卷12 电路及其应用 电能 能量守恒定律-【创新教程】2027年高考物理总复习大一轮创新示范卷

创新示范卷（十二） 第十章 电路及其应用电能 能量守恒定律 (90分钟100分) 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是 符合题目要求的) 1.如图所示，电源电动势为6V,电路中有AB、CD、EF、GH四根连接 B 电路的导线，其中一根导线内部的铜丝是断的，电路其余部分完好 为了查出故障导线，某同学选用多用电表直流10V挡，闭合开关后， 将多用电表红表笔接在A接线柱上，黑表笔依次接在B、D、F所示的 接线柱上，多用电表的示数分别为0、0、6V.可判断出故障导线是 A.AB B.CD C.EF D.GH 2.在显像管的电子枪中，从炽热的金属丝不断放出的电子进入电压为U的加速电场，设其初速度 为零，经加速后形成横截面积为S、电流为I的电子束.已知电子的电荷量为、质量为m,则在 刚射出加速电场时，一小段长为△1的电子束内的电子个数是 A品 c品 D.IS m e√2e 3.在如图所示的电路中，小量程电流表G的内阻R。=102,满偏电流I.=1mA,。十 G R1=902,R2= 9Ω，下列说法正确的是 1 阳 A.当S,和S。均断开时，改装成的表是电流表 B.当S,和S。均闭合时，改装成的是量程为100mA的电流表 C.S,和S,均闭合时，改装成的表是电压表 D.S和S2均断开时，改装成的是量程为10V的电压表 4.在测定电源电动势和内电阻的实验中，实验室提供了合适的实验器材.某同学按如图甲所示的 电路图进行测量实验，其中R,为保护电阻，图乙为电压表示数与电流表示数对应关系图像，则 下列说法正确的是 ) ↑UN A R 2.5- 2.4 2.3 2.2 0.330.500.8711A 甲 12-1 A.滑动变阻器的滑片从最左边滑到最右边的过程中，电压表读数一直增大 B.滑动变阻器的滑片从最左边滑到最右边的过程中，电流表读数先减小后增加 C.电源的电动势E=3.0V,内电阻r=0.50 D.电源的电动势E=2.5V,内电阻r=1.002 5.图示电路中，电源电动势为E,内阻不计，闭合开关S,滑动触头P由中点向下 R 移动的过程中，理想电表A,、V,、V,示数变化的大小分别为△I1、△U1、△U2, E R 则下列说法正确的是 A.A1示数减小，A。示数增大 B.A1示数减小，A2示数不变 ,U2增大 C普不支 均不变，且< D.8i1△1 △I1△I 6.如图所示的电路中，闭合开关，灯L1、L2正常发光，由于电路出现故障，突然发 现灯L1变亮，灯L。变暗，理想电流表的读数变小，根据分析，发生的故障可 能是 A.R,断路 B.R,断路 C.R,短路 D.R4短路 7.如图甲所示为某一小灯泡的工I图线，现将两个这样的小灯泡 并联后再与一个4Ω的定值电阻R串联，接在内阻为1、电动 势为3V的电源两端，如图乙所示，则 ( 0.10.20.30.40.50.611A A.通过每盏小灯泡的电流约为0.2A,此时每盏小灯泡的电功率约为0.6W B.通过每盏小灯泡的电流约为0.3A,此时每盏小灯泡的电功率约为0.6W C.通过每盏小灯泡的电流约为0.2A,此时每盏小灯泡的电功率约为0.2W D.通过每盏小灯泡的电流约为0.3A,此时每盏小灯泡的电功率约为0.4W 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合 题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 8.机器人(Robot)是一种能够半自主或全自主工作的智能机器，可以服务人 类生活.如图示，某款机器人的直流电动机的额定电压为U,额定电流 为I,线圈电阻为R,将它接在电动势为E.内阻未知的直流电源两端时，电动机恰好能正常工 作，下列说法中正确的是 A.电源的内阻为 B.电源的输出功率为EI一R C.电动机消耗的总功率为EI D.电动机的输入功率为UI 12-2 9.用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的 大量程电流表A、A2,若把A1、A2分别采用并联或串联的 方式接入电路，如图所示，则闭合开关S后，下列有关电表的 E.i 示数和指针偏转角度的说法正确的是 甲 A.