卷16 交变电流 电磁振荡 电磁波 传感器-【创新教程】2027年高考物理总复习大一轮创新示范卷

创新示范卷（十六》 第十三章 交变电流 电磁振荡 电磁波 传感器 (75分钟100分) 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是 符合题目要求的) 1.古代神话中的“千里眼，顺风耳”已经变为现实.并且人类的视野已远远超过了“千里”，人们利 用电磁波传送声音和图像信号.下列关于电磁波说法正确的是 A.电磁波不能在水中传播 B.电磁波既可以传递信息，又可以传递能量 C.赫兹首先预言了电磁波的存在 D.法拉第最先用实验证实了电磁波的存在 2.如图甲所示为交流发电机的示意图，两磁极N、S间的 Φ/Wb 数 磁场可视为水平方向匀强磁场，A为理想电表.单匝线 框绕垂直于磁场的水平轴OO沿逆时针方向匀速转 2t/(×102s) 动，从图示位置开始计时，线框中的磁通量Φ随时间t R 变化的关系如图乙所示.已知电阻R=10Ω，其余电阻 忽略不计，下列判断正确的是 A.电流表的示数为10A B.1s内电流的方向改变50次 别 C.0.01s时，线框平面与磁场方向垂直 D.1个周期内，电阻R上产生的焦耳热为10J 3.如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为10：1，原线圈接入图乙所示的正弦脉冲 痛 电压，副线圈接火灾报警系统（报警器未画出），电压表和电流表均为理想电表，R,为定值电 阻，R为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小.下列说法中正确的是 u/V 220J2 0.010.020.03t/s 甲 乙 阳 A.图乙中电压的有效值为220V B.电压表的示数为11√2V 戡 C.R处出现火警时电流表示数变小 D.R处出现火警时电阻R。消耗的电功率减小 4.温度传感器广泛应用于家用电器中，它是利用金属热电阻的 ↑Rn 阻值随温度变化的特性来工作的.图甲所示为某装置中的传 感器工作原理图，已知电源的电动势E=3.0V,内电阻不 G 计，G为灵敏电流表，其内阻R。保持不变；R为金属热电阻， 其阻值随温度的变化关系如图乙所示.闭合开关S,当R的 2060100140t/℃ 温度等于20℃时，电流表示数I1=2mA;当电流表的示数 乙 I,=1mA时，金属热电阻的温度是 A.40℃ B.60℃ C.80℃ D.100℃ 5.如图所示，一小型交流发电机中，矩形金属线圈的面积为S,匝数为，转轴与线 圈相交于a点，ab段线圈与滑环Q相接触，ac段线圈与滑环P相接触.金属线 圈处在磁感应强度为B的匀强磁场中，绕轴以角速度。匀速转动，K1闭合、K 断开时，交流电流表的示数为I。,额定功率为P。的小灯泡恰好正常发光.假设 A】 小灯泡电阻不随温度变化，线圈、滑环、电刷、导线及电流表总电阻为.下列说 法正确的是 16-1 A.线圈处于如图所示的平面时，电流最大，此时电流表的读数为√2I。 ⑧线圈从水平位置转过90°，通过小灯泡的电荷量为。 C.同时闭合K,和K,,其他条件不变，则发电机的输出功率将增大 D.若仅将角速度减小为，则灯泡的功率将减小为原来的号 6.某小型电站用两根单位长度内电阻为2.5×104/m的电缆直接向10公里外的山区送电，已 知其输出电功率是1.2×10kW.现用200kV电压输电，则下列说法正确的是 () A.输电线上输送的电流大小为4×104A B.输电线上由电阻造成的损失电压为30kV C.若改用500kV电压输电，根据欧姆定律，输电电流变为原来的2.5倍 D.若改用50kV电压输电，则输电线上损失的功率为8×10°kW 7.如图，理想变压器的原、副线圈匝数比为2：1，在a、b端接入一正弦。区 式交流电源.L1、L2为两只规格为“22V,6W”的相同小灯泡，两电表 均为理想交流电表，当滑动变阻器的滑片P处于中间位置时，两小灯 b 泡恰好都正常发光.下列说法正确的是 A.电压表的示数为44V B.电流表的示数为0.27A C.滑片P向下移动时，灯泡L2将变暗 D.