物理终极押题猜想（吉林省专用）2026年中考物理终极冲刺讲练测

2026年中考物理终极押题猜想（吉林省） 考情为骨 密押为翼 一、单项选择题押题猜想 押题猜想一 物理量的估测....................................................2 押题猜想二 物态变化辨析....................................................5 押题猜想三 光现象辨析与光学规律的应用.....................................10 押题猜想四 电磁现象辨析...................................................14 押题猜想五 动态电路分析...................................................19 押题猜想六 力学知识综合辨析与应用.........................................24 二、填空题押题猜想 押题猜想七 以信息能源材料为主的多知识体系综合............................33 押题猜想八 声光热（渗透跨学科实践）多知识体系综合........................39 押题猜想九 以力学知识体系为主的综合......................................42 押题猜想十 以电磁学知识体系为主的综合....................................46 三、作图题押题猜想 押题猜想十一 利用透镜的三条特殊光线作图..................................52 押题猜想十二 家庭电路作图................................................54 四、简答题押题猜想 押题猜想十三 力学简答....................................................57 押题猜想十四 电学简答....................................................60 五、计算题押题猜想 押题猜想十五 滑轮（组）机械效率的相关综合计算...........................63 押题猜想十六 简单串并联电路电学量的综合计算.............................68 六、实验与探究题押题猜想 押题猜想十七 比较物质吸热情况的探究实验..................................71 押题猜想十八 探究平面镜成像的特点的实验....................................76 押题猜想十九 探究液体压强与哪些因素有关.....................................81 押题猜想二十 用电流表和电压表测量电阻......................................86 押题猜想二十一 探究杠杆的平衡条件（渗透跨学科实践）.........................92 押题猜想一 物理量的估测 试题前瞻·能力先查 1. （创新考法）小贝学习成语“另辟蹊径”后查阅了有关资料，得知“径”是指仅容人步行通过的小路，马车无法通过。根据该资料的描述，“径”的宽度最接近（　　） A. 0.05m B. 0.5m C. 5m D. 50m 2.（标准考法）根据生活经验，下列估测最符合实际的是（　　） A. 九年级物理课本的质量约为20g B. 教室内课桌的高度约为75cm C. 人体感觉舒适的环境温度约为40℃ D. 中学生大课间的时间约为3min 分析有理·押题有据 考点趋势：物理量估测类选择题是吉林省中考必考内容之一。 押题（依据）理由：长度、时间、速度、质量、重力、温度等物理量的估测是学习物理知识的基本技能的要求，在一道试题里考查多个量的估测，体现了考查综合估测能力。2025年估测题在第一大题第4小题中出现，基于吉林省真题卷在选择题里只有6道小题，不出现难度题，又能考查多知识体系内容的需要，预测2026年可能在第1小题中出现，但题干选项字数会少，也可能在第4小题出现，字数略多一些。 押题解题秘笈： 1. 感悟常见基本的物理量的大小 （1）正确估测的前提首先要对一些物理量的单位及单位换算要有正确的认识，如1米、1分米、1厘米有多长，1千克、1克是多少、1小时、1分钟、1秒钟是怎样的时间，等等； （2）要对物理量的计算关系熟悉，如速度公式、密度公式、重力与质量关系式、压强定义公式，功率定义式等等； （3）要对常见的一些量要有数据、数量级的认识：如一般成人、初中学生的质量、身高，步行的速度、交通工具的一般速度,对于教学要求我们必须记住的数值如水的密度、家庭电路的电压、干电池的电压、光的速度，g的值等要记住。 （4）在运算时将数据近似取值，如将g的值简化为10牛/千克，将水的比热中的4.2近似为4，这样大大节约我们的运算速度。 2. 常见物理量的估算值表格记忆 3. 常见物理量的估算方法 （1）累积法：估测时间，比如测脉搏跳一次的时间：先用秒表测脉搏跳若干次所花的时间，再用时间除以次数得到脉搏跳一次所花的时间。 （2）常见力的估算值 1）一个鸡蛋约50g（两个鸡蛋重约1N）， 2）中学生的质量（体重）约50kg左右，重500N左右。 3）对于记忆有难度的力的大小，我们只要知道物体质量的估算值，根据G=mg公式进行计算就可以知道物体重力的估计值。 （3）常见压强的估算值。估算质量m，根据G=mg公式进行计算就可以知道物体重力G，结合相互作用力或者平衡力特点求出压力F=G，再结合数学知识估算受力面积S，最后依据压强公式P=F/S计算出结果。 （4）常见做功的估算值。对于做功多少，靠记忆是不可靠的，需要围绕功的计算公式W=Fs，估算F、s，再计算即可。 终极猜想·精练通关 1．如图为某成年人学习吹奏笛子时的情景，请你估测图中笛子的长度约为（　　） A．60m B．60dm C．60cm D．60mm 2．物理源于生活，又服务于生活，下列数据符合实际的是（ ） A.用体温枪测得小明同学体温为36.8℃ B.两个鸡蛋的质量约为0.5kg C.某普通中学生百米赛跑成绩为7s D.初中物理教材的长度约为26dm 3. “不积跬步，无以至千里，不积小流，无以成江海”出自荀子的《劝学》。意思是说千里之路，是靠一步一步地走出来的，没有小步的积累，是不可能走完千里之途的。步：古代是一种长度单位，有关步的物理知识，正确的是（　　） A．中学生走一步的距离约为75cm B．中学生步行的速度约为5m/s C．正常人健步走100米用时约10min D．正常人步行1min经过的距离约为6m 4. 下列对教室中物理量的估测，最接近实际的是（ ） A. 舒适的室内温度为45℃ B. 黑板擦的质量为20kg C. 照明灯正常工作的电压为220V D. 橡皮擦从课桌掉落到地面所用时间为60s 5. 生活中的事物都有合适的尺度和范围，以下符合实际的是（　　） A. 一支2B铅笔的质量约80g B. 吃饭常用的筷子长约27cm C. 中学生的重力约50N D. 男生1000米跑步时间约2min 6．（情景类创新估测）人的身体中藏有很多“尺”， 如图所示， 可以帮助我们估测物体的长度， 身高170cm的小明对身边事物的估测， 最接近实际的是（　　） A．单人课桌长3拃（zhǎ），约0.6m B．黑板长1庹（tuǒ），约10m C．教室长20步，约35m D．文具盒宽4指，约0.5cm 7. 下列物理量最接近实际值的是（　　） A. 中学生的重力大小约为 B. 正常人步行的速度约为 C. 初中物理课本的宽度约为 D. 做一遍眼保健操的时间约为 8. 下列与生活有关的一些物理数据，最符合实际的是（　　） A. “”是指空气中粒径为2.5mm的颗粒物 B. 托起一个鸡蛋所用的力大约为2N C. 初中生百米赛跑的成绩约为6s D. 我国家庭电路的电压是220V 9. 下列数据中符合实际的是（　　） A. 人体的正常体温约为26℃ B. 中学生正常步行的速度为10m/s C. 一节新干电池的电压为1.5V D. 九年级物理课本的质量约为5kg 10. 对生活中有关物理量的估测，符合实际的是（　　） A. 洗热水澡时的水温约为80℃ B. 中学物理课本宽约为18cm C. 教室内饮水机加热时的功率约为5W D. 初中生从一楼走到五楼的时间约为3s 11. 关于课桌的描述，最符合实际的是（ ） A. 质量约2t B. 体积约为8m3 C. 高度约为75cm D. 密度约为1.0103kg/m3 12. 小明同学对身边的物理量进行了估测，你认为最符合实际的是（　　） A. 中学生百米跑的平均速度约为20m/s B. 中学生双脚站立时对地面的压强约为2.2×105Pa C. 普通壁挂式空调正常工作的功率约为1100W D. 人体感觉舒适的环境温度约为36.5℃ 押题猜想二 物态变化辨析 试题前瞻·能力先查 1.（跨学科实践）厨房不仅是加工食材的场所，也是充满物态变化的“实验室”。从冰箱的冷藏室中取出一瓶矿泉水，过一会儿瓶外壁变湿了，这是因为空气中的水蒸气发生了（　　） A. 液化 B. 熔化 C. 凝固 D. 汽化 2. （中华传统文化）二十四节气是中华民族农耕文明长期经验的积累和智慧的结晶，对下列节气涉及的物态变化分析，正确的是（ ） A. 图甲“寒露”节气，“露”的形成是凝固现象 B. 图乙“霜降”节气，“霜”的形成是凝华现象 C. 图丙“大雪”节气，“雪”的形成是液化现象 D. 图丁“雨水”节气，“雨”的形成是凝华现象 分析有理·押题有据 考点趋势：物态变化辨析类选择题是吉林省中考必考点内容之一。 押题（依据）理由：简单基础题，主要考查的知识与生产、生活联系比较密切，反映自然界物态变化情景。考查学生对物态变化的分辨能力。2023、2024年均在第一大题第1小题中出现，2025年选择题没有考查这一知识点，2026年选择题一定会出现物态变化辨析类考题，可能在第2小题出现。 押题解题秘笈： （1）知道物态变化有6种：熔化、凝固、汽化、液化、升华、凝华。 （2）熟练理解熔化、凝固、汽化、液化、升华、凝华的概念。 物质从固态变成液态的过程叫做熔化； 物质从液态变成固态的过程叫做凝固； 物质从液态变为气态的过程叫汽化； 物质从气态变为液态的过程叫液化； 物质从固态直接变为气态的过程叫升华； 物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。 （3）理解熔化、汽化、升华，需要吸热；凝固、液化、凝华，需要放热。 （4）对自然界中水循环过程中的物态变化有深入辨析的能力 A.云：液化或凝华。在太阳照射下，含有水蒸气的热空气快速上升，上升过程中，遇冷空气，水蒸气液化成小水滴或凝华成小冰晶，便形成了云。 B.雨：熔化。云中的小水滴或小冰晶，随气流的急速升降而上下运动，它们相遇后越聚越大，达到一定程度后就会下落。下落过程中，小冰晶吸热熔化成小水滴，与原来的小水滴一起落到地面就形成了雨。 C.露：液化。在昼夜温差较大时，清晨空气中的水蒸气遇到温度较低的树叶、花草等，液化成小水珠附着在它们表面上成为露。 D.雾：液化。雾是水蒸气在空气中遇到冷空气液化成的小水滴，这些小水滴悬浮在空气中，在地面附近形成雾。 E.霜与雪：凝华。霜是地表的水蒸气在0℃以下的温度时，直接凝华成的固体。如果高空的温度在0 ℃以下，水蒸气直接凝华成小冰晶，便以雪的形式降回地面。 F.雹：熔化或凝固。雹是体积较大的冰珠，云中的冰晶和水珠被上升气流带到气温低于0℃的高空，凝结为小冰珠，小冰珠在下落时，其外层受热熔化成水，并彼此结合，使冰珠越来越大，如果上升气流很强，就会再升入高空，在其表面形成一层冰壳，经过多次上下翻腾，结合成较大的冰珠，当气流托不住时，冰珠落到地面上，形成冰雹。 终极猜想·精练通关 1. 天宫二号空间实验室里面的综合材料实验炉如图所示，把要合成的各种材料放进炉中加热，材料在炉中从固态变为液态的过程是（　　） A. 凝固 B. 汽化 C. 液化 D. 熔化 2. 以勺为笔，用糖作墨，糖汁成画。如图所示，糖汁冷却成糖画的过程中，发生的物态变化是（　　） A. 沸腾 B. 凝固 C. 熔化 D. 升华 3. 据《天工开物》记载，“晒纸”是造纸工艺的流程之一，其做法是将湿纸放在阳光下晒干，如图所示。“晒纸”时发生的物态变化是（　　） A. 凝固 B. 汽化 C. 升华 D. 液化 4. 小明在清晨锻炼时发现路边的小草和树叶上结有露珠。查阅资料得知，露珠是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，该过程中发生的物态变化是（　　） A. 熔化 B. 汽化 C. 液化 D. 升华 5.（情景题）“冻干草莓”是工人把含有大量水分的新鲜草莓温度降到－18℃以下，使草莓的水分凝结，再将其放置在温度低于的环境中实现脱水，使新鲜草莓变成了几乎不含水分的草莓干。下列现象与“冻干草莓”脱水过程所涉及的物态变化相同的是（    ） A．春天，冰雪消融 B．寒冬，冰雕变小 C．深秋，霜挂枝头 D．冬天，滴水成冰 6. 据《天工开物》记载，可从朱砂矿石中提炼水银（液态汞）。如图所示，给密闭锅内的砂矿石加热，就会在倒扣的锅壁上布满水银。在倒扣锅壁上形成水银的物态变化是（　　） A. 凝固 B. 凝华 C. 液化 D. 汽化 7．如图所示的四种物态变化实例中，属于凝华的是（  ） A．山间形成的浓雾 B．河面冰雪消融 C．草叶上形成的“露珠” D．草叶上形成的“白霜” 8．下列现象产生的过程中要吸热的是（ ） A．壶口附近的“白气” B．北方的冬天，植物上的雾凇 C．夏天的清晨，蜻蜓身上的露珠 D．铁矿熔化成的铁水 9. 仲夏晨曦光初透，枝头栖蝉被星露。蝉身上的露珠形成时发生的物态变化是（　　） A. 凝华 B. 液化 C. 熔化 D. 凝固 10. （光热综合）对下列诗词中涉及的物理现象解释正确的是（　　） A. “起舞弄清影，何似在人间”中“影”的形成是光沿直线传播 B. “举头望明月，低头思故乡”中的“明月”是光源 C. “露从今夜白，月是故乡明”中“露”的形成是熔化现象 D. “月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠”中“霜”的形成是凝固现象 11．如图，“打铁花”是国家级非物质文化遗产之一，主要过程是将生铁烧至1600℃以上化成铁水，一人舀起铁水抛向空中，另一人则用力击打空中的铁水，瞬间铁花四溅，其中涉及的物态变化过程有（　　） A．升华、凝华 B．升华、凝固 C．熔化、凝固 D．熔化、凝华 12. 下列物态变化属于升华的是（　　） A. 甲图：初春、扎龙湿地冰雪消融 B. 乙图：盛夏，林都伊春薄雾消散 C. 丙图：金秋，镜泊湖畔朝露晶莹 D. 丁图：寒冬，太阳岛上雪人变小 押题猜想三 光现象辨析与光学规律的应用 试题前瞻·能力先查 1. （情景题）如图，斜插入水中的筷子，看起来弯折了的原因是（　　） A. 光沿直线传播 B. 光的反射 C. 光的色散 D. 光的折射 2. （改编题）吉林的小文到青海旅游时，用照相机记录了青海湖的美景。以下物体与照相机成像规律相同的是（ ） A. 投影仪 B. 近视眼镜 C. 监控摄像头 D. 放大镜 分析有理·押题有据 考点趋势：光现象辨析及光学规律应用类选择题是吉林省中考必考点内容之一。 押题（依据）理由：简单基础题，主要考查的知识与日常生产生活实际密切联系，反映自然界中光现象情景。考查学生对光现象的分辨能力，以及光现象产生的原因。2023、2024、2025年均在第一大题中出现，在选择题里属于年年考的一个考点，2026年选择题一定会出现这类考题，可能在第3小题出现。 押题解题秘笈：光现象的辨析的办法 终极猜想·精练通关 1. 下列现象由光沿直线传播形成的是（ ） A. 水中“月” B. 空中“桥” C. 池中“鱼” D. 墙上“兔” 2. 下列实例中，利用光的直线传播的是（　　） A. 激光准直 B. 削冰取火 C. 光纤通信 D. 对镜整装 3. 《墨经》中记载了影子的形成等光学现象。如图所示，墙上手影形成的原因是（　　） A. 光的直线传播 B. 光的反射 C. 光的折射 D. 光的色散 4. 《墨经》中记载了小孔成像的实验。其成像原理如图所示，这是利用了光的（　　） A. 直线传播 B. 反射 C. 折射 D. 色散 5. 农户在果树下铺上银色地膜，使果实能接收到更多的光照，促进果实着色，提高品质。这主要利用了银色地膜对光的（　　） A. 反射 B. 折射 C. 色散 D. 直线传播 6. 光给我们带来了美的感受，下列现象中由于光的反射形成的是（ ） A. 铁人广场“腾飞雕塑”的倒影 B. 雨后的彩虹 C. 正立、放大的蚂蚁像 D. 阳光下日晷的影 7. 唐朝诗人李白在《渡荆门送别》诗中有“云生结海楼”的写景名句，其中“海楼”指海市蜃楼，其产生的主要原因是（　　） A. 小孔成像 B. 光的折射 C. 平面镜成像 D. 凹面镜成像 8．下列光现象与“潭清疑水浅”的形成原因相同的是（　　） A．筷子弯折 B．鹦鹉照镜 C．水中倒影 D．杆的影子 9. 小凯学习完《光现象》之后，兴致勃勃地回家给妹妹表演了一个小魔术。他先让妹妹站定，在她面前摆一只“空碗”（如图甲所示），然后缓慢地往碗里倒水，成功地给妹妹“变”出了一枚硬币（如图乙所示）。魔术的成功是利用了（　　） A. 光的反射 B. 光的折射 C. 光的直线传播 D. 光的色散 10. 如图所示的光现象，由于光的折射形成的是（　　） A. 杯子形成的影子B. 月亮在水中形成的像C. 放大镜把字放大D. 人在平面镜中形成的像 11. 如图所示为一只白鹭从水中起飞，展翅高飞的情景。下列说法正确的是（    ） A．水中的倒影是白鹭的实像 B．白鹭的脚恰好与水面接触时，白鹭的脚在水中的像也恰好与水面接触 C．白鹭在水中的像是由光的折射形成的 D．白鹭飞离水面时，水中的像会越来越小 12. 某同学在某湿地公园看到了美丽水鸟。水鸟在平静的水中形成的倒影（　　） A. 是虚像 B. 是实像 C. 比水鸟大 D. 比水鸟小 13. （高科技）机器人跳秧歌舞、跑马拉松、做家务……人形机器人用“眼睛”感知获取信息，如图。人形机器人“眼睛”的光学成像与人眼相似，是通过镜头使物体在图像传感器成像面上（相当于人眼的视网膜）成清晰的像。下列说法正确的是（　　） A. 物体在成像面上成放大的虚像 B. 机器人“眼睛”的镜头对光有发散作用 C. 机器人“眼睛”光学成像原理与照相机成像原理相同 D. 机器人“眼睛”只能“看见”自身正在发光的物体 押题猜想四 电磁现象辨析 试题前瞻·能力先查 1.（情景题）下列设备利用了通电导线在磁场中受力工作的是（　　） A. 司南 B. 电饭煲 C. 手持电风扇 D. 风力发电机 2. （物理与高科技）如图是我国自主研发的电磁发射器，它是利用磁场对电流的作用把弹丸发射出去，下列设备中与电磁发射器的工作原理相同的是（　　） A. 发电机 B. 电铃 C. 司南 D. 电动机 分析有理·押题有据 考点趋势：磁现象辨析类选择题是吉林省中考常考点内容之一。在其他题型中不考查磁学知识时，选择题一定会考查。 押题（依据）理由：简单基础题，主要考查的知识与日常生产生活实际密切联系，与高科技发展息息相关。考查学生对磁现象的分辨能力。2025年在作图题中出现了磁学内容，预计2026年在选择题里会出现考题。可能在第4小题出现。 押题解题秘笈： ①首先要明确电磁三现象是指：电流的磁效应、磁生电、磁场对电流的作用； ②归类明确电磁三现象在生活中的应用： A.电流的磁效应:电磁铁、电磁继电器、电磁起重机等； B.电磁感应：发电机、动圈式话筒； C.磁场对电流的作用：电动机、扬声器。 ③审题解题干中所涉及的是关于哪一种电磁现象的原理，然后对号入座辨别。 注意：①电流的磁效应和磁场对电流的作用的区别是磁场的数目不同，分别是一个和两个； ②电磁感应和磁场对电流的作用的区别是电路中有无电源或电流表。 终极猜想·精练通关 1. 如图是吉林四平马拉松赛事活动中推出的机器狗配速员，机器狗内部电动机的工作原理是（　　） A. 电磁感应现象 B. 通电导体在磁场中受到力的作用 C. 电流的磁效应 D. 电流的热效应 2. 关于电与磁的描述中，说法正确的是（　　） A. 如图甲所示，当闭合开关后电路中的绿灯亮 B. 如图乙所示，与发电机工作原理相同 C. 如图丙所示，麦克风是用该原理工作的 D. 如图丁所示，小磁针偏转是电磁感应现象 3. 下列关于电和磁的描述不正确的是（　　） A. 图甲：“天算”卫星靠电磁波高速互联 B. 图乙：根据该实验装置的原理制成了电动机 C. 图丙：油罐车后挂有铁链与地面相连，是为了防止静电带来的危害 D. 图丁：用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球时，金属箔张开且带负电 4. 将扬声器、开关和电流表连成如图电路，闭合开关，反复轻敲扬声器的纸盆，会看到电流表的指针左右摆动，下列选项与其原理相同的是（　　） A. 电动机 B. 发电机 C. 电磁铁 D. 电铃 5. 发电机组是水电站的核心部分，以下四个装置中符合发电机工作原理的是（　　） A. B. C. D. 6. 英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象，人们根据这一现象制成了发电机。下列四个设备中应用了电磁感应现象的是（　　） A. 麦克风 B．防水报警器 C. 电铃 D．扬声器 7. 对于安全用电以及电磁现象，其中错误的是（　　） A. 该图说明了发电机的原理 B. 该图不符合安全用电原则 C. 该电路的连接符合安全用电原则 D. 该图中磁感线的画法是正确的 8. 新能源汽车的能量回收主要基于再生制动技术，此技术通过将车辆减速或制动时的部分动能转化为电能并储存回电池，从而提高能量的利用效率。下列实验与此技术原理相同的是（　　） A. B. C. D. 9. 19世纪，物理学家发现电与磁之间存在着紧密联系，下列关于电现象与磁现象的说法正确的是（　　） A. 甲图通电后电磁铁b的线圈匝数少，磁性更强 B. 乙图通电后静止的小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在磁场，断电后，小磁针保持不动 C. 丙图是发电机原理，闭合开关后，悬挂的导体棒将发生运动 D. 丁图是电动机的原理，闭合开关后，金属棒ab将发生运动 10. 电动自行车的主要动力装置是电动机。下列选项中与电动机工作原理相同的是（ ） A. B. C. D. 11. 图甲是USB迷你电风扇，下列装置中与它的核心部件（电动机）原理相同的是（　　） A. 司南 B. 电铃 C. 麦克风 D. 扬声器 12. 如图所示为送餐机器人，下列图中能说明其内部电动机工作原理的是（　　） A. B. C. D. 押题猜想五 动态电路分析 试题前瞻·能力先查 1.（预测）如图所示电路中，是定值电阻，是阻值随光照强度增大而减小的光敏电阻。闭合开关S，逐渐增大光敏电阻的光照强度，关于两个电表示数的说法中，正确的是（ ） A. 电压表和电流表的示数都增大 B. 电压表和电流表示数的比值增大 C. 电流表示数减小，电压表示数增大 D. 电流表示数增大，电压表示数减小 2.（标准考法）如图所示，滑动变阻器的滑片从B端向A端滑动的过程中，下列说法正确的是（ ） A. 电压表示数变小 B. 电流表示数变小 C. 电路总电阻变大 D. R0不能保护电路 分析有理·押题有据 考点趋势：动态电路分析是电学考查的重要内容之一。它主要是由于开关的闭合（或断开）、滑动变阻器滑片移动而引起的电路中各物理量的变化。中考常以选择题出现。常考的类型有：电路中电流表、电压表示数的变化、电阻电功率的变化、小灯泡亮度的变化。试题难度一般较大。 押题（依据）理由：对于吉林省中考真题而言，动态电路分析属于难度题，主要考查串并联电路特点、欧姆定律以及电功率和焦耳定律的应用。2025年没有出现这类考题，预计2026年在选择题里会出现考题。可能在第5小题出现。 押题解题秘笈： （1）“先看总电阻”（用串、并联特点）。当滑动变阻器的滑片向左（右）滑动或开关断开（闭合）时，由串、并联特点可以推出如下结论：当电路（串、并）中的任何一个电阻变大（小）时，电路的总电阻将变大（小）；串联电路中，电阻多，总电阻越大；并联电路中，支路多，总电阻越小。 （2）“再看总电流”（用欧姆定律，电源电压不变）。“串联看分电压”先用欧姆定律看定值电阻的电压，再用串联特点看另一电阻的分电压。“并联看分电流”先用欧姆定律看定值电阻的电流，再用串联特点看另一电阻的分电流。 （3）“最后看电功、电功率、电热”。在知道用电器（一段电路）的电阻、电流以及它们两端的电压的变化情况，在根据电功、电功率、焦耳定律公式进行比较。 终极猜想·精练通关 1. 如图所示的电路中，闭合开关S后，当滑片P向右移动时，则（　　） A. 电流表A示数变小 B. 电压表示数不变 C. 电压表示数与电流表A示数之比变大 D. 电压表示数与电流表A示数之比变小 2. 如图所示电路中，电源电压保持不变，和为定值电阻。先闭合开关S1，再闭合开关S2后，电流表和电压表的示数变化的情况是（　　） A. 电流表示数增大，电压表示数不变 B. 电流表示数增大，电压表示数减小 C. 电流表示数减小，电压表示数增大 D. 电流表示数不变，电压表示数增大 3. 图为某研究小组设计的风速自动报警器电路示意图，电源电压不变，为压敏电阻，它的阻值随风速的增加而减小，为定值电阻。当风速时，两电表都不报警。当风速时，两表中的一个会报警；当风速时，另一个表会报警。已知：，两表都是在大于等于各自设定的电压值或电流值时触发报警。在电路处于两表都未报警的工作状态下，下列说法正确的是（　　） A. 风速减小时，的功率会增大 B. 风速变化时，电压表示数一定不变 C. 当时，触发报警的表是电流表 D. 风速变化时，电压表和电流表示数之比不变 4. 在创新实践活动中，小明和小亮为学校小花园的储水箱设计了一个水位监测装置，内部简化电路图如图所示。电源电压一定，为定值电阻，为滑动变阻器，水位计由电压表改装而成。闭合开关，水箱中水位上升时，连杆带动滑片向上移动，下列分析正确的是（ ） A. 接入电路的电阻变大 B. 通过的电流变小 C. 电压表的示数变小 D. 电阻的功率变大 5. 如图所示的电路中，电源电压恒定，闭合开关S、S1和S2，灯L1、L2都正常发光，下列说法正确的 是（　　） A. 电流表A2测通过灯L2的电流 B. 电流表A1和A2示数相等 C. 断开S2，电流表A2示数变小 D. 断开S2，灯L1变暗 6. 如图的电路，电源电压和灯泡L的电阻不变，闭合开关S，将滑片P向右移动时（ ） A.电压表示数变小，电流表示数变小 B. 电压表示数变小，电流表示数变大 C. 电压表示数变大，电流表示数变大 D. 电压表示数变大，电流表示数变小 7. 如图甲是某款测温枪，图乙是它内部的原理图，其中电源电压保持不变，Rt为热敏电阻，定值电阻R0为保护电阻；在测量体温时，当被测者体温较高时，显示仪的示数也会较大。正常条件下关于此测温仪，下列分析正确的是（　　） A. 显示仪是由电流表改装成的 B. 被测温者温度越高，电路消耗的总电功率越大 C. 热敏电阻Rt随着温度的升高阻值减小 D. 将R0更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变小 8. 水中溶氧量是水产养殖一项关键指标。小红利用溶解氧传感器设计了自动充氧装置，其中监测电路如图所示，电源电压保持不变。溶解氧传感器的阻值随水中溶氧量的降低而减小。闭合开关，当溶氧量降低时（　　） A. 电流表的示数变小 B. 电压表的示数变大 C. 电路的总功率变小 D. 滑动变阻器的功率变大 9. 光照强度会影响花卉生长。图甲为光照强度过大时触发报警的电路，电源电压不变，R0为阻值可调的电阻箱，R为光敏电阻，其阻值随光照强度变化关系如图乙。当电流表示数大于某一值I0时触发报警，I0时的光照强度为警戒光照强度。闭合开关S，下列说法正确的是（　　） A. R的阻值随光照强度增大而增大 B. 增大R0阻值可增大警戒光照强度 C. R0一定时，光照强度越大，通过R0的电流越大 D. R0一定时，光照强度越大，电流表示数越小 10. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当电键S由断开到闭合时，正确的判断是（ 　） A. 电压表的示数变小 B. 电流表的示数不变 C. 电压表与电流表示数的比值不变 D. 电压表与电流表示数的比值变小 11. 如图所示电路，闭合开关，滑动变阻器滑片从最上端向中点移动过程中，下列说法正确的是（ ） A. 电压表V的示数变小 B. 电流表与电流表的示数相等 C. 电流表的示数变大 D. 电压表V与电流表示数的比值变大 12. 如图所示电路，电源电压6V保持不变，定值电阻的阻值为10Ω，滑动变阻器的最大阻值为20Ω，当开关闭合，滑片由b端向a端移动的过程中，以下说法正确的是（　　） A．当滑片移到a端时，电流表示数为0.3A B．当滑片移到中点时，电压表示数为2V C．电压表示数与电流表示数的比值不变 D．电压表的示数减小 押题猜想六 力学知识综合辨析与应用 试题前瞻·能力先查 1. （创新考法）我国在高科技领域取得了令人瞩目的成就。小明对我国一些科技成就进行了梳理，如下表所示。在“相关内容分析”中存在错误的是（　　） A. ① B. ② C. ③ D. ④ 2.（预测压轴题）某同学用同一个圆柱体探究浮力的大小跟哪些因素有关，弹簧测力计示数如图所示，图甲中的圆柱体有一半体积浸入水中。下列结论错误的是（ ） A. 圆柱体的密度为 B. 盐水的密度为 C. 图丙中圆柱体受到的浮力比图甲中的大1.1N D. 若图丙中弹簧测力计示数为2.6N，圆柱体浸入盐水中的体积为总体积的 分析有理·押题有据 考点趋势：力学知识点多，是物理学重要内容，中考常以多题型考查。选择题、填空题、作图题、简答题、计算题、实验题都涉及力学知识的考查。吉林省也不例外。 押题（依据）理由：对于吉林省中考真题而言，选择题会考查力学知识体系的综合辨析，理由是吉林省真题试卷选择题只有6道小题，力学知识又是重点，知识点也多，在一道小题里命制力学体系内知识点的选择题是适应新形势的需要，可能在第6小题出现。但必须注意：2025年吉林省在第一大题第6小题考查的是滑轮机械效率的计算类问题，联想到2026年结合浮力探究实验命制浮力计算类的选择压轴题是可能的。所以复习时要注意滑轮组机械效率的计算类、浮力计算类的选择题的训练是十分必要的。 押题解题秘笈： 一、对力学规律理解到位 （1）平衡力与相互作用力辨析 （2）摩擦力大小与方向问题要熟练掌握 （3）连通器大气压及流体流速和压强关系要理解 （4）力与运动的关系要牢牢把握 （5）机械能转化及守恒要掌握 二、浮力的多种计算方法（滑轮组机械效率计算在另押题猜想给出） （1）浮力产生的原因计算浮力方法 分别求出液体对物体下上两表面的压力，最后求物体受到向上的压力与向下的压力之差，就得到物体受到液体的浮力 注意：当物体与容器底部紧密接触时，物体不受浮力作用。 （2）称重法计算浮力核心思想 先在空气中用弹簧测力计测出物体的重力，再把物体浸在液体中，待物体静止时读出弹簧测力计的示数F拉，则物体所受的浮力为F浮=G-F拉。这个表达式实际是通过物体处于平衡状态时，受到三个力的合力为0推导出来的。 （3）A. 阿基米德原理法计算浮力 G排表示排开液体的重力，m排表示排开液体的质量，V排表示排开液体的体积（或表示物体浸入液体中的体积） B. 求浮力的万能公式组： 在解题时，经常将两个方程相除求解，解题速度较快，可求F浮、G物、ρ物、ρ液、V排、V物（知三求一）。 C. 一般在利用阿基米德定律求解浮力问题时，还要结合其他的公式，比如称重法求浮力、浮力产生的原因求浮力、漂浮、悬浮特点、密度公式、重力公式等求出间接量，最后问题得到求解。 （4）根据物体的浮沉条件计算浮力问题 注意：滑轮组机械效率计算在另押题猜想给出。 终极猜想·精练通关 1．如图所示是运动员头顶足球时的情景，以下说法中正确的是（　　） A．头顶足球时，头给球的力改变了球的运动状态 B．足球在空中受到头的推力和重力 C．足球在空中继续运动是因为不受到力 D．球受到的推力是因为球发生了形变而产生的 2. “那达慕”是国家级非物质文化遗产，射箭是“那达慕”大会的传统项目之一。某次射箭的情景如图所示。箭在飞行过程中（　　） A. 弓弦仍对箭做功 B. 受到惯性的作用 C. 运动状态保持不变 D. 相对于地面是运动的 3. 吉林一同学暑假去湖北旅游，发现西昌湿地公园内有由甲、乙、丙三块石头堆叠而成的艺术作品（如图），该同学针对这个场景提出了一些观点，下列说法中正确的是（　　） A. 乙受到的重力大小等于丙对它支持力的大小 B. 甲对乙的压力与乙受到的重力是相互作用力 C. 甲受到的重力与乙对甲的作用力是平衡力 D. 地面受到丙的压力，是由于地面发生弹性形变后要恢复原状所产生 4. 如图所示是冰壶场地的示意图，水平冰面粗糙程度相同。某同学用水平推力使冰壶从A点向前运动，到B点时松手，冰壶滑行到C点静止。下列说法正确的是（　　） A. 冰壶从B到C的过程，该同学对冰壶做了功 B. 冰壶能够从B运动到C，是由于它受到了惯性作用 C. 冰壶从B到C的过程先加速后减速，机械能没有转化为内能 D. 冰壶在AB段所受的摩擦力等于在BC段所受的摩擦力 5. 如图为我国海上原油加工平台“海葵一号”甲板配备的救生艇。在紧急状况下，人员可搭载救生艇从轨道上由静止释放滑入大海脱困。则救生艇（　　） A. 静止时不受支持力 B. 下滑过程机械能增大 C. 下滑过程重力势能减小 D. 离开轨道后沿轨道方向做匀速直线运动 6. 抛实心球是初中学生体育测试的项目之一，小刚在测试时将实心球抛出后，实心球运动的轨迹如图所示。则下列说法正确的是（　　） A. 以运动中的实心球为参照物，地面是运动的 B. 实心球在运动的过程中，运动状态保持不变 C. 实心球运动到最高点时，受到平衡力的作用 D. 实心球在下降的过程中，重力势能是增大的 7．两个相同的量筒内装有不同的液体甲、乙，将同一支密度计放入两液体中，静止后液面相平如图（a）、（b）所示。下列说法错误的是（    ） A．甲液体的密度比乙液体的密度大 B．密度计在甲、乙液体中所受的浮力相等 C．乙液体对容器底的压力大 D．密度计排开甲、乙两种液体的质量相等 8. 2025年5月1日，世界第一高坝——“双江口大坝”完成首次蓄水，蓄水量达到1.1亿立方米，如图所示。双江口水电站建成后大坝总高达315米，最高蓄水深度可达240米，从侧剖面来看，坝体是一个上窄下宽的梯形，坝底厚度达到1400米，坝顶厚度仅有16米。建成后的双江口水电站总装机容量为200万千瓦，年发电量可达77亿度。下列说法错误的是（ ） A. 大坝设计成上窄下宽的形状是因为水的深度越深，压强越大 B. 最高蓄水位时，坝底受到水的压强为 C. 水从高处流下的过程中，水的重力势能转化为动能 D. 若水库中100t水下落240m，水的重力做功 9.（压轴）某同学受“怀丙打捞铁牛”故事的启发，模拟了如下“打捞”过程：如图甲，体积的金属块A下表面陷入淤泥内，小船装有18N的沙石，细绳将金属块A和小船紧连，此时细绳对小船的拉力为2N，水面与船的上沿相平；将小船内所有沙石清除后，金属块A被拉出淤泥静止在水中时，小船有五分之二的体积露出水面，如图乙。细绳的质量和体积、小船的质量均忽略不计。下列说法正确的是（　　） A．甲图中的小船所受浮力为200N B．小船的体积为 C．金属块A重18N D．金属块A的密度为 10. （对2025真题的拓展）如图所示，用滑轮组将汽车沿水平方向匀速拉动，20s汽车移动了5m。已知绳端拉力F为900N，汽车受到的阻力为1500N，不计绳重和摩擦，下列结论正确的是（ ） A. 绳端移动的距离为15m B. 此滑轮组的机械效率约为83.3% C. 汽车受到的拉力为1800N D. 绳端拉力F的功率为750W 11. 某同学用滑轮组提升物体，绳子自由端竖直移动的距离和物体上升的高度随时间变化的关系分别如图线a、b所示。已知物体的质量为0.5kg，动滑轮的质量为0.1kg，绳子自由端的拉力F为2.5N。则在0～5s的时间内，下列说法正确的是（ ） A. 绳子自由端移动的速度为0.02m/s B. 滑轮组的有用功为0.5J C. 拉力F的功率为0.05W D. 滑轮组的机械效率为83.3% 12. （多知识体系）“游梁式”抽油机的结构如图所示，电动机通过曲柄带动游梁摆动，驴头连接抽油杆上下运动。关于石油的开采和运输，下列说法不正确的是（ ） A. 游梁属于简单机械中的杠杆 B. 皮带摩擦生热是通过做功改变内能 C. 油罐车尾部拖一长铁链是为了防止静电带来的危害 D. 抽油机常年工作，抽油机是一种“永动机” 13. （多知识体系）1970年4月24日，我国自行设计制造的第一颗人造地球卫星“东方红一号”发射成功，向地面传回优美的《东方红》乐曲，开创了我国航天事业的新纪元，目前“东方红一号”依然沿椭圆形轨道绕地球运行。下列有关说法正确的是（ ） A. 《东方红》乐曲通过电磁波传到地面上 B. 以地球为参照物，东方红一号是静止的 C. 东方红一号在运行过程中惯性消失 D. 东方红一号在远地点时重力势能最小 14. （力热多知识体系综合）2025年5月21日，我国“力箭一号”遥七运载火箭将6颗卫星顺利送入预定轨道，此次任务是该型号运载火箭第7次飞行。如图是火箭发射时的情景，下列说法正确的是（　　） A. 火箭加速升空过程中，力改变了火箭的运动状态 B. 火箭加速升空过程中，卫星相对于火箭是运动的 C. 火箭以氢为燃料，是因为氢的热值小 D. 火箭加速升空过程中，卫星的动能不变，重力势能增大 15. （若实验题不出现，选择题会出现）如图，均是杆秤称量时的支点。当使用称量时，调整秤砣至A点位置，使秤杆处于水平平衡状态（忽略绳重和杆重），已知秤砣质量为5kg，O1A=110cm，=10cm。下列说法正确的是（　　） A. 所称物体质量是50kg B. 换称质量较小的物体时，秤砣应向A点左边移动 C. 改用称量物体时，会使该杆秤的称量范围变小 D. 当秤砣在A点时，使用称量的物体质量比使用称量的物体质量大 16.（跨学科实践）龙骨水车是一种利用风力或人力、畜力等动力驱动，将水从低处提升到高处的古老灌溉工具。其构造如图乙所示，主要由水槽、大轮、刮水板等组成，形似龙骨，因此得名。下列相关物理知识描述不正确的是（　　） A．当刮水板在水槽中运动时，刮水板与水之间的相互作用力使得水被提升 B．当水车受到外力驱动刮水上行时，水的重力势能转化为动能 C．停止摇动拐木时，刮水板不能马上停下来，说明其具有惯性 D．刮水板的面积越大，水车旋转一周提升的水越多 17. （多知识体系）生活中很多现象都蕴含着物理奥秘，下列关于玻璃瓶的小实验解释正确的是（　　） A. 甲图：用大小不同的力敲打玻璃瓶的同一位置，能改变声音的音调 B. 乙图：用力捏玻璃瓶，细管中液面上升，是因为细管发生了微小形变 C. 丙图：将瓶子从一楼拿到十楼，细管中液面上升，说明大气压强随高度升高而增大 D. 丁图：用吸管吸水时，水会沿着吸管进入嘴里，是因为大气压强的作用 押题猜想七 以信息能源材料为主的多知识体系综合 试题前瞻·能力先查 1.（含电磁波）无人驾驶电动垂直起降航空器首飞成功，彰显了我国科技在城市空中交通领域的领先地位。航空器可用于高空摄影、旅游观光等，航空器通过旋转旋翼对空气施加向下的力，从而获得升力，这说明了力的作用是______的。航空器升空过程中，质量_____，重力势能______（选填“增大”“减小”或“不变”）。航空器靠______（选填“超声波”或“电磁波”）与控制中心联系。 2. （含能源） 我国红沿河核电站核能供暖示范项目，利用核能发电同时实现了清洁供暖。 （1）核电站利用原子核______（选填“聚变”或“裂变”）释放的核能发电； （2）核电站利用发电过程中产生的余热进行供暖，提高了能量的利用率。供暖时，用水做输运能量的介质，是因为水的______大； （3）在能量转化和转移的过程中，能量的总量_______。但是在供暖过程中，热量只能自发地从高温物体转移到低温物体，不能相反，这一现象说明能量的转移具有________。 分析有理·押题有据 考点趋势：吉林省中考命题改革后，填空题是4道综合性问题，每一道题均有4个空。考查以信息能源为主的填空题是必考内容之一（会渗透其他知识体系内容）。 押题（依据）理由：在选择题不出现能源信息问题时，而作图、简答、计算、实验题中又不适合考查这类问题，所以填空题一定出现。预测2026年可能在第二大题第7小题中出现。 押题解题秘笈： 一、解答电磁波问题需要掌握的基本知识 （一）电磁波及应用 1. 电磁波：电磁波是在空间传播的周期性变化的电磁场。 2. 电磁波谱：把各类电磁波按波长或频率依次排成一列，称为电磁波谱，如图所示。 3. 电磁波的应用 （1）γ射线：医生用γ射线做脑手术； （2）X射线：用X光片判断是否骨折； （3）红外线：电视机、空调等设备的遥控器都是红外遥控； （4）微波：在通信领域、日常生活中（加热食品）大显身手； （5）无线电波：主要应用在电视、收听广播、手机通信。 4. 理解电磁波 （1）导体中有电流不一定产生电磁波，只有当电流大小或方向迅速变化时才会产生电磁波。 （2）电磁波可以在真空中传播，电磁波的传播不需要介质。 （3）光和无线电波都是电磁波，只是电磁波的一种。 （4）电磁波在真空中的传播速度是3.0×108m/s（光速）。 （5）在无线电通信中，电磁波是一种载体。传递声音或图像信号时，用电子元件将这些信号加载到电磁波上，用天线发射出去，接收装置接收到这些电磁波后，再用电子元件将电磁波所携带的信号取出，并将其还原为声音或图像。 （二）波的特征 1. 描述电磁波基本特征的物理量 （1）波速。 波传播的速度，用字母c表示，国际单位是米/秒（m/s）。电磁波的波速等于光速，电磁波在真空中的传播速度с=3×108m/s。 （2）波长。 是相邻两个波峰（或波谷）间的距离，用字母λ表示。国际单位是米（m）。 （3）频率。 频率为波周期性变化的次数与时间之比，用字母ν表示。频率的单位有赫（Hz）、千赫（kHz）和兆赫（MHz）。它们之间的换算关系是：1 kHz=103Hz 1 MHz=106Hz （4）波速、波长与频率的关系 c表示波速；λ表示波长；ν表示频率。 在真空中，电磁波的波速一定，所以电磁波的波长和频率互成反比关系。频率越低，波长越长；反之，频率越高，波长越短。 二、解答能源与可持续发展问题基础知识 （一）能源问题 1.能源的种类 （1）化石能源：我们今天使用的煤、石油、天然气，是千百万年前埋在地下的动、植物经过漫长的地质年代形成的，所以称为化石能源。 （2）生物质能：由生命物质提供的能量称为生物质能。生物质能是化学能源的一种，可以理解成机体物质发生化学变化时释放的能量。 （3）太阳能：由太阳辐射提供的能量。 （4）风能、水能：都属于自然界提供的机械能。 （5）地热能：由地球内部提供的能量。 2.一次能源和二次能源 像化石能源这样可以直接从自然界中获得的能源，我们称为一次能源。我们使用的电能，无法从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到，所以称电能这样的能源为二次能源。 常见的一次能源有：煤、石油、天然气、风能、水能、太阳能、地热能、核能等。 常见的二次能源有：电能、汽油、柴油等。 注意：辨别一次能源和二次能源的依据 一次能源是可以直接从自然价获得的能源；二次能源是由一次能源经过加工转换而得到的，如电能、煤气、焦炭、汽油、柴油等。区分一次能源和二次能源的关键是看其是否经过加工转换。 （二）核能问题 1.核能。质子、中子依靠强大的核力紧密的结合在一起，因此原子核十分牢固，要使它们分裂或结合是极其困难的。但是，一旦质量较大的原子核发生分裂或质量较小的原子核相互结合，就有可能释放出惊人的能量，这就是核能。 2.核能属于一次能源，也属于新能源，释放核能的方式有两种：核裂变和核聚变。 裂变与聚变的比较 比较 裂变 聚变 定义 较大原子核分裂为较小原子核的过程 质量很小的原子核结合成较大原子核的过程 条件 用中子轰击较大原子核 超高温 释放核能大小 巨大 更加巨大 是否可控制 可利用核反应堆控制链式反应的速度 目前，核聚变速度还不能认为控制 应用 原子弹、核电站 氢弹 3.核能的利用特点 核能的优点 ①核能十分巨大，它能极大的补充人类能源的不足，使用核能大大节约了常规能源 ②核能能够解决能源分布不均衡的问题 核能的缺点 ①核能属于一次能源，且会越用越少 ②核能存在核污染，产生核辐射，会对地球生物造成伤害 ③核反应堆中会产生核废料，在治理核废料过程中，代价较高 核电站应用地域 ①核电站一般建在能源需求量大，而且能源十分缺乏的地区 ②核电站建在离人群较远的地区，避免对人畜造成伤害 （三）太阳能问题 1.太阳能的利用。利用太阳能的四个渠道 （1）绿色植物的“光化转换”。通过植物的光合作用（被植物、微生物吸收）将太阳能储存起来，再以草木、沼气、煤、石油、天然气等形式释放出来，实现光能转化为化学能。 （2）空气水分的“光机转换”。由于太阳的热辐射，使大气和水分升腾循环，再通过风、水等形式释放出来，实现光能转化为机械能。 （3）被海洋吸收，成为海洋内能。 （4）直接被人们利用。 人们直接利用太阳能的方式有两种：①集热器的“光热转换”，实现太阳能转化为内能；②太阳能电池的“光电转换”，实现太阳能转化为电能。 2.太阳能的优缺点 （1）优点：太阳能作为一种新能源，它具有一些普通能源不可比拟的优点。 ①太阳能取之不尽，用之不竭，太阳内部的热核反应足以持续50亿年，是人类可以利用的最丰富的永久性资源。 ②太阳能分布广阔，不需要挖掘、开采和运输，投入少收益大。 ③太阳能是一种清洁能源，使用时不会带来任何污染。 （2）缺点：太阳能虽然具有传统能源所没有的优点，但也有一些缺点给利用上带来一些困难。 ①太阳能到达地球上非常分散，需要装置有相当大的接收面积，提高了接收装置的造价。 ②太阳能的利用受气候、昼夜的影响很大。因此必须有贮存装置，这不仅增加了技术上的困难，也使造价增加。目前虽然已经制成多种贮存系统，但总是不够理想，具体应用也有一定困难。 ③太阳能转换效率很低。 （四）能源与可持续发展 1.不能再生能源和可再生能源 化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。想水能、风能、太阳能、生物质能等可以在 自然界里源源不断的得到，所以我们把它们称为可再生能源。 常见的不可再生能源有：煤、石油、天然气、核能等。 常见的可再生能源有：风能、水能、太阳能、生物质能等。 注意：我们说讲的“可再生能源”和“不可再生能源”都是针对一次能源而言的，即只有对自然界中自然存在，可直接取用的能源来讲，才能说其属于“可再生能源”或“不可再生能源”。 2.未来的理想能源必须满足的四个条件 未来理想能源能够大规模替代石油、煤和天然气等不可再生能源。必须满足以下几个条件。 第一，必须足够丰富，可以保证长期使用； 第二，必须足够便宜，可以保证多数人用得起； 第三，相关的技术必须成熟，可以保证大规模使用； 第四，必须足够安全清洁，可以保证不会污染环境。 终极猜想·精练通关 1. 一种高集成度、自供能、无线智能鞋垫，可实现足底压力实时监测与多运动状态精准识别。其能量来源于贴在鞋面外侧的柔性钙钛矿太阳能电池，如图所示。 （1）太阳能电池将太阳能转化为________，从可持续发展的角度看，太阳能属于_______能源。 （2）鞋垫因受到压力而发生形变时，其质量________。 （3）鞋垫上的传感器采集到的压力数据信息利用_______传输到智能手机端，实现监测。 2. 2023年，吉林省某公司研制的全球首列氢能源市域列车上线运营。列车内置了氢能动力系统，不仅续航能力强，而且环保、零碳、运行时噪声小，是绿色环保的交通工具。 （1）列车运行时噪声小，其中的“小”是指声音的___________小； （2）列车内的工作人员使用的无线对讲机是通过___________传递信息的； （3）当列车驶离站台时，以站台为参照物列车是___________的； （4）若列车运行过程中突然减速，乘客由于具有___________，身体会向列车前进的方向倾斜。 3. 2025年2月20日，中国实践25号卫星于3.6万千米高空为即将退役的北斗G7卫星加注了142kg肼类燃料，如图所示，预计可让北斗G7卫星的使用寿命延长8年，开创了太空探索新纪元。实践25号卫星的模块化分级存储舱内存有1.3t用于加注的肼类燃料。请根据以上信息回答下列问题： （1）实践25号卫星升空过程中，它携带1.3t肼类燃料的质量________（选填“变大”“变小”或“不变”）。加注燃料时，以G7卫星为参照物，实践25号卫星是________的。地面控制站与实践25号卫星是通过________传递信息的。 （2）实践25号卫星的发动机点火工作时，向后喷出高温高压的燃气，此过程相当于四冲程内燃机的________冲程，是利用内能对外做功的。 4. 如图所示的“风光互补”路灯，其太阳能电池板和风力发电机产生的电能，输送至蓄电池储存起来，供路灯照明使用； （1）工作时，风力发电机将______能转化成电能，太阳能电池板将______能转化成电能，风能和太阳能是______（选填“可再生”“不可再生”）能源； （2）蓄电池储存的电能为4.8kW·h，若全部用于路灯供电，可供额定功率为80W的路灯正常发光______h。 押题猜想八 声光热（渗透跨学科实践）多知识体系综合 试题前瞻·能力先查 1. （改编题） 某款人形机器人参加半程马拉松比赛，安装在腹部的摄像头相当于一个______透镜，远处的物体成倒立、______的实像。该机器人跑步由电动机驱动，电动机的工作原理是磁场对______有力的作用。以并肩运动的陪跑员为参照物，机器人是______的。 2. （跨学科实践）热机对人类文明发展起着重要的推动作用。同学们成立了制作简易汽轮机模型的项目团队，制定了“项目提出——项目分析——项目实施——展示交流”的学习流程，研究了热机原理，收集材料组装了如图所示的汽轮机模型。 实验时向易拉罐内部注入大约半罐水，将去掉笔芯和尾塞的中性笔的尾端插入易拉罐内，用胶将罐的开口处密封。将易拉罐放置在支架上，笔的尖端对准小风扇的扇叶。点燃易拉罐下面的酒精灯，当有蒸汽喷出时，扇叶就转动起来。 （1）汽轮机模型工作过程的能量转化情况为：化学能__________________； （2）某团队的同学们在测试过程中，发现扇叶不转动，出现这种现象的原因可能______；（答出一条即可） （3）热机发展史也是一部热机效率提高史，在展示交流环节，对如何提高简易汽轮机效率，同学们进行了激烈讨论。请你依照“结构决定功能”的观念，从结构的角度思考，帮助他们提出一个可行性措施：_______。 分析有理·押题有据 考点趋势：吉林省中考命题改革后，填空题是4道综合性问题，每一道题均有4个空。考查以声光热为主的填空题是必考内容之一（会渗透其他知识体系内容）。 押题（依据）理由：一般情况下，在选择题不出现声现象问题时，而作图、简答、计算、实验题中又不适合考查这类问题，所以填空题一定出现。预测2026年可能在第二大题第8小题中出现。 押题解题秘笈： 一、声现象需要把握的知识点 1. 知道声音的产生与传播； 2. 声音的特性及影响因素； 3. 声音可以传递信息与能量； 4. 噪声的控制。 二、光学需要把握的知识点 1. 光现象四大规律的应用； 2. 透镜成像规律及其应用； 三、热学需要把握的知识点 1. 物态变化及应用； 2. 内能及内能的利用。 终极猜想·精练通关 1. 利用高脚玻璃杯做几个小实验： （1）倒入适量的水，用湿手摩擦杯口会发出声音，是由于物体_____产生的，改变杯内水量，声音的_____会发生改变。 （2）如图所示，纸片被迅速击打出去后，鸡蛋落入杯中，是因为鸡蛋具有________。 （3）在水中装满水后，杯口朝下，竖直向上提杯（杯口未离开水面）的过程中，杯内水______（选填“减少”或“充满”）。 2.2025年6月6日是第30个全国“爱眼日”。图甲为眼睛的结构示意图，图乙为某科学兴趣小组自制的一个用来模拟眼睛变焦过程的装置。 (1)图甲中的视网膜相当于图乙中的 。在图乙的光屏上已成蜡烛的清晰像（像未画出），其情况是倒立、缩小、实像。 (2)图乙中，把蜡烛向右移动一定距离后（相当于看近处景物），光屏上的像变模糊了，缓慢 （选填“注入”或“吸出”）适量水来改变水凸透镜厚度，像又变清晰了。当眼睛长时间处于这种状态，睫状肌会过度疲劳失去弹性，导致看远处景物时无法将晶状体调到较 （选填“薄”或“厚”）状态。 (3)据此，请你为预防近视提一条科学合理的建议： 。 3. 端午节是我国的传统节日，各民族以其多种多样的形式传承着中华优秀传统文化。 （1）吃粽子是端午节的文化习俗，煮好的粽子散发出淡淡的清香，这是________现象。 （2）赛龙舟时，江面上鼓声震天，龙舟竞渡。鼓声是通过________传播到人耳中的。选手们用桨向后划水，龙舟向前运动，说明物体间力的作用是________。选手们用的桨是________杠杆。 4. 木雕是工匠智慧和艺术修为价值体现，锯木、刨料、风干、雕刻、开榫、组装、打磨、油漆，每一环节都讲究科学的工艺流程。打磨过程，将粗砂纸换成细砂纸，可以减小砂纸与木头间的______，闻到淡淡的木香是由于分子在不停地做______。汽油机将内能转化为机械能的是_______冲程，某单缸四冲程汽油机飞轮转速是2400r/min，则此汽油机每秒对外做功________次。 5. 为提高内燃机的效率，科学家在传统四冲程发动机的基础上发明了六冲程发动机。 （1）六冲程发动机在完成传统四冲程后，把水注入汽缸，使水瞬间汽化成高温高压的水蒸气，水蒸气推动活塞做功，该过程为第五冲程；然后将水蒸气排放到冷凝器内，再次变成水，该过程为第六冲程，至此完成了一个完整的工作循环。第五冲程中注入的水的内能急剧增加是通过______（选填“做功”或“热传递”）的方式实现的。六冲程汽油发动机使用的燃料是从石油中提炼出来的，石油属于______（选填“可再生”或“不可再生”）的能源。 （2）六冲程发动机在一个完整的工作循环中，有______（选填“1”或“2”）个做功冲程，第四个冲程是______冲程。六冲程发动机的效率是传统四冲程发动机的倍，则在做功相同的情况下，六冲程发动机比传统四冲程发动机节省燃料约30%。 6．跨学科实践：小东学习了热机后，想制作一个压缩空气动力小车。 （1）小东将充满气的气球捆绑在小车上，制成压缩空气动力小车，当气球向右喷气时，静止的小车向左运动起来了，如图甲所示。说明力可以改变物体的 。细心的小东还发现喷完气的气球嘴内壁处湿漉漉的，原因是 ；    （2）为制造压缩空气动力汽车，工程师将装有压缩空气的钢瓶与空气动力发动机连接，该发动机的一个工作循环分为进气冲程和排气冲程，如图乙所示。该发动机对外做功的是进气冲程。若该发动机的转速为1200r/min，则1s内发动机对外做功 次； （3）和传统汽油机相比，压缩空气动力车的优点是 。 7. 风筝的制作主要经过“扎”“绘”“糊”“放”等过程。 （1）“扎”的过程，用力将竹篾弯折，说明力可以改变物体的________； （2）“绘”的过程，闻到颜料淡淡的气味，是因为分子在不停地做__________； （3）“糊”的过程，胶水能将纸和框架粘住主要是因为分子间存在_________； （4）“放”的过程，风筝上升时，其重力势能________（选填“变大”“变小”或“不变”）。 押题猜想九 以力学知识体系为主的综合 试题前瞻·能力先查 1. （改编题）图a是旅游景区某大山及其等高线地形图的示意图，A、B是山上的两个位置，地形图上的分别对应A、B，AC为垂直电梯通道，CB为水平隧道。某游客乘电梯从A到C，再通过隧道到B； （1）在图b中电梯内的游客受_____个力； （2）电梯下行过程中，以______（选填“地面”“电梯”）为参照物，电梯内游客是静止的。已知CB为100m，游客在AC段和CB段经历的时间相等，则游客在AC段的平均速度______（选填“大于”“等于”或“小于”）在CB段的平均速度； （3）游客重力为500N，从A到B的过程中，其重力做的功为______J。 2. （改编题）随着科技的发展，机器人的应用日益广泛。人形机器人是一种模仿人类外观和行为的机器人，某兴趣小组以此为主题开展了研究。 （1）技术人员与人形机器人之间可通过无线网络传递信息，这是利用________（填“电磁波”或“超声波”）来实现的。机器人可通过安装在身上的电动机完成许多动作，电动机的工作原理是________。 （2）某跑步机器人在一次长跑性能测试中，跑完18km的路程用时2.5h，该机器人跑步的平均速度 是________km/h。 （3）某工业机器人质量为70kg，搬着货物静止在水平地面上，脚与地面的总接触面积为0.05m²，此时对地面的压强为1.8×10⁴Pa，该机器人所搬货物的质量是________kg。（g取10N/kg） 分析有理·押题有据 考点趋势：吉林省中考命题改革后，填空题是4道综合性问题，每一道题均有4个空。考查以力学知识为主的填空题是必考内容之一（会渗透其他知识体系内容）。 押题（依据）理由：由于吉林省中考题选择题只命制6道小题，力学选择题一般出现1道，而力学知识点多，又是物理学科重要内容，所以填空题出现力学知识是一定的。预测2026年可能在第二大题第9小题中出现。 押题解题秘笈： 力学需要把握的知识点 1. 运动与静止的相对性及速度的计算； 2. 密度及应用； 3. 弹力重力问题； 4. 牛顿第一定律及惯性； 5. 摩擦力大小和方向； 6. 二力平衡及合力； 7. 压强与浮力； 8. 机械功功率及机械能转化和守恒； 9. 杠杆及模型应用； 10. 滑轮斜面辘轳等简单机械。 注意：以上知识点当中的2至3个在一道填空题里出现，同时还可能出现热学知识点问题。 终极猜想·精练通关 1. 地效翼船停在水面像船，起飞后更像飞机，既可以在水中航行，又可以贴近水面飞行。这种“海上飞船”除了能借助机翼获得升力外，还巧妙地利用了“翼地效应”。“翼地效应”即当运动的飞行器掉到距地面（或水面）很近时，气流流过机翼后会向后下方流动，这时地面（或水面）将产生一股向上的反推力，使整个机体的上下压力差增大，升力会陡然增加，阻力减小。如图所示是我国研制成功的某型号地效翼船，如表是它的参数。 (1)地效翼船在水面上方飞行时，与水面脱离接触，大大减小了 。 (2)下列有关地效翼船的说法中正确的是______。 A．地效翼船外壳的特种钢板硬度小 B．翼地效应使船获得升力的施力物体是空气 C．地效翼船从长江驶入东海所受浮力变大 (3)地效翼船满载后停在海面时，它此时排开海水的体积 。（，g取） (4)地效翼船在水面航行时受到阻力与航速的平方成正比，当它以的速度匀速航行时，它受到的阻力是，则当它以匀速航行时，克服阻力做功功率为 W。 2. 如图，某同学用一个定滑轮将质量10kg的重物匀速向上提起9m，其所做的总功为1000J。g取10N/kg。则该过程中： （1）重物受到的重力G的大小为_______；（2）重物受到的拉力F的大小_________（）； （3）有用功大小为_________；（4）定滑轮的机械效率大小为________。 3. 科技赋能乡村振兴，农业无人机以其安全可靠、高效灵活、成本低廉的优势而广泛应用。图是无人机正在喷洒农药的场景。 （1）工作人员熟练操作手柄，通过________波无线遥控无人机，实现定点起飞。无人机沿水平方向匀速直线飞行300m，用时20s，则无人机水平飞行时的速度大小为________m/s。 （2）装载农药的无人机水平匀速直线飞行100s，消耗的电能为0.25kW·h，若该无人机消耗的电能转化为机械能的效率为80%，则转化成的机械能为________J,此过程中无人机内电动机的机械功率为________W。 4. 2025年4月20日，我国完全自主研制的大型水陆两栖灭火飞机AG600“鲲龙”，圆满完成从研制到“市场准入”的关键跨越。该飞机： （1）在水平跑道上静止时，飞机所受的重力与地面对它的______是一对平衡力。轮胎上的花纹是通过增大接触面的粗糙程度来_______摩擦的。 （2）在跑道上加速运动时，飞行员的动能_____。同时飞行员的身体向后倾斜，这是由于飞行员具有______。 （3）飞行时机翼获得升力的原因：流体流速越大的位置压强越_______。 5. 如图甲所示是小华利用某瓶装医用酒精对环境进行消毒的情境，开封前，此瓶装有酒精85g。 （1）则该酒精的密度为________g/cm3 ； （2）酒精瓶的按压泵如图乙所示，它在结构和使用上涉及许多物理知识。 示例一：喷出酒精后，周围可以闻到酒精气味，这是________现象； 示例二：手指按压处面积做的较大，是为了________。请你再举一例，并用物理知识解释________。 押题猜想十 以电磁学知识体系为主的综合 试题前瞻·能力先查 1. （改编题）为了解家用电器耗能情况，某小组进行了如下研究。图甲是2，图乙是其工作原理简图，为热敏电阻，其电阻值随温度变化的部分曲线如图丙所示。将蚊香片装入蚊香器，通电后蚊香器的热敏电阻发热，加热蚊香片可以达到驱蚊功效，最后自动保持在一个特定温度（如图丙中的）。 （1）蚊香器工作一会儿，人就能闻到蚊香片气味，这是气体分子在空气中的_________现象。 （2）若蚊香器正常工作的电功率为，则电路电阻值的大小为_________。 （3）家用电器待机时也消耗电能，某些电视机机顶盒待机的功率可达蚊香器正常工作功率的3倍，我们在日常生活用电时该如何有效节能？请写出一条有效措施_________。 （4）请从能量转化和转移角度并结合热敏电阻的电阻值变化特点，解释蚊香器通电后温度升高，并能自动保持一定温度的原因_________。 2.（重点题）如图-1，是室内自动换气系统的电路图。控制电路的电源电压为3V，R0为电阻箱，RK的阻值与烟雾浓度K的关系如图-2所示。当电磁铁线圈中的电流I≥0.03A时，衔铁被吸下，电风扇转动，开始排气。 （1）电磁铁工作时，利用了通电导体周围存在_______，其上端为________极。 （2）当烟雾浓度升高时，控制电路中线圈的电流________（选填“变大”“变小”或“不变”）。 （3）控制电路的电源电压低于3V时，若保持空气质量的标准不变，R0的阻值应_______（选填“增大”“减小”或“不变”）。 分析有理·押题有据 考点趋势：吉林省中考命题改革后，填空题是4道综合性问题，每一道题均有4个空。考查以电磁学知识为主的填空题是必考内容之一（也可能渗透其他知识体系内容）。 押题（依据）理由：由于吉林省中考题选择题只命制6道小题，电磁学选择题一般出现1道，而电磁学知识点多，又是物理学科重要内容，所以填空题出现电磁学知识是一定的。预测2026年可能在第二大题第10小题中出现。 押题解题秘笈： 电磁学需要把握的知识点 1. 家用电器原理及相关电学量的计算； 2. 电能表的使用与读数； 3. 电磁铁与电磁继电器； 4. 导体半导体绝缘体超导现象； 5. 各种传感器应用； 注意：以上知识点当中的2至3个在一道填空题里出现，同时还可能出现热学知识点问题。 终极猜想·精练通关 1. 某品牌电吹风铭牌上标有“220V 2000W”字样，有“断开、冷风、慢速中温、快速高温”四个挡位。物理兴趣小组同学把此款电吹风拆解后，发现有两条不同的电阻丝绕于支架上并置于出风筒内，经研究后画出了简化电路图（如图）。 （1）同学们研究说明书和电吹风内部结构后，有以下认识，其中不合理的是______； A．说明书提示“请勿在手湿的情况下使用”，主要是为了防止触电或引发短路 B．说明书提示“请勿在使用过程中用手触摸出风口”，主要是为了避免烫伤 C．电吹风额定功率是指电吹风正常工作时的最大发热功率 D．绕电阻丝的支架应采用绝缘、耐高温材料制作 （2）开关S与0、1两触点接触时，电吹风处于“慢速中温”挡；开关S与2、3两触点接触时，电吹风处于“快速高温”挡。两挡相比，电动机在“快速高温”挡转得更快，原因是______； （3）同学们进一步研究发现该电吹风具有过热自动断电保护功能，其内部有一个双金属片开关，当温度达到设定值，双金属片开关自动断开，电吹风停止工作，待温度下降到安全值后又自动接通，则双金属片开关应安装在图中的______点（选填“a”、“b”、“c”或“d”）； （4）同学们在组长家中采用以下步骤测量电吹风的实际功率； ①测量开始前关闭家中所有用电器，记录智能电能表示数为； ②将电吹风调至“快速高温”挡工作4分钟断开开关，记录电能表示数为； ③根据实验数据，计算电吹风在“快速高温”挡工作实际功率为______W。 2. 科创小组为学校科技周展会设计了一款提示器，可以提示展台上有无展品。图甲是该提示器的原理图，展台的结构由木板、弹簧、阻值不计的金属片（A、B、C）以及提示电路组成，A可将B、C接通或断开。工作时，闭合开关S，通过提示灯L是否发光可判断展台上有无展品。提示灯L和电阻的图像如图乙所示，电源电压恒定，提示灯L的额定电压为6V，实际电压不低于3V即可达到亮度要求。 （1）金属片A和弹簧的共同作用相当于电路中的___________。 （2）闭合开关S，当展台上无展品时，提示灯L正常发光，提示灯L和电阻的连接方式是______。 （3）若电阻损坏，为达到提示灯L的亮度要求，需更换阻值不超过_______的电阻。 （4）科创小组发现：闭合开关S，展台上有展品时，提示灯L不发光，无法判断该装置是否正在工作。针对此现象，请对图甲虚线框内的电路提出一条改进建议：___________。 3. 20世纪初，科学家发现汞在温度降低至-269℃时，电阻值就变成了零，这种现象叫“超导现象”，具有这种特性的物质叫“超导体”。低温为什么能发生超导呢?基于初中知识，我们建立一个简易模型进行理解，将导体的原子核与核外受到约束的电子（能量较低而不能自由运动〉组成“原子实”，可类比成小球。原子实做着热运动，穿行其间的自由电子会与它发生碰撞，表现为导体对自由电子传导的阻碍，即电阻。导体温度降至极低时，它们的热运动都趋于消失，通电时自由电子就可以不受阻碍地定向通过导体，宏观上就发生了低温超导现象。高压也能让材料发生超导。理论上，某种导体在相当于260万倍标准大气压的高压环境下，15℃的“高温”（相对极低温）也能发生超导现象。在这样极高的压力下，原子实排列成紧密的堆垛形式，如图所示，原子实仅能在很小的范围内做热运动，几乎没有空间表现热运动，就像热运动消失了一般。此时原子实堆垛间的间隙就成为了稳定的自由电子通道。通电时自由电子就能在间隙中零阻碍地定向移动，宏观上就显示出超导现象。 常见输电过程中，约7%的电能因导线发热耗散掉。若输电线缆选用超导材料，就可大大减少由于电阻引发的电能损耗。2021年12月，世界首条35千伏公里级液氮超导输电线工程在上海投运，实现了我国在“高温”超导输电领域的领先。 （1）实现超导现象的方式有低温和______________。 （2）极低温度下，原子实与自由电子的__________都趋于消失，通电时自由电子在导体中通行无阻，发生低温超导现象。 （3）超高的压力限制了__________的热运动，通电时自由电子在原子实间隙中定向移动所受到的阻碍为零，发生高压超导现象。 （4）超导技术的一大应用前景是制作输电线缆，这样可以减少电能由于_________引发的电能损耗。 4. 如图是控制车辆进出的电动闸门设计图，抬杆质量分布均匀，长度为，重为，在最右端B点处悬挂一重为的铁柱，B点到支点O的距离为。开关S闭合后，调节滑动变阻器使抬杆处于水平静止状态。（忽略支点O处的摩擦） （1）电磁铁上端为______极，电磁铁下端为______极； （2）此时电磁铁对铁柱的吸引力为______N； （3）要使抬杆A端从图示位置向上抬起，滑动变阻器的滑片P应向______端移动。 5. 如图1所示，使线圈位于两磁极间。 （1）通电后，图1中ab段导线的电流方向是______（选择“由a到b”、“由b到a”）； （2）线圈转过图2所示位置，用_____的办法可使线圈靠磁场力继续顺时针转动至少半圈； （3）若把图1中电源换为电阻，快速转动线圈，电阻发热，此过程机械能转化为电能再转化为_____能，利用该工作原理制造了______（选填“电动机”或“发电机”）。 6. 小华家新买了一台电暖器，部分参数如下表，通过调节旋钮，可实现高温挡、低温挡的切换。她结合所学知识进行了研究。 （1）如图，电暖器的插头是三脚插头，插头中较长的脚与电暖器的金属外壳相连。插入插座后，就将电暖器的金属外壳与家庭电路的________线相连，可防止漏电时对人造成伤害； （2）小华家墙上的插座允许通过的最大电流为10A，此插座_____（选填“能”或“不能”）满足该电暖器正常使用； （3）若该电暖器一天正常工作6h，其中高温挡2h，低温挡4h，则它一天耗电________千瓦时？ （4）小华与妈妈一起做饭时，准备同时使用电饭锅和电磁炉。小华说：“应先把电暖器关掉，否则容易使家庭电路的干路导线过热引发火灾。”请运用物理知识进行解释。________ 7. 植物生长需要适宜的环境湿度。某中学劳动实践小组为大棚内的植物“多肉”（适宜的环境湿度为30%~40%）设计了一个自动加湿装置，当环境湿度降至30%，加湿器恰好开始加湿，当环境湿度升至40%，加湿器恰好停止加湿，其电路如图所示。控制电路的电源电压U恒为6V，定值电阻R0为20Ω，湿敏电阻R的阻值随环境湿度的升高而减小，它的阻值与部分环境湿度对应关系如表所示。请完成下列问题（线圈电阻不计）： （1）闭合开关S1，电磁铁的上端是______极；通过电磁铁的电流越大，磁性越______； （2）闭合开关S1、S2，则衔铁恰好被吸下时控制电路的总功率大小为______； （3）若大棚内的植物换成牡丹（适宜的环境湿度为50%~70%），小明提出该加湿装置只更换电阻R0就能实现“当环境湿度降至50%，加湿器恰好开始加湿，当环境湿度升至70%，加湿器恰好停止加湿”，则更换后R0的阻值为______。 押题猜想十一 利用透镜的三条特殊光线作图 试题前瞻·能力先查 1. （新考法）如图，O为凸透镜的光心，F为凸透镜的焦点，请画出： （1）入射光线a经凸透镜的折射光线；（2）折射光线b对应的入射光线。 2. （深度思维）如图所示，完成透镜光路。 分析有理·押题有据 考点趋势：光学作图包括利用光的直线传播规律、光的反射定律、平面镜成像特点、光的折射规律、透镜三条特殊光线特征作图。2025年考查的利用光的折射规律作图，实验题考查探究凸透镜成像成像，2026年作图题会出现利用透镜特殊光线特征作图。 押题（依据）理由：透镜及透镜成像规律是光学重点内容，也是吉林省多年来，在中考试卷里必考知识点。 2026年吉林省中考实验题不会出现透镜成像规律探究题，因为2025年考过这个实验，2026年在选择题里要命制光现象辨析问题，所以在作图题里出现透镜问题是可能的。预计2026年可能在第三大题第11小题出现。 押题解题秘笈： 利用涉及透镜有关的三条特殊光线的作图要领 （1）透镜的三条特殊光线 1）通过光心的光线传播方向不变。 2）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后通过焦点，经凹透镜折射后发散，发散光线的反向延长线通过虚焦点。 3）经过凸透镜焦点的光线折射后平行于主光轴射出。对着凹透镜右侧虚焦点入射的光线折射后平行于主光轴射出。 （2）熟记透镜三条特殊光线经透镜折射后的传播特点，并分清凸透镜和凹透镜三条特殊光线的异同。利用透镜的三条特殊光线作图时，一定要注意： 1）一定要用尺规作图； 2）不要遗漏光线的箭头； 3）光线用实线，辅助线用虚线； 4）如果透镜倾斜放置，画光路图时，这时一定盯住透镜主光轴。 终极猜想·精练通关 1. 请在图中画出平行于主光轴的两条入射光线经过透镜后的光线。 2.请根据图甲中的入射光线画出其通过凸透镜后的折射光线。 3. 如图，根据入射光线和折射光线，在图中的虚线框内画出一个透镜。 4. 我国西汉时期的《淮南万毕术》记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则火生。”这是利用冰透镜对日聚焦取火的最早记载。如图所示，假设O为冰透镜的光心，F为冰透镜的焦点，请完成光路图。 5. 如图，请完成图中光通过透镜后的光路。 6. 如图所示，请分别画出AB的入射光线和CO的折射光线。 7. 如图所示，凸透镜的主光轴处于水平位置，F是其焦点，平面镜与水平方向成45°角，请画出竖直激光束AO经平面镜反射，再经凸透镜折射的光路图。 押题猜想十二 家庭电路作图 试题前瞻·能力先查 1.（跨学科实践）小高家盖新房需要先设计一下屋内的电路，以便电工师傅布线。爱钻研的小高自告奋勇完成这个任务。如图所示为他设计电路的一部分，请他帮将下列元件连接成符合安全用电要求的家庭电路。    2.（独特创新）小明在使用插线板时发现：插线板上的开关断开时，指示灯不发光，插孔断电；开关闭合时指示灯发光，插孔通电；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔照样可以通电。如图中，虚线框内为插线板内部电路简化示意图，请按上述要求用笔画线代替导线将插线板内部电路中的缺失部分补画完整。 开关 插孔 发光二极管 电阻 分析有理·押题有据 考点趋势：为家庭电路做设计是生活用电作图题的命题趋势。 押题（依据）理由：吉林省多年来，在中考试卷必有作图题。包括光学作图、力学作图、电学作图、磁学作图。2026年在作图大题里为家庭电路做设计是重点，理由是2025年考查磁学作图，为了贯彻新的课程标准，跨学科实践是物理课程重要部分，是提升学生核心素养的举措，而为家庭电路做设计是电学里跨学科实践的重要内容，这类作图题可能在第三大题第12小题出现。 押题解题秘笈： 为家庭电路做设计，需要结合家庭电路组成、功率与电流关系等物理知识，规划分路（如照明、插座独立回路），按各回路功率选对应横截面积的导线，安装总开关、保险装置及漏电保护器，确保用电安全且用电器独立工作，体现物理原理在实际电路设计中的应用。家庭电路中开关必须和灯串联，开关必须连在火线上，灯口螺旋要接零线上，保险丝只在火线上接一根就可以了，插座是左零右火上接地。 终极猜想·精练通关 1. 现代家庭生活中，很多插线板都带有USB充电口，能够直接为手机充电。请将电路图补充完整。要求：开关S控制整个电路；S闭合后，该电路既能给手机充电，同时又不影响为其他家用电器供电。 2. 金辉同学若通过三孔插座给机器人充电，插座由单独的开关控制。请在图中用笔画线表示导线将三孔摇座和开关连接在家庭电路中。 3. 小安家的某个三孔插座经常连接大功率用电器，为了用电安全，他想在三孔插座上串联一个保险丝后再接入家庭电路，请在图中用笔画线表示导线帮小安完成电路连接。 4. 如图是家庭电路的一部分，三孔插座可单独工作，开关控制灯泡。请用笔画线表示导线，将对应的电路连接完整，并符合安全用电原则。 5. 地下商场的负一楼有一电动扶梯和一盏大功率的电灯，电灯只有在晚上且有声音的时候才会工作，照亮电动扶梯，帮助行人。电动扶梯由开关控制。请你根据要求完成电路连接。    押题猜想十三 力学简答 试题前瞻·能力先查 1. （改编）温室效应加剧，全球气候变暖，北极冰层面积缩小、厚度变薄。如图所示，聪明的北极熊害怕踩破冰面，做出“借腹滑行”的无奈之举。请用物理知识解释“借腹”为什么不易破坏冰面？ 2. （新考法）如图所示，是医院张贴的“海姆立克急救法”宣传画。小明想知道这种急救法的原理，爸爸告诉小明这是应用了“一定质量的气体，在温度不变时，体积越小，压强越大”的规律。请你利用此规律并结合所学的物理知识解释采用“海姆立克急救法”能将异物排出的原因。 分析有理·押题有据 考点趋势：简答题是吉林省中考真题的固定题型。声光力热电磁知识体系问题都可以以简答题题型出现。 增大减小压强的方法、增大减小摩擦力方法、惯性应用、大气压强存在、流体流速与压强关系、物体浮沉条件应用、杠杆平衡条件应用等都是力学简答题命题的重要素材。2026年力学简答题是命题趋势之一。 押题（依据）理由：吉林省多年来，在中考试卷必有简答题。以往多出现热学类简答题，2026年力学简答题是重点内容。可能在第四大题第13小题出现。 押题解题秘笈： 简答题，顾名思义就是要答案简明扼要，直接回答要点，不要东拉西扯，漫无边际。既要注意表达的有序性、层次性、科学性；又要注意使用物理语言作针对性回答，力求语言简洁明了、物理用语书写准确规范。结论明确、理由充分、答案简练。 1．要紧扣主题，不要转弯抹角； 2．抓住关键力学现象,找出力学对应规律； 3．梳理思路,明确作答。 终极猜想·精练通关 1．如图所示，马路上一辆出租车行驶而过，马路边的小朋友大声喊“真快！”，司机听到后问乘客：“我动了吗？”，乘客却回答：“你没动”。你认为小朋友喊的“真快！”和乘客回答的“你没动”说错了吗？为什么？ 2. 小明在课前为同学们展示小实验“会爬杆苹果”：用小刀将苹果对半切开，将竹筷从半个苹果中间穿入。竖直提起竹筷，苹果不会从竹筷上滑下。用铁锤敲击竹筷顶端，随着一次次的敲击，位于竹筷底端的苹果很快“爬”到了竹筷的中上部。请用物理知识解释所发生的现象。 3. 很多同学喜爱篮球运动，一个漂亮的三步上篮会赢得一片喝彩。如图所示，运动员从远处起跳之后不再受到地面的弹力，但却还能继续向上扣向篮框，这是为什么？ 4. 如图所示，有一种灭火喷水枪，枪管呈S状，灭火时只要将喷水枪置于着火房屋的窗口处并使枪口向外，当水枪向窗外喷出高速水流，就能将屋内烟、气“带走”，使房屋内的火因缺少燃烧条件而熄灭。请用相关物理知识解释烟、气被“带走”的原因。 5. 大风天气，房间内其它窗户都关闭，打开一扇窗户时窗帘会被“吸”到窗外。请用物理学原理解释这一现象。 6. 取一段胶皮管，左端接一个漏斗，右端接一个尖嘴的小管，向漏斗中装水，使左侧管中液面高于小管口，便形成了一个人工喷泉，如图所示。请从力的角度推理说明右侧管口水喷出的原因。 7. 蹦极是一项以高空跳跃和弹性绳缓冲为核心的高风险户外极限运动。参与者从40米以上高度的平台跃下，若不计空气阻力，在第一次由最高点竖直下落到最低点的过程中，可简化成两个阶段，第一阶段是参与者从最高点下落到弹性绳刚好伸直时，此阶段参与者的重力势能和动能如何转化？第二阶段是从弹性绳刚好伸直时到参与者下落到最低点，在此阶段，参与者的重力势能、动能和弹性绳的弹性势能都发生怎样的变化？ 8. （改编）“七星漂”钓法是我国传统钓鱼方法之一，钓组由浮子、钓线、坠子、鱼钩和鱼饵组成，如图。请用物理知识回答：浮子常用轻质鹅毛羽轴或泡沫制作的原因。 9. 某同学在洗蔬菜时观察到：甲、乙两蔬菜放入水中均漂浮在水面，如图所示。他还发现：甲露出水面的体积明显小于甲浸在水中的体积，乙露出水面的体积明显大于乙浸在水中的体积。根据图中的现象，请分析并判断甲、乙两蔬菜的密度大小关系。 押题猜想十四 电学简答 试题前瞻·能力先查 1. （情景题）将与毛衣摩擦过的气球靠近头发，会看到如图所示令人惊奇的现象。请用所学的物理知识解释这种现象。 2. （改编）电流热效应引发的用电事故屡屡发生，其中很多是由于电路老化或电线选择不规范所致。如家庭电线使用时间过长，出现绝缘皮老化脱落；空调等大功率用电器选用电线过细。请用焦耳定律说明大功率用电器连接细电线存在安全隐患的原因。 分析有理·押题有据 考点趋势：简答题是吉林省中考真题的固定题型。声光力热电磁知识体系问题都可以以简答题题型出现。 电荷间相互作用、滑动变阻器使用、实际功率与额定功率区别与联系、焦耳定律应用、测电笔使用、插座的使用、电磁感应现象等都是电磁学简答题命题的重要素材。2026年电磁学简答题是命题趋势之一。 押题（依据）理由：吉林省多年来，在中考试卷必有简答题。以往多出现热学类力学简答题，2026年电磁学简答题是重点内容之一。可能在第四大题第14小题出现。 押题解题秘笈： 简答题，顾名思义就是要答案简明扼要，直接回答要点，不要东拉西扯，漫无边际。既要注意表达的有序性、层次性、科学性；又要注意使用物理语言作针对性回答，力求语言简洁明了、物理用语书写准确规范。结论明确、理由充分、答案简练。 1．要紧扣主题，不要转弯抹角； 2．抓住关键电磁学现象,找出电磁学对应规律； 3．梳理思路,明确作答。 终极猜想·精练通关 1．今年春节，小明帮爸爸安装彩灯，爸爸说：照明灯具迈进了新的时代。前些年，白炽灯还是照明灯具的主力军，人们为延长白炽灯的使用寿命，在楼道里常把两只相同的白炽灯串联起来使用。但这样两只灯发光时的整体亮度，还不如只用其中一只灯时亮。小明很疑惑“为什么会变暗呢？”请你用所学的知识为小明解惑。 2.如图所示，小冰在课前展示了一盏自制的“铅笔芯电灯”。他将8节1号电池串联起来做电源，用两条铝箔纸条做导线，拿一根2B自动铅笔芯穿过铝箔纸条，架在烧杯口处。戴上绝缘隔热手套，将铝箔纸条的两端连接在电源的正负极上，稍等一会儿，小小的铅笔芯竟然热得发光，而与它相连的铝箔纸条却不怎么热。请分析解释上述现象。 3. 有一种光电转化玻璃，既能作普通玻璃使用，又能将吸收的太阳能转化为电能。若将其用于生产生活中，请提出两条应用设想。 4.小龙在使用家中的插线板时发现：插线板上指示灯在开关断开时不发光，插孔不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。 根据上述现象判断，插线板正常使用时，指示灯和插孔是串联还是并联？说出依据。 5. “珍爱生命，注意用电安全”是同学们日常生活中必须具有的安全意识。小鑫的爸爸想给放在室外的电动自行车充电，由于家中插线板（如图）的导线长度不够，小鑫的爸爸又找来一段足够长的导线，打算把两段导线连接起来，从而增加插线板导线的长度。当爸爸刚连接好导线，小鑫看到后告诉爸爸，导线连接处往往比别处更容易发热，加速老化，甚至引起火灾，存在安全隐患。请你也来解释一下这是为什么？ 6. 如图所示，铜质金属框ABCD正下方有一均匀磁场区域（磁感线方向与纸面垂直）。某时刻金属框开始自由下落，下落过程中金属框始终保持竖直状态。请判断金属框BC边进入磁场后，AD边进入磁场前，金属框是否有可能做加速运动？请从能量转化的角度阐述理由。（不计空气阻力） 7. 电动汽车，绿色环保，在方便出行的同时也存在安全隐患，多起火灾是由于不规范充电引起的，为了安全，我们一定要规范充电。如图甲为某品牌电动汽车直流充电桩，充电电压400V，充电时功率P与储能比H（电池当前储能占充满状态储能的百分比）的关系如图像乙，在AB、BC、CD、DE四段充电过程中，哪段过程最容易使导线升温、老化，甚至引起火灾？说出你的理由。 押题猜想十五 滑轮（组）机械效率的相关综合计算 试题前瞻·能力先查 1. （改编题）如图，某同学用一个定滑轮将质量10kg的重物匀速向上提起9m，其所做的总功为1000J。g取10N/kg。求该过程中： （1）重物受到的重力G的大小； （2）定滑轮的机械效率。 2. （改编题）图示为某工人利用一滑轮提升物体的示意图。若该工人将质量为的物体沿竖直方向匀速提升，此过程中滑轮的机械效率为80%，取。求： （1）物体受到的重力大小； （2）工人所做的总功。 分析有理·押题有据 考点趋势：滑轮（组）机械效率相关计算是力学重要计算能力的体现，全国各省市在中考试卷里都体现这个知识点的试题。在其他题型中不考查这个知识点时，2026年吉林试卷里会继续出现滑轮（组）机械效率计算问题。 押题（依据）理由：吉林省多年来，在中考试卷大题里必考求解重力（或者密度、质量、速度等）、压强2小问的计算题，为了贯彻国家命题改革精神，打破命题固有模式，可能会把这个知识点问题移到第二大题填空题里考查。力学计算大题一定会有改变，2025年吉林省中考真题卷第一大题第6小题出现了定滑轮机械效率计算类的选择题，为了灵活深入考查滑轮（组）计算问题，难度又不至于过大，预计2026年在计算大题里会考查求解动滑轮机械效率相关的考题，可能在第六大题第15或者16小题出现。 押题解题秘笈： （一）有用功和额外功的理解 1.有用功：使用机械时，对人们有用的功叫有用功。也就是人们不用机械而直接用手时必须做的功。在提升物体时，W有用= Gh 2.额外功：使用机械时，对人们没有用但不得不做的功叫额外功。 3.额外功的主要来源：①提升物体时，克服机械自重、容器重、绳重等所做的功。②克服机械的摩擦所做的功。 4.人们在使用机械做功的过程中实际所做的功叫总功，它等于有用功和额外功的之和。即：W总=W有用+W额 5.若人对机械的动力为F，则：W总= FS （二）求解机械效率理论知识 1.定义：机械效率是有用功与总功的比值，分析判定一个机械的机械效率高低要分析两个因素：有用功与总功。任何机械的机械效率都小于1. 2.计算公式:η=×100％。 3.提高机械效率的途径：尽可能增加提升物体的重力；减轻机械的自身重量；合理地减少部件间的有害摩擦。 （三）与滑轮组机械效率有关的计算题解题策略 1. 用滑轮（组）竖直提升物体机械效率问题求解办法 a.用滑轮（组）竖直提升物体的模型图 b. 用滑轮（组）竖直提升物体有用功、额外功和总功求法 （1）有用功W有用=Gh （2）总功W总=Fs （3）额外功W额外=W总—W有用 （4） s=nh 其中h是重物G被提升的高度，s是动力F 移动的距离， n是动滑轮上的绳子段数。 c. 滑轮组机械效率的求解 （1）用滑轮组提升物体时，有用功和总功的比值.称为滑轮组机械效率。 （2）滑轮组机械效率公式：η＝（W有用/W总）×100％　 η＝（W有用/W总）×100％= (G / nF ) ×100％ 2. 用滑轮组水平拉动物体机械效率问题求解办法 a.用滑轮组水平拉动物体的模型图 b. 用滑轮组水平拉动物体有用功、额外功和总功求法 （1）有用功W有用= fs2 （2）总功W总= F s1 （3）额外功W额外=W总—W有用 （4）s1= ns2 其中 s1是动力F 移动的距离，s2是重物水平移动的距离，f是物体匀速运动受到的阻力， n是动滑轮上的绳子段数。 c. 滑轮组机械效率的求解 （1）用滑轮组水平拉动物体时，有用功和总功的比值.称为滑轮组机械效率。 （2）滑轮组机械效率公式：η＝（W有用/W总）×100％　 η＝（W有用/W总）×100％= (fs2/ F s1) ×100％ （四）求解斜面机械效率有关的计算题解题策略 a.用斜面提升物体的模型图 b. 用斜面提升物体有用功、额外功和总功求法 （1）有用功W有用= Gh （2）总功W总= F s （3）额外功W额外=W总—W有用 其中 s是动力F 沿着斜面移动的距离，h 是重物上升的高度，s和h的关系，通常可由解三角函数得到，一般斜面倾斜角给出。 c. 斜面机械效率的求解 （1）用斜面提升物体时，有用功和总功的比值.称为斜面的机械效率。 （2）斜面机械效率公式：η＝（W有用/W总）×100％　 η＝（W有用/W总）×100％= (Gh / F s) ×100％ 注意：斜面机械效率计算问题出现可能性不大，但若真出现了，一定会考查摩擦力的计算。 基本思路是先求出额外功 W额外=W总—W有用 再根据W额外=fs求出摩擦力f 终极猜想·精练通关 1. （改编）如图所示，工人师傅用滑轮组将重为500N的物体在30s内匀速提升到6m高的楼上，已知动滑轮重为100N，不计绳重及摩擦。求： （1）拉力的功率； （2）滑轮组的机械效率。（计算结果保留一位小数） 2. 某建筑工人的重力为700N，双脚与地面的接触面积是。该工人通过如图所示的滑轮组在10s内将建材匀速提升3m，此过程中工人对绳自由端的拉力为400N，已知物体的重力为640N，不计绳重及摩擦。试求： （1）该工人双脚站立在水平地面上匀速提升物体时，对地面的压强； （2）该滑轮组的机械效率。 3. （拓展）一辆重为6×104N的的汽车不慎陷入泥坑，司机用如图所示的滑轮组将汽车拖出，已知整个过程中，水平拉力是1×104N，汽车10s内沿水平方向匀速移动了4m，滑轮组的机械效率为80%，求： （1）拉力F做功的功率； （2）汽车受到的摩擦力。 4. 建筑工地上，工人师傅将图中所示的滑轮装配成最省力的滑轮组，利用它站在地面上向下拉绳提升重物。 （1）请在图中画出滑轮组的绕线： （2）利用此滑轮组，工人用500N的力将1200N的重物匀速提升4m，用时40s，求滑轮组的机械效率及拉力F的功率。 5. （补充题：以往年年考类型）全球首个人形机器人半程（约）马拉松在北京亦庄举办，天工机器人跑完全程用时约2.7h，并夺得冠军。天工机器人的质量为，双脚站立时与地面的接触面积约为。（g取） （1）天工机器人跑完半程马拉松的平均速度是多少？（结果保留1位小数） （2）天工机器人双脚站立时，对水平地面的压强是多少？ 押题猜想十六 简单串并联电路电学量的综合计算 试题前瞻·能力先查 1. （改编）小明设计了可改变灯泡亮度的电路，如图电源电压U为6V，灯泡L标有“6V0.5A”，定值电阻R为12Ω。 （1）拨到1处时，闭合开关，求L的电功率； （2）拨到2处时，闭合开关，电流表示数为0.3A，求： ①R两端的电压； ②L工作100s消耗的电能。 2. （改编）如图所示的电路中，电源电压，电阻。闭合开关S，电流表的示数。求 （1）电流表A的示数I； （2）整个电路工作10s消耗的电能W。 分析有理·押题有据 考点趋势：吉林省中考物理真题卷，在考查电学计算题时，主要是考查对串联电路和并联电路涉及电学量的计算，难度不大。有时考查串联电路相关量的计算，有时考查并联电路相关量的计算。这是长期命题趋势，雷打不动。所以毕业班学生平时多训练这个方面的计算题即可。 押题（依据）理由：吉林省多年来，在中考试卷大题里必考一道求解电学量的计算题。2025年吉林省中考真题卷第五大题第16小题出现了并联电路电学量的计算，并且只考查并联电路电流规律和欧姆定律的应用。预计2026年在计算大题里会考查求解串联电路电学量的计算问题，也可能考查并联电路电学量的计算，但除考查并联电路电流规律和欧姆定律的应用外，还会考查电功电功率或者焦耳定律的应用。可能在第五大题第15或者16小题出现。 押题解题秘笈： 简单串并联电路计算策略 （1）串联电路:I1=I2=I （2）串联电路:U1+U2=U （3）串联电路:R=R1+R2 （4）根据并联电路电流特点：I1+I2=I （5）根据并联电路电压特点：U1=U2=U （6）根据并联电路电阻特点：1/R1+1/R2=1/R （7）求解某用电器的电功、电功率、焦耳热，利用串并联电路特点和欧姆定律I=U/R，求出用电器或电阻对应的电学量，再运用W=UIt、P=UI、Q=I2Rt求解即可。 注意：因为P=U2/R，所以R=U2/P。用电器正常工作说明它两端电压等于它的额定电压，流经用电器的电流也可求出，这时的电功率等于它的额定电功率。这时用电器电阻经常利用R=U2/P求出。 终极猜想·精练通关 1. （2025吉林）如图所示的电路中，电源电压恒定，R2的阻值为15Ω。闭合开关S，电流表A的示数为1.2A，电流表A1的示数为0.4A。求： （1）电阻R2的电流 （2）电源电压。 2. 在如图所示的电路中，电阻R1的阻值为 10Ω，电流表的示数为 1.2A。 （1）求电源电压U； （2）若在电路中接入一个电阻R2，使得接入前后电流表的示数变化了 0.4 A，求电阻R2 的阻值。 3. 在如图所示的电路中，电源电压6V保持不变，电阻的阻值为20Ω。当开关S闭合时，电流表的示数为0.2A，求 （1）的阻值； （2）通电1min，电流通过做的功。 4. 小明同学设计了车载加热垫，其简化电路图如图所示，电源电压恒为12V，为阻值一定的电热丝。闭合开关，通过的电流分别为0.6A、0.4A。求： （1）电热丝的电阻； （2）此时电路的总电功率。 5. 如图所示电路中，灯泡L的规格为“”，闭合开关S，灯泡正常发光，电流表示数为。求： （1）通过灯泡L的电流； （2）电阻R的电功率。 押题猜想十七 比较物质吸热情况的探究实验 试题前瞻·能力先查 1. （常规考法）如图（a），某小组在两个相同的烧杯中分别装入质量相同的水和食用油，比较它们的吸热能力。 （1）为使两个电加热器在单位时间内放出的热量相同，电加热器的规格应____。 （2）本实验中使用的液体温度计是根据液体____的规律制成的。 （3）每隔0.5min记录一次温度，并将数据记录在下表中。第2.5min时，食用油中的温度计示数如图（b）所示，为____℃。 分析表中数据，发现____吸热能力强。 （4）为使内部充有液态介质的电暖器通电后能迅速升温，内部应充入吸热能力较____（填“强”或“弱”）的介质。（仅从吸热能力的角度分析） 2. （创新考法）如图甲所示，小明用相同的实验装置分别加热质量均为200g的水和食用油，根据实验数据绘制了如图乙所示的温度随时间变化图像。 （1）由图乙和表可知，小明选用是______（选填“酒精”“煤油”或“水银”）温度计； （2）由图乙可知，______的吸热能力较强； （3）水在0~4min吸收的热量是______J；c水=4.2×103J/(kg·℃） （4）小明分析图乙后，想到端午节妈妈煮粽子时，先用大火将水烧开，再改用小火加热，这样既可以节约能源，又能保持水继续沸腾将粽子煮熟。原因是水沸腾时持续吸热，温度________。 分析有理·押题有据 考点趋势：中考热学三个重点实验包括：探究固体熔化凝固时温度的变化规律、 探究水的沸腾前后温度变化的特点、探究比较不同物质吸热能力。前2个实验多次考过，2026年是吉林中考实验题命题趋势。 押题（依据）理由：为了打破命题固有模式，热学实验不重复出现近2年考过的实验，预计2026年在实验大题里会考查探究比较不同物质吸热能力的实验。可能在第六大题第17小题出现。 押题解题秘笈： 一、掌握不同物质的吸热能力的实验基本要领是提高探究能力的保证 【实验装置】 【探究方法】控制变量法，转换法 【探究过程】 1.安装实验装置顺序：自下而上安装好实验装置;在两个铁架台的底座上各放一个规格相同的酒精灯，调好铁圈的高度，将石棉网放在铁圈上。 2.取相同质量的水和煤油分别倒入两只烧杯中。 3.分别给两液体加热，加热时上下反复缓慢地提拉搅拌器，记下不同时刻的温度。 4.记录数据, 绘制T-t 图像。 【实验图像】 【实验结论】质量相同的水和食用油吸收相同的热量，食用油的温度升高的较大 二、掌握不同物质的吸热能力的实验考查点是快速解题的技巧 1.实验器材组装顺序：自下而上。 2.温度计放置位置：不要碰到容器壁和容器底。 3.选择相同的酒精灯加热目的是：使水和煤油在相同加热时间吸收相同的热量相同。 4.通过加热时间的长短，来体现液体吸收热量的多少，此方法为转换法。 5.实验中各数据可能有较大差异，原因：①酒精灯规格难以保证完全相同，②实验中热量有损失。 6.使用电加热器代替酒精灯的好处：易于控制产生热量的多少。 7.器材作用：①实验测量仪器：温度计、停表分别用于测量温度和加热时间。 ②搅拌器的作用：使液体受热均匀。 ③石棉网：使烧杯底部受热均匀。 终极猜想·精练通关 1. 在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中，加热水和煤油，使它们升高相同的温度，比较它们吸收热量的多少，看看这两种物质的吸热能力是否存在差异。