课时冲关1 描述运动的基本概念-【创新教程】2027年高考物理总复习大一轮课时作业

第一章 运动的描述 课时冲关1描立 [基础落实练] 1.2025年哈尔滨亚洲冬季运动会于2025年 2月7日至2月14日举行.如图所示为运 动会中的四个比赛场景.在下列研究中可 将运动员视为质点的是 A.研究甲图男子U形场地技巧决赛，运动 员空中转体姿态 B.研究乙图速滑运动员手臂是否接触 C.研究丙图哪位运动员的冰刀先通过 终点 D.研究丁图运动员在15公里越野滑雪比 赛中的运动轨迹 2.如图，甲、乙、丙、丁分别为神舟二十号载人 飞船发射升空、箭船分离、太阳帆板张开以 及舱内宇航员的照片，下列说法正确的是 口去用帆版打开 丙 A.甲图中火箭体积较大，所以不能看作 质点 B.乙图中研究箭船分离姿态时，火箭和飞 船都能看作质点 C.丙图中研究太阳帆板张开时，可以将飞 船看作质点 D.丁图中研究宇航员在发射轨道上的位 置时，可以将其看作质点 3.2025年10月31日23时44分，搭载“神舟 二十一号”载人飞船的“长征二号”F遥二 十一运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发 射，约10分钟后，“神舟二十一号”载人飞 船与火箭成功分离，进入预定轨道，发射取 得圆满成功.下列关于该发射过程的说法 正确的是 () A.“23时44分”和“10分钟”都是指时间 间隔 B.研究火箭的运动轨迹时可以将火箭视为质点 C.飞船升空过程中，在某段时间间隔内的 位移大小可能大于路程 D.火箭加速升空时，火箭的速度越大，其 加速度一定越大 ·3 第一章运动的描述匀变速直线运动的研究 匀变速直线运动的研究 运动的基本概念 4.2025年9月开通了武宜高铁，线路全长 313千米，共设7座车站，设计最高速度可 达350km/h.下列有关“武宜高铁”的说法 正确的是 A.在研究列车从汉川站出发到达荆门西 站的时间时，可以把列车看成质点 B.研究列车进站时，可以把列车看成质点 C.“最高速度可达350km/h”指的是平均 速度大小 D.“线路全长313千米”指的是位移大小 5.2025年8月11日，在第一 年提 届全国青少年田径运动会 男子5公里竞走决赛中，来 自北京的小将朱宁浩以19 分57秒的成绩夺冠，关于 运动的描述正确的是 A.朱宁浩的平均速度大小约为4.2m/s B.研究朱宁浩在竞走比赛中的抬脚动作 时，可以将朱宁浩视为质点 C.朱宁浩从起点到终点的位移的方向与 平均速度的方向相同 D.朱宁浩速度越大，则加速度就越大 6.下列说法正确的是 ( A.比较加速度大小时，3m/s2比一5m/s2大 B.加速度为负值时，物体也可能做加速 运动 C.加速度逐渐变大，速度就逐渐变大 D.加速度与速度方向相同的直线运动一 定是匀加速直线运动 7.如图所示，2025年10月16日， 我国使用长征八号甲运载火箭 成功将卫星互联网低轨12组 星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，发射 任务获得圆满成功.下列说法正确的是 A.运载火箭刚点火时还没有运动，其加速 度一定为零 B.运载火箭升空过程速度变化越大，其加 速度就大 C.运载火箭升空过程速度变化越快，其加 速度就大 D.运载火箭离开地面的瞬间，火箭的速度 很小，所以加速度很小 39 高考总复习物理 [答题栏]8.如图所示，在全球首个人形机 器人半程马拉松比赛中，机器 1 人“天工”跑完全程21.0975公 ----- 里，期间三次更换电池，最终夺 3 冠成绩是2小时40分42秒，相当 于人类中游水平业余跑者的能 4 力.则 A.平均速度大小约为8km/h B.研究“天工”跑步姿势时，可以把它看成 、6 质点 7 C.相对于身后同速陪跑的工程师，“天工” 是静止的 --8 D.在两次更换电池时间内，“天工”做匀速 9 直线运动 10 [能力综合练] 9.某物体在竖直方向做直线 ↑(m·g .12 运动的v-t图像如图所 示，则物体在0~2s内的 平均速度大小 () A.