卷15 电磁感应-【创新教程】2027年高考物理总复习大一轮创新示范卷

创新示范卷（十五） 第十二章 电磁感应 (75分钟100分) 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是 符合题目要求的)》 1.如图所示，在半径为R的虚线圆内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B随时 间t变化的关系为B=B。十kt.在磁场外距圆心O为2R处有一半径恰为2R的半圆 导线环（图中实线），则导线环中的感应电动势大小为 ( 2R A.0 B.kπR C.πR D.2kπR 2 2.深圳市试点投放了无线充电石墩，方便市民为手机充电.其原理是石墩发射线 圈中通有交变电流，手机接收线圈感应出电动势.某款手机接收线圈有20匝， 单匝线圈有效面积是15cm,石墩发射线圈的磁场随时间变化规律为B= 4.2×104sin(2.2π×10t)(T).假设完全耦合，元≈3.14，则手机接收线圈中 感应电动势的有效值最接近 ( A.3.1V B.6.2V C.8.8V D.12.4V 3.如图所示，α、b两个闭合正方形线圈用同样材料和粗细的导线制成，匝数均 为n匝，线圈边长1。=4，图示区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，且磁感应 ×× 强度随时间均匀减小，不考虑线圈之间的相互影响，则下列说法正确的是 h ×a× + A.两线圈内均产生逆时针方向的感应电流 痛 B.a、b线圈中感应电动势之比为4：1 C.a、b线圈中感应电流之比为4：1 D.a、b线圈中电功率之比为4：1 4.如图所示，在一垂直纸面向里、磁感应强度大小为B的匀强× XX 磁场中，有一轻质圆形铝环，电阻为R,面积为S.现将其拧 + 成两个面积相等的小圆环，CD段在AB段上方，两段交点不 XX 接触.则铝环 ×/× × X A.有感应电流产生，方向为A→B→C→D→A X DX BX B.此过程中，磁通量的变化量为2BS C.此过程中，通过铝环横截面的电荷量为0 D.此时磁通量大小为BS 5.如图所示，光滑斜面的倾角为O,斜面上放置一矩形导体线框abcd,ab边的边长 为l1,bc边的边长为l2,线框的质量为m,电阻为R,线框通过绝缘细线绕过光滑 的定滑轮与一重物相连，重物质量为M,斜面上ef线(ef平行底边)的右方有垂 直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度为B,如果线框从静止开始运动，进入磁场 的最初一段时间是做匀速运动的，且线框的αb边始终平行于底边，则下列说法正确的是 A.线框进入磁场前运动的加速度为Mg一mgsin0 B,线框进人磁场时匀速运动的速度为Mg一ogsin)R BI B C.线框做匀速运动的总时间为Mg-mgRsin 0 D.该匀速运动过程中产生的焦耳热为(Mg一ngsin0)l2 15-1 6.某空间中存在一个有竖直边界的水平方向匀强磁场区域.现将一个等腰梯形闭 合导线圈，从图示位置垂直于磁场方向匀速向右拉过这个区域.尺寸如图所示， 能正确反映该过程线圈中感应电流随时间变化的图像是（取逆时针方向为正 方向) ( XX 2L 7.如图，方向竖直向下的匀强磁场中有两根位于同一水平面内的足够长的平行 bB d 金属导轨，两相同的光滑导体棒ab、cd静止在导轨上.t=0时，棒ab以初速 度v。向右运动且不会与cd相碰.运动过程中，ab、cd始终与导轨垂直并接触 良好，两者速度分别为℃b、vd,通过ab横截面的电荷量为q,回路中的电流为I,cd棒产生的焦 耳热为Q.下列图像中正确的是 ) 00 ab cd A B 0 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合 题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 8.