（如图甲、乙） （1）在两个完全相同的烧杯中分别装入________（选填“质量”或“体积”）、初温都相同的水和煤油； （2）在相同条件下用相同的酒精灯分别给水和煤油加热，通过________（填“升高的温度”或“加热时间”）来比较水和煤油吸收热量的多少； （3）根据实验数据，同学们做出了水和煤油的温度随时间变化的图像如图乙所示，由乙图可知，水的温度随时间变化的图像是________（填“a”或“b”），煤油的比热容为________。[水的比热容] 2．如图甲，在探究“不同物质吸热能力”的实验中，用相同的电加热器分别给水和食用油加热，根据实验数据绘制了如图乙所示的温度随时间变化图像。    （1）在两个相同的烧杯中分别加入初温和 相同的水和食用油： （2）实验中是通过比较 来间接反映水和食用油吸收热量的多少； （3）根据图乙可知 （选填“水”或“食用油”）的吸热能力强； （4）下列选项中与本实验所研究特性无关的是 。 A．用热水袋取暖　　B．汽车的水箱　　C．夏天在地面喷水降温 3．如图所示，在“比较不同物质吸热情况”的实验中，各取质量为50g、初温为20℃的水和食用油分别装在两个相同的烧杯中，用两个相同的酒精灯加热，每隔1min记录一次数据，如下表所示。    （1）分析实验数据可知， （选填“水”或“食用油”）的吸热能力更强； （2）实验中主要用到的科学探究方法有控制变量法和 法； （3）根据表中记录的数据，则2min内食用油吸收的热量是 J，所使用的酒精灯的加热效率为 【q酒精=3.0×107J/kg，c水=4.2×10³J/（kg·℃）】。 4. 为了“比较水和沙子吸热升温情况”，小明做了下列的实验：在两个相同的烧杯中分别装有质量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如下： （1）在此实验中，用________（填加热时间或升高温度）来表示物质吸收热量的多少。 （2）如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，_____（选填“沙子”或“水”）升高的温度更高。 （3）通过实验可以得到不同物质的吸热升温情况不同的结论，物质的这种属性用_____这个物理量来描述。 （4）下列事实能用上述实验结果解释的是_______ A．夏天给教室洒水，感觉凉爽 B．用盐水腌蛋，一段时间后蛋会变咸 C．长期堆放煤的水泥地面变成黑色 D．沿海地区昼夜温差会比内陆地区小 （5）由以上实验探究结论可以判断，假如白天在海滩游玩时，进入海边的荒山后迷了路，他应该选择________（选填“顺风”或“逆风”）返回到海边。 押题猜想十八 探究平面镜成像的特点的实验 试题前瞻·能力先查 1.（常规考法）如图甲所示，在“探究平面镜成像特点”的实验中，选取两支等大的蜡烛A和B。 ( A B A A ′ O 12cm 12cm O′ 甲 乙 ) (1)实验中选择薄玻璃板效果好。此实验不能用平面镜进行，是因为平面镜______，不能确定像的位置． (2)选取两支等大蜡烛的目的是_______________。 (3)小组一同学在实验过程中始终不能使像与物体重合，其原因是____________。 （4）如图乙是小组调节好平面镜放置后的实验记录，通过分析发现像与物到玻璃板的距离相等，像与物的连线与玻璃板垂直。该小组实验的不足之处是_______________。 2.（改编）小文“探究平面镜成像特点”的实验装置如甲图所示，把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板的前面，再拿另一支相同的蜡烛B竖立着在玻璃板后面移动，直到在玻璃板前面透过玻璃板看上去蜡烛B跟蜡烛A的像完全重合，在水平桌面的白纸上记下蜡烛A和B的位置。改变蜡烛A到玻璃板的距离，重复做多次实验。 （1）实验时，选用玻璃板代替平面镜，主要是为了 ； （2）实验中，蜡烛B跟蜡烛A的像完全重合，说明像与物的大小相等；实验过程中，小文特意用手触摸烛焰的像，并没有感到灼热，说明平面镜成的像是 ； （3）小文连接白纸上物点和对应的像点，并测出相应长度，如图乙所示： ①据此证据可得出的结论是：像与物到平面镜的距离 ； ②同学小王认为小文处理证据不严谨，对小文说出自己观点：“你连接物点和对应的像点，并测物距和像距，默认了物像连线与镜面是垂直的，而这一规律，在这个实验前是未知的”。你对小文的证据处理提出的改进意见是 。 分析有理·押题有据 考点趋势： 中考光学三个重点实验包括：探究光的反射定律、探究平面镜成像的特点、探究凸透镜成像的规律。这三类光学实验是吉林省中考命题主要素材，每年都在三类实验中考查一类。 押题（依据）理由： 探究光的反射定律、探究凸透镜成像的规律2类实验多次考过，为了打破命题固有模式，预计2026年在实验大题里会考查探究平面镜成像的特点的实验。可能在第六大题第18小题出现。 押题解题秘笈： 注重对探究平面镜成像特点实验的考查点的训练是快速解题的技巧 （1）为了使观察到的像更为清晰，实验最好在较暗的环境中进行； （2）实验中用玻璃板代替平面镜，目的是便于观察和确定像的位置，并比较物像的大小关系，原因是玻璃板既能反射光又能透过光，即透过玻璃板能看到未点燃的蜡烛，也能看到点燃的蜡烛所成的像； （3）实验应选用较薄的玻璃板。因为玻璃板的前后表面可以各成一个像，当玻璃板较厚时，两个像有较大的错位，难以确定像的位置； （4）实验中，玻璃板要竖直立在水平桌面上。若玻璃板没有竖直放置，则未点燃的蜡烛和点燃的蜡烛将不能完全重合； （5）实验中，使用两支完全相同的蜡烛，目的是比较像与物体的大小关系； （6）用点燃的蜡烛做实验的优点是所成的像比较亮，便于观察； （7）白纸用于标注玻璃板的位置、蜡烛以及蜡烛的像的位置，刻度尺用于测量蜡烛以及蜡烛的像到玻璃板的距离； （8）改变蜡烛与玻璃板的距离进行多次实验，是为了寻找普遍规律。 终极猜想·精练通关 1．小明和小华利用茶色玻璃板、刻度尺、白纸、两个相同的电子蜡烛等器材，探究平面镜成像的特点。 （1）如图甲，将白纸平铺在水平桌面上，再将玻璃板 放置在纸上； （2）在玻璃板前放上电子蜡烛A，闭合开关使其发光，再将电子蜡烛B放到玻璃板后，调整B的位置使其与A的像 ，在纸上分别记录A、B的位置； （3）多次改变A的位置，重复上述实验。在探究像到镜面距离与物到镜面距离的关系时，下列测量方法中，正确的是 ； （4）完成探究后，小明和小华利用左右两侧面开孔的正方体纸盒、茶色玻璃板和发光小灯制作了一个“魔盒”，如图乙所示，两人都可以通过孔看到对方，但只有小明能看到魔盒中发光小灯在他正前方成的像，则纸盒中玻璃板可沿ac方向放置，且发光小灯应贴在纸盒内 处。 2. 小明积极响应学校规范仪容仪表的号召。有一次当他走近平面镜时，他发现自己的像“变大”了，于是他提出：像的大小与物体的大小有什么关系呢？他用图甲的实验装置来探究平面镜成像特点。根据所学知识回答下列问题。 （1）他把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前，用一支外形与A完全相同但不点燃的蜡烛B，在玻璃板后面移动，直到与A的像完全重合，说明像与物体的大小______； （2）实验中他测得蜡烛A到玻璃板的距离为12cm，则蜡烛A的像到玻璃板的距离为______cm； （3）他做完平面镜成像实验后，找来白色硬纸板、量角器和激光笔等，用这个实验的玻璃板代替平面镜完成光的反射定律实验，装置如图乙所示。图丙是其实验过程中的一条入射光线，请你根据光的反射定律在图丙中做出反射光线_______；（保留作图痕迹） （4）细心的小明发现用玻璃板做实验有一个不足：反射光的亮度明显比入射光暗了许多，这是因为光斜射到玻璃板上发生反射的同时也发生了______。 3．为完成“探究平面镜成像特点”实验，小芳选择了如图所示的实验装置。 (1)小芳用玻璃板代替平面镜的目的是 ； (2)小芳把点燃的蜡烛A放在玻璃板前，还要在玻璃板的后面放一支外形相同但没有点燃的蜡烛B，小芳应在 （选填“A”或“B”）蜡烛一侧观察玻璃板中的像； (3)移去蜡烛B，在其原位置放置一块光屏，光屏上不能得到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是 （选填“实像”或“虚像”）； (4)实验中，发现在水平桌面上无论怎样移动蜡烛B，都与蜡烛A的像无法完全重合，你认为原因可能是 ； 4. 如图，是实验小组利用多枚相同的硬币“探究平面镜成像特点”的实验装置。 （1）现在有透明和茶色两种薄玻璃板可供选择，应该选择________（选填“透明”或“茶色”）薄玻璃板。 （2）将五枚硬币叠成圆柱A放在薄玻璃板的一侧，移动玻璃板另一侧用五枚硬币叠成的圆柱B，恰好能与玻璃板后圆柱A的像重合，说明平面镜成像时像与物________________。 （3）多次改变圆柱A的位置重复上述操作，并记录每次圆柱A和圆柱B的位置如图所示，从图中可以得出的结论是：平面镜成像时，_____________________（写出一条即可）。 （4）小组的同学将圆柱B改成4枚硬币，发现在玻璃板后不管如何移动圆柱B，圆柱B都不能和圆柱A的像完全重合，根据这一现象________（选填“能”或“不能”）进一步验证（2）中得出的结论。 押题猜想十九 探究液体压强与哪些因素有关 试题前瞻·能力先查 1.（改编题）物理兴趣小组在做“探究液体压强与哪些因素有关”的实验时，进行了如图所示的操作。 结合以上信息，请思考： （1）为了使实验现象更明显，压强计探头上的橡皮膜应选______（选填“薄”或“厚”）一些较好，实验前用手指按压探头的橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置的气密性______。 （2）实验中通过观察U形管______，显示液体内部压强大小。 （3）比较表中的______（填序号）三次实验可知：在液体内部的同一深度，向各个方向的压强都相等。 （4）比较表中的①②⑤三次实验可知：探头浸入液体中的深度越大，液体的压强______。 2. （创新考法）探究液体压强与哪些因素有关，完成下列任务。 任务一 测量盐水、水和酒精的密度 （1）将天平放在水平台上，把游码移至标尺左端______处，并调节好天平。 （2）用注射器抽取5mL盐水，用天平测得注射器和盐水的总质量，如图甲所示，为______g。 （3）用注射器继续抽取盐水，活塞移至15mL处，测得注射器和盐水的总质量为27.4g，盐水的密度为______g/cm3。继续测出水和酒精的密度。 任务二 探究液体内部压强 （4）图乙是U形管压强计，实验时通过两侧液面的高度差来反映______的大小。 （5）三个容器分别装有适量的盐水、水和酒精，改变探头在液体中的深度，记录探头的深度h与U形管两侧液面的高度差Δh，绘制Δh-h图像如图丙，分析图像可知： ①液体压强与液体的深度有关，在相同液体内部，深度越深，压强越______。 ②液体压强与液体的密度有关。 分析有理·押题有据 考点趋势： 中考力学重点实验包括：（1）用托盘天平测量物体的质量； （2）测量固体和液体的密度； （3）用刻度尺测量长度，用表测量时间； （4）测量物体运动的速度；（5）用弹簧测力计测量力；（6）探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关；（7）探究液体压强与哪些因素有关；（8）探究浮力大小与哪些因素有关；（9）探究杠杆的平衡条件。 押题（依据）理由：根据吉林省近3年中考力学实验题命题的实际，每年实验必出现2道力学实验题，其中实验（2）与实验（8）是结合浮力测密度，实验（6）在2025年考过，其他实验在以往也考过，经研判实验（7）、实验（9）是2026年吉林省力学实验题重点需要考虑类型。 押题解题秘笈： 强化对探究液体内部压强的特点实验考查角度的训练是获得高分的技巧 1.U形管压强计的作用：通过U形管内两管液面高度差来判断液体内部压强大小； 2.液体压强产生的原因是：液体受到重力作用；液体有流动性； 3.实验前的两个操作：（1）先检查U型管左右两边的液面是否相平； （2）检查装置的气密性：（用手压金属盒上的橡皮膜，观察U型管中液面是否发生变化，若变化明显，则气密性良好）； 4. 两种实验方法： ①控制变量法：（1）控制探头的深度、液体的密度相同，改变压强计探头的方向；（2）控制液体的密度、探头的方向相同，改变探头的深度；（3）控制探头在液体中的深度、方向相同，改变液体的密度； ②转换法：液体内部压强的大小无法直接测量，实验中我们是用压强计两侧的液面高度差来判断液体内部压强的大小； 5.实验时发现U型管内高度差没变化原因是什么？怎么解决？ 答：气密性不好，拆下来重新安装； 6.使用的U型管是不是连通器：不是； 7.此实验U型管内液体为什么要染成红色？答：使实验效果明显，便于观察； 8.实验需要多次进行，目的是：总结普通规律； 9. 实验结论： ①液体内部存在着向各个方向的压强； ②在液体内部的同一深度，向各个方向的压强相等； ③在同一液体内部，深度越深，压强越大； ④深度相同时，液体的密度越大，压强越大。 终极猜想·精练通关 1. 在探究液体压强与哪些因素有关时，小明提出如下猜想： ①与深度有关；②与液体密度有关；③与容器大小有关。 （1）实验前，U形管两侧液面如图甲，应重新安装橡胶管使两侧液面________。 （2）调好器材后，探究猜想①和②比较图乙、丙可知：同种液体，________，压强越大；已知，比较图丙、________可知：深度相同时，液体密度越大，压强越大。 （3）将探头放入图戊的盐水中，U形管两侧液面高度差与图丙一致。已知，根据实验结论推测，探头的位置可能在________（选填“a”“b”或“c”）处。 （4）探究猜想③，如图，在大小不同的容器中装入深度相同的水，将探头分别放入容器底，观察U形管两侧液面，得出结论。此实验设计不合理的地方是________。 （5）完成实验后，针对猜想①的探究，为了使结论具有普遍性，除了在水中多次实验外，还应该进行的实验是________。 2．小明为了探究液体内部压强的规律，设计了如图的实验操作： (1)压强计上的U形管 （填“属于”或“不属于”）连通器; (2)在使用压强计前，发现U形管中两侧液面已有高度差（如图甲所示），接下来的操作正确的是________（选填字母）。 A．拆除胶管重新安装 B．直接从U形管右侧中倒出适量液体 (3)正确操作后，分析乙、丙两图的实验现象，可以初步得出结论是 ; (4)小明同学将探头固定在容器里，又向容器内加入大量的浓盐水，此时发现U形管两侧液面的高度差又变大了，于是他得出了“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大”的结论。你认为小明上述操作 （填“可靠”或“不可靠”）; (5)如图戊所示，小明在一次实验中发现将压强计探头放入某种液体的烧杯中b位置时，使U形管两侧液面的高度差Δh与探头在图丁水中的a位置时相同，观察两烧杯中的探头位置可知，图戊中烧杯中的液体密度（填“＞”“＜”或“＝”）； (6)若U形管足够长，则U形管内选用密度 的液体可以减小实验误差（填“较大”或“较小”）。 3. 小遥同学在做“探究液体压强与哪些因素有关”的实验。 （1）安装完实验器材后，小遥发现U形管两侧液面出现高度差，如图甲所示，接下来的操作：__________； （2）如图乙所示，从结构上看，压强计__________（选填“属于”或“不属于”）连通器； （3）通过比较丙、丁两图得出结论：同种液体，_________，压强越大； （4）若图丁中，探头在水中的深度为8cm，请你计算该处水的压强为______Pa； （5）小遥还想探究液体内部压强与液体密度的关系，于是他向图丁烧杯中多次加盐水，发现U形管两侧液面高度差不断增大，于是得出“液体密度越大，压强越大”的结论。他的结论是错误的，请你说出他错误的理由是_________。 4. 物理课上，同学们利用压强计“研究液体内部的压强”，进行了如下的操作。 （1）实验前，用手指按压橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置______（选填“漏气”或“不漏气”）。没有按压橡皮膜时，U形管两侧液面存在高度差，接下来的操作是______（选填字母）； A．从U形管内向外倒出适量水 B．拆除软管重新安装 C．向U形管内添加适量水 （2）如图所示，将探头放入水中进行实验，分析图中信息可知： ①根据甲乙两图的实验现象，可得出结论：液体内部向各个方向都有压强，同种液体在同一深度，向各个方向的压强大小都相等； ②根据乙、丙两图的实验现象，可得出结论：______； ③根据丙、丁两图的实验现象可知：液体内部压强大小与密度有关。 （3）以上实验探究过程中，运用的实验探究方法有控制变量法和______； （4）聪明的小红想知道丁图中的盐水密度是多少，于是设计了如图戊所示的实验装置。内外两个容器紧密粘合在一起，内部小容器的底部为一张弹性很好的橡皮膜。小红进行了如下操作： a．在内部小容器内装入适量待测盐水，发现橡皮膜向下突出； b．在外部大容器内装入清水，直到橡皮膜变平，测出盐水深度h以及清水与盐水的液面高度差，请你写出盐水的密度表达式______（用含有h、和的式子表示）。 押题猜想二十 用电流表和电压表测量电阻 试题前瞻·能力先查 1.（改编）“动手知真”小组在“用电流表和电压表测电阻”实验时，选取如下器材：干电池两节、电流表和电压表各一只、滑动变阻器一个（最大阻值为）、待测定值电阻和导线若干。 （1）根据甲图，用笔画线代替导线，在乙图中完成实物图连接； （2）闭合开关前，应将滑片P移至B端；闭合开关后发现电流表和电压表均无示数，电路故障可能是______开路（选填“定值电阻”或“滑动变阻器”）； （3）排除故障后，闭合开关，调节滑片P，当电压表示数为1V时，电流表示数如丙图所示为______A。多次测量数据记录如下表所示，阻值为______Ω（结果保留一位小数）； （4）实验中电流表损坏，组员们利用现有器材设计了如丁图所示电路，测量步骤如下： ①闭合开关，滑片P移至A端，电压表示数为； ②再将滑片P移至B端，电压表示数为； 待测定值电阻的阻值______（用表示）。 2. （常规考法）小明想测量标有“”字样的小灯泡正常发光时的电阻，连接的部分电路如图甲所示。 （1）请用笔画线代替导线将电路连接完整； （2）小明连接电路后闭合开关，发现小灯泡不发光，电压表和电流表均无示数，产生这一现象的原因可能是________； A. 小灯泡断路 B. 滑动变阻器断路 C. 小灯泡短路 D. 滑动变阻器短路 （3）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为时，电流表示数如图乙所示。此时小灯泡的电阻是______（结果保留一位小数）； （4）利用现有器材，能否“探究通过导体的电流与电压的关系”？______，理由是______。 分析有理·押题有据 考点趋势：中考电学重点实验包括： （1）用电流表测量电流； （2）用电压表测量电压； （3）用电流表和电压表测量电阻；（4）探究串联电路和并联电路中电流、电压的特点； （5）探究电流与电压、电阻的关系。押题（依据）理由：全国各省市在中考试卷实验题里经常出现实验（3）（4）（5），吉林省也不例外。根据吉林省近3年中考电学实验题命题的实际，每年实验题必出现1道电学实验。实验（1）（2）的考法，一般都渗透在其他电学实验考题里，实验（5）在2025年考过，其他实验在以往也考过，经研判：实验（3）是2026年吉林省电学实验题重点需要考虑类型。也希望2026年毕业的考生对实验（4）问题加强训练（本文不专门讨论）。 押题解题秘笈： 一、解决伏安法测电阻的实验问题基本思路 (1)根据公式R=U/I，要测量一个未知电阻的阻值，需要测出这个电阻两端的电压和通过它的电流，所以需要用到电压表和电流表。用电压表和电流表测电阻的方法叫“伏安法”。 (2)在测定值电阻的阻值时，多次测量求平均值可以减小测量误差。 (3)一个灯泡的电阻大小由灯丝的长度、横截面积和材料决定，同时还与温度有关，所以灯泡在不同工作状态下(温度不同),电阻是不同的，如果要测量一个灯泡的电阻，则不能用多次测量求平均值的方法。 【特别提示】实验注意事项 ①连接电路时，开关要处于断开状态。 ②若定值电阻的阻值已知，可采用估算法选择电流表、电压表的量程;若定值电阻的阻值未知，则需采用试触法选择电流表、电压表的量程。 ③电压表、电流表的正、负接线柱接法要正确，让电流“正进负出”。 ④滑动变阻器采用“一上一下”的连接方式接入电路。闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应调到最大。 2、 伏安法测定值电阻阻值和测小灯泡电阻的异同 三、把握伏安法测电阻主要考向是解题快速的技巧 1.伏安法测电阻注意事项 （1）在连接电路的过程中，接线应有序进行，按照电路图从电源正极出发，把干路上的各元件串联起来，然后把电压表并联在待测电阻的两端； （2）连接实物图时，要将开关断开； （3）实验前，要将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处，以保证电路安全，防止开关突然闭合时，产生瞬间电流过大而损坏电源或电表； （4）可采用试触法确定电表的路程； （5）电表的正、负接线柱不能接反； （6）滑动变阻器应采用“一上一下”的连接方式； （7）进行多次测量并计算电阻的平均值，可以减小误差。 2.器材选择原则 （1）滑动变阻器：所选滑动变阻器的最大阻值应接近待测电阻的阻值； （2）电流表、电压表量程：在不超过量程的前提下，选用小量程测得的值要比选用大量程测得值准确，这是因为小量程的分度值小，准确的高。因此测量时，能用小量程就不要大量程。 3.滑动变阻器在实验中的作用 （1）保护电路；（2）改变待测电阻两端电压，实现多次测量。 4.常见故障分析： 5. 会正确连接电路图。主要体现是电流表、电压表、滑动变阻器的使用。 终极猜想·精练通关 1. 小明利用伏安法测量未知电阻 Rx的阻值，电源电压约为3V，Rx阻值约为10Ω。    （1）请用笔画线代替导线，完成图甲实物电路的连接 。（要求：滑动变阻器的滑片P 向左滑动时，电流表示数变小；连线不得交叉）; （2）测小灯泡的电阻的实验原理是 （3）闭合开关，两电表均无示数。现将电压表接在变阻器两端时无示数，接在开关两端时有示数，则电路故障是 （4）排除故障后，闭合开关，移动变阻器的滑片P至某一位置，此时电压表示数为2.7V,电流表示数如图乙，则未知电阻Rx Ω。这时，电阻突然烧断，则电压表的示数 （选填变大、变小或不变）。 2. 用伏安法测量小灯泡正常工作时的电阻。实验器材包括：学生电源、小灯泡L（额定电流0.3A，电阻约10Ω）、滑动变阻器R（20Ω 2A）、电流表1个、电压表1个，开关2个（S1、S2），导线若干。 (1)用笔画线代替导线，将图1中的实物图连接完整 。要求：滑片P向右移动时，电路中的电流变小。 (2)将滑片P移到最大阻值处，闭合开关S1，灯不亮，电流表无示数，电压表指针快速偏转到最右边后损坏，则电路故障可能是 。排除故障，继续实验。 (3)不使用电压表，利用现有器材完成实验； ①将图2方框中的电路补充完整 。 ②闭合开关S1，调节滑片P直至电流表示数为0.3A ，小灯泡正常发光。 ③闭合开关S2，记录电流表示数为I1。变阻器的滑片移动到最右端 ，记录电流表示数为I2。 ④测得I1＝0.5A、I2＝0.3A，则小灯泡正常工作时的电阻为 Ω。 3. 学习了欧姆定律的知识后，老师给同学们布置了设计不同方案测量未知电阻的任务，三位同学的设计方案如下： （1）小明的设计方案如图甲所示，闭合开关S，调节滑动变阻器R的滑片P至适当位置，电压表、电流表的示数分别如图乙、丙所示，则未知电阻的阻值为________Ω； （2）小林的设计方案如图丁所示，闭合开关S，电流表和的示数分别为和。已知定值电阻的阻值为，则未知电阻=___________（用、和表示）； （3）小刚的设计方案如图戊所示，闭合开关S后，先将开关S1拨至触点___________，移动滑动变阻器R的滑片P至适当位置，此时电压表的示数为U；保持滑片P的位置不变，再将开关S1拨至另一触点，调节电阻箱的阻值，使___________，此时电阻箱的读数为，则未知电阻=___________。 4. 某小组想测量标有“2.5V 0.3A”的小灯泡在不同工作状态下的电阻，设计了如图甲所示实验电路，电源电压不变。 （1）请用笔画线表示导线将图甲中实物电路连接完整。____ （2）移动滑动变阻器的滑片至最_________端后闭合开关，使电路中的电流在开始测量时最小。向另一端移动滑片，观察到小灯泡在电压达到0.42V时开始发光，此时电流表示数如图乙，读数为_________A。 （3）根据实验数据绘制图像如图丙，小灯泡未发光时电阻可能为_________。 A．0Ω B.3.1Ω C.3.5Ω D.8.3Ω （4）随着电流增大，小灯泡的电阻_________。 押题猜想二十一 探究杠杆的平衡条件（渗透跨学科实践） 试题前瞻·能力先查 1. （常规考法）某实验小组做“探究杠杆的平衡条件”实验。 （1）实验前，若杠杆静止时的位置如图甲所示，则需要将杠杆左端的螺母向______调节，使杠杆在水平位置平衡。 （2）实验操作中，在杠杆两侧挂上不同数量的钩码（每个钩码所受重力均为），移动钩码位置，使杠杆重新水平平衡，如图乙所示，施加在杠杆右侧的力为，读出其对应的力臂为，施加在杠杆左侧的力为______，读出其对应的力臂为_______。 （3）改变和，相应调节和，再做几次实验，分析记录的数据得到杠杆的平衡条件是___________。 （4）用木棒撬动大石头时，固定支点位置后，如图丙所示，要想用较小的力撬动这块大石头，应将支点到手施力的作用线的距离________（选填“增大”或“减小”）。 2.（跨学科实践）“小小秤碗压千斤”，可生活中没见过能称“千斤”的杆秤，小明对此存在疑惑。于是国庆假期他邀请物理老师去动物园，用自制“杆秤”称大象的质量。器材有铁笼、长钢管、卷尺、测力计、起重机等，g取。步骤如下： (1)如图所示，先将空铁笼挂在钢管的B点，左右移动吊钩到O点，直到钢管水平静止，目的是 。 (2)将大象引入铁笼，保持O、B点位置不变。用测力计竖直向下拉住钢管上A点，使之在水平位置静止，目的是便于直接 。 (3)测得，，。则大象质量为 kg。 (4)经过活动，小明理解了“小小秤碗压千斤”的原理是： 。 (5)小明想用现有器材称出更重些的大象，做法是：将O点向右移动，减小阻力臂从而增加所测质量，老师觉得不对，原因是： 。 分析有理·押题有据 考点趋势：在其他题型中不考查这个知识点时，实验题一定会考查，趋势是结合杆秤制作这一跨学科实践来命制试题，对于吉林省中考来讲，单存命制探究杠杆平衡条件的实验仍然是热点。 押题（依据）理由：探究杠杆平衡条件是物理课标规定的必考实验，是吉林省中考必考点内容之一。预计2026年在实验题里会出现考题，可能在第六大题第21小题出现。 押题解题秘笈： （一）探究杠杆的平衡条件实验必备基本知识和技能 【实验目的】(1)知道什么是杠杆的平衡；(2)通过实验得出杠杆的平衡条件；(3)体验利用归纳法得出杠杆平衡条件的过程。 【提出问题】在学习二力平衡时，如果作用在物体上的几个力相互平衡，物体就处于平衡状态。因为杠杆会转动，所以杠杆在动力和阻力作用下静止时，与二力平衡的情况是不同的，杠杆平衡不仅与力的大小有关，还可能与力的作用位置有关 【猜想与假设】一般情况下，当杠杆静止或匀速转动时，我们就说此时杠杆处于平衡状态，对杠杆处于平衡状态时，动力、动力臂、阻力、阻力臂之间存在的关系，我们可作出如下猜想： A.动力+动力臂=阻力+阻力臂 B.动力-动力臂=阻力-阻力臂 C. D.动力×动力臂=阻力×阻力臂 【实验设计】杠杆是否平衡是由动力、阻力、动力僻和阻力臂共同决定的。为了探究其平衡条件,可以在杠杆处于静止状态时,分别测出动力F₁、阻力F₂、动力臂l1和阻力臂l₂,然后经过大量数据的对比、分析、归纳得出杠杆的平衡条件。 【实验步骤】(1)调节杠杆两端的平衡螺母,使杠杆在不挂钩码时，在水平位置保持平衡； (2)在支点两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杠杆再一次在水平位置平衡，如图所示。这时杠杆两侧受到的作用力分别等于两侧钩码所受的重力，力臂为悬挂点到支点的距离； (3)设右侧钩码对杠杆施加的力为动力F₁,左侧钩码对杠杆施加的力为阻力F₂,测出杠杆平衡时的动力臂l₁和阻力臂l₂,把F₁、F₂、l₁、l₂的数值填入表格中。 (4)改变钩码个数和位置,多做几次实验（避免偶然性）,将实验得到的数据填入表格中 【实验结论】分析实验数据，发现每次杠杆平衡时，动力与动力臂的乘积总是等于阻力与阻力臂的乘积，即动力×动力臂＝阻力×阻力臂，或F₁l₁=F₂l₂。 （二）抓住探究杠杆平衡条件实验考查点及其要领是解决问题的技巧 1.试验前杠杆不平衡应如何调节：调节两端平衡螺母； 2.实验前，如何调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡：按“左偏(低)右调，右偏(低)左调”的原则； 3.为什么要使杠杆在水平位置平衡：便于读出力臂大小；克服杠杆自身重力的影响； 4.杠杆的支点在中间位置目的：为了消除杠杆自重影响； 5.杠杆平衡状态的判断：处于静止状态或者左右匀速晃动的杠杆均处于平衡状态； 6.为什么每次都让杠杆在水平位置处于平衡状态呢：这是因为此时力臂和杠杆重合，可以直接从杠杆上读出力臂； 7.两侧挂上钩码后判断是否平衡：根据平衡条件判断； 8.力或力臂的计算：根据杠杆平衡条件进行计算； 9.让杠杆处于静止状态：方便进行实验； 10.实验中，为什么要多次实验，收集不同数据：使实验结论更具有普遍性； 11.本实验中可以将钩码换成弹簧测力计，这样做的好处是：可以从弹簧测力计上直接读出力的大小； 12.当弹簧测力计从竖直拉杠杆变成倾斜拉杠杆后，测力计的示数会逐渐变大，这是因为拉力的力臂变小了，而且弹簧测力计越倾斜，力臂越小，示数就会越大； 13.注意根据本实验做出的各种变形题。比如用弹簧测力计一直竖直向上拉杠杆的一端，或者弹簧测力计的拉力方向一直与杠杆垂直。 （三）认识杆秤（跨学科实践） 1.杆秤构造：杆秤是秤的一种，是利用杠杆原理来称质量的简易衡器，由木制的带有秤星的秤杆、金属秤锤（秤砣）、提纽（秤纽）、秤钩（秤盘）等组成。杆 秤是秤 2.杆秤原理：，是利用 杠杆原理：杆秤的制作基于杠杆原理，即动力×动力臂=阻力×阻力臂。在杆秤中，阻力为秤盘和被测物的重力，动力为秤砣的重力，通过调整秤砣的位置使秤杆保持水平平衡，从而测量出物体的质量。 G盘×LOA=G砣×L0B+G杆×L0C ......① 将重物G置于称盘内，移动秤砣至D点杆秤平衡。由杠杆平衡条件得到： (G盘+G)×LOA=G砣×LOD+G杆×L0C ......② ②-①得：G×LOA=G砣×LBD LBD表示秤砣悬挂点到定盘星的距离，m砣为秤砣质量。更换物体m时，LOA不变，m砣不变，则m与LBD成正比，所以杆秤上的刻度是均匀的。 终极猜想·精练通关 1. 如图所示，小勇利用铁架台，带有均匀刻度的杠杆，细线，弹簧测力计，钩码若干（每个钩码质量相同）等实验器材，探究杠杆的平衡条件。 （1）实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，则此时杠杆处于_______（选填“平衡”或“非平衡”）状态； （2）为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡。为此，应将平衡螺母向_______（选填“左”或“右”）调节； （3）将杠杆调成水平位置平衡后，如图乙所示，在A点挂3个钩码，则应在B点挂2个钩码，才能使杠杆在水平位置保持平衡；随后两边各取下一个钩码，杠杆________（选填“左”或“右”）端将下沉； （4）小勇用弹簧测力计替代钩码，在B点竖直向下拉，然后将弹簧测力计绕B点逆时针旋转一小段至如图丙所示位置。在旋转过程中，要使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将逐渐___________（选填“变大”、“变小”或“不变”），原因是___________. 2. 小华利用图装置，探究杠杆的平衡条件，用到的实验器材有：杠杆、支架、细线和质量为50g的钩码若干。（g取10N/kg） （1）实验前，平衡螺母向________端调节，使杠杆在水平位置平衡；实验时，在杠杆两端挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡，是为了便于直接读取________。 （2）实验数据如下表，多次实验的目的是________。分析数据得出杠杆的平衡条件是________。 （3）如图是电视剧《西游记》中沙僧用宝杖挑行李的场景。如果增加沙僧后面行李的质量，为使宝杖平衡，他应如何操作？请说出理由。（忽略宝杖自重） 3. 在跨学科实践活动中，小明用身边的器材粗略测量一件鱼形工艺品材料的密度。鱼形工艺品的材质均匀且不吸水，其内部为空腔，底部有圆孔。 （1）如图所示，利用右侧带有小孔的刻度尺制成一个简单的杠杆。应在刻度尺的___________（选填“左”或“右”）侧粘贴橡皮泥，使刻度尺在水平位置平衡； （2）往一个空的塑料瓶内，注入水。则瓶内水的质量为___________g；已知水的密度 （3）将工艺品和注好了水的塑料瓶分别用细线悬挂在刻度尺两侧，使刻度尺再次水平平衡，如图所示。小明认为塑料瓶非常轻，其质量可忽略不计。则工艺品的质量为___________g； （4）用一个足够大的塑料袋，贴着一个硬而薄的正方体（边长为20cm）纸盒的内壁铺好，注入适量的水。小明将工艺品浸没在水中，使其空腔内也充满水。因工艺品浸没，纸盒内水面上升了0.9cm，如图所示。则工艺品材料的体积为___________。 （5）工艺品材料的密度为___________； （6）实验中，下列因素对密度的测量结果没有影响的是___________（选填序号）。 ①忽略硬纸盒的厚度 ②计算工艺品的质量时，忽略了瓶子的质量 ③实验过程中，没有发现纸盒内底部的小石子 4．项目学习小组在使用密度计时发现由于刻度不均匀，估读时误差较大，由此准备制作一个刻度均匀的密度计。 【小组讨论】 液体密度计是根据排开液体的体积变化判断密度大小；根据密度公式ρ，想到是否可以通过密度与质量之间的关系来制作刻度均匀的密度计。经过查阅资料及深入讨论最后确定了制作方案。 【查阅资料】杆秤是我国古老的质量称量工具（如图甲），刻度是均匀的。使用时先把被测物体挂在秤钩 处，提起秤纽，移动秤砣，当秤杆在水平位置平衡时，秤砣悬挂点对应的数值即为物体的质量。 （1）杆秤的工作原理是 　 　； 【产品制作】 器材：木棒、塑料杯、细线、刻度尺、金属块（代替秤砣）。 步骤： ①模仿杆秤结构，用杯子代替秤钩，先自制一根无刻度“密度秤”； ②杯中不加液体，提起秤纽，移动秤砣，当秤杆在水平位置平衡时（如图乙），将此时秤砣的悬挂点A标记为“0”刻度； ③杯中加水至a处，提起秤纽，移动秤砣，当秤杆在水平位置平衡时，将此时秤砣的悬挂点B标记为“　　”刻度（单位g/cm3）； ④以AB两点之间长度的为标准，在整根秤杆上均匀地标上刻度。 （2）在制作过程中，秤杆出现左低右高现象（如图丙），要调至水平位置平衡，秤砣应往 　　侧移动； （3）步骤③中，秤砣悬挂点B标记的刻度值应为 　　； 【产品检验】用多种密度已知的液体对“密度秤”刻度准确度进行检验。 【产品升级】 （4）为了制作出精确度更高的“密度秤”，下列改进措施可行的是　　。 A.把秤纽位置往远离秤钩一侧移动 B.减小秤砣的质量 C.减少加入杯中的液体体积 D.换用更细的秤杆 5. 在探究“杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个。（每个钩码重0.5N，杠杆上每格等距） （1）实验前，杠杆静止在如图甲所示的位置，此时杠杆处于__________（选填“平衡”或“不平衡”）状态。实验开始时，应调节平衡螺母，使杠杆在__________位置平衡； （2）实验中，在杠杆两侧挂上不同数量的钩码并调整位置让杠杆水平平衡，得到了如下表的实验数据，分析数据可归纳出杠杆的平衡条件：__________（用字母表示）； （3）依据实验结论，在图乙中的A处挂2个钩码，要使杠杆水平平衡，应在B处挂__________个钩码；把挂在B处的钩码拿掉，在P处施加一个竖直方向的力F，使杠杆在水平位置平衡，则力的方向及大小为__________。 ( 2 )原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！ 8 / 8 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026年中考物理终极押题猜想（吉林省） 考情为骨 密押为翼 一、单项选择题押题猜想 押题猜想一 物理量的估测....................................................2 押题猜想二 物态变化辨析....................................................8 押题猜想三 光现象辨析与光学规律的应用.....................................15 押题猜想四 电磁现象辨析...................................................22 押题猜想五 动态电路分析...................................................30 押题猜想六 力学知识综合辨析与应用.........................................40 二、填空题押题猜想 押题猜想七 以信息能源材料为主的多知识体系综合............................55 押题猜想八 声光热（渗透跨学科实践）多知识体系综合........................62 押题猜想九 以力学知识体系为主的综合......................................68 押题猜想十 以电磁学知识体系为主的综合....................................74 三、作图题押题猜想 押题猜想十一 利用透镜的三条特殊光线作图..................................83 押题猜想十二 家庭电路作图................................................90 四、简答题押题猜想 押题猜想十三 力学简答...................................................95 押题猜想十四 电学简答..................................................100 五、计算题押题猜想 押题猜想十五 滑轮（组）机械效率的相关综合计算..........................103 押题猜想十六 简单串并联电路电学量的综合计算............................113 六、实验与探究题押题猜想 押题猜想十七 比较物质吸热情况的探究实验................................118 押题猜想十八 探究平面镜成像的特点的实验...................................126 押题猜想十九 探究液体压强与哪些因素有关...................................132 押题猜想二十 用电流表和电压表测量电阻.....................................140 押题猜想二十一 探究杠杆的平衡条件（渗透跨学科实践）........................151 押题猜想一 物理量的估测 试题前瞻·能力先查 1. （创新考法）小贝学习成语“另辟蹊径”后查阅了有关资料，得知“径”是指仅容人步行通过的小路，马车无法通过。根据该资料的描述，“径”的宽度最接近（　　） A. 0.05m B. 0.5m C. 5m D. 50m 【答案】B 【解析】成年人的肩宽通常在34至50厘米之间，普通民用马车宽度通常在130厘米至150厘米之间。“径”是指仅容人步行通过的小路，马车无法通过。则“径”的宽度大约在50厘米~130厘米之间。合0.5m~1.3m。故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。 2.（标准考法）根据生活经验，下列估测最符合实际的是（　　） A. 九年级物理课本的质量约为20g B. 教室内课桌的高度约为75cm C. 人体感觉舒适的环境温度约为40℃ D. 中学生大课间的时间约为3min 【答案】B 【解析】A．九年级物理课本质量约200~300g，20g太轻，故A不符合题意； B．教室内课桌高度约75cm，符合实际，故B符合题意； C．人体感觉舒适的环境温度约，故C不符合题意； D．中学生大课间时间约20~30min，故D不符合题意。故选B。 分析有理·押题有据 考点趋势：物理量估测类选择题是吉林省中考必考内容之一。 押题（依据）理由：长度、时间、速度、质量、重力、温度等物理量的估测是学习物理知识的基本技能的要求，在一道试题里考查多个量的估测，体现了考查综合估测能力。2025年估测题在第一大题第4小题中出现，基于吉林省真题卷在选择题里只有6道小题，不出现难度题，又能考查多知识体系内容的需要，预测2026年可能在第1小题中出现，但题干选项字数会少，也可能在第4小题出现，字数略多一些。 押题解题秘笈： 1. 感悟常见基本的物理量的大小 （1）正确估测的前提首先要对一些物理量的单位及单位换算要有正确的认识，如1米、1分米、1厘米有多长，1千克、1克是多少、1小时、1分钟、1秒钟是怎样的时间，等等； （2）要对物理量的计算关系熟悉，如速度公式、密度公式、重力与质量关系式、压强定义公式，功率定义式等等； （3）要对常见的一些量要有数据、数量级的认识：如一般成人、初中学生的质量、身高，步行的速度、交通工具的一般速度,对于教学要求我们必须记住的数值如水的密度、家庭电路的电压、干电池的电压、光的速度，g的值等要记住。 （4）在运算时将数据近似取值，如将g的值简化为10牛/千克，将水的比热中的4.2近似为4，这样大大节约我们的运算速度。 2. 常见物理量的估算值表格记忆 3. 常见物理量的估算方法 （1）累积法：估测时间，比如测脉搏跳一次的时间：先用秒表测脉搏跳若干次所花的时间，再用时间除以次数得到脉搏跳一次所花的时间。 （2）常见力的估算值 1）一个鸡蛋约50g（两个鸡蛋重约1N）， 2）中学生的质量（体重）约50kg左右，重500N左右。 3）对于记忆有难度的力的大小，我们只要知道物体质量的估算值，根据G=mg公式进行计算就可以知道物体重力的估计值。 （3）常见压强的估算值。估算质量m，根据G=mg公式进行计算就可以知道物体重力G，结合相互作用力或者平衡力特点求出压力F=G，再结合数学知识估算受力面积S，最后依据压强公式P=F/S计算出结果。 （4）常见做功的估算值。对于做功多少，靠记忆是不可靠的，需要围绕功的计算公式W=Fs，估算F、s，再计算即可。 终极猜想·精练通关 1．如图为某成年人学习吹奏笛子时的情景，请你估测图中笛子的长度约为（　　） A．60m B．60dm C．60cm D．60mm 【答案】C 【解析】人的肩宽约为40cm，图中笛子的长度约为人肩宽的1.5倍，则笛子的长度约为1.5×40cm=60cm=6dm=600mm=0.6m故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 2．物理源于生活，又服务于生活，下列数据符合实际的是（ ） A.用体温枪测得小明同学体温为36.8℃ B.两个鸡蛋的质量约为0.5kg C.某普通中学生百米赛跑成绩为7s D.初中物理教材的长度约为26dm 【答案】A 【解析】A.人体的正常体温约为37℃，故用体温枪测得小明同学体温为36.8℃，故A符合实际； B.一个鸡蛋的质量约为50g，故两个鸡蛋的质量约为100g，即0.1kg，故B不符合实际； C.百米赛跑的世界纪录为9秒58，故中学生百米赛跑的成绩不可能为7s，故C不符合实际； D.初中物理教材的长度略大于一根筷子的长度，约为26cm，故D不符合实际。故选A。 3. “不积跬步，无以至千里，不积小流，无以成江海”出自荀子的《劝学》。意思是说千里之路，是靠一步一步地走出来的，没有小步的积累，是不可能走完千里之途的。步：古代是一种长度单位，有关步的物理知识，正确的是（　　） A．中学生走一步的距离约为75cm B．中学生步行的速度约为5m/s C．正常人健步走100米用时约10min D．正常人步行1min经过的距离约为6m 【答案】A 【解析】AB．中学生步行时，走一步的距离约60cm，接近75cm，每秒约走两步，所以中学生步行的速度约为1.2m/s，故A正确，B错误； C．正常人健步走的速度约为1.2m/s，则走100米用时 故C错误； D．正常人步行的速度约为1.2m/s，正常人步行1min经过的距离 故D错误。故选A。 4. 下列对教室中物理量的估测，最接近实际的是（ ） A. 舒适的室内温度为45℃ B. 黑板擦的质量为20kg C. 照明灯正常工作的电压为220V D. 橡皮擦从课桌掉落到地面所用时间为60s 【答案】C 【解析】A．人的正常体温为37摄氏度，室内温度为25摄氏度较舒适，故A不符合题意； B．一个苹果的质量约200g，黑板擦的质量比一个苹果的质量小，约为100g，故B不符合题意； C．我国家庭电路的电压为220V，照明灯正常工作的电压为220V，故C符合题意； D．橡皮擦从课桌掉落到地面所用时间较快，约为0.4s，故D不符合题意。故选C 5. 生活中的事物都有合适的尺度和范围，以下符合实际的是（　　） A. 一支2B铅笔的质量约80g B. 吃饭常用的筷子长约27cm C. 中学生的重力约50N D. 男生1000米跑步时间约2min 【答案】B 【解析】A．一支铅笔的质量在8g左右．故A不符合题意； B．中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，筷子的长度略大于此数值，在27cm左右．故B符合题意； C．中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为 G=mg=50kg×10N/kg=500N 左右．故C不符合题意； D．男子百米世界纪录略小于10s，中学生1000m跑的成绩在3min20s左右．故D不符合题意。 故选B。 6．（情景类创新估测）人的身体中藏有很多“尺”， 如图所示， 可以帮助我们估测物体的长度， 身高170cm的小明对身边事物的估测， 最接近实际的是（　　） A．单人课桌长3拃（zhǎ），约0.6m B．黑板长1庹（tuǒ），约10m C．教室长20步，约35m D．文具盒宽4指，约0.5cm 【答案】A 【解析】A．一拃约20cm，单人课桌长3拃，所以单人课桌长约为60cm=0.6m，故A符合题意； B．1庹约为人的身高，所以一庹约1.7m，而黑板的长度大约4m，故B不符合题意； C．