图甲中的A1、A2的示数相同 B.图甲中的A1、A2的指针偏角相同 C.图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同 D.图乙中的A1、A2的指针偏角不相同 10.某电路如图所示，电源电动势E=30V,内阻r=42,电阻R1=162,R2= R4=42,R3=122,C为平行板电容器，其电容C=10.0pF,虚线到两极 板距离相等，极板长L=0.60m,重力加速度g取10m/s2.开关S断开时，有一带电微粒沿虚 线方向以u。=2.0m/s的初速度射入电容器C之间的电场中，刚好沿虚线匀速运动() A.当开关S闭合后，流过R4的总电荷量△Q=1.8×1010C B.当开关S闭合后，流过R的总电荷量△Q=3×101C C.当开关S闭合后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入电容器C之间的电场后，射出 电场时，在垂直于板面方向偏移的距离是7.5cm D.当开关S闭合后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入电容器C之间的电场后，射出 电场时，在垂直于板面方向偏移的距离是37.5cm 三、非选择题（本题共5小题，共54分） 11.(10分)某实验小组做“测量一均匀新材料制成的金属丝的电阻率”实验 (1)如图甲所示，先用多用电表“×12”挡粗测其电阻R= Ω，然后用图乙的螺旋测 微器测其直径d= mm,再用毫米刻度尺测其长度为L. 2 A-V-0 (2)为了减小实验误差，需进一步测其电阻，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下： A.电压表V(量程3V,内阻约为15k2;量程15V,内阻约为75k2》 B.电流表A(量程0.6A,内阻约为12；量程3A,内阻约为0.22) C.滑动变阻器R,(0~52,0.6A) D.滑动变阻器R2(0~20002,0.1A) E.1.5V的干电池两节，内阻不能忽略 F.电阻箱 G.开关S,导线若干 为了测多组实验数据，则滑动变阻器应选用 (填“R”或“R2”). 12-3 (3)请在方框内设计最合理的电路图，并完成图丙中的实物连线， 待测金属丝 丙 (4)通过移动滑动变阻器测得多组电压U和电流I的值，并以U为纵轴、I为横轴建立UI图 像，作出一条过原点的倾斜直线，若斜率大小为k,则该金属丝电阻率ρ= (用题中相 关字母表示) 12.(12分)一根均匀的细长空心金属圆管，其横截面如图甲所示，长度为L, 电阻R约为5Ω，这种金属的电阻率为ρ，因管线内径太小无法直接测量， 某同学设计下列实验方案尽可能精确测定它的内径d; 甲 (1)用螺旋测微器测量金属管线外径D,图乙为螺旋测微器校零时的示数，用该螺旋测微器测量的 管线外径读数为5.200mm,则所测金属管线外径D= mm, (2)为测量金属管线的电阻R,取两节干电池（内阻不计）、开关和若干导线及下列器材： A.电流表0一0.6A,内阻约0.052 B.电流表0一3A,内阻约0.012 C.电压表0~3V,内阻约10k2 D.电压表0~15V,内阻约50k2 E.滑动变阻器，0102（额定电流为0.6A) F.滑动变阻器，0一100Ω（额定电流为0.3A) 为准确测出金属管线阻值，电流表应选 ,电压表应选 ,滑动变阻器应选 .(填 序号) (3)如图丙所示，请按实验要求用笔代线将实物图中的连线补充完整. 丙 (4)根据已知的物理量（长度L、电阻率ρ）和实验中测量的物理量（电压表读数U、电流表读数 I、金属管线外径D),则金属管线内径表达式d= 13.(10分)(1)小明同学利用自己所学物理知识，自制了一个欧姆表，他采用的内部等效电路图 为甲图中的 ,表笔a为 (选填“红”或“黑”)色！ G (GH G 0 甲 12-4 (2)已知G表的满偏电流为6mA,制作好欧姆表后，小明同学对欧姆表进行欧 姆调零.他将图甲中欧姆表的红、黑表笔短接，G表指针位置如图乙所示，调节 mA 欧姆调零旋钮，使G表指针指在 (选填“0刻度”或“满偏”)位置，即完 成欧姆调零. (3)经欧姆调零后，小明同学打算测量此欧姆表的电动势和内阻，他找到5个规格相同的标准 电阻R=100.02,他将n个(n=1,2,3,4,5)电阻串联后先后接在该欧姆表的红、黑表笔之 间，记下串联电阻的个数n和对应电流表的读数1·根据所得数据作出n图像，如图丙所 示，可求得欧姆表中电源的电动势为 V,该欧姆表的内阻为 2.