等于3m/s B.大于3m/s C.小于3m/s D.等于0m/s 10.(多选)如图所示将弹性小球10m/s○4 以10m/s的速度从距地面 B 7m/s 2m处的A点竖直向下抛 出，小球落地后竖直反弹经 过距地面1.5m高的B点时，向上的速 度为7m/s,小球从A点到B点共用时 0.3s,则此过程中 ( A.小球通过的路程为7m B.发生的位移大小为0.5m,方向竖直 向下 C.速度变化量的大小为17m/s,方向竖 直向上 D.小球平均速度的大小为8.5m/s,方向 竖直向下 11.如图所示，一足球以 速度v,=10m/s沿 地面水平踢出，接下 G G 来足球在地面上做减速直线运动，经过时 间2s撞上球门柱，足球撞上球门柱时的 速度大小为v1=5m/s,方向向右.足球 与球门柱作用后反向弹回的速度大小为 v2=5m/s,已知足球与门柱作用的时间 为0.1s,弹回过程加速度恒定.求： (1)足球在地面上做减速直线运动的加 速度； ·340 (2)足球在撞上球门柱弹回过程中加 速度. [素养培优练] 12.（多选)一段高 C 中微型计算机 速公路上限速B 一口数据采集器 120km/h,为监控车辆是否超速，设置了 一些“电子警察”系统，其工作原理如图所 示：路面下，距离L埋设两个传感器线圈 A和B,当有车辆经过线圈正上方时，传 感器能向数据采集器发出一个电信号；若 有一辆汽车（在本题中可看作质点）经过 该路段，两传感器先后向数据采集器发送 信号，时间间隔为△t,经微型计算机处理 后得出该车的速度.若超速，则计算机将 控制架设在路面上方的照相机C对汽车 拍照，留下违章证据.根据以上信息，下列 说法正确的是 () A.汽车速度的表达式v=L/△t B.汽车速度的表达式v=2L/△t C.若L=8m,△t=0.2s,照相机将会 拍照 D.若L=8m,△t=0.3s,照相机将会 拍照课时冲关 课时冲关1描述运动的基本概念 1.D2.D3.B4.A 5.C[对于A,平均速度是位移与时间的比值，由于无法 确定其位移的大小，故平均速度无法求得，故A错误；对 于B,能否把某物体视为质点，关键要看忽略物体的大小 和形状后，对所研究的问题是否有影响，研究朱宁浩在 竞走比赛中的抬脚动作时，显然研究对象的大小和形状 忽略后，所研究的问题将无法进行，故B错误；对于C,根 据=二可知朱宁浩从起，点到终点的位移的方向与平 △t 均速度的方向相同，故C正确；对于D,加速度大小等于 速度变化率，物体速度大，加速度可能很小，例如匀速直 线运动，故D错误.门 6.B[比较加速度大小时，加速度的符号表示加速度的方 向，不代表大小，则3m/s2比一5m/s2小，选项A错误； 加速度为负值时，若速度也为负值，则加速度和速度同 向，物体也做加速运动，选项B正确；若加速度和速度反 向，则当加速度逐渐变大时，速度就逐渐变小，选项C错 误；加速度与速度方向相同的直线运动，若加速度不变， 则一定是匀加速直线运动，若加速度变化，则是非匀加 速直线运动，选项D错误， 7.C运戟火箭刚，点火时速度为零，加速度不为零，故A 错误；加速度是描述速度变化快慢的物理量，运载火箭 升空过程速度变化越快，其加速度就越大，加速度的大 小与其速度变化的大小无关，故C正确，B错误；加速度 与速度没有必然的联系，运栽火箭离开地面的瞬间，火 箭的速度很小，加速度不一定很小，故D错误， 8.C「题中机器人位移大小未知，无法计算平均速度大 小，故A错误；研究“天工”跑步姿势时，形状不能忽略， 不能看成质，点，故B错误；机器人相对于身后同速陪跑 的工程师位置没有变化，“天工”是静止的，故C正确；在 两次更换电池时间内，“天工”的速度会改变，不会做匀 速直线运动，故D错误. 9.B[02s内如果物体沿正方向先做匀 加速直线运动，后做匀减速直线运动，最大 速度为v=6m/s,v-t图线如图所示，则 0~2s内，尚体的平均速度大小为0=号 =3m/s,但物体先做加速度减小的加速运动，后做加速 度增大的减速运动，又因为一t图线与横轴所围成的面 积表示位移，由图可知，0一2s内物体的实际位移大于匀 变速运动时的位移，故0一2s内物体的实际平均速度大小 大于3m/s.