1步幅约0.6m，5步幅应该在3m左右，教室长约9m，故C不符合题意； D．1指宽约1cm，文具盒宽4指，约为4cm，故D不符合题意。故选A。 7. 下列物理量最接近实际值的是（　　） A. 中学生的重力大小约为 B. 正常人步行的速度约为 C. 初中物理课本的宽度约为 D. 做一遍眼保健操的时间约为 【答案】C 【解析】A．中学生的重力大小约为500N，故A不符合题意； B．正常人步行的速度约为，故B不符合题意； C．初中物理课本的宽度约为，与直尺长度差不多，故C符合题意； D．做一遍眼保健操的时间约为5min，即300s，故D不符合题意。故选C。 8. 下列与生活有关的一些物理数据，最符合实际的是（　　） A. “”是指空气中粒径为2.5mm的颗粒物 B. 托起一个鸡蛋所用的力大约为2N C. 初中生百米赛跑的成绩约为6s D. 我国家庭电路的电压是220V 【答案】D 【解析】A．空气中PM2.5是指粒径小于或等于2.5微米的颗粒物，不是2.5mm的颗粒物，故A不符合题意； B．一个鸡蛋的重力约为0.5N，所以托起一个鸡蛋的力约为0.5N，故B不符合题意； C．我国短跑名将苏炳添的百米最好成绩为9.83s，初中生的百米成绩在14s左右，故C不符合题意； D．由常见的电压知识可知，我国家庭电路的电压是220V，故D符合题意。故选D。 9. 下列数据中符合实际的是（　　） A. 人体的正常体温约为26℃ B. 中学生正常步行的速度为10m/s C. 一节新干电池的电压为1.5V D. 九年级物理课本的质量约为5kg 【答案】C 【解析】A．人体的正常体温约为36℃~37℃，26℃明显过低，故A不符合题意； B．中学生正常步行速度约为1.1~1.5m/s，10m/s远超步行速度，故B不符合题意； C．不同电源提供的电压不同，一节新干电池的电压为1.5V，故C符合题意； D．一个苹果质量约200g，九年级物理课本质量与两个苹果的质量差不多，九年级物理课本质量通常在400g左右，故D不符合题意。故选C。 10. 对生活中有关物理量的估测，符合实际的是（　　） A. 洗热水澡时的水温约为80℃ B. 中学物理课本宽约为18cm C. 教室内饮水机加热时的功率约为5W D. 初中生从一楼走到五楼的时间约为3s 【答案】B 【解析】A．人的正常体温为37℃，所以洗热水澡时的水温约为40℃，故A不符合题意； B．中学物理课本宽与学生用的直尺的长度接近约为18cm，故B符合题意； C．教室内饮水机加热时的功率约为500W，故C不符合题意； D．初中生从一楼走到五楼的时间约为30s，故D不符合题意。故选B。 11. 关于课桌的描述，最符合实际的是（ ） A. 质量约2t B. 体积约为8m3 C. 高度约为75cm D. 密度约为1.0103kg/m3 【答案】C 【解析】A．课桌的质量约为10kg，故A不符合题意； B．一张课桌的体积大约为0.02m2，故B不符合题意； C．中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右，故C符合题意； D．课桌主要由木头组成，木头的密度小于水的密度1.0103kg/m3，故D不符合题意。故选C。 12. 小明同学对身边的物理量进行了估测，你认为最符合实际的是（　　） A. 中学生百米跑的平均速度约为20m/s B. 中学生双脚站立时对地面的压强约为2.2×105Pa C. 普通壁挂式空调正常工作的功率约为1100W D. 人体感觉舒适的环境温度约为36.5℃ 【答案】C 【解析】A．中学生百米跑的平均速度在8m/s左右，故A不符合题意； B．普通中学生的重力约为500N，双脚站立时与地面的接触面积约为0.05m2，对地面的压力等于重力，对地面的压强 故B不符合题意； C．普通壁挂式空调正常工作的电流在5A左右，其功率在 P=UI=220V×5A=1100W 左右，故C符合题意； D．人体感觉舒适的环境温度约为23℃，故D不符合题意。故选C。 押题猜想二 物态变化辨析 试题前瞻·能力先查 1.（跨学科实践）厨房不仅是加工食材的场所，也是充满物态变化的“实验室”。从冰箱的冷藏室中取出一瓶矿泉水，过一会儿瓶外壁变湿了，这是因为空气中的水蒸气发生了（　　） A. 液化 B. 熔化 C. 凝固 D. 汽化 【答案】A 【解析】从冰箱冷藏室取出的矿泉水，瓶外壁变湿，是空气中的水蒸气遇到冷的瓶壁液化成的小水珠，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。 2. （中华传统文化）二十四节气是中华民族农耕文明长期经验的积累和智慧的结晶，对下列节气涉及的物态变化分析，正确的是（ ） A. 图甲“寒露”节气，“露”的形成是凝固现象 B. 图乙“霜降”节气，“霜”的形成是凝华现象 C. 图丙“大雪”节气，“雪”的形成是液化现象 D. 图丁“雨水”节气，“雨”的形成是凝华现象 【答案】B 【解析】A．图甲“寒露”节气，“露”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A错误； B．图乙“霜降”节气，“霜”是空气中的水蒸气遇冷凝化形成的小冰晶，故B正确； C．图丙“大雪”节气，“雪”是空气中的水蒸气遇冷凝化形成的小冰晶，故C错误； D．图丁“雨水”节气，“雨”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故D错误。故选B。 分析有理·押题有据 考点趋势：物态变化辨析类选择题是吉林省中考必考点内容之一。 押题（依据）理由：简单基础题，主要考查的知识与生产、生活联系比较密切，反映自然界物态变化情景。考查学生对物态变化的分辨能力。2023、2024年均在第一大题第1小题中出现，2025年选择题没有考查这一知识点，2026年选择题一定会出现物态变化辨析类考题，可能在第2小题出现。 押题解题秘笈： （1）知道物态变化有6种：熔化、凝固、汽化、液化、升华、凝华。 （2）熟练理解熔化、凝固、汽化、液化、升华、凝华的概念。 物质从固态变成液态的过程叫做熔化； 物质从液态变成固态的过程叫做凝固； 物质从液态变为气态的过程叫汽化； 物质从气态变为液态的过程叫液化； 物质从固态直接变为气态的过程叫升华； 物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。 （3）理解熔化、汽化、升华，需要吸热；凝固、液化、凝华，需要放热。 （4）对自然界中水循环过程中的物态变化有深入辨析的能力 A.云：液化或凝华。在太阳照射下，含有水蒸气的热空气快速上升，上升过程中，遇冷空气，水蒸气液化成小水滴或凝华成小冰晶，便形成了云。 B.雨：熔化。云中的小水滴或小冰晶，随气流的急速升降而上下运动，它们相遇后越聚越大，达到一定程度后就会下落。下落过程中，小冰晶吸热熔化成小水滴，与原来的小水滴一起落到地面就形成了雨。 C.露：液化。在昼夜温差较大时，清晨空气中的水蒸气遇到温度较低的树叶、花草等，液化成小水珠附着在它们表面上成为露。 D.雾：液化。雾是水蒸气在空气中遇到冷空气液化成的小水滴，这些小水滴悬浮在空气中，在地面附近形成雾。 E.霜与雪：凝华。霜是地表的水蒸气在0℃以下的温度时，直接凝华成的固体。如果高空的温度在0 ℃以下，水蒸气直接凝华成小冰晶，便以雪的形式降回地面。 F.雹：熔化或凝固。雹是体积较大的冰珠，云中的冰晶和水珠被上升气流带到气温低于0℃的高空，凝结为小冰珠，小冰珠在下落时，其外层受热熔化成水，并彼此结合，使冰珠越来越大，如果上升气流很强，就会再升入高空，在其表面形成一层冰壳，经过多次上下翻腾，结合成较大的冰珠，当气流托不住时，冰珠落到地面上，形成冰雹。 终极猜想·精练通关 1. 天宫二号空间实验室里面的综合材料实验炉如图所示，把要合成的各种材料放进炉中加热，材料在炉中从固态变为液态的过程是（　　） A. 凝固 B. 汽化 C. 液化 D. 熔化 【答案】D 【解析】物质从固态变为液态是熔化的过程，凝固是物质从液态变为固态，汽化是液态变为气态，液化是气态变为液态的过程，因此材料在炉中从固态变为液态的过程是熔化，故ABC不符合题意，D符合题意。故选 D。 2. 以勺为笔，用糖作墨，糖汁成画。如图所示，糖汁冷却成糖画的过程中，发生的物态变化是（　　） A. 沸腾 B. 凝固 C. 熔化 D. 升华 【答案】B 【解析】糖汁冷却成糖画的过程中，由液态变为固态，属于凝固。故选B。 3. 据《天工开物》记载，“晒纸”是造纸工艺的流程之一，其做法是将湿纸放在阳光下晒干，如图所示。“晒纸”时发生的物态变化是（　　） A. 凝固 B. 汽化 C. 升华 D. 液化 【答案】B 【解析】物质由液态变为气态叫汽化，由液态变为固态叫凝固，由固态直接变为气态叫升华，由气态变 为液态叫液化。将湿纸放在阳光下晒干，水分变成了水蒸气，属于汽化现象。故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。 4. 小明在清晨锻炼时发现路边的小草和树叶上结有露珠。查阅资料得知，露珠是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，该过程中发生的物态变化是（　　） A. 熔化 B. 汽化 C. 液化 D. 升华 【答案】C 【解析】露珠是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，由气态的水蒸气变成液态的小水滴，所以该过程中发生的物态变化是液化，故C符合题意，ABD不符合题意。故选C。 5.（情景题）“冻干草莓”是工人把含有大量水分的新鲜草莓温度降到－18℃以下，使草莓的水分凝结，再将其放置在温度低于的环境中实现脱水，使新鲜草莓变成了几乎不含水分的草莓干。下列现象与“冻干草莓”脱水过程所涉及的物态变化相同的是（    ） A．春天，冰雪消融 B．寒冬，冰雕变小 C．深秋，霜挂枝头 D．冬天，滴水成冰 【答案】B 【解析】“冻干草莓”温度低于的环境中实现脱水，是冰直接变成水蒸气，发生的物态变化是升华。 A．冰雪消融是固态的冰变成液态的水，属于熔化现象，故A不符合题意； B．冰雕变小是固态的冰直接变成水蒸气，属于升华现象，故B符合题意； C．霜挂枝头是水蒸气遇冷后直接变成小冰晶，属于凝华现象，故C不符合题意； D．滴水成冰是液态的水变成固态的冰，属于凝固现象，故D不符合题意。故选B 。 6. 据《天工开物》记载，可从朱砂矿石中提炼水银（液态汞）。如图所示，给密闭锅内的砂矿石加热，就会在倒扣的锅壁上布满水银。在倒扣锅壁上形成水银的物态变化是（　　） A. 凝固 B. 凝华 C. 液化 D. 汽化 【答案】C 【解析】砂矿石被加热时，其中的汞元素可能会以气态的形式释放出来。这是因为加热使得汞元素获得了足够的能量，从固态或液态转变为气态。随后，这些气态的汞遇到温度较低的倒扣锅壁时，会失去能量并转变为液态，即发生液化现象。这是因为锅壁的温度低于汞的沸点，使得气态汞无法维持其气态状态，从而转变为液态。因此，在倒扣锅壁上形成水银的物态变化是液化，故ABD不符合题意，C符合题意。 7．如图所示的四种物态变化实例中，属于凝华的是（  ） A．山间形成的浓雾 B．河面冰雪消融 C．草叶上形成的“露珠” D．草叶上形成的“白霜” 【答案】D 【解析】A．雾的形成是气态变成的液态，属液化现象，故A不符合题意； B．冰雪消融是固态变成液态，属熔化现象，故B不符合题意； C．露珠的形成是气态变液态，属液化现象，故C不符合题意； D．“白霜”是水蒸气形成的固态小冰晶，属凝华现象，故D符合题意；应选D。 8．下列现象产生的过程中要吸热的是（ ） A．壶口附近的“白气” B．北方的冬天，植物上的雾凇 C．夏天的清晨，蜻蜓身上的露珠 D．铁矿熔化成的铁水 【答案】D 【解析】壶口附近的“白气”是壶中冒出的水蒸气遇冷液化形成的，而液化放热，故A不符合题意； 北方冬天的雾凇是水蒸气凝华形成的固态小冰晶，而凝华放热，故B不符合题意； 蜻蜓身上的露珠是大气中的水蒸气遇冷液化形成的，而液化放热，故C不符合题意； 铁矿熔化成的铁水是熔化过程，而熔化放热，故D符合题意． 9. 仲夏晨曦光初透，枝头栖蝉被星露。蝉身上的露珠形成时发生的物态变化是（　　） A. 凝华 B. 液化 C. 熔化 D. 凝固 【答案】B 【解析】在清晨，空气中含有大量的水蒸气，这些水蒸气遇到温度较低的蝉，放热液化形成小水珠，附着在蝉的身上，就形成了露珠。故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。 10. （光热综合）对下列诗词中涉及的物理现象解释正确的是（　　） A. “起舞弄清影，何似在人间”中“影”的形成是光沿直线传播 B. “举头望明月，低头思故乡”中的“明月”是光源 C. “露从今夜白，月是故乡明”中“露”的形成是熔化现象 D. “月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠”中“霜”的形成是凝固现象 【答案】A 【解析】A．“起舞弄清影”中的“影”指的是月光下词人自己的清朗身影‌。光在均匀介质中沿直线传播，当光遇到不透明物体时，在物体的后方形成一个暗区，这就是影子，故A正确； B．“明月”本身不会发光，它是反射的太阳的光，因此“明月”不是光源，故B错误； C．“露”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C错误； D．“霜”是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，故D错误。故选A。 11．如图，“打铁花”是国家级非物质文化遗产之一，主要过程是将生铁烧至1600℃以上化成铁水，一人舀起铁水抛向空中，另一人则用力击打空中的铁水，瞬间铁花四溅，其中涉及的物态变化过程有（　　） A．升华、凝华 B．升华、凝固 C．熔化、凝固 D．熔化、凝华 【答案】C 【解析】将生铁烧至1600℃以上化成铁水，这属于铁的熔化过程，然后铁水在空中凝固放热变为固态，故C正确，ABD不符合题意。故选C 12. 下列物态变化属于升华的是（　　） A. 甲图：初春、扎龙湿地冰雪消融 B. 乙图：盛夏，林都伊春薄雾消散 C. 丙图：金秋，镜泊湖畔朝露晶莹 D. 丁图：寒冬，太阳岛上雪人变小 【答案】D 【解析】A．冰雪消融，是冰雪由固态变成液态的过程，属于熔化现象，故A不符合题意； B．薄雾消散，是物质由液态变成气态的过程，属于汽化现象，故B不符合题意； C．朝露晶莹，是空气中水蒸气遇冷液化形成的，属于液化现象，故C不符合题意； D．雪人变小，是雪由固态直接变成气态，属于升华现象，故D符合题意。故选D。 押题猜想三 光现象辨析与光学规律的应用 试题前瞻·能力先查 1. （情景题）如图，斜插入水中的筷子，看起来弯折了的原因是（　　） A. 光沿直线传播 B. 光的反射 C. 光的色散 D. 光的折射 【答案】D 【解析】斜插入水中的筷子，看起来弯折了是光的折射现象形成的，故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 2. （改编题）吉林的小文到青海旅游时，用照相机记录了青海湖的美景。以下物体与照相机成像规律相同的是（ ） A. 投影仪 B. 近视眼镜 C. 监控摄像头 D. 放大镜 【答案】C 【解析】根据凸透镜成像特点，当物距大于两倍焦距时，凸透镜能够成倒立缩小的实像为照相机原理； A．投影仪是利用凸透镜成像，物距处于一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、放大实像的原理，故A不符合题意； B．近视眼镜利用了凹透镜对光线的发散作用，且凹透镜不成实像，故B不符合题意； C．监控摄像头是利用凸透镜成倒立、缩小实像的原理，故C符合题意； D．放大镜是利用凸透镜成正立、放大虚像的原理，故D不符合题意。 故选C。 分析有理·押题有据 考点趋势：光现象辨析及光学规律应用类选择题是吉林省中考必考点内容之一。 押题（依据）理由：简单基础题，主要考查的知识与日常生产生活实际密切联系，反映自然界中光现象情景。考查学生对光现象的分辨能力，以及光现象产生的原因。2023、2024、2025年均在第一大题中出现，在选择题里属于年年考的一个考点，2026年选择题一定会出现这类考题，可能在第3小题出现。 押题解题秘笈：光现象的辨析的办法 终极猜想·精练通关 1. 下列现象由光沿直线传播形成的是（ ） A. 水中“月” B. 空中“桥” C. 池中“鱼” D. 墙上“兔” 【答案】D 【解析】A．水中的月是平面镜成像现象，是月亮的虚像，是光的反射形成的，故A不符合题意； B．空中的“桥”，是彩虹，是由光的色散现象，是光的折射形成的，故B不符合题意； C．鱼反射的光从水中斜射入空气中，人看到的是池中的鱼的虚像，是光的折射形成的，故C不符合题意； D．墙上的“兔”，是手的影子，影子的形成属于光的直线传播现象，是由光的直线传播形成的，故D符合题意。故选D。 2. 下列实例中，利用光的直线传播的是（　　） A. 激光准直 B. 削冰取火 C. 光纤通信 D. 对镜整装 【答案】A 【解析】A．挖隧道时用激光准直，利用的是光沿直线传播，故A符合题意； B．削冰取火利用的是凸透镜对光线的会聚作用，本质是光的折射，故B不符合题意； C．光纤通信利用的是激光在光导纤维中不断反射前进，故C不符合题意； D．对镜整装利用的是平面镜成像，属于光的反射，故D不符合题意。故选A。 3. 《墨经》中记载了影子的形成等光学现象。如图所示，墙上手影形成的原因是（　　） A. 光的直线传播 B. 光的反射 C. 光的折射 D. 光的色散 【答案】A 【解析】光在同一种均匀介质中是沿直线传播，沿直线传播的光被手挡住，墙上黑暗区域就是手的影子。故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。 4. 《墨经》中记载了小孔成像的实验。其成像原理如图所示，这是利用了光的（　　） A. 直线传播 B. 反射 C. 折射 D. 色散 【答案】A 【解析】A.小孔成像，其原理是光在同种均匀介质中沿直线传播。当光线通过小孔时，物体上方的光线会沿直线传播到光屏下方，物体下方的光线会沿直线传播到光屏上方，从而在光屏上形成倒立的实像，故A符合题意； B.反射是指光线遇到障碍物时改变传播方向返回原介质的现象，与小孔成像无关，故B不符合题意； C.折射是指光线从一种介质进入另一种介质时传播方向发生偏折的现象，不符合小孔成像原理，故C不符合题意； D.色散是指复色光分解为单色光的现象，与小孔成像无关，故D不符合题意。故选A。 5. 农户在果树下铺上银色地膜，使果实能接收到更多的光照，促进果实着色，提高品质。这主要利用了银色地膜对光的（　　） A. 反射 B. 折射 C. 色散 D. 直线传播 【答案】A 【解析】银色地膜可以反射各种颜色的光，太阳光属于复色光，银色地膜将阳光反射到果实背光面，增强光照，从而促进果实着色。A符合题意，BCD不符合题意。故选 A。 6. 光给我们带来了美的感受，下列现象中由于光的反射形成的是（ ） A. 铁人广场“腾飞雕塑”的倒影 B. 雨后的彩虹 C. 正立、放大的蚂蚁像 D. 阳光下日晷的影 【答案】A 【解析】A．铁人广场“腾飞雕塑”的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A符合题意； B．雨后的彩虹属于光的色散，是由于光的折射形成的，故B不符合题意； C．正立、放大的蚂蚁像属于凸透镜成像中放大镜的应用，是由于光的折射形成的，故C不符合题意； D．阳光下日晷的影，属于影子，是由于光在同种均匀介质中沿直线传播形成的，故D不符合题意。故选A。 7. 唐朝诗人李白在《渡荆门送别》诗中有“云生结海楼”的写景名句，其中“海楼”指海市蜃楼，其产生的主要原因是（　　） A. 小孔成像 B. 光的折射 C. 平面镜成像 D. 凹面镜成像 【答案】B 【解析】B．海市蜃楼是光在不均匀介质中发生的折射现象，故B符合题意； A．小孔成像是光的直线传播现象，故A不符合题意； C．平面镜成像是光的反射现象，故C不符合题意； D．凹面镜成像是光的反射现象，故D不符合题意。故选B。 8．下列光现象与“潭清疑水浅”的形成原因相同的是（　　） A．筷子弯折 B．鹦鹉照镜 C．水中倒影 D．杆的影子 【答案】A 【解答】“潭清疑水浅”指人看到水底形成的像，像的位置比物体的实际位置要浅，是光的折射现象； A.筷子“弯折”，是由于光的折射形成的现象，故A正确； B.鹦鹉照镜属于光的反射，故B错误； C.水中倒影，属于光的反射，故C错误； D.杆的影子的形成是由于光的直线传播在光不能到达的区域形成的影子，故D错误。 9. 小凯学习完《光现象》之后，兴致勃勃地回家给妹妹表演了一个小魔术。他先让妹妹站定，在她面前摆一只“空碗”（如图甲所示），然后缓慢地往碗里倒水，成功地给妹妹“变”出了一枚硬币（如图乙所示）。魔术的成功是利用了（　　） A. 光的反射 B. 光的折射 C. 光的直线传播 D. 光的色散 【答案】B 【解析】当碗里没水的时候，硬币反射的光被碗壁挡住了，所以在一定位置看不见；当碗中倒入水后，硬币反射的光在水面发生折射，当折射光线进入人眼时，人眼逆着折射光线看去，看到的便是由于光的折射而形成的虚像，虚像的位置比物体的实际位置偏高，所以就能看见硬币了，这是利用了光的折射，故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。 10. 如图所示的光现象，由于光的折射形成的是（　　） A. 杯子形成的影子B. 月亮在水中形成的像C. 放大镜把字放大D. 人在平面镜中形成的像 【答案】C 【解析】A．杯子形成的影子，是因为光沿直线传播，在光照射不到的地方形成影子，属于光的直线传播现象，故A不符合题意； B．月亮在水中形成的像，属于平面镜成像现象，利用了光的反射原理，水面相当于平面镜，反射月亮的光形成像，故B不符合题意； C．放大镜把字放大，放大镜是凸透镜，字反射的光经过凸透镜时发生折射，从而形成放大的像，属于光的折射现象，故C符合题意； D．人在平面镜中形成的像，是光的反射现象，成正立、等大的虚像，故D不符合题意。故选C。 11. 如图所示为一只白鹭从水中起飞，展翅高飞的情景。下列说法正确的是（    ） A．水中的倒影是白鹭的实像 B．白鹭的脚恰好与水面接触时，白鹭的脚在水中的像也恰好与水面接触 C．白鹭在水中的像是由光的折射形成的 D．白鹭飞离水面时，水中的像会越来越小 【答案】B 【解析】A．倒影属于平面镜成像，平面镜所成的是虚像，所以水中的倒影是白鹭的虚像，故A错误。 B．根据平面镜所成的像到平面镜的距离和物体到平面镜的距离相等，所以白鹭的脚恰好与水面接触时，白鹭的脚在水中的像也恰好与水面接触，故B正确。 C．平面镜成像的原理是光的反射，所以白鹭在水中的像是由光的反射形成的，故C错误。 D．平面镜所成的像与物大小相等。白鹭飞离水面时，白鹭大小不变，所以水中的像大小不变，故D错误。故选B。 12. 某同学在某湿地公园看到了美丽水鸟。水鸟在平静的水中形成的倒影（　　） A. 是虚像 B. 是实像 C. 比水鸟大 D. 比水鸟小 【答案】A 【解析】水鸟在平静的水中形成的倒影是由于光的反射形成的，属于平面镜成像，特点是成等大的虚像，虚像与水鸟一样大，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。 13. （高科技）机器人跳秧歌舞、跑马拉松、做家务……人形机器人用“眼睛”感知获取信息，如图。人形机器人“眼睛”的光学成像与人眼相似，是通过镜头使物体在图像传感器成像面上（相当于人眼的视网膜）成清晰的像。下列说法正确的是（　　） A. 物体在成像面上成放大的虚像 B. 机器人“眼睛”的镜头对光有发散作用 C. 机器人“眼睛”光学成像原理与照相机成像原理相同 D. 机器人“眼睛”只能“看见”自身正在发光的物体 【答案】C 【解析】AC．由题意可知，人形机器人“眼睛”的光学成像与人眼相似，由于人眼成像原理与照相机成像原理相似，成倒立、缩小的实像，所以人形机器人“眼睛”的光学成像原理与照相机成像原理相同，物体在成像面上成倒立、缩小的实像，故A错误，C正确； B．机器人“眼睛”的镜头与照相机的镜头相似，利用凸透镜成像原理成像，所以机器人“眼睛”的镜头相当于凸透镜，凸透镜对光有会聚作用，故B错误； D．机器人“眼睛”与照相机的镜头相似，能接收光源发出的光，也能接收物体反射的光，所以不仅能“看见”自身正在发光的物体，也能看到反射光的物体，故D错误。故选C 押题猜想四 电磁现象辨析 试题前瞻·能力先查 1.（情景题）下列设备利用了通电导线在磁场中受力工作的是（　　） A. 司南 B. 电饭煲 C. 手持电风扇 D. 风力发电机 【答案】C 【解析】A．司南能够指示南北是受到地磁场的影响，是利用磁极间的相互作用规律工作的，故A不符合题意； B．电饭煲是利用电流的热效应工作的，故B不符合题意； C．电风扇的电动机是利用通电线圈在磁场里受力转动的原理工作的，故C符合题意； D．风力发电机是利用电磁感应的原理工作的，故D不符合题意。故选C。 2. （物理与高科技）如图是我国自主研发的电磁发射器，它是利用磁场对电流的作用把弹丸发射出去，下列设备中与电磁发射器的工作原理相同的是（　　） A. 发电机 B. 电铃 C. 司南 D. 电动机 【答案】D 【解析】A．发电机是根据电磁感应的原理制成的，故A不符合题意； B．电铃的主要装置是电磁铁，主要利用了电流的磁效应，故B不符合题意； C．司南静止时指南北是因为受到了地磁场的作用，故C不符合题意； D．电动机的原理是通电导体在磁场中受力而运动，即磁场对电流的作用，故D符合题意。故选D。 分析有理·押题有据 考点趋势：磁现象辨析类选择题是吉林省中考常考点内容之一。在其他题型中不考查磁学知识时，选择题一定会考查。 押题（依据）理由：简单基础题，主要考查的知识与日常生产生活实际密切联系，与高科技发展息息相关。考查学生对磁现象的分辨能力。2025年在作图题中出现了磁学内容，预计2026年在选择题里会出现考题。可能在第4小题出现。 押题解题秘笈： ①首先要明确电磁三现象是指：电流的磁效应、磁生电、磁场对电流的作用； ②归类明确电磁三现象在生活中的应用： A.电流的磁效应:电磁铁、电磁继电器、电磁起重机等； B.电磁感应：发电机、动圈式话筒； C.磁场对电流的作用：电动机、扬声器。 ③审题解题干中所涉及的是关于哪一种电磁现象的原理，然后对号入座辨别。 注意：①电流的磁效应和磁场对电流的作用的区别是磁场的数目不同，分别是一个和两个； ②电磁感应和磁场对电流的作用的区别是电路中有无电源或电流表。 终极猜想·精练通关 1. 如图是吉林四平马拉松赛事活动中推出的机器狗配速员，机器狗内部电动机的工作原理是（　　） A. 电磁感应现象 B. 通电导体在磁场中受到力的作用 C. 电流的磁效应 D. 电流的热效应 【答案】B 【解析】电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动。 A．电磁感应现象是发电机的原理，故A不符合题意； B．通电导体的磁场中受到力的作用，电动机中的线圈中通以电流时，在磁场中受力转动，利用换向器改变线圈中电流方向从而使它持续转动，故B符合题意； C．电流的磁效应是指通电导体周围存在磁场，是电磁铁的原理，故C不符合题意； D．电流的热效应是电热器的原理，故D不符合题意。故选B。 2. 关于电与磁的描述中，说法正确的是（　　） A. 如图甲所示，当闭合开关后电路中的绿灯亮 B. 如图乙所示，与发电机工作原理相同 C. 如图丙所示，麦克风是用该原理工作的 D. 如图丁所示，小磁针偏转是电磁感应现象 【答案】C 【解析】A．如图甲所示，当闭合开关后，电磁铁中有了电流，电磁铁有了磁性，吸下衔铁，红灯亮、绿灯灭，故A错误； B．如图乙所示，通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机是通电导体在磁场中会受到力的作用而转动的，与乙图工作原理相同，故B错误； C．如图丙所示，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象；声信号由麦克风转化为电信号，声音使膜片振动，使线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，这法拉第发现的电磁感应现，故麦克风是是丙图原理工作的，故C正确； D．如图丁所示，小磁针偏转是因为通电导体的周围存在磁场，故D错误。故选C。 3. 下列关于电和磁的描述不正确的是（　　） A. 图甲：“天算”卫星靠电磁波高速互联 B. 图乙：根据该实验装置的原理制成了电动机 C. 图丙：油罐车后挂有铁链与地面相连，是为了防止静电带来的危害 D. 图丁：用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球时，金属箔张开且带负电 【答案】B 【解析】A．图甲中"天算"卫星通过电磁波进行高速数据传输，这是现代通信卫星的常用方式，故A正确，不符合题意； B．图乙展示的是电磁感应实验装置，其原理是法拉第电磁感应定律，根据该原理制成的是发电机而非电动机，故B错误，符合题意； C．图丙中油罐车后挂的铁链可将运输过程中产生的静电导入大地，避免静电积累引发危险，故C正确，不符合题意； D．图丁中用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，接触验电器后会使金属箔带上同种电荷而张开，故D正确，不符合题意。故选B。 4. 将扬声器、开关和电流表连成如图电路，闭合开关，反复轻敲扬声器的纸盆，会看到电流表的指针左右摆动，下列选项与其原理相同的是（　　） A. 电动机 B. 发电机 C. 电磁铁 D. 电铃 【答案】B 【解析】电流表指针左右摆动，是因为导体切割磁感线的运动方向不断变化，感应电流方向发生变化的结果。 A．电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的，故A不符合题意； B．发电机是利用电磁感应现象制成的，故B符合题意； C．电磁铁是利用电流的磁效应制成的，故C不符合题意； D．电铃的主要元件是电磁铁，其原理是利用电流的磁效应制成的，故D不符合题意.故选B。 5. 发电机组是水电站的核心部分，以下四个装置中符合发电机工作原理的是（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】A．地球是一个巨大的磁体，司南是利用磁体与地磁体磁极间的相互作用工作的，故A不符合题意； B．电磁继电器中的电磁铁是利用电流磁效应的原理工作的，故B不符合题意； C．图中实验说明：通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机工作原理，故C不符合题意； D．图中导体体系切割磁感线的运动，电路产生感应电流，是电磁感应现象，是发电机工作原理，故D符合题意。故选D。 6. 英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象，人们根据这一现象制成了发电机。下列四个设备中应用了电磁感应现象的是（　　） A. 麦克风 B．防水报警器 C. 电铃 D．扬声器 【答案】A 【解析】A．麦克风是将声信号转换成电信号，利用电磁感应原理工作的，故A符合题意； B．防水报警器是利用电磁继电器来工作的，原理是电流的磁效应，故B不符合题意； C．电铃是利用电流的磁效应来工作的，故C不符合题意； D．扬声器是将电信号转换成声信号，是利用通电导体在磁场中受力的作用，故D不符合题意。 7. 对于安全用电以及电磁现象，其中错误的是（　　） A. 该图说明了发电机的原理 B. 该图不符合安全用电原则 C. 该电路的连接符合安全用电原则 D. 该图中磁感线的画法是正确的 【答案】A 【解析】A．装置图中将电源、开关、滑动变阻器和导体串联后，开关闭合，通电导体在磁场中受到了力的作用，说明了电动机的原理，故A错误，符合题意； B．人站在绝缘物体上一手摸火线，一手摸零线， 电流通过人体造成人体触电，不符合安全用电原则，故B正确，不符合题意； C．家庭电路中灯泡与开关串联，开关与火线相连，灯泡的另一端与零线相连；三孔插座的左端与零线相连，右端与火线相连，上端与地线相连，故C正确，不符合题意； D．异名磁极相互吸引，磁感线从N极出发，回到另一个磁极的S极，故D正确，不符合题意。故选A。 8. 新能源汽车的能量回收主要基于再生制动技术，此技术通过将车辆减速或制动时的部分动能转化为电能并储存回电池，从而提高能量的利用效率。下列实验与此技术原理相同的是（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】A．图是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，故A不符合题意； B．图是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，其原理是电流的磁效应，故B不符合题意 C．图探究的是通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理图，故C不符合题意； D．汽车能量回收是利用发电机将汽车动能转化为电能，是电磁感应现象，如图是发电机的原理图，其原理也是电磁感应现象，故D符合题意。故选D。 9. 19世纪，物理学家发现电与磁之间存在着紧密联系，下列关于电现象与磁现象的说法正确的是（　　） A. 甲图通电后电磁铁b的线圈匝数少，磁性更强 B. 乙图通电后静止的小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在磁场，断电后，小磁针保持不动 C. 丙图是发电机原理，闭合开关后，悬挂的导体棒将发生运动 D. 丁图是电动机的原理，闭合开关后，金属棒ab将发生运动 【答案】D 【解析】A．电磁铁的磁性与线圈匝数有关，匝数越多，磁性越强，甲图通电后电磁铁b的线圈匝数少，磁性更弱，故A错误； B．乙图通电后静止的小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在磁场，断电后导线周围的磁场消失，小磁针受地磁场的影响又会回到原位置，故B错误； C．丙图是发电机的原理，闭合开关后，若悬挂的导体棒在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流；闭合开关后，导体不会自发的运动，故C错误； D．丁图是电动机的原理，闭合电路的部分导体在磁场中会受到力的作用，即闭合开关后，金属棒ab将发生运动，故D正确。故选D。 10. 电动自行车的主要动力装置是电动机。下列选项中与电动机工作原理相同的是（ ） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】A．该图是电铃工作原理图，利用电流的磁效应工作，故A不符合题意； B．该图是发电机工作原理图的一部分，基于电磁感应原理（闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动产生感应电流），故B不符合题意； C．该图是奥斯特实验原理图，表明电流周围存在磁场，体现电流的磁效应，故C不符合题意； D．该图有电源，闭合开关后，导体在磁场中会受力运动，与电动机工作原理（通电导体在磁场中受力运动 ）相同，故D符合题意。故选D。 11. 图甲是USB迷你电风扇，下列装置中与它的核心部件（电动机）原理相同的是（　　） A. 司南 B. 电铃 C. 麦克风 D. 扬声器 【答案】D 【解析】电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用而运动。 A．思南是利用地磁场指示南北方向的，故A不符合题意； B．电铃通上电后，里面的电磁铁就具有磁性，是利用电流的磁性应工作的，故B不符合题意； C．对着麦克风讲话，声波迫使里面的线圈振动，同时切割磁感线，产生感应电流，所以利用的是电磁感应原理，故C错误； D．扬声器工作时，带有声音信息的电流通过磁场中的线圈时，线圈受到力的作用而运动，从而带动纸盒运动，利用的原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故D符合题意。故选D。 12. 如图所示为送餐机器人，下列图中能说明其内部电动机工作原理的是（　　） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】A．如图，闭合开关，通电导体棒在磁场中受力运动，反映了电动机的工作原理，故A符合题意； B．如图，验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故B不符合题意； C．如图，闭合开关，当导体棒做切割磁感线运动时，有感应电流产生，反映了电磁感应原理，故C不符合题意； D．如图，在螺线管中插入铁芯可以构成电磁铁，增强磁性，可以吸引铁钉，故D不符合题意。故选A。 押题猜想五 动态电路分析 试题前瞻·能力先查 1.（预测）如图所示电路中，是定值电阻，是阻值随光照强度增大而减小的光敏电阻。闭合开关S，逐渐增大光敏电阻的光照强度，关于两个电表示数的说法中，正确的是（ ） A. 电压表和电流表的示数都增大 B. 电压表和电流表示数的比值增大 C. 电流表示数减小，电压表示数增大 D. 电流表示数增大，电压表示数减小 【答案】D 【解析】ACD．分析电路可知，、串联，电压表测电压，电流表测电路电流。闭合开关S，逐渐增大光敏电阻的光照强度，则阻值变小，则总电阻变小，根据可知电流表示数增大，根据可知电压增大，根据串联分压规律，则电压表示数减小，故AC错误，D正确； B．根据，电压表和电流表示数的比值即为阻值，所以电压表和电流表示数的比值减小，故B错误。故选D。 2.（标准考法）如图所示，滑动变阻器的滑片从B端向A端滑动的过程中，下列说法正确的是（ ） A. 电压表示数变小 B. 电流表示数变小 C. 电路总电阻变大 D. R0不能保护电路 【答案】A 【解析】ABC．由图得，定值电阻R0与变阻器串联，电压表测量变阻器的电压，电流表测量电路电流，滑动变阻器的滑片从B端向A端滑动的过程中，变阻器接入电路中电阻变小，电路中总电阻变小，电路中电流变大，由欧姆定律得，定值电阻R0的电压变大，变阻器电压变小，则电压表示数变小，故A正确，BC错误； D．串联电路，用电器起到分压作用，可以保护其他用电器，则R0能保护电路，故D错误。 故选A。 分析有理·押题有据 考点趋势：动态电路分析是电学考查的重要内容之一。它主要是由于开关的闭合（或断开）、滑动变阻器滑片移动而引起的电路中各物理量的变化。中考常以选择题出现。常考的类型有：电路中电流表、电压表示数的变化、电阻电功率的变化、小灯泡亮度的变化。试题难度一般较大。 押题（依据）理由：对于吉林省中考真题而言，动态电路分析属于难度题，主要考查串并联电路特点、欧姆定律以及电功率和焦耳定律的应用。2025年没有出现这类考题，预计2026年在选择题里会出现考题。可能在第5小题出现。 押题解题秘笈： （1）“先看总电阻”（用串、并联特点）。当滑动变阻器的滑片向左（右）滑动或开关断开（闭合）时，由串、并联特点可以推出如下结论：当电路（串、并）中的任何一个电阻变大（小）时，电路的总电阻将变大（小）；串联电路中，电阻多，总电阻越大；并联电路中，支路多，总电阻越小。 （2）“再看总电流”（用欧姆定律，电源电压不变）。“串联看分电压”先用欧姆定律看定值电阻的电压，再用串联特点看另一电阻的分电压。“并联看分电流”先用欧姆定律看定值电阻的电流，再用串联特点看另一电阻的分电流。 （3）“最后看电功、电功率、电热”。在知道用电器（一段电路）的电阻、电流以及它们两端的电压的变化情况，在根据电功、电功率、焦耳定律公式进行比较。 终极猜想·精练通关 1. 如图所示的电路中，闭合开关S后，当滑片P向右移动时，则（　　） A. 电流表A示数变小 B. 电压表示数不变 C. 电压表示数与电流表A示数之比变大 D. 电压表示数与电流表A示数之比变小 【答案】D 【解析】AB．由图可知，电阻R1和变阻器R2串联，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量变阻器两端的电压，闭合开关S后，当滑片P向右移动时，变阻器R2连入电路的电阻变小，由电阻的串联可知电路的总电阻变小，由可知电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，由U=IR可知电阻R1两端的电压变大，即电压表示数变大，故AB不符合题意； C．由可知电压表示数与电流表A示数等于R1的阻值，R1的阻值不变，所以电压表示数与电流表A示数之比不变，故C不符合题意； D．由可知电压表示数与电流表A示数之比等于R2的阻值，R2的阻值变小，所以电压表示数与电流表A示数之比变小，故D符合题意。故选D。 2. 如图所示电路中，电源电压保持不变，和为定值电阻。先闭合开关S1，再闭合开关S2后，电流表和电压表的示数变化的情况是（　　） A. 电流表示数增大，电压表示数不变 B. 电流表示数增大，电压表示数减小 C. 电流表示数减小，电压表示数增大 D. 电流表示数不变，电压表示数增大 【答案】A 【解析】先闭合开关S1，电路中只有电阻R2工作，电流表测量电路中的电流，电压表测量电源电压；再闭S2后，两电阻并联，电流表测量干路的电流，电压表仍测量电源电压，由于电源电压不变，所以先闭合开关S1，再闭S2后，电压表示数不变；由于并联电路各支路互不影响，所以通过R2的电流不变，并联电路干路电流等于各支路电流的和，所以先闭合开关S1，再闭S2后，电流表示数变大，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。 3. 图为某研究小组设计的风速自动报警器电路示意图，电源电压不变，为压敏电阻，它的阻值随风速的增加而减小，为定值电阻。当风速时，两电表都不报警。当风速时，两表中的一个会报警；当风速时，另一个表会报警。已知：，两表都是在大于等于各自设定的电压值或电流值时触发报警。在电路处于两表都未报警的工作状态下，下列说法正确的是（　　） A. 风速减小时，的功率会增大 B. 风速变化时，电压表示数一定不变 C. 当时，触发报警的表是电流表 D. 风速变化时，电压表和电流表示数之比不变 【答案】C 【解析】A．由图可知，电阻R1和R2串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测量电路中的电流，风速减小时，电阻R1的阻值增大，由电阻的串联可知，电路的总电阻增大，由可知电路中的电流减小，由P=I2R可知的功率减小，故A错误； B．风速变化时，电阻R1的阻值会发生变化，由串联分压可知，R1两端的电压发生变化，即电压表示数发生变化，故B错误； C．当风速时，电阻R1的阻值减小，由串联分压可知，电阻R1两端的电压减小，即电压表的示数减小，由电阻的串联可知，电路的总电阻减小，由可知电路中的电流增大，电流表超过设定电流值触发报警，当风速时，电阻R1的阻值增大，由串联分压可知，电压表的示数增大，电压表超过设定电压值触发报警，由电阻的串联可知，电路的总电阻增大，由可知电路中的电流减小，即电流表的示数减小，所以当时，触发报警的表是电流表，故C正确； D．由可知，电压表和电流表示数之比等于R1的阻值，风速变化时，R1的阻值发生变化，所以电压表和电流表示数之比发生变化，故D错误。故选C。 4. 在创新实践活动中，小明和小亮为学校小花园的储水箱设计了一个水位监测装置，内部简化电路图如图所示。电源电压一定，为定值电阻，为滑动变阻器，水位计由电压表改装而成。闭合开关，水箱中水位上升时，连杆带动滑片向上移动，下列分析正确的是（ ） A. 接入电路的电阻变大 B. 通过的电流变小 C. 电压表的示数变小 D. 电阻的功率变大 【答案】D 【解析】由图得，R0与R1串联，电压表测量R0的电压。 A．滑片P向上移动，接入电路的电阻变小，故A错误； B． R1接入电路的电阻变小，电路电阻变小，电源电压不变，由欧姆定律得，电路电流变大，串联电路电流处处相等，则通过的电流变大，故B错误； C．通过的电流变大，为定值电阻，由欧姆定律得，的电压变大，则电压表的示数变大，故C错误； D．电阻的电压、电流均变大，由得，电阻的功率变大，故D正确。故选D。 5. 如图所示的电路中，电源电压恒定，闭合开关S、S1和S2，灯L1、L2都正常发光，下列说法正确的 是（　　） A. 电流表A2测通过灯L2的电流 B. 电流表A1和A2示数相等 C. 断开S2，电流表A2示数变小 D. 断开S2，灯L1变暗 【答案】C 【解析】AB．电路为并联电路，电流表A1与L1串联，所以测量L1所在支路的电流，电流表A2接在干路上，测量总电流，并联电路总电流等于支路电流之和，所以电流表A1的示数小于A2的示数，故AB错误； CD．断开S2，电路为只有L1的简单电路，并联电路各支路互不影响，所以灯L1所在支路电流不变，灯亮度不变，电流表A2示数等于电流表A1的示数，所以电流表A2示数变小，故C正确，D错误。故选C。 6. 如图的电路，电源电压和灯泡L的电阻不变，闭合开关S，将滑片P向右移动时（ ） A.电压表示数变小，电流表示数变小 B. 电压表示数变小，电流表示数变大 C. 电压表示数变大，电流表示数变大 D. 电压表示数变大，电流表示数变小 【答案】D 【解析】由图可知，开关闭合后，该电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流； 将滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器两端的电压变大，电压表示数变大； 滑动变阻器阻值变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电流表示数变小。 7. 如图甲是某款测温枪，图乙是它内部的原理图，其中电源电压保持不变，Rt为热敏电阻，定值电阻R0为保护电阻；在测量体温时，当被测者体温较高时，显示仪的示数也会较大。正常条件下关于此测温仪，下列分析正确的是（　　） A. 显示仪是由电流表改装成的 B. 被测温者温度越高，电路消耗的总电功率越大 C. 热敏电阻Rt随着温度的升高阻值减小 D. 将R0更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变小 【答案】D 【解析】A．根据电路可知，与串联，若显示仪是由电流表改装成的，则被短路，因此显示仪是由电压表改装成的，测两端电压，故A错误； B．当被测者体温较高时，显示仪的示数也会较大即两端电压较大，根据串联电路分压特点可知，阻值也会越大，总电阻越大，由可知，总功率越小，故B错误； C．当被测者体温较高时，阻值也会越大，热敏电阻Rt随着温度的升高阻值增大，故C错误； D．将更换为阻值更大的电阻，测相同温度，分得的电压变大，分得的电压变小，显示仪示数变小，故D正确。故选D。 8. 水中溶氧量是水产养殖一项关键指标。小红利用溶解氧传感器设计了自动充氧装置，其中监测电路如图所示，电源电压保持不变。溶解氧传感器的阻值随水中溶氧量的降低而减小。闭合开关，当溶氧量降低时（　　） A. 电流表的示数变小 B. 电压表的示数变大 C. 电路的总功率变小 D. 