第二章 大气与气候变化 综合复习 2025-2026学年浙教版科学八年级下册

第二章综合复习 题型一：天气和气候 1．太阳光穿过地球大气层时会发生折射，如果没有这层大气，会出现（　　） A．日出会提前，日落会延迟 B．日出会延迟，日落会提前 C．日出和日落都会提前 吗 D．日出和日落都会延迟 2．关于温室效应，下列说法正确的是（　　） A．太阳能源源不断地辐射到地球上，由此产生了温室效应 B．温室效应的加剧主要是由大气中的二氧化碳含量升高引起的 C．温室效应对人类只有好处 D．大气层中的臭氧层受到破坏会加剧温室效应 3．在气象学上，有一种专门用来测定某一时段内（通常为一天）某种温度的温度计。该温度计为酒精温度计，在酒精柱内，置一黑色指示针，当温度下降时，酒精收缩，指示针能随之移动；当温度上升时，酒精柱上升，而指示针因无外力推动仍留原处指示相应温度。参考体温计的工作原理.该温度计是用来测定一天当中的（　　） A．最高温度 B．最低温度 C．实时温度 D．平均温度 4．超市里常用冰块给鱼保鲜，为了达到最好的保鲜效果，冰块应放在鱼的（　　） A．下面 B．上面 C．侧面 D．都一样 5．将折成螺旋形的纸条放置在火焰上，纸条会不停地转动，这是由于（　　） A．螺旋受热膨胀 B．螺旋上方的空气下降 C．火焰使空气受热上升 D．热沿螺旋传导至顶部 题型二：大气压 1．如图是医院为病人输液部分装置，图中A为输液瓶，B为滴壶，C为进气管，与大气相通，则在输液过程中（瓶A中尚有液体），下列说法正确的是（　　） ①瓶A中上方气体的压强随液面的下降而增大 ②瓶A中液面下降，但A中上方气体的压强不变 ③在瓶中药液输完以前，滴壶B中的气体压强保持不变 ④滴壶B中的气体压强随A中液面下降而减小 A．①③ B．②③ C．①④ D．②④ 2．下列是与压强有关的生产生活实例，其中说法正确的是（　　） A．甲图三峡大坝的坝体横截面上窄下宽，是因为坝底受到水的压强小 B．乙图青藏高原边防战士用高压锅煮面条，是因为海拔越高，大气压越大 C．丙图用真空吸盘搬运沉重的钢板是利用大气压来完成的 D．丁图护士给病人打针时是利用大气压将药液注入病人肌肉中 3．如图装置可以用来研究液体压强与流速的关系，打开阀门，水流经该装置时，可观察到a、b两管口均有水喷出，下列说法正确的是（　　） A．a处流速快，水喷得较高 B．b处流速慢，水喷得较低 C．a，b水喷得一样高 D．水的流速越快，压强越小 4．用带小孔的橡皮塞塞住瓶口，往橡皮塞的小孔中插入一个漏斗，然后从漏斗往瓶内加水，发现瓶内的水始终无法加满，最可能的原因是（　　） A．空气会流动 B．空气有质量 C．空气能压缩 D．空气占据空间 5．年轻的藏族运动员次仁旺姆曾登上在地球之巅——珠穆朗玛峰顶。她在登上4000米高度后，越往上爬越感觉到乏力，出现头晕、耳鸣和恶心等高山反应，每走一步都十分艰辛。请问火炬手出现高山反应的主要原因是（　　） A．山峰陡峭，人体能量消耗大 B．高处气温太低，经常下雪 C．高山上空气稀薄，气压偏低 D．该运动员体质太差 6．以下与气压相关的实验中，能够得出“空气流速越大，气压越小”结论的是（　　） A．①覆杯实验中，纸片不会掉落 B．②马德堡半球抽气后，很难拉开 C．③向纸张中间吹气，纸张靠拢 D．④向烧瓶内打气，液体沸腾停止 7．某科学实验小组利用注射器、弹簧测力计、刻度尺等器材测量大气压强的值，实验步骤如下： （1）把注射器的活塞推至注射器简的底端，然后用橡皮帽堵住注射器的小孔，这样做的目的是 　 　 。 （2）如图1，用细尼龙绳拴住注射器活塞的颈部，使绳的另一端与弹簧测力计的挂钩相连，然后水平向右慢慢拉动注射器，当注射器中的活塞刚被拉动时，记下弹簧测力计的示数为6N。 （3）如图2，用刻度尺测出注射器全部刻度的长度后，计算活塞的横截面积。 （4）同学们发现测量结果偏大，请分析，该实验过程中导致误差的原因 　 。 （5）针对以上实验的误差，小明对该实验进行了改进采用了图示3装置，将该注射器筒固定在水平桌面上，把活塞推至注射器筒底端，用橡皮帽封住注射器的小孔，活塞通过水平细线与烧杯相连，向烧杯中缓慢加水，当活塞刚开始向左滑动时，测得杯与水的总质量为4.1kg；然后从烧杯中向外缓慢抽水，当抽出2.2kg水时，活塞又开始向右滑动，此时所测大气压的值应为 　 Pa。 8．小俊同学利用带拉环的吸盘、厚玻璃板、水、刻度尺、大量程弹簧秤来测量大气压强的大小，具体实验步骤是：①用刻度尺测出吸盘的直径，算出吸盘平面面积为10厘米2；②将吸盘沾水湿润后，压在厚玻璃板上，排尽吸盘内空气；③用弹簧秤水平拉动吸盘，直至恰好脱落，读出此时弹簧秤示数为98.5牛；④记录整理数据；⑤算出大气压强的值，分析实验结论。实验装置如图，请结合你所学的知识分析： （1）将吸盘沾水湿润的目的是 　 　 ； （2）根据小俊同学的实验数据，计算出大气压的值等于 　 帕。 （3）如果在实验过程中吸盘漏气，那么测得的大气压值将会 　 　 （大于、等于、小于）真实值。 9．如图1是小科同学利用一端封闭的玻璃管探究气体的体积与压强关系的实验装置图。实验时，用水银在管内封入一定质量的气体，将管倒插在水银槽中，使管内外水银面相平，此时管内空气柱的长度为4cm．每向上提起玻璃管时，管内水银面升高、空气柱增长，并作相应测量。如表是该同学在实验过程中记录的部分数据。（在实验过程中温度保持不变，外界压强始终为p＝76cmHg，玻璃管横截面积为2cm2） 实验次数 1 2 3 4 空气柱长度h'/cm 4 16/3 8 16 空气的体积V/cm3 8 32/3 16 32 管内外液面差h/cm 0 19 38 （1）第4次遗漏的数据为　 。 （2）通过上面实验数据分析总结出结论，解决下列问题：如图2，一上端开口、下端封闭的细长玻璃管竖直放置。玻璃管的下部封有长l1＝25.0cm的空气柱，中间有一段长l2＝25.0cm的水银柱，上部空气柱的长度l3＝40.0cm．已知大气压强为p0＝75.0cmHg．现将一活塞（图中未画出）从玻璃管开口处缓慢往下推，使管下部空气柱长度变为l1′＝20.0cm．假设活塞下推过程中没有漏气且气体温度保持不变，则活塞下推的距离为　 　 cm。 10．如图甲所示，用两只金属盆可模拟马德堡半球实验。实验过程中，先将两只金属盆用凡士林粘合，然后抽气，再向两边拉，如图乙为单只盆的示意图，已知大气压作用于每只金属盆的有效面积S均为0.03m2，请回答： （1）马德堡半球实验证明了　 　 的存在，并且十分强大。 （2）实验时测得大气压强p0为1×105Pa，理论上每只金属盆所受外界大气压力F的大小均为　 　 N。 （3）经测定，最后拉开金属盆时两边用的力均小于F，其原因可能是　 　 。 11．为了探究“气体压强与流速的关系”，小科设计了如图所示的实验装置。其中两端开口的U形管中有适量的水，U形管的左端通过橡皮管与玻璃管侧壁管口相连通。 （1）小科用电吹风机从左侧管口吹风，则U形管 　　 （选填“左”或“右”）侧液面将升高。说明气体的流速越大，压强越 　　 。 （2）灰鹅在飞行途中突遇强风，会将身体翻转180°用脚朝上但头保持不变的怪异姿势进行飞行，如图所示，其目的是迅速 　 　 （选填“升高”或“降低”）飞行高度，躲避危险。 12． 某同学做托里拆利实验时，测得管中水银柱的高度为75cm，如图设实验过程中管口不离开水银面，①此时，此地的大气压值为　 　 mm高水银柱；②将玻璃管上提1cm，此时管内的水银柱高为　 　 mm水银柱。 13．如图所示是某款擦窗机器人，它凭借其底部的真空泵在机身和玻璃之间形成低气压，利用　 　 使其牢牢地吸附在竖直玻璃上。当它静止在竖直玻璃上时，往外抽气时所受的摩擦力　 　 （填“变大”、“变小”或“不变”）。工作时擦窗机器人对玻璃的压力为24N，内外气压差达到800Pa，则擦窗机器人与玻璃的接触面积为　 　 cm2。 14．美国东面是大西洋，西面是太平洋，每年都会受到龙卷风的袭击，造成人员伤亡和财产损失。假设某一次龙卷风发生时，室外的气压急剧下降到9×104Pa，当时门窗紧闭，室内气压约为1×105Pa。 （1）为什么龙卷风发生时，室外的气压会急剧下降？ （2）若水平屋顶的面积为100m2，试计算屋顶内外受到的大气压力差的大小。 15．如图，高压锅是家庭厨房中常见的炊具，利用它可将食物加热到100℃以上，它省时高效，深受消费者欢迎。 （1）小明测得家中高压锅出气孔的横截面积S为12mm2，压在出气孔上的安全阀的质量为72g，g取10N/kg，计算安全阀自重对出气孔处气体所产生的压强。 （2）当高压锅内气压增大到某一值时，锅内气体就能自动顶开安全阀放气。在外界为标准大气压的环境下，该高压锅内的气体能达到的最大压强是多少？对照图所示水的沸点与气压的关系图线，利用这种高压锅烧煮食物时可以到达的最高温度大约是多少？（大气压值取1.0×105Pa） 16．随着时代的进步，轿车的车速和性能有了较大提升，某轿车如图所示，它的质量是1.6t，每个轮子与地面的接触面积是0.02m2，g＝10N/kg。 （1）求它空载时，静止在地面上受到的压强。 （2）若汽车在匀速行驶时，受到的摩擦力为车重的0.1倍，求汽车牵引力的大小。 （3）当轿车高速行驶时，对地面的压力会　　 （选填“不变”“变大”“变小”），请用所学过的物理知识分析其原因　 　 。 题型三：二氧化碳的制取 1．小科用如图所示的装置制取二氧化碳，以下说法正确的是（　　） A．装置中的铜网可用铁丝网代替 B．添加盐酸后，漏斗下端不伸到液面以下，实验仍可顺利进行 C．该装置不能控制反应的发生和停止 D．将稀盐酸用稀硫酸替换，也能完成该实验 2．如图所示的一款甜品，在下面盛有水的盘中加了干冰，甜品碗的周围冒着大量的“白气”，拿起碗，看到下面盘中的水在“沸腾”着。下列说法正确的是（　　） A．“白气”是干冰升华成的二氧化碳气体 B．“白气”是盛水盘中的水汽化形成的 C．盘里的水“沸腾”是因为干冰升华使盘中的水吸热后沸腾 D．盘里的水“沸腾”是因为干冰升华成二氧化碳气体从水中冒出 3．某无色气体X可能含有氢气、一氧化碳、二氧化碳和甲烷四种气体中的一种或两种，为确认其组成，某同学取一定量该气体按如图所示装置进行实验（假设每步都充分反应或吸收），结果装置①中无明显变化，装置③增重1.8g，装置④增重2.2g，下列关于气体X成分的分析中，错误的是（　　） A．一定没有二氧化碳 B．可能含有甲烷和氢气 C．可能只有甲烷 D．可能含有氢气和一氧化碳 4．某同学用高锰酸钾制氧气时，试管炸裂了，造成试管炸裂的原因可能是下列中的（　　） ①没有给试管均匀预热； ②试管外壁潮湿； ③试管口没有略微向下倾斜； ④忘了在试管口加一团棉花； ⑤加热时试管与灯芯接触； ⑥收集完氧气，先撤酒精灯； ⑦高锰酸钾中混有可燃物． A．全部 B．除④外 C．除⑥⑦外 D．①②③⑤ 5．复分解反应中存在“强酸可以制得弱酸”的表面规律。例如Na2CO3+2HCl＝2NaCl+H2O+CO2↑，可得：HCl的酸性强于H2CO3的酸性。基于这个反应规律，实验室常用石灰石和稀盐酸反应制取二氧化碳气体，如图1所示是制取气体的常用装置，请回答： （1）仪器②的名称是　 　 。收集干燥的二氧化碳气体可选用的装置是　　 （填字母）。 （2）已知硅酸（H2SiO3）是一种难溶于水的弱酸，呈白色。为证明H2CO3的酸性比H2SiO3强，小科进行了如图2所示的实验，并观察到装置G中生成H2SiO3沉淀。小科分析后认为此现象不能证明H2CO3的酸性比H2SiO3强，理由是　 　 （用化学方程式解释）。 6．二氧化碳是温室气体之一，“节能减排”“碳达峰”“碳中和”等关键词成为热搜。 （1）可以用于实验室制二氧化碳且能控制反应发生与停止的发生装置为 　　 ，检验该气体时发生反应的化学方程式为 　 。 （2）若用装置D收集产生的二氧化碳，可以做的改进是 　 　 。 （3）选择BD装置可制取另一种实验室常见气体，写出制备过程涉及反应的化学方程式：　 　 。 （4）如图是一种工业上捕集CO2的方法，该装置用多孔球泡（内空球体，球面有许多小孔能通气）比直接用导管插入K2CO3溶液的吸收效果更好，原因是 　 　 。 （5）绵绵同学设计如图装置验证二氧化碳温室效应。图中两个塑料瓶的体积和形状相同，连接两个塑料瓶的玻璃管中间有一滴红墨水，置于阳光下。一段时间后红墨水 　　 移动。（选填“向左”“向右”或“不”） 7．小明为了探究过氧化钠（Na2O2）和 CO2的反应相关特点，设计了如图实验装置，同时也查阅了相关资料： 资料一：过氧化钠与二氧化碳和水都能发生反应，且都放出热量。化学方程式分别为： 2Na2O2+2CO2═2Na2CO3+O2 2Na2O2+2H2O═4NaOH+O2↑ 资料二：氢氧化钙的溶解度随着温度的升高而降低。 （1）在实验过程中注射器的作用相当于 　　 A.长颈漏斗B.分液漏斗； （2）为了证明过氧化钠与二氧化碳反应是否产生氧气，请在F处增加一个实验操作：　 　 ； （3）此实验中水蒸气被装置B完全吸收的证据是：　 　 ； （4）请解释D装置中的澄清石灰水变浑浊的原因：　 　 。 8．根据下列装置回答问题。 （1）写出仪器a的名称　 　 。 （2）用B装置制取CO2时，反应未停止前关闭止水夹，除了有气泡产生外，还可观察到的现象是　 　 。 （3）实验室若用C装置收集CO2气体，验满方法是　 　 。 9．如图所示是气体制取及性质检验的一体化装置。具有装置他用，模块化操作等优点。如用于二氧化碳气体制取及性质检验。 （1）若实验室利用该装置制取二氧化碳气体，则滴液漏斗中装的试剂是：　　 （填名称）。 （2）若实验过程中试管内装的紫色石蕊试液变红色，则原因是：　 （用化学方程式表示）。 （3）将两只点燃的蜡烛放在T形管附近，打开三通阀开关，使气流缓慢流出。观察到下方蜡烛先熄灭，上方蜡烛后熄灭，说明二氧化碳具有的物理性质是 　 　 。 10．用如图所示的装置制取二氧化碳，操作比较简便。 （1）装入试剂后，往B瓶中放入一片干燥的紫色石蕊试纸，打开止水夹2分钟后发现试纸还是紫色，请说明试纸没变红的理由 　 　 。 （2）如果要暂停反应，只需将止水夹夹在橡皮导管上，当看到 　 　 （描述现象）时说明稀盐酸和石灰石不再反应了。 