滑片P向上移动时，灯泡L1将变暗 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合 题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 8.国产新能源汽车安装了“防撞预警安全系统”.如图所示，新能源汽车配备 的雷达会发射毫米级电磁波（简称“毫米波”），并对前车反射的毫米波进 行处理.下列关于毫米波和防撞系统的说法正确的是 ( A.毫米波是横波 B.毫米波不能在真空中传播 C.毫米波遇到前车时会发生明显衍射现象 D.该系统运用了多普勒效应 9.如图甲所示是法拉第发明的铜盘发电机，也是人类历史上第一台发电机.利用这个发电机给平 行板电容器供电，如图乙所示.已知铜盘的半径为L,铜盘下半圆区域内加垂直盘面向左、磁感 应强度为B,的匀强磁场，盘匀速转动的角速度为ω，电容器每块极板长度为d,板间距离也为 d,板间加垂直纸面向里、磁感应强度为B,的匀强磁场，重力加速度为g.下列选项正确的是 () ×B2Y 甲 A.若铜盘按照图示方向转动，那么电容器C极板电势比D极板电势高 B.铜盘产生的感应电动势为B,wL C.若一电子（不计重力）从电容器两极板中间水平向右射入，恰能在复合场中做匀速直线运动， B @L 则电子射入时的速度为 B,d D.若有一带电荷量为一q(q>0)的小球从电容器两极板中间水平向右射入，在复合场中做匀速 圆周运动，则小球的质量为B1g 2gd 16-2 10.如图甲所示，b为理想变压器原线圈的中心抽头，电流表为理想交流电表，在原线圈两端加上 如图乙所示的交变电压，则下列说法正确的是 () 2202 R 0 0.01 0020.03i/s -2202- 甲 A.原线圈输入电压瞬时值的表达式为u=220√2sin100πt(V) B.仅将单刀双掷开关由a扳到b,电流表的示数变小 C.仅将滑动变阻器的滑片向上移，灯泡L的亮度将不变 D.仅将单刀双掷开关由a扳到b,变压器的输入功率变小 三、非选择题（本题共5小题，共54分） 11.(6分)利用如图所示的装置可以探究变压器原、副线圈电压与匝数的关系： 变压器铁芯 线圈 变压器铁芯 甲可拆变压器零部件乙组装后的变压器 (1)除图中所示器材外，还需要的器材有 A.干电池 B.低压交流电源 C.直流电压表 D.多用电表 (2)下列说法正确的是 A.变压器工作时通过铁芯导电把电能由原线圈输送到副线圈 B.变压器工作时在原线圈上将电能转化成磁场能，在副线圈上将磁场能转化成电能，铁芯起 到“传递”能量的作用 C.理想变压器原、副线圈中的磁通量总是相同 D.变压器副线圈上不接负载时，原线圈两端电压为零 ③)由于变压器工作时有能量损失，实验测得的原副线圈的电压比片应当 (选填“大 于”“等于”或者“小于”)原、副线圈的匝数比 12.(8分)某同学用热敏电阻制作了一个简易自动报警器，热敏电阻的阻值R随温度t变化的图 像如图甲所示，简易自动报警器的电路图如图丙所示，请回答以下问题： (1)用多用电表欧姆挡测继电器线圈d(图乙所示)的电阻时，将选择开关旋至“×100”位置， 欧姆调零，测线圈d电阻发现指针偏转角度过大，则应把选择开关旋 (填“×10” 或“×1k”)进行测量，经正确操作，多用表示数如图丁所示，则所测继电器的阻值为 Q; 1k010000 30 20515 10 ↑R/2 Q000000 铁 Amuo 报警器 "To 580 0.5 25 50000N A+V- 04 25000N 60t/℃ 甲 丙 (2)为使温度在达到报警温度时，简易报警器响起，单刀双掷开关c应该接 (选填“a” 或“b”); (3)流过继电器线圈ed的电流I。=10mA时才会报警，若直流电源电动势E为18V(内阻 不计)，欲实现温度达到或超过60℃报警器响起，则滑动变阻器规格应该选择 A.02002 B.05002 C.015002 16-3 13.(10分)理想变压器原线圈中输入电压U1=3300V,副线圈两端电压 U,为220V,输出端连有完全相同的两个灯泡L1和L2,绕过铁芯的导 线所接的电压表V的示数U=2V,求 (1)原线圈n1等于多少匝； (2)当开关S断开时，电流表A2的示数I2=5A.则电流表A1的示数I1为多少； (3)当开关S闭合时，电流表A,的示数I'等于多少. 14.