滑动变阻器的功率变大 【答案】D 【解析】A．由图可知，溶解氧传感器与滑动变阻器串联，电压表测量溶解氧传感器的电压，电流表测电路中的电流。当水中溶氧量降低时，传感器电阻减小，总电阻减小。根据欧姆定律，电源电压不变，总电阻减小，电路中的电流增大，即电流表的示数变大，故A不符合题意； B．根据串联分压规律，传感器电阻减小，传感器分得电压减小，即电压表的示数变小，故B不符合题意； C．电源电压保持不变，电路中的电流增大，根据，电路的总功率变大，故C不符合题意； D．电路中的电流增大，滑动变阻器阻值不变，根据可知，滑动变阻器的功率变大，故D符合题意。故选D 9. 光照强度会影响花卉生长。图甲为光照强度过大时触发报警的电路，电源电压不变，R0为阻值可调的电阻箱，R为光敏电阻，其阻值随光照强度变化关系如图乙。当电流表示数大于某一值I0时触发报警，I0时的光照强度为警戒光照强度。闭合开关S，下列说法正确的是（　　） A. R的阻值随光照强度增大而增大 B. 增大R0阻值可增大警戒光照强度 C. R0一定时，光照强度越大，通过R0的电流越大 D. R0一定时，光照强度越大，电流表示数越小 【答案】B 【解析】由图可知，定值电阻R0和光敏电阻R并联，电流表测干路电路的电流 A．题目提到R为光敏电阻，其阻值随光照强度变化关系如图乙所示，可以看出光照强度增大时阻值减小，故A错误； B．警戒光照强度是电流达到I0时的光照强度。增大R0阻值会导致通过R0支路的电流减小，因此光敏电阻阻值需减小才能让电流重新达到I0。此时需要更强的光照，所以警戒光照强度增大，故B正确； C．定值电阻R0和光敏电阻R并联，互不影响，R0一定时，电压不变则通过R0的电流不变，故C错误； D．R0一定时，电压不变，通过R0的电流不变。光照强度越大，光敏电阻R的阻值减小，根据可知通过光敏电阻R这条支路的电流增大，电流表测干路电流，等于各支路电流之和，一条支路电流不变，另一条支路电流增大，故电流表示数增大，故D错误。故选B。 10. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当电键S由断开到闭合时，正确的判断是（ 　） A. 电压表的示数变小 B. 电流表的示数不变 C. 电压表与电流表示数的比值不变 D. 电压表与电流表示数的比值变小 【答案】D 【解析】①当开关断开时，等效电路图如图（a）所示： ∵R和L串联，∴电路中的电流I1=U/（R+RL），电压表测电源的电压U，即U1=U； ( (a ) （b） ) ②当开关闭合时，灯L被短路，等效电路图如图（b）所示：电流表的示数I2=U/R，电压表测电源电压U，即U2=U； ③综上所述可知：I1＜I2，U1=U2； 结论：当电键S由断开到闭合时，电流表的示数变大，故A不正确；电压表的示数不变，故B不正确； 因为I1＜I2，所以电压表示数与电流表示数的比值U/I变小，C不正确，D正确．故选D． 11. 如图所示电路，闭合开关，滑动变阻器滑片从最上端向中点移动过程中，下列说法正确的是（ ） A. 电压表V的示数变小 B. 电流表与电流表的示数相等 C. 电流表的示数变大 D. 电压表V与电流表示数的比值变大 【答案】C 【解析】ABC．由图得，闭合开关S，R、R0并联，电流表A2测量R0电流，电流表A1测量干路电流，所以电流表A1的示数大于电流表A2的示数，电压表测量电源电压，则R0、R电压等于电源电压。滑动变阻器滑片P从最上端向中点移动过程中，R接入电路中电阻变小，电路总电阻变小，电源电压不变，则电压表示数不变，由欧姆定律得，R电流变大，电路总电流变大，则电流表A1示数变大，A2示数不变，故AB错误，C正确； D．由于电压表V的示数不变，电流表示数变大，则电压表V的示数与电流表示数的比值变小，故D错误。 故选C。 12. 如图所示电路，电源电压6V保持不变，定值电阻的阻值为10Ω，滑动变阻器的最大阻值为20Ω，当开关闭合，滑片由b端向a端移动的过程中，以下说法正确的是（　　） A．当滑片移到a端时，电流表示数为0.3A B．当滑片移到中点时，电压表示数为2V C．电压表示数与电流表示数的比值不变 D．电压表的示数减小 【答案】C 【解析】由图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流。 A．当滑片移到a端时，电路为定值电阻的简单电路，电流表示数I=U/R=6V/10Ω=0.6A，故A错误； B．当滑片移到中点时，电路中的电流 定值电阻两端电压即电压表的示数 C．由R=U/I可知，电压表示数与电流表示数的比值等于定值电阻的阻值，所以，滑片移动时电压表示数与电流表示数的比值不变，故C正确； D．当开关闭合，滑片由b端向a端移动的过程中，变阻器连入电路的电阻减小，由电阻的串联可知电路的总电阻减小，由欧姆定律可知电路中的电流增大，由U=IR可知定值电阻两端的电压增大，即电压表的示数增大，故D错误。 故选C。 押题猜想六 力学知识综合辨析与应用 试题前瞻·能力先查 1. （创新考法）我国在高科技领域取得了令人瞩目的成就。小明对我国一些科技成就进行了梳理，如下表所示。在“相关内容分析”中存在错误的是（　　） A. ① B. ② C. ③ D. ④ 【答案】C 【解析】A．三峡船闸是应用连通器的原理工作的，实现了上下游船只的正常通航，故A正确，A不符合题意； B．“玉兔号”月球车车轮宽大，通过增大受力面积可减小对月球表面的压强，故B正确，B不符合题意； C．神舟飞船返回舱它在地面附近减速下降过程中，动能减小，重力势能减小，机械能减小，故C错误，C符合题意； D．国产大飞机C919机翼上方的空气流速大压强小，机翼下方的空气流速小压强大，机翼上下表面的压强差，产生向上的升力，获得升力利用了流体压强与流速的关系，故D正确，D不符合题意。故选C。 2.（预测压轴题）某同学用同一个圆柱体探究浮力的大小跟哪些因素有关，弹簧测力计示数如图所示，图甲中的圆柱体有一半体积浸入水中。下列结论错误的是（ ） A. 圆柱体的密度为 B. 盐水的密度为 C. 图丙中圆柱体受到的浮力比图甲中的大1.1N D. 若图丙中弹簧测力计示数为2.6N，圆柱体浸入盐水中的体积为总体积的 【答案】B 【解析】A．由甲知，圆柱体一半体积浸没在水中受到的拉力F1=3.0N，即G-F浮=3.0N① 由乙知，圆柱体浸没在水中受到的拉力F2=2.0N，即G-F'浮=2.0N② 根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排=ρ水gV，所以F'浮=2F浮③ 联立①②③解得F浮=1N，F'浮=2N，代入①得G=4N 圆柱体的体积④ 圆柱体的密度⑤ 由④⑤得圆柱体的密度， 故A正确，不符合题意； B．由丙知，圆柱体浸没在盐水中受到的拉力F3=1.9N，即G-F盐浮=1.9N 则F盐浮=2.1N，根据，所以 故B错误，符合题意； C．图丙中圆柱体受到的浮力F盐浮=2.1N，图甲中圆柱体受到的浮力F浮=1.0N，则图丙中圆柱体受到的浮力比图甲中的大2.1N-1N=1.1N 故C正确，不符合题意； D．若图丙中弹簧测力计示数为2.6N，即圆柱体浸在盐水中受到的拉力F'3=2.6N，则F'盐浮=4N-2.6N=1.4N 根据F盐浮=ρ盐水gV排可得，则圆柱体浸在盐水中受到的拉力2.6N时与圆柱体完全浸入盐水中的体积比为 故D正确，不符合题意。故选B。 分析有理·押题有据 考点趋势：力学知识点多，是物理学重要内容，中考常以多题型考查。选择题、填空题、作图题、简答题、计算题、实验题都涉及力学知识的考查。吉林省也不例外。 押题（依据）理由：对于吉林省中考真题而言，选择题会考查力学知识体系的综合辨析，理由是吉林省真题试卷选择题只有6道小题，力学知识又是重点，知识点也多，在一道小题里命制力学体系内知识点的选择题是适应新形势的需要，可能在第6小题出现。但必须注意：2025年吉林省在第一大题第6小题考查的是滑轮机械效率的计算类问题，联想到2026年结合浮力探究实验命制浮力计算类的选择压轴题是可能的。所以复习时要注意滑轮组机械效率的计算类、浮力计算类的选择题的训练是十分必要的。 押题解题秘笈： 一、对力学规律理解到位 （1）平衡力与相互作用力辨析 （2）摩擦力大小与方向问题要熟练掌握 （3）连通器大气压及流体流速和压强关系要理解 （4）力与运动的关系要牢牢把握 （5）机械能转化及守恒要掌握 二、浮力的多种计算方法（滑轮组机械效率计算在另押题猜想给出） （1）浮力产生的原因计算浮力方法 分别求出液体对物体下上两表面的压力，最后求物体受到向上的压力与向下的压力之差，就得到物体受到液体的浮力 注意：当物体与容器底部紧密接触时，物体不受浮力作用。 （2）称重法计算浮力核心思想 先在空气中用弹簧测力计测出物体的重力，再把物体浸在液体中，待物体静止时读出弹簧测力计的示数F拉，则物体所受的浮力为F浮=G-F拉。这个表达式实际是通过物体处于平衡状态时，受到三个力的合力为0推导出来的。 （3）A. 阿基米德原理法计算浮力 G排表示排开液体的重力，m排表示排开液体的质量，V排表示排开液体的体积（或表示物体浸入液体中的体积） B. 求浮力的万能公式组： 在解题时，经常将两个方程相除求解，解题速度较快，可求F浮、G物、ρ物、ρ液、V排、V物（知三求一）。 C. 一般在利用阿基米德定律求解浮力问题时，还要结合其他的公式，比如称重法求浮力、浮力产生的原因求浮力、漂浮、悬浮特点、密度公式、重力公式等求出间接量，最后问题得到求解。 （4）根据物体的浮沉条件计算浮力问题 注意：滑轮组机械效率计算在另押题猜想给出。 终极猜想·精练通关 1．如图所示是运动员头顶足球时的情景，以下说法中正确的是（　　） A．头顶足球时，头给球的力改变了球的运动状态 B．足球在空中受到头的推力和重力 C．足球在空中继续运动是因为不受到力 D．球受到的推力是因为球发生了形变而产生的 【答案】A 【解析】A．足球被顶出去，足球的运动方向和速度发生了变化，头给球的力改变了球的运动状态，故A正确； B．足球在空中受到重力和空气阻力，不再受头的推力作用，故B错误； C．足球在空中继续运动是由于足球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性力或惯性作用，故C错误； D．球受到推力的作用是因为头发生了形变，从而给足球弹力，故D错误。故选：A。 2. “那达慕”是国家级非物质文化遗产，射箭是“那达慕”大会的传统项目之一。某次射箭的情景如图所示。箭在飞行过程中（　　） A. 弓弦仍对箭做功 B. 受到惯性的作用 C. 运动状态保持不变 D. 相对于地面是运动的 【答案】D 【解析】A．箭在飞行过程中，弓弦对箭没有力的作用，故弓弦对箭没有做功，故A不符合题意； B．惯性是物体的性质，不是力，所以不能说受到惯性的作用，故B不符合题意； C．箭在飞行过程中，速度在不断变化，则运动状态发生了改变，故C不符合题意； D．箭在飞行过程中，箭相对于地面的位置发生了变化，所以箭相对于地面是运动的，故D符合题意。故选D。 3. 吉林一同学暑假去湖北旅游，发现西昌湿地公园内有由甲、乙、丙三块石头堆叠而成的艺术作品（如图），该同学针对这个场景提出了一些观点，下列说法中正确的是（　　） A. 乙受到的重力大小等于丙对它支持力的大小 B. 甲对乙的压力与乙受到的重力是相互作用力 C. 甲受到的重力与乙对甲的作用力是平衡力 D. 地面受到丙的压力，是由于地面发生弹性形变后要恢复原状所产生 【答案】C 【解析】A．由题知，叠放在一起的甲、乙、丙三块石头均处于静止状态，由平衡条件可知，丙对乙的支持力等于甲、乙的重力之和，所以乙受到的重力小于丙对它支持力的大小，故A错误； B．甲对乙的压力与乙受到的重力是方向相同，大小不相等，所以二者不是相互作用力，故B错误； C．甲受到的重力与乙对甲的支持力同一个受力物体，两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，故C正确； D．物体由于发生了弹性形变，要恢复原状，则会对使其发生弹性形变的物体施加弹力，因此地面受到丙的压力，是由于丙发生弹性形变后要恢复原状所产生的，故D错误。故选C。 4. 如图所示是冰壶场地的示意图，水平冰面粗糙程度相同。某同学用水平推力使冰壶从A点向前运动，到B点时松手，冰壶滑行到C点静止。下列说法正确的是（　　） A. 冰壶从B到C的过程，该同学对冰壶做了功 B. 冰壶能够从B运动到C，是由于它受到了惯性作用 C. 冰壶从B到C的过程先加速后减速，机械能没有转化为内能 D. 冰壶在AB段所受的摩擦力等于在BC段所受的摩擦力 【答案】D 【解析】A．从B到C的过程中，该同学已经松手，不再对冰壶施加力。因此，虽然冰壶在运动，但没有推力作用在冰壶上，根据功的定义，功是力与物体在力的方向上移动距离的乘积。该同学对冰壶没有做功，故A错误； B．惯性是物体保持原有运动状态的性质，是物体固有属性，不是一种力。冰壶从B运动到C是因为它具有惯性，想要保持原来的运动状态，而不是“受到惯性作用”，故B错误； C．从B到C的过程中，冰壶受到摩擦力的作用，摩擦力始终与冰壶的运动方向相反，因此冰壶会一直减速，直到最终静止。在此过程中，冰壶的机械能（动能）逐渐转化为内能，而不是“先加速后减速，机械能没有转化为内能”，故C错误； D．冰壶在AB段和BC段都与冰面接触，且冰面的粗糙程度相同，冰壶对冰面的压力也相同（均为冰壶的重力）。根据滑动摩擦力大小影响因素，冰壶对冰面的压力大小不变，接触面粗糙程度不变，因此冰壶在AB段和BC段所受的摩擦力大小相等，故D正确。故选D。 5. 如图为我国海上原油加工平台“海葵一号”甲板配备的救生艇。在紧急状况下，人员可搭载救生艇从轨道上由静止释放滑入大海脱困。则救生艇（　　） A. 静止时不受支持力 B. 下滑过程机械能增大 C. 下滑过程重力势能减小 D. 离开轨道后沿轨道方向做匀速直线运动 【答案】C 【解析】A．救生艇静止时受重力和支持力，这两个力是一对平衡力，故A不符合题意； B．救生艇下滑过程重力势能转化为动能，因为有摩擦力，所以有一部分机械能转化为内能，所以机械能减小，故B不符合题意； C．救生艇下滑过程重力势能转化为动能，所以重力势能减小，动能增加，故C符合题意； D．救生艇从轨道上由静止释放滑入大海后，由于摩擦力的存在，所以离开轨道后的救生艇在水面上做减速速直线运动，故D不符合题意。故选C。 6. 抛实心球是初中学生体育测试的项目之一，小刚在测试时将实心球抛出后，实心球运动的轨迹如图所示。则下列说法正确的是（　　） A. 以运动中的实心球为参照物，地面是运动的 B. 实心球在运动的过程中，运动状态保持不变 C. 实心球运动到最高点时，受到平衡力的作用 D. 实心球在下降的过程中，重力势能是增大的 【答案】A 【解析】A．以运动中的实心球为参照物，地面与实心球之间的位置不断发生变化，所以地面是运动的，故A正确； B．实心球在运动过程中，速度的大小和方向都在改变，所以运动状态是变化的，故B错误； C．实心球运动到最高点时，受空气阻力和重力作用，这两个力大小不相等，受力不平衡，故C错误； D．实心球在下降的过程中，质量不变，高度减小，重力势能减小，故D错误。故选A。 7．两个相同的量筒内装有不同的液体甲、乙，将同一支密度计放入两液体中，静止后液面相平如图（a）、（b）所示。下列说法错误的是（    ） A．甲液体的密度比乙液体的密度大 B．密度计在甲、乙液体中所受的浮力相等 C．乙液体对容器底的压力大 D．密度计排开甲、乙两种液体的质量相等 【答案】C 【解析】AB．因为密度计漂浮，所以F浮=G，所以密度计在两种液体中受到的浮力都等于密度计受到的重力 ，大小相等；由图知，密度计排开液体的体积，，因为相同，液体的密度：，AB正确，故AB不符合题意； C. 由上分析知，甲的密度较大，由得，甲液体对容器底的压强大，又F=pS，所以甲液体对容器底的压力大，C错误，故C符合题意； D．由A分析知，密度计在两种液体中受到的浮力相等，则排开液体的重力相等，可知排开液体的质 量也相等，D正确，故D不符合题意。故选C。 8. 2025年5月1日，世界第一高坝——“双江口大坝”完成首次蓄水，蓄水量达到1.1亿立方米，如图所示。双江口水电站建成后大坝总高达315米，最高蓄水深度可达240米，从侧剖面来看，坝体是一个上窄下宽的梯形，坝底厚度达到1400米，坝顶厚度仅有16米。建成后的双江口水电站总装机容量为200万千瓦，年发电量可达77亿度。下列说法错误的是（ ） A. 大坝设计成上窄下宽的形状是因为水的深度越深，压强越大 B. 最高蓄水位时，坝底受到水的压强为 C. 水从高处流下的过程中，水的重力势能转化为动能 D. 若水库中100t水下落240m，水的重力做功 【答案】D 【解析】A．同种液体中，液体压强随液体深度的增加而增大，故三峡大坝设计成上窄下宽的形状，故A正确，不符合题意； B．最高蓄水位时，坝底受到水的压强为p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×240m=2.4×106Pa 故B正确，不符合题意； C．水从高处流下的过程中，水的质量不变，速度增大，高度减小，故重力势能减小，动能增加，所以是将重力势能转化为动能，故C正确，不符合题意； D．若水库中100t水下落240m，水的重力做功W=Gh=mgh=100×103kg×10N/kg×240m=2.4×108J 故D错误，符合题意。故选D。 9.（压轴）某同学受“怀丙打捞铁牛”故事的启发，模拟了如下“打捞”过程：如图甲，体积的金属块A下表面陷入淤泥内，小船装有18N的沙石，细绳将金属块A和小船紧连，此时细绳对小船的拉力为2N，水面与船的上沿相平；将小船内所有沙石清除后，金属块A被拉出淤泥静止在水中时，小船有五分之二的体积露出水面，如图乙。细绳的质量和体积、小船的质量均忽略不计。下列说法正确的是（　　） A．甲图中的小船所受浮力为200N B．小船的体积为 C．金属块A重18N D．金属块A的密度为 【答案】B 【解析】A．如图甲所示，对小船受力分析可知，细绳的质量和体积、小船的质量均忽略不计，小船受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力以及绳子对其向下的拉力作用，所以甲图中的小船所受浮力为 故A错误； B．水面与船的上沿相平，小船刚好浸没在水中，其排开水的体积等于小船的体积，因此小船的体积为 故B正确； C．如图乙所示，小船有五分之二的体积露出水面，根据阿基米德原理可得，此时小船受到的浮力为 根据二力平衡可知，此时绳子对小船的拉力为 根据物体间力的作用是相互的可知，绳子对A的拉力为 根据阿基米德原理可得，此时A受到的浮力为 此时A受到竖直向上的浮力以及绳子对其的拉力、竖直向下的重力，即有 金属块A重 故C错误； D．金属块A的质量为 金属块A的密度为 故D错误。故选B。 10. （对2025真题的拓展）如图所示，用滑轮组将汽车沿水平方向匀速拉动，20s汽车移动了5m。已知绳端拉力F为900N，汽车受到的阻力为1500N，不计绳重和摩擦，下列结论正确的是（ ） A. 绳端移动的距离为15m B. 此滑轮组的机械效率约为83.3% C. 汽车受到的拉力为1800N D. 绳端拉力F的功率为750W 【答案】B 【解析】AD．由图可知，提升动滑轮绳子段数为2，汽车移动了5m，则绳端移动的距离为 绳端拉力F的功率为 故AD错误； B．此滑轮组的机械效率为 故B正确； C．汽车沿水平方向匀速拉动，处于平衡状态，汽车受到的拉力与汽车受到的阻力二力平衡，大小相等，汽车受到的拉力为1500N，故C错误。故选B 。 11. 某同学用滑轮组提升物体，绳子自由端竖直移动的距离和物体上升的高度随时间变化的关系分别如图线a、b所示。已知物体的质量为0.5kg，动滑轮的质量为0.1kg，绳子自由端的拉力F为2.5N。则在0～5s的时间内，下列说法正确的是（ ） A. 绳子自由端移动的速度为0.02m/s B. 滑轮组的有用功为0.5J C. 拉力F的功率为0.05W D. 滑轮组的机械效率为83.3% 【答案】B 【解析】A．使用滑轮组时，省力费距离，由图可知，在0～5s的时间内，绳端移动的距离为s＝0.3m，物体上升的高度为h＝0.1m，绳子自由端移动的速度 故A错误； B．滑轮组对物体做的有用功W有＝Gh＝mgh＝0.5kg×10N/kg×0.1m＝0.5J 故B正确； C．拉力做的总功W总＝Fs＝2.5N×0.3m＝0.75J 拉力F的功率 故C错误； D．滑轮组的机械效率 故D错误。故选B。 12. （多知识体系）“游梁式”抽油机的结构如图所示，电动机通过曲柄带动游梁摆动，驴头连接抽油杆上下运动。关于石油的开采和运输，下列说法不正确的是（ ） A. 游梁属于简单机械中的杠杆 B. 皮带摩擦生热是通过做功改变内能 C. 油罐车尾部拖一长铁链是为了防止静电带来的危害 D. 抽油机常年工作，抽油机是一种“永动机” 【答案】D 【解析】A．游梁是可以绕固定点转动的硬棒，属于简单机械中的杠杆，故A正确，不符合题意； B．皮带摩擦生热，将机械能转化为内能，是通过做功改变内能，故B正确，不符合题意； C．油罐车尾部拖一长铁链是为了使油罐车带的电荷导向大地，防止静电带来的危害，故C正确，不符合题意； D．“永动机”违背了能量守恒定律，抽油机虽常年工作，但要消耗能量，抽油机不是一种“永动机”，故D错误，符合题意。故选D。 13. （多知识体系）1970年4月24日，我国自行设计制造的第一颗人造地球卫星“东方红一号”发射成功，向地面传回优美的《东方红》乐曲，开创了我国航天事业的新纪元，目前“东方红一号”依然沿椭圆形轨道绕地球运行。下列有关说法正确的是（ ） A. 《东方红》乐曲通过电磁波传到地面上 B. 以地球为参照物，东方红一号是静止的 C. 东方红一号在运行过程中惯性消失 D. 东方红一号在远地点时重力势能最小 【答案】A 【解析】A．电磁波可以在真空中传播，《东方红》乐曲通过电磁波传到地面上，故A正确； B．以地球为参照物，东方红一号的相对位置改变，是运动的，故B错误； C．一切物体都具有惯性，故C错误； D．东方红一号在远地点时高度最高，重力势能最大，故D错误。故选A。 14. （力热多知识体系综合）2025年5月21日，我国“力箭一号”遥七运载火箭将6颗卫星顺利送入预定轨道，此次任务是该型号运载火箭第7次飞行。如图是火箭发射时的情景，下列说法正确的是（　　） A. 火箭加速升空过程中，力改变了火箭的运动状态 B. 火箭加速升空过程中，卫星相对于火箭是运动的 C. 火箭以氢为燃料，是因为氢的热值小 D. 火箭加速升空过程中，卫星的动能不变，重力势能增大 【答案】A 【解析】A．火箭点火升空.向后喷出尾气，推动火箭高速运动，是力改变了火箭的运动状态，故A正确； B．火箭加速升空过程中，卫星相对于火箭，位置没有发生变化，卫星是静止的，故B错误； C．火箭以氢为燃料，是因为氢的热值大，完全燃烧相同质量的燃料，热值大的燃料可以放出更多的热量，故C错误； D．火箭加速升空过程中，卫星的质量不变，速度增大，动能增大，高度升高，重力势能增大，故D错误。 故选A。 15. （若实验题不出现，选择题会出现）如图，均是杆秤称量时的支点。当使用称量时，调整秤砣至A点位置，使秤杆处于水平平衡状态（忽略绳重和杆重），已知秤砣质量为5kg，O1A=110cm，=10cm。下列说法正确的是（　　） A. 所称物体质量是50kg B. 换称质量较小的物体时，秤砣应向A点左边移动 C. 改用称量物体时，会使该杆秤的称量范围变小 D. 当秤砣在A点时，使用称量的物体质量比使用称量的物体质量大 【答案】B 【解析】A．由杠杆平衡条件可知G×O1B=G砣×O1A 即mg×O1B=m砣g×O1A 物体的质量 故A错误； B．由杠杆平衡条件可知G×O1B=G砣×O1A 即mg×O1B=m砣g×O1A 物体的质量 换称质量较小的物体时，O1B和G砣不变，则O1A减小，所以秤砣应向A点左边移动，故B正确； C．改用称量物体时，称量物体的重力的力臂变小，秤砣重力的力臂变大，由杠杆的平衡条件得到m秤砣gL秤砣=mgL物 会使该杆秤的称量范围变大，故C错误； D．当秤砣在A点时，使用称量的物体质量时，称量物体的重力的力臂变小，由杠杆的平衡条件得到m秤砣gL秤砣=mgL物 m秤砣和L秤砣不变，L物变小，则m物变大，所以使用称量的物体质量比使用称量的物体质量小，故D错误。故选B。 16.（跨学科实践）龙骨水车是一种利用风力或人力、畜力等动力驱动，将水从低处提升到高处的古老灌溉工具。其构造如图乙所示，主要由水槽、大轮、刮水板等组成，形似龙骨，因此得名。下列相关物理知识描述不正确的是（　　） A．当刮水板在水槽中运动时，刮水板与水之间的相互作用力使得水被提升 B．当水车受到外力驱动刮水上行时，水的重力势能转化为动能 C．停止摇动拐木时，刮水板不能马上停下来，说明其具有惯性 D．刮水板的面积越大，水车旋转一周提升的水越多 【答案】B 【解析】A．当刮水板在水槽中运动时，刮水板对水的推力使水被提升，故A正确，不符合题意； B. 当水车受到外力驱动刮水上行时，水的高度升高，重力势能是增大的，即此时外力做功使水的重力势能增大，故B错误，符合题意； C. 停止摇动拐木时时，刮水板由于具有惯性，会保持原来的运动状态保持不变，因此刮水板不能马上停下来，故C正确，不符合题意； D．刮水板的面积越大， 水槽中能运送的水质量越大，则此时水车旋转一周提升的水越多，故D正确，不符合题意。故选B。 17. （多知识体系）生活中很多现象都蕴含着物理奥秘，下列关于玻璃瓶的小实验解释正确的是（　　） A. 甲图：用大小不同的力敲打玻璃瓶的同一位置，能改变声音的音调 B. 乙图：用力捏玻璃瓶，细管中液面上升，是因为细管发生了微小形变 C. 丙图：将瓶子从一楼拿到十楼，细管中液面上升，说明大气压强随高度升高而增大 D. 丁图：用吸管吸水时，水会沿着吸管进入嘴里，是因为大气压强的作用 【答案】D 【解析】A．用大小不同的力敲打玻璃瓶的同一位置，玻璃瓶的振动幅度不同，能改变声音的响度，故A错误； B．用力捏玻璃瓶，玻璃瓶发生微小的形变，使玻璃瓶的容积变小，从而使细管中液面上升，故B错误； C．大气压强随高度升高而降低，将瓶子从一楼拿到十楼，外界大气压降低，细管中液面上升，故C错误； D．用吸管吸水时，是先吸走了管中的空气，使气压减小，在外界大气压的作用将饮料压入嘴中；故D正确。故选D。 押题猜想七 以信息能源材料为主的多知识体系综合 试题前瞻·能力先查 1.（含电磁波）无人驾驶电动垂直起降航空器首飞成功，彰显了我国科技在城市空中交通领域的领先地位。航空器可用于高空摄影、旅游观光等，航空器通过旋转旋翼对空气施加向下的力，从而获得升力，这说明了力的作用是______的。航空器升空过程中，质量_____，重力势能______（选填“增大”“减小”或“不变”）。航空器靠______（选填“超声波”或“电磁波”）与控制中心联系。 【答案】 相互 不变 增大 电磁波 【解析】航空器通过旋转旋翼对空气施加向下的力，空气对航空器施加向上的力，从而获得升力，这说明了力的作用是相互的。 航空器升空过程中，质量不变，高度增大，所以重力势能增大。 电磁波可以在真空中传播，且传播速度最快，这使得它成为航天和航空通信的理想选择，航空器与控制中心是通过电磁波联系的。 2. （含能源） 我国红沿河核电站核能供暖示范项目，利用核能发电同时实现了清洁供暖。 （1）核电站利用原子核______（选填“聚变”或“裂变”）释放的核能发电； （2）核电站利用发电过程中产生的余热进行供暖，提高了能量的利用率。供暖时，用水做输运能量的介质，是因为水的______大； （3）在能量转化和转移的过程中，能量的总量_______。但是在供暖过程中，热量只能自发地从高温物体转移到低温物体，不能相反，这一现象说明能量的转移具有________。 【答案】（1）裂变 （2） 比热容 （3） 不变 （4）方向性 【解析】（1）获得核能的两种途径：核裂变和核聚变，核电站都是利用原子核裂变的链式反应发电。 （2）供暖的“暖气”用水做输运能量的介质，是因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度时，水放出的热量多。 （3）热量总是自发地从高温物体传到低温物体，而不可能自发地从低温物体传到高温物体，说明能量的转移和转化具有方向性；能量在转化或转移的过程中总量保持不变。 分析有理·押题有据 考点趋势：吉林省中考命题改革后，填空题是4道综合性问题，每一道题均有4个空。考查以信息能源为主的填空题是必考内容之一（会渗透其他知识体系内容）。 押题（依据）理由：在选择题不出现能源信息问题时，而作图、简答、计算、实验题中又不适合考查这类问题，所以填空题一定出现。预测2026年可能在第二大题第7小题中出现。 押题解题秘笈： 一、解答电磁波问题需要掌握的基本知识 （一）电磁波及应用 1. 电磁波：电磁波是在空间传播的周期性变化的电磁场。 2. 电磁波谱：把各类电磁波按波长或频率依次排成一列，称为电磁波谱，如图所示。 3. 电磁波的应用 （1）γ射线：医生用γ射线做脑手术； （2）X射线：用X光片判断是否骨折； （3）红外线：电视机、空调等设备的遥控器都是红外遥控； （4）微波：在通信领域、日常生活中（加热食品）大显身手； （5）无线电波：主要应用在电视、收听广播、手机通信。 4. 理解电磁波 （1）导体中有电流不一定产生电磁波，只有当电流大小或方向迅速变化时才会产生电磁波。 （2）电磁波可以在真空中传播，电磁波的传播不需要介质。 （3）光和无线电波都是电磁波，只是电磁波的一种。 （4）电磁波在真空中的传播速度是3.0×108m/s（光速）。 （5）在无线电通信中，电磁波是一种载体。传递声音或图像信号时，用电子元件将这些信号加载到电磁波上，用天线发射出去，接收装置接收到这些电磁波后，再用电子元件将电磁波所携带的信号取出，并将其还原为声音或图像。 （二）波的特征 1. 描述电磁波基本特征的物理量 （1）波速。 波传播的速度，用字母c表示，国际单位是米/秒（m/s）。电磁波的波速等于光速，电磁波在真空中的传播速度с=3×108m/s。 （2）波长。 是相邻两个波峰（或波谷）间的距离，用字母λ表示。国际单位是米（m）。 （3）频率。 频率为波周期性变化的次数与时间之比，用字母ν表示。频率的单位有赫（Hz）、千赫（kHz）和兆赫（MHz）。它们之间的换算关系是：1 kHz=103Hz 1 MHz=106Hz （4）波速、波长与频率的关系 c表示波速；λ表示波长；ν表示频率。 在真空中，电磁波的波速一定，所以电磁波的波长和频率互成反比关系。频率越低，波长越长；反之，频率越高，波长越短。 二、解答能源与可持续发展问题基础知识 （一）能源问题 1.能源的种类 （1）化石能源：我们今天使用的煤、石油、天然气，是千百万年前埋在地下的动、植物经过漫长的地质年代形成的，所以称为化石能源。 （2）生物质能：由生命物质提供的能量称为生物质能。生物质能是化学能源的一种，可以理解成机体物质发生化学变化时释放的能量。 （3）太阳能：由太阳辐射提供的能量。 （4）风能、水能：都属于自然界提供的机械能。 （5）地热能：由地球内部提供的能量。 2.一次能源和二次能源 像化石能源这样可以直接从自然界中获得的能源，我们称为一次能源。我们使用的电能，无法从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到，所以称电能这样的能源为二次能源。 常见的一次能源有：煤、石油、天然气、风能、水能、太阳能、地热能、核能等。 常见的二次能源有：电能、汽油、柴油等。 注意：辨别一次能源和二次能源的依据 一次能源是可以直接从自然价获得的能源；二次能源是由一次能源经过加工转换而得到的，如电能、煤气、焦炭、汽油、柴油等。区分一次能源和二次能源的关键是看其是否经过加工转换。 （二）核能问题 1.核能。质子、中子依靠强大的核力紧密的结合在一起，因此原子核十分牢固，要使它们分裂或结合是极其困难的。但是，一旦质量较大的原子核发生分裂或质量较小的原子核相互结合，就有可能释放出惊人的能量，这就是核能。 2.核能属于一次能源，也属于新能源，释放核能的方式有两种：核裂变和核聚变。 裂变与聚变的比较 比较 裂变 聚变 定义 较大原子核分裂为较小原子核的过程 质量很小的原子核结合成较大原子核的过程 条件 用中子轰击较大原子核 超高温 释放核能大小 巨大 更加巨大 是否可控制 可利用核反应堆控制链式反应的速度 目前，核聚变速度还不能认为控制 应用 原子弹、核电站 氢弹 3.核能的利用特点 核能的优点 ①核能十分巨大，它能极大的补充人类能源的不足，使用核能大大节约了常规能源 ②核能能够解决能源分布不均衡的问题 核能的缺点 ①核能属于一次能源，且会越用越少 ②核能存在核污染，产生核辐射，会对地球生物造成伤害 ③核反应堆中会产生核废料，在治理核废料过程中，代价较高 核电站应用地域 ①核电站一般建在能源需求量大，而且能源十分缺乏的地区 ②核电站建在离人群较远的地区，避免对人畜造成伤害 （三）太阳能问题 1.太阳能的利用。利用太阳能的四个渠道 （1）绿色植物的“光化转换”。通过植物的光合作用（被植物、微生物吸收）将太阳能储存起来，再以草木、沼气、煤、石油、天然气等形式释放出来，实现光能转化为化学能。 （2）空气水分的“光机转换”。由于太阳的热辐射，使大气和水分升腾循环，再通过风、水等形式释放出来，实现光能转化为机械能。 （3）被海洋吸收，成为海洋内能。 （4）直接被人们利用。 人们直接利用太阳能的方式有两种：①集热器的“光热转换”，实现太阳能转化为内能；②太阳能电池的“光电转换”，实现太阳能转化为电能。 2.太阳能的优缺点 （1）优点：太阳能作为一种新能源，它具有一些普通能源不可比拟的优点。 ①太阳能取之不尽，用之不竭，太阳内部的热核反应足以持续50亿年，是人类可以利用的最丰富的永久性资源。 ②太阳能分布广阔，不需要挖掘、开采和运输，投入少收益大。 ③太阳能是一种清洁能源，使用时不会带来任何污染。 （2）缺点：太阳能虽然具有传统能源所没有的优点，但也有一些缺点给利用上带来一些困难。 ①太阳能到达地球上非常分散，需要装置有相当大的接收面积，提高了接收装置的造价。 ②太阳能的利用受气候、昼夜的影响很大。因此必须有贮存装置，这不仅增加了技术上的困难，也使造价增加。目前虽然已经制成多种贮存系统，但总是不够理想，具体应用也有一定困难。 ③太阳能转换效率很低。 （四）能源与可持续发展 1.不能再生能源和可再生能源 化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。想水能、风能、太阳能、生物质能等可以在 自然界里源源不断的得到，所以我们把它们称为可再生能源。 常见的不可再生能源有：煤、石油、天然气、核能等。 常见的可再生能源有：风能、水能、太阳能、生物质能等。 注意：我们说讲的“可再生能源”和“不可再生能源”都是针对一次能源而言的，即只有对自然界中自然存在，可直接取用的能源来讲，才能说其属于“可再生能源”或“不可再生能源”。 2.未来的理想能源必须满足的四个条件 未来理想能源能够大规模替代石油、煤和天然气等不可再生能源。必须满足以下几个条件。 第一，必须足够丰富，可以保证长期使用； 第二，必须足够便宜，可以保证多数人用得起； 第三，相关的技术必须成熟，可以保证大规模使用； 第四，必须足够安全清洁，可以保证不会污染环境。 终极猜想·精练通关 1. 一种高集成度、自供能、无线智能鞋垫，可实现足底压力实时监测与多运动状态精准识别。其能量来源于贴在鞋面外侧的柔性钙钛矿太阳能电池，如图所示。 （1）太阳能电池将太阳能转化为________，从可持续发展的角度看，太阳能属于_______能源。 （2）鞋垫因受到压力而发生形变时，其质量________。 （3）鞋垫上的传感器采集到的压力数据信息利用_______传输到智能手机端，实现监测。 【答案】（1） 电能 可再生 （2）不变 （3）电磁波 【解析】（1）太阳能电池工作时消耗太阳能，获得电能，这个过程中将太阳能转化为电能。 太阳能可以源源不断的重复获取，所以太阳能属于可再生能源。 （2）质量是物体的属性，与物体的形状、物态、位置无关，则鞋垫因受到压力而发生形变时，其质量保持不变。 （3）电磁波可以传递信息，传感器采集到的压力数据信息就是利用电磁波来传递信息的。 2. 2023年，吉林省某公司研制的全球首列氢能源市域列车上线运营。列车内置了氢能动力系统，不仅续航能力强，而且环保、零碳、运行时噪声小，是绿色环保的交通工具。 （1）列车运行时噪声小，其中的“小”是指声音的___________小； （2）列车内的工作人员使用的无线对讲机是通过___________传递信息的； （3）当列车驶离站台时，以站台为参照物列车是___________的； （4）若列车运行过程中突然减速，乘客由于具有___________，身体会向列车前进的方向倾斜。 【答案】（1）响度 （2）电磁波 （3）运动 （4） 惯性 【解析】（1）声音大小叫响度，列车运行时噪声小，其中的“小”是指声音的响度小。 （2）电磁波可以传递信息，列车内的工作人员使用的无线对讲机是通过电磁波传递信息的。 （3）当列车驶离站台时，以站台为参照物列车和站台的位置不断变化，列车是运动的。 （4）若列车运行过程中突然减速，乘客下半身随列车减速，上半身由于具有惯性，身体会向列车前进的方向倾斜。 3. 2025年2月20日，中国实践25号卫星于3.6万千米高空为即将退役的北斗G7卫星加注了142kg肼类燃料，如图所示，预计可让北斗G7卫星的使用寿命延长8年，开创了太空探索新纪元。实践25号卫星的模块化分级存储舱内存有1.3t用于加注的肼类燃料。请根据以上信息回答下列问题： （1）实践25号卫星升空过程中，它携带1.3t肼类燃料的质量________（选填“变大”“变小”或“不变”）。加注燃料时，以G7卫星为参照物，实践25号卫星是________的。地面控制站与实践25号卫星是通过________传递信息的。 （2）实践25号卫星的发动机点火工作时，向后喷出高温高压的燃气，此过程相当于四冲程内燃机的________冲程，是利用内能对外做功的。 【答案】（1） 不变 静止 电磁波 （2）做功 【解析】（1）质量是物体的一种基本属性，不随物体的位置变化而变化，所以实践25号卫星升空过程中，它携带的1.3t肼类燃料的质量不变。 加注燃料时，以G7卫星为参照物，实践25号卫星相对于G7卫星的位置没有发生变化，所以实践25号卫星是静止的。 地面控制站与实践25号卫星是通过电磁波传递信息的，因为电磁波可以在真空中传播。 （2）实践25号卫星的发动机点火工作时，向后喷出高温高压的燃气，此过程中燃气推动卫星运动，相当于四冲程内燃机的做功冲程，是利用内能对外做功的，因为燃料燃烧将化学能转化为内能，然后内能对外做功，转化为机械能。 4. 如图所示的“风光互补”路灯，其太阳能电池板和风力发电机产生的电能，输送至蓄电池储存起来，供路灯照明使用； （1）工作时，风力发电机将______能转化成电能，太阳能电池板将______能转化成电能，风能和太阳能是______（选填“可再生”“不可再生”）能源； （2）蓄电池储存的电能为4.8kW·h，若全部用于路灯供电，可供额定功率为80W的路灯正常发光______h。 【答案】（1） 风能 太阳 可再生 （2）60 【解析】（1）工作时，风力发电机，消耗了风能，获得电能，故是将风能转化为电能。 太阳能电池板是利用太阳能工作的，故将太阳能转化为电能。 风能和太阳能可以从自然界源源不断获取，是可再生能源。 风能和太阳能能够直接从自然界获取，是一次能源。 （2）4.8kW·h电能供额定功率为80W的路灯正常发光时间为 押题猜想八 声光热（渗透跨学科实践）多知识体系综合 试题前瞻·能力先查 1. （改编题） 某款人形机器人参加半程马拉松比赛，安装在腹部的摄像头相当于一个______透镜，远处的物体成倒立、______的实像。该机器人跑步由电动机驱动，电动机的工作原理是磁场对______有力的作用。以并肩运动的陪跑员为参照物，机器人是______的。 【答案】 凸 缩小 通电导体 静止 【解析】安装在机器人腹部摄像头是利用凸透镜来成像的，所以摄像头相当于一个凸透镜；摄像头的成像原理与照相机成像原理相同，所以成倒立、缩小的实像。 通电导体在磁场中要受到力的作用，电动机就是利用该原理制成的。 以并肩运动的陪跑员为参照物，机器人与陪跑员的位置没有发生变化，则机器人是静止的。 2. （跨学科实践）热机对人类文明发展起着重要的推动作用。同学们成立了制作简易汽轮机模型的项目团队，制定了“项目提出——项目分析——项目实施——展示交流”的学习流程，研究了热机原理，收集材料组装了如图所示的汽轮机模型。 实验时向易拉罐内部注入大约半罐水，将去掉笔芯和尾塞的中性笔的尾端插入易拉罐内，用胶将罐的开口处密封。将易拉罐放置在支架上，笔的尖端对准小风扇的扇叶。点燃易拉罐下面的酒精灯，当有蒸汽喷出时，扇叶就转动起来。 （1）汽轮机模型工作过程的能量转化情况为：化学能__________________； （2）某团队的同学们在测试过程中，发现扇叶不转动，出现这种现象的原因可能______；（答出一条即可） （3）热机发展史也是一部热机效率提高史，在展示交流环节，对如何提高简易汽轮机效率，同学们进行了激烈讨论。请你依照“结构决定功能”的观念，从结构的角度思考，帮助他们提出一个可行性措施：_______。 【答案】（1）内能 机械能 （2）见解析 （3）见解析 【解析】（1）酒精燃烧，是将酒精内部的化学能转化为内能释放出来，然后将内能通过热传递转移给水和易拉罐，水吸热迅速的汽化，形成大量的水蒸气，水蒸气对扇叶做功，将水蒸气的内能转化为扇叶的机械能。 （2）在测试过程中，发现扇叶不转动，可能水蒸气的内能太小，笔尖喷出的蒸汽太少。 （3）在易拉罐上半部分覆盖保温层，可以减少热量的损失，提高汽轮机效率。 分析有理·押题有据 考点趋势：吉林省中考命题改革后，填空题是4道综合性问题，每一道题均有4个空。考查以声光热为主的填空题是必考内容之一（会渗透其他知识体系内容）。 押题（依据）理由：一般情况下，在选择题不出现声现象问题时，而作图、简答、计算、实验题中又不适合考查这类问题，所以填空题一定出现。预测2026年可能在第二大题第8小题中出现。 押题解题秘笈： 一、声现象需要把握的知识点 1. 知道声音的产生与传播； 2. 声音的特性及影响因素； 3. 声音可以传递信息与能量； 4. 噪声的控制。 二、光学需要把握的知识点 1. 光现象四大规律的应用； 2. 透镜成像规律及其应用； 三、热学需要把握的知识点 1. 物态变化及应用； 2. 内能及内能的利用。 终极猜想·精练通关 1. 利用高脚玻璃杯做几个小实验： （1）倒入适量的水，用湿手摩擦杯口会发出声音，是由于物体_____产生的，改变杯内水量，声音的_____会发生改变。 （2）如图所示，纸片被迅速击打出去后，鸡蛋落入杯中，是因为鸡蛋具有________。 （3）在水中装满水后，杯口朝下，竖直向上提杯（杯口未离开水面）的过程中，杯内水______（选填“减少”或“充满”）。 【答案】（1） 振动 音调 （2）惯性 （3）充满 【解析】（1）在玻璃杯中倒入适量的水，用手摩擦杯口，杯子会振动，使其发出声音，声音是由杯子振动产生的；改变杯中水量，杯子振动的频率会发生变化，使声音的音调发生改变。 （2）纸片被迅速击打出去后，鸡蛋落入杯中，这是因为纸片受到力的作用，改变了运动状态，而鸡蛋由于惯性，要保持原来的静止状态，由于重力作用落入杯中。 （3）向上提起玻璃杯的过程中，玻璃杯露出水面的体积增大，由于杯口未离开水面，且1标准大气压能够支撑大约10m高的水柱，所以水能够充满整个玻璃杯。 2.2025年6月6日是第30个全国“爱眼日”。图甲为眼睛的结构示意图，图乙为某科学兴趣小组自制的一个用来模拟眼睛变焦过程的装置。 (1)图甲中的视网膜相当于图乙中的 。在图乙的光屏上已成蜡烛的清晰像（像未画出），其情况是倒立、缩小、实像。 (2)图乙中，把蜡烛向右移动一定距离后（相当于看近处景物），光屏上的像变模糊了，缓慢 （选填“注入”或“吸出”）适量水来改变水凸透镜厚度，像又变清晰了。当眼睛长时间处于这种状态，睫状肌会过度疲劳失去弹性，导致看远处景物时无法将晶状体调到较 （选填“薄”或“厚”）状态。 (3)据此，请你为预防近视提一条科学合理的建议： 。 【答案】(1)光屏 (2)注入 薄 (3)见解析 【解析】（1）眼睛成像时，视网膜是承接像的结构，在图乙的模拟装置中，光屏是承接像的，所以图甲中的视网膜相当于图乙中的光屏。 （2）把蜡烛向右移动一定距离后（相当于看近处景物），物距变小，像距应变大，像会成在光屏后方，此时要使像变清晰，需要增大凸透镜的会聚能力，即缓慢注入适量水来使水凸透镜变厚。 当眼睛长时间看近处物体时，睫状肌会过度疲劳失去弹性，导致看远处景物时无法将晶状体调到较薄的状态，从而形成近视。 （3）为预防近视，我们可以做到不要长时间用眼，例如每用眼一段时间后要休息一下，向远处眺望等。 3. 端午节是我国的传统节日，各民族以其多种多样的形式传承着中华优秀传统文化。 （1）吃粽子是端午节的文化习俗，煮好的粽子散发出淡淡的清香，这是________现象。 （2）赛龙舟时，江面上鼓声震天，龙舟竞渡。鼓声是通过________传播到人耳中的。选手们用桨向后划水，龙舟向前运动，说明物体间力的作用是________。选手们用的桨是________杠杆。 【答案】（1）扩散 （2） 空气 相互的 费力 【解析】（1）粽子的芳香分子运动到空气中，我们能闻到淡淡的清香，这种现象是扩散现象。 （2）鼓声传到人耳，鼓和耳朵之间是空气，鼓声是通过空气传播的。 用桨向后划水时，桨给水一个向后的力，因为力的作用是相互的，水给桨一个向前的力，龙舟就会向前运动。 桨在使用时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。 4. 木雕是工匠智慧和艺术修为价值体现，锯木、刨料、风干、雕刻、开榫、组装、打磨、油漆，每一环节都讲究科学的工艺流程。打磨过程，将粗砂纸换成细砂纸，可以减小砂纸与木头间的______，闻到淡淡的木香是由于分子在不停地做______。汽油机将内能转化为机械能的是_______冲程，某单缸四冲程汽油机飞轮转速是2400r/min，则此汽油机每秒对外做功________次。 【答案】 摩擦力 无规则运动 做功 20 【解析】将粗砂纸换成细砂纸，是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力。 闻到淡淡的木香，这是扩散现象，是由于木香的分子在不停地做无规则运动造成的。 汽油机的做功冲程是通过气体对外做功将内能转化为机械能的。 汽油机的转速为2400r/min，说明1s内汽油机曲轴的转动次数等于40r，一个工作循环中，曲轴转动两周，对外做功一次，1s内曲轴转动40次，故对外做功20次。 5. 为提高内燃机的效率，科学家在传统四冲程发动机的基础上发明了六冲程发动机。 （1）六冲程发动机在完成传统四冲程后，把水注入汽缸，使水瞬间汽化成高温高压的水蒸气，水蒸气推动活塞做功，该过程为第五冲程；然后将水蒸气排放到冷凝器内，再次变成水，该过程为第六冲程，至此完成了一个完整的工作循环。第五冲程中注入的水的内能急剧增加是通过______（选填“做功”或“热传递”）的方式实现的。六冲程汽油发动机使用的燃料是从石油中提炼出来的，石油属于______（选填“可再生”或“不可再生”）的能源。 （2）六冲程发动机在一个完整的工作循环中，有______（选填“1”或“2”）个做功冲程，第四个冲程是______冲程。