章末检测卷(1)-【创新大课堂系列】2025-2026学年高中物理必修第三册同步辅导与测试(人教版)

7,BD[A中导体棒顺着磁感线运动，穿过闭合回路的磁通量没有 发生变化，无感应电流，故A错误：B中条形磁体插入线圈的过程 中，穿过线圈的磁通量增加，拔出线圈的过程中，穿过线圈的磁通 量减少，都有感应电流，故B正确：C中开关S一直接通，回路中为 恒定电流，螺线管A产生的磁场稳定，穿过螺线管B的磁通量无 变化，螺线管B中不产生感应电流，故C错误：D中开关S接通， 滑动变阻器的阻值变化使闭合回路中的电流变化，螺线管A产生 的磁场发生变化，穿过螺线管B的磁通量发生变化，螺线管B中 产生感应电流，故D正确.] 8.D[线圈在匀强磁场中运动，磁感应强度B为定值，由△Φ=B·△S 知，只要回路中相对磁场的正对面积改变量△S≠0，则磁通量一 定改变，回路中一定有感应电流产生，当线圈在其平面内平动或 转动时，线圈相对磁场的正对面积始终为零，因此△S=0,因而无 感应电流产生，A错误：当线圈平面沿垂直纸面方向向纸外平动 时，同样△S=0,因而无感应电流产生，B错误：当线圈以ac为抽 转动时，线圈相对磁场的正对面积改变量△S仍为零，回路中仍无 感应电流产生，C错误：当线圈以bd为轴稍做转动时，线圈相对磁 场的正对面积发生了改变，因此在回路中产生了感应电流，D 正确， 9.AD[S2闭合时，构成闭合回路，再闭合或断开S1的瞬间，通过 回路A的电流变化，导致穿过回路B的磁通量发生变化，从而产 生感应电流，电流计指针偏转，故A、D正确：若S!保待闭合状态， 则通过回路A的电流不变，通过回路B的磁通量不变，无论S,闭 合或断开，都不会有感应电流产生，B、C错误.] 10,BCD[根据产生感应电流的条件，即穿过闭合线圈的磁通量发 生变化.A图中电流不变，线圈A中电流产生磁场的磁感应强度 不变，穿过线圈B的磁通量不变，线圈B中不会产生感应电流： B、C、D图中电流发生改变，线圈A中电流产生磁场的磁感应强 度发生变化，线圈B中产生感应电流，B、C、D正确.] 11.C[两棒以相同速度向右运动时，因穿过面abcd的磁通量不 变，回路中没有感应电流，电流表和电压表均不会有读数，C 正确.] 12.解析要使MN棒中不产生感应电流，应使穿过线圈平面的磁 通量不发生变化，在=0时刻，穿过线圈平面的磁通量中=BS =B12 设t时刻的磁感应强度为B,此时磁通量为 Φ2=Bl(l+vt) 由中1=中2，得B= Bol l十t Bol 答案B=十t 课时分层检测（二十三） 1.AB[麦克斯韦提出了光的电磁说，赫兹用实验证明了光的电磁 说的正确性，红外线的显著作用是热作用，紫外线最显著的作用 是化学作用，Y射线能量更大，穿透能力更强.X射线是原子的内 层电子受激发而产生的，Y射线是原子核受激发而产生的，产生机 理不同，但X射线和丫射线都有一个较大的频率范围，较高频率 的X射线与较低频率的Y射线产生了重叠，其他相邻电磁波间也 存在重叠，故A、B正确，C、D错误.门 2.B[根据黑体辐射的实验规律，随着溫温度的升高，一方面各种波 长的辐射强度都增加：另一方面，辐射强度的极大值向波长较短 的方向移动，只能用普朗克提出的能量量子化理论才能得到较满 意的解释，故B正确，A、C、D错误. 3.A[在四种色的光中，红光的波长景长而频率最小，由光子的 能量e=v可知红光光子能量最小，] 4.A[黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度 有关，」 5.D[根据麦克斯韦电磁场理论可知变化的电场周围存在磁场，不 一定是变化的磁场，选项A错误；红外线遥感技术是利用红外线 的衍射作用和热效应，选项B错误：在医院里常用紫外线对病房 和手术室消毒，是因为紫外线具有杀菌消毒的化学作用，选项C 错误：工业上的金属探伤是利用Y射线具有较强的穿透能力，选 项D正确.」 6.