如图甲所示，粗细均匀的绝缘导线弯成正方形线框α和内切圆形线框b,两线框在同一平面内， 磁场方向垂直于线框所在平面，磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示，两线框产生的 感应电动势分别为E。和E,感应电流大小分别为I。和I。,则 ( ×BX X B 甲 乙 A.E,:E6=元π：2B.E。:Eb=4:π C.I。:I=1:1 D.I。:I6=2:1 9.在如图所示的装置中，AP、CD是两个在竖直面内平行放置的半径均 为r=1的光滑四分之一圆弧导轨，它们分别在P、D平滑连接着 两根光滑平行直导轨PM、DV,两直导轨在同一水平面内距离为d =1m,圆弧导轨处于磁感应强度大小为√2T,方向与水平面成45°角 斜向左下方的匀强磁场中，一质量为1kg的金属杆中通以图示方向 N 的大小恒为1A的电流，现让金属杆由AC位置无初速度释放，下列 有关说法正确的是 A.金属杆下滑过程中受到的安培力不变 B.金属杆释放瞬间的加速度大小为10m/s2 C.金属杆滑到PD时的速度大小为4m/s D.金属杆滑到PD时对P点的压力为25N 10.如图所示，宽度为L的光滑金属框架MVPQ固定于水平面上，并处在磁感 a M 应强度大小为B的匀强磁场中，磁场方向竖直向下，框架的电阻分布不均 匀.将质量为m、长为L的金属棒ab垂直放置在框架上，并且与框架接触良 ×× 好.现给棒ab向左的初速度v。,其恰能做加速度大小为a的匀减速直线运 XX 动，则在棒ab的速度由v。减为v的过程中，下列说法正确的是 A.棒ab的位移大小为i一心 2a B.通过棒ab的电荷量为m(,一 BL C.框架PV段的热功率增大 D.棒ab产生的焦耳热为2m(d-t) 15-2 三、非选择题（本题共5小题，共54分） 11.(8分)(1)探究电磁感应现象应选用如图 (选填“a”或“b”)所示的装置进行实验. (2)在图甲中，当闭合S时，观察到电流表指针向左偏（不通电时指针停在正中央），则：在图乙 中，磁体极插入线圈A过程中电流表的指针将 (选填“向左”“向右”或“不发 生”)偏转；在图丙中，导体棒αb向左移动过程中，电流表的指针将 (选填“向左” “向右”或“不发生”)偏转， gup G。 G R 甲 丙 入 (3)在图丁中，R为光敏电阻（阻值随光照强度增大而减小），轻质金属环A用轻绳悬挂，与长 直螺线管共轴(A线圈平面与螺线管线圈平面平行)，并位于螺线管左侧.当光照增强时，从左向右 看，金属环A中电流方向为 (选填“顺时针”或“逆时针”)，金属环A将 (选填 “向左”或“向右”)运动. 12.(8分)如图甲所示，绝缘轻杆将一个矩形线圈固定在竖直平面内，悬点P为AB边中点.矩形 线圈水平边AB=CD=0.6m,竖直边AD=BC=1.0m,E、F分别为AD和BC边的中点，在 EF下方有一个范围足够大、垂直纸面的匀强磁场.矩形线圈的质量m=0.2kg、电阻R=5 Ω，取垂直纸面向外为磁感应强度的正方向，磁感应强度B随时间t的变化关系如图乙所示.取重 力加速度大小g=10m/s2. (1)求t=0.6s时线圈中的感应电流I1: (2)求t=0.65s时轻杆对线圈的作用力大小F LLLLLLLLKLL141112 B/T AP B 2.0 E 0 15-3 13.(12分)如图所示，固定在水平面上半径为r的金属圆环内存在方向竖直 向上、磁感应强度大小为B,的匀强磁场，金属圆环电阻不计，电阻为R 的金属杆一端与圆环接触良好，另一端固定在竖直导电转轴OO上，金属 金属杆)4 杆随轴以角速度ω顺时针匀速转动，相距为1，动摩擦因数为以，倾角为日 的两平行导轨分别与圆环的A点和电刷相连，一质量为、长为1、电阻 0电刷 为R2的金属棒ab垂直于倾斜导轨（倾角为O)放置，倾斜导轨所在区域内存 在垂直于导轨平面向下的匀强磁场（图中未画出），金属棒ab始终保持静止.其中<tan0,重力加 速度大小为g,求： (1)金属棒ab两端的电压大小是多少？哪端电势更高？ (2)倾斜导轨所在区域内匀强磁场的磁感应强度B的范围？ E 14.