(14分)如图所示，矩形线圈abcd匝数为N,总电阻为R,ab边和ad边长分 别为L和3L,0.0为线圈上两点，O0与cd边平行且与cd边的距离为L,X池 为X××××X O)'左侧空间有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B.现使线圈 bx××××0 绕OO以角速度w匀速转动，求： ×××××× 脚 (1)从图示位置开始转过60°过程中通过导线横截面的电荷量q; (2)线圈在转动一周过程中产生的焦耳热Q. 15.(16分)如图所示，用一小型交流发电机向远处用户供电，已知发电机线圈abcd匝数N=100 匝，面积S=0.03m,线圈匀速转动的角速度@=l00πrad/s,匀强磁场的磁感应强度B=y区 T,输电导线的总电阻为R=102,降压变压器原、副线圈的匝数比n3：n4=10:1,若用户区 标有“220V,8.8kW”的电动机恰能正常工作.发电机线圈电阻r不可忽略.求： (1)输电线路上损耗的电功率△P; (2)升压变压器副线圈两端电压U2; (3)若升压变压器原、副线圈匝数比n:n2=1：8,交流发电机线圈电阻r上消耗的热功率P. 01 c B R a☑.d M n 升压变压器 降压变压器 16-4 创新示范卷（十六》 (物理)答题卡 姓 名 准考证号 条形码粘贴区（居中) 缺考 注意事项 填涂样例 1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，并认真在规定位置贴 口 正确填涂 好条形码。 违纪 2.选择题必须使用2B铅笔填涂：非选择题必须使用0.5毫米及以上黑色字 错误填涂 迹的签字笔书写，要求字体工整，笔迹清楚。 3.严格按照题号在相应的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效 ☑X☒○ 4.保持卡面清洁，不装订，不要折叠，不要破损。 )0历享 选择题 (共46分，1~7小题，每小题4分，8一10小题，每小题6分) 正确填涂 1ABCD 2AE回 4A®CD 5Ag回 请 G ABCD 7A®回 8AB@回 9A®CD 10A®C回 各 非选择题（共54分）（需用0.5毫米黑色签字笔书写） 目 题 11.(6分) 域 (1) 内作答 (2) 出 (3) 框 答案无效 12.(8分) (1) (2) (3) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十六）第1页（共4页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 13.(10分) ☒L☒L2 ④ 请在各题目的答题区域内作答 ,超出边框的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十六）第2页（共4页） 考生 考生务必将姓名、座号用0.5毫米黑色签字笔认真填写在书写框内，座号的每个 座号 必填 姓名 书写框只能填写一个阿拉伯数字.填写样例：若座号02，则填写为回回 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 14.(14分) d ×××××X ××××××X 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十六）第3页（共4页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 15.(16分) 0' b c B R M na 升压变压器 降压变压器 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十六）第4页（共4页）创新示范卷·参考答案 金属棒b始终保持静止，取最大静摩擦力等于滑动 摩擦力，根据受力平衡可得安培力大小范围为 电阻R产生的热量为QR一R十， ng sin0-umg cos≤F≤ng sin0+1 ng cos9联合 代入数据解得Qr=1.28J. 