(结果保留 3位有效数字) 28 240 200 123 丙 14.(10分)用伏安法测定一个待测电阻R,的阻值（约为602），实验室可提供如下器材. 电源E(电动势4V,内阻忽略不计) 电流表A,(量程0~15mA,内阻为502) 电流表A2(量程0~200mA,内阻约为0.52) 电压表V,(量程0~3V,内阻约3k) 电压表V,(量程0~15V,内阻约15k2) 滑动变阻器R(阻值范围0~102) 定值电阻R,(阻值为5Ω) 定值电阻R,(阻值为202) 开关S、导线若干 (1)某同学直接选择了电压表V,和电流表A。用伏安法测电阻，他采用如图甲 所示的电路将电压表接在OP之间和OQ之间分别读出了两组不同的U和I 分 的示数，则该同学应将电压表连在 (填“OP”或“OQ”)之间，测量的结果更接近待测 电阻的真实值，且测量值比真实值略 （填“大”或“小”). 12-5 创新示范卷（十二） (物理)答题卡 姓 名 准考证号 条形码粘贴区（居中) 缺考 注意事项 填涂样例 1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，并认真在规定位置贴 口 正确填涂 好条形码。 违纪 2.选择题必须使用2B铅笔填涂：非选择题必须使用0.5毫米及以上黑色字 错误填涂 迹的签字笔书写，要求字体工整，笔迹清楚。 3.严格按照题号在相应的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效 ☑X☒○ 4.保持卡面清洁，不装订，不要折叠，不要破损。 )0历享 选择题 (共46分，1~7小题，每小题4分，8一10小题，每小题6分) 正确填涂 1ABCD 2AE回 3ABC回 4A®CD 5Ag回 6A®C回 7A®@回 8AB@回 9A®CD 10A®⊙回 在 ■ 题 非选择题 (共54分)（需用0.5毫米黑色签字笔书写） 目 答 11.(10分) 区 (1) (2) 内作答 圆 园 ,超 待测金属丝 (3) (4) 出边框 丙 答案无效 12.(12分) (1) (2) (3) (4) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十二）第1页（共2页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 13.(10分) (1) (2) (3) 14.(10分) (1) (2) (3) 中p mA 乙 丙 (4) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 15.(12分) 乙 (2) (3) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（十二）第2页（共2页） (2)乙同学根据实验室提供的器材设计了能比较精确地测量该电阻R,的实验方案，电表读数 尽量在量程的以上，则他选的电流表是 ,该电流表 (填“需要”或“不需要”) 改装，选的电压表是 .（填器材的字母代号) (3)在图乙虚线框中画出测量R阻值的完整电路图，并在图中标明器材的字母代号. 、、5飞飞11八111夏f// mA 丙 (4)乙同学调节滑动变阻器R,当电压表的示数为2.00V时，电流表的指针所指刻度如图丙所示，可 读出电流表的示数是 mA,则待测电阻R,的阻值为 Ω（结果保留1位 小数). 15.(12分)某实验小组设计如图甲所示电路来测量电源的电动势及内阻，其中待测电源电动势 约为9V,所用电压表量程为15V,内阻非常大，可看成理想电压表. 甲 丙 510 U / 5 0.4 112 0.V 3 0.1 °3i5 /2 0 0.2 R 戊 (1)按实验电路图在图乙中补充完成实物连线. (2)先将电阻箱接入电路的电阻调至如图丙所示，则其读数为 2;闭合开关S,将S, 打到b端，读出电压表的读数为5.5V；然后将S,打到a端，此时电压表读数如图丁所示，则其读 数为 V.根据以上测量数据可得电阻R。