11．小乐用如图所示装置，探究二氧化碳的性质。 （1）验证能使石蕊溶液变色的物质是碳酸而不是水或二氧化碳。实验操作的正确顺序是④→　 →③（选择正确序号按序填写）。 ①从b端通氮气 ②从分液漏斗中滴加适量水 ③从a端通二氧化碳 ④将石蕊溶液染成紫色的干燥纸花放入广口瓶中 （2）验证二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，写出反应的化学方程式：　 。 12．如图甲是实验室制取气体的常用装置，请回答： （1）实验室制取并收集二氧化碳需要用到的实验装置是 　　 （用字母表示）。 （2）实验室若用高锰酸钾制备氧气，则发生反应的化学方程式为 　 。 （3）收集了一瓶氧气，准备做细铁丝燃烧实验，如图乙。点燃系在螺旋状细铁丝底端的火柴后，接下去的操作是等到火柴 　 　 （填“燃得最旺”或“快燃尽”）时将铁丝伸入集气瓶内。 13．氧循环和碳循环是自然界中的重要循环（如图）。 （1）氧循环指的是　 　 （填“氧元素”、“氧气”或“含氧物质”）的循环。 （2）空气中的“碳”转化为生物体内的“碳”主要通过途径⑤植物的 　 实现。 （3）分析两种循环，其中正确的是　 　 。 A.途径①会增加空气中二氧化碳含量，加剧温室效应 B.氧气只有通过燃烧才能参与碳循环 C.两种循环各自独立，彼此之间无联系 D.氧循环和碳循环有利于维持大气中氧气和二氧化碳含量的相对稳定 14．据法国国际广播电台2015年12月8日消息，法国当地时间12月8日，在巴黎全球气候大会部长谈判的同时，布尔歇会展中心召开企业论坛，100多家跨国企业签署协定、承诺可核查的量化减排目标．回答下列问题： （1）为保护人类赖以生存的地球，我们应采取有效措施以防止大气中二氧化碳含量的大量增加，以下建议中行之有效的生态学措施是（填序号）　 　 ． A．开发太阳能、水能、风能、地热等新能源； B．禁止使用煤、石油、天然气等矿物燃料； C．大量植树造林，禁止乱砍滥伐； D．全面放开二胎 （2）有人提议将空气中的二氧化碳输送到冰冷的深海中贮藏．但科学家担心这样做会增加海水的酸度，导致海洋生物死亡，二氧化碳使海水酸度增加的原因是　 （用化学方程式表示） （3）目前使用膜分离法从空气中分离出CO2，该过程发生的是　 　 （填“物理”或“化学”）变化． （4）生活中，下列做法中符合“低碳绿色生活”理念的是（填序号）　 ． ①节约用水、用电 ②废物分类回收、利用 ③尽量选择公共交通出行 ④减少一次性餐具的使用． 15．如图，小舟制作了一个简易泡沫灭火器，为增加泡沫量，添加少量不参与反应的发泡剂。 （1）使用灭火器时，只需将装置倒置，浓盐酸与碳酸钠反应后喷出大量含有CO2的泡沫，当泡沫“粘附”在燃烧物表面后，起到隔绝 　 　 作用，即可灭火。选用CO2作为灭火气体是因为该气体具有的性质是 　 　 。 （2）制作成本也是须考虑的重要指标。将含有10.6克溶质的饱和碳酸钠溶液装入吸滤瓶，理论上需要质量分数为36.5%的浓盐酸多少克，才能恰好完全反应。（已知：Na2CO3+2HCl═2NaCl+H2O+CO2↑） 题型四：光合呼吸作用 1．在两种光照强度下，不同温度对某植物CO2吸收速率的影响如图。对此图理解错误的是（　　） A．在低光强下，CO2吸收速率随叶温升高而下降的原因是呼吸速率上升 B．在高光强下，M点左侧CO2吸收速率升高与光合酶活性增强相关 C．在图中两个CP点处，植物均不能进行光合作用 D．图中M点处光合速率与呼吸速率的差值最大 2．将某植物叶片分离得到的叶绿体，分别置于含不同蔗糖浓度的反应介质溶液中，测量其光合速率，结果如图所示。图中光合速率用单位时间内单位叶绿素含量消耗的二氧化碳量表示。下列叙述正确的是（　　） A．测得的该植物叶片的光合速率小于该叶片分离得到的叶绿体的光合速率 B．若分离的叶绿体中存在一定比例的破碎叶绿体，测得的光合速率与无破碎叶绿体的相比，光合速率偏大 C．若该植物较长时间处于遮阴环境，叶片内蔗糖浓度与光合速率的关系与图中B﹣C段对应的关系相似 D．若该植物处于开花期，人为摘除花朵，叶片内蔗糖浓度与光合速率的关系与图中A﹣B段对应的关系相似 3．如图表示甲、乙两种植物的二氧化碳相对吸收量随光照强度变化的情况，相关分析正确的是（　　） A．随着光照强度不断增加，光合作用持续增强 B．光合作用受光照强度和二氧化碳浓度的影响 C．图中f点时，甲、乙两种植物光合作用的强度相等 D．其他条件保持不变，若温度适度上升，a、b点位置会下移 4．氧循环和碳循环是自然界中的重要循环（如图），分析两种循环，其中正确的是（　　） A．碳循环和氧循环过程中只发生了物理反应 B．氧气只有通过燃烧才能参与碳循环 C．两种循环各自独立，彼此之间无联系 D．碳循环和氧循环有利于维持自然界中氧气和二氧化碳含量的相对稳定 5．密闭温室内种植了草莓幼苗，某小组通过测定二氧化碳浓度来研究光合作用和呼吸作用的情况。图甲表示密闭温室内一昼夜的二氧化碳浓度变化情况，图乙表示在白天环境条件不变时，不同的夜间温度下温室内二氧化碳浓度的变化情况。下列描述合理的是（　　） A．BC段二氧化碳浓度降低是因为植物停止呼吸作用并开始光合作用吸收二氧化碳 B．图甲AE两点对比表明经过这一昼夜草莓幼苗有机物有积累 C．图甲表明从C到D点，呼吸作用强度大于光合作用强度 D．若白天环境条件不变，根据图乙可知夜间温度为30℃比20℃时更能增加有机物的积累 6．小艺通过实验验证外界因素对植物光合作用的影响。 【实验器材】吸管、菠菜、注射器、烧杯、LED灯（冷光源）、秒表、刻度尺 【实验步骤】①用吸管在菠菜叶片上打孔（如图甲），取6个叶圆片；②将叶圆片置于注射器中，吸取30毫升水，用手堵住注射器小孔，拉动活塞，反复8次，使叶圆片内气体逸出（如图乙）；③将叶圆片取出放入含有CO2释放剂的烧杯中，叶圆片沉于底部；④把LED灯放置在离烧杯10厘米处照射（如图丙），并开始计时，观察并记录所有叶圆片都上浮所需时间；⑤改变LED灯与烧杯的距离，使距离为20厘米、30厘米，重复上述实验。 【原理解释】原来沉在水底的叶圆片，因为进行光合作用产生氧气，氧气附着在叶圆片上，使叶圆片受到的浮力变大，当浮力大于叶圆片的重力，叶圆片上浮，叶圆片上浮所需时间越短，表示光合作用越强。 （1）小艺验证的是 　 　 对光合作用的影响（填“温度”或“光照强度”）。 （2）LED灯距烧杯越近，叶圆片上浮所需时间越 　 　 。 （3）实验前菠菜不需要进行暗处理的理由是 　 　 。 7．清明时节，如果你来到安徽的砀山县，你会发现，这里是一片雪白的世界，把大地银装素裹的不是雪花，而是晶莹剔透的梨花（图甲），到八月中秋，砀山又成了果山果海，酥梨硕果累累（图乙）。 （1）成熟的酥梨果大核小、皮薄多汁、酥脆甘甜，其中的糖分主要来源于叶的光合作用。请你用“光能、氧气、二氧化碳、叶绿体”这些关键词完成图2概念图，A：　　 ，B：　 　 ，C：　 　 ，D：　 　 。 （2）砀山梨在25℃左右易腐烂，难以贮存，最佳贮藏温度为1～5℃，在这个温度范围内越低越好，贮藏温度在1℃左右，可以使梨保持缓慢的　 　 作用，减少营养物质的消耗，延长贮藏期。 【课后巩固】 1．江南天池滑雪场是江南唯一冬季野外滑雪场，坐落在海拔千米的天荒坪山顶。家住湖州市区的某同学体验后发现与市区较为温暖的冬季气候形成了极大反差。影响湖州市区和江南天池冬季气候差异的主要因素是（　　） A．海陆因素 B．纬度因素 C．地形因素 D．人类活动 2．下列关于天气和气候的说法正确的是（　　） A．今天阴转多云，明天多云，它描述的是气候 B．今天最高气温21℃，最低气温16℃，它描述的是气候 C．冬暖夏凉，年平均气温18.2℃，它描述的是气候 D．冬无严寒，夏无酷暑，描述的是天气 3．下列操作，利用大气压强实现的是（　　） A．吸尘器吸灰尘 B．水枪喷射水柱 C．真空采血管采血 D．打气筒打气 4．在生活中，常通过吸管将杯中的饮料“吸”进入口中。下列现象中“吸”的科学原理与其相同的是（　　） A．拔火罐时，罐子“吸”在皮肤上 B．擦手时，餐巾纸容易“吸”水 C．风紧贴窗户吹过时，窗帘会被“吸”向窗外 D．电脑屏幕亮起时，屏幕容易“吸”灰尘 5．炎热夏天，喝杯冰镇可乐是许多人感受清凉的一种方式。下列关于可乐说法不正确的是（　　） A．可乐是一种溶液，当中的一种溶质是二氧化碳气体，说明二氧化碳气体能够溶于水 B．可乐喝到肚子里面后，人过会会打嗝，这是因为气体的溶解度随着温度的升高而降低 C．可乐里面除了二氧化碳气体外，还有其他溶质，这说明，可乐是不饱和溶液 D．冰过的可乐比不冰过的可乐口感更好，说明气体的溶解度随着温度的降低而升高 6．如图所示中，a、d为浸有紫色石蕊溶液的湿润棉花，b、c为用紫色石蕊溶液浸过的干燥棉花（固定玻璃管的装置未画出）。用该装置来探究CO2的制取和性质，下列关于该实验装置及试剂的叙述不正确的是（　　） A．该装置便于控制进入锥形瓶内稀盐酸的量 B．利用该装置可验证二氧化碳的密度比空气大及二氧化碳能与水发生反应 C．装置中的干燥剂能与二氧化碳反应 D．该装置中的棉花可用滤纸片代替 7．规范操作是科学实验的基本要求，下列有关“实验室制取二氧化碳”的实验操作，正确的是（　　） A．检查装置气密性 B．取用固体试剂 C．收集二氧化碳 D．验满 8．如图表示20℃时玉米光合作用强度与光照强度的关系，S1、S2、S3所在部位的面积表示有关物质的相对值，下列说法中不正确的是（　　） A．S2﹣S3表示玉米光合作用有机物净积累量 B．S2+S3表示玉米光合作用产生的有机物总量 C．若土壤中缺Mg，则B点右移，D点左移 D．S1+S3表示玉米呼吸作用消耗的有机物量 9．某兴趣小组为了探究光合作用的奥秘，用生长旺盛的绿叶做了如下实验。下列说法正确的是（　　） A．A和B可形成对照实验，变量是光照 B．B和C对照可以证明光合作用的场所是叶绿体 C．该实验可证明绿叶进行光合作用产生了淀粉 D．A中产生的气体能使澄清的石灰水变浑浊 10．某同学用如图装置探究“一定质量的气体，在温度不变时，气压与体积的关系”。实验器材有：注射器、润滑油、压强传感器等。实验过程如下： 步骤一：在室温下将注射器的活塞上抹上适量的润滑油后，插入注射器内，留一定量的气体，将压强传感器套件连接在注射器小孔上； 步骤二：缓慢往右推动活塞，用传感器采集注射器内气压p，并记录相应空气柱的体积V； 步骤三：重复实验。得到数据如下表： 实验 V/mL p/×105Pa pv/×105Pa•mL 1 20.0 1.001 20.020 2 18.0 1.113 20.034 3 16.0 1.251 20.016 4 14.0 1.429 20.006 5 12.0 1.668 20.016 （1）完成本实验的基本要求是　A　 （填字母编号）。 A．封闭气体的容器密封良好 B．必须测出所封闭气体的温度和质量 （2）分析表中数据，可以得出结论： 　 。 （3）实验反思：考虑到注射器与压强传感器连接部位存在少量气体无法读数，使测得的体积略偏小。为使实验数据更准确，排出这部分气体的操作方法是　 　 。 （4）“一定质量的气体，在温度不变时，压强与体积的关系”被称为波义耳定律，很多现象可以用波义耳定律解释，符合该定律的现象的是：　 　 。 A．气球打气过多，气球体积变大 B．一杯水中底部气泡上浮，气泡体积变大 C．气球带至高山，气球体积变大 11．甲图是按压式手动取水器，内部结构如乙图，其中A、B是只能朝一个方向打开的阀门，当按压气囊时，A阀门关闭，B阀门打开，就可连续不断出水。 （1）气囊弹回时，A、B阀门的开闭状态是　 　 。 （2）使用时发现，松开气囊，因水桶内气压不能立刻减小，无法立即停止出水，造成浪费。某同学提出只需在取水器上加装一个阀门，需要出水时关闭阀门，需要停止出水时打开阀门即可。为实现上述功能，请在图丙①、②两处中选择合适位置安装阀门，并说明理由。　 　 。 12．某学习小组以“气体制备”为主题开展基础实验与跨学科实践，回答下列问题： （1）写出标号d仪器的名称　 　 。 （2）实验室要制取较纯净的二氧化碳，应选用装置组合　 　 （填字母，从A～F中选）。 （3）小明利用过氧化氢溶液制氧气的原理自制了家庭简易制氧机，如图G所示。其反应的化学方程式为　 。①上下抽拉线绳实现二氧化锰与过氧化氢溶液的接触与分离，这样设计的优点　 　 。 ②若想监测产生氧气的气流速度，需将G装置中　 　 （填“a”或“b”）端导管伸入水面下。 13．为证明空气中含有CO2，老师用30mL针筒把空气压入石灰水中（实验装置如图所示），未见到预期的现象，课后某同学使用该装置继续进行探究。 （1）该同学应该从图中导管　　 （选填图中字母）处继续将空气不断推入。 （2）该同学累计通入360管空气后发现产生了预期的浑浊现象，根据操作和现象可得出的结论是　 　 。 （3）装置内产生浑浊的原因是　 　 （用化学方程式表示）。 14．某同学在学习完植物的三种生理活动后，进行了相关研究；图甲中的A、B、C分别表示植物的三种生理活动；图乙是该同学综合研究呼吸作用、光合作用的实验装置；图丙是大棚内该植物制造和消耗有机物与种植密度的关系图。请根据图回答问题： （1）该同学综合研究呼吸作用、光合作用的实验过程如下： ①呼吸作用研究；首先关闭阀门，在黑暗处放置一段时间后，发现玻璃管中的红色小液滴会向　　 （选填“左”或“右”）移动。 ②光合作用研究；将乙图装置在黑暗处放置一昼夜后，移到阳光下，打开阀门并移除氢氧化钠溶液，切断叶片甲中A与B之间的主叶脉。一段时间后取下叶片甲，除去叶绿素后滴加碘液，实验现象是：A不变蓝，B变蓝，据此可得出的结论是　 　 。 （2）当播种密度过大或过小时，植物产量都不理想。分析图丙曲线可知，种植密度为　 时（选填“m1”、“m2”、“m3”或“m4”），植物产量最高。 15．小金同学利用图甲所示的装置探究植物的光合作用：将一株绿色小植物放入一个锥形瓶中，在瓶中安放一个测定瓶中CO2浓度的传感器，将瓶口用橡胶塞塞上并密封。传感器的另一端与电脑连接，以检测一段时间内瓶中CO2浓度的变化。 （1）装置内试管中的水主要用于植物的　 　 。 （2）小金在某一晴天，将此装置置于有光照的室外，进行24小时二氧化碳含量的测定，绘制的曲线如图乙所示。