章末检测卷(3)-【创新大课堂系列】2025-2026学年高中物理选择性必修第三册同步辅导与测试(人教版)

2.解析电流表读数发生变化，说明圆板沿AB和CD两个方向的导！ 电性能不同，即具有各向异性，所以圆板是单晶体，A正确，B、C、D! 错误。 答案A 3.解析 气体等压变化，根据盖吕萨克定律一三C,有一，则 △V=下△T,故温度每升高1℃，它的体积的增加量相同。 答案A 4,解析对活塞、汽缸以及封闭气体整体进行分析，禅簧的拉力大小！ 等于整体的重力，根据胡克定律可知弹簧仲长量始终不变，弹簧长 度L始终不变，活塞的位置不变，则活塞高度h也不变，对活塞进行！ 受力分析，可知活塞受力情况不变，则气体压强力不变，因为气体压1 强力不变，根据盖一吕萨克定律可知，当T增大时，气体体积V增！ 大，又由于活塞的位置不变动，所以汽缸将向下运动，则汽缸高度H 减小，故B符合题意。 答案B 5.解析在刚开始的很短的时间内，火罐内部气体体积不变，由于火 罐导热性能良好，所以火罐内气体温度迅速降低，根据 =C可知， 气体压强减小，在外界大气压的作用下火罐“吸”在皮肤上，A、B、D 错误，C正确。 答案C 6.解析在0℃到273℃的温度区间上应用盖一吕萨克定律分别研究气· 0.3m V 0.1m 体a和6可得到方程273K+273K-273K'273K+273K273K 1 解得V。=0.6m3,V6=0.2m3,△V=V。-V6=0.4m3,正确选项！ 为D。 答案 D 7解析从图像可以看出，从A到B为等容变化，压强减小，温度降！ 低，即TA>TB,BC为等温线，从B到C为等温变化，即T=T。,所：1 以A正确，B、C、D三项错误 答案A 8.解析 把打进容器内的气体当作整体的一部分，气体质量仍然不 变。初始气体压强为，未态气体压强为4p,温度不变，由玻意耳 定律可得，pV=4p。V。,说明初始体积为V=6L,即补充的气体和： 容器中本来就有的气体体积之和为(1.5十0.25n)L=6L,即n=18,1 选项B正确。 答案B 9.解析用吸管将牛奶吸入口中是利用了气体的压强，不是毛细现：1 象，A项错误：温度是分子平均动能的标志，B项正确；液体表面的！ 分于分布比液体内部分子的分布要稀疏，存在表面张力，荷叶上的！ 小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用，C项正确；液晶像液体！ 一样具有流动性，而其光学性质与某些晶体相似·具有各向异性，彩 色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点，D项！ 正确。 答案BCD 10解析汽缸导热性能良好，汽缸内气体温度与环境温度相同，所以 气体发生等温变化，p一V图像是双曲线，选项A正确：汽缸内气体 温度与环境温度相同，保持环境温度不变，则气体的内能保持不 变，选项B正确；温度是分子平均动能的标志，温度不变，所以该气 体分子的平均动能不变，选项C错误：一定质量的理想气体，n= ,N为所有气体的分子总数，N一定，所以n一V图像是双曲线， 选项D正确。 答案ABD 11.解析汽缸内封闭气体的压强p=十，其中S为活塞的面 积，则加热前后封闭气体的压强保持不变，故A项错误，B项正确；} 林国公软资夫数数精升多空酷的纷站升瓷 体的压强不变，测加热后活塞在单位时间内受汽缸中分于撞击的：1 次教减少，故D项正确。 答案BCD 12.解析根据题意知，a、b两点对应气体的温度相同，但a点的压强 更大，根据气体的等温变化的特点，相同气体溫度相同时，压强越1 大，体积越小，故a点对应的气体体积更小，故A错误，B正确：气} 体分子密集程度类比于气体密度，显然两次质量相同，但α点对应！ 的气体体积更小，故分子密集程度更大，C正确：、b两点对应的气】 体温度相同，故气体分子的平均动能相同，D正确】 答案BCD 13.