六冲程发动机的效率是传统四冲程发动机的倍，则在做功相同的情况下，六冲程发动机比传统四冲程发动机节省燃料约30%。 【答案】（1）热传递 不可再生 （2）2 排气 【解析】（1）六冲程发动机在完成传统四冲程后，把水注入汽缸，使水瞬间变成高温高压的水蒸气，属于汽化现象。第五冲程在气缸中水时，水吸收气缸的热量，注入水的内能急剧增加，是通过热传递的方式实现的。 六冲程汽油发动机使用的燃料是从石油中提炼出来的，石油的形成要经过漫长的地质年代，石油属于不可再生的能源。 （2）六冲程发动机在一个完整的工作循环由吸气、压缩、做功、排气、做功、排气六个冲程，有2个做功冲程，第四个冲程是排气冲程。 6．跨学科实践：小东学习了热机后，想制作一个压缩空气动力小车。 （1）小东将充满气的气球捆绑在小车上，制成压缩空气动力小车，当气球向右喷气时，静止的小车向左运动起来了，如图甲所示。说明力可以改变物体的 。细心的小东还发现喷完气的气球嘴内壁处湿漉漉的，原因是 ；    （2）为制造压缩空气动力汽车，工程师将装有压缩空气的钢瓶与空气动力发动机连接，该发动机的一个工作循环分为进气冲程和排气冲程，如图乙所示。该发动机对外做功的是进气冲程。若该发动机的转速为1200r/min，则1s内发动机对外做功 次； （3）和传统汽油机相比，压缩空气动力车的优点是 。 【答案】 （1） 运动状态 水蒸气液化 （2） 20 （3） 无污染 【解析】（1）气球向右喷气，静止的小车向左运动，因为力的作用是相互的，小车的运动状态改变了，说明力可以改变物体的运动状态。 喷气是气体对外做功的过程，内能减小，气球嘴处温度较低，水蒸气会在气球嘴处液化成小水珠。 （2）压缩空气动力汽车的一个工作循环分为进气冲程和排气冲程，进气冲程时，进气门打开，排气门关闭，钢瓶中压缩空气进入气缸，推动活塞向下移，带动曲轴转动，车获得动力，同时气体内能减小，温度降低；排气冲程时，活塞上移，进气门关闭，排气门打开，将气体排气，因此对外做功的是排气冲程。 发动机的一个工作循环有二个冲程，曲轴转一周，对外做功一次，若该发动机的转速为1200r/min，则1秒转20周，即对外做功20次。 （3）传统汽油机，会有环境污染，压缩空气动力车的优点是无污染。 7. 风筝的制作主要经过“扎”“绘”“糊”“放”等过程。 （1）“扎”的过程，用力将竹篾弯折，说明力可以改变物体的________； （2）“绘”的过程，闻到颜料淡淡的气味，是因为分子在不停地做__________； （3）“糊”的过程，胶水能将纸和框架粘住主要是因为分子间存在_________； （4）“放”的过程，风筝上升时，其重力势能________（选填“变大”“变小”或“不变”）。 【答案】（1）形状 （2）无规则运动 （3）引力 （4）变大 【解析】（1）力可以改变物体的形状和运动状态，所以用力将竹篾弯折，说明力可以改变物体的形状。 （2）“绘”的过程，闻到颜料淡淡的气味，这是扩散现象，是分子在不停地做无规则运动的结果。 （3）分子间存在着相互作用的引力和斥力，所以胶水能将纸和框架粘住主要是因为分子间存在引力。 （4）风筝上升时，质量不断，高度不断增大，因此其重力势能变大。 押题猜想九 以力学知识体系为主的综合 试题前瞻·能力先查 1. （改编题）图a是旅游景区某大山及其等高线地形图的示意图，A、B是山上的两个位置，地形图上的分别对应A、B，AC为垂直电梯通道，CB为水平隧道。某游客乘电梯从A到C，再通过隧道到B； （1）在图b中电梯内的游客受_____个力； （2）电梯下行过程中，以______（选填“地面”“电梯”）为参照物，电梯内游客是静止的。已知CB为100m，游客在AC段和CB段经历的时间相等，则游客在AC段的平均速度______（选填“大于”“等于”或“小于”）在CB段的平均速度； （3）游客重力为500N，从A到B的过程中，其重力做的功为______J。 【答案】（1） 2 （2） 电梯 小于 （3） 【解析】（1）电梯内游客受到了竖直向下的重力和电梯对其向上的支持力，即受2个力作用。 （2）电梯下行过程中，以电梯为参照物，游客的位置没有发生变化，游客是静止的。 通过等高线图可知，AC段高度为 游客在AC段和CB段经历的时间相等，AC段的路程小于CB段，故AC段的平均速度小于CB段。 （3）从A到 C的过程中，其重力做的功为 而从B到C的过程中，重力不做功，故从A到B的过程中，其重力做的功为。 2. （改编题）随着科技的发展，机器人的应用日益广泛。人形机器人是一种模仿人类外观和行为的机器人，某兴趣小组以此为主题开展了研究。 （1）技术人员与人形机器人之间可通过无线网络传递信息，这是利用________（填“电磁波”或“超声波”）来实现的。机器人可通过安装在身上的电动机完成许多动作，电动机的工作原理是________。 （2）某跑步机器人在一次长跑性能测试中，跑完18km的路程用时2.5h，该机器人跑步的平均速度 是________km/h。 （3）某工业机器人质量为70kg，搬着货物静止在水平地面上，脚与地面的总接触面积为0.05m²，此时对地面的压强为1.8×10⁴Pa，该机器人所搬货物的质量是________kg。（g取10N/kg） 【答案】（1） 电磁波 通电导体在磁场中受到力的作用 （2）7.2 （3）20 【解析】（1）无线网络利用电磁波传递信息，因电磁波可在真空中传播，且适用于远距离通信。 电动机工作原理基于通电导体在磁场中受力转动，即电能转化为机械能。 （2）该机器人跑步的平均速度是 （4）某工业机器人质量为70kg，搬着货物静止在水平地面上，由可得此时对地面的压力 总质量 货物质量 分析有理·押题有据 考点趋势：吉林省中考命题改革后，填空题是4道综合性问题，每一道题均有4个空。考查以力学知识为主的填空题是必考内容之一（会渗透其他知识体系内容）。 押题（依据）理由：由于吉林省中考题选择题只命制6道小题，力学选择题一般出现1道，而力学知识点多，又是物理学科重要内容，所以填空题出现力学知识是一定的。预测2026年可能在第二大题第9小题中出现。 押题解题秘笈： 力学需要把握的知识点 1. 运动与静止的相对性及速度的计算； 2. 密度及应用； 3. 弹力重力问题； 4. 牛顿第一定律及惯性； 5. 摩擦力大小和方向； 6. 二力平衡及合力； 7. 压强与浮力； 8. 机械功功率及机械能转化和守恒； 9. 杠杆及模型应用； 10. 滑轮斜面辘轳等简单机械。 注意：以上知识点当中的2至3个在一道填空题里出现，同时还可能出现热学知识点问题。 终极猜想·精练通关 1. 地效翼船停在水面像船，起飞后更像飞机，既可以在水中航行，又可以贴近水面飞行。这种“海上飞船”除了能借助机翼获得升力外，还巧妙地利用了“翼地效应”。“翼地效应”即当运动的飞行器掉到距地面（或水面）很近时，气流流过机翼后会向后下方流动，这时地面（或水面）将产生一股向上的反推力，使整个机体的上下压力差增大，升力会陡然增加，阻力减小。如图所示是我国研制成功的某型号地效翼船，如表是它的参数。 (1)地效翼船在水面上方飞行时，与水面脱离接触，大大减小了 。 (2)下列有关地效翼船的说法中正确的是______。 A．地效翼船外壳的特种钢板硬度小 B．翼地效应使船获得升力的施力物体是空气 C．地效翼船从长江驶入东海所受浮力变大 (3)地效翼船满载后停在海面时，它此时排开海水的体积 。（，g取） (4)地效翼船在水面航行时受到阻力与航速的平方成正比，当它以的速度匀速航行时，它受到的阻力是，则当它以匀速航行时，克服阻力做功功率为 W。 【答案】(1)水对船的阻力 (2)B (3) 3.6m3 (4)3.2×106 【解析】（1）地效翼船在水面上方飞行时与水面脱离接触，这是通过使接触面分离的方式来减小水对船的阻力，属于减小有害摩擦的方法。因为物体在液体中运动会受液体阻力，脱离接触就大大减小了这种阻碍船运动的力。 （2）A．地效翼船外壳需要承受一定的压力，所以特种钢板硬度大，故A错误； B. 由题意知当运动的飞行器掉到距地面（或水面）很近时，气流流过机翼后会向后下方流动，这时地面（或水面）上的空气将产生一股向上的反推力，使整个机体的上下压力差增大，升力会陡然增加，阻力减小，即翼地效应使船获得升力的施力物体是空气，故B正确； C. 当地效翼船从长江驶入东海时，仍处于漂浮状态，浮力仍等于重力，由于重力不变，所以浮力不变，故C错误。故选B。 （3）地效翼船满载的质量为 地效翼船静止时漂浮在水面上，停在水面时受到的浮力为 排开海水的体积为 （4）地效翼船在水面航行时受到阻力与航速的平方成正比，设，当时， 解得。 则当时， 因为匀速航行时船的牵引力和阻力相等，即，克服阻力做功的功率为 2. 如图，某同学用一个定滑轮将质量10kg的重物匀速向上提起9m，其所做的总功为1000J。g取10N/kg。则该过程中： （1）重物受到的重力G的大小为_______；（2）重物受到的拉力F的大小_________（）； （3）有用功大小为_________；（4）定滑轮的机械效率大小为________。 【答案】（1） （2） （3） （4） 【解析】（1）重物受到的重力大小为 （2）由于图中为定滑轮，不省距离也不费距离，拉力移动的距离等于物体移动的距离 拉力的大小为 （3）有用功大小为 （4）定滑轮的机械效率为 3. 科技赋能乡村振兴，农业无人机以其安全可靠、高效灵活、成本低廉的优势而广泛应用。图是无人机正在喷洒农药的场景。 （1）工作人员熟练操作手柄，通过________波无线遥控无人机，实现定点起飞。无人机沿水平方向匀速直线飞行300m，用时20s，则无人机水平飞行时的速度大小为________m/s。 （2）装载农药的无人机水平匀速直线飞行100s，消耗的电能为0.25kW·h，若该无人机消耗的电能转化为机械能的效率为80%，则转化成的机械能为________J,此过程中无人机内电动机的机械功率为________W。 【答案】（1） 电磁 15 （2）7.2×105 7200 【解析】（1）工作人员熟练操作手柄，通过电磁波无线遥控无人机，因为电磁波可以在真空中传播，且能传递信息，所以可以实现对无人机的远程控制。 根据速度公式，可得无人机水平飞行时的速度大小为 （2）已知消耗的电能为 又已知该无人机消耗的电能转化为机械能的效率为80%，根据 可得转化成的机械能 根据功率公式，可得此过程中无人机内电动机的机械功率为 4. 2025年4月20日，我国完全自主研制的大型水陆两栖灭火飞机AG600“鲲龙”，圆满完成从研制到“市场准入”的关键跨越。该飞机： （1）在水平跑道上静止时，飞机所受的重力与地面对它的______是一对平衡力。轮胎上的花纹是通过增大接触面的粗糙程度来_______摩擦的。 （2）在跑道上加速运动时，飞行员的动能_____。同时飞行员的身体向后倾斜，这是由于飞行员具有______。 （3）飞行时机翼获得升力的原因：流体流速越大的位置压强越_______。 【答案】（1） 支持力 增大 （2） 增大 惯性 （3）小 【解析】（1）飞机在跑道上静止，处于平衡状态，竖直方向上受到的重力和地面对它的支持力是一对平衡力。 轮胎上的花纹是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。 （2）动能大小与质量和速度有关，飞机加速运动时，飞行员也加速运动，质量不变，速度增加，则动能增大。 飞机加速运动时，飞行员下半身跟随飞机一起加速向前，飞行员的上半身由于惯性保持原来的运动状态，所以飞行员的身体向后倾斜。 （3）流体中，流速越大的位置压强越小。飞机机翼上凸下平，流经机翼上方空气流速大，压强小，流经机翼下方空气流速小，压强大，由此产生向上的压强差，产生向上的升力。 5. 如图甲所示是小华利用某瓶装医用酒精对环境进行消毒的情境，开封前，此瓶装有酒精85g。 （1）则该酒精的密度为________g/cm3 ； （2）酒精瓶的按压泵如图乙所示，它在结构和使用上涉及许多物理知识。 示例一：喷出酒精后，周围可以闻到酒精气味，这是________现象； 示例二：手指按压处面积做的较大，是为了________。请你再举一例，并用物理知识解释________。 【答案】（1）0.85g/cm3 （2） 扩散 减小压强 盖子上有很凹凸不平的纹路，这是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，增大摩擦。 【解析】（1）由图可知，该瓶酒精净含量为100mL，即酒精的体积 且开瓶前装的酒精质量m=85g，由密度公式，得酒精的密度 （2）喷出酒精后，周围可以闻到酒精气味是扩散现象，是因为酒精分子在空气中无规则运动后，进入我们的鼻子，我们就闻到了酒精气味了。 手指按压处面积做的较大，是在压力一定时，通过增大手指与按压处的受力面积来减小压强，从而使手指不容易疼痛。除了这些例子我们还可以看到其瓶盖上有很多凹凸不平的纹路，这是为了在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，增大摩擦使瓶盖更容易被打开。 押题猜想十 以电磁学知识体系为主的综合 试题前瞻·能力先查 1. （改编题）为了解家用电器耗能情况，某小组进行了如下研究。图甲是2，图乙是其工作原理简图，为热敏电阻，其电阻值随温度变化的部分曲线如图丙所示。将蚊香片装入蚊香器，通电后蚊香器的热敏电阻发热，加热蚊香片可以达到驱蚊功效，最后自动保持在一个特定温度（如图丙中的）。 （1）蚊香器工作一会儿，人就能闻到蚊香片气味，这是气体分子在空气中的_________现象。 （2）若蚊香器正常工作的电功率为，则电路电阻值的大小为_________。 （3）家用电器待机时也消耗电能，某些电视机机顶盒待机的功率可达蚊香器正常工作功率的3倍，我们在日常生活用电时该如何有效节能？请写出一条有效措施_________。 （4）请从能量转化和转移角度并结合热敏电阻的电阻值变化特点，解释蚊香器通电后温度升高，并能自动保持一定温度的原因_________。 【答案】（1）扩散 （2） 9680Ω （3）不使用电器时拔掉插头 （4）见详解 【解析】（1）人能闻到蚊香片气味，是因为气体分子在不停地做无规则运动，扩散到空气中，这是气体分子在空气中的扩散现象。 （2）根据可知，电路电阻值的大小为 （3）日常生活中为了有效节能，可以做到随手关闭用电器，不使用电器时拔掉插头等。 （4）蚊香器通电后，电流通过热敏电阻做功，电能转化为内能，使热敏电阻温度升高。由图丙可知，热敏电阻的阻值随温度升高而增大，根据，在电源电压U不变时，电阻R增大，功率P减小，产生的热量减少。当产生的热量与向周围环境散失的热量相等时，温度就自动保持在一定温度。 2.（重点题）如图-1，是室内自动换气系统的电路图。控制电路的电源电压为3V，R0为电阻箱，RK的阻值与烟雾浓度K的关系如图-2所示。当电磁铁线圈中的电流I≥0.03A时，衔铁被吸下，电风扇转动，开始排气。 （1）电磁铁工作时，利用了通电导体周围存在_______，其上端为________极。 （2）当烟雾浓度升高时，控制电路中线圈的电流________（选填“变大”“变小”或“不变”）。 （3）控制电路的电源电压低于3V时，若保持空气质量的标准不变，R0的阻值应_______（选填“增大”“减小”或“不变”）。 【答案】（1） 磁场 S （2）变大 （3）减小 【解析】（1）电磁铁通电后具有磁性，断电后磁性消失，电磁铁工作时，利用了电流的磁效应，即通电导体周围存在磁场；电流从上端流入，下端流出，根据安培定则可知，电磁铁的下端为N极，上端为S极。 （2）控制电路中，电阻Rk与R0串联。由图2可知，当烟雾浓度升高时，电阻Rk的阻值减小，根据串联电路电阻关系可知，R0不变的情况下，总电阻变小，根据可知，电压不变时，控制电路中线圈的电流变大。 （3）若保持空气质量的标准不变，电阻Rk接入阻值不变；而电磁铁线圈中的控制电流不变，根据可知，当电源电压低于3V时，Rk+R0之和变小，而Rk阻值不变，所以R0的阻值应减小。 分析有理·押题有据 考点趋势：吉林省中考命题改革后，填空题是4道综合性问题，每一道题均有4个空。考查以电磁学知识为主的填空题是必考内容之一（也可能渗透其他知识体系内容）。 押题（依据）理由：由于吉林省中考题选择题只命制6道小题，电磁学选择题一般出现1道，而电磁学知识点多，又是物理学科重要内容，所以填空题出现电磁学知识是一定的。预测2026年可能在第二大题第10小题中出现。 押题解题秘笈： 电磁学需要把握的知识点 1. 家用电器原理及相关电学量的计算； 2. 电能表的使用与读数； 3. 电磁铁与电磁继电器； 4. 导体半导体绝缘体超导现象； 5. 各种传感器应用； 注意：以上知识点当中的2至3个在一道填空题里出现，同时还可能出现热学知识点问题。 终极猜想·精练通关 1. 某品牌电吹风铭牌上标有“220V 2000W”字样，有“断开、冷风、慢速中温、快速高温”四个挡位。物理兴趣小组同学把此款电吹风拆解后，发现有两条不同的电阻丝绕于支架上并置于出风筒内，经研究后画出了简化电路图（如图）。 （1）同学们研究说明书和电吹风内部结构后，有以下认识，其中不合理的是______； A．说明书提示“请勿在手湿的情况下使用”，主要是为了防止触电或引发短路 B．说明书提示“请勿在使用过程中用手触摸出风口”，主要是为了避免烫伤 C．电吹风额定功率是指电吹风正常工作时的最大发热功率 D．绕电阻丝的支架应采用绝缘、耐高温材料制作 （2）开关S与0、1两触点接触时，电吹风处于“慢速中温”挡；开关S与2、3两触点接触时，电吹风处于“快速高温”挡。两挡相比，电动机在“快速高温”挡转得更快，原因是______； （3）同学们进一步研究发现该电吹风具有过热自动断电保护功能，其内部有一个双金属片开关，当温度达到设定值，双金属片开关自动断开，电吹风停止工作，待温度下降到安全值后又自动接通，则双金属片开关应安装在图中的______点（选填“a”、“b”、“c”或“d”）； （4）同学们在组长家中采用以下步骤测量电吹风的实际功率； ①测量开始前关闭家中所有用电器，记录智能电能表示数为； ②将电吹风调至“快速高温”挡工作4分钟断开开关，记录电能表示数为； ③根据实验数据，计算电吹风在“快速高温”挡工作实际功率为______W。 【答案】（1） C（2）电动机两端的电压更大 （3）d （4） 1950 【解析】（1）A．由于水的导体，所以手湿的情况下触摸用电器，会造成触电事故，所以说明书提示“请勿在手湿的情况下使用”，主要是为了防止触电或引发短路，故A不符合题意； B．由于出风口处空气的温度最高，所以说明书提示“请勿在使用过程中用手触摸出风口”，主要是为了避免烫伤，故B不符合题意； C．电吹风额定功率是指电吹风正常工作时，电动机和电热丝正常工作时的功率，故C符合题意； D．由于电阻丝是导体，发热时温度较高，所以为了防止短路，绕电阻丝的支架应采用绝缘、耐高温材料制作，故D不符合题意。 故选C。 （2）开关S与0、1两触点接触时，电动机与电阻串联，由串联分压可知，电动机两端电压较低；开关S与2、3两触点接触时，电动机与电阻并联，由并联各支路电压等于电源电压可知，电动机两端电压较高，所以两挡相比，电动机在“快速高温”挡转得更快，原因是电动机两端的电压更大。 （3）由于温度达到设定值时，双金属片开关自动断开，电吹风停止工作，即电路中没有电流通过，所以双金属片开关应安装在干路中，即安装在d点。 （4）开始前电能表示数为，将电吹风调至“快速高温”挡工作4分钟断开开关，记录电能表示数为，则电吹风在“快速高温”挡工作的实际功率 2. 科创小组为学校科技周展会设计了一款提示器，可以提示展台上有无展品。图甲是该提示器的原理图，展台的结构由木板、弹簧、阻值不计的金属片（A、B、C）以及提示电路组成，A可将B、C接通或断开。工作时，闭合开关S，通过提示灯L是否发光可判断展台上有无展品。提示灯L和电阻的图像如图乙所示，电源电压恒定，提示灯L的额定电压为6V，实际电压不低于3V即可达到亮度要求。 （1）金属片A和弹簧的共同作用相当于电路中的___________。 （2）闭合开关S，当展台上无展品时，提示灯L正常发光，提示灯L和电阻的连接方式是______。 （3）若电阻损坏，为达到提示灯L的亮度要求，需更换阻值不超过_______的电阻。 （4）科创小组发现：闭合开关S，展台上有展品时，提示灯L不发光，无法判断该装置是否正在工作。针对此现象，请对图甲虚线框内的电路提出一条改进建议：___________。 【答案】（1）开关 （2） 串联 （3）20 （4）串联一个电流表 【解析】（1）由图甲可知弹簧上的金属片A和弹簧的共同作用相当于开关，闭合时将电灯短接，此时灯不亮。当有人把物品搬离展台时，金属片A在弹力作用下与金属片B、C分开，灯泡和电阻串联，此时灯亮。 （2）闭合开关S，展台上无展品时，此时金属片A在弹力作用下与金属片B、C分开，提示灯L正常发光，由图甲可知提示灯L和电阻是串联接入电路。 （3）指示灯正常工作时，定值电阻两端电压为3V，根据串联电压规律可知电源电压为 为达到提示灯L的亮度要求，即灯泡两端电压最小为3V，由图乙可知此时电路中电流为0.3A，则定值电阻两端最大电压为 则更换电阻最大阻值为 （4）闭合开关S，展台上有展品时，提示灯L不发光，有可能是灯泡被短路，也可能是灯泡断路，无法判断该装置是否正在工作，所以可以在电路中串联一个电流表，观察电流表是否有示数即可判断装置是否正在工作。 3. 20世纪初，科学家发现汞在温度降低至-269℃时，电阻值就变成了零，这种现象叫“超导现象”，具有这种特性的物质叫“超导体”。低温为什么能发生超导呢?基于初中知识，我们建立一个简易模型进行理解，将导体的原子核与核外受到约束的电子（能量较低而不能自由运动〉组成“原子实”，可类比成小球。原子实做着热运动，穿行其间的自由电子会与它发生碰撞，表现为导体对自由电子传导的阻碍，即电阻。导体温度降至极低时，它们的热运动都趋于消失，通电时自由电子就可以不受阻碍地定向通过导体，宏观上就发生了低温超导现象。高压也能让材料发生超导。理论上，某种导体在相当于260万倍标准大气压的高压环境下，15℃的“高温”（相对极低温）也能发生超导现象。在这样极高的压力下，原子实排列成紧密的堆垛形式，如图所示，原子实仅能在很小的范围内做热运动，几乎没有空间表现热运动，就像热运动消失了一般。此时原子实堆垛间的间隙就成为了稳定的自由电子通道。通电时自由电子就能在间隙中零阻碍地定向移动，宏观上就显示出超导现象。 常见输电过程中，约7%的电能因导线发热耗散掉。若输电线缆选用超导材料，就可大大减少由于电阻引发的电能损耗。2021年12月，世界首条35千伏公里级液氮超导输电线工程在上海投运，实现了我国在“高温”超导输电领域的领先。 （1）实现超导现象的方式有低温和______________。 （2）极低温度下，原子实与自由电子的__________都趋于消失，通电时自由电子在导体中通行无阻，发生低温超导现象。 （3）超高的压力限制了__________的热运动，通电时自由电子在原子实间隙中定向移动所受到的阻碍为零，发生高压超导现象。 （4）超导技术的一大应用前景是制作输电线缆，这样可以减少电能由于_________引发的电能损耗。 【答案】 （1）高压 （2）热运动 （3）原子实 （4） 电阻 【解析】（1）由“高压也能让材料发生超导”可知，实现超导现象的方式有低温和高压。 （2）由导体温度降至极低时，它们的热运动都趋于消失，通电时自由电子就可以不受阻碍地定向通过导体，宏观上就发生了“低温超导现象”可知，极低温度下，原子实与自由电子的热运动都趋于消失，通电时自由电子在导体中通行无阻，发生低温超导现象。 （3）在这样极高的压力下，原子实排列成紧密的堆垛形式，原子实仅能在很小的范围内做热运动，几乎没有空间表现热运动可知，超高的压力限制了原子实的热运动，通电时自由电子在原子实间隙中定向移动所受到的阻碍为零，发生高压超导现象。 （4）由常见输电过程中，约7%的电能因导线发热耗散掉。若输电线缆选用超导材料，就可大大减少由于电阻引发的电能损耗可知，超导技术的一大应用前景是制作输电线缆，这样可以减少电能由于电阻引发的电能损耗。 4. 如图是控制车辆进出的电动闸门设计图，抬杆质量分布均匀，长度为，重为，在最右端B点处悬挂一重为的铁柱，B点到支点O的距离为。开关S闭合后，调节滑动变阻器使抬杆处于水平静止状态。（忽略支点O处的摩擦） （1）电磁铁上端为______极，电磁铁下端为______极； （2）此时电磁铁对铁柱的吸引力为______N； （3）要使抬杆A端从图示位置向上抬起，滑动变阻器的滑片P应向______端移动。 【答案】（1）S N （2）5 （3）上 【解析】（1）电流从电磁铁下端流入，根据安培定则，电磁铁上端为S极，下端为N极。 （2）抬杆重心到支点O的距离为 根据杠杆平衡条件则有 代入数据则有 解得电磁铁对铁柱的吸引力。 （3）使抬杆A端从图示位置向上抬起，应增大电磁铁的磁性，则应增大电路中电流，根据，应减小电路总电阻，减小变阻器连入电路的电阻，所以滑动变阻器的滑片P应向上端移动。 5. 如图1所示，使线圈位于两磁极间。 （1）通电后，图1中ab段导线的电流方向是______（选择“由a到b”、“由b到a”）； （2）线圈转过图2所示位置，用_____的办法可使线圈靠磁场力继续顺时针转动至少半圈； （3）若把图1中电源换为电阻，快速转动线圈，电阻发热，此过程机械能转化为电能再转化为_____能，利用该工作原理制造了______（选填“电动机”或“发电机”）。 【答案】（1）由a到b （2）改变电流方向 （3） 内 发电机 【解析】（1）由于电流从电源的正极出发，故此时图1中ab的电流方向是由a到b。 （2）由图2知道，再向下转动，磁场力会阻碍线圈运动，故此时必须改变线圈中的受力方向，所以可以通过改变线圈中 的电流方向使得线圈持续顺时针转动。 （3）若把图2中的电源换为电阻，快速转动线圈，此时相当于一个发电机，即能产生电能，故是将机械能转化为电能的过程；同时电阻发热，这是电流的热效应，该过程是将电能转化为内能的过程。 6. 小华家新买了一台电暖器，部分参数如下表，通过调节旋钮，可实现高温挡、低温挡的切换。她结合所学知识进行了研究。 （1）如图，电暖器的插头是三脚插头，插头中较长的脚与电暖器的金属外壳相连。插入插座后，就将电暖器的金属外壳与家庭电路的________线相连，可防止漏电时对人造成伤害； （2）小华家墙上的插座允许通过的最大电流为10A，此插座_____（选填“能”或“不能”）满足该电暖器正常使用； （3）若该电暖器一天正常工作6h，其中高温挡2h，低温挡4h，则它一天耗电________千瓦时？ （4）小华与妈妈一起做饭时，准备同时使用电饭锅和电磁炉。小华说：“应先把电暖器关掉，否则容易使家庭电路的干路导线过热引发火灾。”请运用物理知识进行解释。________ 【答案】（1）地（2）见解析（3）7.2kW·h（4）见解析 【解析】（1）电暖器的插头是三脚插头，插入插座后，就将电暖器的金属外壳与家庭电路的地线相连，可防止漏电时对人造成伤害。 （2）电暖气工作时的最大电流为： 所以此插座能满足该电暖器正常使用。 （3）一天耗电为： W=W高+W低=P高t高+P低t低=2kW×2h+0.8kW×4h=7.2kW·h （4）同时使用电饭锅和电磁炉，总功率较大，根据，电路中总电流较大，根据焦耳定律Q=I2Rt，干路导线相同时间内产生的热量较多，容易使家庭电路的干路导线过热引发火灾。 7. 植物生长需要适宜的环境湿度。某中学劳动实践小组为大棚内的植物“多肉”（适宜的环境湿度为30%~40%）设计了一个自动加湿装置，当环境湿度降至30%，加湿器恰好开始加湿，当环境湿度升至40%，加湿器恰好停止加湿，其电路如图所示。控制电路的电源电压U恒为6V，定值电阻R0为20Ω，湿敏电阻R的阻值随环境湿度的升高而减小，它的阻值与部分环境湿度对应关系如表所示。请完成下列问题（线圈电阻不计）： （1）闭合开关S1，电磁铁的上端是______极；通过电磁铁的电流越大，磁性越______； （2）闭合开关S1、S2，则衔铁恰好被吸下时控制电路的总功率大小为______； （3）若大棚内的植物换成牡丹（适宜的环境湿度为50%~70%），小明提出该加湿装置只更换电阻R0就能实现“当环境湿度降至50%，加湿器恰好开始加湿，当环境湿度升至70%，加湿器恰好停止加湿”，则更换后R0的阻值为______。 【答案】（1）S；强；（2）0.72W；（3）40Ω 【解析】（1）闭合开关S1，电流从电磁铁的上端流入，根据安培定则可知，电磁铁的下端为N极，上端为S极。 电磁铁的磁性和电流的大小有关，通过电磁铁的电流越大，磁性越强。 （2）闭合开关S1、S2，控制电路中，定值电阻R0和湿敏电阻R串联，衔铁恰好被吸下时，湿度为40%，由表知，此时R=30Ω，则此时控制电路的总功率为： （3）加湿器恰好开始加湿和停止加湿控制电路中的电流不变，根据，则控制电路中的总电阻不变，由表知，环境湿度50%比30%相比，70%与40%相比，对应湿敏电阻R阻值均减小20，所以更换后R0的阻值应相比原来增加20，则更换后R0的阻值为： R0′=R0+20=20+20=40 押题猜想十一 利用透镜的三条特殊光线作图 试题前瞻·能力先查 1. （新考法）如图，O为凸透镜的光心，F为凸透镜的焦点，请画出： （1）入射光线a经凸透镜的折射光线；（2）折射光线b对应的入射光线。 【答案】如图所示 【解析】过焦点的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经过凸透镜折射后，折射光线过凸透镜的焦点. 2. （深度思维）如图所示，完成透镜光路。 【答案】如图所示 【解析】对于平行于凹透镜主光轴的折射光线，根据 “延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴”，作出其入射光线，入射光线的延长线过凹透镜的左焦点F。对于反向延长线过焦点的折射光线，根据 “与凹透镜主光轴平行的光线折射后其反向延长线过焦点”，过入射点作与主光轴平行的光线，即为其入射光线。如图所示： 分析有理·押题有据 考点趋势：光学作图包括利用光的直线传播规律、光的反射定律、平面镜成像特点、光的折射规律、透镜三条特殊光线特征作图。2025年考查的利用光的折射规律作图，实验题考查探究凸透镜成像成像，2026年作图题会出现利用透镜特殊光线特征作图。 押题（依据）理由：透镜及透镜成像规律是光学重点内容，也是吉林省多年来，在中考试卷里必考知识点。 2026年吉林省中考实验题不会出现透镜成像规律探究题，因为2025年考过这个实验，2026年在选择题里要命制光现象辨析问题，所以在作图题里出现透镜问题是可能的。预计2026年可能在第三大题第11小题出现。 押题解题秘笈： 利用涉及透镜有关的三条特殊光线的作图要领 （1）透镜的三条特殊光线 1）通过光心的光线传播方向不变。 2）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后通过焦点，经凹透镜折射后发散，发散光线的反向延长线通过虚焦点。 3）经过凸透镜焦点的光线折射后平行于主光轴射出。对着凹透镜右侧虚焦点入射的光线折射后平行于主光轴射出。 （2）熟记透镜三条特殊光线经透镜折射后的传播特点，并分清凸透镜和凹透镜三条特殊光线的异同。利用透镜的三条特殊光线作图时，一定要注意： 1）一定要用尺规作图； 2）不要遗漏光线的箭头； 3）光线用实线，辅助线用虚线； 4）如果透镜倾斜放置，画光路图时，这时一定盯住透镜主光轴。 终极猜想·精练通关 1. 请在图中画出平行于主光轴的两条入射光线经过透镜后的光线。 【答案】如图所示 【解析】平行于主光轴的入射光线经凸透镜折射后通过焦点，如图所示： 2.请根据图甲中的入射光线画出其通过凸透镜后的折射光线。 【答案】如图所示 【解析】平行于凸透镜主光轴的光线经透镜折射后过凸透镜的焦点 3. 如图，根据入射光线和折射光线，在图中的虚线框内画出一个透镜。 【答案】如图所示 【解析】由给出的光线可知，虚线框内的透镜对光线有会聚作用，为凸透镜，如图所示： 4. 我国西汉时期的《淮南万毕术》记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则火生。”这是利用冰透镜对日聚焦取火的最早记载。如图所示，假设O为冰透镜的光心，F为冰透镜的焦点，请完成光路图。 【答案】如图所示 【解析】平行于主光轴的光线经凸透镜折射后通过焦点，已知两条入射光线平行于主光轴，它们经过凸透镜后的折射光线一定经过凸透镜右侧的焦点，根据入射点和焦点两点确定一条直线画出对应的折射光线，如图所示： 5. 如图，请完成图中光通过透镜后的光路。 【答案】如图所示 【解析】过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不变，过焦点入射的光线经凸透镜折射后平行于主光轴，如图所示。 6. 如图所示，请分别画出AB的入射光线和CO的折射光线。 【答案】如图所示。 【解析】根据凹透镜的三条特殊光线可知，延长线过凹透镜另一侧焦点的光线经凹透镜折射后，将平行于主光轴；过凹透镜光心的光线经凹透镜折射后，传播方向不变，据此完成AB的入射光线和CO的折射光线，如图所示。 7. 如图所示，凸透镜的主光轴处于水平位置，F是其焦点，平面镜与水平方向成45°角，请画出竖直激光束AO经平面镜反射，再经凸透镜折射的光路图。 【答案】如图所示 【解析】过入射点O垂直于镜面作出法线，平面镜与水平线夹角45°，所以入射光线与平面镜的夹角为45°，入射角为90°-45°=45° 所以反射角等于入射角，据此在法线另一侧画出反射光线；因为入射光线竖直向下，垂直于主光轴，发生反射时反射角和入射角均为45°，所以反射光线与入射光线的夹角为90°，则反射光线平行于主光轴，根据平行于主光轴的光经凸透镜折射后过焦点画出折射光线，如图所示： 押题猜想十二 家庭电路作图 试题前瞻·能力先查 1.（跨学科实践）小高家盖新房需要先设计一下屋内的电路，以便电工师傅布线。爱钻研的小高自告奋勇完成这个任务。如图所示为他设计电路的一部分，请他帮将下列元件连接成符合安全用电要求的家庭电路。    【答案】如图所示    【解析】三孔插座的连接：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。灯泡的连接方法：火线首先接入开关，再入灯泡顶端的金属点，零线直接接入螺旋套。如图所示：    2.（独特创新）小明在使用插线板时发现：插线板上的开关断开时，指示灯不发光，插孔断电；开关闭合时指示灯发光，插孔通电；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔照样可以通电。如图中，虚线框内为插线板内部电路简化示意图，请按上述要求用笔画线代替导线将插线板内部电路中的缺失部分补画完整。 开关 插孔 发光二极管 电阻 【答案】连接电路图如图所示： 【解析】分析题意可知，如果指示灯损坏，开关闭合时插孔照样可以通电，说明指示灯和插座之间是并联的，开关同时控制指示灯和插座，接线时要注意：开关接在指示灯、插座和火线之间使用更安全，发光二极管长脚为正极，接火线，短脚为负极，接零线，三孔插座的接线是左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，如图所示： 分析有理·押题有据 考点趋势：为家庭电路做设计是生活用电作图题的命题趋势。 押题（依据）理由：吉林省多年来，在中考试卷必有作图题。包括光学作图、力学作图、电学作图、磁学作图。2026年在作图大题里为家庭电路做设计是重点，理由是2025年考查磁学作图，为了贯彻新的课程标准，跨学科实践是物理课程重要部分，是提升学生核心素养的举措，而为家庭电路做设计是电学里跨学科实践的重要内容，这类作图题可能在第三大题第12小题出现。 押题解题秘笈： 为家庭电路做设计，需要结合家庭电路组成、功率与电流关系等物理知识，规划分路（如照明、插座独立回路），按各回路功率选对应横截面积的导线，安装总开关、保险装置及漏电保护器，确保用电安全且用电器独立工作，体现物理原理在实际电路设计中的应用。家庭电路中开关必须和灯串联，开关必须连在火线上，灯口螺旋要接零线上，保险丝只在火线上接一根就可以了，插座是左零右火上接地。 终极猜想·精练通关 1. 现代家庭生活中，很多插线板都带有USB充电口，能够直接为手机充电。请将电路图补充完整。要求：开关S控制整个电路；S闭合后，该电路既能给手机充电，同时又不影响为其他家用电器供电。 【答案】如图所示 【解析】由题意可知，开关S控制整个电路，则开关S位于干路； 手机充电与其他家用电器是并联的，则USB充电接口与三孔插座并联，三孔插座按照左零右火上接地的原则接入电路中。 2. 金辉同学若通过三孔插座给机器人充电，插座由单独的开关控制。请在图中用笔画线表示导线将三孔摇座和开关连接在家庭电路中。 【答案】如图所示 【解析】家庭电路中，三孔插座的接法是左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线；开关的接法是一端接火线，一端接用电器；要求插座由单独的开关控制，故接法为：三孔插座：左孔接零线，右孔接开关的一端，上空接地线；开关：左端接插座的右孔，右端接火线；如图所示： 3. 小安家的某个三孔插座经常连接大功率用电器，为了用电安全，他想在三孔插座上串联一个保险丝后再接入家庭电路，请在图中用笔画线表示导线帮小安完成电路连接。 【答案】如图所示 【解析】三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线，为了用电安全，保险装置接火线。如图所示： 4. 如图是家庭电路的一部分，三孔插座可单独工作，开关控制灯泡。请用笔画线表示导线，将对应的电路连接完整，并符合安全用电原则。 【答案】如图所示 【解析】家庭电路中，开关控制灯泡时，开关要接在火线与灯之间。这样连接，开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏时，断开开关，切断火线，更换灯泡更安全；三孔插座的正确连接方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如图所示： 5. 地下商场的负一楼有一电动扶梯和一盏大功率的电灯，电灯只有在晚上且有声音的时候才会工作，照亮电动扶梯，帮助行人。电动扶梯由开关控制。请你根据要求完成电路连接。    【答案】如图所示    【解析】根据题意可知，电灯只有在晚上且有声音的时候才会工作，照亮电动扶梯，帮助行人，这说明声控开关和光控开关是串联的，然后与灯泡串联在电路中，为了用电的安全，开关接在灯泡与火线之间，且开关要与灯泡上端导线相连，右端导线与零线相连；电灯与扶梯工作时互不影响，所以灯泡与扶梯是并联的；扶梯的开关接在火线与电动机之间，如图所示    押题猜想十三 力学简答 试题前瞻·能力先查 1. （改编）温室效应加剧，全球气候变暖，北极冰层面积缩小、厚度变薄。如图所示，聪明的北极熊害怕踩破冰面，做出“借腹滑行”的无奈之举。请用物理知识解释“借腹”为什么不易破坏冰面？ 【答案】见解析 【解析】“借腹滑行”时，压力一定，增大受力面积可以减小压强，不易破坏冰面。 2. （新考法）如图所示，是医院张贴的“海姆立克急救法”宣传画。小明想知道这种急救法的原理，爸爸告诉小明这是应用了“一定质量的气体，在温度不变时，体积越小，压强越大”的规律。请你利用此规律并结合所学的物理知识解释采用“海姆立克急救法”能将异物排出的原因。 【答案】见详解 【解析】当采用海姆立克急救法时，施救者快速向内、向上压迫患者上腹部，使患者胸腔和腹腔间的体积减小。根据“一定质量的气体，在温度不变时，体积越小，压强越大”，患者肺部等胸腔内气体的压强就会增大。而气管内原本被异物堵塞，此时胸腔内增大的压强会使气管内气体形成一股强大的气流 ，这股气流能够产生足够的力量冲击异物，从而将异物排出体外。 分析有理·押题有据 考点趋势：简答题是吉林省中考真题的固定题型。声光力热电磁知识体系问题都可以以简答题题型出现。 增大减小压强的方法、增大减小摩擦力方法、惯性应用、大气压强存在、流体流速与压强关系、物体浮沉条件应用、杠杆平衡条件应用等都是力学简答题命题的重要素材。2026年力学简答题是命题趋势之一。 押题（依据）理由：吉林省多年来，在中考试卷必有简答题。以往多出现热学类简答题，2026年力学简答题是重点内容。可能在第四大题第13小题出现。 押题解题秘笈： 简答题，顾名思义就是要答案简明扼要，直接回答要点，不要东拉西扯，漫无边际。既要注意表达的有序性、层次性、科学性；又要注意使用物理语言作针对性回答，力求语言简洁明了、物理用语书写准确规范。结论明确、理由充分、答案简练。 1．要紧扣主题，不要转弯抹角； 2．抓住关键力学现象,找出力学对应规律； 3．梳理思路,明确作答。 终极猜想·精练通关 1．如图所示，马路上一辆出租车行驶而过，马路边的小朋友大声喊“真快！”，司机听到后问乘客：“我动了吗？”，乘客却回答：“你没动”。你认为小朋友喊的“真快！”和乘客回答的“你没动”说错了吗？为什么？ 【答案】没错。原因见解析 【解析】因为他们所选的参照物不同，小朋友是以地面为参照物，出租车相对于地面是运动的，而乘客是以车厢为参照物，司机相对于车厢是静止的。说明了运动与静止的相对性。 2. 小明在课前为同学们展示小实验“会爬杆苹果”：用小刀将苹果对半切开，将竹筷从半个苹果中间穿入。竖直提起竹筷，苹果不会从竹筷上滑下。用铁锤敲击竹筷顶端，随着一次次的敲击，位于竹筷底端的苹果很快“爬”到了竹筷的中上部。请用物理知识解释所发生的现象。 【答案】见解析 【解析】竖直提起竹筷，苹果不会从竹筷上滑下，是因为苹果受到竹筷的摩擦力与重力二力平衡，用铁锤敲击竹筷顶端，竹筷受到铁锤的力的作用，力可以改变物体的运动状态使竹筷迅速向下运动，而半个苹果由于具有惯性会保持原来静止的状态，苹果相对于竹筷向上运动，所以在一次次敲击下，苹果能很快“爬”到了竹筷的中上部。 3. 很多同学喜爱篮球运动，一个漂亮的三步上篮会赢得一片喝彩。如图所示，运动员从远处起跳之后不再受到地面的弹力，但却还能继续向上扣向篮框，这是为什么？ 【答案】见详解 【解析】运动员从远处起跳之后不再受到地面的弹力，但运动员具有惯性，由于惯性，运动员保持原来的运动状态，继续向上运动扣向篮框，在重力的作用下，改变了运动员的运动状态，才落向地面。 4. 如图所示，有一种灭火喷水枪，枪管呈S状，灭火时只要将喷水枪置于着火房屋的窗口处并使枪口向外，当水枪向窗外喷出高速水流，就能将屋内烟、气“带走”，使房屋内的火因缺少燃烧条件而熄灭。请用相关物理知识解释烟、气被“带走”的原因。 【答案】见解析 【解析】当水枪向窗外喷出高速水流时，高速水流附近的空气流速会随之增大，压强减小，屋内空气流速慢，压强大，在屋内外压强差作用下，屋内烟、气从屋内出来，使房屋内的火因缺少燃烧条件而熄灭。 5. 大风天气，房间内其它窗户都关闭，打开一扇窗户时窗帘会被“吸”到窗外。请用物理学原理解释这一现象。 【答案】见详解 【解析】打开一扇窗户时，窗外靠近窗帘的位置气体流速大、压强小，房间内气体流速小、压强大，气压差把窗帘压向窗外，好像窗帘会被“吸”到窗外。 6. 取一段胶皮管，左端接一个漏斗，右端接一个尖嘴的小管，向漏斗中装水，使左侧管中液面高于小管口，便形成了一个人工喷泉，如图所示。请从力的角度推理说明右侧管口水喷出的原因。 【答案】见解析 【解析】设左侧水面距离胶皮管最低处水深为h1，小管口距离胶皮管最低处水深为h2，胶皮管的横截面积为S，则胶皮管最低处左侧受到水的压强为，此处受到向右压力为 胶皮管最低处右侧受到水的压强为，此处受到向左压力为 由图可知，，则胶皮管最低处左右两侧受到水的压力，液体受力向右运动，则在水的压力作用下从右侧管口处喷出。 7. 蹦极是一项以高空跳跃和弹性绳缓冲为核心的高风险户外极限运动。参与者从40米以上高度的平台跃下，若不计空气阻力，在第一次由最高点竖直下落到最低点的过程中，可简化成两个阶段，第一阶段是参与者从最高点下落到弹性绳刚好伸直时，此阶段参与者的重力势能和动能如何转化？第二阶段是从弹性绳刚好伸直时到参与者下落到最低点，在此阶段，参与者的重力势能、动能和弹性绳的弹性势能都发生怎样的变化？ 【答案】第一阶段是参与者的重力势能转化为动能。 第二阶段是参与者的重力势能减少，动能先增加后减小，弹性绳的弹性势能增加。 【解析】①第一阶段是参与者从最高点下落到弹性绳刚好伸直时，此过程中弹性绳还未发生形变，弹性势能为0，此时只受重力，故参与者向下做加速运动；下落过程中，质量不变，高度变小，重力势能变小；速度增加，动能变大，所以此阶段参与者的重力势能转化为动能。 ②第二阶段是从弹性绳刚好伸直时到参与者下落到最低点，弹性绳发生形变，形变程度变大，弹性势能逐渐变大；且下落过程中，质量不变，高度变小，重力势能变小；同时，当弹力小于重力时，参与者向下做加速运动，动能增加，当弹力大于重力时，参与者向下做减速运动，动能减少；故参与者的重力势能减少，动能先增加后减小，弹性绳的弹性势能增加。 8. （改编）“七星漂”钓法是我国传统钓鱼方法之一，钓组由浮子、钓线、坠子、鱼钩和鱼饵组成，如图。请用物理知识回答：浮子常用轻质鹅毛羽轴或泡沫制作的原因。 【答案】见解析 【解析】轻质鹅毛羽轴或泡沫的密度小于水的密度，能漂浮在水面上。 9. 某同学在洗蔬菜时观察到：甲、乙两蔬菜放入水中均漂浮在水面，如图所示。他还发现：甲露出水面的体积明显小于甲浸在水中的体积，乙露出水面的体积明显大于乙浸在水中的体积。根据图中的现象，请分析并判断甲、乙两蔬菜的密度大小关系。 【答案】见解析 【解析】甲、乙两蔬菜放入水中均漂浮在水面，均浮力等于重力，即，则有 解得蔬菜的密度为 甲露出水面的体积明显小于甲浸在水中的体积，乙露出水面的体积明显大于乙浸在水中的体积，所以甲的的值更大，则甲的密度较大，即。 押题猜想十四 电学简答 试题前瞻·能力先查 1. （情景题）将与毛衣摩擦过的气球靠近头发，会看到如图所示令人惊奇的现象。请用所学的物理知识解释这种现象。 【答案】见解析 【解析】与毛衣摩擦过的气球靠近头发，会看到气球吸引头发，这是因为与毛衣摩擦过的气球摩擦起电，从而吸引不带电的头发。 2. （改编）电流热效应引发的用电事故屡屡发生，其中很多是由于电路老化或电线选择不规范所致。如家庭电线使用时间过长，出现绝缘皮老化脱落；空调等大功率用电器选用电线过细。请用焦耳定律说明大功率用电器连接细电线存在安全隐患的原因。 【答案】见解析 【解析】在家庭电路中，大功率用电器连接细电线时，电线的横截面积较小，电阻较大，且根据可知，家庭电路电压一定，使用大功率用电器，电路电流过大，由Q=I2Rt可知，细电线中电流产生的热量较多，往往比别处更容易发热，引起火灾。 分析有理·押题有据 考点趋势：简答题是吉林省中考真题的固定题型。声光力热电磁知识体系问题都可以以简答题题型出现。 电荷间相互作用、滑动变阻器使用、实际功率与额定功率区别与联系、焦耳定律应用、测电笔使用、插座的使用、电磁感应现象等都是电磁学简答题命题的重要素材。2026年电磁学简答题是命题趋势之一。 押题（依据）理由：吉林省多年来，在中考试卷必有简答题。以往多出现热学类力学简答题，2026年电磁学简答题是重点内容之一。可能在第四大题第14小题出现。 押题解题秘笈： 简答题，顾名思义就是要答案简明扼要，直接回答要点，不要东拉西扯，漫无边际。既要注意表达的有序性、层次性、科学性；又要注意使用物理语言作针对性回答，力求语言简洁明了、物理用语书写准确规范。结论明确、理由充分、答案简练。 1．要紧扣主题，不要转弯抹角； 2．抓住关键电磁学现象,找出电磁学对应规律； 3．梳理思路,明确作答。 终极猜想·精练通关 1．今年春节，小明帮爸爸安装彩灯，爸爸说：照明灯具迈进了新的时代。