青海玉树州2026届高三下学期第二次联考物理试题

玉树州2026届高三第二次联考 物 理 (试卷满分：100分，考试时间.5分钟) 注意事项： 1,答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上的指 定位置。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改 动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号；回答非选择题时，用0.5mm的黑色字迹签字笔将 答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 3.考试结束后，请将答题卡上交。 4.本卷主要命题范围：高考范围。 一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合 . 题目要求的。 1,如图所示，很多饭店的餐桌上有水平转盘.匀速转动转盘，关于转 盘上的茶杯，下列说法正确的是 A.当其相对于转盘静止时，越靠近圆心，角速度越大° B.当其相对于转盘静止时，不管距离圆心远近所受摩擦力大小 相等 C.缓慢增大转盘转速，放置位置越远离圆心越容易雅动 D.缓慢增大转盘转速，空杯比满杯更容易滑动 2一定质量的理想气体从状态A变化到状态B,其压强和体积倒数关系如图所示，则此过程 中，气体 A.内能减少 B.分子速率均变小 C.分子数密度变小 D.对外做功 3.如图所示，小木块沿着倾角日=30的传送带同上做匀速直线运动传送带以恒定速率顺时针 转动，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是 A小木块的速度不可能比传送带的速度快 B.小木块可能不受摩擦力 C,小木块一定受沿传送带向上的滑动摩擦力 D.小木块与传送带间的动摩擦因数：至少为号 【高三物理第1页（共6页）】 6315C 4,为了研究环境对飞机运动的影响，某实验小组的同学用遥控飞机进行了探究.以O点为坐标 原点，水平向右为x轴正方向，竖直向上为y轴正方向，建立平面直角坐标系xOyt=0时刻 遥控飞机从O点出发，其沿x轴和y轴的分运动分别满足x=(一7t-32)m,y=(一3t十 1.22)m,则下列说法正确的是 y A.遥控飞机可能做直线运醐 B.遥控飞机运动到最低点时速度大小为14.5m/s C.遥控飞机的加速度大小和方向均随时间改变 D.经1.25s后，遥控飞机位于O点的正左侧 5.在火星上，太阳能电池板发电能力有限，因此科学家用放射性材料(PuO2)作为发电能源为火 星车供电.PuO2中的Pu元素具P四半衰期是87.7到其衰变方程为Pu→X+H®.已 、 知贸Pua粒子，X的质量分别为元@@真空中的光速为c,下列说法正确的是 A.X的质子数为92 B.环境变化，半衰期随之改变 C.一个2Pu核衰变成X,释放的核能为(m1十m2一m)c2 D.100个Pu经过175.4年后，还剩下25个 6.如图所示，长为1的通电直身线被两条相同的绝缘细线悬挂于同一水平面 上相距为1的O、O两点，已知导线质量为m,通过的电流为1，方向如图所 0 示.现在通电导线处加上匀强磁场，使通电导线静止在图示位置，此时悬线 .与竖直方向夹角为0=30°，则所加磁感应强度的最小值和方向应是 A大小为，方向竖直向上 3IL B大小为器，方向沿悬线向上 C.大小为置，方向水平向左 D.大小为5，方向竖直向下 IL 7.2025年9月3日，中国东风一5C重型洲际导弹在阅兵式上首次亮相，震撼了全球军事领域. 这款导弹以183吨的起飞重量和超过12000公里的射程，成为目前全球唯一具备实战能力的 重型洲际导弹.