解得 2(mg sin0-ang cos0)(R1+R2）≤B≤ 答案：(1)4m/s(2)1.28J Bwr21 15,解析：1)ab自由下滑，机械能守恒有mgh=7m, 2(mg sin 0+umg cos 0)(R1+R2) 由于ab、cd串联在同一电路中，任何时刻通过的电流 Biwr21 总相等，金属棒有效长度L=3Ld,故它们受到的 答案：1E=Bar2,b端电势更高： 安培力关系为Fb=3Fd, 在安培力作用下，ab、cd各做变速运动，产生的感应 (2) 2(mg sin 0-umg cos 0)(R1+R2) Bior21 ≤B≤ 电动势方向相反，当E山=E时，电路中感应电流为 零(I=0),安培力为零，ab、cd运动趋于稳定，此时有 2(mg sin 0+umg cos 0)(R1+R2) 1 Bwr21 BLdVo=BLcdVad,所以aw=3d, 14.解析：(1)根据法拉第电磁感应定律，得感应电动势 ab、cd受安培力作用，动量均发生变化，由动量定理 为E=BLU, 得Fb△T=m(u-vab),Fd△T=mvd, 根据闭合电路欧姆定律，得感应电流为： E 联立以上各式解得= √2g 10 ,va=3 v2gh 10 1=R十 (2)根据系统的总能量守恒可得 金属棒受到的安培力为F安=BIL, Q=mgh- 金属棒做匀速运动，处于平衡状态，由平衡条件得 2-1 2 mvd?-Imgh 10 F=mgsin0+BIL,代入数据解得v=4m/s: 答案：(1)2 3√2gh (2)金属棒运动过程，由能量守恒定律得 10 10 Fs=mgs·sin0+zm2+Q, (2)9mgh 10 创新示范卷（十六） 题号 2 3 4 7 8 9 10 答案 B D B C D B A AD AD AC 1.B[电磁波可以在水中传播，例如低频无线电波可用 故A错误；变压器原、副线圈中的电压与匝数成正比， 于水下通信，故A错误；电磁波能够传递信息（如通 所以变压器原、副线圈中的电压之比是10：1，所以电 信)和能量（如微波炉加热），故B正确：麦克斯韦通过 压表的示数为11√2V,故B正确：R处温度升高时， 方程组预言电磁波存在，赫兹通过实验证实，故C错 电压表示数不变，阻值减小，副线圈电流I2增大，则输 误；赫兹首次用实验证实电磁波存在，法拉第的贡献 出功率增大，而输出功率和输入功率相等，所以原线 是电磁感应理论，故D错误.] 2.D[由题图乙可知，磁通量变化的周期为T= 圈电流增大，即电流表示数变大，根据P。=IR。知， 电阻R消耗的电功率增大，故C、D错误.] 2×102s,磁通量随时间的关系式为中=一1】 2π 元sin Tt 4.C[由题图乙可知，当温度为20℃时，热敏电阻的阻 一元sin100t(Wb),由电磁感应定律可得E=A 1 值为10002，由闭合电路欧姆定律可得E=10002 △t ·I1十IRg,当电流表示数为I2时，由闭合电路欧姆 =-100cos100πt(V),可得电动势的最大值为100 定律E=I2R+I2Re,代入数据联立解得R=25002, V,则电动势的有效值E有=100V=50万V,则电流 由题图乙可知25002，对应的温度是80℃.] 5.D[线圈处于如题图所示的平面时，电流最大，此时 表的乐兼1票-5疗A:放A特误：由题国乙可知， 电流表的读数为I0,故A错误：电流的最大值为Im= N△ 交变电流的频率为f=7=50,一个月期内电流 NS=21,通过小灯泡的电荷量q= R+r R+r 方向改变两次，所以1s内电流的方向改变100次，故 NBS R+ ,线圈从水平位置转过90°，通过小灯泡的电荷量 B错误；0.01s时，磁通量为零，线框平面与磁场方向 平行，故C错误；由焦耳定律可得1个周期内，电阻R 为g②，故B错误：其他条件不变时，最大电动势 上产生的焦耳热Q=I2Rt=5√2×5√2×10X0.02J =10J,故D正确.] 