解析(1)由盖-吕萨克定律=C,可知气体温度升高，则体积 增大，B内水银面将下降，为使气体压强不变，应将C管向下移动， 直至B、C两管水银面等高。 (2)由盖一吕萨克定律知△h与△T成正比，而气体升高的摄氏温！ 度△1与升高的热力学温度△T相等，所以△与△成正比，A· 正确。 答案(1)向下B、C两管内水银面等高(2)A 14,解析(1)每次气体的状态调整后，都要等一会儿再记录敦据，这1 是为了充分的热交换，保待封闭气体的温度不变。 235 (2)封闭气体的压强p=0十△p,根据pV=C得(p。十△p)V=C. 变形得△p=C·立一p,则以△p为y轴，作出的函数图线为直 线，则x轴是V (3)据题知，C=k,整理得△p=飞·立一，可知图像纵轴裁距的 绝对值的物理含义是大气压强p。 答案(1)充分的热交换，保持封闭气体的温度不变(2)己 (3)△p=7 一p大气压强 解析(1)A→B为等温变化，由玻意耳定律得 poVo=pB·2V0, 解得B=交o: (2)B→C为等压变化，则pc=p知=2@ 一T (3)如图所示。 Po B 2 0 Vo 2Va 答案(1)之p。(2)z0 2T。(3)图见解析 解析整个过程中储水箱内温度保持不变，设放水结束后储水箱 内气体的压强为卫2，体积为V2,出水管中超出储水箱内水面的水 柱高度为h,根据题意可知 p1=10mH20,V1=2.4m3 2=(10+h)mH2(),V2=hS 由玻意耳定律可得p1V1=p2V2 储水箱内剩余水的体积V=5m3一hS 解得V=3m3。 答案3m3 解析(1)以助力气蜜内的气体为研究对象，则初态压强p。,体积 V。,第一次抽气后，气体体积V=V。十V1 根据玻意耳定律poV。=p1V Povo 解得1一V。十V1 (2)同理第二次抽气 piVo=P2V 解得 (v)广A p1V。 以此类推… 则当次抽气后助力气室内的气体压强 Vo p,=(+) 则刹车助力系统为驾歌员省力大小为 AF-(h-B.s-[1-v)]s Povo 答案(1)p1=V。+V Vo 2aF=[1-(v)]pS 解析(])碰撞游戏时，气体从初始到压缩量最大的过程中，经历 等温变化，由玻意耳定律有 piV1=p:V2 其中p1=1.5×105Pa,V=0.8m,V2=(0.8-0.08)m3=0.72m3 代入数据解得p2≈1.67X10Pa。 (2)从早晨充好气，到中午碰撞游戏前，气体经历等容变化，由查理 定律有= 其中T2=(17+273)K=290K,T3=(37+273)K=310K 中午碰撞游戏时，气体从初始状态到压缩量最大的过程中，气体经 历等溫变化，由玻意耳定律有 iVI=iV2 联立并代入数据解得b,≈1.78X105Pa>1.75×105Pa 所以不能安全地在中午37℃的环境下进行碰撞游戏。 答案(1)1.67×105Pa(2)见解析 章末检测卷（三） 解析根据热力学第二定律知，在不产生其他影响时，内能不能全 部转化为机械能，因此从海水中吸收内能全部用来做功而不产生其 他影响是不可能实现的，选项A错误：绝对零度是温度的极值，是不 能达到的，选项B错误：有害气体和空气不可能自发地分离，选项C! 220J,所以可以判定此过程是吸收热量，再根据热力学第一定律 错误：可以有效利用太阳能进行发电和加热，选项D正确。 △U=Q+W,得Q=△U-W=220J十40J=260J。 答案D 答案吸收260 2.解析根据热力学第一定律知L=W十Q 100J+80J= 20J,它 15.解析A到B过程中，W1=一p(VB一V4)=一6×105×1×10-3J 的内能减小20J,故A错误：根据热力学第一定律△U=W十Q可 —600, 知，物体从外界吸收热量，其内能不一定增加，物体对外界做功，其 B到C的过程中，没有吸放热，Q=0,则△U=W,, 内能不一定减少，故B错误：通过做功的方式可以让热量从低温物 解得W2=一900J, 体传递给高温物体，如电冰箱，故C错误：能量耗散过程体现了宏观！ 