如图所示，若导弹从P点飞出大气层后，靠惯性绕地心O做椭圆轨道飞行(O 为椭圆轨道的一个焦点)，最后从Q点进人大气层.N点为远地点，ON=r,已知地球质量为 M,引力常数为G,则下列说法正确的是 A.导弹从P到N过程中机械能不守恒 B,导弹在N点的加速度小于 GM C.导弹在N点的速度小于√ 地球 D.导弹在P点和Q点受到的地球引力相同 【高三物理 第2页（共6页）】 6315C 二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目 要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分 8.一列沿x轴方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形如图中实线所示，t=0.01s时刻的波形 如图中虚线所示，质点振动的周期为T.已知T>Q.01s关于这列波，下列说法正确的是( A.波的频率可能为75Hz y/cm B.波的频率可能为50Hz x/cm C.波速可能为4m/s D.波速可能为2m/s 9.如图所示，用小型发电机发电，通过理想变压器给电动机供电，电动机刚好能正常工作，并将 质量为10kg的重物以0.45m/s的速度向上匀速吊起，已知电动机的额定电压为49.5V,发 电机线圈电阻为20匝数为100匝，线圈转动过程中通过的最大磁通量为0.01Wb,转动角 速度为100V2rad/s,变压器原、副线圈匝数比为2：1取10m/s2,则下列说法正确的是 A 0 A.发电机的电动势大小为100√2V B.电动机输出的机械功率为45W C.发电机的输出电压为99V D.电动机线圈的发热功率为4.5W 1.如图甲所示，水平面上两根足够长的光滑金属导轨平行固定放置，间距为1=0.5m,一端通 过导线与一阻值为R=2Q的电阻连接，导轨上放一长度也为L、质量为m=0.2kg的金属 杆，金属杆的电阻r=20.导轨及导线的电阻忽略不计；匀强磁场竖直向下，磁感应强度B= 2T,杆以1m/s的初速度向右运动，同时对杆施加水平向右的拉力F,F的大小与速度v的 倒数。关系如图乙所示，从施加外力开始经迅25杆的速度稳定不变，下列说法正确的是 F/N XX m.s 甲 A杆的速度达到稳定之前拉力的功率逐渐增大 B.杆的最大速度为4m/s C.杆的速度为3m/s时，加速度大于3m/s D.从施加外力开始计时起2s内电阻R上产生的电热为3,25J 【高三物理第3页（共6页）】 6315C 三、非选择题：本题共5小题，共54分， 11.(8分)某物理兴避小组用如图甲所示装置探究加速度与力，质量的关系.小车后面固定一条 纸带，穿过电火花打点计时器，细线一端连着小车，另一端通过光滑的定滑轮和动滑轮与竖 直挂在天花板上的弹簧测力计相连，动滑轮下面挂槽码. 小车 打点计时器 一纸带 0 长木板 白 码 19cm570c621cm672ca 甲 (1)实验中正确的操作是 (填字母) A实验前需要将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡阻力 B.若槽码质量标数不清，实验需要用天平测出槽码的质量 C,实验时小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车 D.为减小系统误差，实验中一定要保证槽码的乘量远小于小车的质量 (2)实验小组通过正确的实验操作得到了如图乙所示的一条纸带（每两个相邻计数点间还有4 个点没有画出来)，按时间顺序取A,B,C,D、E五个计数点，相邻两个计数点间的距离已在 图中标出.已知交流电源的频率为50，由此可得小车的加速度大小为 m/(结 果保留2位有效数字) (3)如果当时电网中交变电流的领串是∫=49z,而做实验的同学并不知道，那么由此引起 的系统误差将使加速度的测量值与实际值相比偏 (填“大"或“小”) (4)若图乙纸带对应的弹簧测力计读数少0.51N.