= 2. (3)将S,打到b端，读出电阻箱读数R以及相应的电压表读数U、不断调节电阻箱接入电路的 阻值，得到多组R值与相应的U值作出哈图线如图戊所示，则通过图像可以得到该电源的电动 势E= V,内阻r= 12-6物理 Eg(L+Rsin)-umgL-mgR(1-cos 0)=Ekm, 故粒子射出极板时到OO的距离y=y1十y2 动能最大值为Em=mgS qUoT2 2 代入数据解得y= 16md 答案：1g-體：(2L=是：63D点，En="8 2 (3)当粒子在0，T,2T,,T时刻进入极板时，粒子从 15.解析：(1)粒子在极板间水平方向做匀速运动，则L= 00下方高开时离00录远，进入板板后的前了时间内， 工，解得=子： (2)进入极板后的前时间内，粒子在竖直方向上的 粒子在竖直方向上的位移大小为⅓= (), qUo 进入极板后的后 时间内，粒子在整直方向上的位 加速度大小a1 2md 移大小为y4= 粒子在竖直方向上的位移y虹= ()°2()， 故粒子竖直方向的最大位移y=y3十y4, 进入板板后的后号时间内，粒子在竖直方向上的加 qUo 美使经子能金事村出提板，则y≤号， 速度大小a2= md 解得Us8m ,即U。的最大值为8m 粒子在竖直方向上的位移y=a 5gT 5gT2 (侵) 答案：1号 (2)90T (3)8ncd2 16md 5qT2 创新示范卷（十二） 题号 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 c B B B A C AD BD BC 1C[将多用电表红表笔接在A接线柱上，黑表笔依次 闭合电路欧姆定律可得2.5V=E-r·1A,2.4V= 接在B、D所示的接线柱上，多用电表的示数分别为 E-r·1.2A,解得电源的电动势E=3.0V,内电阻r 0、0,可知故障导线一定是EF、GH中的一根；黑表笔 =0.502,故C正确，D错误. 接在F所示的接线柱上，多用电表的示数分别为6V, 5.B[滑动触头P由中点向下移动的过程中，R2接入 F与电源负极连通，则故障导线是EF.故选C.] 电路的电阻变大，总电阻增大，总电流减小，电源内阻 2.B[在加连电场中有U=名m,得√ eU ,在刚 不计，故A2示数不变，则A1示数变小，A错误，B正 确；R1、R2串联，电源内阻不计，则△U1=△U2,由R] 射出加速电场时，一小段长为△1的电子束内的电荷 量为g=1△=1兰，则电子个数m==必，√ 可知-光2=R1,CD错误.] △I△I1 ee 2el' 6.A[若R断路，则电路中总电阻增大，总电流减小， 故选B.] 电流表A读数变小，灯L2变暗，又右侧部分总电阻没 3.B[当S1和S2均断开时，电流表G与电阻R1串联， 有变，则右侧分压将减小，L1两端的电压将增大，灯泡 则改装成的表是电压表，量程为 L1将变亮，A正确；若R2断路，则电路中总电阻增 U=I(Rg十R1)=0.1V,选项A、D错误；当S1和S2 大，电路中的总电流减小，L1的分流减小，可知L1应 均闭合时，电流表G与电阻R2并联，则改装成的表是 变暗，B错误；若R3短路，则R2被短路，电路中总电 电流表，漫程为1=I尽十。=10mA,选项B正确， 阻将减小，电路中总电流增大，L1的分流增大，L1变 R2 C错误.] 亮，I1两端的电压增大，L2两端电压减小，L2的分流 4.C[由电路接法可知R1左右两部分并联后与R2串 减小，L2变暗，由于总电流增大，而L2的分流减小，则 联，滑片处在正中间时总电阻最大，则可知在滑片从 电流表读数将变大，C错误；若R4短路，则电路中总 最左端向右移动过程中，滑动变阻器接入电路电阻先 电阻减小，电路中总电流增大，L1的分流增大，L变 增大后减小，则路端电压先增大后减小，故A错误：总 亮，L2两端的电压减小，L2的分流减小，故L2变暗， 电流先减小，R1右边支路电压增加，电阻减小，故电流 电流表A的读数变大，D错误.] 增加，则电流表支路电流先减小，当两支路电阻相等 7.C[如题图乙所示，把定值电阻R看成电源的内阻， 后再向右移动阶段，电流表支路电压减小，电阻增加， 则有U=E一I(R十r),画出电源的伏安特性曲线如图 故电流表示数还是在减小，故B错误：由题图乙可知 甲所示，由于两灯泡并联，故电路的总电流为每盏小 当电压为2.5V时，电流为0.50A,此时两部分电阻 灯泡的电流的2倍.