所以W=W1十W2=一600一900J=一1500J,可知气体对外界微 自然过程的方向性，符合热力学第二定律，故D正确。 功1500J。 答案D 答案1500J 3.解析根据热力学第二定律可知，宏观热现象具有方向性，满足能 量守恒定律的物理过程不一定能自发地进行，故A错误：热传递存 16.解析 (1)取密闭气体为研究对象，活塞上升过程为等压变化，由 在方向性是说热量只能自发地从高温物体传向低温物体，空调在 V Vo 盖一 作过程中消耗了电能，故B错误：热量不可能由低温物体传给高温 吕萨克定律有下=T。 物体而不发生其他变化，故C正确：根据能量守恒定律可知，自然界 中能量的总量保持不变，但根据热力学第二定律可知，能量转化具 得外界温度T=长T。十 有方向性，能量耗散使能量的可利用性在逐步降低，故D错误。 (2)活塞上升的过程，密闭气体克服大气压力和活塞的重力做功， 答案 C 所以外界对气体做的功W=-(mg十pS)d, 4.解析化石能源在燃烧时放出S)2、C)2等气体，形成酸雨和温室效 根据热力学第一定律得，密闭气体增加的内能 应，破坏生态环境，不是清洁能源，选项A错误：能量是守恒的，在能源 △U=Q+W=Q-(mg+poS)d。 的利用过程中，能量品质会下降，故要节釣能源，选项B、C均错误，D 正确。 答案(1)。十 To (2)Q-(mg+poS)d h 答案D ,17.解析(1)AC由理想气体状态方程得 5.解析活塞移动过程中，汽缸内气体对外界做功W=Fs=Sh= 10J,根据热力学第一定律有△U=Q一W=60J一10J=50J,故C PAVA PCVc TA Te 正确。 答案 C 入数据得Tc=300K 6.解析 气体体积增大100cm,所以气体对外界做功W一pV 即tc=27℃。 1.0×105×100×106=10J,而气体内能增加了50J,根据热力学 (2)从B到C,气体的体积减小，外界对气体做正功 第一定律可知，气体吸收的热量Q=60J,故B正确，A、C、D错误。 在体积变化任意极小体积△V过程中，外界对气体做的功为 W=△V 客 B 7.解析 在水向外不断喷出的过程中，罐内气体体积增大，则气体对 由p-V图线与横轴所围成的面积可得W=1200J。 外做功，根据玻意耳定律可知，罐内气体的压强减小，选项A错误， (3)由于T4=Tc,该理想气体在状态A和状态C内能相等，即 B正确：由于罐内气体温度不变，故内能也不变，即△U=0,由热力 △U=0 学第一定律W十Q=△U知，W<0,则Q>0,因此气体吸热，选项C 由热力学第一定律△U=W十Q 错误：根据温度是分子平均动能的标志可知，温度不变，分子平均动 可解得Q=一1200J 能不变，选项D错误。 由于Q为负，所以气体向外界放出热量，传递的热量为1200J。 答案B 答案 (1)27℃(2)1200J 8.解析从开始打气到打气结束的过程中外界对车胎内气体做功，故 (3)放热，放出的热量为1200J A错误：打气结束到拔出气门芯前由于传热车胎内气体温度下降 V+V !18.解析(1)分子个数N N4=6.0×1021个 内能减少，故B错误：拔掉气门芯后车胎内气体冲出对外界做功，气 V 体内能急剧减少，故C正确：放气后静置一段时间由于传热车胎内 (2)气体状态参量为 气体温度上升，故D错误。 T1=(273+27)K=300K 答案 p1=1×105Pa 9.解析 气体在向真空膨胀的过程中，气体由左侧扩散到整个容器， T2=(273+6)K=279K 所以体积变大，但右侧为真空，气体扩散过程没有做功，所以W=0, T3=(273-9)K=264K 另外，绝热过程，Q=0,所以△U=0,内能不变，温度不变，分子平均 气体体积不变，根据查理定律得 动能不变，A错误，B、C正确；根据热力学第二定律，若无外界的千 预，气体分子不可能自发地退回到左边，使右边重新成为真空，D - 正确 答案 BCD 代入数据解得 10.