解析由题意知荧光屏相邻刻线间的时间间隔 t0=10一1s,则甲图发射波和接收波的时间问隔 t1=4×10-1s,乙图时间间隔t2=1×101s,所以 ,t1 第一次战斗机位置与雷达的距离为工=cX2 6.0×10m 2 第二次战斗机在雷达正上方，所以战斗机高度 h=c…号=1.5X10m 所以173s内战斗机飞行的水平距离为 x=√/x12-h≈5.8×101m 所以战斗机飞行速度= 王≈335m/s 答案335m/s 7.D[由题图可知，8一134m波段的红外线，水蒸气和二氧化碳几 乎都不吸收，故D正确.门 8.BCD「机械波由振动产生，电磁波由周期性变化的电场（或磁 场)产生，机械波是能量波，传播需要介质，速度由介质决定，电磁 波是物质波，波速由介质和自身的频率共同决定：机械波有横波， 也有纵波，而电磁波一定是横波，它们都能发生反射、折射、千涉 和衍射等现象，故选项B、C、D正确.] 9.AD[一般材料的物体辐射能的多少决定于物体的温度(T)、辐 射光的波长、时间的长短和发射的面积，而黑体是指在任何温度 下，全部吸收任何波长的辐射的物体，黑体辐射电磁波的强度按 波长的分布只与温度有关，实验表明，随着温度的升高，各种波长 的辐射强度都有所增加，辐射强度的极大值向波长较短的方向移 动，从题图中可以看出，入1<A2,T1>T2,选项A、D正确.」 10,解析第一次测量时汽车距雷达的距离1-之，第二次测量时 汽车距雪达的距离受，两次发射时间间隔为1，则汽车车速 0==一2=c(442) t 2t 答案D= c(t1一t2) 2t 1山，B[每个光子的能量为0=九天，能引起人的眼睛视觉数应的 最小能量E为1.0×10-18J,由E-ne0得能引起人眼的感觉时， 进入人眼的光子数至少为n=E=E以=1,0X1018×6X10: hc 6.63×10-31×3×108 个≈3个，故选B.] 12,解析每个激光光子的能量为8=无，该紫外撒光中所含光子 数为N=E= 6.63×10-31×3.0X10°=4.2×1021（个）. 2400 0.35×10-6 答案4.2×1021个 章未检测卷（一） 1,D[大树、山顶、山脊的凉亭、楼顶等地方是表面具有突出尖端的 导体，可能使其周围的空气发生电离而引发尖端放电，故不能避 雷雨：在空旷地带使用手机通话，手机很有可能成为闪电的放电 对象，故D正确.] 2,A[假设开始时A带电荷量为Q,B带电荷量为一Q,两球之间 相互吸引力的大小为F=6 。:第三个不带电的相同金属球C与 r A接触后，A和C的电荷量都为号，C再与B接触时由于二者带 异种电荷，则C、B分开后电荷量均为一？，这时，A、B两球之间 Q· Q 的静电力大小下'=2 2 3.C[电场线的疏密表征了电场强度的大小，由题图可知E,>E。 >E。>E,故选项C正确，A错误：由于电场线是曲线，由a,点静 止释放的正电荷不可能沿电场线运动，故选项B错误：电场线的 切线方向为该点电场强度的方向，口点和b点的切线不在同一条 直线上，故选项D错误.」 