据图分析，植物的光合作用开始于　 　 （选填“P点前”、“P点”或“P点后“）。 （3）小金认为，一定时间内测得的二氧化碳减少量，等于植物的光合作用所消耗的二氧化碳你是否认同他的观点，说说你的理由　 　 。 （4）若想利用此装置探究植物的呼吸作用，应将装置放置在　 　 环境中。 16．如图所示的高压锅，锅盖上排气孔的横截面积为0.1cm2，排气孔上带有限压阀。当高压锅内气压超过安全值时，锅内的气体会顶起限压阀跑出一部分，使锅内气压减小，以保证高压锅的使用安全。 （1）若此高压锅工作时，锅内气体压强为1.5个标准大气压，为保证安全，限压阀刚好被锅内向上的压力差顶起时，锅内外的压强差为多少帕？ （2）为此应配备的限压阀的质量为多少克？（g取10N/kg，1个标准大气压取1.0×105Pa） 17．某实验小组为了探究气缸内气体压强p与缸内气柱长度h的关系，设计了一带有活塞（横截面积S＝5cm2）并封闭了气体的密闭金属气缸，如图甲所示。某次实验过程中，活塞缓慢下压，记录数据后绘制出如图乙所示图象。请回答下列问题： （1）活塞下压过程中，缸内气体质量　 　 （选填“变小”、“变大”或“不变”）； （2）据图乙可知，缸内气体压强p与长度h成　　 比； （3）经测量，当缸内气体压强p为1×105Pa时，缸内气体的密度为1.3kg/m3，那么，当缸内气体压强p为5×105Pa时，缸内气体的密度为　 　 kg/m3。 18．向20g含杂质的锌样品中加入稀硫酸充分反应（杂质不与稀硫酸反应），所加稀硫酸与生成气体的质量关系如图所示。（相对原子量：Zn﹣65 S﹣32 H﹣1 O﹣16）（Zn+H2SO4＝ZnSO4+H2↑） （1）锌样品与稀硫酸充分反应后产生氢气的总质量为 　0.4　 g。 （2）求：样品中锌的质量分数。 ( 1 / 72 ) 学科网（北京）股份有限公司 $ 第二章综合复习 题型一：天气和气候 1．太阳光穿过地球大气层时会发生折射，如果没有这层大气，会出现（　　） A．日出会提前，日落会延迟 B．日出会延迟，日落会提前 C．日出和日落都会提前 D．日出和日落都会延迟 【分析】由于地球引力的存在，地表周围的气体分子无法逃逸到太空中，聚集在地球表面构成了地球大气。 【解答】解：阳光由几乎真空的宇宙射入地球大气层，会发生折射，日光会向地面偏转，导致我们在地球上可以看到已经位于地平线以下的太阳。如果没有大气，我们会晚看到日出，早看到日落。 故选：B。 2．关于温室效应，下列说法正确的是（　　） A．太阳能源源不断地辐射到地球上，由此产生了温室效应 B．温室效应的加剧主要是由大气中的二氧化碳含量升高引起的 C．温室效应对人类只有好处 D．大气层中的臭氧层受到破坏会加剧温室效应 【分析】温室效应是大气保温效应的俗称，是指太阳的短波辐射能够透过大气射入地面，而地面增暖后放出的长波辐射却被温室气体吸收，从而产生大气变暖的效应。温室效应主要是由于现代化工业社会过多燃烧煤炭、石油和天然气，这些燃料燃烧后放出大量的二氧化碳气体进入大气造成的。 【解答】解：虽然太阳能量是地球气候系统的主要能量来源，但温室效应并不是直接由太阳能量产生的，故A错误； 温室效应的加剧主要是由大气中的二氧化碳含量升高引起的，故B正确； 温室效应导致全球气候变暖，极地冰川融化，海平面上升，有些沿海国家会被淹没，故C错误； 臭氧层破坏本身不直接导致温室效应，但通过影响生态系统和大气成分，间接促进温室效应的加剧，故D错误。 故选：B。 3．在气象学上，有一种专门用来测定某一时段内（通常为一天）某种温度的温度计。该温度计为酒精温度计，在酒精柱内，置一黑色指示针，当温度下降时，酒精收缩，指示针能随之移动；当温度上升时，酒精柱上升，而指示针因无外力推动仍留原处指示相应温度。参考体温计的工作原理.该温度计是用来测定一天当中的（　　） A．最高温度 B．最低温度 C．实时温度 D．平均温度 【分析】当温度下降时，酒精收缩，指示针能随之移动；当温度上升时，酒精柱上升，而指示针因无外力推动仍留原处指示相应温度。 【解答】解：根据题意，当温度下降时，酒精收缩，指示针能随之移动；当温度上升时，酒精柱上升，而指示针因无外力推动仍留原处指示相应温度。.该温度计是用来测定一天当中的最低温度，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选：B。 4．超市里常用冰块给鱼保鲜，为了达到最好的保鲜效果，冰块应放在鱼的（　　） A．下面 B．上面 C．侧面 D．都一样 【分析】把鱼放在冰面上并不是保存，只是让它降温，如果你想要保存，最好加一点盐，还有把冰放在鱼上面，这样保鲜会比较好。 【解答】解：用冰来冷却海鲜，冰周围的空气温度下降，密度变大要下沉，这样有助于对流的发生，所以把冰放在冷藏的食物的上方。 故选：B。 5．将折成螺旋形的纸条放置在火焰上，纸条会不停地转动，这是由于（　　） A．螺旋受热膨胀 B．螺旋上方的空气下降 C．火焰使空气受热上升 D．热沿螺旋传导至顶部 【分析】火焰上方的空气受热，温度升高，等体积的热空气比冷空气轻而上升，因此纸条会不停地转动，据此分析。 【解答】解：A．螺旋受热膨胀只会让纸条发生形状变化，不会使其转动，故A错误； B．热空气的密度更小，会向上运动，而非下降，故B错误； C．火焰使周围空气受热上升，上升的气流会推动螺旋形纸条转动，故C正确； D．热沿螺旋传导至顶部只是热传递现象，无法直接让纸条转动，故D错误； 故选：C。 题型二：大气压 1．如图是医院为病人输液部分装置，图中A为输液瓶，B为滴壶，C为进气管，与大气相通，则在输液过程中（瓶A中尚有液体），下列说法正确的是（　　） ①瓶A中上方气体的压强随液面的下降而增大 ②瓶A中液面下降，但A中上方气体的压强不变 ③在瓶中药液输完以前，滴壶B中的气体压强保持不变 ④滴壶B中的气体压强随A中液面下降而减小 A．①③ B．②③ C．①④ D．②④ 【分析】以瓶A中上方气体为研究对象，根据瓶A中液体的变化情况可判断瓶A中上方气体的压强变化；以滴壶B中的气体为研究对象，分析进气管C处到B处的液柱变化情况，可得知B内气体的压强变化。 【解答】解：①②瓶A中上方气体的压强为外界大气压与瓶A中的液体产生的压强差，瓶A中的液体面下降，液体产生的压强就减小，所以瓶A中上方气体的压强会增大，故①正确，②错误； ③④进气管C处的压强为大气压强，不变化，从C到滴壶B之间的液柱高度不变，所以滴壶B中的气体压强在瓶中药液输完以前是不变的。故③正确，④错误； 综上所述，①③说法正确，故A符合题意。 故选：A。 2．下列是与压强有关的生产生活实例，其中说法正确的是（　　） A．甲图三峡大坝的坝体横截面上窄下宽，是因为坝底受到水的压强小 B．乙图青藏高原边防战士用高压锅煮面条，是因为海拔越高，大气压越大 C．丙图用真空吸盘搬运沉重的钢板是利用大气压来完成的 D．丁图护士给病人打针时是利用大气压将药液注入病人肌肉中 【分析】A．水的压强随深度的增大而增大； B．海拔越高，大气越稀薄，大气压越小，水的沸点越低； C．用真空吸盘搬运沉重的钢板，因为吸盘里面是真空，对外的压强为零，外面的大气压把吸盘紧紧地压在钢板上； D．丁图护士给病人打针是利用手的推力将药液注入病人肌肉中的。 【解答】解：A．三峡大坝的坝体横截面上窄下宽，是因为水的压强随深度的增大而增大，故A错误，不符合题意； B．海拔越高，大气越稀薄，大气压越小，水的沸点越低，青藏高原边防战士用高压锅煮面条，利用了锅内气压越大，水的沸点越高，故B错误，不符合题意； C．用真空吸盘搬运沉重的钢板，因为吸盘里面是真空，对外的压强为零，外面的大气压把吸盘紧紧地压在钢板上，这是利用大气压来完成的，故C正确，符合题意； D．丁图护士给病人打针是利用手的推力将药液注入病人肌肉中的，不是利用大气压强，故D错误，不符合题意。 故选：C。 3．如图装置可以用来研究液体压强与流速的关系，打开阀门，水流经该装置时，可观察到a、b两管口均有水喷出，下列说法正确的是（　　） A．a处流速快，水喷得较高 B．b处流速慢，水喷得较低 C．a，b水喷得一样高 D．水的流速越快，压强越小 【分析】当打开止水阀门时，比较a和b两管底部液体的流动速度，根据流体流速大、压强小，判断压强大小，由压强大小判断液面高度。 【解答】解： 打开自来水阀门，水流经该装置时，由于水的流量一定，a管下端管道横截面积小，b管底部管道横截面积大，根据流体压强和流速的关系可知，a管下端水的流速大，b管下端水的流速小，所以a管下端产生的压强小，b管下端产生的压强大，所以，b管口喷出的水柱更高。 故选：D。 4．用带小孔的橡皮塞塞住瓶口，往橡皮塞的小孔中插入一个漏斗，然后从漏斗往瓶内加水，发现瓶内的水始终无法加满，最可能的原因是（　　） A．空气会流动 B．空气有质量 C．空气能压缩 D．空气占据空间 【分析】当向瓶内倒水的过程中，瓶子处于密封状态，内部的空气具有一定的体积会占有部分空间，据此分析。 【解答】解：当向瓶内倒水的过程中，瓶子处于密封状态，内部的空气具有一定的体积会占有部分空间，导致水倒入一定量后，无法再倒进去，瓶内的水始终无法加满，故D正确，ABC不正确。 故选：D。 5．年轻的藏族运动员次仁旺姆曾登上在地球之巅——珠穆朗玛峰顶。她在登上4000米高度后，越往上爬越感觉到乏力，出现头晕、耳鸣和恶心等高山反应，每走一步都十分艰辛。请问火炬手出现高山反应的主要原因是（　　） A．山峰陡峭，人体能量消耗大 B．高处气温太低，经常下雪 C．高山上空气稀薄，气压偏低 D．该运动员体质太差 【分析】大气压与高度有关，越高的位置大气压的值越小， 【解答】解：高山上地理位置比较高，越高的位置大气压的值越小，相对于大气压来说，体内气压过大，人就会头晕、头痛、耳鸣，有的甚至恶心呕吐。 故选：C。 6．以下与气压相关的实验中，能够得出“空气流速越大，气压越小”结论的是（　　） A．①覆杯实验中，纸片不会掉落 B．②马德堡半球抽气后，很难拉开 C．③向纸张中间吹气，纸张靠拢 D．④向烧瓶内打气，液体沸腾停止 【分析】（1）“覆杯实验”、马德堡半球实验能证明大气压的存在； （2）流体在流速越大的位置，压强越小； （3）气压高，水的沸点高，气压低，水的沸点低。 【解答】解：A、纸片托水的“覆杯实验”，纸片托水正是因为大气压托起了纸片，能证明大气压的存在，故A错误； B、马德堡半球抽气后，很难拉开，证明大气压存在，故B错误； C、纸张中间吹气，纸张靠拢，是流体流速越大的地方，压强越小，所以向纸张中间吹气，中间流速大压强小，纸张外大气压强大，故纸张向中间靠拢，故C正确； D、向烧瓶内打气，瓶内气压高，水的沸点高，液体沸腾停止，故D错误。 故选：C。 7．某科学实验小组利用注射器、弹簧测力计、刻度尺等器材测量大气压强的值，实验步骤如下： （1）把注射器的活塞推至注射器简的底端，然后用橡皮帽堵住注射器的小孔，这样做的目的是 　排尽注射器内的空气　 。 （2）如图1，用细尼龙绳拴住注射器活塞的颈部，使绳的另一端与弹簧测力计的挂钩相连，然后水平向右慢慢拉动注射器，当注射器中的活塞刚被拉动时，记下弹簧测力计的示数为6N。 （3）如图2，用刻度尺测出注射器全部刻度的长度后，计算活塞的横截面积。 （4）同学们发现测量结果偏大，请分析，该实验过程中导致误差的原因 　活塞与针筒之间存在摩擦力　 。 （5）针对以上实验的误差，小明对该实验进行了改进采用了图示3装置，将该注射器筒固定在水平桌面上，把活塞推至注射器筒底端，用橡皮帽封住注射器的小孔，活塞通过水平细线与烧杯相连，向烧杯中缓慢加水，当活塞刚开始向左滑动时，测得杯与水的总质量为4.1kg；然后从烧杯中向外缓慢抽水，当抽出2.2kg水时，活塞又开始向右滑动，此时所测大气压的值应为 　8.82×104 Pa。 【分析】（1）把注射器的活塞推至注射器筒的底端，用橡皮膜堵住折射器的小孔，目的是排尽注射器内的空气，避免空气进入对实验的影响； （4）弹出测力计的示数等于大气压对活塞的作用力加针筒对活塞的摩擦力，这样用弹簧测力计的示数除以活塞的截面积计算大气压强，测得结果比实际值偏大； （5）向烧杯中缓慢加水，当活塞刚开始移动时，F拉1＝F大气+f摩擦，当从烧杯中向外缓慢抽水，活塞又开始移动时，F拉2＝F大气﹣f摩擦，可求出大气压。 【解答】解：（1）将注射器的活塞推至注射器筒的底端，用橡皮膜堵住折射器的小孔，目的是排尽注射器内的空气； （4）弹出测力计的示数F＝F大气+f摩擦，大气压p大气，故因为活塞受到针筒的摩擦力，使得测量结果偏大； （5）当烧杯中缓慢加水，当活塞刚开始移动时，F拉1＝F大气+f摩擦， 当从烧杯中向外缓慢抽水，活塞又开始移动时，F拉2＝F大气﹣f摩擦， 所以F大气29.4N 活塞的截面积Scm2， 大气压强为p大气8.82×104Pa； 故答案为：（1）排尽注射器中的空气；（4）活塞与针筒之间存在摩擦力；（5）8.82×104。 8．小俊同学利用带拉环的吸盘、厚玻璃板、水、刻度尺、大量程弹簧秤来测量大气压强的大小，具体实验步骤是：①用刻度尺测出吸盘的直径，算出吸盘平面面积为10厘米2；②将吸盘沾水湿润后，压在厚玻璃板上，排尽吸盘内空气；③用弹簧秤水平拉动吸盘，直至恰好脱落，读出此时弹簧秤示数为98.5牛；④记录整理数据；⑤算出大气压强的值，分析实验结论。实验装置如图，请结合你所学的知识分析： （1）将吸盘沾水湿润的目的是 　密封，防止漏气　 ； （2）根据小俊同学的实验数据，计算出大气压的值等于 　9.85×104 帕。 （3）如果在实验过程中吸盘漏气，那么测得的大气压值将会 　小于　 （大于、等于、小于）真实值。 【分析】（1）利用吸盘测量大气压强的大小，应排尽吸盘内的空气，将吸盘沾水的目的是密封，防止漏气。 （2）根据p计算实验时的大气压值。 （3）在实验过程中吸盘漏气，使测得的大气压力变小，根据判断大气压值大小。 【解答】解：（1）利用吸盘测量大气压强的大小，应排尽吸盘内的空气，将吸盘沾水的目的是密封，防止漏气。 （2）根据题意可知，大气对吸盘的压力F＝F示＝98.5N。 若不考虑实验过程中的其他影响因素，实验时的大气压值。 （3）在实验过程中吸盘漏气，使测得的大气压力变小，根据可知，在受力面积一定时，大气压值将会小于真实值。 