) s= 4B212+2kR (2)当金属线框ABCD达到稳定时，线框AB、CD 代入Wm,得 两边切割磁感线的相对速度大小 BIE (kRt+2B212t-mR) s v相对=(w0一0m）·2 (1分) (2B2L2十kR)2 (1分) 3 根据法拉第电磁感应定律，可得此时的感应电动势 16.(1)21。,以角速度w顺时针旋转 (2)w E'=2Bl相对=Bl2(w0-Wm) Arf 28(mu-ft) 则此时的感应电流 9k2ILL2入 (3) 3k入I0L 1=E'_B2(o,-wa) 【解析】(1)由题图乙可得 (1分) R R iA-Iosin wt ·48· ·物理· 参考答案及解析 ia-1.in ( 感应电动势e2XXL1×(仙-w2 ic=l1sn(od等刘 2b1L1L2(a-w,） (1分) 故在t时刻ABC线圈分别在中心处产生的磁感 该线圈中电流 应强度大小分别为 i-E_3kIoL:L:(@-w.) BA=klosin wt r 2r (1分) 21 Ba=kIosin (wt-3x) M1M2所受安培力 F表=261。×31LL:a-a:) 3 2r X L- Be=k1sn(au-专) 9k2ILL2(ω-ω：) 故在t时刻线圈中心处产生的合磁场 (1分) Ar Bsx=BA-Bacos60°-Bccos60°=klosinat 汽车受到的牵引力 ,血(u号刘ms60-s血(a号ms时 F=AF安 9k2I8LLλ@-w:）=f (1分) Ar (1分) Arf 3 (1分) 解得Bsx=2kI,sin t (1分) 解得ωx=w一9k2ILL2入 (3)刹车过程，对汽车由动量定理有 Be,=Basin60°-Bcsin60°=k1osin(owt-3 2 I制车凰力冲量大小十ft=m☑ (1分) 得I制车阻力冲量大小=mU一ft 4 sin 60sin)sin 60 (1分) 又因为在刹车的任意时刻，转子的所有线圈单边 所受安培力大小之和 解得B,=一21csc 3 (1分) F*2 (1分) 故中心处磁感应强度大小恒定为 故刹车全过程 A (1分) Ir会总冲量= I翻车配力冲量大小= (m0-ft)= 以角速度ω顺时针旋转 (1分) 3 (2)由楞次定律，转子也会顺时针旋转，汽车匀 b1L1Q8电量 (2分) 速行驶时，设转子稳定旋转的角速度为山z,当 28(mv-ft) 线圈M1M2M3M,磁通量为0时，该线圈中总 解得Q总电量= 3k入IoL1 (1分) 2025一2026学年度二轮专题精准提升（十二） 物理·电磁感应综合（包括电路、能量、动量、图像问题） 一、单项选择题 有磁场宽度的一半，所以线框整体在磁场中匀速 1.D【解析】根据法拉第电磁感应定律E=Bl,设 运动的距离与出磁场的距离相等，则根据讠= E 线圈电阻为R,根据闭合电路的欧姆定律I一尺 尺，可知出磁场电流将越来越小，方向与进磁场时 B 根据安培力公式F=BIl,根据牛顿第二定律a= 的电流方向相反，综上可以得出出磁场时间比在磁场 =mR,根据加速度的表达式可 联立解得a=B巴 中匀速运动时间更长，A、B错误；线框进入磁场过程 知，线框向右全部进入磁场的过程，线框做加速度 中，水平向右由动量定理BIL·△=mu-mwo,I= 减小的减速运动；线框完全进入磁场后，穿过线框 Blv B212v 的磁通量不变，线框中感应电动势为零，感应电流 R联立B0·△L=w,心=o○ R mR 为零，安培力为零，加速度为零，因此线框完全进 B212x 入磁场到刚要离开磁场过程，线框做匀速运动；线 =,一mR,因此x图像应演线性变化；完全 框穿出磁场过程中，根据加速度的表达式可知，线 进入磁场后，通过线框的磁通量为定值，所以没有安 框继续做加速度减小的减速运动，直到完全穿出 培力，线框做匀速直线运动；出磁场时同理可得线框 磁场；此过程t图像如图所示，由于线框宽度只 心x图像应该也为线性变化，C错误，D正确。 ·49· 6密真 2025一2026学年度二轮专题精准提升（十一） 卺题 物理·直流电路和交变电流 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 题号 1 2 3 答案 1.如图甲所示，取一电阻率为ρ的均质金属材料，将它做成横截面为圆形的金属导线，每 段导线体积均恒为V。如图乙所示，将一段导线接在电动势为E,内阻为x的电源两 端，并置于方向垂直纸面向外、磁感应强度大小为B的匀强磁场中，如图丙所示，将另 一段导线接在恒流源两端，下列说法不正确的是 () 恒流源。 丙 A.图乙中，拉长该段导线使直径减小，导线电阻随之增大 B.图丙中，拉长该段导线使直径减半，导线两端电压变为原来的8倍 C.图丙中，改变导线直径，该段导线发热功率与直径的四次方成反比 图乙中，通过改变导线直径可改变导线所受的安搭力，且最大安培力为B or 2.物理学上把交变电流变成直流电的过程叫整流。几种常见的整流电路如图甲、图乙、图 丙所示，各整流电路左端输人完全相同的正弦交流电w=Umsin wt。三种整流电路中变 压器为相同的理想变压器，原、副线圈匝数比为：1，右端均接有3个完全相同的阻值 为R的电阻。图乙中与电阻R下端相连的导线与变压器副线圈中间位置相接，下列说 法正确的是 () D A图乙整流电路通过电阻R电流的有效值为 2nR B.图甲整流电路在一个周期内通过电阻R的电荷量为2U。 noR C.图乙整流电路在一个周期内通过电阻R的电流平均值为2R Um D.图乙整流电路与图丙整流电路中电阻R在一个周期内产生热量相同 二轮专题精准提升（十一）物理第1页（共8页）》 真题 不是看到希望才坚持，而是坚持了才能看到希望 g=■e P 1 3.工程师对某款新能源汽车的直流蓄电池进行性能测试，测试过程中系统输出的2了图 班级 像如图，其中P为直流电源的输出功率，I为总电流，下列说法正确的是 1WA2) 姓名 →A 得分 -0.524 A.该蓄电池的电动势为12V B.该蓄电池的内阻为2Ω C.该蓄电池的最大输出功率为144W D.该蓄电池的短路电流为12A 4.在如图所示电路中，电源电动势E=12V,内阻r=8,定值电阻R1=22,R2=10, R3=202,滑动变阻器R4的取值范围为0~302，所有电表均为理想电表。闭合开关 S,在滑动变阻器的滑片从α端滑到b端的过程中，电压表V1、电压表V2、电流表A示 数的变化量分别为△U1、△U2、△I。下列说法正确的是 () A R A.V1读数变小，V2读数变大，△U1大于|△U2 B. AU=20,AI △U2 △I =302 C.R4的功率先增大后减小，最大值为0.36W D.电源的输出功率先增大后减小，最大值为4.5W 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两个选项符合题目要求， 全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 题号 5 6 8 答案 5.如图甲所示，在一d≤x≤d、一d≤y≤d的区域中存在垂直xOy平面向里、磁感应强度 大小为B的匀强磁场（用阴影表示磁场的区域），当一个未知形状的线圈在该磁场中绕 y轴匀速转动时，线圈中产生的交变电动势如图乙所示。若仅磁场的区域发生了变化， 变化后磁场的区域如图丙所示，线圈中产生的电动势变为图丁所示实线部分。