安徽省合肥市第八中学2025-2026学年高三下学期强化训练（一）物理试卷

合肥市第八中学2025-2026学年第二学期强化训练一 高三物理试卷 命题教师：路东磊张松 审题教师：路东磊张松 一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求 的。 1.光学技术作为一门高精密度的学科，应用在各个领域，下列关于光学现象的说法正确的是() 屏暮 放映机 光 偏光眼镜 乙 丁 A.如图甲所示，肥皂泡上的彩色条纹是由于光发生了折射现象 B.如图乙所示，观看3D电影时需要佩戴特殊的眼镜，此技术利用了光的偏振现象，说明光是纵波 C.如图丙所示，激光束通过两个狭缝，光屏上出现明暗相间的条纹，光的波长越小，条纹间距越大 D.如丁图所示，激光束沿水流传播，该现象是由于光发生了全反射现象 2.宇树机器狗的野外活动性能卓越，够完成爬山、涉水、翻越障碍等高难度动作。在某次机器狗的测试 中，测试人员和机器狗的位置一时间(x-t图像)如图所示，人的x-t图像为曲线，机器狗的x-t图像为两 条线段，从t=0到t=,的过程中，关于人和机器狗的运动， 下列说法正确的是() A.0~t时间内，机器狗做匀加速直线运动 B.0~t,时间内，人的速度大小一直减小 机器狗 C.0~t,时间内，人与机器狗的距离一直增大 D.0~t,时间内，人的平均速度大于机器狗的平均速度 3.关于以下几幅图中现象的分析，下列说法正确的是( 67 甲 丙 A.甲图中水黾停在水面上，受到的浮力与重力平衡 B.乙图中液晶显示器利用了液晶光学性质具有各向同性的特点 C.丙图中将棉线圈中肥皂膜刺破后扩成一个圆孔，是棉线张力作用的结果 D.丁图中不同液体在毛细管中的液面高于或低于管外液面都是毛细现象 4.一辆汽车在平直公路上从静止开始启动，该汽车加速度随时间的变化规律如图所示，t时刻汽车达到额 定功率且功率不再变化，t,时刻图像与时间轴相切。已知汽车质量为， ◆a/(m·s2) 运动过程中受到的阻力恒为，则有() A.汽车的额定功率为(f+a)a a B.汽车的额定功率为mat C.0~t和~t2时间内汽车牵引力做功之比为2：t2 D.0~t和1~t2时间内汽车牵引力做功之比为2t:(任2-t) t/s 5.在地图中，通常用等高线来表示地势的高低，在物理学中通常 130m 采用等势线来表示电势的高低，若将图中等高线改为等势线，所 120m/ 标数字为电势，则() 110m A.图中B、D两点的电场强度大小相等 100m∠ B.将质子由B点移动到A点，电场力对质子做负功 C.电子在A点处的电势能大于在B点处的电势能 B 水平面 1202 D.若重新标定零势能面，则A、B两点间的电势差将改变 6.如图所示，滑动变阻器R的滑片向下滑动，电压表示数变化量的绝对 A 值为△U,电流表A1、A2、A,示数变化量的绝对值分别为△I1、△M2、 △，，所有电表均为理想电表，且R2<R,下列说法中正确的是()E,F A.R和R3的总功率减小 B.电源的效率减小 0. △U,△U C.△M,小于△ △L△M2 7.拉格朗日点指在两个大天体引力作用下，能使航天器稳定的点，由法国数学家拉格朗日1772年推导证 明其存在，每个两天体系统存在5个拉格朗日点。如图所示，拉格朗日点上的航天器在两天体引力的共 同作用下可以绕“地月双星系统”的圆心做周期相同的圆周运动，从而使地、月、航天器三者在太空的 相对位置保持不变。其中、L、L位于两天体连线上，地心、月心、L(L)构成的三角形为等边 三角形，地球质量M为月球质量m的81倍，地月间距为L,地球、月球、航天器均可视为质点，不考 虑航天器及其他星体对双星系统的影响，关于地月系统的拉格朗日点， 下列说法正确的是() A.处于L点的航天器，加速度大于处在L?点航天器的加速度 月球 B.处于L点的航天器，其线速度小于月球做圆周运动的线速度 地球 L C.处于L点的航天器，做圆周运动的圆心恰好处在地心 D.