山东菏泽市鄄城县第一中学2025-2026学年高二下学期4月阶段检测物理试题

物理试题 一、单项选择题：木愿共8小题，每小题3分，共2分、每小题只有 一个选项符合题目要求， 1.如图所示，KLMN是一个竖直的矩形导线框 全部处于碰感应强度为B的水平方向的匀强 磁场中，线框面积为S,N边水平，线框绕某 30 一竖直固定轴以角速度ω匀速转动，图示为 线框转过的30°夹角位置，下列说法正确的是 ( A.此时通过线框的磁通量为BS B.此时线框中的电动势瞬时值为2BS如 C.此时感应电讫的方向为N→K-+L→M+V D.当通过浅框的磁通量最大时，线框中的感应电流也最大 2.如图所示为某一交变电压的图像，曲 tun 线部分为正弦式交浈电的部分图像，10 其峥值为U,=10V,直线部分的电压 大小为U:=10V,则该交变电压的有 -0 效值为 ( A.10,6v B.10V 3 C 15 3 D.52V 3.(高考真题)一矩形线图在匀强 150 磁场中绕垂直于磁场轴线匀速 转动时产生的正弦式交变电 流，其电动势的变化规律如图 0.01 0.03 0.05 线a所示，当调整线周转速 -150 后，电动势的变化规律如图线 b所示，以下关于这两个正弦式电流的说法正确的是 A.图线a电动势的有效值为75V B.线周先后两次转速之比为2·3 C.在图中【=0时刻穿过线周的磁通量均为罗 D.图线6电动势的瞬时值表达式为c=100sin10 3(V) 4.如图甲所示，匝数n=10匝的矩形线框在匀强磁场中绕中心轴线 OO'以恒定的角速度转动，通过电刷与电路连接，已知线框的电阻 r=2Q,定值电阻R=8n,流过理想电表的电流随时何变化规律 如图乙所示，下列说法正确的是 () 物理试意第1页共6页 10 00.s0.150205i。 -10 甲 A.【=0.2s时，电流表的示数为10A 25 wb B.穿过单匝线框的最大磁通量为 C.一个周期的时何内，电阻R产生的热量为80J D.0~0.05s时间内，流过电阻R的电荷量为0.5C 5.(高令改编)如图所示，理想变压器原副线a一 R 图匝数比n,·n:=2：1,原线网接有电阻 R,副线图接有电阻R:ab两端电压随时b」 间变化规律U,=20√2sin100πt(V).已知电阻R,=R:=100, 下列说法正确的是 () AR,两端的电压是20V B.流过电阻R,的电流是2.0A C.流过电阻R.的电流是0.8AD.电阻R,两端的电压是16V 6.如图，单匝线图ABCD在外力作用下以 速度v向右匀速进人匀强磁场，第二次又 以2，匀速进人同一匀强磁场，则第二次 进人与第一次进人时相比 () A.线圈中电流之比为】：2 ● B.外力做功的功案之比为4：1 C.线阿中产生的热量之比为4：1 D.通过线图中某一横被面的电量之比为2：1 7.法拉第圆盘发电机如图所示，半径为「的 导体圆盘绕竖直轴以角速度“旋转，匀强 d 磁场B竖直向上，两电刷c、d分别与圆盘 T 中心轴和边缘接触，电刷间接有阻值为R的电阻，不计其他电阻， 下列说法正确的是 () A.电阻R中电流从b到a B.c点电势高于d点电势 C.角速度w增大，ab电压不变 D.半径r减小，R中通过的电流变大 8.如图所示，空间存在竖直向上的匀强磁 场，磁感应强度B=0.5T.两光滑平行 金届导轨的宽度1=2m、倾角0=37， 底端连接电源，顶端ab导体桦垂直导轨 放置且静止在两平行导轨上，已知导休 棒的质量m=0.1kg,亚力加速度g=10m/s,sin37=0.6、则 流过导体棒的电流为 () A.0.75A B.0.7A C.0.65A D.0.6A 物理试题第2页共6页 二、多项选择题：木题共4小题，每小题{分，共16分，每小题有多 个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有 选错或不答的仰0分， 9.图甲为新作源电动汽车的无线充电原理图，M为匝数n=50匝、电 阻r=2.0∩的受电线阳，N为送电线网，当送电线图N接交变 电流后，在受电线网内产生了与线图平面垂直的磁场，其磁通量中 随时问！变化的规律如图乙，下列说法正确的是 () 4xI0尸Wb) 电 作又风过 (x10 甲 A.受电线图产生的电动势的有效值为10反V B.在1，时刻，受电线阳产生的电动势为20V C.在t,~4:时间内，通过受电线图的电荷量为1×10C D.