该线圈 可能的形状是 () E V3E- 0 T BE 2 甲 丙 丁 密卷 二轮专题精准提升（十一）物理第2页（共8页） 6 y个 /3d 0 0 d 0 √3d A.正方形线框 B.圆形线框 C.六边形线框 D.正六边形线框 6.如图甲所示，金属杆垂直导轨放置在光滑两平行水平导轨上，接入导轨间的有效长度为 L,磁感应强度大小为B的匀强磁场方向竖直向上，整个回路的电阻恒为R,现给金属 杆施加水平向右的特殊拉力F,让金属棒向右运动的速度一时间关系图像如图乙所示， 图中的曲线是正弦曲线的形状，结合图中所给的相关已知条件，分析下列说法正确的是 () 个B 1.21o3to41.5t。61 甲 乙 。 A.t=0时刻，若拉力F的大小为F。,则曲线切线的斜率小于 m B2L208 B.1=2.5时刻，拉力F的功率为R C.若图乙阴影的面积为S。,则3。~4。时间内，拉力F的平均值为R。 B2L2So D.0一2。时间内，回路中产生的热量为BR 2B2L2v02to 7.如图所示，半径为L的圆环放置在光滑水平地面上，圆环上固定OA、OB、OC、OD四 根长均为L,阻值均为x且夹角互为90°的金属棒，以圆环圆心O为原点建立直角坐 标系，在第二象限圆环内部存在方向垂直水平面向下的磁场，沿半径OG各点磁感应 强度B=B。sin0(0为OG与x轴负方向夹角)，圆心O与环面分别通过电刷E、F与 阻值为x的电阻R相连，其它电阻均不计。在外力作用下，圆环以角速度ω绕O点沿 顺时针方向匀速转动。以OA进入磁场开始计时，则下列说法正确的是() AJ G ×0 6 二轮专题精准提升（十一）物理第3页（共8页） 真题 A.通过电阻R的电流方向始终为V→M B.当0A棒转动至0=45时，感应电动势e=} owL? C.圆环转动一周的过程中，感应电动势有效值E有=2 BowL2 D.圆环转动一周的过程中，外力做的功W=BL 8.“喝过藿香正气水会被测出酒驾！”根据一项实验，测试者喝下了一瓶10毫升的藿香正 气水，1分钟后，试着吹了一下酒精测试仪，显示每毫升血液里含有酒精达到5毫克；10 分钟后，显示的结果为每毫升血液含酒精0.3毫克，16分钟后显示结果为0。根据国家质 量监督检验检疫局发布的《车辆驾驶人员血液、呼气酒精含量阈值与检验》(GB19522一 2004)规定，饮酒驾驶是指车辆驾驶人员血液中的酒精含量大于或者等于0.2mg/mL,小 于0.8mg/mL的驾驶行为，醉酒驾驶是指车辆驾驶人员血液中的酒精含量达到或超过 0.8mg/L。图甲是酒精测量仪的原理图，酒精电阻传感器的关系如图乙所示。将酒 精测量仪左端接上正弦式交流电，u=220√2sinl00πt(V),定值电阻R1=402,电流表 和电压表均为理想电表，理想变压器原，副线圈匝数之比n1：2=3：1,现让司机吹气， 下列说法正确的是 () R/ 80 A 60 V R个酒数器 40 V 3 07 R 0L 0.20.40.60.81.0 c/(mg'mL-) 甲 乙 A.司机饮酒后，在吹气过程中，电压表V1示数增大，电流表A示数减小 B.酒精测试仪中电流表A示数范围为0.55~1.0A,说明司机属于饮酒驾驶 C.若司机喝过一瓶藿香正气水10分钟左右进行测量，电压表V2的示数约为64V D.若R1和R功率相等，则酒精浓度为0.6mg/mL 三、非选择题：本题共8小题，共60分。 9.(3分)理想变压器原、副线圈的匝数比为1：3，线路上分别接有五个阻值相同的定值电 阻R1、R2、R3、R4、R,如图所示，在A、B间接入正弦式交变电流，R1、R2、R3两端的电 压之比为，通过R1、R2、R4的电流之比为 ,A、B间输入功率与变压器输入 功率之比为 Bo 密卷 二轮专题精准提升（十一）物理第4页（共8页） 10.