处于拉格朗日点上的航天器做圆周运动的周期为2兀 Ls V82G2 8.如图所示，物体B放置在水平桌面上，桌子边缘固定一轻质定滑轮，一轻绳绕过定滑轮和另一轻质动 滑轮将物块A、B按如图方式连接，桌面上方的轻绳与桌面保持平行，与动滑轮连接的轻绳保持竖直方 向。己知物块A、B的质量均为m,物块B与桌面间的动摩擦因数为 L 儿，重力加速度为8，不计轻绳与滑轮间的摩擦力和空气阻力。在物 块A向下运动的过程中，下列说法正确的是() A.物块B与桌面间的动摩擦因数满足0<4<1 B.物块B的加速度大小为Q-)8 物块A的加速度大小为： C. D.物块A下降高度h时，其动能大小为1-巴gh 5 二、选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。 全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。 9.如图1所示，用甲、乙、丙三束单色光分别照射同一 光电管的阴极K,调节滑动变阻器的滑片P,得到了三 条光电流I随电压U变化关系的曲线如图2所示。下列 甲 说法正确的是() 乙 A,甲光的光子能量大于丙光的光子能量 丙 B.甲光照射时，阴极K单位时间逸出的光电子最多 C.乙光照射时，光电子的最大初动能最大 U.1U20 D.当光电流为零时，滑片P位于O点右侧 图1 图2 10.用如图所示的回旋加速器使质子加速，质子从图中A点开始加速。下列 说法正确的是() D形盒 A.质子第二次加速前、后在磁场中运动的轨道半径之比为1：2 B.仅增大加速电压U,质子飞出D形盒的动能不变 C.仅增大加速电压U,质子在磁场中运动的时间减小 D.不改变交流电的周期，用此加速器加速氘核，质子与氘核的最大动能接交流电源 之比为1：2 三、非选择题：共5题，共58分。 1.一研究小组用如图所示的可拆变压器探究“变压器原、副线圈电压与匝数的关系”。 铁芯 实验次数 1 3 5 UNV 2.9 3.8 4.9 5.7 6.7 。 线圈 UN 1.4 1.8 2.4 2.8 3.2 铁芯横梁 (1)本实验主要运用的科学研究方法是 A.控制变量法 B.等效替代法 C.理想模型法 (2)某次实验，选用匝数N。=400匝和N=200匝的变压器，得到一组实验数据如上表，则原线圈是 (填N或)。 (3)改变匝数再进行实验，选用原、副线圈匝数分别为800匝、400匝，由于疏忽，未安装铁芯横梁，当 输入电压为8V时，输出电压可能为 A.4.0V B.3.9V C.1.4V 12.如图甲所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的 动量关系。 铅 H 0 MP N 线 ZK21770772777777 O MP N 甲 乙 丙 (1)小球释放后落在复写纸上会在白纸上留下印迹，如图乙所示。多次实验后，白纸上留下了10个印迹， 如果用画圆法确定小球的落点，图中画的三个圆最合理的是 (选填“A”、“B”或“C”)。 (2)某次实验时，小球落地点分布如图丙所示，测得M、P、N与O点距离分别为x、x2、x,若满足关系 (用1、2、xx2、x表示)，则碰撞 前后动量守恒。 35.20cm (3)经测定，=45g,m2=7.5g,小球落地点的平均位置距0点的 -44.80cm- 55.68cm 距离如图丁所示。碰撞前、后的动量分别为P与p，则 p:P= :11;若碰撞结束时2的动量为P,,则 丁 p:p=11 (4)有同学认为，在上述实验中仅更换两个小球的材质，其他条件不变，可以使被碰小球做平抛运动的射 程增大。请你用(3)中已知的数据，分析和计算出被碰小球，平抛运动射程OW的最大值为Cm。 13.A、B两个振源分别位于x轴上x=0、x1=29m处，t=0时，A、B以相同的频率开始做简谐运动，A 产生向右传播的波与B产生向左传播的波在t=2.5s时的波形图如图所示，此时平衡位置分别位于 x2=10m、x=19m处的两质点P、Q刚好开始起振。