(12分)如图所示，足够长的平行光滑U形导轨倾斜放置，所在平面的倾角 0=37°，导轨间的距离L=1.0m,下端连接R=1.62的电阻，导轨电阻不 计，所在空间存在垂直于导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度B=1.0T 质量m=0.5kg、电阻r=0.42的金属棒ab垂直置于导轨上，现用沿导轨 平面且垂直于金属棒、大小为F=5.0N的恒力使金属棒ab从静止开始沿导轨向上滑行，当 金属棒滑行s=2.8m后速度保持不变.求：(sin37°=0.6，cos37=0.8,g=10m/s) (1)金属棒匀速运动时的速度大小； (2)金属棒从静止到刚开始匀速运动的过程中，电阻R上产生的热量Q. 些 15.(14分)如图所示，光滑导轨EF、GH等高平行放置，EG间宽度为FH间 宽度的3倍，导轨右侧水平且处于竖直向上的匀强磁场中，左侧呈弧形升 高.ab、cd是质量均为m的金属棒，现让ab从离水平轨道h高处由静止下 h 滑，设导轨足够长，ab未离开宽轨处，重力加速度为g.试求： (1)ab、cd棒的最终速度大小； (2)全过程中感应电流产生的焦耳热， 15-4 创新示范卷（十五） (物理)答题卡 姓 名 准考证号 条形码粘贴区（居中) 缺考 注意事项 填涂样例 1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，并认真在规定位置贴 口 正确填涂 好条形码。 违纪 2.选择题必须使用2B铅笔填涂：非选择题必须使用0.5毫米及以上黑色字 错误填涂 迹的签字笔书写，要求字体工整，笔迹清楚。 3.严格按照题号在相应的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效 ☑X☒○ 4.保持卡面清洁，不装订，不要折叠，不要破损。 )0历 选择题 (共46分，1~7小题，每小题4分，8一10小题，每小题6分) 正确填涂 1ABCD 2AE回 3 ABCD 4A®CD 5Ag回 6A®C回 7A®回回 8AB@回 9A®CD 10A®⊙回 在 题 非选择题（共54分）（需用0.5毫米黑色签字笔书写） 目 11.(8分) 题 (1) 域 内作答 (2) (3) 出 框 12.(8分) lLLLLL2 答案无效 B/T A P 2.0 0.5 1.0 t/s D 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十五）第1页（共4页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 13.(12分) 0 @ 人金属杆)4 0✉ 0电刷 b 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十五）第2页（共4页） 考生 考生务必将姓名、座号用0.5毫米黑色签字笔认真填写在书写框内，座号的每个 必填 姓名 座号 书写框只能填写一个阿拉伯数字.填写样例：若座号02，则填写为回回 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 14.(12分) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十五）第3页（共4页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 15.(14分) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十五）第4页（共4页）创新示范卷·参考答案 若刚好能够通过D点，则在D,点有 当粒子从b点射出时，半径最 2 大，磁场的磁感应强度有最小 gE十mg=mR, 值，运动轨迹如图所示 由Q到D,根据动能定理有 1 1 2mvq-mup2-[(gE+mg)sin 37+u(qE+ 由几何知识得Tx mg)cos 37]x+(qE+mg)R(1+cos 37), 2mvo 得vQ3≈5.1m/s, 联立解得Bm=qL 综上所述，要使P能够到达圆轨道，并在经过圆轨道 (3)当磁感应强度最小时，运动时间最长；在电场中 时不脱离圆轨道，P经过Q点时的速度Q应满足 4.0m/s<Q≤4.4m/s或vQ≥5.1m/s. 