湖南邵阳市第二中学2025-2026学年高一下学期4月检测物理试卷

邵阳市第二中学2026年上学期高一4月份阶段检测物理答案 一。单选题 1.【答案】B 【详解】A.当物体的形状、体积和大小对所研究的问题几乎没有影响时，该物体就可以看成质点，不能因 为体积的大小就直接判断物体能否看成质点，比如研究地球公转时就可以把地球看作质点，故A错误； B.“质点”、“匀速直线运动”等概念建立所用研究方法是物理模型法，故B正确： C.电动自行车限速20km/h,指的是瞬时速度，故C错误； 0.由加速度定义式a是可知，加速度a的大小与△Y和△无关，则质点的速度变化越大，则加速度不一定 越大，故D错误。 故选B。 2.【答案】c 【详解】根据题意，位移与时间的公式为 x-wi 位移x与时间t的关系为 x=12+3t 解得 ,=3m/s,a=2m/s2 A.由位移与时间的公式可得，质点在前2s的位移为 1 3=k+2=10m 质点在前1s的位移为 =以+5=4m 则第2s内的位移是 x2=x2-x1=6m 故A错误； B.由位移与时间的公式可得，质点在前3s的位移为 x3=v4,+-a好-18m 2 前3s内的平均速度是 故B错误； C.由匀变速直线运动中逐差法可得，任意相邻1s内的位移差都是 △x=aT2=2m 故C正确： D.由公式△v=at可得，任意1s内的速度增量都是2m/s,故D错误。 故选C。 3.【答案】B 【详解】根据牛顿第二定律得mg一F=m g+F=m （2,解得=g。 R 3 故选B。 4.【答案】c 【详解】由题意可知，子弹在空中做平抛运动，水平速度大小不变，当枪口正对靶标中心时，子弹运动到靶 标的水平位移最小，由平抛运动规律x=t可知，子弹运动到靶标的时间最短：又由公式h=可知，子 弹下落的高度最小。在水平面左右旋转枪口朝向时，子弹运动到靶标的水平位移变大，运动时间变长，下落 的高度变大。则靶标上出现的击中点分布应为中间高、两端低的曲线。 故选C。 5.【答案】B 【详解】设两边绳与竖直方向的夹角为日，塔块沿竖直方向匀速下落的速度为'块，将V块沿绳方向和垂直绳 方向分解，将v沿绳子方向和垂直绳方向分解，可得y块cos8=vsn8 解得v=失 tan 由于塔块匀速下落时日在减小，故可知v一直增大。 故选B。 6.【答案】c 【详解】A.由图可知T:I,=t:2t=1:2W2,故A错误： B.离行星最近时引力最大，由图易知了：B=8:9故B错误： C.由开普勒第三定律： =器=日据品=c正确， a T? a2 D.当P离行星最近时8T=G，当P离行星最远时2P=G4恤 店，a1-2,当Q离行显最近时 2 9P=G他，当Q离行星最远时P=G下，a2=由开普勒第三定律可知 2 a T 联立解 得d1:=2:3,故D错误； 7.【答案】D 【详解】根据最大静摩擦力提供向心力有mg=m 由图(c)可知，。=2m/s 解得u=4 g 图(c)中阴影部分面积S大小等于沿x轴方向的位移大小，对应滑块匀速圆周运动的圆心角为0=二×360°=60° 6 阴影部分面积S大小S=r-rcos60°=二r 2 故选D。 二。多选题 8.【答案】BD 【详解】AC.对钢卷受力分析如图所示： 30° mg 钢卷在竖直方向上受力平衡，则有F1'cos30°=g 解得￡= "m82√ -8 c0s30°3 由牛顿第三定律可知乃=2√5 1l8 3 即不论是卡车加速还是减速，F,都不变，故AC错误： B.若卡车加速行驶，则加速度向右，根据牛顿第二定律可得'sin30°-'=a 解得E,'=F'sin30°-ma 因为F'不变，则当加速度增大时，F2'减小，由牛顿第三定律可知，F2减小，故B正确： D.若卡车减速行驶，则加速度向左，根据牛顿第二定律可得F'-'sin30°=@ 解得F,'=a+'sin30° 因为F1不变，则当加速度增大时，F2'增大，由牛顿第三定律可知，F2增大，故D正确。 故选BD。 9.【答案】BC 【详解】AB.