4,C[根据电场线的疏密程度，可知N点的电场强度比M点的电 场强度大，故A错误：据电场强度的定义知，M点的电场强度大小 为，由电场强度方向的规定知，该点的电场强度方向与负诚探 电荷所受静电力的方向相反，故B错误：根据点电荷的电场强度 公式E=知，场源电荷的电荷量越大，距离场源电荷相同距离 的位置电场强度越大，电场线越密，由题图可知b的周围电场线 密，a的周围电场线稀疏，所以a的电荷量小于b的电荷量，故C 正确：电场强度由电场本身决定，与试探电荷无关，所以M点处的 点电荷电荷量变为2g,该处电场强度不变，故D错误.] 9 5.D[电场线的疏密程度表示电场强度的大小，可知EME、,故 A错误：静电力下=qE,根据牛顿第二定律，加速度a=F=gE, 则aM<aN,故B错误：作出粒子的速度方向和所受静电力的方 向，静电力方向与速度方向之间的央角为锐角，说明静电力对粒 子做正功，动能增大，速度增大，M<,故C错误；根据带电粒子 受力方向指向曲线凹侧知粒子带正电，故D正确.」 6.D[对右侧小球受力分析可知，小球受 0 重力、支持力及库仑力而处于平衡状态， 30x309 如图所示，两球间的距离大小为R,根据 库仑定律可得两球间库仑力大小F= m 2,A错误：由几何关系可知F= 30° mgan30°= 3mg,B错误：碗对球的支 mg 持力Fv-sin30 =2F= 2g巴，C错误：碗对球的支持力Fv= R2 mg c05309 _28mg,D正确.] 7.C[对小球受力分析可知，将细绳剪断瞬间，小球B受到重力和 静电力的作用，合力斜向右下方，因此小球B不可能做平抛运动， 且加速度大于g,故A、B错误；小球在落地过程中，除受到重力 外，还受到静电斥力，所以竖直方向的加速度大于g,因此球落地 的时间小于/2业，落地的速度大于√2g,故C正确，D错误.] 8AB[尘埃经过过滤网后被正极吸引，所以尘埃带负电，故A正 确：尘埃在被吸附到集尘极的过程中静电力做正功，动能增大， 故B正确；因为充电极b、d接电源负极，集尘极a、c,e接电源正 极，所以℃、d两个电极之间的电场方向竖直向下，故C错误：尘埃 被吸附到集尘极的过程中所受静电力做正功，故D错误，」 9.BD[由两试探电荷受力情况可知，点电荷Q为负点电荷，且放 置于A、B两点之间某位置，故B正确，C错误：设Q与A点之间 的距离为，则点电荷Q在A点产生的电场强度大小为EA =iX10N/C=4X10N/C,同理，点电荷Q在B点产生 Fa_4×10-1 kQ =F五=1×10-4 的电场强度大小为E=0.5)-g4X10NVC=0.25X 105N/C,解得1=0.1m,所以点电荷Q的位置坐标为xQ=xA十1 =0.2m十0.1m=0.3m,故A错误，D正确， 10.BC[金属板不能看作点电荷，在小球处产生的电场强度不能用 E-计算，故A错误：根据对称性和小球受力平衡得小球受静 电力F=mgtan a,由E=E得E1=mgian a,B正确；小球可看 作点电荷，在0点产生的电场强度E2=架，C正确：根据牛颜第 三定律知金属板受到小球的静电力大小为F=ngtan a,但金属 板不能看作试探电荷，故不能用E=上求电场强度，D错误.] 11.解析线框上剩余的电荷在)点产生的场强大小等效为线框上 与A处关于O点对称位置的带电荷量为q的电荷在O点产生的 场强大小，故E=k号，方向水平向左：将A处的带电荷量为q 的一小段移到B点时，其在0点产生的场强E,=质是，方向水 平向左：由场强的叠加可知，O点的场强E=E十E=4,万日 水平向左， 答案泸 水平向左 12.