不变，则Em=NBS=√2Io(R+r),同时闭合K1和 3,B[题图乙中电压的最大值Um=2202V,则有 K,外电阻支为，则电流的有效值为了 Um 2 √21(R+r)Io(R+r) T + ，电流变大，则发电机的输出 2 解得电压的有效值为U=110√2V, 2 答案-33 物理 功率P='?.R后(R十r)2 (R+r)2 做匀速圆周运动，则重力与电场力大小相等、方向相 2 R=218R 2 (R+2r)2, E点，联立解 反，由洛伦兹力提供向心力，则有mg=g 无法判断是增加还是减小，故C错误：若仅将角速度 减小为弓，电动势的最大值和有效值变为原来的 得m= B1wl,24,D正确.] 2gd 10.AC[由正弦函数的特，点可得，原线圈输入电压瞬时 电流变为原未的2，则灯泡的功率P=FR=学R,减 1 值的表达式为u=Unsin2乎=20Esin10t(V), 小为原来的子，故D正确] A正确；仅将单刀双掷开关由a扳到b,原线圈匝数 P_1.2×10 6.B[输电线上的电流为1=7-20X10 A=6×103A, 1变少，品一需可知，湖线图电压U变大，电法 故A错误：输电线上由电阻造成的损失电压为△U 表的示数变大，变压器的输出功率变大，即输入功率 IR=6×103×2.5×10-4×10×103×2V=3×104V 变大，B、D错误；灯泡L并联在副线圈两端，电压等 =30kV,故B正确：若改用500kV电压输电，可得输 于U2不变，故灯泡L亮度不变，C正确.] 电成上的电洗务r一-品一淡 A=2.4×103A,则 11.解析：(1)实验中若用千电池变压器不能互感变压， 必须要有低压交流电源提供交流电，B需要；需要用 输电电流变为原来的故C错误：若孜月50kW包 多用电表测量电压，D需要：综上所述需要的实验器 材为B、D: 压价也，可得输电线上的电流为小-名- -A (2)变压器是通过互感工作，而不是通过铁芯导电把 =2.4×10A,则损失的功率为P损=IR=(2.4× 电能由原线图输送到副线圈，故A错误；变压器工作 104)2×10×103×2×2.5×10-4W=2.88×109W, 时在原线圈上将电能转化成磁场能，在副线圈上将 而P摄>P,违背了能量守恒定律，故D错误.] 磁场能转化成电能，铁芯起到“传递”能量的作用，故 7.A[L1正常发光，可知副线圈两端的电压U2=U= B正确：理想变压器的原副线圈通过铁芯共用同一个 2V,所以原线图两瑞的电压U-,=二×22V 磁场，则两线圈的磁通量总是相同，磁通量的变化率 也相同，故C正确；变压器的原线圈两端电压由发电 =44V,即电压表的示数为44V,故A项正确；小灯 机提供，则副线圈上不接负载时，原线圈两端的电压 泡正常发光，根据公式P=UI可知原线圈上的电流 不变，故D错误. =号一号A,旅据也流与匝就成反北如剧线国的电 (3)实验中由于变压器的铜损、磁损和铁损，导致变 压器的铁芯损失一部分的磁通量，所以副线圈上的 流表的示数1与=子×品A0,55A,故B项 电压的实际值一般略小于理论值，所以原线圈与副 错误；若滑动变阻器的滑片P向下移动，滑动变阻器 线圈的电压之比一般大于原线圈与副线圈的匝数之比 接入电路中电阻减小，副线圈中电流变大，则理想变 答案：(1)BD(2)BC(3)大于 压器的输入电流增大，I2灯泡中电流增大，所以L2变 12.解析：(1)测电阻时指针偏转过大，则读数太小误差 亮，故C项错误：若滑动变阻器的滑片P向上移动，滑 较大，需要选择小量程让读数变大，点才能减小误差， 动变阻器接入电路中的电阻增大，副线圈中电流减 所以应把选择开关旋至×10挡进行测量.所测继电 小，则理想变压器的输入电流减小，则L2中的电流减 器的阻值为：表盘刻度读数×倍率=22×102=2202. 小，I2两端电压减小，由于a、b端电压不变，所以原线 (2)由于温度升高热敏电阻阻值减小，通过继电器的 圈两端电压增大，由于变压器匝数不变，所以副线圈 电流增大，其产生的磁场磁感应强度增大，把铁片向 两端电压增大，所以L1将变亮，故D项错误.门 左吸引，所以要让报警器响起，则单刀双掷开关℃应 8.AD[雷达发射的毫米级电磁波是横波，A正确：毫 该接a. 米波作为电磁波，能在真空中传播，B错误；毫米波由 (3)流过继电器线圈ed的电流I。=l0mA时才会报 于波长较短，遇到前车时，不会发生明显衍射现象，C 警，若直流电源电动势E1为18V,则回路的总电阻 错误；设备对前车反射的毫米波进行处理，比较频率 发生变化的情况，运用了多普勒效应，D正确.] 