小物块先向右做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律有ug=a 解得a=2m/s2 当速应减为0时，位移为气=五4m,故皮指长度：至少为细 由题分析可知，小物块先向右做匀减速直线运动，直到速度为零，然后再反向做匀加速直线运动，因 v。=4m/s>v=2m/s,故小物块返回左端时的速度为v=2m/s,整个过程，小物块速度变化量的大小 △v=v-(-)=6m/s,故A错误，B正确； C.由题分析，小物块先向右做匀减速直线运动，直到速度为零，则运动的时间为=上=2s 此过程中传送带的位移为S2=t=4m,故小物块相对传送带的位移为△s=52+S=8m 当小物块反向做匀加速直线运动，直到速度为v=m/$时，加速度不变，则运动的时间为，，三西 此过程小物块的位移为5=2a =1m 此过程中传送带的位移为s2=vt2=2m 故小物块相对传送带的位移为△s=S2-S=m 故整个过程小物块相对传送带的位移△x=△+△s=9,故C正确： D.小物块匀速运动的时间t,=一9=1.5s 1》 总时间t=1+t,+t=4.5s,故D错误。 故选BC。 10.【答案】BD 【详解】AD.将整个支架系统视为整体，则由平衡条件有3N=G 解得地面对每根杆的支持力大小均为V了 若仅将等边三角形ABC的边长变短，则地面对每根杆的支持力保特不变，故AD错误： B.由题意可知，每根杆与竖直方向的夹角均为30°，对O点进行受力分析，根据共点力平衡的推论有 G=3F cos30 解得每根杆对铰链0的作用力大小均为P=2√3C,故B正确： 9 C.在A点，杆O1的作用力F沿水平方向的分量为Rk=Psin30=2y5C】-5G 929 则由关点力的平衡条件可得，地面对A点的静摩擦力大小为R=R-怎G 9 又因为地面对每根杆的支持力大小为N-?,所以杆和地面间的动率擦因数至少为双-气-，枚C错误。 N3 故选B。 二、实验题：（每空2分，共14分)。 11.【答案】(1)A (2)较高 (3) 1.5 不是 【详解】(1)在甲图所示的实验中，A球平抛，B球自由下落，同时落地，说明平抛运动竖直方向是自由落 体运动。 故选A。 (2)两条平抛的轨迹，取相同的竖直高度，根据h=与81 可知平抛的时间相同，在水平方向上有x=V, 图线①的水平位移长，其初速度较大，需要从较高的位置滚下，才能获得较大初速度。 (3)[1]由题知，每个正方形小格的边长为L=5.00cm,由图丁，可知A、B的竖直位移为3L,B、C的竖直位 移为5L,在竖直方向有5L-3L=8T 解得T=0.1s 又A、B与B、C的水平位移都为3L,则有3L='T 解得V。=1.5m/s [2]根据平抛运动规律，可得小球从抛出点到B点的时间为t=上=0.2S 8 小球从抛出点到B点的水平位移为x='t=0.3m=30cm=6L 而由图丁可知O点到B点的水平距离为5L<x,可知小球并没有经过O'点，则O点不是小球做平抛运动的 抛出点。 12.【答案】 0.32/0.333.1 9.4 【详解】(1)[2]根据上=+d2可得 2L=2w,+d t 则 2Lt图像可知 2m。=65×102m/s 则 1o=0.33m/s a=k=(185-70)×102 (395-2)x102m/s2=3.1m/s2 (2)[3]由牛顿第二定律可知 ng sine-ung cos 0=ma 即 a=g sin0-ug cose 当0=53°时a=5.6m/s2,即 8sin53-gcos53°=5.6 当0=37°时3.1m/s2,即 gsin37-gcos37°=3.1 联立解得 g=9.4m/s2 三、计算题：本题共3小题，共43分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。 只写出最后答案的不能得分。 13.(9分) 【答案】(1)3m/s (2)15N (3)9m/s 【详解】(1)轻绳模型的临界条件：最高点重力恰好提供向心力，此时拉力为0，速度最小。