前些年，白炽灯还是照明灯具的主力军，人们为延长白炽灯的使用寿命，在楼道里常把两只相同的白炽灯串联起来使用。但这样两只灯发光时的整体亮度，还不如只用其中一只灯时亮。小明很疑惑“为什么会变暗呢？”请你用所学的知识为小明解惑。 【答案】见解析。 【解析】两只相同的灯泡串联接入家庭电路中使用时，总电阻，由和知，它们的实际总功率；当把其中一个灯泡接入该电路时，它的实际功率，因，所以两只灯泡串联起来使用的整体亮度不如只用其中一只灯泡时亮。 2.如图所示，小冰在课前展示了一盏自制的“铅笔芯电灯”。他将8节1号电池串联起来做电源，用两条铝箔纸条做导线，拿一根2B自动铅笔芯穿过铝箔纸条，架在烧杯口处。戴上绝缘隔热手套，将铝箔纸条的两端连接在电源的正负极上，稍等一会儿，小小的铅笔芯竟然热得发光，而与它相连的铝箔纸条却不怎么热。请分析解释上述现象。 【答案】见解析 【解析】电池、铝箔纸条、铅笔芯组成通路，电路中有电流通过，电流通过导体会产生热量，铅笔芯的温度升高，导体通电时间越长产生热量越多，当铅笔芯的温度达到一定程度时，“铅笔芯电灯”便会热得发光发光。铝箔纸条和铅笔芯串联，通过它们的电流相等，通电时间相等，铝箔纸条的电阻小于铅笔芯的电阻，由焦耳定律可知，铝箔纸条产生的热量少，温度比铅笔芯的低，所以不怎么热。 3. 有一种光电转化玻璃，既能作普通玻璃使用，又能将吸收的太阳能转化为电能。若将其用于生产生活中，请提出两条应用设想。 【答案】见解析 【解析】第一条：可以用于建造太阳能发电的房屋窗户，这样既满足了房屋采光、通风等普通玻璃的功能，又能将太阳能转化为电能，为用电器供电，节约能源； 第二条：可用于汽车的车窗及挡风玻璃，可以把太阳能转化为电能，为车载电器供电，也可以辅助汽车动力系统。 4.小龙在使用家中的插线板时发现：插线板上指示灯在开关断开时不发光，插孔不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。 根据上述现象判断，插线板正常使用时，指示灯和插孔是串联还是并联？说出依据。 【答案】并联；见解析 【解析】如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压，说明指示灯和插孔是并联的，可以独立工作，互不影响。 5. “珍爱生命，注意用电安全”是同学们日常生活中必须具有的安全意识。小鑫的爸爸想给放在室外的电动自行车充电，由于家中插线板（如图）的导线长度不够，小鑫的爸爸又找来一段足够长的导线，打算把两段导线连接起来，从而增加插线板导线的长度。当爸爸刚连接好导线，小鑫看到后告诉爸爸，导线连接处往往比别处更容易发热，加速老化，甚至引起火灾，存在安全隐患。请你也来解释一下这是为什么？ 【答案】见解析 【解析】通电时，导线连接处和别处是串联的，电流相同，根据焦耳定律，当电流和通电时间相同时，导线相互连接的位置电阻比别处电阻大，导致此处比别处产生更多的热量，更容易发热，加速老化，甚至引起火灾。 6. 如图所示，铜质金属框ABCD正下方有一均匀磁场区域（磁感线方向与纸面垂直）。某时刻金属框开始自由下落，下落过程中金属框始终保持竖直状态。请判断金属框BC边进入磁场后，AD边进入磁场前，金属框是否有可能做加速运动？请从能量转化的角度阐述理由。（不计空气阻力） 【答案】见解析 【解析】有可能。金属框BC竖直下落进入磁场，重力势能不断转化为动能，因切割磁感线，电路中产生感应电流，动能转化为电能；若转化的动能中只有一部分转化为电能，则动能增大，质量不变，速度增大，金属框做加速运动。 7. 电动汽车，绿色环保，在方便出行的同时也存在安全隐患，多起火灾是由于不规范充电引起的，为了安全，我们一定要规范充电。如图甲为某品牌电动汽车直流充电桩，充电电压400V，充电时功率P与储能比H（电池当前储能占充满状态储能的百分比）的关系如图像乙，在AB、BC、CD、DE四段充电过程中，哪段过程最容易使导线升温、老化，甚至引起火灾？说出你的理由。 【答案】见解析 【解析】由图乙可知，BC段电功率最大，由可知，电压不变，电路中的电流最大，由Q=I2Rt可知导线中的热量较多，使导线升温、老化，甚至引起火灾。 押题猜想十五 滑轮（组）机械效率的相关综合计算 试题前瞻·能力先查 1. （改编题）如图，某同学用一个定滑轮将质量10kg的重物匀速向上提起9m，其所做的总功为1000J。g取10N/kg。求该过程中： （1）重物受到的重力G的大小； （2）定滑轮的机械效率。 【答案】（1） （2） 【解析】（1）重物受到的重力大小为 （2）有用功大小为 定滑轮的机械效率为 2. （改编题）图示为某工人利用一滑轮提升物体的示意图。若该工人将质量为的物体沿竖直方向匀速提升，此过程中滑轮的机械效率为80%，取。求： （1）物体受到的重力大小； （2）工人所做的总功。 【答案】（1） （2） 【解析】（1）物体受到的重力大小 （2）工人所做的有用功 根据机械效率的计算公式，可得工人所做的总功 分析有理·押题有据 考点趋势：滑轮（组）机械效率相关计算是力学重要计算能力的体现，全国各省市在中考试卷里都体现这个知识点的试题。在其他题型中不考查这个知识点时，2026年吉林试卷里会继续出现滑轮（组）机械效率计算问题。 押题（依据）理由：吉林省多年来，在中考试卷大题里必考求解重力（或者密度、质量、速度等）、压强2小问的计算题，为了贯彻国家命题改革精神，打破命题固有模式，可能会把这个知识点问题移到第二大题填空题里考查。力学计算大题一定会有改变，2025年吉林省中考真题卷第一大题第6小题出现了定滑轮机械效率计算类的选择题，为了灵活深入考查滑轮（组）计算问题，难度又不至于过大，预计2026年在计算大题里会考查求解动滑轮机械效率相关的考题，可能在第六大题第15或者16小题出现。 押题解题秘笈： （一）有用功和额外功的理解 1.有用功：使用机械时，对人们有用的功叫有用功。也就是人们不用机械而直接用手时必须做的功。在提升物体时，W有用= Gh 2.额外功：使用机械时，对人们没有用但不得不做的功叫额外功。 3.额外功的主要来源：①提升物体时，克服机械自重、容器重、绳重等所做的功。②克服机械的摩擦所做的功。 4.人们在使用机械做功的过程中实际所做的功叫总功，它等于有用功和额外功的之和。即：W总=W有用+W额 5.若人对机械的动力为F，则：W总= FS （二）求解机械效率理论知识 1.定义：机械效率是有用功与总功的比值，分析判定一个机械的机械效率高低要分析两个因素：有用功与总功。任何机械的机械效率都小于1. 2.计算公式:η=×100％。 3.提高机械效率的途径：尽可能增加提升物体的重力；减轻机械的自身重量；合理地减少部件间的有害摩擦。 （三）与滑轮组机械效率有关的计算题解题策略 1. 用滑轮（组）竖直提升物体机械效率问题求解办法 a.用滑轮（组）竖直提升物体的模型图 b. 用滑轮（组）竖直提升物体有用功、额外功和总功求法 （1）有用功W有用=Gh （2）总功W总=Fs （3）额外功W额外=W总—W有用 （4） s=nh 其中h是重物G被提升的高度，s是动力F 移动的距离， n是动滑轮上的绳子段数。 c. 滑轮组机械效率的求解 （1）用滑轮组提升物体时，有用功和总功的比值.称为滑轮组机械效率。 （2）滑轮组机械效率公式：η＝（W有用/W总）×100％　 η＝（W有用/W总）×100％= (G / nF ) ×100％ 2. 用滑轮组水平拉动物体机械效率问题求解办法 a.用滑轮组水平拉动物体的模型图 b. 用滑轮组水平拉动物体有用功、额外功和总功求法 （1）有用功W有用= fs2 （2）总功W总= F s1 （3）额外功W额外=W总—W有用 （4）s1= ns2 其中 s1是动力F 移动的距离，s2是重物水平移动的距离，f是物体匀速运动受到的阻力， n是动滑轮上的绳子段数。 c. 滑轮组机械效率的求解 （1）用滑轮组水平拉动物体时，有用功和总功的比值.称为滑轮组机械效率。 （2）滑轮组机械效率公式：η＝（W有用/W总）×100％　 η＝（W有用/W总）×100％= (fs2/ F s1) ×100％ （四）求解斜面机械效率有关的计算题解题策略 a.用斜面提升物体的模型图 b. 用斜面提升物体有用功、额外功和总功求法 （1）有用功W有用= Gh （2）总功W总= F s （3）额外功W额外=W总—W有用 其中 s是动力F 沿着斜面移动的距离，h 是重物上升的高度，s和h的关系，通常可由解三角函数得到，一般斜面倾斜角给出。 c. 斜面机械效率的求解 （1）用斜面提升物体时，有用功和总功的比值.称为斜面的机械效率。 （2）斜面机械效率公式：η＝（W有用/W总）×100％　 η＝（W有用/W总）×100％= (Gh / F s) ×100％ 注意：斜面机械效率计算问题出现可能性不大，但若真出现了，一定会考查摩擦力的计算。 基本思路是先求出额外功 W额外=W总—W有用 再根据W额外=fs求出摩擦力f 终极猜想·精练通关 1. （改编）如图所示，工人师傅用滑轮组将重为500N的物体在30s内匀速提升到6m高的楼上，已知动滑轮重为100N，不计绳重及摩擦。求： （1）拉力的功率； （2）滑轮组的机械效率。（计算结果保留一位小数） 【答案】（1）120W；（2）83.3% 【解析】（1）由可知，拉力F为 物体的速度为 绳子的速度为 由可知，拉力的功率为 （2）由可知，滑轮组的机械效率为 2. 某建筑工人的重力为700N，双脚与地面的接触面积是。该工人通过如图所示的滑轮组在10s内将建材匀速提升3m，此过程中工人对绳自由端的拉力为400N，已知物体的重力为640N，不计绳重及摩擦。试求： （1）该工人双脚站立在水平地面上匀速提升物体时，对地面的压强； （2）该滑轮组的机械效率。 【答案】（1）6×103Pa；（2）80% 【解析】（1）该工人双脚站立在水平地面上匀速提升物体时，工人处于静止状态，工人受重力、支持力和拉力作用，三力平衡，则此时工人所受支持力为 因为地面对人的支持力和人对地面的压力是一对相互作用力，大小相等，所以此时人对地面的压力为 该工人双脚站立在水平地面上匀速提升物体时，对地面的压强为 （2）物体上升过程中有用功 由图可知，绳子自由端移动的距离 该工人对绳子自由端拉力功 滑轮组的机械效率 答：（1）该工人双脚站立在水平地面上匀速提升物体时，对地面的压强为6×103Pa； （2）该滑轮组的机械效率为80%。 3. （拓展）一辆重为6×104N的的汽车不慎陷入泥坑，司机用如图所示的滑轮组将汽车拖出，已知整个过程中，水平拉力是1×104N，汽车10s内沿水平方向匀速移动了4m，滑轮组的机械效率为80%，求： （1）拉力F做功的功率； （2）汽车受到的摩擦力。 【答案】（1）1.2×104W；（2）2.4×104N 【解析】（1）由图可知n=3，绳子自由端移动的距离 s=ns物=3×4m=12m 拉力做的总功 W总=Fs=1×104N×12m=1.2×105J 拉力做功的功率 （2）由 可知，汽车受到的摩擦力 f=ηnF=80%×3×1×104N=2.4×104N 答：（1）拉力F做功的功率为1.2×104W； （2）汽车受到的摩擦力为2.4×104N。 4. 建筑工地上，工人师傅将图中所示的滑轮装配成最省力的滑轮组，利用它站在地面上向下拉绳提升重物。 （1）请在图中画出滑轮组的绕线： （2）利用此滑轮组，工人用500N的力将1200N的重物匀速提升4m，用时40s，求滑轮组的机械效率及拉力F的功率。 【答案】（1）；（2）80%，150W 【解析】（1）人在地面上拉，所以最后一根线一定是往下拉的，图中有一个动滑轮和两个定滑轮，绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮，依次绕成，如图所示： （2）由图可知，绳子承重段数，则绳子自由端移动距离 滑轮组的机械效率为 拉力F做的功 拉力F的功率 答：（1）滑轮组的绕线为； （2）滑轮组的机械效率为80%，拉力F的功率为150W。 5. （补充题：以往年年考类型）全球首个人形机器人半程（约）马拉松在北京亦庄举办，天工机器人跑完全程用时约2.7h，并夺得冠军。天工机器人的质量为，双脚站立时与地面的接触面积约为。（g取） （1）天工机器人跑完半程马拉松的平均速度是多少？（结果保留1位小数） （2）天工机器人双脚站立时，对水平地面的压强是多少？ 【答案】（1） （2） 【解析】（1）天工机器人跑完半程马拉松的平均速度 （2）天工机器人双脚站立时，对水平地面的压力 则对水平地面的压强 押题猜想十六 简单串并联电路电学量的综合计算 试题前瞻·能力先查 1. （改编）小明设计了可改变灯泡亮度的电路，如图电源电压U为6V，灯泡L标有“6V0.5A”，定值电阻R为12Ω。 （1）拨到1处时，闭合开关，求L的电功率； （2）拨到2处时，闭合开关，电流表示数为0.3A，求： ①R两端的电压； ②L工作100s消耗的电能。 【答案】（1） （2）①，② 【解析】（1）拨到1处时，闭合开关，只有灯泡连入电路工作，此时灯泡两端电压等于电源电压 灯泡电压刚好达到额定电压，此时灯泡的电流 灯泡的功率 （2）①拨到2处时，闭合开关，灯泡L与定值电阻R串联，电流表示数为0.3A，则 R两端的电压 ②根据串联分压可知，灯泡分得的电压为 L工作100s消耗的电能 2. （改编）如图所示的电路中，电源电压，电阻。闭合开关S，电流表的示数。求 （1）电流表A的示数I； （2）整个电路工作10s消耗的电能W。 【答案】（1）1.5A （2）90J 【解析】（1）如图，闭合开关，两个电阻并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量通过R1的电流， I1=0.3A 通过电阻R2的电流 电流表A测量干路电流，电流表A的示数 （2）整个电路工作10s消耗的电能 分析有理·押题有据 考点趋势：吉林省中考物理真题卷，在考查电学计算题时，主要是考查对串联电路和并联电路涉及电学量的计算，难度不大。有时考查串联电路相关量的计算，有时考查并联电路相关量的计算。这是长期命题趋势，雷打不动。所以毕业班学生平时多训练这个方面的计算题即可。 押题（依据）理由：吉林省多年来，在中考试卷大题里必考一道求解电学量的计算题。2025年吉林省中考真题卷第五大题第16小题出现了并联电路电学量的计算，并且只考查并联电路电流规律和欧姆定律的应用。预计2026年在计算大题里会考查求解串联电路电学量的计算问题，也可能考查并联电路电学量的计算，但除考查并联电路电流规律和欧姆定律的应用外，还会考查电功电功率或者焦耳定律的应用。可能在第五大题第15或者16小题出现。 押题解题秘笈： 简单串并联电路计算策略 （1）串联电路:I1=I2=I （2）串联电路:U1+U2=U （3）串联电路:R=R1+R2 （4）根据并联电路电流特点：I1+I2=I （5）根据并联电路电压特点：U1=U2=U （6）根据并联电路电阻特点：1/R1+1/R2=1/R （7）求解某用电器的电功、电功率、焦耳热，利用串并联电路特点和欧姆定律I=U/R，求出用电器或电阻对应的电学量，再运用W=UIt、P=UI、Q=I2Rt求解即可。 注意：因为P=U2/R，所以R=U2/P。用电器正常工作说明它两端电压等于它的额定电压，流经用电器的电流也可求出，这时的电功率等于它的额定电功率。这时用电器电阻经常利用R=U2/P求出。 终极猜想·精练通关 1. （2025吉林）如图所示的电路中，电源电压恒定，R2的阻值为15Ω。闭合开关S，电流表A的示数为1.2A，电流表A1的示数为0.4A。求： （1）电阻R2的电流 （2）电源电压。 【答案】（1）0.8A （2）12V 【解析】（1）由电路图可知R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R1的电流，根据并联电路电流规律可得，电阻R2的电流为I2=I-I1=1.2A-0.4A=0.8A （2）根据并联电路电压规律和欧姆定律可得，电源电压U=U2=I2R2=0.8A×15Ω=12V 2. 在如图所示的电路中，电阻R1的阻值为 10Ω，电流表的示数为 1.2A。 （1）求电源电压U； （2）若在电路中接入一个电阻R2，使得接入前后电流表的示数变化了 0.4 A，求电阻R2 的阻值。 【答案】（1）12V；（2）5Ω或30Ω 【解析】（1）电源电压 （2）若串联一个电阻，总电阻变大，则电流变小，则此时电路中的电流为 则此时的总电阻为 电阻R2 的阻值 若并联一个电阻，则电流表测量干路电流，则通过R2电流为0.4A，则电阻R2的阻值为 答：（1）电源电压为12V； （2）电阻R2 的阻值为5Ω或者30Ω。 3. 在如图所示的电路中，电源电压6V保持不变，电阻的阻值为20Ω。当开关S闭合时，电流表的示数为0.2A，求 （1）的阻值； （2）通电1min，电流通过做的功。 【答案】（1）10Ω；（2）48J 【解析】（1）由电路图知道，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，串联电路中的电流处处相等，由欧姆定律知道，电路的总电阻 由串联电路电阻的特点知道，的阻值 （2）电路工作1min，电流通过电阻R1做的功 答：（1）的阻值是10Ω； （2）通电1min，电流通过做的功48J。 4. 小明同学设计了车载加热垫，其简化电路图如图所示，电源电压恒为12V，为阻值一定的电热丝。闭合开关，通过的电流分别为0.6A、0.4A。求： （1）电热丝的电阻； （2）此时电路的总电功率。 【答案】（1）20Ω；（2）12W 【解析】（1）闭合开关S1​、S2​时，R1​与R2​并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由​可得，电热丝R1​的电阻 （2）此时并联电路的总电功率 P=UI=12V×(0.6A+0.4A)=12W 答：（1）电热丝R1​的电阻为20Ω； （2）此时电路的总电功率为12W。 5. 如图所示电路中，灯泡L的规格为“”，闭合开关S，灯泡正常发光，电流表示数为。求： （1）通过灯泡L的电流； （2）电阻R的电功率。 【答案】（1）0.5A （2）6W 【解析】（1）闭合开关S，灯泡和电阻R并联，电流表测干路电流。此时灯泡正常发光，则通过灯泡L的电流 (2根据并联电流规律，电阻R的电流 则电阻R的电功率 押题猜想十七 比较物质吸热情况的探究实验 试题前瞻·能力先查 1. （常规考法）如图（a），某小组在两个相同的烧杯中分别装入质量相同的水和食用油，比较它们的吸热能力。 （1）为使两个电加热器在单位时间内放出的热量相同，电加热器的规格应____。 （2）本实验中使用的液体温度计是根据液体____的规律制成的。 （3）每隔0.5min记录一次温度，并将数据记录在下表中。第2.5min时，食用油中的温度计示数如图（b）所示，为____℃。 分析表中数据，发现____吸热能力强。 （4）为使内部充有液态介质的电暖器通电后能迅速升温，内部应充入吸热能力较____（填“强”或“弱”）的介质。（仅从吸热能力的角度分析） 【答案】（1）相同 （2）热胀冷缩 （3） 水 （4）弱 【解析】（1）电加热器的规格相同，才能使两个电加热器在单位时间内放出的热量相同。 （2）液体温度计是根据液体热胀冷缩的规律制成的。 （3）由图可知，温度计的分度值为，温度计的示数从下往上逐渐变大，因此温度为。 加热相同时间表示吸收相同热量，由表中数据可知，质量相同的水和食用油，吸收相同的热量，水升温较小，由可知，水的比热容较大，水吸热能力强。 （4）由可知，质量相同的不同物质在吸收相同的热量时，比热容小的温度升高的快，所以，为了使电暖气通电后能迅速升温，应在电暖气内部应充入比热容较小的介质，即吸热能力较弱的介质。 2. （创新考法）如图甲所示，小明用相同的实验装置分别加热质量均为200g的水和食用油，根据实验数据绘制了如图乙所示的温度随时间变化图像。 （1）由图乙和表可知，小明选用是______（选填“酒精”“煤油”或“水银”）温度计； （2）由图乙可知，______的吸热能力较强； （3）水在0~4min吸收的热量是______J；c水=4.2×103J/(kg·℃） （4）小明分析图乙后，想到端午节妈妈煮粽子时，先用大火将水烧开，再改用小火加热，这样既可以节约能源，又能保持水继续沸腾将粽子煮熟。原因是水沸腾时持续吸热，温度________。 【答案】（1）水银 （2）水 （3）6.72×104 （4）保持不变 【解析】（1）由图乙可知，水的沸点为100℃，油的沸点为260℃，所选温度计中液体的沸点需要大于260℃，因此由表可知，小明选用的是水银温度计。 （2）由图乙可知，在沸腾前，液体升高相同温度，水所用的加热时间更长，吸收热量更多，根据可知，质量相同时，水的比热容更大，吸热能力更强。 （3）由题意可知，水在0~4min吸收的热量是 （4）由图乙可知，水沸腾时不断吸热，但温度保持不变，因此改用小火加热，这样既可以节约能源，又能保持水继续沸腾将粽子煮熟。 分析有理·押题有据 考点趋势：中考热学三个重点实验包括：探究固体熔化凝固时温度的变化规律、 探究水的沸腾前后温度变化的特点、探究比较不同物质吸热能力。前2个实验多次考过，2026年是吉林中考实验题命题趋势。 押题（依据）理由：为了打破命题固有模式，热学实验不重复出现近2年考过的实验，预计2026年在实验大题里会考查探究比较不同物质吸热能力的实验。可能在第六大题第17小题出现。 押题解题秘笈： 一、掌握不同物质的吸热能力的实验基本要领是提高探究能力的保证 【实验装置】 【探究方法】控制变量法，转换法 【探究过程】 1.安装实验装置顺序：自下而上安装好实验装置;在两个铁架台的底座上各放一个规格相同的酒精灯，调好铁圈的高度，将石棉网放在铁圈上。 2.取相同质量的水和煤油分别倒入两只烧杯中。 3.分别给两液体加热，加热时上下反复缓慢地提拉搅拌器，记下不同时刻的温度。 4.记录数据, 绘制T-t 图像。 【实验图像】 【实验结论】质量相同的水和食用油吸收相同的热量，食用油的温度升高的较大 二、掌握不同物质的吸热能力的实验考查点是快速解题的技巧 1.实验器材组装顺序：自下而上。 2.温度计放置位置：不要碰到容器壁和容器底。 3.选择相同的酒精灯加热目的是：使水和煤油在相同加热时间吸收相同的热量相同。 4.通过加热时间的长短，来体现液体吸收热量的多少，此方法为转换法。 5.实验中各数据可能有较大差异，原因：①酒精灯规格难以保证完全相同，②实验中热量有损失。 6.使用电加热器代替酒精灯的好处：易于控制产生热量的多少。 7.器材作用：①实验测量仪器：温度计、停表分别用于测量温度和加热时间。 ②搅拌器的作用：使液体受热均匀。 ③石棉网：使烧杯底部受热均匀。 终极猜想·精练通关 1. 在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中，加热水和煤油，使它们升高相同的温度，比较它们吸收热量的多少，看看这两种物质的吸热能力是否存在差异。（如图甲、乙） （1）在两个完全相同的烧杯中分别装入________（选填“质量”或“体积”）、初温都相同的水和煤油； （2）在相同条件下用相同的酒精灯分别给水和煤油加热，通过________（填“升高的温度”或“加热时间”）来比较水和煤油吸收热量的多少； （3）根据实验数据，同学们做出了水和煤油的温度随时间变化的图像如图乙所示，由乙图可知，水的温度随时间变化的图像是________（填“a”或“b”），煤油的比热容为________。[水的比热容] 【答案】（1） 质量（2） 加热时间 （3） a 【解析】（1）根据控制变量法，该实验中需要控制水和煤油的质量相同。 （2）在相同条件下用相同的酒精灯分别给水和煤油加热，使水和煤油在相同的时间吸收的热量相同，故可通过加热时间来比较水和煤油吸收热量的多少。 （3）水的比热容较大，吸热能力较强，升高相同的温度，水需要的热量更多，则水加热的时间更长，故水的温度随时间变化的图像是a；当质量相同的水和煤油的温度都升高到30℃时，水的加热时间为6min，煤油的加热时间是3min，即水吸收的热量是煤油的2倍，根据可知，水的比热容是煤油的比热容的2倍，则煤油的比热容 2．如图甲，在探究“不同物质吸热能力”的实验中，用相同的电加热器分别给水和食用油加热，根据实验数据绘制了如图乙所示的温度随时间变化图像。    （1）在两个相同的烧杯中分别加入初温和 相同的水和食用油： （2）实验中是通过比较 来间接反映水和食用油吸收热量的多少； （3）根据图乙可知 （选填“水”或“食用油”）的吸热能力强； （4）下列选项中与本实验所研究特性无关的是 。 A．用热水袋取暖　　B．汽车的水箱　　C．夏天在地面喷水降温 【答案】（1） 质量 （2） 加热时间（4） 水（4） C 【解析】（1）根据比较不同物质吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，故实验中要求在两个烧杯内分别加入初温和质量相同的水和食用油。 （2）根据转换法，水和食用油吸收热量的多少是通过加热时间来反映的。 （3）在实验中发现相同时间，即吸收的热量相同时，水的温度升高得比较慢，由比较吸热能力的方法，这说明水的吸热能力强。 （4）AB．根据可得，质量相同的不同物质升高或降低相同的温度，比热容越大吸热或放热越多，故汽车的水箱、用热水袋取暖均与本实验研究物质特性（比热容）有关，故AB不符合题意； C．夏天在地面喷水降温，是利用蒸发吸热具有致冷的作用，与比热容无关。故C符合题意。故选C。 3．如图所示，在“比较不同物质吸热情况”的实验中，各取质量为50g、初温为20℃的水和食用油分别装在两个相同的烧杯中，用两个相同的酒精灯加热，每隔1min记录一次数据，如下表所示。    （1）分析实验数据可知， （选填“水”或“食用油”）的吸热能力更强； （2）实验中主要用到的科学探究方法有控制变量法和 法； （3）根据表中记录的数据，则2min内食用油吸收的热量是 J，所使用的酒精灯的加热效率为 【q酒精=3.0×107J/kg，c水=4.2×10³J/（kg·℃）】。 【答案】（1） 水 （2） 转换（3） 6.3×103 21% 【解析】（1）由表中数据可知，相同质量的水和食用油，吸收相同热量时，食用油的温度变化量更大，故可知水的吸热能力更强。 （2）实验中为了控制无关变量，应控制水和食用油的质量和初温相同，故运用了控制变量法，将水和食用油吸收热量的多少转化为加热时间，运用了转换法。 （3）2min内水和食用油吸收的热量相同，故由Q=cmΔt可得 Q吸=c水m水Δt水=c油m油Δt油=4.2×103J/(kg·℃)×0.05kg×(50℃-20℃)=6.3×103J 由Q=mq可得，酒精完全燃烧释放的热量为 Q放=m酒精q酒精=1×10-3kg×3.0×107J/kg=3.0×104J 故可得所使用的酒精灯的加热效率为 4. 为了“比较水和沙子吸热升温情况”，小明做了下列的实验：在两个相同的烧杯中分别装有质量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如下： （1）在此实验中，用________（填加热时间或升高温度）来表示物质吸收热量的多少。 （2）如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，_____（选填“沙子”或“水”）升高的温度更高。 （3）通过实验可以得到不同物质的吸热升温情况不同的结论，物质的这种属性用_____这个物理量来描述。 （4）下列事实能用上述实验结果解释的是_______ A．夏天给教室洒水，感觉凉爽 B．用盐水腌蛋，一段时间后蛋会变咸 C．长期堆放煤的水泥地面变成黑色 D．沿海地区昼夜温差会比内陆地区小 （5）由以上实验探究结论可以判断，假如白天在海滩游玩时，进入海边的荒山后迷了路，他应该选择________（选填“顺风”或“逆风”）返回到海边。 【答案】（1）加热时间 （2） 沙子 （3）比热容 （4）D （5）逆风 【解析】（1）在实验中，用加热时间长短表示物质吸收热量的多少，加热时间越长，吸收的热量越多。 （2）由表中数据可知，加热相同的时间，吸收相同的热量，质量相同的水和沙子，沙子升高的温度更高。 （3）通过实验可以得到不同物质的吸热升温情况不同的结论，物理中用比热容这个物理量来描述不同物质吸热能力的不同。 （4）A．夏天给教室洒水，感觉凉爽，这是由于水蒸发吸热造成的，故A不符合题意； B．用盐水腌蛋，一段时间后蛋会变咸，这是因为分子是在永不停息地运动，故B不符合题意； C．长期堆放煤的水泥地面变成黑色，这也是由于分子运动造成的，故C不符合题意； D．相同质量的水和干泥土相比较，在相同的受冷和受热的情况下，由于水的比热容大（水的吸热能力大），水温度变化慢，而干泥土温度变化快，故沿海地区昼夜温差会比内陆地区小，故D符合题意；故选D。 （5）海边水分较多，白天在阳光的照射下，海边升温慢气压高，空气由海边向气压低的森林吹，故他应该选择逆风返回到海边。 押题猜想十八 探究平面镜成像的特点的实验 试题前瞻·能力先查 1.（常规考法）如图甲所示，在“探究平面镜成像特点”的实验中，选取两支等大的蜡烛A和B。 ( A B A A ′ O 12cm 12cm O′ 甲 乙 ) (1)实验中选择薄玻璃板效果好。此实验不能用平面镜进行，是因为平面镜______，不能确定像的位置． (2)选取两支等大蜡烛的目的是_______________。 (3)小组一同学在实验过程中始终不能使像与物体重合，其原因是____________。 （4）如图乙是小组调节好平面镜放置后的实验记录，通过分析发现像与物到玻璃板的距离相等，像与物的连线与玻璃板垂直。该小组实验的不足之处是_______________。 【答案】(1) 不透光；(2)为了比较像与物的大小关系；(3)平面镜没有与桌面垂直； (4)一次实验不具备普遍性。 【解析】（1）用平面镜做实验，由于不透光，能在平面镜里看见虚像，但不能再平面镜后看见放在像点的蜡烛。（2）取两支等大蜡烛的目的是为了比较像与物的大小关系.（3）在实验过程中始终不能使像与物体重合的原因是平面镜没有与桌面垂直或者选择的玻璃板太厚。（4）做任何实验只做一次得到的结果是没有代表性的，不具有普遍性。 2.（改编）小文“探究平面镜成像特点”的实验装置如甲图所示，把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板的前面，再拿另一支相同的蜡烛B竖立着在玻璃板后面移动，直到在玻璃板前面透过玻璃板看上去蜡烛B跟蜡烛A的像完全重合，在水平桌面的白纸上记下蜡烛A和B的位置。改变蜡烛A到玻璃板的距离，重复做多次实验。 （1）实验时，选用玻璃板代替平面镜，主要是为了 ； （2）实验中，蜡烛B跟蜡烛A的像完全重合，说明像与物的大小相等；实验过程中，小文特意用手触摸烛焰的像，并没有感到灼热，说明平面镜成的像是 ； （3）小文连接白纸上物点和对应的像点，并测出相应长度，如图乙所示： ①据此证据可得出的结论是：像与物到平面镜的距离 ； ②同学小王认为小文处理证据不严谨，对小文说出自己观点：“你连接物点和对应的像点，并测物距和像距，默认了物像连线与镜面是垂直的，而这一规律，在这个实验前是未知的”。你对小文的证据处理提出的改进意见是 。 【答案】（1）便于确定像的位置（2） 虚像 （3） 相等 见解析 【解析】（1）实验中，选用玻璃板代替平面镜，是因为玻璃板具有透明性，便于确定像的位置。 （2）蜡烛B跟蜡烛A的像完全重合，因为两蜡烛相同，故说明蜡烛A跟蜡烛A的像大小相等，即说明像与物的大小相等；小文特意用手触摸烛焰的像，并没有感到灼热，说明像不是由实际光线会聚形成的，即说明平面镜成的像是虚像。 （3）①由图乙可得出结论：像与物到平面镜的距离相等。 ②可先验证物像连线与镜面是垂直的，即过A1点做玻璃板所在直线的垂线，垂足为p，过B1点做玻璃板所在直线的垂线，垂足为q，发现p、q重合；接着可以连接其他组物点和对应的像点。 分析有理·押题有据 考点趋势： 中考光学三个重点实验包括：探究光的反射定律、探究平面镜成像的特点、探究凸透镜成像的规律。这三类光学实验是吉林省中考命题主要素材，每年都在三类实验中考查一类。 押题（依据）理由： 探究光的反射定律、探究凸透镜成像的规律2类实验多次考过，为了打破命题固有模式，预计2026年在实验大题里会考查探究平面镜成像的特点的实验。可能在第六大题第18小题出现。 押题解题秘笈： 注重对探究平面镜成像特点实验的考查点的训练是快速解题的技巧 （1）为了使观察到的像更为清晰，实验最好在较暗的环境中进行； （2）实验中用玻璃板代替平面镜，目的是便于观察和确定像的位置，并比较物像的大小关系，原因是玻璃板既能反射光又能透过光，即透过玻璃板能看到未点燃的蜡烛，也能看到点燃的蜡烛所成的像； （3）实验应选用较薄的玻璃板。因为玻璃板的前后表面可以各成一个像，当玻璃板较厚时，两个像有较大的错位，难以确定像的位置； （4）实验中，玻璃板要竖直立在水平桌面上。若玻璃板没有竖直放置，则未点燃的蜡烛和点燃的蜡烛将不能完全重合； （5）实验中，使用两支完全相同的蜡烛，目的是比较像与物体的大小关系； （6）用点燃的蜡烛做实验的优点是所成的像比较亮，便于观察； （7）白纸用于标注玻璃板的位置、蜡烛以及蜡烛的像的位置，刻度尺用于测量蜡烛以及蜡烛的像到玻璃板的距离； （8）改变蜡烛与玻璃板的距离进行多次实验，是为了寻找普遍规律。 终极猜想·精练通关 1．小明和小华利用茶色玻璃板、刻度尺、白纸、两个相同的电子蜡烛等器材，探究平面镜成像的特点。 （1）如图甲，将白纸平铺在水平桌面上，再将玻璃板 放置在纸上； （2）在玻璃板前放上电子蜡烛A，闭合开关使其发光，再将电子蜡烛B放到玻璃板后，调整B的位置使其与A的像 ，在纸上分别记录A、B的位置； （3）多次改变A的位置，重复上述实验。在探究像到镜面距离与物到镜面距离的关系时，下列测量方法中，正确的是 ； （4）完成探究后，小明和小华利用左右两侧面开孔的正方体纸盒、茶色玻璃板和发光小灯制作了一个“魔盒”，如图乙所示，两人都可以通过孔看到对方，但只有小明能看到魔盒中发光小灯在他正前方成的像，则纸盒中玻璃板可沿ac方向放置，且发光小灯应贴在纸盒内 处。 【答案】（1）竖直；（2）重合；（3）方法2；（4）N。 【解析】（1）为使得像成在桌面上，将白纸平铺在水平桌面上后，应再将玻璃板竖直放置在纸上。 （2）为了探究物像的大小和位置关系，在玻璃板前放上电子蜡烛A，闭合开关使其发光，再将电子蜡烛B放到玻璃板后，调整B的位置使其与A的像重合，在纸上分别记录A、B的位置。 （3）为使得成像更清晰，应选择玻璃板靠近蜡烛A的一面作为反射面，同时选择蜡烛A和蜡烛B上关于镜面对称的点作为A、B的位置，所以在探究像到镜面距离l2与物到镜面距离l1的关系时，测量方法中正确的是方法2。 （4）平面镜成像是由于光的反射成像，且像与物关于平面镜对称，要使只有小明能看到魔盒中发光小灯在他正前方成的像，则当纸盒中玻璃板沿ac方向放置时，发光小灯应贴在纸盒内N处；当纸盒中玻璃板沿bd方向放置时，发光小灯应贴在纸盒内M处。 2. 小明积极响应学校规范仪容仪表的号召。有一次当他走近平面镜时，他发现自己的像“变大”了，于是他提出：像的大小与物体的大小有什么关系呢？他用图甲的实验装置来探究平面镜成像特点。根据所学知识回答下列问题。 （1）他把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前，用一支外形与A完全相同但不点燃的蜡烛B，在玻璃板后面移动，直到与A的像完全重合，说明像与物体的大小______； （2）实验中他测得蜡烛A到玻璃板的距离为12cm，则蜡烛A的像到玻璃板的距离为______cm； （3）他做完平面镜成像实验后，找来白色硬纸板、量角器和激光笔等，用这个实验的玻璃板代替平面镜完成光的反射定律实验，装置如图乙所示。图丙是其实验过程中的一条入射光线，请你根据光的反射定律在图丙中做出反射光线_______；（保留作图痕迹） （4）细心的小明发现用玻璃板做实验有一个不足：反射光的亮度明显比入射光暗了许多，这是因为光斜射到玻璃板上发生反射的同时也发生了______。 【答案】（1）相等 （2）12 （3） （4）折射 【解析】（1）实验中选取两支相同的蜡烛，把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前，人眼中玻璃板前面观察蜡烛A的像，不点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，同时观察蜡烛B与A的像完全重合，说明物体在平面镜中所成的像与物体大小相等。 （2）平面镜成的像和物体到平面镜的距离相等，蜡烛A到玻璃板的距离为12cm，则蜡烛A的像到玻璃板的距离为12cm。 93过入射点作法线，根据反射角等于入射角在法线右侧画出反射光线，如图所示： (4当光线斜射到玻璃板上时，除了一部分光线发生反射外，还有一部分光线会进入玻璃板发生折射，导致反射光的光强减弱，因此看起来比入射光暗。 3．为完成“探究平面镜成像特点”实验，小芳选择了如图所示的实验装置。 (1)小芳用玻璃板代替平面镜的目的是 ； (2)小芳把点燃的蜡烛A放在玻璃板前，还要在玻璃板的后面放一支外形相同但没有点燃的蜡烛B，小芳应在 （选填“A”或“B”）蜡烛一侧观察玻璃板中的像； (3)移去蜡烛B，在其原位置放置一块光屏，光屏上不能得到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是 （选填“实像”或“虚像”）； (4)实验中，发现在水平桌面上无论怎样移动蜡烛B，都与蜡烛A的像无法完全重合，你认为原因可能是 ； 【答案】(1)便于确定像的位置 (2)A (3)虚像 (4)玻璃板与桌面不垂直 【解析】（1）用玻璃板来代替平面镜，是因为玻璃板既能透光也能反光，这样便于确定像的位置。 （2）平面镜成像属于光的反射，小芳把点燃的蜡烛A放在玻璃板前，还要在玻璃板的后面放一支外形相同但没有点燃的蜡烛B，小芳应在A蜡烛一侧观察玻璃板中的像，如果在蜡烛B一侧观察，她将不能观察到像，更不能移动蜡烛B的位置使之与蜡烛A的像重合。 （3）实像能成在光屏上，虚像不能成在光屏上，所以移去蜡烛B，在其原位置放置一块光屏，光屏上不能得到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是虚像。 （4）实验中， 发现在水平桌面上无论怎样移动蜡烛B，都与蜡烛A的像无法完全重合，可能是平面镜与桌面不垂直，导致蜡烛A的像偏高或偏低，无法在水平桌面上找到与蜡烛A重合的像。 4. 如图，是实验小组利用多枚相同的硬币“探究平面镜成像特点”的实验装置。 （1）现在有透明和茶色两种薄玻璃板可供选择，应该选择________（选填“透明”或“茶色”）薄玻璃板。 （2）将五枚硬币叠成圆柱A放在薄玻璃板的一侧，移动玻璃板另一侧用五枚硬币叠成的圆柱B，恰好能与玻璃板后圆柱A的像重合，说明平面镜成像时像与物________________。 （3）多次改变圆柱A的位置重复上述操作，并记录每次圆柱A和圆柱B的位置如图所示，从图中可以得出的结论是：平面镜成像时，_____________________（写出一条即可）。 （4）小组的同学将圆柱B改成4枚硬币，发现在玻璃板后不管如何移动圆柱B，圆柱B都不能和圆柱A的像完全重合，根据这一现象________（选填“能”或“不能”）进一步验证（2）中得出的结论。 【答案】（1）茶色 （2）大小相等 （3）像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离 （4）能 【解析】（1）无色透明玻璃杯透光性太强，容易受到玻璃另一侧物体的干扰，茶色玻璃板透光性较差，成像主观感觉比无色玻璃好得多，故应选择茶色薄玻璃板。 （2）圆柱A、B都是由五枚硬币叠成，而且分布在玻璃板两侧，移动玻璃板，都恰好能与玻璃板后圆柱A的像重合，说明平面镜成像时像与物的大小相等。 （3）由图可知A1到玻璃板的距离等于B1到玻璃板的距离，由此可以得出结论：平面镜成像时，像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离。 （4）圆柱B改成4枚硬币，此时圆柱A为五枚硬币，两者大小不一样，所以在玻璃板后不管如何移动圆柱B，圆柱B都不能和圆柱A的像完全重合，由此验证了平面镜成像时像与物大小相等。 押题猜想十九 探究液体压强与哪些因素有关 试题前瞻·能力先查 1.（改编题）物理兴趣小组在做“探究液体压强与哪些因素有关”的实验时，进行了如图所示的操作。 结合以上信息，请思考： （1）为了使实验现象更明显，压强计探头上的橡皮膜应选______（选填“薄”或“厚”）一些较好，实验前用手指按压探头的橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置的气密性______。 （2）实验中通过观察U形管______，显示液体内部压强大小。 （3）比较表中的______（填序号）三次实验可知：在液体内部的同一深度，向各个方向的压强都相等。 （4）比较表中的①②⑤三次实验可知：探头浸入液体中的深度越大，液体的压强______。 【答案】（1） 薄 好 （2）液面高度差 （3）②③④ （4）越大 【解析】（1）为了使实验现象更明显，压强计探头上的橡皮膜应选较薄的，较薄的橡皮膜比较容易发生形变。 压强计是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强大小的，实验前，用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气，气密性好。 （2）实验中通过U形管中液面的高度差来反映被测压强大小的，如果U形管中液面的高度差较大，说明液体内部压强较大。 （3）要得到在液体内部的同一深度，向各个方向的压强都相等，保持探头在同种液体的同一深度，探头的朝向不同，比较表2中的②③④三次实验。 （4）比较表2中的①②⑤三次实验，探头的朝向相同，探头浸入液体中的深度越大，U形管两侧液面高度差越大，可以得到深度越大，液体的压强越大。 2. （创新考法）探究液体压强与哪些因素有关，完成下列任务。 任务一 测量盐水、水和酒精的密度 （1）将天平放在水平台上，把游码移至标尺左端______处，并调节好天平。 （2）用注射器抽取5mL盐水，用天平测得注射器和盐水的总质量，如图甲所示，为______g。 （3）用注射器继续抽取盐水，活塞移至15mL处，测得注射器和盐水的总质量为27.4g，盐水的密度为______g/cm3。继续测出水和酒精的密度。 任务二 探究液体内部压强 （4）图乙是U形管压强计，实验时通过两侧液面的高度差来反映______的大小。 （5）三个容器分别装有适量的盐水、水和酒精，改变探头在液体中的深度，记录探头的深度h与U形管两侧液面的高度差Δh，绘制Δh-h图像如图丙，分析图像可知： ①液体压强与液体的深度有关，在相同液体内部，深度越深，压强越______。 ②液体压强与液体的密度有关。 【答案】（1）零刻度线 （2）15.8 （3）1.16 （4）液体压强 （5）大 【解析】（1）天平放在水平台上，首先要将游码调至标尺左端零刻度线处，再调节平衡螺母使天平水平平衡。 （2）由图甲可知天平标尺的分度值为0.2g，则注射器和盐水的总质量为 （3）用注射器继续抽取盐水，活塞移至15mL处，测得注射器和盐水的总质量为27.4g，则抽取盐水的体积为 抽取盐水的质量为 盐水密度为 （4）压强计的探头浸没到水中某一深度，此时探头上的橡皮膜会受到水的压力，故橡皮膜会发生形变；此装置是利用液体对橡皮膜压强不同，U形管左右两管中液面高度不同来比较液体压强的，故可通过观察U形管两侧液面的高度差来判断橡皮膜受到压强的大小。 （5）由图丙可知，在同种液体中，探头所处的深度越深，U形管两侧液面的高度差越大，即受到的液体压强越大，则可得出结论：同种液体中，深度越深，液体压强越大。 分析有理·押题有据 考点趋势： 中考力学重点实验包括：（1）用托盘天平测量物体的质量； （2）测量固体和液体的密度； （3）用刻度尺测量长度，用表测量时间； （4）测量物体运动的速度；（5）用弹簧测力计测量力；（6）探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关；（7）探究液体压强与哪些因素有关；（8）探究浮力大小与哪些因素有关；（9）探究杠杆的平衡条件。 押题（依据）理由：根据吉林省近3年中考力学实验题命题的实际，每年实验必出现2道力学实验题，其中实验（2）与实验（8）是结合浮力测密度，实验（6）在2025年考过，其他实验在以往也考过，经研判实验（7）、实验（9）是2026年吉林省力学实验题重点需要考虑类型。 押题解题秘笈： 强化对探究液体内部压强的特点实验考查角度的训练是获得高分的技巧 1.U形管压强计的作用：通过U形管内两管液面高度差来判断液体内部压强大小； 2.液体压强产生的原因是：液体受到重力作用；液体有流动性； 3.实验前的两个操作：（1）先检查U型管左右两边的液面是否相平； （2）检查装置的气密性：（用手压金属盒上的橡皮膜，观察U型管中液面是否发生变化，若变化明显，则气密性良好）； 4. 两种实验方法： ①控制变量法：（1）控制探头的深度、液体的密度相同，改变压强计探头的方向；（2）控制液体的密度、探头的方向相同，改变探头的深度；（3）控制探头在液体中的深度、方向相同，改变液体的密度； ②转换法：液体内部压强的大小无法直接测量，实验中我们是用压强计两侧的液面高度差来判断液体内部压强的大小； 5.实验时发现U型管内高度差没变化原因是什么？怎么解决？ 答：气密性不好，拆下来重新安装； 6.使用的U型管是不是连通器：不是； 7.此实验U型管内液体为什么要染成红色？答：使实验效果明显，便于观察； 8.实验需要多次进行，目的是：总结普通规律； 9. 实验结论： ①液体内部存在着向各个方向的压强； ②在液体内部的同一深度，向各个方向的压强相等； ③在同一液体内部，深度越深，压强越大； ④深度相同时，液体的密度越大，压强越大。 终极猜想·精练通关 1. 在探究液体压强与哪些因素有关时，小明提出如下猜想： ①与深度有关；②与液体密度有关；③与容器大小有关。 （1）实验前，U形管两侧液面如图甲，应重新安装橡胶管使两侧液面________。 （2）调好器材后，探究猜想①和②比较图乙、丙可知：同种液体，________，压强越大；已知，比较图丙、________可知：深度相同时，液体密度越大，压强越大。 （3）将探头放入图戊的盐水中，U形管两侧液面高度差与图丙一致。已知，根据实验结论推测，探头的位置可能在________（选填“a”“b”或“c”）处。 （4）探究猜想③，如图，在大小不同的容器中装入深度相同的水，将探头分别放入容器底，观察U形管两侧液面，得出结论。此实验设计不合理的地方是________。 （5）完成实验后，针对猜想①的探究，为了使结论具有普遍性，除了在水中多次实验外，还应该进行的实验是________。 【答案】（1）相平 （2） 深度越深 丁 （3）a （4）见解析 （5）见解析 【解析】（1）实验前，U形管两侧液面如图甲，还没有按压橡皮膜前U形管两侧液面就存在一定的高度差，可知两管气压不相等，接下来的操作是拆除软管重新安装，则两管气体与大气连通，液面就是相平的。 （2）比较图乙、丙可知，同种液体，丙图中探头的深度较大，U形管两侧液面的高度差较大，液体压强较大，可以得到同种液体，深度越大，压强越大。 要得到深度相同时，液体密度越大，压强越大，需要控制液体的深度相同，改变液体的密度，比较图丙和图丁。 （3）深度相同，液体的密度越大，液体压强越大，盐水的密度大于水的密度，将探头放入图戊的盐水中，U形管两侧液面高度差与图丙一致，盐水和水产生的压强相等，盐水的深度较小，探头的位置可能在a处。 （4）探究液体压强与容器大小有关，要控制液体的种类以及深度相同，在大小不同的容器中装入深度相同的水，将探头分别放入容器底，排开液体的体积相同，大容器的底面积大于小容器的底面积，由可知，水升高的高度不同，最终水的深度不同。 （5）探究液体压强与深度的关系，为了使结论具有普遍性，除了在水中多次实验外，还需要更换密度不同的液体重复操作。 2．小明为了探究液体内部压强的规律，设计了如图的实验操作： (1)压强计上的U形管 （填“属于”或“不属于”）连通器; (2)在使用压强计前，发现U形管中两侧液面已有高度差（如图甲所示），接下来的操作正确的是________（选填字母）。 A．拆除胶管重新安装 B．直接从U形管右侧中倒出适量液体 (3)正确操作后，分析乙、丙两图的实验现象，可以初步得出结论是 ; (4)小明同学将探头固定在容器里，又向容器内加入大量的浓盐水，此时发现U形管两侧液面的高度差又变大了，于是他得出了“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大”的结论。你认为小明上述操作 （填“可靠”或“不可靠”）; (5)如图戊所示，小明在一次实验中发现将压强计探头放入某种液体的烧杯中b位置时，使U形管两侧液面的高度差Δh与探头在图丁水中的a位置时相同，观察两烧杯中的探头位置可知，图戊中烧杯中的液体密度（填“＞”“＜”或“＝”）； (6)若U形管足够长，则U形管内选用密度 的液体可以减小实验误差（填“较大”或“较小”）。 【答案】(1)不属于 (2)A (3)同种液体中，液体深度越深，液体的压强越大。 (4)不可靠 (5)＞ (6)较小 【解析】（1）连通器是底部相连，上端开口，而压强计U形管上端一端封闭，故压强计上的U形管不属于连通器。 （2）调节压强计时，只需要将软管取下，再重新安装，这样U形管中两管上方的气体压强就是相等的 （都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故A符合题意，B不符合题意。故选A。 （3）分析图乙、丙两图，液体的密度相同，乙图探头所处液体的深度比丙图小，而丙图U形管两边液面高度差较大，则得出的结论是：同种液体中，液体深度越深，液体的压强越大。 （4）研究液体压强与液体的密度的关系，要控制液体的深度相同，李婷同学将探头固定在容器里，又向容器内加入大量的浓盐水，使探头所处液体的深度变大，所以李婷同学上述操作不可靠。 （5）如图戊所示，小明将压强计探头放入某种液体的烧杯中b位置时，使U形管两侧液面的高度差Δh与探头在图丁水中的a位置时相同，说明两次液体内部的压强相同，由图知ha﹥hb，根据p＝ρgh知烧杯戊中的液体密度大于水的密度。 （6）根据压强计的构造可知，我们是通过U形管中液面的高度差来判断压强大小的，即高度差越大，压强就越大，高度差越小，压强就越小；在压强大小一定的情况下，根据p=ρgh可知，在U形管内充灌密度较大的液体时，U形管中液面高度差较小；充灌密度较小的液体时，U形管中液面高度差较大，所以U形玻璃管内选用密度较小的液体可以减小实验误差。 3. 小遥同学在做“探究液体压强与哪些因素有关”的实验。 （1）安装完实验器材后，小遥发现U形管两侧液面出现高度差，如图甲所示，接下来的操作：__________； （2）如图乙所示，从结构上看，压强计__________（选填“属于”或“不属于”）连通器； （3）通过比较丙、丁两图得出结论：同种液体，_________，压强越大； （4）若图丁中，探头在水中的深度为8cm，请你计算该处水的压强为______Pa； （5）小遥还想探究液体内部压强与液体密度的关系，于是他向图丁烧杯中多次加盐水，发现U形管两侧液面高度差不断增大，于是得出“液体密度越大，压强越大”的结论。他的结论是错误的，请你说出他错误的理由是_________。 【答案】（1）取下软管再重新安装 （2）不属于 （3）深度越深 （4） 800 （5） 没有控制液体的深度相同 【解析】（1）U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强，当使用前发现U形管内水面已有高度差，只需要取下软管再重新安装，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的调节压强计时。 （2）上端开口，下端连通的容器叫连通器，液体压强计的左端是密闭的，所以不属于连通器。 （3）比较乙、丙两图可知，液体密度相同，丙中探头深度大，形管两侧液面的高度差大，液体压强也大，故可以得出的结论是：同种液体，深度越大，液体压强越大。 （4）探头在水中的深度为8cm时的压强为 （5）向丙图烧杯中多次加盐水，改变了液体密度的同时也改变了液体深度，没有控制液体的深度相同，故结论错误。 4. 物理课上，同学们利用压强计“研究液体内部的压强”，进行了如下的操作。 （1）实验前，用手指按压橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置______（选填“漏气”或“不漏气”）。没有按压橡皮膜时，U形管两侧液面存在高度差，接下来的操作是______（选填字母）； A．从U形管内向外倒出适量水 B．拆除软管重新安装 C．向U形管内添加适量水 （2）如图所示，将探头放入水中进行实验，分析图中信息可知： ①根据甲乙两图的实验现象，可得出结论：液体内部向各个方向都有压强，同种液体在同一深度，向各个方向的压强大小都相等； ②根据乙、丙两图的实验现象，可得出结论：______； ③根据丙、丁两图的实验现象可知：液体内部压强大小与密度有关。 （3）以上实验探究过程中，运用的实验探究方法有控制变量法和______； （4）聪明的小红想知道丁图中的盐水密度是多少，于是设计了如图戊所示的实验装置。内外两个容器紧密粘合在一起，内部小容器的底部为一张弹性很好的橡皮膜。小红进行了如下操作： a．在内部小容器内装入适量待测盐水，发现橡皮膜向下突出； b．在外部大容器内装入清水，直到橡皮膜变平，测出盐水深度h以及清水与盐水的液面高度差，请你写出盐水的密度表达式______（用含有h、和的式子表示）。 【答案】 （1） 不漏气 B（2）同种液体中，深度越深，压强越大 （3） 转换法 （4） 【解析】（1）实验前要检查装置的气密性，当用手指按压橡皮膜，如果发现U形管中的液面升降灵活，则说明该装置不漏气。 若没有按压橡皮膜时，U形管两侧液面就存在高度差，需要将软管取下，让U形管左端液面和大气相通，再重新安装，使U形管中的液面相平；从U形管内向外倒出适量水或向U形管内添加适量水，不能改变左侧橡胶管内的气压，U形管两侧液面高度不能相平，故选B。 （2）根据乙、丙两图可知，液体相同，探头在液体中的深度不同，U行管液面的高度差不同，分析可得，同种液体内部，深度越深，压强越大。 （3）液体压强跟液体密度和液体的深度有关，探究液体压强大小跟液体深度关系时，控制液体密度不变；探究液体压强大小跟液体密度关系时，控制液体深度不变，这是控制变量法；用U形管两侧液体高度差反映产生液体压强的大小，这是转换法；故在本实验中，用到了控制变量法和转换法。 （4）如图，在外部大容器内装入清水，直到橡皮膜变平，说明橡皮膜以上的盐水产生的压强等于橡皮膜所在深度处的水产生的压强，即 则盐水的密度为 押题猜想二十 用电流表和电压表测量电阻 试题前瞻·能力先查 1.（改编）“动手知真”小组在“用电流表和电压表测电阻”实验时，选取如下器材：干电池两节、电流表和电压表各一只、滑动变阻器一个（最大阻值为）、待测定值电阻和导线若干。 （1）根据甲图，用笔画线代替导线，在乙图中完成实物图连接； （2）闭合开关前，应将滑片P移至B端；闭合开关后发现电流表和电压表均无示数，电路故障可能是______开路（选填“定值电阻”或“滑动变阻器”）； （3）排除故障后，闭合开关，调节滑片P，当电压表示数为1V时，电流表示数如丙图所示为______A。多次测量数据记录如下表所示，阻值为______Ω（结果保留一位小数）； （4）实验中电流表损坏，组员们利用现有器材设计了如丁图所示电路，测量步骤如下： ①闭合开关，滑片P移至A端，电压表示数为； ②再将滑片P移至B端，电压表示数为； 待测定值电阻的阻值______（用表示）。 【答案】（1） （2） 滑动变阻器 （3） 0.2 5.1 （4） 【解析】（1）电源电压为3V，由图甲可知，电压表应选用小量程与待测定值电阻并联，作图如下： （2）闭合开关后发现电流表和电压表均无示数，说明电路中发生断路且电压表的两端无法与电源相通，则故障可能是滑动变阻器开路。 （3）当电压表示数为1V时，电流表示数如丙图所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A。 第一次实验测得阻值为 第二次实验测得阻值为 第三次实验测得阻值为 为减小误差，应多次测量求平均值，所以阻值为 （4）①闭合开关，滑片P移至A端，和变阻器最大阻值串联，电压表测电压，电压表示数为； ②再将滑片P移至B端，变阻器连入电路阻值为零，单独接入电路，电压表测电源电压，示数为； 根据串联电压规律，①中电压为，根据分压原理则有，解待测定值电阻的阻值。 2. （常规考法）小明想测量标有“”字样的小灯泡正常发光时的电阻，连接的部分电路如图甲所示。 （1）请用笔画线代替导线将电路连接完整； （2）小明连接电路后闭合开关，发现小灯泡不发光，电压表和电流表均无示数，产生这一现象的原因可能是________； A. 小灯泡断路 B. 滑动变阻器断路 C. 小灯泡短路 D. 滑动变阻器短路 （3）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为时，电流表示数如图乙所示。此时小灯泡的电阻是______（结果保留一位小数）； （4）利用现有器材，能否“探究通过导体的电流与电压的关系”？______，理由是______。 【答案】（1） （2）B （3）8.3 （4） ①. 不能 ②. 灯丝的电阻随温度的升高而增大 【解析】（1）滑动变阻器应“一上一下”选择接线柱与灯泡串联，作图如下： （2）连接电路后闭合开关，发现小灯泡不发光，电压表和电流表均无示数，说明发生断路且电压表的两端无法与电源相通，则产生这一现象的原因可能是滑动变阻器断路，故选B。 （3）移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为时，电流表示数如图乙所示，由图甲可知，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，则此时小灯泡的电阻 （4）探究通过导体的电流与电压的关系时，要控制电阻不变。灯丝的电阻随温度的升高而增大，是变化的，所以不能利用现有器材探究通过导体的电流与电压的关系。 分析有理·押题有据 考点趋势：中考电学重点实验包括： （1）用电流表测量电流； （2）用电压表测量电压； （3）用电流表和电压表测量电阻； （4）探究串联电路和并联电路中电流、电压的特点； （5）探究电流与电压、电阻的关系。 押题（依据）理由：全国各省市在中考试卷实验题里经常出现实验（3）（4）（5），吉林省也不例外。根据吉林省近3年中考电学实验题命题的实际，每年实验题必出现1道电学实验。实验（1）（2）的考法，一般都渗透在其他电学实验考题里，实验（5）在2025年考过，其他实验在以往也考过，经研判：实验（3）是2026年吉林省电学实验题重点需要考虑类型。也希望2026年毕业的考生对实验（4）问题加强训练（本文不专门讨论）。 押题解题秘笈： 一、解决伏安法测电阻的实验问题基本思路 (1)根据公式R=U/I，要测量一个未知电阻的阻值，需要测出这个电阻两端的电压和通过它的电流，所以需要用到电压表和电流表。用电压表和电流表测电阻的方法叫“伏安法”。 (2)在测定值电阻的阻值时，多次测量求平均值可以减小测量误差。 (3)一个灯泡的电阻大小由灯丝的长度、横截面积和材料决定，同时还与温度有关，所以灯泡在不同工作状态下(温度不同),电阻是不同的，如果要测量一个灯泡的电阻，则不能用多次测量求平均值的方法。 【特别提示】实验注意事项 ①连接电路时，开关要处于断开状态。 ②若定值电阻的阻值已知，可采用估算法选择电流表、电压表的量程;若定值电阻的阻值未知，则需采用试触法选择电流表、电压表的量程。 ③电压表、电流表的正、负接线柱接法要正确，让电流“正进负出”。 ④滑动变阻器采用“一上一下”的连接方式接入电路。闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应调到最大。 2、 伏安法测定值电阻阻值和测小灯泡电阻的异同 三、把握伏安法测电阻主要考向是解题快速的技巧 1.伏安法测电阻注意事项 （1）在连接电路的过程中，接线应有序进行，按照电路图从电源正极出发，把干路上的各元件串联起来，然后把电压表并联在待测电阻的两端； （2）连接实物图时，要将开关断开； （3）实验前，要将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处，以保证电路安全，防止开关突然闭合时，产生瞬间电流过大而损坏电源或电表； （4）可采用试触法确定电表的路程； （5）电表的正、负接线柱不能接反； （6）滑动变阻器应采用“一上一下”的连接方式； （7）进行多次测量并计算电阻的平均值，可以减小误差。 2.器材选择原则 （1）滑动变阻器：所选滑动变阻器的最大阻值应接近待测电阻的阻值； （2）电流表、电压表量程：在不超过量程的前提下，选用小量程测得的值要比选用大量程测得值准确，这是因为小量程的分度值小，准确的高。因此测量时，能用小量程就不要大量程。 3.滑动变阻器在实验中的作用 （1）保护电路；（2）改变待测电阻两端电压，实现多次测量。 4.常见故障分析： 5. 会正确连接电路图。主要体现是电流表、电压表、滑动变阻器的使用。 终极猜想·精练通关 1. 小明利用伏安法测量未知电阻 Rx的阻值，电源电压约为3V，Rx阻值约为10Ω。    （1）请用笔画线代替导线，完成图甲实物电路的连接 。（要求：滑动变阻器的滑片P 向左滑动时，电流表示数变小；连线不得交叉）; （2）测小灯泡的电阻的实验原理是 （3）闭合开关，两电表均无示数。现将电压表接在变阻器两端时无示数，接在开关两端时有示数，则电路故障是 （4）排除故障后，闭合开关，移动变阻器的滑片P至某一位置，此时电压表示数为2.7V,电流表示数如图乙，则未知电阻Rx Ω。这时，电阻突然烧断，则电压表的示数 （选填变大、变小或不变）。 【答案】（1）见解析（2）R=（3）开关断路（4）9 变大 【解析】（1）电源电压为3V，待测电阻约为10Ω，根据欧姆定律可知，电路中最大电流约为0.3A，可使用电流表0~0.6A量程。滑片P向左滑动时，电流表示数变小。即滑片向左移动时，变阻器连入电路中阻值变大，可使用B接线柱将变阻器接入电路。答案如图： （2）本实验中是间接地测量电阻，测量出电压与电流，根据欧姆定律计算出电阻。 （3）闭合开关后，两表均无示数，说明电路中断开之处。将电压表并联在开关两端时，电压表地示数，说明此时电压表两端与电源相连，即是断开的。 （4）电流表使用0~0.6A量程，分度值为0.02A，此时读数为0.30A，则待测电阻阻值为 如待测电阻突然断开，电压表两个接线柱直接与电源两极相连，读数约等于电源电压3V，故电压表示数要变大。 2. 用伏安法测量小灯泡正常工作时的电阻。实验器材包括：学生电源、小灯泡L（额定电流0.3A，电阻约10Ω）、滑动变阻器R（20Ω 2A）、电流表1个、电压表1个，开关2个（S1、S2），导线若干。 (1)用笔画线代替导线，将图1中的实物图连接完整 。要求：滑片P向右移动时，电路中的电流变小。 (2)将滑片P移到最大阻值处，闭合开关S1，灯不亮，电流表无示数，电压表指针快速偏转到最右边后损坏，则电路故障可能是 。排除故障，继续实验。 (3)不使用电压表，利用现有器材完成实验； ①将图2方框中的电路补充完整 。 ②闭合开关S1，调节滑片P直至电流表示数为0.3A ，小灯泡正常发光。 ③闭合开关S2，记录电流表示数为I1。变阻器的滑片移动到最右端 ，记录电流表示数为I2。 ④测得I1＝0.5A、I2＝0.3A，则小灯泡正常工作时的电阻为 Ω。 【答案】(1) （2）灯泡断路 (3) 8 【解析】（1）滑片P向右移动时，电路中的电流变小，可知电路的电阻变大，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下所示： （2）将滑片P移到最大阻值处，闭合开关S1，灯不亮，电流表无示数，电路可能断路，电压表指针快速偏转到最右边后损坏，说明原来电压表与电源连通，且电压过大而损坏，则电路故障可能是灯泡断路。 （3）①将开关S2与灯并联，如下所示： ②通过灯的电流为额定电流时，灯正常发光，闭合开关S1，调节滑片P直至电流表示数为0.3A，小灯泡正常发光。 ③闭合开关S2，记录电流表示数为I1，变阻器的滑片移动到最右端，变阻器的最大电阻连入电路中，记录电流表示数为I2，则滑动变阻器的最大阻值乘以I2可以得到电源电压的大小。 ④测得I1＝0.5A、I2＝0.3A，在③中的第2次操作，灯短路，变阻器的最大电阻连入电路中，由欧姆定律可知电源电压为U＝I2R滑大＝0.3A×20Ω＝6V 在③中的第1次操作中，变阻器的电阻为 在②中，灯正常发光，变阻器连入电阻即为12Ω，由串联电路的规律及欧姆定律可知，灯的额定电压为 U额＝U﹣I2R滑＝6V﹣0.3A×12Ω＝2.4V 则小灯泡正常工作时的电阻为 3. 学习了欧姆定律的知识后，老师给同学们布置了设计不同方案测量未知电阻的任务，三位同学的设计方案如下： （1）小明的设计方案如图甲所示，闭合开关S，调节滑动变阻器R的滑片P至适当位置，电压表、电流表的示数分别如图乙、丙所示，则未知电阻的阻值为________Ω； （2）小林的设计方案如图丁所示，闭合开关S，电流表和的示数分别为和。已知定值电阻的阻值为，则未知电阻=___________（用、和表示）； （3）小刚的设计方案如图戊所示，闭合开关S后，先将开关S1拨至触点___________，移动滑动变阻器R的滑片P至适当位置，此时电压表的示数为U；保持滑片P的位置不变，再将开关S1拨至另一触点，调节电阻箱的阻值，使___________，此时电阻箱的读数为，则未知电阻=___________。 【答案】（1） 9 （2） （3） b 电压表示数恰为U R0 【解析】（1）由乙图可知，电压表使用的是0~3V的量程，分度值为0.1V，电压表的示数是2.7V；由丙图可知，电流表使用的是0~0.6A的量程，分度值为0.02A，电流表的示数是0.3A，电阻的阻值为 （2）由图可知，两个电阻并联，电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量通过R0的电流，在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以Rx这条支路的电流为Ix=I1-I2 电源电压U=I2R0 未知电阻 （3）闭合开关S后，先将开关S1拨至触点b，移动滑动变阻器R的滑片P至适当位置，此时电压表的示数为U；保持滑片P的位置不变，再将开关S1拨至另一触点，调节电阻箱的阻值，使电压表的示数仍为U；此时电阻箱的读数为，根据欧姆定律可知，Rx与R0相等，即Rx=R0。 4. 某小组想测量标有“2.5V 0.3A”的小灯泡在不同工作状态下的电阻，设计了如图甲所示实验电路，电源电压不变。 （1）请用笔画线表示导线将图甲中实物电路连接完整。____ （2）移动滑动变阻器的滑片至最_________端后闭合开关，使电路中的电流在开始测量时最小。向另一端移动滑片，观察到小灯泡在电压达到0.42V时开始发光，此时电流表示数如图乙，读数为_________A。 （3）根据实验数据绘制图像如图丙，小灯泡未发光时电阻可能为_________。 A．0Ω B.3.1Ω C.3.5Ω D.8.3Ω （4）随着电流增大，小灯泡的电阻_________。 【答案】 （1） （2） 左 0.12 （3）B （4） 增大 【解析】（1）灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表的量程为0～3V，电压表与灯泡并联，滑动变阻器要符合“一上一下”的接线原则，实物电路图如下所示： （2）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器应处于最大阻值处，即最左端；由乙图可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.12A。 （3）由丙图可知，当灯泡两端的电压为0.42V时，通过灯泡的电流为0.12A，由​可得，开始发光时灯泡的电阻 小灯泡未发光时的电阻要比3.5Ω小，故ACD不符合题意，B符合题意。 故B正确。 （4）因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源电压不变，所以，随着电流增大，根据串联电路的分压原理可知，灯泡两端的电压增大，灯泡的电阻增大，滑动变阻器两端的电压减小；由可知，总电流增大，整个电路的总电阻减小。 押题猜想二十一 探究杠杆的平衡条件（渗透跨学科实践） 试题前瞻·能力先查 1. （常规考法）某实验小组做“探究杠杆的平衡条件”实验。 （1）实验前，若杠杆静止时的位置如图甲所示，则需要将杠杆左端的螺母向______调节，使杠杆在水平位置平衡。 （2）实验操作中，在杠杆两侧挂上不同数量的钩码（每个钩码所受重力均为），移动钩码位置，使杠杆重新水平平衡，如图乙所示，施加在杠杆右侧的力为，读出其对应的力臂为，施加在杠杆左侧的力为______，读出其对应的力臂为_______。 （3）改变和，相应调节和，再做几次实验，分析记录的数据得到杠杆的平衡条件是___________。 （4）用木棒撬动大石头时，固定支点位置后，如图丙所示，要想用较小的力撬动这块大石头，应将支点到手施力的作用线的距离________（选填“增大”或“减小”）。 【答案】（1）左 （2） 1 15.0cm （3） （4）增大 【解析】（1）据图可知，杠杆偏右，所以右端较重，需要增加左端的重力，所以平衡螺母向左移动。 （2）砝码的重力等于拉力，据图可知，左侧的砝码数量为2，所以拉力F2=1N。 砝码悬挂在刻度15.0cm处，所以力臂为15.0cm。 （3）杠杆平衡的条件为动力×动力臂=阻力×阻力臂，即。 （4）在阻力和阻力臂不变的条件下，要使得动力小则需要增加动力臂，所以增大支点到手施力的作用线的距离。 2.（跨学科实践）“小小秤碗压千斤”，可生活中没见过能称“千斤”的杆秤，小明对此存在疑惑。于是国庆假期他邀请物理老师去动物园，用自制“杆秤”称大象的质量。器材有铁笼、长钢管、卷尺、测力计、起重机等，g取。步骤如下： (1)如图所示，先将空铁笼挂在钢管的B点，左右移动吊钩到O点，直到钢管水平静止，目的是 。 (2)将大象引入铁笼，保持O、B点位置不变。用测力计竖直向下拉住钢管上A点，使之在水平位置静止，目的是便于直接 。 (3)测得，，。则大象质量为 kg。 (4)经过活动，小明理解了“小小秤碗压千斤”的原理是： 。 (5)小明想用现有器材称出更重些的大象，做法是：将O点向右移动，减小阻力臂从而增加所测质量，老师觉得不对，原因是： 。 【答案】(1)消除钢管、铁笼重力对杠杆平衡的影响（2） 从杠杆上直接读出力臂 (3)2000 (4)杠杆原理 (5)见解析 【解析】（1）先将空铁笼挂在钢管的B点，左右移动吊钩到O点，直到钢管水平静止，目的是消除钢管、铁笼重力对杠杆平衡的影响。 （2）将大象引入铁笼，保持O、B点位置不变。用测力计竖直向下拉住钢管上A点，使之在水平位置静止，这样拉力F1、F2的方向与钢管垂直，F1、F2作用点到O的距离即为相应的力臂，所以目的是便于直接从杠杆上直接读出力臂。 （3）甲图中，钢管重力作用在AB中点，重心到O点距离l，钢管在水平位置平衡时，根据杠杆的平衡条件得 G管×l=G铁笼×OB……① 大象引入铁笼后，再次在水平位置平衡时 G管×l +F1×AO=(G大象+ G铁笼)×OB……② ②-①式得F1×AO = G大象×OB 代入数值得200N×800cm= G大象×8cm 解得G大象=20000N。 大象质量为 （4）由以上计算可知，用200N的力可以举起20000N即2000kg的物体，所以“小小秤碗压千斤”的原理是杠杆原理。 （5）将O点向右移动，减小阻力臂的同时杠杆的动力臂变大，杠杆的重力不变，铁笼的重力不变，杠杆不再平衡，没有考虑钢管、铁笼的重力对称量的影响。所以小明的做法错误。 分析有理·押题有据 考点趋势：在其他题型中不考查这个知识点时，实验题一定会考查，趋势是结合杆秤制作这一跨学科实践来命制试题，对于吉林省中考来讲，单存命制探究杠杆平衡条件的实验仍然是热点。 押题（依据）理由：探究杠杆平衡条件是物理课标规定的必考实验，是吉林省中考必考点内容之一。预计2026年在实验题里会出现考题，可能在第六大题第21小题出现。 押题解题秘笈： （一）探究杠杆的平衡条件实验必备基本知识和技能 【实验目的】(1)知道什么是杠杆的平衡；(2)通过实验得出杠杆的平衡条件；(3)体验利用归纳法得出杠杆平衡条件的过程。 【提出问题】在学习二力平衡时，如果作用在物体上的几个力相互平衡，物体就处于平衡状态。因为杠杆会转动，所以杠杆在动力和阻力作用下静止时，与二力平衡的情况是不同的，杠杆平衡不仅与力的大小有关，还可能与力的作用位置有关 【猜想与假设】一般情况下，当杠杆静止或匀速转动时，我们就说此时杠杆处于平衡状态，对杠杆处于平衡状态时，动力、动力臂、阻力、阻力臂之间存在的关系，我们可作出如下猜想： A.动力+动力臂=阻力+阻力臂 B.动力-动力臂=阻力-阻力臂 C. D.动力×动力臂=阻力×阻力臂 【实验设计】杠杆是否平衡是由动力、阻力、动力僻和阻力臂共同决定的。为了探究其平衡条件,可以在杠杆处于静止状态时,分别测出动力F₁、阻力F₂、动力臂l1和阻力臂l₂,然后经过大量数据的对比、分析、归纳得出杠杆的平衡条件。 【实验步骤】(1)调节杠杆两端的平衡螺母,使杠杆在不挂钩码时，在水平位置保持平衡； (2)在支点两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杠杆再一次在水平位置平衡，如图所示。这时杠杆两侧受到的作用力分别等于两侧钩码所受的重力，力臂为悬挂点到支点的距离； (3)设右侧钩码对杠杆施加的力为动力F₁,左侧钩码对杠杆施加的力为阻力F₂,测出杠杆平衡时的动力臂l₁和阻力臂l₂,把F₁、F₂、l₁、l₂的数值填入表格中。 (4)改变钩码个数和位置,多做几次实验（避免偶然性）,将实验得到的数据填入表格中 【实验结论】分析实验数据，发现每次杠杆平衡时，动力与动力臂的乘积总是等于阻力与阻力臂的乘积，即动力×动力臂＝阻力×阻力臂，或F₁l₁=F₂l₂。 （二）抓住探究杠杆平衡条件实验考查点及其要领是解决问题的技巧$ 2026年中考物理终极押题猜想（吉林省） 参考答案 押题猜想一 物理量的估测 试题前瞻·能力先查 1.B 2.B 终极猜想·精练通关 1.C 2.A 3.A 4.C 5.B 6.A 7.C 8.D 9.C 10.B 11.C 12. C 押题猜想二 物态变化辨析 试题前瞻·能力先查 1.A 2.B 终极猜想·精练通关 1.D 2.B 3.B 4.C 5.B 6.C 7.D 8.D 9. B 10.A 11.C 12.D 押题猜想三 光现象辨析与光学规律的应用 试题前瞻·能力先查 1.D 2.C 终极猜想·精练通关 1.D 2. A 3. A 4. A 5. A 6. A 7. B 8. A 9. B 10. C 11.B 12.A 13.C 押题猜想四 电磁现象辨析 试题前瞻·能力先查 1.C 2.D 终极猜想·精练通关 1.B 2.C 3.B 4.B 5.D 6.A 7.A 8.D 9.D 10.D 11.D 12.A 押题猜想五 动态电路分析 试题前瞻·能力先查 1.D 2.A 终极猜想·精练通关 1.D 2.A 3.C 4.D 5.C 6.D 7.D 8.D 9.B 10.D 11.C 12.C 押题猜想六 力学知识综合辨析与应用 试题前瞻·能力先查 1.C 2.B 终极猜想·精练通关 1.A 2.D 3.C 4.D 5.C 6.A 7.C 8.D 9.B 10.B 11.B 12.D 13.A 14.A 15.B 16.B 17.D 押题猜想七 以信息能源材料为主的多知识体系综合 试题前瞻·能力先查 1.【答案】 相互 不变 增大 电磁波 2.【答案】（1）裂变 （2） 比热容 （3） 不变 （4）方向性 终极猜想·精练通关 1.【答案】（1） 电能 可再生 （2）不变 （3）电磁波 2.【答案】（1）响度 （2）电磁波 （3）运动 （4） 惯性 3.【答案】（1） 不变 静止 电磁波 （2）做功 4.【答案】（1） 风能 太阳 可再生 （2）60 押题猜想八 声光热（渗透跨学科实践）多知识体系综合 试题前瞻·能力先查 1.【答案】 凸 缩小 通电导体 静止 2.【答案】（1）内能 机械能 （2）在测试过程中，发现扇叶不转动，可能水蒸气的内能太小，笔尖喷出的蒸汽太少。（3）在易拉罐上半部分覆盖保温层，可以减少热量的损失，提高汽轮机效率。 终极猜想·精练通关 1.【答案】（1） 振动 音调 （2）惯性 （3）充满 2.【答案】(1)光屏 (2)注入 薄 (3)为预防近视，我们可以做到不要长时间用眼，例如每用眼一段时间后要休息一下，向远处眺望等。 3.【答案】（1）扩散 （2） 空气 相互的 费力 4.【答案】 摩擦力 无规则运动 做功 20 5.【答案】（1）热传递 不可再生 （2）2 排气 6.【答案】 （1） 运动状态 水蒸气液化 （2） 20 （3） 无污染 7.【答案】（1）形状 （2）无规则运动 （3）引力 （4）变大 押题猜想九 以力学知识体系为主的综合 试题前瞻·能力先查 1.【答案】（1） 2 （2） 电梯 小于 （3） 2.【答案】（1） 电磁波 通电导体在磁场中受到力的作用 （2）7.2 （3）20 终极猜想·精练通关 1.【答案】(1)水对船的阻力 (2)B (3) 3.6m3 (4)3.2×106 2.【答案】（1） （2） （3） （4） 3.【答案】（1） 电磁 15 （2）7.2×105 7200 4.【答案】（1） 支持力 增大 （2） 增大 惯性 （3）小 5.【答案】（1）0.85g/cm3 （2） 扩散 减小压强 盖子上有很凹凸不平的纹路，这是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，增大摩擦。 押题猜想十 以电磁学知识体系为主的综合 试题前瞻·能力先查 1.【答案】（1）扩散 （2） 9680Ω （3）不使用电器时拔掉插头 （4）蚊香器通电后，电流通过热敏电阻做功，电能转化为内能，使热敏电阻温度升高。由图丙可知，热敏电阻的阻值随温度升高而增大，根据，在电源电压U不变时，电阻R增大，功率P减小，产生的热量减少。当产生的热量与向周围环境散失的热量相等时，温度就自动保持在一定温度。 2.【答案】（1） 磁场 S （2）变大 （3）减小 终极猜想·精练通关 1.【答案】（1） C（2）电动机两端的电压更大 （3）d （4） 1950 2.【答案】（1）开关 （2） 串联 （3）20 （4）串联一个电流表 3.【答案】 （1）高压 （2）热运动 （3）原子实 （4） 电阻 4.【答案】（1）S N （2）5 （3）上 5.【答案】（1）由a到b （2）改变电流方向 （3） 内 发电机 6.【答案】（1）地（2）见解析（3）7.2kW·h（4）同时使用电饭锅和电磁炉，总功率较大，根据，电路中总电流较大，根据焦耳定律Q=I2Rt，干路导线相同时间内产生的热量较多，容易使家庭电路的干路导线过热引发火灾。 7.【答案】（1）S；强；（2）0.72W；（3）40Ω 押题猜想十一 利用透镜的三条特殊光线作图 试题前瞻·能力先查 1.答案】如图所示 2.【答案】如图所示 终极猜想·精练通关 1.【答案】如图所示 2.【答案】如图所示 3.【答案】如图所示 4.【答案】如图所示 5.【答案】如图所示 6.【答案】如图所示。 7.【答案】如图所示 押题猜想十二 家庭电路作图 试题前瞻·能力先查 1.【答案】如图所示    2.【答案】连接电路图如图所示： 终极猜想·精练通关 1.【答案】如图所示 2.【答案】如图所示 3.【答案】如图所示 4.【答案】如图所示 5.【答案】如图所示    押题猜想十三 力学简答 试题前瞻·能力先查 1.【答案】“借腹滑行”时，压力一定，增大受力面积可以减小压强，不易破坏冰面。 2.【答案】当采用海姆立克急救法时，施救者快速向内、向上压迫患者上腹部，使患者胸腔和腹腔间的体积减小。根据“一定质量的气体，在温度不变时，体积越小，压强越大”，患者肺部等胸腔内气体的压强就会增大。而气管内原本被异物堵塞，此时胸腔内增大的压强会使气管内气体形成一股强大的气流 ，这股气流能够产生足够的力量冲击异物，从而将异物排出体外。 终极猜想·精练通关 1.【答案】没错。因为他们所选的参照物不同，小朋友是以地面为参照物，出租车相对于地面是运动的，而乘客是以车厢为参照物，司机相对于车厢是静止的。说明了运动与静止的相对性。 2.【答案】竖直提起竹筷，苹果不会从竹筷上滑下，是因为苹果受到竹筷的摩擦力与重力二力平衡，用铁锤敲击竹筷顶端，竹筷受到铁锤的力的作用，力可以改变物体的运动状态使竹筷迅速向下运动，而半个苹果由于具有惯性会保持原来静止的状态，苹果相对于竹筷向上运动，所以在一次次敲击下，苹果能很快“爬”到了竹筷的中上部。 3.【答案】运动员从远处起跳之后不再受到地面的弹力，但运动员具有惯性，由于惯性，运动员保持原来的运动状态，继续向上运动扣向篮框，在重力的作用下，改变了运动员的运动状态，才落向地面。 4.【答案】当水枪向窗外喷出高速水流时，高速水流附近的空气流速会随之增大，压强减小，屋内空气流速慢，压强大，在屋内外压强差作用下，屋内烟、气从屋内出来，使房屋内的火因缺少燃烧条件而熄灭。 5.【答案】打开一扇窗户时，窗外靠近窗帘的位置气体流速大、压强小，房间内气体流速小、压强大，气压差把窗帘压向窗外，好像窗帘会被“吸”到窗外。 6.【答案】设左侧水面距离胶皮管最低处水深为h1，小管口距离胶皮管最低处水深为h2，胶皮管的横截面积为S，则胶皮管最低处左侧受到水的压强为，此处受到向右压力为 胶皮管最低处右侧受到水的压强为，此处受到向左压力为 由图可知，，则胶皮管最低处左右两侧受到水的压力，液体受力向右运动，则在水的压力作用下从右侧管口处喷出。 7.【答案】第一阶段是参与者的重力势能转化为动能。 第二阶段是参与者的重力势能减少，动能先增加后减小，弹性绳的弹性势能增加。 8.【答案】轻质鹅毛羽轴或泡沫的密度小于水的密度，能漂浮在水面上。 9.【答案】甲、乙两蔬菜放入水中均漂浮在水面，均浮力等于重力，即，则有 解得蔬菜的密度为 甲露出水面的体积明显小于甲浸在水中的体积，乙露出水面的体积明显大于乙浸在水中的体积，所以甲的的值更大，则甲的密度较大，即。 押题猜想十四 电学简答 试题前瞻·能力先查 1.【答案】与毛衣摩擦过的气球靠近头发，会看到气球吸引头发，这是因为与毛衣摩擦过的气球摩擦起电，从而吸引不带电的头发。 2.【答案】在家庭电路中，大功率用电器连接细电线时，电线的横截面积较小，电阻较大，且根据可知，家庭电路电压一定，使用大功率用电器，电路电流过大，由Q=I2Rt可知，细电线中电流产生的热量较多，往往比别处更容易发热，引起火灾。 终极猜想·精练通关 1.【答案】两只相同的灯泡串联接入家庭电路中使用时，总电阻，由和知，它们的实际总功率；当把其中一个灯泡接入该电路时，它的实际功率，因，所以两只灯泡串联起来使用的整体亮度不如只用其中一只灯泡时亮。 2.【答案】电池、铝箔纸条、铅笔芯组成通路，电路中有电流通过，电流通过导体会产生热量，铅笔芯的温度升高，导体通电时间越长产生热量越多，当铅笔芯的温度达到一定程度时，“铅笔芯电灯”便会热得发光发光。铝箔纸条和铅笔芯串联，通过它们的电流相等，通电时间相等，铝箔纸条的电阻小于铅笔芯的电阻，由焦耳定律可知，铝箔纸条产生的热量少，温度比铅笔芯的低，所以不怎么热。 3.【答案】第一条：可以用于建造太阳能发电的房屋窗户，这样既满足了房屋采光、通风等普通玻璃的功能，又能将太阳能转化为电能，为用电器供电，节约能源； 第二条：可用于汽车的车窗及挡风玻璃，可以把太阳能转化为电能，为车载电器供电，也可以辅助汽车动力系统。 4.【答案】并联；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压，说明指示灯和插孔是并联的，可以独立工作，互不影响。 5.【答案】通电时，导线连接处和别处是串联的，电流相同，根据焦耳定律，当电流和通电时间相同时，导线相互连接的位置电阻比别处电阻大，导致此处比别处产生更多的热量，更容易发热，加速老化，甚至引起火灾。 6.【答案】有可能。金属框BC竖直下落进入磁场，重力势能不断转化为动能，因切割磁感线，电路中产生感应电流，动能转化为电能；若转化的动能中只有一部分转化为电能，则动能增大，质量不变，速度增大，金属框做加速运动。 7.【答案】由图乙可知，BC段电功率最大，由可知，电压不变，电路中的电流最大，由Q=I2Rt可知导线中的热量较多，使导线升温、老化，甚至引起火灾。 押题猜想十五 滑轮（组）机械效率的相关综合计算 试题前瞻·能力先查 1.【答案】（1） （2） 【解析】（1）重物受到的重力大小为 （2）有用功大小为 定滑轮的机械效率为 2.【答案】（1） （2） 【解析】（1）物体受到的重力大小 （2）工人所做的有用功 根据机械效率的计算公式，可得工人所做的总功 终极猜想·精练通关 1.【答案】（1）120W；（2）83.3% 【解析】（1）由可知，拉力F为 物体的速度为 绳子的速度为 由可知，拉力的功率为 （2）由可知，滑轮组的机械效率为 2.【答案】（1）6×103Pa；（2）80% 【解析】（1）该工人双脚站立在水平地面上匀速提升物体时，工人处于静止状态，工人受重力、支持力和拉力作用，三力平衡，则此时工人所受支持力为 因为地面对人的支持力和人对地面的压力是一对相互作用力，大小相等，所以此时人对地面的压力为 该工人双脚站立在水平地面上匀速提升物体时，对地面的压强为 （2）物体上升过程中有用功 由图可知，绳子自由端移动的距离 该工人对绳子自由端拉力功 滑轮组的机械效率 答：（1）该工人双脚站立在水平地面上匀速提升物体时，对地面的压强为6×103Pa； （2）该滑轮组的机械效率为80%。 3.【答案】（1）1.2×104W；（2）2.4×104N 【解析】（1）由图可知n=3，绳子自由端移动的距离 s=ns物=3×4m=12m 拉力做的总功 W总=Fs=1×104N×12m=1.2×105J 拉力做功的功率 （2）由 可知，汽车受到的摩擦力 f=ηnF=80%×3×1×104N=2.4×104N 答：（1）拉力F做功的功率为1.2×104W； （2）汽车受到的摩擦力为2.4×104N。 4.【答案】（1）；（2）80%，150W 【解析】（1）人在地面上拉，所以最后一根线一定是往下拉的，图中有一个动滑轮和两个定滑轮，绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮，依次绕成，如图所示： （2）由图可知，绳子承重段数，则绳子自由端移动距离 滑轮组的机械效率为 拉力F做的功 拉力F的功率 答：（1）滑轮组的绕线为； （2）滑轮组的机械效率为80%，拉力F的功率为150W。 5.【答案】（1） （2） 【解析】（1）天工机器人跑完半程马拉松的平均速度 （2）天工机器人双脚站立时，对水平地面的压力 则对水平地面的压强 押题猜想十六 简单串并联电路电学量的综合计算 试题前瞻·能力先查 1.【答案】（1） （2）①，② 【解析】（1）拨到1处时，闭合开关，只有灯泡连入电路工作，此时灯泡两端电压等于电源电压 灯泡电压刚好达到额定电压，此时灯泡的电流 灯泡的功率 （2）①拨到2处时，闭合开关，灯泡L与定值电阻R串联，电流表示数为0.3A，则 R两端的电压 ②根据串联分压可知，灯泡分得的电压为 L工作100s消耗的电能 2.【答案】（1）1.5A （2）90J 【解析】（1）如图，闭合开关，两个电阻并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量通过R1的电流， I1=0.3A 通过电阻R2的电流 电流表A测量干路电流，电流表A的示数 （2）整个电路工作10s消耗的电能 终极猜想·精练通关 1.【答案】（1）0.8A （2）12V 【解析】（1）由电路图可知R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R1的电流，根据并联电路电流规律可得，电阻R2的电流为I2=I-I1=1.2A-0.4A=0.8A （2）根据并联电路电压规律和欧姆定律可得，电源电压U=U2=I2R2=0.8A×15Ω=12V 2.【答案】（1）12V；（2）5Ω或30Ω 【解析】（1）电源电压 （2）若串联一个电阻，总电阻变大，则电流变小，则此时电路中的电流为 则此时的总电阻为 电阻R2 的阻值 若并联一个电阻，则电流表测量干路电流，则通过R2电流为0.4A，则电阻R2的阻值为 答：（1）电源电压为12V； （2）电阻R2 的阻值为5Ω或者30Ω。 3.【答案】（1）10Ω；（2）48J 【解析】（1）由电路图知道，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，串联电路中的电流处处相等，由欧姆定律知道，电路的总电阻 由串联电路电阻的特点知道，的阻值 （2）电路工作1min，电流通过电阻R1做的功 答：（1）的阻值是10Ω； （2）通电1min，电流通过做的功48J。 4.【答案】（1）20Ω；（2）12W 【解析】（1）闭合开关S1​、S2​时，R1​与R2​并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由​可得，电热丝R1​的电阻 （2）此时并联电路的总电功率 P=UI=12V×(0.6A+0.4A)=12W 答：（1）电热丝R1​的电阻为20Ω； （2）此时电路的总电功率为12W。 5.【答案】（1）0.5A （2）6W 【解析】（1）闭合开关S，灯泡和电阻R并联，电流表测干路电流。此时灯泡正常发光，则通过灯泡L的电流 (2根据并联电流规律，电阻R的电流 则电阻R的电功率 押题猜想十七 比较物质吸热情况的探究实验 试题前瞻·能力先查 1.【答案】（1）相同 （2）热胀冷缩 （3） 水 （4）弱 2.【答案】（1）水银 （2）水 （3）6.72×104 （4）保持不变 终极猜想·精练通关 1.【答案】（1） 质量（2） 加热时间 （3） a 2.【答案】（1） 质量 （2） 加热时间（4） 水（4） C 3.【答案】（1） 水 （2） 转换（3） 6.3×103 21% 4.【答案】（1）加热时间 （2） 沙子 （3）比热容 （4）D （5）逆风 押题猜想十八 探究平面镜成像的特点的实验 试题前瞻·能力先查 1.【答案】(1) 不透光；(2)为了比较像与物的大小关系；(3)平面镜没有与桌面垂直； (4)一次实验不具备普遍性。 2.【答案】（1）便于确定像的位置（2） 虚像 （3） 相等 可先验证物像连线与镜面是垂直的，即过A1点做玻璃板所在直线的垂线，垂足为p，过B1点做玻璃板所在直线的垂线，垂足为q，发现p、q重合；接着可以连接其他组物点和对应的像点。 终极猜想·精练通关 1.【答案】（1）竖直；（2）重合；（3）方法2；（4）N。 2.【答案】（1）相等 （2）12 （3） （4）折射 3.【答案】(1)便于确定像的位置 (2)A (3)虚像 (4)玻璃板与桌面不垂直 4.【答案】（1）茶色 （2）大小相等 （3）像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离 （4）能 押题猜想十九 探究液体压强与哪些因素有关 试题前瞻·能力先查 1.【答案】（1） 薄 好 （2）液面高度差 （3）②③④ （4）越大 2.【答案】（1）零刻度线 （2）15.8 （3）1.16 （4）液体压强 （5）大 终极猜想·精练通关 1.【答案】（1）相平 （2） 深度越深 丁 （3）a （4）探究液体压强与容器大小有关，要控制液体的种类以及深度相同，在大小不同的容器中装入深度相同的水，将探头分别放入容器底，排开液体的体积相同，大容器的底面积大于小容器的底面积，由可知，水升高的高度不同，最终水的深度不同。 （5）探究液体压强与深度的关系，为了使结论具有普遍性，除了在水中多次实验外，还需要更换密度不同的液体重复操作。 2.【答案】(1)不属于 (2)A (3)同种液体中，液体深度越深，液体的压强越大。 (4)不可靠 (5)＞ (6)较小 3.【答案】（1）取下软管再重新安装 （2）不属于 （3）深度越深 （4） 800 （5） 没有控制液体的深度相同 4.【答案】 （1） 不漏气 B（2）同种液体中，深度越深，压强越大 （3） 转换法 （4） 押题猜想二十 用电流表和电压表测量电阻 试题前瞻·能力先查 1.【答案】（1） （2） 滑动变阻器 （3） 0.2 5.1 （4） 2.【答案】（1） （2）B （3）8.3 （4） ①. 不能 ②. 灯丝的电阻随温度的升高而增大 终极猜想·精练通关 1. 【答案】（1） （2）R=（3）开关断路（4）9 变大 2.【答案】(1) （2）灯泡断路 (3) 8 3.【答案】（1） 9 （2） （3） b 电压表示数恰为U R0 4.【答案】 （1） （2） 左 0.12 （3）B （4） 增大 押题猜想二十一 探究杠杆的平衡条件（渗透跨学科实践） 试题前瞻·能力先查 1.【答案】（1）左 （2） 1 15.0cm （3） （4）增大 2.【答案】(1)消除钢管、铁笼重力对杠杆平衡的影响（2） 从杠杆上直接读出力臂 (3)2000 (4)杠杆原理 （5）将O点向右移动，减小阻力臂的同时杠杆的动力臂变大，杠杆的重力不变，铁笼的重力不变，杠杆不再平衡，没有考虑钢管、铁笼的重力对称量的影响。所以小明的做法错误。 终极猜想·精练通关 1.【答案】 （1）平衡 （2） 左 （3） 左 （4）变大 力臂变短 2.【答案】（1） 左 力臂 （2） 寻找普遍规律，避免实验结论的偶然性 （3）应将肩膀（作为杠杆的支点）向后面行李的方向移动。根据杠杆平衡条件 在动力大小不变的情况下，减小阻力臂、增大动力臂，能让与增大后的再次满足平衡条件，使宝杖平衡。 3.【答案】（1）右 （2）400 （3）720 （4）360 （5）2×103 （6）③ 4.【答案】（1）杠杆平衡原理；1；（2）右；（3）1；（4）AB。 5.【答案】（1） 平衡 水平（2） F1l1=F2l2 （3） 1 竖直向上, 0.6N ( 2 )原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！ 2 / 8 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 学科网（北京）股份有限公司 $