在t,~1:时同内，通过受电浅图的电荷量为2X10-C 10.(富身改鱸)如图，理想变压器原、副线周的匝数比为10：1，b是 原线图的中心抽头，电压表V和电流表A均为理想电表，除滑动 变阻器电阻R以外其余电阻均不计，从某时刻开始在原线图c、d 两端加上交变电压，其舜时值表达式为“，=311si加100πV.下 列说法中正确的是 () n A.当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为22V B.当1一6O0s时，c,d两点间的电压瞬时值为110V C.单刀双掷开关与α主接，滑动变阻器融头向上移动的过程中， 电压表和电流表的示数均变小 D.当单刀双掷开关由a扳向b时，电压表和电流表的示数均变大 11.如图所示，边长为L的正方形区域存在垂直纸4 面向里的匀强磁场，磁惑应强度大小为B,一质 量为m,带电量为q的拉子从b边中点O垂直 ××0 人射，恰能从c点商开磁场，不计拉子重力，则 ××B× 正确的是 A拉子带正电 B.此时粒子人射速度大小为BgL Am C.为使粒子从d点射出，速度大小应调整为，=6L Am D,拉子从O进人到从d点射出用时大于写品。 物理试题第3页共6页 初星试题第3页共6页 … CS扫描全能王 裔32人B在周的日BAop 藏®体王 12.如图所示，水平面上有两根足够长的 光滑平行金属导轨MN和PQ,两导 轨同距为L,电阻不计.在MQ之间 接有一阻值为R的电阻，导体杆ab 质量为m、电阻也为R,并与导轨接触良好，整个装置处于方向竖 直向上、磁感应强度为B的匀强磁场中，现给ab杆一个初速度 。,使杆向右运动，下列说法正确的是 A.ab杆将做匀成速直线运动直到静止 B.整个过程电阻R上产生的热量为m, C6杆速度减为时，6杆加速度大小为 Lo。 2mR 2mvR D.ab杆速度减为零时，ab杆走过的位移为 BL: 三、实验题（本题共2小题，每空2分，共14分，） 13.(高考改编)某同学用如图甲所示的可拆变压器进行实验研究， 乙 丙 (1)研究线图电阻：如图乙，用“伏安法”测量200匝线圈的电阻R, (约几欧姆)，电压表V内阻约3000n,电流表A内阻约2Q,为了减 小实验误差，V右端应该接至图中的 (选填“a”或“b”)位置. (2)研究电磁感应：按图丙连接电路后，接通直流电源开关瞬间， 发现灵敏电流计指针向右偏转一下：保持开关接通，将滑动变阻 器的滑片快速向右滑动，灵敏电流计指针向 (选填“左” 或“右”)偏转. (3)研究变压器：将400匝原线罔与6V交流电相接，200匝副线 圈与交流电压表相接，通电后交流电压表示数为2.9V,并不是完 全正好满足电压与匝数成正比，原因是 14.(高考真题)为了测一个自感系数很大的线网L的直流电阻R,, 实验室提供以下器材： 待测线图L(阻值约为5)： 电流表A(量程3.0A,内阻r,约为0.2n); 电流表A,(量程0.6A,内阻r=1.0n): 滑动变阻器R,(0~10n): 电压表V(量程3V,内阻约为2kn): 电阻箱R,(0~99.9n); 电源E(电动势E约为3V,内阻很小)： 单刀单掷开关S,、S,:导线若干， 物理试题第4页共6页 (I)拉子沿直线通过cd:∫区域时的速度大小； (2)拉子的比荷： (3)拉子穿过圆形区域所用的时间， E R 某实验小组按如图所示的电路测量线图L的直流电阻R,,实验 主要步骤如下： 17.(13分)某手摇式发电机的原××××××× (1)按电路图连接好电路，断开开关S,、S,,滑动变阻器R,的滑片 理示意图如图所示，一半径 ××××××× 移动到 (填“左”或者“右”)端： 的半四形单匝金属手柄之美文子义 (2)闭合开关S,、S,移动滑动变阻器R,的滑片至适当位置，记下 线图处在磁感应强度B= ×××××× ⊙RI 电流表A,的示数为1：，电压表V的示数为U,线图L的直流电 2 ×××××义× 阻的测量值的计算式为R,= T,方向垂直纸面向里的 ① (3)测量完后，应先断开开关 ,再断开开关 匀强磁场中，摇动手柄使线图以角速度w=20rad/s绕垂直于磁 (以上两空填S,或S) 场方向的轴匀速转动，金属线图电阻R:=2∩，外电路连接R= 四、解答题（本题共4小题，共46分，解答应写出必要的文字说明、 8的电阻，电压表和电流表均为理想交流电表，求： 方程式和重要计算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算 ()从图示位置开始计时、【时刻感应电动势瞬时值的表达式； 的，答案中必须明确写出数值和单位) (2)转动过程中，交流电压表的示数： 15.