由牛顿第二定 律：g= 生(2分) 代入数据得：y=√gL=V10×0.9=3m/s(1分) (2)最高点拉力与重力的合力提供向心力：T+g=m(2分) 整理代入数据：T=m mg=0.5x 62 -0.5×10=15N(1分) 0.9 (3)竖直圆周运动中，轻绳张力在最低点最大，最大张力对应最低点最大速度：Z一g=m一(2分) 代入Tmx=50N：Vmx= L(Tmx-g）= 0.9x60-5）=9mls(1分） V0.5 即小球速度不能超过9m/s 14.(15分)【答案】(1)v。=5m/s (2)x=1.6m (3),=4V2m/s 【详解】(1)货物在水平桌面上做匀减速直线运动，由牛顿第二定律有g=a(2分) 根据运动学公式，有v=。-t(2分) 得。=5m/s(1分) (2)货物做平抛运动，在竖直方向上，有h=28对(2分) 在水平方向上，有x=t1(2分) 得x=1.6m(1分) (3)竖直方向上，有y,=8(2分) 落地速度y1=2+?(2分) 得=4W2ms(1分) 15.【答案】(1)2.5m/s2,7.5m/s2 (2)4.5m/s (3)7.7m 【详解】(1)设长木板P与斜面之间、长木板P与滑块Q的动摩擦因数分别为4，凸，施加恒力F时，假设 P、Q能相对滑动，则分别对P、Q受力分析（取沿斜面向下为正方向）： 对P有gsin30°+2gcos30°-41·2gc0s30°=a（2分) 对Q有F+gsin30°-4，gcos30°=a2(2分) 解得a=2.5m/s2,a2=7.5m/s2(2分) 因为4<4，，假设成立。 (2)木板的速度y=a4=2.5m/s2×0.9s=2.25m/s(1分) 滑块此时的速度为y2=4,41=7.5m/s2×0.s=6.75m/s（1分) 撤去外力的瞬间木板P加速度不变，滑块Q的加速度变为马，则gsin30°-4，gcos30°=d,(2分) 解得4，=-2.5m/s2 (2分) 若在接下来1s时间内二者能够到达共速状态，则y+a442=V2+d,=V共（2分) 解得t2=0.9s<1s,v共=4.5m/s(1分) 之后二者共速后2gsn30°=41·2gcos30°，滑块和木板受力平衡，剩余的0.1s将共同匀速向下以速度 4.5m/s与挡板1碰撞。(1分) (3)碰撞瞬间因为木板P的速度大小不变，设与个挡板碰撞时速度为'n, 第n碰撞后 滑块的加速度仍为4，=-2.5m/s2, 对木板：在与滑块共速前，加速度变为4，受力分析可得 gsin30°+4·2gcos30°+gc0s30°=g 解得4=22.5m/s2(1分) 以当前加速度长木板速度先减小到0， 时间为 =5=02s 4 之后长木板又以加速度a,减速至达到共同速度v, 所用用时间 Vt1=0.2s 1,= a 二者一起匀速向下撞击下一块挡板， 对滑块则有1=+4，+t,)2分) 解狗：=1分 Unti邵阳市第二中学2026年上学期高一4月份阶段检测物理试题 测试时间：75分钟 满分：100分 一。单选题（本题共7小题，共28分，在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要 求，每小题4分。) 1.下面涉及运动概念的几个说法，你认为哪一个是正确的（) A.凡轻小的物体皆可看作质点，而体积较大的物体都不能看作质点 B.“质点”、“匀速直线运动"等概念建立所用研究方法是物理模型法 C.电动自行车限速20km/h,指的是平均速度 D.质点的速度变化越大，则加速度越大 2.质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=t2+3t(各物理量均采用国际单位制单位)，则该质点 () A.第2s内的位移是10m B.前3s内的平均速度是9m/s C.任意相邻ls内的位移差都是2m D.任意1s内的速度增量都是3m/s 3.如图所示，半径为R的大圆环固定在竖直面内，一质量为的光滑小环套在大环上做圆周运动，当小环 在最高点的速度分别为和√2y。时，大环对小环的作用力大小相同。已知重力加速 度为8，该作用力的大小为() A. 6.jng C.mg 4.中国射击队尤其是气枪项目，一直是奥运赛场上的王牌。某同学用玩具枪打靶对该运动项目做初步研 究，该同学站在靶标中央位置正前方较远处，靶标为一个面积较大的竖直平面。