解析由题图可知，从A到B的过程中，气体的体积减小，外界对 p2=9.3×101Pa 气体做功，A项错误：从A到B过程气体的温度不变，内能不变，根 p3=8.8×101Pa 据热力学第一定律可知，气体放出热量，B项正确：从B到C过程 压强差：△p=p2p=5.0X103Pa。 下是一个常数，气体发生的是等压变化，气体的温度降低，内能 (3)不违背热力学第二定律，因为热量不是自发地由低温的冰箱内 部向高温的冰箱外部传递的，且冰箱工作过程中要消耗电能。 减少，C项正确，D项错误。 答案(1)6.0×102个(2)5.0×103Pa 客R(3 (3)见解析 11.解析快速挤压气体时，外界对它做功，来不及传递热量，由W十 Q=△U知瓶内气体内能增大，温度上升，体积变小，瓶内压强变 章末检测卷（四） 大，A正确，B、C错误：缓慢挤压时，溫度不变，体积变小，瓶内压强 ·1,解析卢瑟福通过对α粒子散射实验结果的分析，提出了原子具有 核式结构，故A错误：光具有波粒二象性，光电效应实验证实了光具 变大，D正确。 答案 AD 有粒子性，故B错误：电子的发现表明了原子不是构成物质的最小 12.解析改变物体内能的方式有两种，一种是传热，另外一种是做 微粒，原子可以再分，故C正确：康普顿效应证实了光具有粒子性， 功。这个实验说明做功可以改变筒内空气的内能，但并非说明功 故D错误。 可以变成能，故A错误，B正确；这个实验的目的是说明做功可以 答案C 改变简内空气的内能，利用控制变量法，先保证气体和外界不进行 :2.解析玻尔原子理论继承了卢瑟福原子模型，但对原子能量和电子 热交换，所以用厚有机玻璃做筒和迅速压缩都是为了保证该过程 轨道引入了量子化假设，电子运行轨道半径是不连续的，故A正确： 为绝热过程，故C正确：活塞向下迅速压缩过程，筒内空气内能增 按照玻尔理论，电子在轨道上运动的时候，并不向外辐射能量，但当 从高轨道向低轨道跃迁时才会向外辐射能量，所以高原子核越远， 大，分子平均动能也增大，但由于气体为理想气体，故分子势能一 直为0，故D错误。 氨原子的能量越大，但核外电子，轨道半径越大，动能越小，故B错 误：电子跃迁时，辐射或吸收光子的能量由能级的能量差决定，即 答案BC 13.解析由于初始时容器中的空气压强大于外界大气压强，活塞光 v=|En一Em|,故C正确：按照玻尔理论，原子只能处于一系列不 滑、容器绝热，容器内空气推动活塞对外做功，由△U=W十Q知， 连续的状态中，每个状态都对应一定的能量，故D正确。 气体内能减少，温度降低 交安卫 气体的压强与温度和单位体积内的分子数有关，由于容器内空气 ·3,解析玻尔的量子化模型很好地解释了原子光谱的分立特征，A错 的温度低于外界温度，但压强相同，则容器中空气的密度大于外界！ 误：玻尔的原于理论成功的解释了氧原于的分立光谱，但不足之处 年密 还保留了经典理论中的一些观点，如电子轨道的概念，还不能完全 答案低于 大” 揭示微观粒子的运动规律，B错误：光电效应揭示了光的粒子性，C 14.解析 对该理想气体由状态a沿abc变化到状态c的过程，由热力： 正确：电子束穿过铝箔后的衍射图样，证实了电子的波动性，D 背误 学第一定律可得△U=Q十W=340J一120J=220J,即从a状态到！ c状态，理想气体的内能增加了220J:若该气体由状态a沿adc变： 答案 化到状态时，对外做功40j,此过程理想气体的内能还是增加4.解析 发生光电效应后锌板带正电，丝纲摩擦过的玻璃棒也带正 电，用玻璃棒去靠近锌板，验电器上正电荷增加，则验电器的指针张 236章末检测卷（三 一、单项选择题 1.某校中学生参加某电视台“异想天开”节目 的活动，他们提出了下列四个设想方案，从 理论上讲可行的是 A.制作一个装置从海水中吸收内能全部用 来做功而不产生其他影响 B.制作一种制冷设备，使温度降至绝对零 度以下 C.汽车尾气中各类有害气体排入大气后严 重污染了空气，想办法使它们自发地分 离，既清洁了空气，又变废为宝 D.