故答案为：（1）密封，防止漏气； （2）9.85×104； （3）小于。 9．如图1是小科同学利用一端封闭的玻璃管探究气体的体积与压强关系的实验装置图。实验时，用水银在管内封入一定质量的气体，将管倒插在水银槽中，使管内外水银面相平，此时管内空气柱的长度为4cm．每向上提起玻璃管时，管内水银面升高、空气柱增长，并作相应测量。如表是该同学在实验过程中记录的部分数据。（在实验过程中温度保持不变，外界压强始终为p＝76cmHg，玻璃管横截面积为2cm2） 实验次数 1 2 3 4 空气柱长度h'/cm 4 16/3 8 16 空气的体积V/cm3 8 32/3 16 32 管内外液面差h/cm 0 19 38 （1）第4次遗漏的数据为　57　 。 （2）通过上面实验数据分析总结出结论，解决下列问题：如图2，一上端开口、下端封闭的细长玻璃管竖直放置。玻璃管的下部封有长l1＝25.0cm的空气柱，中间有一段长l2＝25.0cm的水银柱，上部空气柱的长度l3＝40.0cm．已知大气压强为p0＝75.0cmHg．现将一活塞（图中未画出）从玻璃管开口处缓慢往下推，使管下部空气柱长度变为l1′＝20.0cm．假设活塞下推过程中没有漏气且气体温度保持不变，则活塞下推的距离为　15.0　 cm。 【分析】（1）一定质量的气体，温度不变时，体积越大，压强越小； （2）设活塞下推距离为Δl，分别求解出上、下两端封闭气体下推前的压强和长度，在表示出下推后的压强和长度，对两端封闭气体分别运用玻意耳定律列式后联立求解即可。 【解答】解：（1）第四次实验中，气体压强每减少一次，管内外的液面差会增加19cm；所以第四次遗漏的数据为：38cm+19cm＝57cm； （2）以cmHg为压强单位，在活塞下推前，玻璃管下部空气柱的压强为： P1＝P0+l2 …① 设活塞下推后，下部空气的压强为P1′，由玻意耳定律得： P1l1＝P1′l1′…② 如图，设活塞下推距离为Δl，则此时玻璃管上部的空气柱的长度为： l3′＝l3+（l1﹣l1′）﹣Δl …③ 设此时玻璃管上部空气柱的压强为P3′，则 P3′＝p1′﹣l2 …④ 由波意耳定律，得： P0l3＝P3′l3′…⑤ 由①②③④⑤式代入数据解得： Δl＝15.0cm； 故答案为：（1）57；（2）15.0。 10．如图甲所示，用两只金属盆可模拟马德堡半球实验。实验过程中，先将两只金属盆用凡士林粘合，然后抽气，再向两边拉，如图乙为单只盆的示意图，已知大气压作用于每只金属盆的有效面积S均为0.03m2，请回答： （1）马德堡半球实验证明了　大气压　 的存在，并且十分强大。 （2）实验时测得大气压强p0为1×105Pa，理论上每只金属盆所受外界大气压力F的大小均为　3000　 N。 （3）经测定，最后拉开金属盆时两边用的力均小于F，其原因可能是　盆内混有空气　 。 【分析】（1）马德堡半球实验证实了大气压的存在； （2）根据压强公式P计算出每只金属盆所受外界大气压力F的大小； （3）混入空气后，盆会受盆内气压的影响。 【解答】解：（1）历史上著名的马德堡半球实验证明了大气压的存在； （2）每只金属盆所受外界大气压力F的大小：F＝PS＝1×105Pa×0.03m2＝3000N； （3）混入空气后，盆内气压对盆有压力，最后拉开金属盆时两边用的力均小于F。 故答案为：（1）大气压；（2）3000；（3）盆内混有空气。 11．为了探究“气体压强与流速的关系”，小科设计了如图所示的实验装置。其中两端开口的U形管中有适量的水，U形管的左端通过橡皮管与玻璃管侧壁管口相连通。 （1）小科用电吹风机从左侧管口吹风，则U形管 　左　 （选填“左”或“右”）侧液面将升高。说明气体的流速越大，压强越 　小　 。 （2）灰鹅在飞行途中突遇强风，会将身体翻转180°用脚朝上但头保持不变的怪异姿势进行飞行，如图所示，其目的是迅速 　降低　 （选填“升高”或“降低”）飞行高度，躲避危险。 【分析】流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小。 【解答】解：小科用电吹风机从左侧管口吹风，使得U形管左端气体流速变快，压强减小，则U形管左侧液面将升高； 灰鹅在飞行途中突遇强风，会将身体翻转180°，脚朝上但头保持不变的怪异姿势进行飞行，如图乙所示，使得上方空气流速小于下方，则上方的压强大于下方的压强，使灰鹅降低飞行高度。 故答案为：（1）左；小；（2）降低。 12．某同学做托里拆利实验时，测得管中水银柱的高度为75cm，如图设实验过程中管口不离开水银面，①此时，此地的大气压值为　750　 mm高水银柱；②将玻璃管上提1cm，此时管内的水银柱高为　750　 mm水银柱。 【分析】大气压能支持750mm高的水银柱，说明了此时的大气压与750mm水银柱产生的压强相等，如果大气压值不变，而且实验操作过程中没有出现错误的话，管内水银柱高度是固定的。 【解答】解：已知某同学做托里拆利实验时，测得管中水银柱的高度为75cm，实验过程中管口不离开水银面，则此时，此地的大气压值为750mm高水银柱； 在管口不离开水银槽内水银面的情况下，将试管口略向上提，管内水银柱的高度差不变，仍为750mm高水银柱。 故答案为：750；750。 13．如图所示是某款擦窗机器人，它凭借其底部的真空泵在机身和玻璃之间形成低气压，利用　大气压　 使其牢牢地吸附在竖直玻璃上。当它静止在竖直玻璃上时，往外抽气时所受的摩擦力　不变　 （填“变大”、“变小”或“不变”）。工作时擦窗机器人对玻璃的压力为24N，内外气压差达到800Pa，则擦窗机器人与玻璃的接触面积为　300　 cm2。 【分析】（1）大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。 （2）根据二力平衡条件分析判断摩擦力的大小变化。 （3）根据压强公式求出擦窗机器人与玻璃的最小接触面积。 【解答】解：擦窗机器人底部的真空泵在机身和玻璃之间形成低气压，小于外界大气压，所以是利用了大气压强使其牢牢地吸附在竖直玻璃上。 擦窗机器人在竖直玻璃板上静止时，处于平衡状态，竖直方向受到的重力和摩擦力是一对平衡力，二力的大小相等，其重力不变，故摩擦力大小不变； 根据p得，擦窗机器人与玻璃的最小接触面积：S0.03m2＝300cm2。 故答案为：大气压；不变；300。 14．美国东面是大西洋，西面是太平洋，每年都会受到龙卷风的袭击，造成人员伤亡和财产损失。假设某一次龙卷风发生时，室外的气压急剧下降到9×104Pa，当时门窗紧闭，室内气压约为1×105Pa。 （1）为什么龙卷风发生时，室外的气压会急剧下降？ （2）若水平屋顶的面积为100m2，试计算屋顶内外受到的大气压力差的大小。 【分析】（1）液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小。 （2）先计算压强差，再根据F＝pS计算压力差。 【解答】解：（1）龙卷风刮过时，室外空气流速急剧增大，气压急剧下降。 （2）由于房屋外部靠近龙卷风的方向，空气流速大，压强小，房屋内空气流速小，压强大，屋顶在压强差的作用下，受到向上的压力差，巨大的压力可将屋顶掀飞； 屋顶内外受到的大气压差为：Δp＝1.0×105Pa﹣9×104Pa＝10000Pa； 屋内外的大气压力差ΔF＝ΔpS＝10000Pa×100m2＝106N。 答：（1）龙卷风刮过时，室外空气流速急剧增大，气压急剧下降；（2）屋顶内外受到的大气压力差为106N。 15．如图，高压锅是家庭厨房中常见的炊具，利用它可将食物加热到100℃以上，它省时高效，深受消费者欢迎。 （1）小明测得家中高压锅出气孔的横截面积S为12mm2，压在出气孔上的安全阀的质量为72g，g取10N/kg，计算安全阀自重对出气孔处气体所产生的压强。 （2）当高压锅内气压增大到某一值时，锅内气体就能自动顶开安全阀放气。在外界为标准大气压的环境下，该高压锅内的气体能达到的最大压强是多少？对照图所示水的沸点与气压的关系图线，利用这种高压锅烧煮食物时可以到达的最高温度大约是多少？（大气压值取1.0×105Pa） 【分析】（1）先算出限压阀的重力，然后算出气孔的面积，最后根据压强公式p计算压强； （2）锅内气压应该是一标准大气压与限压阀压强之和；知道了锅内气压，对照图象，就可以找出锅内的最高温度。 【解答】解：（1）限压阀的重力：G＝mg＝0.072kg×10N/kg＝0.72N， 气孔的面积：S＝12mm2＝1.2×10﹣5m2 限压阀对气孔处气体产生的压强： p6×104Pa； （2）由题意知：锅内气压等于一标准大气压与限压阀对气体压强之和，则锅内气压是1.0×105Pa+6×104Pa＝1.6×105Pa； 对照图象可知，当气压为1.6×105Pa时，所对应的温度大约是115℃。 答：（1）限压阀自重对出气孔处气体所产生的压强为6×104Pa； （2）在外界为标准大气压的环境下，该高压锅内的气体能达到的最大压强是1.6×105Pa；利用这种高压锅烧煮食物时，可以达到的最高温度大约是115℃。 16．随着时代的进步，轿车的车速和性能有了较大提升，某轿车如图所示，它的质量是1.6t，每个轮子与地面的接触面积是0.02m2，g＝10N/kg。 （1）求它空载时，静止在地面上受到的压强。 （2）若汽车在匀速行驶时，受到的摩擦力为车重的0.1倍，求汽车牵引力的大小。 （3）当轿车高速行驶时，对地面的压力会　变小　 （选填“不变”“变大”“变小”），请用所学过的物理知识分析其原因　小汽车的形状上面凸起，下面平直，在水平路面上高速行驶时，流过上方的空气流速快，下方的流速慢，上方的压强小，下方的压强大，产生向上的压力差，减小对地面的压力　 。 【分析】（1）汽车空载时，对地面的压力和自身的重力相等，根据G＝mg求出其大小，再根据压强公式求出地面上受到的压强； （2）汽车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，两个力的大小相等，根据题意求出汽车匀速行驶时受到的阻力即可求出牵引力的大小； （3）汽车高速行驶时，由于汽车的向上凸的流线型结构使汽车上方空气的流速大于下方空气的流速，根据流速与压强的关系判断上方压强和下方压强的关系，进一步判断对地面压力的变化。 【解答】解：（1）轿车空载静止在地面上时，地面受到的压力： F＝G＝mg＝1.6×103kg×10N/kg＝1.6×104N， 地面上受到的压强： p2×105Pa； （2）因汽车匀速行驶时，受到的阻力和牵引力是一对平衡力， 所以，汽车的牵引力： F牵＝f＝0.1G＝0.1×1.6×104N＝1600N； （3）小汽车的形状上面凸起，下面平直，在水平路面上高速行驶时，流过上方的空气流速快，下方的流速慢，上方的压强小，下方的压强大，产生向上的压力差，减小对地面的压力。 答：（1）轿车空载静止在地面上时，地面受到的压强为2×105Pa； （2）汽车的牵引力为1600N； （3）变小；原因：小汽车的形状上面凸起，下面平直，在水平路面上高速行驶时，流过上方的空气流速快，下方的流速慢，上方的压强小，下方的压强大，产生向上的压力差，减小对地面的压力。 题型三：二氧化碳的制取 1．小科用如图所示的装置制取二氧化碳，以下说法正确的是（　　） A．装置中的铜网可用铁丝网代替 B．添加盐酸后，漏斗下端不伸到液面以下，实验仍可顺利进行 C．该装置不能控制反应的发生和停止 D．将稀盐酸用稀硫酸替换，也能完成该实验 【分析】A、根据铁能与稀盐酸反应生成氢气分析； B、根据产生的二氧化碳气体在U形管右侧液面上方分析； C、根据气压原理分析； D、根据稀硫酸与石灰石生成微溶的硫酸钙分析。 【解答】解：A、将铜网换作铁丝网，铁能与稀盐酸反应生成氢气，会腐蚀铁丝网，且使产生的二氧化碳中混有氢气，故A不正确； B、添加盐酸后，漏斗下端不伸到液面以下，实验仍可顺利进行，因为反应产生的二氧化碳气体在U形管右侧液面上方，沿导管导出，漏斗一边不会有气体逸散，故B正确； C、该装置可通过打开、关闭弹簧夹控制固液试剂的接触与分离，从而达到控制反应发生与停止的目的，故C不正确； D、将稀盐酸用稀硫酸替换，会生成微溶的硫酸钙覆盖在石灰石表面，阻碍反应进行，故D不正确。 故选：B。 2．如图所示的一款甜品，在下面盛有水的盘中加了干冰，甜品碗的周围冒着大量的“白气”，拿起碗，看到下面盘中的水在“沸腾”着。下列说法正确的是（　　） A．“白气”是干冰升华成的二氧化碳气体 B．“白气”是盛水盘中的水汽化形成的 C．盘里的水“沸腾”是因为干冰升华使盘中的水吸热后沸腾 D．盘里的水“沸腾”是因为干冰升华成二氧化碳气体从水中冒出 【分析】干冰升华过程中吸热。 【解答】解：A、“白气”不是二氧化碳气体，是因为二氧化碳气体是无色气体，该选项不正确。 B、“白气”不是盛水盘中的水汽化形成的，是因为干冰升华吸热，温度降低，水不能汽化，该选项不正确。 C、盘里的水“沸腾”不是因为干冰升华使盘中的水吸热后沸腾，是因为干冰升华吸热，温度降低，水不能汽化，该选项不正确。 D、盘里的水“沸腾”，是因为干冰升华成二氧化碳气体从水中冒出，该选项正确。 故选：D。 3．某无色气体X可能含有氢气、一氧化碳、二氧化碳和甲烷四种气体中的一种或两种，为确认其组成，某同学取一定量该气体按如图所示装置进行实验（假设每步都充分反应或吸收），结果装置①中无明显变化，装置③增重1.8g，装置④增重2.2g，下列关于气体X成分的分析中，错误的是（　　） A．一定没有二氧化碳 B．可能含有甲烷和氢气 C．可能只有甲烷 D．可能含有氢气和一氧化碳 【分析】装置①中是澄清石灰水，用于检验二氧化碳；装置②中碱石灰（主要成分是氧化钙和氢氧化钠），可吸收水分和二氧化碳；装置③中浓硫酸，用于吸收燃烧生成的水；装置④中氢氧化钠溶液，用于吸收燃烧生成的二氧化碳；据以上分析解答。 【解答】解：装置①中是澄清石灰水，用于检验二氧化碳。