当地的重力加速度大小g=10m/,从理 论上分析可知，若实验验证了牛顿第二定律，则小车的质量约为 《(填字母》 A.0.5 kg B.1kg C.1.5 kg .2.5kg 12.(8分)某实验小组要测量一未知电阻R,的阻值。 (1)如图所示，先用多用电表粗测R,的阻值，当用“X100”挡时发现指针位于“①”位置，应该换 用 (填“×10”或“X1000")挡，进行一系列正确操作后，指针静止时位于“②”1：生， 其测量值为 【高三物理第4页（共6页）】 6315C (2)为了精确测量R的阻值，除R、开关S、导线外，实验室还提供以下器材选用： A.电源E(电动势为3V、内阻约为0.2n) B.电压表⊙（量程1.0V、内阻Rv=1000n) C.电流表@（量程0.06A、内阻约10.0） D.电流表（量程6A、内阻r2=0.3)》 E.滑动变阻器R1(阻值最大值2Q,额定电流0.50A),滑动变阻器R2(阻值最大值 20Q,额定电流0.50A),滑动变阻器R1(阻值最大值2009Ω，额定电流0.50A) F.定值电阻R(阻值2000) ①实验中欲多测几组数据，滑动变阻器R应选 (填“R”“R2”或“R3”) ②选择合适的仪器在虚线框内画出实验电路，要求标出仪器代号. ③某次测量时电压表示数为U=0.80V,电流表示数为I=0.0488A,则待测电阻阻值的 精确值为 Ω（结果保留1位小数） 13.(10分)如图所示，截面为半圆形的玻璃砖，半圆的半径为R,AB为水平直径，C为半圆的最 低点，D为AB上一点，OD=号R.一束单色光垂直AB射人玻璃砖，光在ACB圆弧面上网 好发生全反射，求： (1)玻璃砖对光的折射率； (2)改变光在D点的人射角，使D点的折射光线刚好照射到C点，则光从C点出射的折射 角的正弦值 【高三物理第5页（共6页）】 6315C 14.(12分)如图所示，质量为m的子弹以水平初速度v。射向放在光滑水平面上质量为5m的物 块.一质量为6m的四分之一光滑圆弧轨道的最低点与水平面平滑相接（圆弧轨道不固定）， 子弹进人物块后没有射出，此后物块恰好能到达轨道的最高点，物块可视为质点，重力加速 度为g,求： (1)子弹打入物块过程产生的摩擦生热； (2)四分之一圆弧轨道的半径. 7777777 15.(16分)如图所示，在x轴上方空间中存在电场强度大小为E的匀强电场，电场方向在xOy 平面（纸面）内且与十x的夹角为53°斜向右下方：在x轴下方空间中，存在垂直xOy平面 (纸面)向外的匀强磁场.一此荷为k的带正电粒子，以速率从坐标原点O沿十y方向射 人电场，并通过x轴上的A点后再次回到坐标原点O,不计粒子重力，已知si53°=0.8， cos53°=0.6，求： (1)粒子从O运动到A的时间： (2)粒子通过A点时的速度大小1； (3)匀强磁场的磁感应强度大小B; (4)粒子第n次从磁场进人电场时的横坐标. 【高三物理第6页（共6页）】 6315C 玉树州2026届高三第二次联考·物理 参考答案、提示及评分细则 1.C餐桌上的转盘匀速转动时，其上的茶杯相对于转盘静止，茶杯角速度相同，A错误；茶杯受到的摩擦力提 供向心力，根据f=ma2r,越靠近圆心的茶杯受到的摩擦力越小，B错误；缓慢增大转盘转速，根据mg mwr,越远离圆心的茶杯越容易滑动，与茶杯的质量无关.C正确.D借误. 2.A由等温线的斜率可知，气体的温度降低，内能减少，A正确，分子速率有的变大有的变小，B错误；气体体 积变小，分子数密度变大，C错误：气体体积减小，外界对气体做功，D错误. 3.A对小木块受力分析，小木块在沿传送带方向受重力的分力和沿传送带向上的摩擦力，A正确，B错误：小 木块所受摩擦力可能为滑动摩擦力也可能为静摩擦力，C错误：由平衡条件可知，小木块做匀速直线运动时 摩擦力大小了=mgsin30°≤mgc0s30,解得≥an30°=气.D错.