(8分)如图所示，不可伸长的细绳上端固定 (3)从图示位置转过60°过程中，平均感应电动势和通过电阻R的 于横梁上的A点，细绳的下端挂一边长为 电量。（结果可以带着x和根号） =2m,总电阻为R=0.025Q的正方形 金属框abcd,水平对角线bd下方有方向垂 直于金属框所在平面的匀强磁场，在1=0× X B X 到1=3.0s时间内，磁感应强度大小随时 间的变化关系为B=(0.40.u)T,求： (1)1=2.0s时金属框所受安培力的大小： 18.(15分)水力发电 升压变压器 降压变压器 (2)在1=0到1=2.0s时间内，金属框产生的焦耳热， 是获得清洁能源的 重要途径之一·有 发电机 用户 一条河流，河水的 流量为Q=2m'/s,落差h=5m,河水的密度为0=1.0X 10kg/m',现利用其发电，若发电机的总效率为，=50%，输出 16.(10分)如图，边长为L的正方形abcd区域及矩形cde∫区城内均 电压为U,=240V,输电线的总电阻为R=30n,用户获得220V 存在电场强度大小为E、方向竖直向下且与ab边平行的匀强电 的电压，此时输电线上允许损失的电功宰与发电机输出电功率的 比值为：=6%.（取g=10m/s2) 上右边有一半径为5上且与相切的圆形区域，切点 (1)求输电线中的电流I; 的中点，该圆形区域与cd∫区域内均存在磁感应强度大小为B, (2)求输电线路使用的理想升压变压器和降压变压器的原、副线 方向垂直纸面向里的匀强磁场，一带电拉子从b点斜向上射人 图的匝数比： 电场后沿图中曲线运动，经cd边的中点进人cd:∫区域，并沿直 (3)如果输送的电能供“220V100W”的电灯使用，求能够正常 线通过该区域后进人圆形区域。所有区域均在纸面内，拉子始终 发光的电灯的盏数 在该纸面内运动，不计粒子重力，求： X XXXX 物理试题第5页共6页 物理试题第6页共6页 CS扫描全能王 输E人在用的AP 藏四样 物理试题参考答案 题号 2 0 10 答案 A A D C C B A A AC AD 题号 11 12 答案 BC BD 1.A 【详解】A.此时通过线框的磁通量为Φ=BSsin30=BS,故A正确： 2 B.导线框中产生的瞬时电动势的大小是e=E,coS30°=B0Scos30°=5BS0,故B错误： 2 C.由楞次定律可知，导线框中电流的方向是N→M→L→K→N,故C错误； D.当通过线框的磁通量最大时，磁通量的变化率为零，线框中的感应电流也为零，故D错 误。 2.A U 【详解】根据电流的热效应，在一个周期内，有227+三7=7 解得U-106v 3 3.D 【详解】A.图线a电动势的有效值为 E=5m =752V A错误； B.转速与周期成反比，则转速之比为3：2，B错误： C.t=0时感应电动势为零，所以磁通量最大。C错误； D.图线a的电动势的瞬时值表达式为 e=150sin 50t(V) 线圈先后两次的角速度之比为3：2，所以图线b电动势的瞬时值表达式为 100 e=100sin πt(V) 3 D正确。 4.C 【详解】A.由图乙可知，正弦交流电的最大值为10A,电流表示数为有效值，则电流表的 答案第1页，共9页 警巴扫格全能王 3亿人都在用的扫耀APP 10A=52A 示数为 故A错误； B.根据题意，由Enm=nBSo=n心0，m= Em 2π r+R T 联立解得Φ=1W 故B错误； C.一个周期的时间内，电阻R产生的热量为Q=RT=(5V2)×8×0.2 故C正确： D.0~0.05s时间内磁通量的变化量大小为Φ，则平均感应电动势为E 通过电阻R的电荷量q= E r+R 联立解得流过电阻R的电荷量为g=IC π 故D错误。 5.c 【详解】AB. U1= 根据电压关系可， 其中U1满足U,=Ub-I,R,U2满足U2=I,R 电流关系12n 4=乃 03 联立可得Ub=1R+I n 即把理想变压器和负载等效为电阻R, R=402 n 电阻R与等效电阻R;串联，ab两端电压有效值Ub= =20V Ub-=0.4A 流过电阻R的电流L=R十R 电阻R的电压U。