解析(1)实验过程中，先保持两球所带的电荷量不变，再保持 两球间的距离不变，可见，实验中用到的科学方法是控制变 量法， (2)B球受重力、丝线的拉力和静电力，三力平衡，根据平衡关系 知，A、B两球之间的静电力F=mngtan. (3)当两球球心相距3R时，两球不能看作点电荷，因带同种电 荷，同种电荷相互排斥，所以电荷间距离大于3R,根据库仑定律 下=9可知，它们相互作用的库仑力大小小于要，即该同 9R 学的计算结果偏大， 答案(1)控制变量法(2)ngtan0(3)偏大两球带同种电 荷，由于同种电荷相互排斥，故电荷间距离大于3R 2 13.解析(1)分析电荷B的受力，由牛领第二定律得 mg-k竖=ma 12 代入数据得a=6.4m/s. (2)速度最大时，加速度为零，有 m- 代入数据得L=0.3m. 答案(1)6.4m/s2(3)0.3m 14.解析(1)带电小球在半圆光滑轨道上运动时，库仑力不做功， 故机械能守恒，则mgR=2mvm 解得=√2gR. (2)小球到达B点时，受到重力mg、库仑力F和支持力FN,由圈 周运动知识和牛领第二定律得 下mg一限=m发 R2 解得人=3ms+袋 根据牛领第三定律得，小球在B点时对轨道的压力为 F寸=八=3mg十e紧，方向堡直白下. 答案(1)√2gR(2)3mg十k9,方向竖直向下 R2 15.解析(1)小球所受电场力 F=gE=1.0×10-6X3.0X103N =3.0×10-3N,方向水平向右. (2)小球受到重力g、拉力FT和电场力F的作用而平衡，如图 所示，剥E=tan37 171g 解得m=4.0×10-1kg. (3)若突然剪断细绳，小球受重力和电场力作用， 做初速度为零的匀加速直线运动，所受合力下金=F37 mg c0537 由牛顿第二定律F合=ma 得加速度大小a=子g=125m/g2 方向与剪断细绳前细绳拉力方向相反. (4)由动能定理得 mgl(1-cos 37)=2mu 解得=√2gl(1-cos37)=2.0m/s. 答案(1)3.0×10-3N(2)4.0×10-1kg (3)12.5m/s2方向与剪断细绳前细绳拉力方向相反 (4)2.0m/s 章末检测卷（二） 1,D[E=E是采用比值定义的，E和下以及检验电荷g无关， E是由电场本身决定的，故A错误：电场中某点的电势⑨与检验 电荷g无关，是由电场本身和零电势点决定的，故B错误：U山 Ed中的d是匀强电场中的任意两点、b沿着电场线方向的距离， 故C错误：电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无 关，与两极板间距离d,极板面积S等有关，故D正确，门 2.B[根据匀强电场的特点可得U=Uk,p。一=a一9，解得 9=8V,B正确.] 3.D[电场线的疏密表示电场强度大小，由图知A点的电场强度小 于B点的电场强度，粒子在A点所受的电场力小于在B点所受的 电场力，故粒子在A点的加速度小于在B点的加速度，故A错 误；由带电粒子的运动轨迹和电场线分布情况，知电场力对粒子 做负功，动能减小，电势能增大，则粒子在A点的动能大于它在B 点的动能，在A点的电势能小于它在B点的电势能，故B错误，D 正确：由沿电场线方向电势降低知A点电势高于B点电势，故C 错误，] 4,B[根据C:可知，若仅使上极板上移一段距离，即d变大 ES 电容器的电容减小，故A错误：根据C一π可知，若仅向两板间 0章末检测卷（一） (建议用时 宝 一、选择题（本题共10小题.第1~7小题只有一 热员了 个选项正确，第8~10小题有多个选项正确) 1.雷暴天气中的雷击事件，引起了相关部门的 高度重视，要求有关部门加大防雷避雷知识 的宣传，提高广大人民群众的防范意识.