射击时保持枪口位置不 变，先后沿同一水平面内不同方位射出子弹，子弹初速度大小相等，忽略空气阻力，则靶标上出现的击中 点分布可能为() A B D 5如图，趣味运动会的“聚力建高塔”活动中，两长度相等的细绳一端系在同一塔块上，两名同学分别握住绳 的另一端，保持手在同一水平面以相同速率ⅴ相向运动。为使塔块沿竖直方向匀速下落，则ⅴ() A.一直减小 B.一直增大 C.先减小后增大 D.先增大后减小 6.卫星P、Q绕某行星运动的轨道均为椭圆，只考虑P、Q受到该行星的引力，引力大小随时间的变化如图 所示，已知t,=√2。下列说法正确的是() 引力大小 9F 8F A.P、Q绕行星公转的周期之比为1：2 B.P、Q离行星最近时的引力之比为3：4 C.P、Q的轨道半长轴之比为1：2 2t 2h231 →时间 D.P、Q到行星中心距离的最小值之比为3：2 7.如图()所示，一可视为质点的滑块放在水平转台上，滑块恰好能随转台绕O点做半径为r的匀速圆 周运动，图(b)为俯视图。某学校物理兴趣小组利用位移传感器采集滑块的位置和时刻信息，画出某时刻 起滑块沿x轴上的分速度：随时间t的变化关系如图(c)所示。取水平向右为正方向，滑块所受最大静摩 擦力大小等于滑动摩擦力大小，不计空气阻力。则滑块与转台间动摩擦因数4和图(c)中阴影部分面积S 大小分别为() /(ms) A.u=2 gr 、3 2 2 B.= 2 1 ,S= 0 r -2 C.=- r 33 2 图(a) 图b) 图(c) 4 1 D.4= S=r gr 2 二.多选题（本题共3小题，共15分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。 全部选对得5分，选对但不全的得3分，有选错或不答得0分。) 8.卡车运输卷材时常用“V"形槽固定。如图所示，某“V"形槽可简化为由固定于卡车的光滑斜面I和光滑竖直 面Ⅱ组成，斜面的倾角为30°。质量为的匀质圆筒状钢卷放在“V”形槽内，钢卷对I、Ⅱ压力的大小分别 为和F,当卡车沿平直公路向前行驶时，钢卷始终不离开两接触面。下列说法正确的是() A.若卡车加速行驶，随着加速度增大，耳增大 B.若卡车加速行驶，随着加速度增大，F,减小 C.若卡车减速行驶，随着加速度增大，耳减小 D.若卡车减速行驶，随着加速度增大，增大 9.如图所示，电动机带动传送带逆时针匀速运动的速度大小v=2m/s,煤块以初速度v。=4m/s从左向右 滑上皮带长度s=5的传送带，最终又滑离传送带。已知煤块与传送带接触面间的动摩擦因数u=0.2,最 大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取10m/s2,煤块可看作质点。下列说法正确的是() A.煤块滑离传送带时的速度大小为4m/s Vo B.整个过程中煤块速度变化量的大小为6m/s C.整个过程中煤块在传送带上留下的划痕长度为m D.小物块从滑上传送带到离开传送带共经历的时间为4 10如图所示，三根长都是1的轻杆，上端用铰链连接，每根杆都可以绕O自由转动，下端支在水平地面上 的A、B、C三点，ABC为等边三角形，且每根轻杆与水平面的夹角均为60°。在O点连接一根轻绳，下端 吊着一个重力为G的物体，三角架处于稳定状态，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。下列说法正确的是 A地面对每根轩的支持力大小尚为君 B.每根杆对铰链0的作用力大小均为2V3C 9 C.杆和地面间的动摩擦因数至少为 2 D.若仅将等边三角形ABC的边长变短，则地面对每根杆的支持力不变 二、实验题：（每空2分，共14分。） 11.某小组在“研究平抛运动特点”的实验中，分别使用了图甲和图乙的实验装置。 硬板白纸 ① 丙 (1)如图甲所示，小锤水平打击弹性金属片，A球水平抛出的同时B球自由下落。在不同的高度和打击力度 时都发现两小球同时落地，则实验表明」 A.平抛运动竖直方向是自由落体运动B.