装置①中无明显变化，说明气体X中一定没有二氧化碳，A正确；装置②中碱石灰（主要成分是氧化钙和氢氧化钠），可吸收水分和二氧化碳；装置③中浓硫酸，用于吸收燃烧生成的水；装置③增重1.8g，说明燃烧生成水的质量为1.8g，水中氢元素质量为1.8g100%＝0.2g；装置④中氢氧化钠溶液，用于吸收燃烧生成的二氧化碳；装置④增重2.2g，说明燃烧生成二氧化碳的质量为2.2g，二氧化碳中碳元素质量为2.2g100%＝0.6g；根据质量守恒定律，反应前后元素种类、质量不变，气体X中碳、氢元素质量比为0.6g：0.2g ＝ 3：1；甲烷（CH4）中碳、氢元素质量比为12：（1×4）＝3：1，所以气体X可能只有甲烷，C正确；氢气（H2）中只有氢元素，一氧化碳（CO）中只有碳元素，若气体X是氢气和一氧化碳的混合气体，可通过调整两者比例，使碳、氢元素质量比为3：1，所以可能含有氢气和一氧化碳，D正确；若气体X是甲烷和氢气的混合气体，甲烷中碳、氢质量比为3：1，氢气中只有氢元素，混合后碳、氢质量比会小于3：1，不符合实验中碳、氢质量比3：1的结果，所以不可能含有甲烷和氢气，B错误； 故选：B。 4．某同学用高锰酸钾制氧气时，试管炸裂了，造成试管炸裂的原因可能是下列中的（　　） ①没有给试管均匀预热； ②试管外壁潮湿； ③试管口没有略微向下倾斜； ④忘了在试管口加一团棉花； ⑤加热时试管与灯芯接触； ⑥收集完氧气，先撤酒精灯； ⑦高锰酸钾中混有可燃物． A．全部 B．除④外 C．除⑥⑦外 D．①②③⑤ 【分析】根据实验室里用加热高锰酸钾的方法制取氧气的实验操作步骤和注意事项进行分析解答，造成试管炸裂的原因可能是：试管口向上倾斜、试管底部接触到灯芯、加热时试管外壁有水、没有进行预热等． 【解答】解：①没有给试管均匀预热，会造成试管受热不均匀而使试管炸裂。 ②试管外壁潮湿，会造成试管受热不均匀而使试管炸裂。 ③试管口没有略微向下倾斜，会造成冷凝水回流到热的试管底部，使试管炸裂。 ④忘了在试管口加一团棉花，可能会造成加热时高锰酸钾粉末进入导管，不会造成试管炸裂。 ⑤加热时试管与灯芯接触，会造成试管受热不均匀而使试管炸裂。 ⑥收集完氧气，先撤酒精灯，水槽内的水可能在大气压强的作用下进入试管，使试管炸裂。 ⑦高锰酸钾中混有可燃物，可燃物与氧气混合可能会发生爆炸而使试管炸裂。 故除④外均是造成试管炸裂的可能原因。 故选：B。 5．复分解反应中存在“强酸可以制得弱酸”的表面规律。例如Na2CO3+2HCl＝2NaCl+H2O+CO2↑，可得：HCl的酸性强于H2CO3的酸性。基于这个反应规律，实验室常用石灰石和稀盐酸反应制取二氧化碳气体，如图1所示是制取气体的常用装置，请回答： （1）仪器②的名称是　分液漏斗　 。收集干燥的二氧化碳气体可选用的装置是　C　 （填字母）。 （2）已知硅酸（H2SiO3）是一种难溶于水的弱酸，呈白色。为证明H2CO3的酸性比H2SiO3强，小科进行了如图2所示的实验，并观察到装置G中生成H2SiO3沉淀。小科分析后认为此现象不能证明H2CO3的酸性比H2SiO3强，理由是　Na2SiO3+2HCl＝H2SiO3↓+2NaCl　 （用化学方程式解释）。 【分析】（1）根据实验室常用仪器的名称分析；根据气体的密度和溶解性选择收集装置； （2）根据反应物、生成物和反应条件书写化学方程式。 【解答】解：（1）仪器②的名称是分液漏斗；收集干燥的二氧化碳气体可选用的装置是C。故答案为：分液漏斗；C； （2）小科分析后认为此现象不能证明H2CO3的酸性比H2SiO3强，理由是盐酸具有挥发性，挥发出的氯化氢与硅酸钠溶液反应生成硅酸和氯化钠，该反应的化学方程式为：Na2SiO3+2HCl＝H2SiO3↓+2NaCl。故答案为：Na2SiO3+2HCl＝H2SiO3↓+2NaCl。 6．二氧化碳是温室气体之一，“节能减排”“碳达峰”“碳中和”等关键词成为热搜。 （1）可以用于实验室制二氧化碳且能控制反应发生与停止的发生装置为 　C　 ，检验该气体时发生反应的化学方程式为 　Ca（OH）2+CO2＝CaCO3↓+H2O　 。 （2）若用装置D收集产生的二氧化碳，可以做的改进是 　先将D中的水倒掉，然后将二氧化碳从b端通入　 。 （3）选择BD装置可制取另一种实验室常见气体，写出制备过程涉及反应的化学方程式：　2H2O22H2O+O2↑　 。 （4）如图是一种工业上捕集CO2的方法，该装置用多孔球泡（内空球体，球面有许多小孔能通气）比直接用导管插入K2CO3溶液的吸收效果更好，原因是 　增大接触面积，加快反应速率　 。 （5）绵绵同学设计如图装置验证二氧化碳温室效应。图中两个塑料瓶的体积和形状相同，连接两个塑料瓶的玻璃管中间有一滴红墨水，置于阳光下。一段时间后红墨水 　左　 移动。（选填“向左”“向右”或“不”） 【分析】（1）根据装置的特点进行分析； 根据二氧化碳和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水进行分析； （2）根据气体密度比液体密度小进行分析； （3）根据BD装置制取气体的反应物是固体和液体，反应条件是常温，应该是过氧化氢在二氧化锰的催化作用下分解生成水和氧气进行分析； （4）根据影响反应速率的因素进行分析； （5）根据二氧化碳会产生温室效应进行分析。 【解答】解：（1）可以用于实验室制二氧化碳且能控制反应发生与停止的发生装置为C，检验该气体时发生的反应是二氧化碳和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，化学方程式为：Ca（OH）2+CO2＝CaCO3↓+H2O； （2）若用装置D收集产生的二氧化碳，可以做的改进是：先将D中的水倒掉，然后将二氧化碳从b端通入； （3）BD装置制取气体的反应物是固体和液体，反应条件是常温，应该是过氧化氢在二氧化锰的催化作用下分解生成水和氧气，化学方程式为：2H2O22H2O+O2↑； （4）如图是一种工业上捕集CO2的方法，该装置用多孔球泡（内空球体，球面有许多小孔能通气）比直接用导管插入K2CO3溶液的吸收效果更好，原因是：增大接触面积，加快反应速率； （5）绵绵同学设计如图装置验证二氧化碳温室效应。图中两个塑料瓶的体积和形状相同，连接两个塑料瓶的玻璃管中间有一滴红墨水，置于阳光下。一段时间后红墨水向左移动。 故答案为：（1）C；Ca（OH）2+CO2＝CaCO3↓+H2O； （2）先将D中的水倒掉，然后将二氧化碳从b端通入； （3）2H2O22H2O+O2↑； （4）增大接触面积，加快反应速率； （5）向左。 7．小明为了探究过氧化钠（Na2O2）和 CO2的反应相关特点，设计了如图实验装置，同时也查阅了相关资料： 资料一：过氧化钠与二氧化碳和水都能发生反应，且都放出热量。化学方程式分别为： 2Na2O2+2CO2═2Na2CO3+O2 2Na2O2+2H2O═4NaOH+O2↑ 资料二：氢氧化钙的溶解度随着温度的升高而降低。 （1）在实验过程中注射器的作用相当于 　B　 A.长颈漏斗B.分液漏斗； （2）为了证明过氧化钠与二氧化碳反应是否产生氧气，请在F处增加一个实验操作：　将带火星的木条置于F处　 ； （3）此实验中水蒸气被装置B完全吸收的证据是：　无水硫酸铜不变色　 ； （4）请解释D装置中的澄清石灰水变浑浊的原因：　二氧化碳与过氧化钠反应属于放热反应，温度升高，此时氢氧化钙溶解度降低，饱和澄清石灰水有氢氧化钙析出，造成澄清石灰水变浑浊　 。 【分析】（1）考查实验室常用仪器名称的作用； （2）根据氧气的助燃性分析回答此题； （3）根据无水硫酸铜的性质分析回答此题； （4）根据反应放热分析回答此题。 【解答】解：（1）注射器可以控制加入液体的量，而分液漏斗带有活塞开关，也可以控制加入液体的量，因此注射器与分液漏斗作用相似； 故选：B。 （2）氧气可使带火星的木条复燃，所以将带火星的木条置于F处，观察是否复燃，判断是否有氧气生成； 故答案为：将带火星的木条置于F处。 （3）无水硫酸铜遇到水会变为蓝色，而此时气体通过浓硫酸后，无水硫酸铜不变色，说明水蒸气被装置B完全吸收； 故答案为：无水硫酸铜不变色。 （4）二氧化碳与过氧化钠反应生成碳酸钠和氧气，反应放热，温度升高，氢氧化钙溶解度降低，就会有氢氧化钙固体析出，看到澄清石灰水变浑浊； 故答案为：二氧化碳与过氧化钠反应属于放热反应，温度升高，此时氢氧化钙溶解度降低，饱和澄清石灰水有氢氧化钙析出，造成澄清石灰水变浑浊。 8．根据下列装置回答问题。 （1）写出仪器a的名称　锥形瓶　 。 （2）用B装置制取CO2时，反应未停止前关闭止水夹，除了有气泡产生外，还可观察到的现象是　长颈漏斗内液面上升　 。 （3）实验室若用C装置收集CO2气体，验满方法是　将燃着的木条放在n管口处，若木条熄灭，则证明二氧化碳已收集满　 。 【分析】（1）根据常见的化学仪器的名称，进行分析解答。 （2）根据反应未停止前关闭止水夹，产生的气体无法排出，进行分析解答。 （3）根据二氧化碳的密度比空气的大，进行分析解答。 【解答】解：（1）仪器a的名称锥形瓶；故答案为：锥形瓶； （2）反应未停止前关闭止水夹，由于装置内的压强增大，可观察到的现象是长颈漏斗中液面上升；故答案为：长颈漏斗内液面上升； （3）二氧化碳的密度大于空气，收集二氧化碳时应从长管（m）通入，当短管（n）处有二氧化碳逸出时，说明二氧化碳集满，二氧化碳不能燃烧也不能支持燃烧，能使燃着的木条熄灭，用装置C 收集二氧化碳时，其验满的方法是将燃着的木条放在n管口处，若木条熄灭，则证明二氧化碳已收集满。故答案为：将燃着的木条放在n管口处，若木条熄灭，则证明二氧化碳已收集满。 9．如图所示是气体制取及性质检验的一体化装置。具有装置他用，模块化操作等优点。如用于二氧化碳气体制取及性质检验。 （1）若实验室利用该装置制取二氧化碳气体，则滴液漏斗中装的试剂是：　稀盐酸　 （填名称）。 （2）若实验过程中试管内装的紫色石蕊试液变红色，则原因是：　CO2+H2O＝H2CO3 （用化学方程式表示）。 （3）将两只点燃的蜡烛放在T形管附近，打开三通阀开关，使气流缓慢流出。观察到下方蜡烛先熄灭，上方蜡烛后熄灭，说明二氧化碳具有的物理性质是 　密度比空气大　 。 【分析】（1）在实验室制取二氧化碳气体时，常用大理石（或石灰石，主要成分是碳酸钙）和稀盐酸反应。 （2）二氧化碳能与水反应生成碳酸。 （3）根据二氧化碳密度比空气大分析。 【解答】解：（1）在实验室制取二氧化碳气体时，常用大理石（或石灰石，主要成分是碳酸钙）和稀盐酸反应。所以滴液漏斗中装的试剂是稀盐酸。故答案为：稀盐酸。 （2）二氧化碳能与水反应生成碳酸，碳酸显酸性，能使紫色石蕊试液变红色。该反应的化学方程式为CO2+H2O＝H2CO3。故答案为：CO2+H2O＝H2CO3。 （3）将两只点燃的蜡烛放在T形管附近，打开三通阀开关，使气流缓慢流出，观察到下方蜡烛先熄灭，上方蜡烛后熄灭。这是因为二氧化碳的密度比空气大（物理性质），先沉在下方，将下方蜡烛与空气隔绝，导致下方蜡烛先熄灭。故答案为：密度比空气大。 10．用如图所示的装置制取二氧化碳，操作比较简便。 （1）装入试剂后，往B瓶中放入一片干燥的紫色石蕊试纸，打开止水夹2分钟后发现试纸还是紫色，请说明试纸没变红的理由 　二氧化碳不能使石蕊变红　 。 （2）如果要暂停反应，只需将止水夹夹在橡皮导管上，当看到 　稀盐酸（回到长颈漏斗中）与石灰石分离或漏斗内的液面不再升高　 （描述现象）时说明稀盐酸和石灰石不再反应了。 【分析】（1）根据二氧化碳使紫色石蕊试纸变红的条件（与水反应生成碳酸），分析B瓶中干燥试纸未变红的原因； （2）根据装置暂停反应时的原理（固液分离），描述稀盐酸和石灰石不再反应时的现象。 【解答】解：（1）紫色石蕊试纸遇到酸会变成红色，但是试纸没变红的理由：二氧化碳不能使石蕊变红； （2）如果要暂停反应，只需将止水夹夹在橡皮导管上，当看到稀盐酸（回到长颈漏斗中）与石灰石分离或漏斗内的液面不再升高时说明稀盐酸和石灰石不再反应了。 故答案为： （ 1 ）二氧化碳不能使石蕊变红； （2）稀盐酸（回到长颈漏斗中）与石灰石分离或漏斗内的液面不再升高。 11．小乐用如图所示装置，探究二氧化碳的性质。 （1）验证能使石蕊溶液变色的物质是碳酸而不是水或二氧化碳。实验操作的正确顺序是④→　③→①→②　 →③（选择正确序号按序填写）。 ①从b端通氮气 ②从分液漏斗中滴加适量水 ③从a端通二氧化碳④将石蕊溶液染成紫色的干燥纸花放入广口瓶中 （2）验证二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，写出反应的化学方程式：　CO2+Ca（OH）2═CaCO3↓+H2O　 。 【分析】（1）根据实验探究的内容来分析； （2）根据化学反应的原理来分析。 【解答】解：（1）验证使石蕊变色的物质是碳酸而不是二氧化碳，所以将石蕊溶液染成紫色的干燥纸花放入广口瓶中，从a端通二氧化碳，此时用石蕊溶液染成紫色的干燥纸花不变色；然后再从b端通氮气将广口瓶中的二氧化碳排出，接着从分液漏斗中滴加适量水，纸花仍不变色；最后再从a端通入二氧化碳，此时用石蕊溶液染成紫色的干燥纸花变红，故实验操作的正确顺序是④→③→①→②→③； （2）二氧化碳与氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，因此二氧化碳能使澄清的石灰水变浑浊，其化学反应方程式为：CO2+Ca（OH）2═CaCO3↓+H2O。 故答案为：（1）③→①→②； （2）CO2+Ca（OH）2═CaCO3↓+H2O。 12．如图甲是实验室制取气体的常用装置，请回答： （1）实验室制取并收集二氧化碳需要用到的实验装置是 　AC　 （用字母表示）。 （2）实验室若用高锰酸钾制备氧气，则发生反应的化学方程式为 　2KMnO4K2MnO4+MnO2+O2↑　 。 （3）收集了一瓶氧气，准备做细铁丝燃烧实验，如图乙。点燃系在螺旋状细铁丝底端的火柴后，接下去的操作是等到火柴 　快燃尽　 （填“燃得最旺”或“快燃尽”）时将铁丝伸入集气瓶内。 【分析】（1）根据反应物的状态、反应发生需要的条件选择发生装置；根据气体的密度和溶解性选择收集装置； （2）根据实验室制取氧气的原理分析； （3）根据火柴燃烧消耗氧气分析。 