假 如在户外我们遭遇雷电，下列防雷措施可行 的是 ①在大树下避雷雨②停留在山顶、山脊的 凉亭等地方避雷雨 ③不要快速开摩托、快 骑自行车和在雨中狂奔 ④在空旷地带，最 超 好关掉手机电源 A.①③ B.②③ C.①④ D.③④ 2.完全一样的两个金属球A、B带有等量的电 荷，相隔一定距离，两球之间相互吸引力的 大小为F.今让第三个不带电的与A、B完全 相同的金属球C先后与A、B两球接触后移 和 开球C,这时，A、B两球之间的静电力的大 小为 A.8 c皆 3.某电场的电场线分布如图所示.下列说法正 确的是 A.c点的电场强度大于b点的电场强度 B.若将一试探电荷十q由a点静止释放，它 警 将沿电场线运动到b点 C.b点的电场强度大于d点的电场强度 D.a点和b点的电场强度的方向相同 18 静电场及其应用 :90分钟) 4.如图所示为点电荷 M a、b所形成电场的 电场线分布图（箭 头未标出)，在M 点处放置一个电荷 量大小为q的负试探电荷，受到的静电力大 小为F,以下说法中正确的是 () A.由电场线分布图可知M点处的电场强度 比N点电场强度大 B.M点处的电场强度大小为F,方向与负试 探电荷所受静电力的方向相同 C.a、b为异种电荷，a的电荷量小于b的电 荷量 D.如果M点处的点电荷电荷量变为2g,该 处电场强度变为0 5.某电场的电场线分布如图 所示，一带电粒子仅在静 电力作用下沿图中虚线所 示路径运动，先后通过M M 点和N点.以下说法正确 的是 A.M、N点的电场强度的大小EM>EN B.粒子在M、N点的加速度大小aM>ay C.粒子在M、N点的速度大小vM>N D.粒子带正电 6.如图所示，两个质量 均为m、带电荷量分 30°人30° 别为q192的小球，放 92 在半径为R的内壁光 滑的绝缘半球形碗内，平衡时两球与碗心O 点的连线和竖直方向的夹角均为30°，则 ( 2 A.两球间库仑力大小F=k9192 2R2 B.两球间库仑力大小F=” 2 C.碗对球的支持力FN=k √3q192 2R2 D.碗对球的支持力F=2Bmg 3 7.如图所示，一个带正电、质 量为m的小球B用绝缘细 绳拴住，另一个带正电小球 + B A固定在绝缘竖直墙上，小 球B在重力、细绳拉力和小 球A静电力的作用下静止，且A、B两球处 于离地面高度为h的同一水平面上.现将细 绳剪断，下列说法正确的是 A.小球B从细绳剪断瞬间起开始做平抛： 运动 B.小球B在细绳剪断瞬间加速度等于g C.小球B在空中运动的时间小于/☑ N g D.小球B落地的速度等于√2gh 8.如图是某款家用空气净化器及其原理示意： 图，污浊空气通过过滤网后尘埃带电.图中 充电极b、d接电源负极，集尘极a、c、e接电！ 源正极（接地）.下列说法正确的是 ( 净化空气 过滤网a、c、e为集尘极 b、d为充电极活性炭过滤器 A.通过过滤网后空气中的尘埃带负电 B.尘埃在被吸附到集尘极e的过程中动能 增大 C.c、d两个电极之间的电场方向竖直向上 D.尘埃被吸附到集尘极a的过程中所受静： 电力做负功 184 如图甲所示，真空中Ox坐标轴上的某点有 一个点电荷Q,坐标轴上A、B两点坐标分别 为0.2m和0.7m.在A点放一个带正电的 试探电荷，在B点放一个带负电的试探电 荷，A、B两点的试探电荷受到静电力的方向 都跟x轴正方向相同，静电力的大小F跟试 探电荷电荷量q的关系分别如图乙中直线 a、b所示.