将房屋顶盖上太阳能板，可直接用太阳 能来解决照明和热水问题 2.对于热力学第一定律和热力学第二定律的 理解，下列说法正确的是 ) A.一定质量的气体膨胀对外做功100J,同 时从外界吸收80J的热量，则它的内能 增大20J B.物体从外界吸收热量，其内能一定增加； h 物体对外界做功，其内能一定减少 C.凡与热现象有关的宏观过程都具有方向 性，在热传递中，热量能从高温物体传递 给低温物体，而不能从低温物体传递给 高温物体 D.热现象过程中不可避免地出现能量耗散 现象，能量耗散符合热力学第二定律 3.关于能量的转化，下列说法正确的是 A.满足能量守恒定律的物理过程都能自发 地进行 B.空调机既能制热又能制冷，说明热传递 不存在方向性 C.热量不可能由低温物体传给高温物体而 不发生其他变化 D.自然界中能量的总量保持不变，而且能 量的可利用性在逐步提高 18 热力学定律 4.关于能量和能源，下列说法正确的是 ( ) A.化石能源是清洁能源，水能是可再生 能源 B.人类在不断地开发和利用新能源，所以 能量可以被创造 C.在能源的利用过程中，由于能量在数量 上并未减少，所以不需要节约能源 D.能量耗散现象说明：在能量转化的过程 中，虽然能的总量并不减少，但能量品质 降低了 5.如图所示，汽缸内封闭一 定质量的理想气体，活塞 通过定滑轮与一重物相连 并处于静止状态，此时活 塞到缸口的距离h= nM 0.2m,活塞面积S= 7777777 10cm2,封闭气体的压强p=5×104Pa。 现通过电热丝对缸内气体加热，使活塞缓 慢上升直至缸口。在此过程中封闭气体吸 收了Q=60J的热量，假设汽缸壁和活塞都 是绝热的，活塞质量及一切摩擦力不计，则 在此过程中气体内能的增加量为() A.70JB.60JC.50JD.10J 6.一定质量的理想气体在某一过程中压强p= 1.0×105Pa保持不变，体积增大100cm3,气 体内能增加了50J,则此过程 () A.气体从外界吸收50J的热量 B.气体从外界吸收60J的热量 C.气体向外界放出50J的热量 D.气体向外界放出60J的热量 7.水枪是孩子们喜爱的 充气口 玩具，常见的气压式水 码气体 枪储水罐示意如图。 从储水罐充气口充入 M 气体，达到一定压强后，关闭充气口。扣动 扳机将阀门M打开，水即从枪口喷出。若 在水不断喷出的过程中，罐内气体温度始 终保持不变，则气体 A.压强变大 B.对外界做功 C.对外界放热 D.分子平均动能变大 8.某学生利用自行车内胎、打气筒、温度传感 器以及计算机等装置研究自行车内胎打 气、打气结束、突然拔掉气门芯放气与放气 后静置一段时间的整个过程中内能的变化 情况，车胎内气体温度随时间变化的情况 如图所示。可获取的信息是 温度↑打气结束 瞬间放气（拔掉气门芯） 室温 、开始 打气 室温 0102030405060708090100110时间/s A.从开始打气到打气结束的过程中由于气 体对外做功，内能迅速增大 B.打气结束到拔出气门芯前由于气体对外 做功，其内能缓慢减少 C.拔掉气门芯后，气体冲出对外做功，其内 能急剧减少 D.放气后静置一段时间由于再次对气体做 功，气体内能增大 二、多项选择题 9.如图所示，绝热的汽缸 被一个绝热的活塞分成 气体 真空 左、右两部分，活塞质量 不计，活塞用销钉锁住，活塞与汽缸之间没 有摩擦，汽缸左边装有一定质量的理想气 体，右边为真空，现在拔去销钉，抽去活塞， 让气体向右边的真空做绝热自由膨胀，下 列说法正确的是 A.气体在向真空膨胀的过程中对外做功， 气体内能减少 B.气体在向真空膨胀的过程中不对外做 功，分子平均动能不变 18 C.气体在向真空膨胀的过程中，气体体积 增大，内能不变 D.若无外界的干预，气体分子不可能自发 地退回到左边，使右边重新成为真空 10.一定质量的理想气体 从状态A经过状态B 变化到状态C,其V-T B 图像如图所示。