求： (1)A产生向右传播的波的波速大小： (2)t=6s时，质点P的位移。 y/cm 4- 2 P 0 10 19 29 x/m 3 B 14.如图，两块相同平板、￡置于光滑水平面上，质量均为0.5kg,的右端固定一轻质弹簧，左端A 与弹簧的自由端B相距L=0.1m,物体P置于P的最右端，质量为1kg且可看作质点。乃与P以共同速 度。=4/s向右运动，与静止的发生碰撞，碰撞时间极短，碰撞后？与乃粘连在一起。P压缩弹簧后 被弹回并在A点与？、乃相对静止，弹簧始终在弹性限度内。己知P与卫之间的动摩擦因数为=0.25， 重力加速度g=10m/s2。求： (1)?、刚碰完时的共同速度： k-L- (2)此过程中弹簧的最大压缩量x: % B0000000 (3)弹簧达到最大压缩量时的弹性势能E。。 77777777777777777777777777777777777777777 15.如图所示，两根足够长、间距L=1m的光滑平行金属导轨MW、PO倾斜固定，倾角θ=30°，空间存 在磁感应强度大小B=1T、方向垂直导轨平面向上的匀强磁场。将两根金属棒b放置在导轨上，并 将b用绝缘轻绳绕过光滑定滑轮和物块c连接，滑轮左侧轻绳与导轨平行，右侧轻绳竖直。己知α、b 棒的长度均为L=1m,电阻均为R=12,a、b的质量分别为=0.2kg、,=0.1kg,物块c的质量为 m=0.15kg,重力加速度g取10m/s2,c距离地面足够高，α、b棒始终与导轨垂直且接触良好，导轨电 阻不计。 (1)若固定导体棒a,由静止释放b,当b的速度为lm/s时，求轻绳的拉力大小： (2)若同时由静止释放a和b,求a和b最终的速度大小： B (3)已知从同时释放导体棒a和b到导体棒a的位移为lm时，导体棒 α己达到最大速度，求该过程的时间。 NA高三年级物理参考答案 1.【答案】D 【解析】A.肥皂膜上的彩色条纹是肥皂膜的两个表面反射回来的光发生干涉的结果，A错误； B.观看3D电影时需要佩戴特殊的眼镜，此过程利用了光的偏振现象，说明光是横波，B错误； C.让激光束通过两个狭缝，可观察到光屏上出现如图丙所示条纹，根据干涉条纹间距公式△x=二入可知， d 光的波长越小，条纹间距越小，C错误； D.如丁图所示，激光束沿水流传播，该现象是由于光发生了全反射现象，D正确。 故选D。 2.【答案】B 【解析】A.x-t图像的斜率表示速度，由题图可知，机器狗在0~t时间内做匀速直线运动，A错误； B.人的x-t图像的斜率一直减小，则人的速度一直减小，B正确： C.由图可知，0时刻人和机器狗位于同一位置，2时刻也位于同一位置，人与机器狗的距离先增大后减小， C错误； D.由题图可知，在0~t,时间内，人与机器狗的位移相等，根据平均速度公式可知，人的平均速度等于机 器狗的平均速度，D错误。 故选B。 3.【答案】D 【解析】A.水黾停在水面而不下沉，是因为水的表面张力，与浮力无关，A错误： B.液晶显示器是利用液晶光学性质各向异性的特点制成的，B错误： C.Q处的肥皂膜被刺破后，周围的肥皂膜由于表面张力而收缩，使Q处扩成一个圆孔，C错误： D.毛细管中液面高于管外液面的是浸润情况下的毛细现象，液面低于管外液面的是不浸润情况下的毛细 现象，D正确。 故选D。 4.【答案】A 【解析】AB.汽车从静止开始运动，因此t,时刻的速度等于0~内图像的面积=at,t,时刻加速度为4， 由牛顿第二定律F-∫=m4,得牵引力F=∫+a,,t时刻汽车达到额定功率，额定功率 P=F=（f+a)a,A正确，B错误： cD.0~加速度恒定，做匀加速直线运动，位移x-4,牵引力恒定，做功所-A=(+ma) t~t,功率保持额定功率不变，牵引力做功W?=P(t2-)=(f+a)a,(t2-t),做功之比 nma)al: ,C、D错误。 W2(f+ma)a4t2-1)2t2-4) 故选A。 5.【答案】B 【解析】A.电场中相邻等势线间的电势差相等，则等势线越密的地方，电场强度越大，由图可知，B点 等势面稀疏，D点等势面密集，所以B点的电场强度小于D点的电场强度，A错误： B.