误 4.B根据x=一71一3，可知在x方向加速度与初速度均为负值，故在x方向分运动为匀加速直线运动，根据 位移时间公式有x=1十之a,根据题意有x=一71一3，y=一31十1.2r,对比可知x方向加速度a, 一6m/s2,初速度为，=一7m/s,y方向加速度a,=2.4m/s2,初速度为，=一3m/s,由于遥控飞机初速 度与加速度不在一条直线上，所以遥控飞机做曲线运动，A错误；t=1.25s,可，=0，遥控飞机处于最低点，此 时u,=14.5m/s,B正确，D错误：遥控飞机加速度恒定，C错误. 5.A根据质量数和电荷数守恒得，X的质子数为92，A正确：半衰期是原子核的固有属性，仅由核内部因素决 定，与环境无关，B错误；由爱因斯坦质能方程可知一个钚Pu衰变成X,释放的核能为△E=(一2 m:)2,C错误；半衰期的规律是一个统计规律，只针对大量的原子核才成立，对少数、个别原子核不成立，因 此100个“Pu经过175.4年后不确定还会剩余多少个，D错误. 6.B对通电导线进行受力分析，如图所示，受到重力、细线拉力和安培力的作用而处于平衡 状态.根据力学三力平衡问题中的动态平衡知识，可得，当安培力方向垂直于细线拉力方 向时，导线所受的安培力最小，此时磁感应强度最小，即B1l=mgsin0,解得B=mgsin0 I 器，再根据左手定则可知，磁感应强度方向为沿悬线向上B正确。 7.C导弹从P到N过程中只受到地球引力作用，则机械能守恒，A错误：根据牛顿第二定 律GM=m,解得导弹在N点的加速度大小为a=G,B错误，根据G=m二，得导弹在N点的圆形 轨道上运动的速度大小为=√，导弹从圆形轨道变轨到椭圆轨道需要减速做近心运动：则速度小于 √网.C正确：导弹在P点和Q点受到的地球引力大小相同方向不同，D错误 8.AD若波沿x轴负方向传播1=0时刻处于原点的质点向上振动，则有4=(n+是)T=0.01s(n=0,1, 2).可得T-sa=01,2…)由于T>0.01s则a=0,可得周期为T=方s…则频率为/=宁 75H.波速为0=产-00。 m/s=6m/s:若波沿x轴正方向传播，t=0时刻处于原点的质点向下振动，则有 1 75 △=(a+宁)T=001a=01,2….可得T-号sa=0.1,2….由于T>0.01s则n=0.可得周期为 T=元s,则频率为f=子=25Hz,波速为v=产=008m/s=2m/s,AD正确 25 9.BCD 线圈中电动势E=New=1O0V,A错误；电动机输出的机械功率为PR=mgU=45W,B正确；根 2 据变压比可知，原线圈的输入电压为99V,则发电机的输出电压为99V,C正确：原线圈中电流1，=EU 0.5A,根据变流比，副线圈中电流为I2=1A,因此电动机线圈的发热功率Pw=UI:一P=4.5W,D正确. 【高三物理参考答案第1页（共3页）】 6315C 10.BD由P=FPm可知F=P号，结合图乙可知拉力的功率恒为4W,A错误：杆匀速时，根据F=BIL,I= R千，E=BLaP=Fa,联立解得a=4m/s,B正确；当速度为3m/s时，由牛顿第二定律有F一F安= m,结合P=F,F=BlL=是，E=BLw,解得a=瓷m/g,C错误：由能量关系P-W发=合md 35 1 1 2m6、2Qe=W安，解得Q=3.25J,D正确. 11.