平抛运动水平方向是匀速直线运动 (2)图丙是图乙实验中小球从斜槽上不同位置由静止释放获得的两条轨迹，图线①所对应的小球在斜槽上释 放的位置 (选填“较低”或“较高”)。 3 (3)如图丁所示，实验小组记录了小球在运动过程中经过A、B、C三个位置，每个正方形小格的边长为 5.00cm,g取10m/s2,则该小球做平抛运动的初速度大小V。=m/s;小球的抛出点是否在0点 （选填“是"或“不是”)。 12.2020年5月，我国进行了珠穆朗玛峰的高度测量，其中一种方法是通过使用重力仪测量重力加速度，进 而间接测量海拔高度。某同学受此启发就地取材设计了如下实验，测量当地重力加速度的大小。实验步骤 如下： ↑21×102ms) 200 150 手机 100 50 垫块 0510152025303540t/×102s) 图甲 图乙 ()如图甲所示，选择合适高度的垫块，使木板的倾角为53°，在其上表面固定一与小物块下滑路径平行的 刻度尺（图中未画出）： ()调整手机使其摄像头正对木板表面，开启视频录像功能。将小物块从木板顶端释放，用手机记录下小 物块沿木板向下做加速直线运动的情况。然后通过录像的回放，选择小物块运动路径上合适的一点作为测 量参考点，得到小物块相对于该点的运动距离L与运动时间t的数据： G)该同学选取部分实验数据，画出了2上一1图像，利用图像数据得到小物块下滑的加速度大小为5.6 m/s2: ()再次调节垫块，改变木板的倾角，重复实验。 回答以下问题： (1)当木板的倾角为37时，所绘图像如图乙所示。由图像可得，物块过测量参考点时速度的大小为 s:选取图线上位于坐标纸网格交叉点上的A、B两点，利用A、B两点数据得到小物块下滑 加速度的大小为 m/s2。（结果均保留2位有效数字) (2)根据上述数据，进一步分析得到当地的重力加速度大小为 m/s2。(结果保留2位有效数 字，sin37°=0.60，c0s37°=0.80) 三、计算题：（本题共3小题，共43分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步 骤。只写出最后答案的不能得分。) 13.(9分)如图所示，一质量为m=0.5kg的小球（可视为质点)，用长为L=0.9m的轻绳拴着在竖直平面内 做圆周运动，g取10m/s2,求： 声1 R (1)小球要做完整的圆周运动，在最高点的速度至少为多大？ (2)当小球在最高点的速度为6m/s时，轻绳对小球的拉力大小？ (3)若轻绳能承受的最大张力为50N,小球的速度不能超过多大？ 14.(15分)如图所示，在某物流分拣中心的分拣流水线上，一质量为m=0.1kg的小货物以初速度'。从粗糙 水平分拣台上某处开始运动，经时间t=0.4s后以速度v=4/s飞离分拣台，最终落在水平地面上对应的分 拣框中。货物与分拣台的动摩擦因数u=0.25,分拣台离地 V 面高h=0.8m,不计空气阻力，重力加速度g=l0m/s2。 求：（计算结果可用根号表示。） 77 (1)货物初速度V。的大小： (2)货物落地点距飞出点的水平距离x; (3)货物落地时的速度大小”1。 15.(19分)某科技小组通过计算机编程来模拟物体的运动情况。如图，倾角为30°、足够长的斜面固定在 水平面上，在斜面的下部每隔0.4m固定一个垂直于斜面的挡板，斜面的上部静止叠放着质量均为m的长木 板P和滑块Q,滑块Q(视为质点)位于长木板P的顶端。现给滑块Q施加一个大小为g、方向平行于斜 面向下的恒力F,在作用0.9s后撤去，再过15，长木板卫和第1个挡板相撞并以原速率反弹。将长木板卫 与滑块Q、长木板卫与斜面之间的动摩擦因数分别设置为5、5，长木板卫每次和挡板相撞后都以原速 2、3 率反弹，且相撞后立即撤去被撞的挡板，滑块Q始终在长木板P上运动且没有和挡板相撞，最大静摩擦力等 于滑动摩擦力，重力加速度8大小取10ms2。求： (1)施加恒力F的瞬间，长木板P、滑块Q的加速度a1、4,的大小； (2)长木板P与挡板1相撞前瞬间，长木板P的速度的大小： (3)滑块Q在长木板P上面滑行时，长木板与第个挡板碰撞后 速度vn与第n+1个挡板碰撞后速度vn+1的比值（结果可用分数 123 表示)。 5