根据电场力做功与电势差的关系可得W4=ep4=(100-120)eV=-20eV,电场力做负功，B正确： C.由图可知，A点电势高于B点电势，电子带负电，在电势高的地方电势能小，所以电子在A处的电势 能小于其在B处的电势能，C错误； D.重新标定零势能面，只影响A、B点的电势，不影响电势差，D错误。 故选B。 6.【答案】C 【解析】A.滑动变阻器R3的滑片向下滑动，R2和R3的并联电阻R增大，又R并<R2<R+r,则R,和R 的总功率增大，A错误： B.根据电源效率公式刀-受×1096=人，×1096可知，电源效车增大，B错误， Ry+r C.根据电流关系，有-△1=△2-△3，由上可知I1、I都减小，I2增大，所以△2小于△3，C正确： D. 路欧姆定律可知U=B-风+r),可得A:=r+R,又因V=1,R,: △I △U=R,所 U.△U 山山，D错误。 以 故选C。 7.【答案】D 【解析】AB.处于L、L、L,点的航天器，其与地、月相对位置不变，可得其角速度=，=@，=0月=@地 根据v=r得，处于L2点的航天器，线速度'2>v月，根据a=or得，处于L点的航天器，加速度4<4， A、B错误； C.处于L4点的航天器，受到地球的万有引力，方向指向地心，以及月球的万有引力，两个力的合力不指 向地心。航天器做匀速圆周运动，合力充当向心力，指向圆心，所以圆心不处在地心，C错误： 以7=mn》 D.对于地月双星系统得G=☑4云 _81L,代入M=8, 2月，地+月=工，解得r=上工，月一82● 解得T=2π， 处于拉格朗日点的航天器的周期等于地月双星系统的周期，D正确。 82GmL 故选D。 8.【答案】C 【解析】ABC.设绳子张力为T,分别对A、B分析，对A根据牛顿第二定律，取下为正方向，有g-2T=a4; 对B根据牛顿第二定律，取左为正方向，有T-ug=a。,又因为4。=2a4,联立上述三式，解得 a,、1-2业。，a=g。由以上分衍可知，mgT< 5 mg,得0<≤？A、B错误，C正确 1 D.物块A下降高度h,物块B会向左移动距离2h,对系统，根据能量守恒，有gh= +tung.hh, 21-2 又y,=2YA,解得E= 2gh,D错误。 5 故选C。 9.【答案】BC 【解析】A.根据光电效应方程m=m-所，根据动能定理-eU.=0- 1 。,解得hw=eU。+W。,甲 光和丙光对应的遏止电压相等，光子能量相等，A错误： B.甲光照射时，饱和光电流最大，逸出的光电子最多，B正确： C.根据动能定理-eU.=0-},解得)=eU。,乙光照射时光电子的最大初动能最大，C正确； D.光电流为零时，光电子在光电管中减速，阴极飞的电势高于阳极A的电势，滑片P位于O点左侧，D 错误。 故选BC。 10.【答案】BCD 【解析】A.质子第二次加速前，有qW= m,又9B=m,联立解得-=2g 1/2mU 。同理，可得质 子第二次加速后在磁场中运动的轨道5=2，mC B\a ，质子第二次加速前后在磁场中运动的轨道半径之比为 1:√2，A错误： B.根据洛伦兹力提供向心力有gB=m一，当粒子运动轨迹半径等于回旋加速器半径时，粒子速度最大， 最大动能瓜。-R，与加速电压U无关，B正确 2m C.仅增大加速电压)，质子离开回旋加速器的速度不变，但质子每次加速增加的动能增大，质子做圆周 运动的次数减少，圆周运动的周期不变，则质子在磁场中运动的时间减小，C正确； D.为了保持始终加速，则交流电周期5粒子圆周运动周期相等，即78，粒子的最大速度 =2'mR 最大动能E=m T2 -,则质子与氘核的最大动能之比为1：2，D正确。 故选BCD。 11.【答案】(1)A(2)Na(3)C (每空2分) 【解析】(1)实验中需要运用的科学方法是控制变量法。故选A。 (2)由于存在有漏磁、原副线圈内阻分压等因素，所以副线圈测量的电压值应该小于理论值，由理想变 4- 压器规律有U,N,1 由表格数据值U总是大于2U,,故U,应该是副线圈的电压值，U应是原线圈的电压值，可判断连接电源 的线圈是N。 (3)若为理想变换器，则U,=U,=4V,但是由于铁芯没有闭合，漏磁过多，使得通过副线圈的磁通量 明显小于通过原线圈的磁通量，使得副线圈的电压很小，故C符合题意。 故选C。 12.【答案】B5=+, 142.976.8（每空2分) 【解析】()确定小球落点时，应将所有落点都包含在圆内，且圆的半径尽可能小。因此，最合理的圆是B。 (2)小球做平抛运动，下落高度相同，故运动时间t相同。 碰撞前，小球a的速度=产，动量为=，=叫号 碰撞后，小球a的速度y=产，动量为A==训产 碰撞后，小球b的速度=，动量为P,=%,=m,主 根据动量守恒定律P。=P+P2,代入并消去t,可得：mx2=叫5+m2x, ⑧迪对道的元义府尽日风8品片 由动量的定义得：B=4',=%O445.0x3521 20N7.5x55.682.9 (4)弹性碰撞射程最远，由动量守恒和能量不变得·OP=·OM+,·ON 2m(opP-3叫-oM+5m,oN 解得：ON= 24·0P=76.8cm n+n 13.【答案】(1)4m/s(2)(1-2W3)cm (4分+6分) 【解析】(1)由题意可知，振源A的振动方程为y=4sin(at+x)cm 当t=2.5s时，有2√3cm=4sin(2.5o+π)cm 又r+3亚<250+元<花+2元 2 5 可知2.50+π=π+一π 3 解得0=元 3 又0= 无，=点，元=7 2π 解得：元=12m,T-3,1=4m/s (2)振源A单独存在时，质点P的振动方程为yap=4sin 2xt-25)+元cm 振源B单独存在时，质点P的振动方程为yp=2sin t=6s时，质点P的位移y=yap+yp=(1-2V3)cm 14.【答案】(1)2m/s;(2)0.1m;(3)0.5J (4分+6分+4分) 【解析】(1)对P、P,组成的系统，由动量守恒定律得m。=2m 解得：y==2ms 2 (2)对B、卫，、P组成的系统，从￡、P,碰撞结束到最终P停在A点，由动量守恒定律得2四+2。=4， 3 解得：，=4=3ms 由能量守恒定律得么2ng(2Z+2刘)-号2nm号2mm 2 解得：x=,-L=0.1m 32ug (3)对P、卫、P组成的系统，从P、卫碰撞结束到弹簧压缩到最短，由能量守恒定律得 ume亿+s)小，=号2n号2m子 43 2 2 解得：B,=m=05J 16 10 15.【答案】(1)F=1.2N (②)3a=gm/s,=。m/8 6)t=101 (6分+8分+4分) 90 【解析】(1)固定导体棒a,当b的速度为lm/s时，导体棒b产生的感应电动势E=BL,=1V 回路的感应电流弘三2R2A =A 导体棒b受到的安培力为F=B1,L=N 设轻绳的拉力为F,根据牛顿第二定律可知，金属棒b的加速度满足F-%gsn日-F安=，a 物块c的加速度满足g-F=a 两式联立解得a=2m/s2,F=1.2N (2)设ā和b最终的速度分别为v,和，由楞次定律可知回路产生的感应电流沿顺时针方向，根据左手定 则可知导体棒a受到的安培力方向沿斜面向上，设任意时刻导体棒ā受到的安培力为F安'，则导体棒ā 的加速度满足m8sin8-F安'=maa 解得：a=51-Fx)m/s 对导体棒b和物块c整体分析，加速度满足.8-，g sin-F家'=（，+l。)a 解得：4。=41-F安')m/s2 可知任意时刻及- aue 4 因此最终a和b匀速运动时，上= e4 此时回路的感应电动势E=BL化.+)2B 此时安培力的大小为P=B￡L= 9B2Lv 2R 10R 由受力平衡可知此时Fm=,gsin8=,8-,gsin日=1N 10 8 联立解得：va= g m/s,=m/s 9 （3)对a号体林，根据动量定理，有肌gsm01-公B+N= 2R 其中x。+,=∑wa+va)△t=1.8m 解得：t=103 90 6