运动时间为1=2业 答案：4.0m/s<Q≤4.4m/s或va≥5.1m/s 磁场中的最长运动时间为红一2示 15.解析：(1)带电粒子在电场中做类平抛运动，水平方 向有2h=0t 又T=2rmax= 2xm Bmin 整直方向有九=了ai,a-光 gE 由轨迹图可知0=受，解得妇=化 40 联立解得E票： 粒子出磁场后做匀速直线运动，水平分速度与粒子 在电场中的水平分速度大小相等，故运动时间相等， (2)粒子到达a,点时，沿y轴负方向的分速度为yy= 则有t3=t1 at=vo, 粒子从P点出发到回到y轴上所用时间的最大值为 则粒子到达a点时的速度大小为v=√垢十v,2 √26，方向与x轴正方向成45”角. t=t41+12十t3=16h+xL 40 粒子在磁场中运动时，由牛顿第二定律得quB=m 答案：(1)m (2)2m (3)16h+xL h gL 40 创新示范卷（十五） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C B C A D B C BC AC AB 1.C[由法拉第电磁感应定律可知E=n △Φ△BS 4.A[由楞次定律及安培定则可知，圆环中有感应电流 △t △t 产生，方向为AB→C→D→A,A正确：由题图可知， kR,故选C.] 开始时圆环中的磁通量为更，=BS, 2 拧成两个面积相等的小圆环，此时圆环中的磁通量为 2.B[手机接收线图中感应电动势的峰值为Em= 更2=0，可得△=2一中1=一BS,所以，此过程中磁 NBmSw,其中N=20,w=2.2πX105rad/s,S=15cm2 通量的变化量为BS,B、D错误：由法拉第电磁感应定 =15×10-4m2,联立，解得Em≈8.7V,有效值为E= 律可知，F=兽由闭合电路的庆好定体可得1是， E≈6.2V,故选B.] 其中，电荷量为q=I·△，联立可得，此过程中，通过 √ 3C[原磁场向里减小，根据楞次定律可知，感应电流 铝环被截面的电疗量为g曾震≠0，C错误] 的磁场方向与原磁场方向相同，因此感应电流的方向 5.D[由牛顿第二定律得Mg-ngsin9=(M+m)a,解 得线框进入磁场前运动的加速度为a= 为顺时针方向，故A错误；根据法拉第电磁感应定律 可知E=合兽-n当，而1。=，因流a6线图中 Mg-mgsin9,A错误；由平衡条件Mg一mgsin日 M+m 感应电动势之比为16：1，故B错误；线圈电阻R= P装=0，又F=B,1-景，E=以e,联立解得线担 p5故a,b线图电阻之比为4：，由闭合电路欧姆 进入磁场时匀速运动的速度为0=Mg一msin)R B2片 定律可知1=景，剥口，b线周中意应电流之比为4：1， B错误；线框做匀速运动的总时间为1=么 B2R12 故C正确；电功率P=EI=R,两线圈电流之比为 Mg一mg$in9)灭，C错误：由能量守恒定律，该匀速运 4:1,电阻之比为4：1，则电功率之比为64：1，故D 动过程中产生的焦耳热等于系统重力势能的减小量， 错误.] 则Q=(Mg-mgsin8)l2,D正确.] 答案-31 物理 6B[由题因知，am9=元-子，线周前进0一1的过 10.AB[根据匀变速直线运动速度位移关系有vW-品 程中，切割磁感线的有效长度1=2Ltan0=L,故感应 =一2a,解得=听- 2a -,故A正确；对ab棒根据动 电动势保精不变，为E=L,对应感应电流一尺 量定理有-BIL·△t=mw-mvo,又q=I·△t,解得 BL巴，大小不变，沿递时针方向.线圈前进1~2L的过 g= B,口，故B正确：金属棒微匀减速运动，则有 m(0一v) R ma=BIL,故电流不变，根据热功率P=2R,可知 程中，切制磁感线的有效长度1=21+2：-台am0= PN段的热功率不变，故C错误；由能量守恒定律可 L十，则感应电动势E2=B'=Bl十B(上≤1≤ 知7m听-之m2=Q:Q为整个电路中产生的焦耳热， 2马)，则感应电流1=受=B+B1,大小从 故金属棒a山产生的焦耳热小于Q,即小于2m(6-), R R R 均匀谐加到，沿履时针方向，B正确门 故D错误.] 11.