下列 说法正确的有() A.A→B的过程中， 气体对外界做功 B.A→B的过程中，气体放出热量 C.B→C的过程中，气体压强不变 D.A→B→C的过程中，气体内能增加 11.如图是某研究小组为了探究 “鱼鳔的作用”所制作的装置。 具体制作方法如下：在大号可 乐瓶中注人半瓶水，在一个小 气球中放入几枚硬币并充入少 量空气（忽略气体的分子势 能)，将其装入可乐瓶中。通过 在水中放盐改变水的密度后， 使气球恰好悬浮于水中，并拧紧瓶盖。设 初始时瓶中气体、水及外界大气的温度相 同。当用手挤压“可乐瓶”的上半部分时， 下列说法正确的是 () A.快速挤压时，瓶内气体压强变大 B.快速挤压时，瓶内气体温度不变 C.快速挤压时，瓶内气体体积不变 D.缓慢挤压时，瓶内气体温度不变 12.如图所示，在较厚的有机玻璃筒 内封闭有一定质量的理想气体， 底部放置少量易燃物，如蓬松的 硝化棉。迅速压下筒中的活塞， 可看到硝化棉被点燃而发出火 光。对该实验现象的下列说法 中正确的是 A.这个实验说明功可以变成能 B.这个实验说明做功可以改变筒内空气 的内能 C.用厚有机玻璃做筒和迅速压缩都是为 了保证该过程为绝热过程 D.活塞向下迅速压缩过程，筒内空气的分 子平均动能和分子势能都增大了 三、非选择题 13.某容器中的空气被光滑活塞封住，容器和 活塞绝热性能良好，空气可视为理想气 体。初始时容器中空气的温度与外界相 同，压强大于外界大气压强。现使活塞缓 慢移动，直至容器中的空气压强与外界大 气压强相同。此时，容器中空气的温度 （选填“高于”“低于”或“等于”) 外界温度，容器中空气的密度 (选填“大于”“小于”或“等于”)外界空气 的密度。 14.一定质量的理想气体由 状态a沿abc变化到状 态c,吸收了340J的热 量，并对外做功120J。 若该气体由状态a沿adc 0 变化到状态c时，对外做功40J,则这一过 程中气体 (选填“吸收”或“放 出”) J热量。 15.如图所示，一定质量 p/(105 Pa) 的理想气体经历了A 6..A B B的等压过程和B →C的绝热过程（气 体与外界无热量交 023 V/(103m3) 换)，其中B→C过程 中内能减少900J。求A→B→C过程中 气体对外界做的总功。 185 6.如图所示，在竖直放置的 2日 圆柱形容器内用质量为 m的活塞密封一部分气 ho 体，活塞可与容器壁间无 77777077777777777 摩擦滑动，容器的横截面积为S,将整个装 置放在大气压恒为0的空气中，开始时 气体的温度为T。,活塞与容器底的距离为 h0,当气体从外界吸收热量Q后，活塞缓 慢上升d后再次平衡。（已知重力加速度 为g)问： (1)外界空气的温度是多少？ (2)在此过程中的密闭气体的内能增加了 多少？ 17.一定质量的理想气体从状态A变化到状：18.某同学家新买了一台双门电冰箱，冷藏室 态B再变化到状态C,其状态变化过程的 容积107L,冷冻室容积118L,假设室内 p-V图像如图所示。已知该气体在状态 空气为理想气体 A时的温度为27℃。求： (1)若室内空气摩尔体积为22.5× ↑p/(×105Pa) 10-3m3/mol,阿伏加德罗常量为6.0× 5 : 1023mol1,在家中关闭冰箱密封门后，电 3 B 冰箱的冷藏室和冷冻室内大约共有多少 2 : 个空气分子？ 0123456V/(×103m3) (2)若室内温度为27℃，大气压为1× 105Pa,关闭冰箱密封门通电工作一段时 (1)该气体在状态C时的温度为多少摄 间后，冷藏室温度降为6℃，冷冻室温度降 氏度？ 为一9℃，此时冷藏室与冷冻室中空气的 (2)该气体从状态B到C的过程中外界对 压强差多大？ 气体做的功？ (3)冰箱工作时把热量从温度较低的冰箱 (3)该气体从状态A经B再到C的全过程 内部传到温度较高的冰箱外部，请分析说 中是吸热还是放热？传递的热量是多少？ 明这是否违背热力学第二定律。 186