的展小包值为R-票-0n=00A 9.AD[铜盘转动时，沿半径方向的金属“条”切割磁感 线，根据右手定则可得，感应电流由铜盘边缘流向铜 -5802=1.22×103,所以滑动变阻器规格应该选择C. 盘圆心，铜盘圆心的电势高，即平行板电容器C极板 答案：(1)×10220(2)a(3)C 电势高，A正确：铜盘产生的感应电动势E感=BL· 13.解析：(1)由电压与变压器匝数的关系可得： 当-B,B错误：周电子给能在复合场微匀速 U1_2=U,则1=1650匝， 11112 直线运动，则电场力与洛伦兹力平衡，有B2= (2)当开关S断开时，有： 要解得-C特：带电小球在复合场中 e =,-A 答案-34 创新示范卷·参考答案 (3)当开关S断开时，有R 2=40,当开关S 产生的热量Q E.x+.元 1 R w R =220 闭合时，设副线圈总电阻为R,有R'=2 联立解得Q= 5πw(NBL2)2 2R 副线周中的总电流为1，则1：-受=10A由 答案：(1)NBL2 (2)5xw(NBL2)2 R 2R U22=2A 15.解析：(1)设降压变压器原、副线圈的电流分别为I3、 U11'=U212',可知1' U13 ,电动机格能正分工作：则有1，一是-器2入 答案：(1)1650匝 2号A()号A 40A, 14.解析：(1)设线圈转过60°的过程中产生的感应电动 根据理想变压器的变流比可知=难 I 123 势为E,经历的时间为△，由法拉第电磁感应定律有 解得13=4A, E=N曾 所以输电线路上损耗的电功率△P=I32R, 其中磁通量的变化量 解得△P=160W; △Φ=2BL2-2BL2cos60°=BL2, (2)根据理想变压器的变压比可知=。 通过导钱横我面的电符量g是4 解得U3=2200V, NBL2 升压变压器副线圈两端电压U2=U3十I3R, 联立解得g R 解得U2=2240V; (2)线圈在磁场中转动时产生的电动势随时间变化 的规律如图所示，设ab边、cd边在磁场中转动产生 (3)根据理想变压器的变压比可知 U1_1 电动势的最大值分别为E1m、E2m,有效值分别为E1、 可得U1=280V, 升压变压器的原线图输入功率P1=△P十P用， E2,则 可得P1=8960W, 根据P1=U111,解得I=32A 2T 根据正弦式交变电流产生规律可知，最大值为Em= 20 w t 0 NBSw, 20 -E2m 代入数据解得Em=300√瓦V, 电机线圈内阻上消耗的热功率P内=I1E-IU, E= 2NBL@,E2-NBL@ 可得P内=640W. √2 2② 答案：(1)160W:(2)2240V:(3)640W 创新示范卷（十七） 题号 2 4 5 6 8 9 10 答案 A C A D B CD BC BD 1.A[若发现钻头M突然向右运动，则两螺线管产生 的磁场互相排斥，根据楞次定律可知，M中磁通量增 4.C[发电机的醉时电动势为e=3厄sm牙(V) 大，M向右移动阻碍磁通量增大，可能是开关S由断 3√2sin4πt(V),故A错误：t=0.25s时，电压表示数 开到闭合的瞬间，或开关S闭合，滑动变阻器滑片向 左滑动的过程，故A正确，B、C、D错误.] 为电动势的有效值，为U=二=3V,故B错误：根据 2 2.C[根据安培定则可知，线图1、2中的电流产生的磁 场方向都是竖直向下的，A错误：汽车进入磁场时，穿 支压著原副线国包压与线因豆教的关春品品可 过矩形线圈abcd的磁通量向下增大，根据楞次定律 得副线圈电压为U2=36V,正常工作时小风扇的输出功 可知感应电流的方向为adcb,离开时穿过矩形线圈的 率为P=U2I-Pr=36×1W-12×8W=28W,故C 磁通量向下减小，根据楞次定律可知感应电流的方向 正确：小风扇的转速与小风扇的功率有关，故小风扇 为abcd,B错误，C正确；安培力的方向总是与汽车相 的转速与发电机的转速不一定相同，故D错误.] 对于磁场的运动方向相反，D错误.] 5.C[当k值由5变到10后，副线圈两端的电压减小 3.A[根据动量定理有一BI1=m×子一m四 为原来的弓，根据欧姆定律可知副线圈的电流减小到 B=Lg=L·器=B肌·歌，联意得。 原来的了故流经R的电流减小到原来的7R两 B21 mRo ,故选A.] 骗的电压减小到原来的？，故A,B错误：根据公式P 答案-35