当路端电压U=1V时，两灯泡电 相等，则总电流为11=1A:而当电压为2.4V时，电 流I1=12=0.2A,千路电流I=0.4A,I=2I1=2I2, 流分别对应0.33A和0.87A,则说明当电压为2.4V 故该状态为工作状态，此时每盏灯泡的电功率约为P 时，千路电流为I2=0.33A十0.87A=1.2A,则根据 =UI1=0.2W,选项C正确.] 答案-24 创新示范卷·参考答案 8.AD根据闭合电路的欧姆定律，电源的内电压U内 =E-U, 因为k=pS, 根据欧游定包源的内阻为，中_B,故A正 kπd2 解得ρ=4L 确；根据功率公式，电源的输出功率为P出=UI=EI 答案：(1)6.0(6也可得分)4.699(4.698~4.700均可) 一严，，故B错误；电动机消耗的总功率即为电源的输 (2)R(3)见解析图(4) 4L 出功率，即P电=P出=UI,故C错误；电动机输入功 12.解析：(1)螺旋测微器校零时的示数3.3×0.01mm 率即为电源的输出功率，则P入=P出=UI,故D 正确.」 =0.033mm,螺旋测微器测量的管线外径读数为 9.BD[题图甲中的A1、A2并联，表头的电压相等，电 5.200mm,则所测金属管线外径D=5.200mm 流相等，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读 0.033mm=5.167mm. 数不同，故A错误，B正确；题图乙中的A1、A2串联， (2)两节新的干电池电动势为3V,因此电压表选择 A1、A2的示数相同，由于量程不同，内阻不同，电表两 3V的量程，即为C: 端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角 因为电路中最大电流大的为1n長=号A=06N, 度不同，故C错误，D正确.] 为了测量的精确，电流表应选择A,滑动变阻器采用 10.BC[S断开时，电阻Rg两端电压为U3= 限流式接法，因为待测电阻较小，所以滑动变阻器选 +求-中品=×0V-18.s调合后， 择E. 外电为R-尽是-1 (3)由于待测电阻的平方 -2=82, 小于电压表与电流表内阻 路编电压为U=R界E=写是×30V=20V,电阻 的乘积，属于小电阻，所以 电流表采用外接法，实物 民两瑞电压为尼RU=×0V R3 图连接如图所示： 15V,则流过R4的总电荷量为△Q=CU3一CUJ3' (4)据欧姆定律得，R= 7,文R=p5,则S= 3.0×1011C,故A错误，B正确：设微粒质量为m, 电有量为9音开关S断开时有受-m,当开关S 因为S=x号-x受)，得d√D2- 答案：(1)5.167(5.1665.168均可) 闭合后，微粒加连度为a,则有mg一4少=ma,微粒 (2)A C E d (3)见解析图 能从也场中粉出，圆水章方向有1一品，整直方向有 4)√D2-0 πU y=2at2,由以上各式求得y=7.5×102m 1 13.解析：(1)根据欧姆表的原理可知其内部有电源，有 7.5cm,故C正确，D错误.] 可调电阻调节其内阻，并且从G表的正极流入，故选 11.解析：(1)多用表的读数为电阻的粗测值，其电阻为 C:黑表笔接电源的正极，红表笔接电源的负极，故表 6.02.根据螺旋测微器读数规则，圆柱体的厚度为 笔a为红色. 4.5mm+19.9×0.01mm=4.699mm. (2)当两表笔短接时，由欧姆定律知，可以通过调节 (2)滑动变阻器R2(0~20002,0.1A)的阻值比待 可调电阻使电流表满偏，令指针指在电流表的满偏 测金属丝阻值6大得太多，为保证电路安全，方便 电流刻度处，进行调零 实验操作，滑动变阻器应选R1,最大阻值52： (3)在闭合电路中，电源电动势E=In(R内十R,),而 (3)为测多组实验数据，滑动变阻 器应采用分压接法，由于被测电 又因为R,=成，则-名R+RA-+官Ra: 阻阻值较小，则电流表应采用外 即E≈3.16V,R内≈5312. 接法，实验电路图如图所示 答案：(1)C红(2)满偏(3)3.16531 两节千电池的电压为3V,故电压 14.解析：(1)由于待测电阻的阻值大约为602，选取的 表量程接3V;最大电流约 电压表V1的内阻约3k2,选取的电流表A2内阻约 为0.5A,故电流表量程接 0.6A. 