(3分)某科技小组设计了一种发电机，并利用发电机对电路供电，此发电机的工作原理 及供电电路如图甲所示。长为L的竖直导体棒AB可绕竖直轴O1O2在竖直面内匀速 转动，空间内存在水平方向两个匀强磁场，磁感应强度大小分别为B1=2B。和B2= B。、方向相反，俯视图如图乙所示，电路中接有阻值为R。的定值电阻。零时刻导体棒 自图示位置开始按图示方向转动，转动的角速度大小为ω，转动半径为（棒的粗细远 小于半径)，不计导线及导体棒的电阻，导体棒转动过程始终与电路接触良好。在导 体棒转动一周的过程中，通过R。的电流方向为，导体棒感应电动势的最大值为 ,电阻R。产生的热量为 。(后两空均用题目所给出的物理量表示) D 甲 乙 11.(3分)如图甲所示电路，电源内阻r=1.02,R1为一定值电阻，R2为一滑动变阻器，电 流表、电压表均为理想电表。闭合开关，将滑动变阻器的滑片从A端逐渐滑到B端的 过程中，得到R2的功率随电压表示数的变化规律如图乙，电压表示数与电流表示数的 关系图像如图丙。电源的电动势大小为V,定值电阻R1的大小为，图乙中 Px的值为 W。 P/W 个I/A 0.5 H1- 3 U.UV U UV Er甲 乙 丙 12.(6分)物理兴趣小组用可拆变压器探究“变压器原副线圈电压与匝数的关系”。可拆变 压器如图甲、乙所示。 变压器铁芯 线卷 U 线圈 变压器铁芯 甲可拆变压器零部件 乙组装后的变压器 丙 (1)为实现探究目的，保持原线圈输入的电压一定，通过改变原、副线圈匝数，测量副线 圈上的电压。这个探究过程采用的科学探究方法是 A.等效法 B.理想模型法 C.控制变量法 D.演绎法 二轮专题精准提升（十一）物理第5页（共8页） 真题密 (2)变压器原、副线圈匝数分别选择n1=800匝、n2=400匝，原线圈与10V正弦式交 流电源相连，用理想电压表测得输出电压U2=2.5V,输出电压测量值明显小于理 论值，造成这种现象的主要原因是 A.副线圈匝数n2略少于400匝 B.变压器存在电磁辐射 C.原、副线圈存在电流热效应 D.两块变压器铁芯没有组装在一起 (3)等效法、理想模型法是重要的物理学方法，合理采用物理学方法会让问题变得简 单，这体现了物理学科“化繁为简”之美。图丙为某电学仪器原理图，变压器原副线 圈的匝数分别为n1、2。若将右侧实线框内的电路等效为一个电阻，可利用闭合电 路的规律解决极值问题：在交流电源的电压有效值U。不变的情况下，在调节可变 电阻R的过程中，当R= 时（用n1、n2、R。表示），R获得的功率最大。 13.(6分)某物理小组欲探究变压器线圈两端电压与匝数的关系，提供的实验器材有：学生 电源、可拆变压器、交流电压表、若干导线。图甲为变压器实物图，在原线圈两端加上 电压，用电压表分别测量原、副线圈两端的电压，测量数据如表： 电源。 原线圈两端电压 副线圈两端电压 实验序号原线圈匝数n1 副线圈匝数n2 ni U U1(V) U,(V) n2 U2 800 400 8.0 3.7 2 2.2 2 800 100 8.0 0.9 8 8.9 3 200 100 8.0 3.6 2 2.2 4 1400 100 8.0 14 请回答下列问题： (1)原线圈两端应该分别与图乙中的 (填“a、b”或“c、d”)连接。 (2)表格中，缺失的两个数据x,y分别可能为 A.1.0,8.0 B.0.8,10.0 C.0.5,16.0 (3)为了减小能量传递过程中的损失，铁芯是由相互绝缘的硅钢片平行叠成。