【解答】解：（1）实验室制二氧化碳选固液常温型发生装置A，收集二氧化碳选向上排空气法选装置C；故答案为：AC； （2）实验室若用高锰酸钾制备氧气，高锰酸钾加热生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，反应的化学方程式为：2KMnO4K2MnO4+MnO2+O2↑；故答案为：2KMnO4K2MnO4+MnO2+O2↑； （3）点燃系在螺旋状细铁丝底端的火柴后，因为火柴燃烧消耗氧气，等到火柴快燃尽时将铁丝伸入集气瓶内。故答案为：快燃尽。 13．氧循环和碳循环是自然界中的重要循环（如图）。 （1）氧循环指的是　氧元素　 （填“氧元素”、“氧气”或“含氧物质”）的循环。 （2）空气中的“碳”转化为生物体内的“碳”主要通过途径⑤植物的　光合作用　 实现。 （3）分析两种循环，其中正确的是　AD　 。 A.途径①会增加空气中二氧化碳含量，加剧温室效应 B.氧气只有通过燃烧才能参与碳循环 C.两种循环各自独立，彼此之间无联系 D.氧循环和碳循环有利于维持大气中氧气和二氧化碳含量的相对稳定 【分析】（1）根据物质是由元素组成的进行分析； （2）根据植物通过光合作用将空气中的二氧化碳和水转化成葡萄糖和氧气进行分析； （3）A、根据工厂排放的气体中含有大量的二氧化碳进行分析； B、根据氧气通过呼吸作用也可以参与碳循环进行分析； C、根据两种循环各自独立，彼此相互联系进行分析； D、根据氧循环和碳循环有利于维持大气中氧气和二氧化碳含量的相对稳定进行分析。 【解答】解：（1）物质是由元素组成的，所以氧循环指的是氧元素的循环； （2）物通过光合作用将空气中的二氧化碳和水转化成葡萄糖和氧气，所以空气中的“碳”转化为生物体内的“碳”主要通过途径⑤植物的光合作用实现； （3）A、途径①排放的气体中含有较多的二氧化碳，所以会增加空气中二氧化碳含量，加剧温室效应，故正确； B、氧气通过呼吸作用也可以参与碳循环，故错误； C、两种循环各自独立，彼此之间相互联系，故错误； D、氧循环和碳循环有利于维持大气中氧气和二氧化碳含量的相对稳定，故正确。 故选：AD。 故答案为：（1）氧元素； （2）光合作用； （3）AD。 14．据法国国际广播电台2015年12月8日消息，法国当地时间12月8日，在巴黎全球气候大会部长谈判的同时，布尔歇会展中心召开企业论坛，100多家跨国企业签署协定、承诺可核查的量化减排目标．回答下列问题： （1）为保护人类赖以生存的地球，我们应采取有效措施以防止大气中二氧化碳含量的大量增加，以下建议中行之有效的生态学措施是（填序号）　AC　 ． A．开发太阳能、水能、风能、地热等新能源； B．禁止使用煤、石油、天然气等矿物燃料； C．大量植树造林，禁止乱砍滥伐； D．全面放开二胎 （2）有人提议将空气中的二氧化碳输送到冰冷的深海中贮藏．但科学家担心这样做会增加海水的酸度，导致海洋生物死亡，二氧化碳使海水酸度增加的原因是　CO2+H2O＝H2CO3 （用化学方程式表示） （3）目前使用膜分离法从空气中分离出CO2，该过程发生的是　物理　 （填“物理”或“化学”）变化． （4）生活中，下列做法中符合“低碳绿色生活”理念的是（填序号）　①②③④　 ． ①节约用水、用电 ②废物分类回收、利用 ③尽量选择公共交通出行 ④减少一次性餐具的使用． 【分析】（1）减缓大气中的二氧化碳含量的增加，从两个方面考虑：①减少二氧化碳的排放，②吸收二氧化碳； （2）根据二氧化碳和水反应生成碳酸进行分析； （3）根据是否生成新物质来分析； （4）根据低碳绿色理念来分析．符合低碳生活理念的是：分类处理并回收垃圾；开发和利用风能、太阳能等新能源；提高煤炭等燃料的利用率；减少汽车的使用率，提倡绿色出行等等． 【解答】解：（1）A、更多地利用核能、太阳能、风能、地热能等新能源，减少使用化石燃料，也就减缓了二氧化碳的使用，A正确； B、由于现在新能源并没有广泛使用，很多方面还需要使用化石燃料，所以禁止使用化石燃料是不可取的，B错误； C、大量植树造林植物的光合作用旺盛，光合作用能消耗大量的二氧化碳，所以导致二氧化碳含量减少，C正确； D、全面放开二胎，由于人类活动会产生二氧化碳，但不是大气中二氧化碳含量的大量增加的主要原因，D错误； 故填：AC； （2）二氧化碳和水反应生成碳酸，化学方程式为：CO2+H2O＝H2CO3．故填：CO2+H2O＝H2CO3； （3）因使用膜分离法从空气中分离出CO2，空气中原来就有二氧化碳，在这个过程中没有新的分子生成，则属于物理变化，故填：物理； （4）①节约用水、用电符合这一理念； ②废物分类回收、利用符合这一理念； ③尽量选择公共交通出行符合这一理念； ④减少一次性餐具的使用符合这一理念； 故填：①②③④． 15．如图，小舟制作了一个简易泡沫灭火器，为增加泡沫量，添加少量不参与反应的发泡剂。 （1）使用灭火器时，只需将装置倒置，浓盐酸与碳酸钠反应后喷出大量含有CO2的泡沫，当泡沫“粘附”在燃烧物表面后，起到隔绝 　氧气　 作用，即可灭火。选用CO2作为灭火气体是因为该气体具有的性质是 　不能燃烧、不能支持燃烧、密度比空气的大　 。 （2）制作成本也是须考虑的重要指标。将含有10.6克溶质的饱和碳酸钠溶液装入吸滤瓶，理论上需要质量分数为36.5%的浓盐酸多少克，才能恰好完全反应。（已知：Na2CO3+2HCl═2NaCl+H2O+CO2↑） 【分析】（1）根据灭火的原理、二氧化碳的性质，进行分析解答。 （2）根据常见反应的碳酸钠的质量，由反应的化学方程式列式计算出参加反应的浓盐酸的质量即可。 【解答】解：（1）将装置倒置，浓盐酸与碳酸钠反应后喷出大量含有CO2的泡沫，当泡沫“粘附”在燃烧物表面后，起到隔绝氧气的作用；选用CO2作为灭火气体是因为该气体具有的性质是不能燃烧、不能支持燃烧、密度比空气的大。 故答案为：氧气；不能燃烧、不能支持燃烧、密度比空气的大。 （2）设理论上需要质量分数为36.5%的浓盐酸的质量为x。 Na2CO3+2HCl═2NaCl+H2O+CO2↑ 106 73 10.6g 36.5%x x＝20g 答：理论上需要质量分数为36.5%的浓盐酸20g。 题型四：光合呼吸作用 1．在两种光照强度下，不同温度对某植物CO2吸收速率的影响如图。对此图理解错误的是（　　） A．在低光强下，CO2吸收速率随叶温升高而下降的原因是呼吸速率上升 B．在高光强下，M点左侧CO2吸收速率升高与光合酶活性增强相关 C．在图中两个CP点处，植物均不能进行光合作用 D．图中M点处光合速率与呼吸速率的差值最大 【分析】绿色植物通过叶绿体，利用光能，把二氧化碳和水转化成储存着能量的有机物（主要是淀粉），并且释放出氧的过程，就叫光合作用。 【解答】解：A、在低光强下，叶温升高会使呼吸速率上升，而低光强下光合速率提升幅度有限，导致CO2吸收速率下降，A正确； B、在高光强下，M点左侧温度升高，光合酶的活性增强，光合速率提升的幅度大于呼吸速率，因此CO2吸收速率升高，B正确； C、图中两个CP点处CO2吸收速率为0，代表净光合速率为0，即实际光合速率等于呼吸速率，植物仍在进行光合作用，并非不能进行光合作用，C错误； D、图中M点的CO2吸收速率最大，也就意味着光合速率与呼吸速率的差值最大，D正确。 故选：C。 2．将某植物叶片分离得到的叶绿体，分别置于含不同蔗糖浓度的反应介质溶液中，测量其光合速率，结果如图所示。图中光合速率用单位时间内单位叶绿素含量消耗的二氧化碳量表示。下列叙述正确的是（　　） A．测得的该植物叶片的光合速率小于该叶片分离得到的叶绿体的光合速率 B．若分离的叶绿体中存在一定比例的破碎叶绿体，测得的光合速率与无破碎叶绿体的相比，光合速率偏大 C．若该植物较长时间处于遮阴环境，叶片内蔗糖浓度与光合速率的关系与图中B﹣C段对应的关系相似 D．若该植物处于开花期，人为摘除花朵，叶片内蔗糖浓度与光合速率的关系与图中A﹣B段对应的关系相似 【分析】叶绿体是光合作用的场所，需要保证完整的结构，才能正常进行光合作用；外界浓度过高，导致叶绿体失水，降低光合速率；光合产物积累过多，也会导致光合速率下降。 【解答】解：A、测得植物叶片的光合速率是叶片的总光合速率减去叶片的呼吸速率，而分离得到的叶绿体的光合速率，就是总光合速率，A正确； B、破碎叶绿体，其叶绿素释放出来，被破坏，导致消耗二氧化碳减少，测得的光合速率与无破碎叶绿体的相比，光合速率偏小，B错误； C、若该植物较长时间处于遮阴环境，光照不足，光反应减弱，影响碳反应速率，蔗糖合成一直较少，与BC段不对应，C错误； D、若该植物处于开花期，人为摘除花朵，叶片光合作用产生的蔗糖不能运到花瓣，在叶片积累，光合速率下降，叶片内蔗糖浓度与光合速率的关系与图中B﹣C段对应的关系相似，D错误。 故选：A。 3．如图表示甲、乙两种植物的二氧化碳相对吸收量随光照强度变化的情况，相关分析正确的是（　　） A．随着光照强度不断增加，光合作用持续增强 B．光合作用受光照强度和二氧化碳浓度的影响 C．图中f点时，甲、乙两种植物光合作用的强度相等 D．其他条件保持不变，若温度适度上升，a、b点位置会下移 【分析】1、光合作用是绿色植物利用光能，在叶绿体内，把二氧化碳和水转化成贮存能量的有机物，并释放出氧气的过程。 2、呼吸作用是细胞内的有机物在氧的参与下被分解成二氧化碳和水，同时释放出能量的过程。 【解答】解：A、结合题干曲线图可知：在一定的范围内随光照强度增加，植物的光合作用强度增强，当光照强度达到饱和后，光照强度即使增加，光合作用也不再增强，A错误； B、光合作用受光照强度和二氧化碳浓度的影响，但该曲线图只能体现光合作用受光照强度影响，不能体现光合作用受二氧化碳浓度的影响，B错误； C、绿色植物在进行光合作用吸收二氧化碳的同时，还进行呼吸作用释放二氧化碳，而呼吸作用释放的部分或全部二氧化碳未出植物体又被光合作用利用，这时，在光照下测定的二氧化碳的吸收量称为表观光合速率或净光合速率。真正光合速率＝表观光合速率+呼吸速率。具体表达为：光合作用消耗总二氧化碳＝从外界吸收的二氧化碳+呼吸产生的二氧化碳。可见，在光照强度为零时，甲植物释放的二氧化碳比乙植物更多；在图中e点时，甲乙两植物的表观光合速率相等。说明，f点时，甲植物的光合作用的强度比乙植物的更强，C错误； D、在一定范围内，温度越高呼吸作用越强，温度越低呼吸作用就越弱。当其他条件保持不变，若温度适度上升，植物的呼吸作用增大，释放的二氧化碳增多，因此a、b点位置会下移，D正确。 故选：D。 4．氧循环和碳循环是自然界中的重要循环（如图），分析两种循环，其中正确的是（　　） A．碳循环和氧循环过程中只发生了物理反应 B．氧气只有通过燃烧才能参与碳循环 C．两种循环各自独立，彼此之间无联系 D．碳循环和氧循环有利于维持自然界中氧气和二氧化碳含量的相对稳定 【分析】根据碳元素、氧元素以气体的形式通过光合作用和呼吸作用在自然界中循环，结合题意进行分析判断。 【解答】解：A、碳循环和氧循环过程中不是只发生了物理反应，光合作用吸收二氧化碳释放出氧气，呼吸作用吸收氧气，释放出二氧化碳，均属于化学变化，故选项说法错误。 B、氧气不是只有通过燃烧才能参与碳循环，氧气通过呼吸作用等也能参与碳循环，故选项说法错误。 C、光合作用吸收二氧化碳释放出氧气，呼吸作用吸收氧气，释放出二氧化碳，两种循环不是各自独立、彼此之间无联系的，故选项说法错误。 D、光合作用吸收二氧化碳释放出氧气，呼吸作用吸收氧气，释放出二氧化碳，碳循环和氧循环有利于维持自然界中氧气和二氧化碳含量的相对稳定，故选项说法正确。 故选：D。 5．密闭温室内种植了草莓幼苗，某小组通过测定二氧化碳浓度来研究光合作用和呼吸作用的情况。图甲表示密闭温室内一昼夜的二氧化碳浓度变化情况，图乙表示在白天环境条件不变时，不同的夜间温度下温室内二氧化碳浓度的变化情况。下列描述合理的是（　　） A．BC段二氧化碳浓度降低是因为植物停止呼吸作用并开始光合作用吸收二氧化碳 B．图甲AE两点对比表明经过这一昼夜草莓幼苗有机物有积累 C．图甲表明从C到D点，呼吸作用强度大于光合作用强度 D．若白天环境条件不变，根据图乙可知夜间温度为30℃比20℃时更能增加有机物的积累 【分析】图甲中：曲线AB段和DE段表示光合作用强度小于呼吸作用强度；BD段表示光合作用强度大于呼吸作用强度。 【解答】解：AC、光合作用消耗二氧化碳，呼吸作用产生二氧化碳。由甲图可知，曲线BCD段二氧化碳浓度逐渐降低，说明此时间段光合作用强度大于呼吸作用强度，AC错误。 B、图甲中E点二氧化碳浓度低于A点，说明经过一昼夜，二氧化碳减少，即通过光合作用制造的有机物多余呼吸作用消耗的有机物，有机物得以积累，B正确。 D、由乙图可知，20℃时的二氧化碳浓度小于30℃，则说明30℃时，草莓的呼吸作用强度大于20℃时。故实验表明若白天环境条件不变，根据图乙可知夜间温度为20℃比30℃时更能增加有机物的积累，D错误。 故选：B。 6．小艺通过实验验证外界因素对植物光合作用的影响。 【实验器材】吸管、菠菜、注射器、烧杯、LED灯（冷光源）、秒表、刻度尺 【实验步骤】①用吸管在菠菜叶片上打孔（如图甲），取6个叶圆片；②将叶圆片置于注射器中，吸取30毫升水，用手堵住注射器小孔，拉动活塞，反复8次，使叶圆片内气体逸出（如图乙）；③将叶圆片取出放入含有CO2释放剂的烧杯中，叶圆片沉于底部；④把LED灯放置在离烧杯10厘米处照射（如图丙），并开始计时，观察并记录所有叶圆片都上浮所需时间；⑤改变LED灯与烧杯的距离，使距离为20厘米、30厘米，重复上述实验。 【原理解释】原来沉在水底的叶圆片，因为进行光合作用产生氧气，氧气附着在叶圆片上，使叶圆片受到的浮力变大，当浮力大于叶圆片的重力，叶圆片上浮，叶圆片上浮所需时间越短，表示光合作用越强。 （1）小艺验证的是 　光照强度　 对光合作用的影响（填“温度”或“光照强度”）。 （2）LED灯距烧杯越近，叶圆片上浮所需时间越 　短　 。 （3）实验前菠菜不需要进行暗处理的理由是 　该实验通过测量产生氧气的量来判断光合作用的强度与原有有机物无关　 。 【分析】1、对照实验是指在探究某种条件对研究对象的影响时，进行的除了该条件不同以外，其他条件都相同的实验。 2、光合作用实质上是绿色植物通过叶绿体，利用光能，把二氧化碳和水转化成储存能量的有机物（如淀粉），并且释放出氧气的过程。 【解答】解：（1）由题干可知，各组实验除LED灯与烧杯的距离不同外，其他实验条件都相同，故小艺验证的是光照强度对光合作用的影响。 （2）氧气附着在叶圆片上，使叶圆片受到的浮力变大，当浮力大于叶圆片的重力，叶圆片上浮。故LED灯距烧杯越近，光合作用越强，叶圆片上浮所需时间越短。 （3）暗处理的目的是排除菠菜叶片内原有的淀粉对实验结果的影响，故实验前菠菜不需要进行暗处理的理由是：该实验通过测量产生氧气的量来判断光合作用的强度与原有有机物无关。 故答案为：（1）光照强度； （2）短； （3）该实验通过测量产生氧气的量来判断光合作用的强度与原有有机物无关。 7．清明时节，如果你来到安徽的砀山县，你会发现，这里是一片雪白的世界，把大地银装素裹的不是雪花，而是晶莹剔透的梨花（图甲），到八月中秋，砀山又成了果山果海，酥梨硕果累累（图乙）。 （1）成熟的酥梨果大核小、皮薄多汁、酥脆甘甜，其中的糖分主要来源于叶的光合作用。请你用“光能、氧气、二氧化碳、叶绿体”这些关键词完成图2概念图，A：　光能　 ，B：　二氧化碳　 ，C：　叶绿体　 ，D：　氧气　 。 （2）砀山梨在25℃左右易腐烂，难以贮存，最佳贮藏温度为1～5℃，在这个温度范围内越低越好，贮藏温度在1℃左右，可以使梨保持缓慢的　呼吸　 作用，减少营养物质的消耗，延长贮藏期。 【分析】（1）根据光合作用的原理来分析； （2）根据呼吸作用的原理来分析。 【解答】解：（1）光合作用是绿色植物通过叶绿体，利用光能，把二氧化碳和水转化成储存能量的有机物，并释放出氧气的过程；在光合作用的概念图中，A处是光合作用利用的能量，即光能；B处是光合作用的原料之一，为二氧化碳；C处是光合作用的场所，是叶绿体；D处是光合作用的产物之一，为氧气； （2）呼吸作用是细胞内的有机物在氧的参与下被分解成二氧化碳和水，同时释放出能量的过程。温度会影响呼吸作用的强度，温度越低，呼吸作用越弱；砀山梨在贮藏时，温度在 1﹣5℃范围内越低越好，在 1℃左右时，梨的呼吸作用缓慢，这样可以减少营养物质的消耗，延长贮藏期。 故答案为： （1）光能；二氧化碳；叶绿体；氧气； （2）呼吸。 【课后巩固】 1．江南天池滑雪场是江南唯一冬季野外滑雪场，坐落在海拔千米的天荒坪山顶。家住湖州市区的某同学体验后发现与市区较为温暖的冬季气候形成了极大反差。影响湖州市区和江南天池冬季气候差异的主要因素是（　　） A．海陆因素 B．纬度因素 C．地形因素 D．人类活动 【分析】影响气候的因素有纬度位置、地形因素和海陆位置等。 【解答】解：影响湖州市区和江南天池冬季气候差异的主要因素是地形因素，江南天池海拔高，气温低。 故选：C。 2．下列关于天气和气候的说法正确的是（　　） A．今天阴转多云，明天多云，它描述的是气候 B．今天最高气温21℃，最低气温16℃，它描述的是气候 C．冬暖夏凉，年平均气温18.2℃，它描述的是气候 D．冬无严寒，夏无酷暑，描述的是天气 【分析】天气是指某个地方距离地表较近的大气层在短时间内的具体状况，特点是多变；气候是指一个地方多年的天气平均状况，具有相对的稳定性。 【解答】解：天气是指某个地方距离地表较近的大气层在短时间内的具体状况，特点是多变；气候是指一个地方多年的天气平均状况，具有相对的稳定性。 今天阴转多云，明天多云，它描述的是天气，A错误； 今天最高气温21℃，最低气温16℃，它描述的是天气，B错误； 冬暖夏凉，年平均气温18.2℃，它描述的是气候，C正确； 冬无严寒，夏无酷暑，描述的是气候，D错误。 故选：C。 3．下列操作，利用大气压强实现的是（　　） A．吸尘器吸灰尘 B．水枪喷射水柱 C．真空采血管采血 D．打气筒打气 【分析】大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”。 【解答】解：A．吸尘器工作时，内部的电机高速旋转，使吸尘器内部的气压减小，外界大气压大于吸尘器内部的气压，在大气压的作用下，灰尘被压入吸尘器内，利用了大气压强，故A符合题意； B．当对水枪的活塞施加压力时，水枪内的水受到挤压，压强增大，从而将水从水枪口喷射出去形成水柱，利用的是液体压强，不是利用大气压，故B不符合题意； C．采血管预先抽成不同的真空度，利用真空采血管采血时，将采血针一端刺入人体静脉，另一端插入真空采血管中，因血管的血压大于采血管内的气压，所以血液便会自动流入采血管，但不是利用大气压强实现的，故C不符合题意； D．打气筒打气时，是通过人的推力将空气压缩进轮胎中，不是利用大气压，故D不符合题意。 故选：A。 4．在生活中，常通过吸管将杯中的饮料“吸”进入口中。下列现象中“吸”的科学原理与其相同的是（　　） A．拔火罐时，罐子“吸”在皮肤上 B．擦手时，餐巾纸容易“吸”水 C．风紧贴窗户吹过时，窗帘会被“吸”向窗外 D．电脑屏幕亮起时，屏幕容易“吸”灰尘 【分析】大气压的综合应用主要涉及到多个方面，‌包括生活用品、‌天气影响、‌人体影响、‌液体沸点的影响以及体积与压强的关系。‌ 【解答】解：用吸管吸饮料时，把吸管里的空气吸走，管内气压变小，外界大气压更大，把饮料压进嘴里，利用了大气压。 A．拔火罐时，罐子“吸”在皮肤上，罐内空气被加热后排出，冷却后罐内气压变小，外界大气压把罐子紧紧压在皮肤上，利用了大气压，故A符合题意。 B．擦手时，餐巾纸容易“吸”水，水沿着细小缝隙上升，原理是毛细现象→与大气压无关，故B错误。 C．风紧贴窗户吹过时，窗帘会被“吸”向窗外，窗外空气流速快→压强小，室内流速慢→压强大，压强差把窗帘推出去，利用的是流体压强与流速的关系，故C错误。 D．电脑屏幕亮起时，屏幕容易“吸”灰尘，屏幕带电，吸引轻小物体，是静电吸引，故D错误。 故选：A。 5．炎热夏天，喝杯冰镇可乐是许多人感受清凉的一种方式。下列关于可乐说法不正确的是（　　） A．可乐是一种溶液，当中的一种溶质是二氧化碳气体，说明二氧化碳气体能够溶于水 B．可乐喝到肚子里面后，人过会会打嗝，这是因为气体的溶解度随着温度的升高而降低 C．可乐里面除了二氧化碳气体外，还有其他溶质，这说明，可乐是不饱和溶液 D．冰过的可乐比不冰过的可乐口感更好，说明气体的溶解度随着温度的降低而升高 【分析】A、根据可乐是碳酸饮料进行解答； B、根据气体的溶解度随着温度的升高而降低进行解答； C、根据可乐中有二氧化碳气体冒出，所以可乐是二氧化碳的饱和溶液进行解答； D、根据气体的溶解度随着温度的降低而升高进行解答。 【解答】解：A、可乐是碳酸饮料，当中的一种溶质是二氧化碳气体，说明二氧化碳气体能够溶于水，故A正确； B、气体的溶解度随着温度的升高而降低，所以可乐喝到肚子里面后，人过会会打嗝，故B正确； C、可乐中有二氧化碳气体冒出，所以可乐是二氧化碳的饱和溶液，故C错误； D、气体的溶解度随着温度的降低而升高，所以冰过的可乐比不冰过的可乐口感更好，故D正确。 故选：C。 6．如图所示中，a、d为浸有紫色石蕊溶液的湿润棉花，b、c为用紫色石蕊溶液浸过的干燥棉花（固定玻璃管的装置未画出）。用该装置来探究CO2的制取和性质，下列关于该实验装置及试剂的叙述不正确的是（　　） A．该装置便于控制进入锥形瓶内稀盐酸的量 B．利用该装置可验证二氧化碳的密度比空气大及二氧化碳能与水发生反应 C．装置中的干燥剂能与二氧化碳反应 D．该装置中的棉花可用滤纸片代替 【分析】A.根据装置的特点来分析； B.根据实验现象以及二氧化碳的性质来分析； C.根据二氧化碳的性质来分析； D.根据滤纸的作用来分析。 【解答】解：A.注射器能控制滴加液体的速率，通过推压注射器活塞，可以控制进入锥形瓶内液体的量，故选项说法正确。 B.a、d会变红色，b、c不变色，且d比a先变红，说明二氧化碳的密度比空气大，二氧化碳能与水发生反应生成碳酸，故选项说法正确。 C.装置内的干燥剂与二氧化碳不反应，故选项说法错误。 D.滤纸也具有吸水性，所以该装置中的棉花可用滤纸片代替，故选项说法正确。 故选：C。 7．规范操作是科学实验的基本要求，下列有关“实验室制取二氧化碳”的实验操作，正确的是（　　） A．检查装置气密性 B．取用固体试剂 C．收集二氧化碳 D．验满 【分析】根据实验室制取二氧化碳的实验步骤、注意事项等，进行分析判断。 【解答】解：A、先从长颈漏斗中注入水，当水浸没其下端管口时，用弹簧夹夹住导气管上连接的胶皮管，然后再加入少量的水，若停止加水后，长颈漏斗中的水面不再下降，则说明此装置气密性良好，故选项实验操作正确。 B、取用固体粉末状试剂时，瓶塞要倒放，应用药匙取用，图中瓶塞没有倒放，故选项实验操作错误。 C、二氧化碳能溶于水，不能用排水法收集，故选项实验操作错误。 D、检验二氧化碳是否收集满时，应将燃着的木条放在集气瓶口，不能伸入瓶中，故选项实验操作错误。 故选：A。 8．如图表示20℃时玉米光合作用强度与光照强度的关系，S1、S2、S3所在部位的面积表示有关物质的相对值，下列说法中不正确的是（　　） A．S2﹣S3表示玉米光合作用有机物净积累量 B．S2+S3表示玉米光合作用产生的有机物总量 C．若土壤中缺Mg，则B点右移，D点左移 D．S1+S3表示玉米呼吸作用消耗的有机物量 【分析】（1）图中横轴表示光照强度，纵轴表示二氧化碳吸收量，代表光合作用强度。 （2）A点光照强度为0，此时只进行呼吸作用；B点时，光合作用强度等于呼吸作用强度；D点时，光照强度达到该值后光合作用强度不再随光照强度增加而增加。 （3）Mg是合成叶绿素的重要元素，缺Mg会影响叶绿素合成，进而影响光合作用。 【解答】解：A、光合作用有机物净积累量应该是光合作用产生的有机物总量减去呼吸作用消耗的有机物量。光合作用产生的有机物总量是S2+S3，呼吸作用消耗的有机物量是S1+S3，所以净积累量为（S2+S3）﹣（S1+S3）＝S2﹣S1，不是S2﹣S3，A错误； B、超过A点，植物就可以进行光合作用了，所以光合作用产生的有机物总量包括S2和S3，即S2+S3，B正确； C、Mg是叶绿素的重要组成成分，土壤中缺Mg会使叶绿素合成减少，光合作用减弱。要使光合作用强度等于呼吸作用强度，就需要更强的光照，所以B点右移；同时达到光饱和点所需的光照强度也会降低，所以D点左移，C正确； D、整个过程中呼吸作用一直进行，且温度不变呼吸作用强度不变，所以S1+S3表示玉米呼吸作用消耗的有机物量，D正确。 故选：A。 9．某兴趣小组为了探究光合作用的奥秘，用生长旺盛的绿叶做了如下实验。下列说法正确的是（　　） A．A和B可形成对照实验，变量是光照 B．B和C对照可以证明光合作用的场所是叶绿体 C．该实验可证明绿叶进行光合作用产生了淀粉 D．A中产生的气体能使澄清的石灰水变浑浊 【分析】光合作用是绿色植物通过叶绿体，利用光能，把二氧化碳和水转化成储存能量的有机物，并且释放出氧气的过程。 【解答】解：A．A装置中的叶绿体接受光照，而B装置中的叶绿体被遮光，其他条件都相同，因此，A和B可以形成对照实验，其变量是光照，A正确。 B．B和C不可以形成对照，变量不唯一（有光照和叶绿体两个变量），B错误。 C．光合作用确实会产生淀粉，但仅凭题目给出的实验装置和叙述，并不能直接得出这一结论，C错误。 D．A在光照条件下进行光合作用，会吸收二氧化碳并释放氧气。因此，A中产生的气体是氧气，而不是二氧化碳。氧气不能使澄清的石灰水变浑浊，而二氧化碳可以，D错误。 故选：A。 10．某同学用如图装置探究“一定质量的气体，在温度不变时，气压与体积的关系”。实验器材有：注射器、润滑油、压强传感器等。实验过程如下： 步骤一：在室温下将注射器的活塞上抹上适量的润滑油后，插入注射器内，留一定量的气体，将压强传感器套件连接在注射器小孔上； 步骤二：缓慢往右推动活塞，用传感器采集注射器内气压p，并记录相应空气柱的体积V； 步骤三：重复实验。得到数据如下表： 实验 V/mL p/×105Pa pv/×105Pa•mL 1 20.0 1.001 20.020 2 18.0 1.113 20.034 3 16.0 1.251 20.016 4 14.0 1.429 20.006 5 12.0 1.668 20.016 （1）完成本实验的基本要求是　A　 （填字母编号）。 A．封闭气体的容器密封良好 B．必须测出所封闭气体的温度和质量 （2）分析表中数据，可以得出结论：　一定质量的气体，在温度不变时，压强与体积成反比　 。 （3）实验反思：考虑到注射器与压强传感器连接部位存在少量气体无法读数，使测得的体积略偏小。为使实验数据更准确，排出这部分气体的操作方法是　将活塞推至注射器底端，排出空气后再连接压强传感器　 。 （4）“一定质量的气体，在温度不变时，压强与体积的关系”被称为波义耳定律，很多现象可以用波义耳定律解释，符合该定律的现象的是：　B　 。 A．气球打气过多，气球体积变大 B．一杯水中底部气泡上浮，气泡体积变大 C．气球带至高山，气球体积变大 【分析】（1）本实验探究一定质量的气体在温度不变时压强与体积的关系，核心要求是气体质量和温度保持不变。容器密封良好才能保证气体质量不变，是实验的基本要求；实验只需保证温度、质量不变，无需测出具体数值。 （2）分析表格中压强与体积的乘积，各组数据pV值近似相等，可得出气体压强与体积的关系。 （3）注射器与传感器连接部位的残留气体会导致体积测量偏小，需通过操作排出残留气体，消除误差。 （4）波义耳定律的适用条件是一定质量、温度不变的气体，据此分析各选项是否符合条件。 【解答】解：（1）本实验的原理是玻意耳定律，要求封闭气体的质量和温度保持不变。 A选项中容器密封良好，可保证气体质量不变，是实验的基本要求，正确； B选项中实验只需保证温度、质量不变，无需测出具体的温度和质量数值，错误。故选A。 （2）由表格数据可知，5次实验中压强p与体积V的乘积均约为20.0×105Pa•mL，近似为定值，因此可得出结论：一定质量的气体，在温度不变时，压强与体积成反比。 （3）为排出连接部位的残留气体，可在连接传感器前，将注射器的活塞推至注射器底端，完全排出注射器内的空气后，再连接压强传感器，使残留气体不再影响封闭气体的体积测量，提高实验准确性。 （4）波义耳定律的适用条件是一定质量、温度不变的气体。 A选项中气球打气过多，气体质量增加，不符合条件； B选项中水中气泡上浮，气泡内气体质量不变、温度近似不变，压强随深度减小而减小，体积变大，符合玻意耳定律； C选项中气球带至高山，温度发生变化，不符合条件。 