=IR=4V,故AB错误： CD.原线圈n,两端的电压U=U-U,=16V 八= 根据理想变压器可， ,可得副线圈两端的电压U,=8V 答案第2页，共9页 田黑 dd#翻E目w细县雪Y公g 王剥舌群E手 s> 1 ΦM r08=1 电阻儿的电压就是8V,流过电阻风，的电流-受=08A,故C正确，D错误。 6.B 【详解】A.线圈进入磁场时产生的感应电动势E=BLy 则电流1=BL。 cv,可知线圈中电流之比为2：1，A错误： R B.外力做功的功率等于电功率，则P。=P电= B2L -cv2,可知电功率之比为4：1，B正确： R C.线圈中产生的热量Q==B2L。 R t= v,可知热量之比为2：1，C错误： D.通过线圈中某一横截面的电量g=h=BLvL_BL ,可知电量之比为1：1，D错误。 Rv R 7.A 【详解】AB.根据右手定则可知，流过定值电阻的电流方向为b到α，根据电源外部，电 流从高电势点流向低电势点，故d点电势高于c点电势，故A正确，B错误： C.由题知，电刷间接有阻值为R的电阻，不计其他电阻，则b电压等于电源电动势，则有 可知角速度①增大，ab电压增大，故C错误： D.电流大小为1=E=1Bom R 2R 可知半径”减小，R中通过的电流变小，故D错误。 故选A。 8.A 【详解】因为导体棒静止，沿斜面方向有mgsin37°=BIlcos.37° 解得流过导体棒的电流I=0.75A 9.AC 【详解】A.由图乙可知 T=π×103s 受电线圈的最大磁通量为 Φm=2.0×104Wb 根据正弦交变电流特征可知，受电线圈产生的电动势最大值为 En=n心m·T =50x2.0×10×xx10V=20y 所以受电线圈产生的电动势的有效值为 答案第3页，共9页 警巴扫格全能王 3亿人都在用的扫耀APP E是=102V E= √2 故A正确： B.由图乙可知，时刻磁通量变化率为0，由法拉第电磁感应定律可知，此时受电线圈产 生的电动势为OV,故B错误： CD.根据 E 9=i= .1=nA △Φ …t=n r rt r 代入数据解得 9=1.0×10-2C 故C正确；D错误。 10.AD 【详解】A.原线圈两端电压最大值为331V=220√2V,则有效值为 U 2202V=220N v2 根据原副线圈电压与匝数成正比，得副线圈两端电压有效值为 U,=U,2=22V 电表测量的是有效值，当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为22V,故A正确： 6O0s时，c、d间的电压瞬时值为 1 B.当t 4,=311sin100m× 1 V=110W2V 600 故B错误： C.单刀双掷开关与α连接，滑动变阻器触片向上移，电阻变大，副线圈的电压由匝数和输 入电压决定，电压表的示数不变，电流表示数减小，故C错误。 D.单刀双掷开关由α扳向b,匝数比变小，电压与匝数成正比，所以电压表和电流表的示 数均变大，故D正确。 11.BC 【详解】A.由于粒子从c点离开磁场，则粒子在O点受到竖直向上的洛伦兹力，根据左手 定则可知，粒子带负电，故A错误： v2 B.根据洛伦兹力提供向心力有gvB=m r 答案第4页，共9页 警巴扫格全能王 3亿人都在用的扫耀APP 潘® 根据几何关系可得r=马 4 联立解得粒子入射速度大小为v=Bg ,故B正确： 4m C.若粒子从d点射出，则有g%,B=m兰 根据几何关系可得心=上+W-分 解得r=L 41 所以粒子的速度大小应调整为2=5gBL,故C正确： 4m L 4 D.设粒子从O进入到从d点射出时圆心角为O,则sinB= ，5 所以0=53° 则运动时间为t= T=530.2m<m 360° 3609B3g故D错误。 12.BD 【详解】A.导体棒运动过程中受到安培力 F=BIL BLy 2R 安培力方向与速度方向相反，因此做减速运动，安培力逐渐减小，则加速度 错误； B.整个过程中根据能量守恒可知回路中产生热量 Q=2m% 电阻R上产生的热量为 =20=4m C.ab杆速度减为时，ab杆加速度大小为 2 B'LYo 2 a=E2R二- B2Lvo mm 4mR 故C错误； D.ab杆速度减为零时，根据动量定理得 m,=下-AM=B三LAN=BL-=b杆走过的位移为 2R 2R.△t 2R 答案第5页，共9页 逐渐减小，故A cs 扫描全能王 3亿人都在用的归耀APP 据®a巴 2mvoR x= B2L 故D正确。 