故选B] 10.BC[小球通过的路程s=2m十1.5m=3.5m,故A 错误；小球发生的位移大小x=2m一1.5m=0.5m,方向 竖直向下，故B正确；设竖直向上为正方向，速度变化量 △w=7m/s-(-10)m/s=17m/s,方向竖直向上，故C -&m/s=号m/ 正确：小球平均速度的大小0=工=0,5 s,方向竖直向下，故D错误.门 11.解析：(1)设向右为正，足球在地面上做减速直线运动 的加速度a1=4心=5,10m/5=一2.5m/s,方向 t 2 向左； (2)设向左为正，足球在撞上球门柱弹回过程中加速度 a2=二w=5-(-5) m/s=100m/s,方向向左. to 0.1 答案：(1)2.5m/s2,方向向左；(2)100m/s,方向向左 12.AC[计算汽车速度的原理是利用短时间内的平均速 度来代替瞬时速度，故汽车速度的表达式为v=L/△t, A正确，B错误；若L=8m,△t=0.2s,则汽车的速度 为v=L/△t=40m/s=144km/h>120km/h,超速，照 相机将会拍照，C正确；若L=8m,△t=0.3s,则汽车的速 度为v=L/△t=96km/h<120km/h,未超速，照相机不会 拍照，故D错误.门 ·58 参考答案 参芳答案 课时冲关2匀变速直线运动规律 1.B2.B3.A4.A 5.C[它第3s初的速度即第2s末的速度为2=十at =(5十2X2)m/s=9m/s,故A错误；第5s初与第4s 末是同一时刻，则第5s初的速度与第4s末的速度相 等，故B错误；由△v=at得第2s内速度变化量△v=2X 1m/s=2m/s,故C正确；前2s内速度增加量为△v' at'=2X2m/s=4m/s,故D错误.] 6.B[设小球通过位置n时的速度的大小vn,小球的加速 度为a;从位置到位置n,根据逆向思雏可得s=vnt1 1 a,从位置n到位置p,有s=,t十之a巧，联立解得 s(ti十t） 双(4干)，故选B.] 7.B[由运动学公式可知L=十)心，由题意可知 2 =4u,解得阳=5。 2L -8弘，小车的加速度大小为a= VA-5to A一U= 6L,故选B] 5t1 8.B[根据匀变速直线的运动规律可知，飞机起飞加速的 时间=”二西=50一40、=25，这段时间内飞机的位移 5 -6=2a.1,解得x1= 02-飞=50-402 2a 2X5m=90m,航 母的位移x2=v't=15X2m=30m,故跑道的长△x≥x -x2=601m,B正确， 9.C[由题知，电动公交车做匀减速直线运动，设RS间的 距离为x,则报据题意有然-是=，0=红 t 2 to s十，联立解得t=41,心，=一10，再根据匀变速直 线运动速度与时间的关系有vr=一a·5t1,则at1= 2m/s,其中还有s=w一a·含，解得欧=1m/s,联 立解得vr=1m/s,故选C.] 10.A[2s内的位移为30m,可知1s末的速度4=2= 15m/s,第1s内的位移x1= 6十1， t1= 2 10+15×1m= 2 12.5m,第2s内的位移为x,=17.5m,则汽车第2s 内的位移比第1s内的位移大5m,汽车第1s内与第2s 内的位移之比为5：7，选项A正确，C错误；汽车运动 的加速度大小为a=,-=1510m/s=5m/s,选 t 项B错误；汽车第2s末的速度大小为v2=%十at2= (10十5×2)m/s=20m/s,选项D错误.] 11.解析：(1)根据匀变速运动规律某段内的平均速度等于 中间时刻的瞬时速度可知在1、2间中间时刻的速度为 4=4=2.25m/s -d=1.8m/s 2,3间中间时刻的速度为一。 故可得加速度大小为a==一改=1m/5. (2)设到达1号锥筒时的速度为h,根据匀变速直线运动 规律得o4一之at,=d,代入数值解得=2.45m/s 从1号开始到停止时通过的位移大小为工=2a 3.00125m≈3.33d,故可知最远能经过4号锥筒. 答案：(1)1m/s;(2)4 3