解析：(1)探究电磁感应现象的实验装置，只需要有 7.C[导体棒ab切割磁感线产生由a到b的感应电流， 磁场、导体棒、电流表即可，不需要电源，可知应选用 则导体棒ab受到向左的安培力，做减速运动；导体棒 题图a所示装置. cd受到向右的安培力，向右加速运动，则感应电流I (2)当闭合S时，观察到电流表指针向左偏，说明电 B1.(0。一0》，两导体捧的相对逵度减小，感应电流 流从负接线柱流入时，电流表指针向左偏.磁体N极 R 插入线圈A过程中，线圈A中磁通量向下增大，根 减小，每个导体棒所受的安培力大小F=BIL, 据楞次定律可知感应电流将从电流表负接线柱流 F随着电流减小而减小，设导体棒质量为，当两者 入，则此时电流表的指针将向左偏转；导体棒b向 速度相等时，电流为零，由动量守恒定律得mo= 左移动过程中，根据右手定则可知感应电流从电流 2m,两导体棒的逵度最终为。-艺，且加速度随着电 表正接线柱流入，则此时电流表的指针将向右偏转. 流的减小而减小，电流变化也越来越慢，最终为零，故 (3)根据安培定则，螺线管内部磁场向右，金属环中 的磁场向右，当光照增强时，光敏电阻的阻值减小， C正确，A错误；ab棒用动量定理BIlt=mo一m2, Uo 回路电流增大，金属环的磁通量增大，根据增反减 则)=1一欲电待童应滨是随时间的增加而增加， 同，感应电流的磁场向左，根据安培定则，从左向右 看，金属环A中电流方向为逆时针： 最后达到最大值，故B错误：系统状态稳定后，两个导 金属环A是逆时针电流，螺线管是顺时针的电流，反 体棒的相对速度为0，不再有感应电流产生，焦耳热不 向电流相互排斥，金属环将向左运动. 会随着时间一直增大，故D错误.] 答案：(1)a(2)向左向右(3)逆时针向左 8.BC[设圆形线框半径为r,则正方形线框边长L=2r, 12.解析：(1)t=0.6s时线圈中产生的感应电动势E1 正方形线框面积S。=L2=42,圆形线框面积S6=π2， 两线框处在均匀变化的磁场中，根据法拉第电磁感应 地B·s8×0 △t1 △t1 2 V=3.0V, 定体有E=n会兴-nS0-nS, 则两线框产生感应电动势之比E。:Eb=4；π，故A 线福中的高克包流1-景-号A-6入 错误，B正确；设单位长度电阻为R,则正方形线框电 (2)由题图可得t一0.65s时匀强磁场的磁感应强度 阻R。=4LRo=8r·R,圆形线框电阻R=2πrRo,根 B=1.5T,线圈中的感应电流I2=I1, 据欣蜂定体有是， 线圈受到的安培力大小FA=B0I2LCD=1.5×0.6× 0.6N=0.54N,对线圈受力分析，根据受力平衡有 两线框中感应电流大小之比I。：I=1:1,故C正 FN+FA=mg,解得FN=1,46N, 确，D错误.] 答案：(1)0.6A:(2)1.46N 9.AC[由题图可知，磁场与电流方向夹角不变，则根据 F安=BId可得，金属杆下滑过程中受到的安培力不 13.解析：1)感应电动势为E=Bm·乞=Bor, 变，故A正确；金属杆释放瞬间，对金属杆在竖直方向 根据右手定则，可知，通过金属棒的感应电流方向由 不仅受到重力，还存在安培力的竖直分量，故加速度 b到a,可知金属棒b端电势更高： 不为g,故B错误；金属杆滑到PD过程中，由动能定 (2)由于金属圆环电阻不计，则流过金属棒的电流大 理得mgr-B1d·Er=名m2,解得a=4m/,故C E Bwr2 正确；金属杆滑到PD时，对金属杆受力分析由牛顿 小为I=R1十R2R+R2) 金属棒ab受到的安培力大小为F=BIL= 第二定律N-mg=m,,可得N=28N,由牛频第三 BBiwr21 定体，会属杆滑到PD时对P点的压力为F兰-14N。 2(R1十R2)1 根据左手定则可知安培力沿斜面向上.由于<tan0, 故D错误.] 即ng sin>mg cos0. 答案-32 创新示范卷·参考答案 金属棒b始终保持静止，取最大静摩擦力等于滑动 摩擦力，根据受力平衡可得安培力大小范围为 电阻R产生的热量为QR一R十， ng sin0-umg cos≤F≤ng sin0+1 ng cos9联合 代入数据解得Qr=1.28J. 