下列说法正确的是 () F/(×10-4N) 2 b B 1 A x/m 01234q/(×10-9C) 甲 乙 A.B点的电场强度大小为0.25N/C B.A点的电场强度的方向沿x轴正方向 C.点电荷Q是正点电荷 D.点电荷Q的位置坐标为0.3m 0.如图所示，金属板所 带电荷量为十Q,质量 a 为m的金属小球电荷 量为十q,当小球静止 后，悬挂小球的绝缘 细线与竖直方向间的夹角为，小球与金属 板中心O恰好在同一条水平线上，且距离 为1.下列说法正确的是 ( ) A.金属板在小球处产生的电场强度为 E=kQ 12 B.金属板在小球处产生的电场强度为E1= mgtan a C小球在0点产生的电场强度为E,9 D.小球在O点产生的电场强度为E2= mgtan a Q 二、非选择题（本题共5小题） 11.如图所示，粗细均匀的 绝缘棒组成一半径为r B 的圆形线框，线框上均 匀地分布着正电荷，O是线框的圆心，现在 线框上A处取下足够短的带电荷量为q的 一小段，将其沿AO连线向右移动到距圆心 O点2r的B点处.若线框的其他部分的带 电荷量与电荷分布保持不变，则此时O点 的电场强度大小为 ,方向 为 12.某同学选用两个完 全相同的小球A、B 来验证库仑定律.使 小球A和B带上同 种电荷，A球放在左 右可移动且上下高度可调节的绝缘座上，B: 球用绝缘丝线悬挂于玻璃棒上的C点，如！ 图所示.实验时，保证A、B两球球心在同一 水平线上，待B球平衡后，观察到细线偏离： 竖直方向，且与竖直方向的夹角为0，已知 B球的质量为m,重力加速度为g,先保持 两球所带的电荷量不变，使A球从远处逐 渐向B球靠近，观察到两球间的距离越小， B球悬线的偏角越大；再保持两球间的距 离不变，改变两球所带的电荷量，观察到两： 球所带电荷量越大，B球悬线的偏角越大， (1)实验中用到的科学方法是 (2)根据平衡关系，A、B两球之间的静电力 F= (用m、g、0表示) (3)阅读教材后，该同学知道了库仑定律的 表达式，并知道了均匀分布的带电球体可： 以等效为电荷量全部集中在球心处的一个 点电荷.他将两个半径为R的金属小球分： 别带上了q1和q2的正电荷，并使其球心相 -185 距3R,应用库仑定律，计算了两球之间的 库仑力，则该同学的计算结果 (选填“偏大”“偏小”或“正确”)，原因是 3.电荷量Q=2×10-7C的正点电荷 B A固定在空间中O点，将质量m=P⊙ 2×10-4kg、电荷量q=1×10-7C 的另一正点电荷B从O点正上方某 处由静止释放，B运动过程中速度 最大位置在P.若静电力常量k=0O 9×109N·m2/C2,重力加速度取 g=10m/s2.求： (1)B运动到距O点l=0.5m处的加速度 大小 (2)P、O间的距离L. 14.如图所示，带电荷量为q1的带正电小球固15.如图所示，长=1m的 定于半径为R的竖直半圆光滑轨道的圆心： 轻质细绳上端固定，下 37 处，将另一电荷量为q2、质量为m的带正电 端连接一个可视为质 小球，从轨道的A处无初速度释放，两小球 点的带电小球，小球静 均可看成点电荷，求： 止在水平向右的匀强 电场中，绳与竖直方向的夹角0=37°.已知 R: 小球所带电荷量g=1.0×10一6C,匀强电 场的电场强度E=3.0×103N/C,取重力加 (1)小球运动到B点时的速度大小； 速度g=10m/s2,sin37°=0.6，cos37° (2)小球在B点时对轨道的压力. =0.8. (1)求小球所受电场力F的大小； (2)求小球的质量m; (3)若突然剪断细绳，求小球的加速度： (4)若将电场撤去，求小球回到最低点时速 度v的大小， 186