故选B。 故答案为：（1）A；（2）一定质量的气体，在温度不变时，压强与体积成反比；（3）将活塞推至注射器底端，排出空气后再连接压强传感器；（4）B。 11．甲图是按压式手动取水器，内部结构如乙图，其中A、B是只能朝一个方向打开的阀门，当按压气囊时，A阀门关闭，B阀门打开，就可连续不断出水。 （1）气囊弹回时，A、B阀门的开闭状态是　A阀门打开、B阀门关闭　 。 （2）使用时发现，松开气囊，因水桶内气压不能立刻减小，无法立即停止出水，造成浪费。某同学提出只需在取水器上加装一个阀门，需要出水时关闭阀门，需要停止出水时打开阀门即可。为实现上述功能，请在图丙①、②两处中选择合适位置安装阀门，并说明理由。　②，拔出塞子，使桶内压强迅速减小到与大气压相等　 。 【分析】（1）气囊弹回时，桶内气体压强不变，外界气体进入气囊； （2）当桶内气压与大气压相同时，水在重力作用下停止流动。 【解答】解：（1）气囊弹回时，气囊内容积增大，气压减小，小于桶内气体压强，气压差使得B阀门关闭；此时气囊内气压小于外界大气压，外界空气在大气压作用下推开阀门A进入气囊。 （2）在使用过程中发现，松开气囊，不能立刻停止出水。某同学认为只需在取水器上增加一个开口并塞上塞子，需要停止出水时，取下塞子使得桶内压强迅速减小为与大气压相等，因而设置在②处即可。 故答案为：（1）A阀门打开、B阀门关闭；（2）②，拔出塞子，使桶内压强迅速减小到与大气压相等。 12．某学习小组以“气体制备”为主题开展基础实验与跨学科实践，回答下列问题： （1）写出标号d仪器的名称　长颈漏斗　 。 （2）实验室要制取较纯净的二氧化碳，应选用装置组合　BF　 （填字母，从A～F中选）。 （3）小明利用过氧化氢溶液制氧气的原理自制了家庭简易制氧机，如图G所示。其反应的化学方程式为　　 。①上下抽拉线绳实现二氧化锰与过氧化氢溶液的接触与分离，这样设计的优点　可以控制反应的发生和停止　 。 ②若想监测产生氧气的气流速度，需将G装置中　a　 （填“a”或“b”）端导管伸入水面下。 【分析】（1）根据实验室常用仪器的外形和功能，识别图中标号d仪器的名称； （2）根据实验室制取二氧化碳的反应物状态（固体大理石或石灰石与液体稀盐酸）和反应条件（常温），选择固液常温型发生装置；根据“收集较纯净气体”的需求（排水法收集的气体比排空气法更纯净），结合二氧化碳的溶解性（能溶于水且与水反应，实际常用向上排空气法，但题目需按给定装置 A～F 选择合理组合），确定发生与收集装置； （3）根据过氧化氢在二氧化锰催化下的分解原理书写化学方程式； ①分析“上下抽拉线绳控制固液接触与分离”的设计，从反应控制角度总结优点； ②根据气流速度监测原理（通过气泡产生速率判断），确定需伸入水面下的导管端。 【解答】解：（1）标号d仪器的名称是长颈漏斗； （2）实验室制取二氧化碳用大理石（或石灰石）与稀盐酸反应，该反应不需要加热，发生装置选固液不加热型；使用多功能瓶收集二氧化碳时，气体从一端导管进入，空气从另一端导管排出，相当于一个相对封闭的系统，空气和二氧化碳的扩散相对更有序；用排空气法收集二氧化碳，气体从长管进短管出时，能更有效地将空气从短管排出，减少与外界空气的接触，从而提高收集到的二氧化碳的纯度；实验室要制取较纯净的二氧化碳，应选用装置组合BF； （3）过氧化氢在二氧化锰催化作用下分解生成水和氧气，化学方程式为； ①上下抽拉线绳实现二氧化锰与过氧化氢溶液的接触与分离，当抽拉使二氧化锰与过氧化氢溶液接触时，反应发生；抽拉使二者分离时，反应停止，这样设计的优点是可以控制反应的发生与停止； ②若想监测产生氧气的气流速度，需将G装置中a端导管伸入水面下，根据气泡冒出的速率来判断产生氧气的气流速度。 故答案为： （1）长颈漏斗； （2）BF； （3）；①可以控制反应的发生和停止；②a。 13．为证明空气中含有CO2，老师用30mL针筒把空气压入石灰水中（实验装置如图所示），未见到预期的现象，课后某同学使用该装置继续进行探究。 （1）该同学应该从图中导管　a　 （选填图中字母）处继续将空气不断推入。 （2）该同学累计通入360管空气后发现产生了预期的浑浊现象，根据操作和现象可得出的结论是　空气中含有CO2，但是含量较低　 。 （3）装置内产生浑浊的原因是　CO2+Ca（OH）2＝CaCO3↓+H2O　 （用化学方程式表示）。 【分析】（1）为了使空气中的二氧化碳与石灰水充分反应，从长管中将空气不断推入； （2）根据实验操作和现象分析； （3）二氧化碳和石灰水反应生成碳酸钙白色沉淀和水。 【解答】解：（1）为了使空气中的二氧化碳与石灰水充分反应，该同学应该从图中导管a处继续将空气不断推入；故答案为：a； （2）为证明空气中含有CO2，用30mL针筒把空气压入石灰水中，该同学累计通入360管空气后发现产生了预期的浑浊现象，由此说明空气中含有CO2，但是含量较低；故答案为：空气中含有CO2，但是含量较低； （3）二氧化碳和石灰水反应生成碳酸钙白色沉淀和水，反应的化学方程式为：CO2+Ca（OH）2＝CaCO3↓+H2O。故答案为：CO2+Ca（OH）2＝CaCO3↓+H2O。 14．某同学在学习完植物的三种生理活动后，进行了相关研究；图甲中的A、B、C分别表示植物的三种生理活动；图乙是该同学综合研究呼吸作用、光合作用的实验装置；图丙是大棚内该植物制造和消耗有机物与种植密度的关系图。请根据图回答问题： （1）该同学综合研究呼吸作用、光合作用的实验过程如下： ①呼吸作用研究；首先关闭阀门，在黑暗处放置一段时间后，发现玻璃管中的红色小液滴会向　左　 （选填“左”或“右”）移动。 ②光合作用研究；将乙图装置在黑暗处放置一昼夜后，移到阳光下，打开阀门并移除氢氧化钠溶液，切断叶片甲中A与B之间的主叶脉。一段时间后取下叶片甲，除去叶绿素后滴加碘液，实验现象是：A不变蓝，B变蓝，据此可得出的结论是　植物光合作用需要水分，产生了淀粉　 。 （2）当播种密度过大或过小时，植物产量都不理想。分析图丙曲线可知，种植密度为　m2 时（选填“m1”、“m2”、“m3”或“m4”），植物产量最高。 【分析】1.光合作用是绿色植物通过叶绿体，利用光能，把二氧化碳和水转化成储存能量的有机物，并且释放出氧气的过程。 2.呼吸作用是指细胞内的有机物在氧的参与下被分解成二氧化碳和水，同时释放出能量的过程。 3.植物的蒸腾作用是指植物体内的水通过气孔以水蒸气的形式散发到大气中去的过程。 4.图甲中的A、B、C分别表示植物的三种生理活动，其中A表示呼吸作用，B表示蒸腾作用，C表示光合作用；图乙是该同学综合研究呼吸作用、光合作用的实验装置，装置中氢氧化钠溶液能够吸收容器内的二氧化碳；图丙是大棚内该植物制造和消耗有机物与种植密度的关系图，图4中当种植密度为m2，光合作用制造的有机物的积累量最多。 【解答】解：（1）①关闭阀门，并放置在黑暗处，植物进行呼吸作用消耗氧气，同时释放的二氧化碳被氢氧化钠溶液吸收，瓶内气压减小，红墨水在外界气压作用下，向左移动。将装置移至阳光下，移走氢氧化钠溶液，打开阀门，B处叶脉被切断，A处得不到水，A处和B处形成了以水为变量的对照实验，一段时间后，甲叶片除去叶绿素后滴加碘液，A无水无法进行光合作用产生淀粉，A不变蓝；B有水能进行光合作用产生淀粉，B变蓝，说明水是光合作用的原料。 （2）种植过密，植物叶片相互遮盖，只有上部叶片进行光合作用，种植过稀，部分光能得不到利用，光能利用率低。只有合理密植才是最经济的做法。光合作用制造有机物，呼吸作用分解有机物。植物积累有机物的量＝植物进行光合作用制造有机物的量﹣植物进行呼吸作用消耗有机物的量。分析图乙曲线可知，种植密度为m2时，有机物积累的最多。 故答案为：（1）左 植物光合作用需要水分，产生了淀粉 （2）m2 15．小金同学利用图甲所示的装置探究植物的光合作用：将一株绿色小植物放入一个锥形瓶中，在瓶中安放一个测定瓶中CO2浓度的传感器，将瓶口用橡胶塞塞上并密封。传感器的另一端与电脑连接，以检测一段时间内瓶中CO2浓度的变化。 （1）装置内试管中的水主要用于植物的　蒸腾作用　 。 （2）小金在某一晴天，将此装置置于有光照的室外，进行24小时二氧化碳含量的测定，绘制的曲线如图乙所示。据图分析，植物的光合作用开始于　P点前　 （选填“P点前”、“P点”或“P点后“）。 （3）小金认为，一定时间内测得的二氧化碳减少量，等于植物的光合作用所消耗的二氧化碳你是否认同他的观点，说说你的理由　不认同，植物进行光合作用的同时还在进行呼吸作用　 。 （4）若想利用此装置探究植物的呼吸作用，应将装置放置在　无光　 环境中。 【分析】（1）根的功能是固定和吸收水分无机盐的作用，植物通过根吸收来的水大约只有1%被植物体利用，约99%都被植物通过蒸腾作用以水蒸气的形式散发到大气当中去了。 （2）绿色植物利用光提供的能量，在叶绿体中把二氧化碳和水合成了淀粉等有机物，并且把光能转化成化学能，储存在有机物中，这个过程就叫光合作用； （3）活细胞利用氧，将有机物分解成二氧化碳和水，并且将储存在有机物中的能量释放出来。供给生命活动的需要，这个过程叫作呼吸作用。 【解答】解：（1）绿色植物吸水的主要部位是根，植物通过根吸收来的水大约只有1%被植物体利用，约99%都被植物通过蒸腾作用以水蒸气的形式散发到大气当中去了。所以装置内试管中的水主要用于植物的蒸腾作用。 （2）据图乙分析，0～6时植物已经开始光合作用，但是光合作用的强度小于呼吸作用的强度，因此二氧化碳浓度升高趋缓；P点光合作用和呼吸作用强度相当，二氧化碳浓度不在升高；6﹣18时光合作用强度大于呼吸作用强度，二氧化碳浓度降低，因此植物的光合作用开始于P点前。 （3）植物的光合作用要消耗的二氧化碳，一定时间内测得的二氧化碳减少量，不一定等于植物的光合作用所消耗的二氧化碳，因为植物进行光合作用的同时还在进行呼吸作用。 （4）由于在黑暗环境中植物不能进行光合作用，只进行呼吸作用，若要用此装置探究植物的呼吸作用，应将装置置于无光环境中。 故答案为：（1）蒸腾作用； （2）P点前； （3）植物进行光合作用的同时还在进行呼吸作用； （4）无光。 16．如图所示的高压锅，锅盖上排气孔的横截面积为0.1cm2，排气孔上带有限压阀。当高压锅内气压超过安全值时，锅内的气体会顶起限压阀跑出一部分，使锅内气压减小，以保证高压锅的使用安全。 （1）若此高压锅工作时，锅内气体压强为1.5个标准大气压，为保证安全，限压阀刚好被锅内向上的压力差顶起时，锅内外的压强差为多少帕？ （2）为此应配备的限压阀的质量为多少克？（g取10N/kg，1个标准大气压取1.0×105Pa） 【分析】（1）已知锅内气体压强为1.5个标准大气压，1个标准大气压取1.0×105Pa，据此计算此时锅内外的压强差； （2）限压阀的重力等于内外压强差产生的压力，根据G＝F＝pS计算限压阀的重力，根据m计算限压阀的质量。 【解答】解：（1）已知1个标准大气压取1.0×105Pa，则此时锅内外的压强差为； （2）限压阀的重力等于内外压强差产生的压力，则限压阀的重力为G＝ΔF＝ΔpS＝5×104Pa×0.1×10﹣4m2＝0.5N， 限压阀的质量为。 答：（1）限压阀刚好被锅内向上的压力差顶起时，锅内外的压强差为5×104Pa； （2）为此应配备的限压阀的质量为50g。 17．某实验小组为了探究气缸内气体压强p与缸内气柱长度h的关系，设计了一带有活塞（横截面积S＝5cm2）并封闭了气体的密闭金属气缸，如图甲所示。某次实验过程中，活塞缓慢下压，记录数据后绘制出如图乙所示图象。请回答下列问题： （1）活塞下压过程中，缸内气体质量　不变　 （选填“变小”、“变大”或“不变”）； （2）据图乙可知，缸内气体压强p与长度h成　反　 比； （3）经测量，当缸内气体压强p为1×105Pa时，缸内气体的密度为1.3kg/m3，那么，当缸内气体压强p为5×105Pa时，缸内气体的密度为　6.5　 kg/m3。 【分析】（1）物体的质量是指物体所含某种物质的多少，当把打气筒的活塞向下压时，由于出气口被封住，没有气体跑出来，管内气体多少并没有发生改变，所以其质量应该不变； （2）根据图象乙可知：一定质量的气体，温度不变时，Ph乘积为一定值，即压强与长度成反比， （3）根据图象乙，得出气体压强p为1×105Pa时对应的缸内气体的长度，根据气缸的横截面积，求出气缸内气体的体积和质量，然后求出当缸内气体压强p为5×105Pa时，缸内气体的密度。 【解答】解： （1）气缸是封闭的，当活塞向下压，由于气缸内的气体含量并没有发生变化，所以它的质量并不发生改变； （2）由图象可得：一定质量的气体，温度不变时，Ph乘积为一定值，即压强与气缸内气体的长度成反比； （3）由图象乙可知，当气体压强p为1×105Pa时对应的缸内气体的长度为h1＝10cm， 所以气缸内气体的体积为：V1＝Sh1， 气缸内气体的质量为：m＝ρ1V1＝ρ1Sh1， 由图象乙可知，当气体压强p为5×105Pa时对应的缸内气体的长度为h2＝2cm，在此过程中气体的质量不变， 所以m＝ρ2V2＝ρ2Sh2， 所以ρ1Sh1＝ρ2Sh2， 解得：ρ2ρ11.3kg/m3＝6.5kg/m3。 故答案为：（1）不变；（2）反；（3）6.5。 18．向20g含杂质的锌样品中加入稀硫酸充分反应（杂质不与稀硫酸反应），所加稀硫酸与生成气体的质量关系如图所示。（相对原子量：Zn﹣65 S﹣32 H﹣1 O﹣16）（Zn+H2SO4＝ZnSO4+H2↑） （1）锌样品与稀硫酸充分反应后产生氢气的总质量为 　0.4　 g。 （2）求：样品中锌的质量分数。 【分析】（1）根据锌和硫酸反应生成硫酸锌和氢气，杂质不与稀硫酸反应，结合图中数据来分析； （2）根据生成氢气的质量和化学方程式的计算来分析。 【解答】解：（1）锌和硫酸反应生成硫酸锌和氢气，杂质不与稀硫酸反应，由图可知，锌样品与稀硫酸充分反应后产生氢气的总质量为0.4g。 （2）设样品中锌的质量为x。 Zn+H2SO4＝ZnSO4+H2↑ 65 2 x 0.4g x＝13g 则样品中锌的质量分数为：100%＝65%。 答：样品中锌的质量分数为65%。 故答案为： （1）0.4； （2）65%。 ( 1 / 72 ) 学科网（北京）股份有限公司 $