解得 2(mg sin0-ang cos0)(R1+R2）≤B≤ 答案：(1)4m/s(2)1.28J Bwr21 15,解析：1)ab自由下滑，机械能守恒有mgh=7m, 2(mg sin 0+umg cos 0)(R1+R2) 由于ab、cd串联在同一电路中，任何时刻通过的电流 Biwr21 总相等，金属棒有效长度L=3Ld,故它们受到的 答案：1E=Bar2,b端电势更高： 安培力关系为Fb=3Fd, 在安培力作用下，ab、cd各做变速运动，产生的感应 (2) 2(mg sin 0-umg cos 0)(R1+R2) Bior21 ≤B≤ 电动势方向相反，当E山=E时，电路中感应电流为 零(I=0),安培力为零，ab、cd运动趋于稳定，此时有 2(mg sin 0+umg cos 0)(R1+R2) 1 Bwr21 BLdVo=BLcdVad,所以aw=3d, 14.解析：(1)根据法拉第电磁感应定律，得感应电动势 ab、cd受安培力作用，动量均发生变化，由动量定理 为E=BLU, 得Fb△T=m(u-vab),Fd△T=mvd, 根据闭合电路欧姆定律，得感应电流为： E 联立以上各式解得= √2g 10 ,va=3 v2gh 10 1=R十 (2)根据系统的总能量守恒可得 金属棒受到的安培力为F安=BIL, Q=mgh- 金属棒做匀速运动，处于平衡状态，由平衡条件得 2-1 2 mvd?-Imgh 10 F=mgsin0+BIL,代入数据解得v=4m/s: 答案：(1)2 3√2gh (2)金属棒运动过程，由能量守恒定律得 10 10 Fs=mgs·sin0+zm2+Q, (2)9mgh 10 创新示范卷（十六） 题号 2 3 4 7 8 9 10 答案 B D B C D B A AD AD AC 1.B[电磁波可以在水中传播，例如低频无线电波可用 故A错误；变压器原、副线圈中的电压与匝数成正比， 于水下通信，故A错误；电磁波能够传递信息（如通 所以变压器原、副线圈中的电压之比是10：1，所以电 信)和能量（如微波炉加热），故B正确：麦克斯韦通过 压表的示数为11√2V,故B正确：R处温度升高时， 方程组预言电磁波存在，赫兹通过实验证实，故C错 电压表示数不变，阻值减小，副线圈电流I2增大，则输 误；赫兹首次用实验证实电磁波存在，法拉第的贡献 出功率增大，而输出功率和输入功率相等，所以原线 是电磁感应理论，故D错误.] 2.D[由题图乙可知，磁通量变化的周期为T= 圈电流增大，即电流表示数变大，根据P。=IR。知， 电阻R消耗的电功率增大，故C、D错误.] 2×102s,磁通量随时间的关系式为中=一1】 2π 元sin Tt 4.C[由题图乙可知，当温度为20℃时，热敏电阻的阻 一元sin100t(Wb),由电磁感应定律可得E=A 1 值为10002，由闭合电路欧姆定律可得E=10002 △t ·I1十IRg,当电流表示数为I2时，由闭合电路欧姆 =-100cos100πt(V),可得电动势的最大值为100 定律E=I2R+I2Re,代入数据联立解得R=25002, V,则电动势的有效值E有=100V=50万V,则电流 由题图乙可知25002，对应的温度是80℃.] 5.D[线圈处于如题图所示的平面时，电流最大，此时 表的乐兼1票-5疗A:放A特误：由题国乙可知， 电流表的读数为I0,故A错误：电流的最大值为Im= N△ 交变电流的频率为f=7=50,一个月期内电流 NS=21,通过小灯泡的电荷量q= R+r R+r 方向改变两次，所以1s内电流的方向改变100次，故 NBS R+ ,线圈从水平位置转过90°，通过小灯泡的电荷量 B错误；0.01s时，磁通量为零，线框平面与磁场方向 平行，故C错误；由焦耳定律可得1个周期内，电阻R 为g②，故B错误：其他条件不变时，最大电动势 上产生的焦耳热Q=I2Rt=5√2×5√2×10X0.02J =10J,故D正确.] 不变，则Em=NBS=√2Io(R+r),同时闭合K1和 3,B[题图乙中电压的最大值Um=2202V,则有 K,外电阻支为，则电流的有效值为了 Um 2 √21(R+r)Io(R+r) T + ，电流变大，则发电机的输出 2 解得电压的有效值为U=110√2V, 2 答案-33