为50，则有货-3器=50，是是=1m电 待测 根据实验电路图连接实物 流表分压作用比电压表分流作用小，所以选择电流 金属丝 电路图，如图所示 表内接法，测量值更接近真实值，故电压表应接在 (0限据公式得号P5, OQ之间，且测量值比真实值略大： (2)电路中可能出现的最大电流约为I=及一60 解得U=p5号， ≈67mA,电流表A2量程太大，可将电流表A1与定 答案-25 物理 值电阻R2并联，相当于量程为52.5mA的电流表， 15.解析：(1)由电路图连接的实 电源电动势为4V,则电压表选择V1: 物图如图所示 (3)电流表A1改装后内阻已知， (2)由题图可知，电阻箱的读 且可以精确测量通过待测电阻的 数为0×100+1×102+1 电流，电压表具体内阻未知，若电 ×12+0×0.12=11.02: 流表外接，不能测出电压表的分 将S1打到b端，电压表的读 R2 数为5.5V,由欧姆定律知，电 流值，而电流表内接，待测电阻的 电压可准确测量，故电流表内接： 流为1品A-Q5A:然后将S打到a高，此时电 E 滑动变阻器阻值与待测电阻相比 压表读数如题图丁所示，电压表量程为15V,分度值 较小，故采用分压接法，电路图如图所示 为0.5V,其读数为7.5V,根据以上数据可得电阻 (4)电流表量程为15mA,最小刻度为0.5mA,电流 表指针指16格，故电流表的示数是8.0mA,此时通 K.-50-1.00-40 (3)根据闭合电路欧姆定律有E=U+I(r+R。)= 过待测电阻R的电流为28mA,则待测电阻R,的 阻值为R,=号-R= 2.00 50×20)0≈ U叶景+风整双得亡古+·京站合题 28×10350+20 57.12 国戊所示国维可知织我矩6=官=0,1V1,解得E 答案：(1)OQ大 r+Ro (2)A1需要V1 =10V,图像斜率k E =1.52/V,则电源内阻 (3)见解析图 (4)8.057.1 为r=kE-R=152-42=112. 答案：(1)见解析图(2)11.07.54(3)1011 创新示范卷（十三） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C C D A D C C AC BD BC 1.C[通电螺线管内部的磁场最强，且接近匀强磁场， 故△AOD为等边三角形，则∠ODA=60°， 两端稍弱.] 而∠MON=30°，则∠OCD=90°， 2.C[由于He带正电，故在速度选择器中受到向左的 故COD为一直线，则OD= CD 电场力，则受到的洛伦兹力应该向右，故磁场方向垂 sin 30 =4r=L十r,解得 直纸面向里，故A错误；He能打到O点，加速时根据 3,故A正确，B,C,D错误] 动能定理可得2eU= X4mm2,解得其进入速度选择 2 5.D[根据左手定则可得：粒子1带 eU 正电，粒子2带负电，故A错误；设 1 器时的速度 √m,同理，对H则有U= 磁场边界边长为L,作出粒子运动 M 的轨迹如图，则粒子1、粒子2运动 可得=√m 即H打到O点，故B错误，C正确：增 的半径r1= r2=1,粒子在磁 大加速电场的电压，He进入速度选择器的速度增 2 大，在速度选择器中受到的洛伦兹力也增大，因为洛 场中做匀速圆周运动时洛伦兹力 伦兹力向右，所以He向右偏转，将打到O,点右侧，故 提供向心力，即guB=m 于，得q= D错误.] 3.D[由题意可知，a与d、b与e、c与f在O点的磁场 二，由于粒子1和2质量相同，初速度相同，得-只 大小相等、方向相反，故O点的磁感应强度为零，A错 92r1 误：根据安培定则，其他5根输电线在℃处产生的磁场 = 上名，故B错误：粒子的运动网期T2,得元0 方向垂直fc向上，根据左手定则，c导线所受安培力 ,由几何关系可知，粒子1在磁场中偏转90°，粒子2在 1 方向沿Oc指向O,B错误；由题意可知，b、f对a的安 暗力大小为F,ce对a的安培力为F,d对a的委 磁场中偏转45°，即速度偏转角度之比为2：1，所以可得 培力为5，则a导线所交安培力为F。=2Fsin30+ 1=T=言T,屏得号=子，故C错民，D正 确.门 2x得Pin60+号-2.5F.C错误，D正确] 6.C[顺时针运动时，根据静电力和洛伦兹力的合力提 4.A[轨迹与ON相切，画出粒子 供向心力有k99+Bg0=m,k9吗=3Bg,即g吗 r r r 3r2 的运动轨迹如图所示，由于OA= 0 OD=r, 0300 60°609 =m ,当带也粒子以相同速率，绕正电荷做通 M 答案-26