(1)AC(2分，选对1个得1分，有错选不得分) (2)0.51(2分》 (3)大(2分) (4)B(2分) 解析：(1)为了使小车受到的合力为细绳的拉力，应平衡摩擦力，因此实验前需要将带滑轮的长木板右端垫 高，以补偿阻力，A正确：由题图可知，细绳上的拉力大小由弹簧测力计读出，若槽码质量标数不清，不需要 用天平测出槽码的质量，B错误；为了充分利用纸带，获取更多的数据，实验时小车应靠近打点计时器，应先 接通电源，待打点计时器打点稳定后再释放小车，C正确；细绳上的拉力大小由弹簧测力计读出，因此实验 中不需要保证槽码的质量远小于小车的质量，D错误， (2)相邻两计数点的时间间隔为T=5×子=5×品s=0.1s,根据逐差法求出小车的加速度大小为a= IcE-Ac =0.51 m/s'. (2T)2 (3)如果打点频率变小则打点周期变大，时间的测量值比真实的时间小，导致加速度的测量值偏大 (4)根据牛顿第二定律F=Ma,得M=1kg.只有B正确. 12.(1)×1060(每空1分) (2)①R(2分)②如图所示(2分)③50.0(2分) 解析：(1)当用“×100”挡时指针偏转角度过大，所测电阻阻值较小，选择的挡位太 大，应该换用“×10”挡位：指针静止时位于“②”位置，其读数为6.0×10Ω=602. (2)①实验中欲多测几组数据，滑动变阻器R应选R,或R2且为分压接法，又由于 E 要保证通过滑动变阻器的电流不超过0.50A,由1。一R,十，>0.5A,故选R。 E ②由于电源电动势是3V,电压表量程是1.0V,所以用电压表与尺，串联，改装成量程为U。=R,十RU=3 Ry V的电压表，通过电阻的最大电流1=高A=0,05A,所以电流表选用①，改装后的电压表内阻已知，电流 表采用外接法，电路图如图所示。 ③电压表示数U=0,80V,则改装后的电压表的电压U=30=2.4V,通过R的电流1。=I一尽 U 0.0480A,所以R,的真实值R,==50.02 13.解：(1)设光在圆弧面上的入射角为0，根据儿何关系 sin 0=OD_2 (2分) 则玻璃砖对光的折射率= n0V巨(2分) 1 OD (2)设光在C点的入射角为i,则sini= (2分) √OD+R 3 设光在C点出射光线的折射角为r,则n=m'(2分) sini 解得simr= (2分) 3 【高三物理参考答案第2页（共3页）】 6315C 14.解：(1)子弹射人物块过程系统动量守恒，设共同的速度为功，以向左为正方向，由动量守恒定律得： m%=6m4(1分) 解得=告1分) 该过程由于克服摩擦力做功，物块和子弹的系统机被能减小，产生热量Q之mG一之×6m听(2分) 得Q-是m6（2分) (2)子弹和物块达到共速后，到达轨道最高点的过程中，物块（含子弹）、圆弧轨道系统动量守恒、机械能守 恒，设轨道的半径为R, 在水平方向动量守恒，m=12m(2分) 系统机械能守恒定律得：乞X6m听=立X12m暖+6mgR(2分) 解得R=品 (2分) 15.解：(1)作出粒子运动轨迹如图所示 在电场中，粒子在y轴方向上做匀变速直线运动，则有 一B的血53=m0=箱1叶48=6十a11分) 5% 联立解得一定1分) (2)在电场中，粒子在x轴方向上做匀加速直线运动，则有 Eqcs53°=mau,=a,t(1分) 粒子在A点速度1=√十G(1分) 解得= 2(1分) 1 (3)0A间距离=4,1分) 令A点速度与x轴正方向夹角为0，则有tan0=巫(1分) 令粒子在磁场中运动的半径为1，由儿何关系有m0=召 (1分) 根据牛顿第二定律有四，B=m止(1分) 解得B恶1分) (4)根据圆周运动的对称性，粒子每次进入电场时的竖直速度均为%，每次在电场中的运动时间均为，粒子 下一次进入电场时x轴方向上的速度等于上一次离开电场时x轴方向上的速度，所以，粒子在电场中的运 动可看作一段连续的匀变速直线运动，则有x=a,(m):1分) 粒子每次进人磁场时y轴方向的速度为-，设合速度与一西的夹角为。，则合速度大小一。 粒子在磁场中运动，根据牛顿第二定律有9如B=m号1分) 由几何关系得粒子在磁场中运动沿x轴的位移为x=2cosa(1分) 粒子第n次从磁场进入电场时的坐标x=x电一mx(1分) 联立解得r=15mm1D达(m=1,2,3…）(2分) 8kE