13.(1)a(2)左 (3)不是理想变压器，存在漏磁，或者回答可拆变压器中有损耗均可得分 【详解】(1)待测电阻R,约几欧姆，电流表内阻R,≈22，电压表内阻R≈30002，满足 R<√R,R,，属于小电阻，应采用电流表外接法减小误差，因此电压表右端接a。 (2)接通开关瞬间，原线圈电流从零增大，穿过副线圈的磁通量增加，灵敏电流计向右偏 转：滑片快速向右滑动时，滑动变阻器接入电阻变大，原线圈电流减小，穿过副线圈的磁通 量减小，磁通量变化趋势与接通开关时相反，因此感应电流方向相反，灵敏电流计向左偏转。 (3)不是理想变压器，存在漏磁，或者回答可拆变压器中有损耗 I 14. 右 65 S2 SI 【详解】(1)①1]接通电路之前，为了保证安全，滑动变阻器接入电路部分应最大，所以 滑片移动到最右端。 ②[2]利用伏安法测电阻 R+=12 U U R二 ③[3][4][5]如果先断开S,再断开S2,则电感线圈、电流表A2、电压表V组成一个回路，线 圈有断电自感现象，形成较大的自感电动势，有可能烧坏电压表，所以应先断开S2再断开 S1o 15.(1)0.2N(2)0.05J 【详解】(1)金属框中产生的感应电动势为 2 ABx 2V=0.025V····1分 △t △t 2 金属框中的电流为1=E=1A R t=2.0s时磁感应强度B2=(0.4-0.1×2)T=0.2T····1分 金属框处于磁场中的有效长度为L=√2l=1m····1分 此时金属框所受安培力大小为F安=B2IL=0.2×1×1N=0.2N·····2分 答案第6页，共9页 警巴扫格全能王 3亿人都在用的扫耀APP (2)02.0s内金属框产生的焦耳热为O=2Rt=1×0.025×2J=0.05J··· 16.0台e6 E E 3E 【详解】(1)粒子沿直线通过cdef区域，可知9E=qvB·····2分 解得v= ······1分 B (2)由逆向思维可知，粒子在左侧电场中做类平抛运动，可知L=t, -…2分 解得名品 ····1分 (3)粒子在圆形磁场中做匀速圆周运动，则gB=m·····2分 解得r=L 则粒子转过的圆心角为an 5L51分 03 -L3 可得0= 3 之 则时间为；=3.2m=πBL·····1分 2πgB3E 17.(1)e=10W2sin20t(V)(2)8V 8E-155v,g= 40 【详解】(1)半圆形单匝金属线圈产生的感应电动势最大值为 En =BSo=FmV2xπX×20V=10W2V·····2分 π2 图示位置线圈处于中性面位置，所以从图示位置开始计时，感应电动势瞬时 e=E sin ot=10W2sin20t(V）·····2分 (2)电动势有效值为E-号=10V·1分 √2 交流电压表的示数等于定值电阻R两端电压有效值，则有 U=-R E=8×10V=8V..·2分 R+R 8+2 (3)从图示位置转过60°过程中，根据法拉第电磁感应定律可得E=△2 △t 答案第7页，共9页 ··3分 值的表达式为 ···1分 CS扫描全能王 3亿人都在用的目耀APP 据国直性 其中A0=BS-BSc0560°=5Wb,AY=9=石5·.··2分 4 060 解得E=155V·.·1分 2 平均电流为1= R+R。2π 则通过电阻R的电量为g=7A=2c·.·2分 40 18.(1)10A(2) 6235 25’11 (3)470盏 【详解】(1)发电机的输出功率 P急=7p0gh=5×104W····2分 输电线上损失的电功率 P=I2R···1分 又 P损=P总····1分 解得输电线中的电流为I=10A。·····1分 (2)升压变压器原线圈两端的电压 U=240V 副线圈两端的电压为 U,=B=5x10V=5x10v.1分 110 故升压变压器原、副线圈的匝数比为 4=4=240V=6 m05x10V125····2分 输电线上的电压损失为 △U=IR=10×30V=300V····1分 降压变压器原线圈两端的电压为 U3=U2-△U=5×103V-300V=4700V·····1分 降压变压器副线圈两端的电压为U4=220V,故降压变压器原、副线圈的匝 h=U-4700V235 mU220=1i·····2分 答案第8页，共9页 数比为 cs 扫描全能王 3亿人都在用的日耀APP 据国植性