作为横 挡的铁芯的硅钢片应按照下列哪种方法设计 0 ⊙ O 卷 二轮专题精准提升（十一）物理第6页（共8页） 6 (4)根据上表数据得出的实验结论是：在实验误差允许范围内，变压器原、副线圈两端 的电压之比等于 。(用语言描述即可) 14.(11分)在如图所示的电路中，定值电阻R1=22、R2=32、R3=12、R4=3、R馬= 42,电容器的电容C=4F,电源的电动势E=10V,内阻不计。闭合开关S1、S2,电路 稳定后，求： (1)若保持开关S1、S2闭合，电阻R3突然断路，电路稳定后，电阻R2的电功率； (2)若保持开关S1闭合，断开开关S2,电路稳定后，流过R；的电荷量。 R 15.(12分)某探究小组设计了两种电磁驱动装置。图甲利用直流电源给线框供电，接通电 源后正方形导线框ABCD在磁极间的辐向磁场中，从静止开始绕中心轴线OO发生转 动。图乙为三个线圈连接到三相电源上，电流形成的磁场可等效为角速度ω。的旋转 辐向磁场，稳定后解锁正方形导线框ABCD,导线框由静止开始转动。图丙为不同视 角的上述两种驱动装置的截面图，分别为图甲的正视图和图乙的俯视图。已知导线框 ABCD的边长为l,电阻为R,AB、CD两边的质量均为m,所处位置的磁感应强度大小 均为B,磁场方向始终与转动方向垂直，转动中AB、CD两边受到的阻力均为f=kv(k 为比例系数，为线速度)，其余两边质量和所受阻力不计。电源的电动势为E,内阻不 计，求： (1)在两种驱动装置中，若图甲、乙导线框的转动方向一致，则旋转辐向磁场的转动方 向是顺时针还是逆时针； （②在图乙装量小，若长2，侧子线框转动的最大角速度： (3)在图甲装置中，若导线框经过时间t恰好达到最大角速度，则在该过程中AB边转 过的弧长s。 二轮专题精准提升（十一）物理第7页（共8页） 真题密 16.(16分)新能源电动汽车越来越受到人们的青睐，其核心关键部分之一就是电动机。某 型号电动汽车的电动机结构简化如图甲所示：A1A2A3A4、B1B2B3B4、C1C2C3C4为 三个完全相同、彼此绝缘、互成60°且有以O1O2为公共对称轴的固定矩形线圈，构成 定子；在定子内部有很多个完全相同的矩形线圈（图中只画了M1M2M3M4一个），这 些矩形线圈排列类似于定子的三个固定线圈，都以O1O2为公共对称轴、彼此绝缘且 紧密排列在绕O1O2轴360°范围内固定连接在一起，构成转子，可绕O1O2自由转动。 转子通过O1O2轴上的齿轮等机械构件与汽车车轮实现联动，当转子所受磁场力为其 转动的动力或阻力时，汽车也会同时受到相应的牵引力或阻力λF(F为此时转子中， 磁通量为0那个矩形线圈平行于O1O2轴的“一条”边受的磁场力)。现在三个固定矩 形线圈中分别通以图乙所示交流电iA、iB、ic,图中所标量均为已知，电流分别沿 A1A2、B1B2、C1C2为正向。单个固定线圈通电i后在其中心处产生磁场，磁感应强度 大小满足B=i,k和入均为定值。 (1)试通过定量计算，描述线圈中心处磁感应强度B的大小、方向变化情况。 (2)设转子线圈完全处于(1)所述磁场中，已知线圈M1M2M3M4电阻为r,M1M2长为 L1,M1M4长为L2;当质量为m的汽车受恒定阻力f且以v匀速行驶时，求转子线 圈绕O1O2轴转动的角速度。 (3)如(1)(2)所述情况下，驾驶员突然踩刹车，三个固定线圈中电流立刻变为图丙所 示，汽车经历时间t停下；若任意时刻转子中所有线圈平行于O1O2轴的“一条”边 受的磁场力大小之和为6℉，求汽车整个刹车过程中，所有转子线圈正、反向流过电 量绝对值之和。 A4) 0 M(M C(C.) B(B -00 0 B(B. MI C(C) A,(4) 3a/3wX3元 卷 二轮专题精准提升（十一）物理第8页（共8页）