题型三 计算应用题-【夺冠百分百】2026年中考物理冲刺精练册（河北专用）

3.(1)高度差不漏气(2)密度深度液体密度 (3)④⑤⑥同种液体中，深度越深，压强越大 (4)同种液体中，同一深度处，液体向各个方向的压 强相等 4.(1)3.8(2)1.4AD(3)物体排开水所受的重力 (4)A 5.(1)排开液体的体积无关(2)4×103(3)偏大 (4)C【拓展】1.1×103 6.(1)平衡方便测量力臂的大小 (2)F1L1=F2l2(3)变大(4)0.4右 7.(1)匀速甲(2)甲、乙提升物重(3)0.4 (4)0.03 类型三电学探究类实验 1.(1)C(2)灯泡L2断路(3)D 2.(1)如图所示 B ·电源 (2)待测电阻短路(3)B10 (4)R3“5021A”;根据表中第1组数据，由串联 电阻的规律及欧姆定律，变阻器连入电路的电阻 6 V R号R1号01A10Q=50Q,该实验所进 滑动变阻器的规格是R3“5021A” 【拓展】②闭合S、S2,断开S 2.5V ③u,=2.5vR, 3.(1)如图所示 电源 (2)电阻R短路 (3)1 (4)求平均值减小误差 (5)小亮把电压表并在滑动变阻器的两端了 【拓展】①2.4~3②20 4.(1)A、B、D (2)移动滑动变阻器的滑片至另一位置 U(I2-I1) (3)R,= +Ro II2 (4)等于 题型三 计算应用题 类型一力学综合计算题 1.(1)2×10°Pa(2)1960Pa(3)2.5×103kg/m 2.解：1)甲的体积V=里= 2 kg 0甲2X102kg/m=103m. V甲10-3m3 (2)甲的底面积S甲一甲=0.1m =0.01m2, F甲=G甲=mg 地面受到甲的压强p甲=S=S甲=S甲 2kgX10N/kg=2000Pa。 0.01m2 (3)沿竖直方向将乙切去三分之一的体积，并将切 去部分叠放到甲上面，甲对地面的压强 -'6+ce S甲 S甲 甲对地面压强的增加量△p甲=p甲'一甲= 1 Gm十3GzG甲_Gz Gz Gz S甲 S甲3S#3X2S26S2 沿竖直方向将乙切去3的体积，乙剩余部分对地面 1 Fz Ga-3Gz 3G 的压强pz一52= LGL 1 2 St-3St 3St 甲对地面压强的增加量△p甲与乙剩余部分对地 GL 面压强pz的比值p-6Sz=1 Pz Gz 6 Se 3.解：(1)汽车起重机未吊货物时对水平地面的压力 F压=G汽=2×105N; 则对地面的压强p F压_2X10N=1X10Pa。 2m2 (2)提升时拉力F=G=mg=20×103kg×10N/kg= 2×105N, 功率P=W_s-2X10NX3m=6X10w。 10s (3)动力系统A允许提供的动力与动力臂乘积的 最大值为1.5×10N·m,根据杠杆的平衡条件 知，当阻力臂为4m时， 根据F,×l1=F2XL2,有1.5×10N·m=G×4m, 解得G′=3.75×105N; 当阻力臂为20m时，有1.5×10N·m=G"×20m, 解得G"=0.75×105N。 所以在动力与动力臂的乘积最大时允许吊起重物 的重力范围是0.75×105~3.75×105N。 4.解：(1)滑块M的重力G=mg=5kg×10N/kg= 50N, 滑块M对长木板AB的压强p={=专Q三 5000Pa。 (2)长木板AB的长为4m,OA=1m,粗细均匀、 同种材料制成的长木板的重心在几何重心，所以阻 力臂l2=1m,动力臂l1=0.8m, 由杠杆的平衡条件得F:l1=F2l2, 即Fz= F1l_50N×0.8m=40N, 12 1 m 所以长木板AB的重力G本板=F2=40N。 (3)设滑块M运动到支点O右侧，距离O点长为1 时，绳子的拉力达到最大值60N,由杠杆的平衡条件 得lG+L2G*板=F拉l1,lG十l2G*板=F2·sin30°· OB,即1×50N+1m×40N=60N×7×3m,解 得：l=1m。 5.解：(1)由题图乙可知，物体未露出水面前所用上升 时间为t1=50s,则物体全部浸在水中上升高度为 h1=t1=0.1m/sX50s=5m;而60~80s时，物 体完全露出水面，此时P=Fv=Gv,可得 G=P=2X103w =2×104N,所以物体未露出水 v 0.1 m/s 面前克服重力所做的功W=Gh1=2X104N× 5m=1×105J。 (2)物体在0~50s时，功率P'=1×103W,此时 拉力F-P-1X10W-1X10N, v 0.1 m/s 物体浸没时受到的浮力F浮=G-F'=2×10N-1× 10N=1×10N,则根据F浮=PV排可得，物体的体 F浮一 1×104N 积V=V#=pg-1.0×10kg/mx10NWkg 1m3;从题图乙可知，物体从刚开始露出水面到完 全露出水面经历时间为t2=60s一50s=10s,则 物体高度h2=t2=0.1m/s×10s=1m,由体积 公式V=Sh2, _V_1m-1m2。 可得S=21m (3)由电动机电能转换为机械能的效率为80%，即 W机旅=80%，得：P电×80%=P'; W电 P 1×103W 因为P=U1,所以I=80%元0.8X200V=6.25A. 6.解：(1)碓头的重力G=mg=20kg×10N/kg= 200N。 (2)碓头竖直下落0.5m,重力做的功 W=Gh=200N×0.5m=100J, 重力做功的功率P= W_100J=250W。 t0.4s (3)根据杠杆的平衡条件可得F,XOB=G×OA, 则捣谷人右脚对横木的压力F,= GXOA= OB 200NX3 2 =300N; 因为力的作用是相互的，则横木对右脚的支持力 F右支=F1=300N, 捣谷人的重力G人=m人g=72kg×10N/kg= 720N, 以捣谷人为研究对象，根据力的平衡条件可得： G人=F右支十F左支， 则左脚受到地面的支持力F左支=G人一F右支 720N一300N=420N,左脚对地面的压力和左脚 受到地面的支持力是一对相互作用力，大小相等， 则F压=F左支=420N, 左脚对地面的压强力压 420N 200×10-4m2 2.1×104Pa. 类型二电学综合计算题 1.解：(1)根据P=UI得，小灯泡正常发光时的电流 1-会--a5a (2)只闭合开关S时，R1与小灯泡及R2串联，电 压表V1测R1和小灯泡两端的电压之和，电压表 V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，因 为移动滑片两次电压表V2的指针指在同一位置， 可知V2接大测量范围时的示数是接小测量范围 时示数的5倍；又因为电源两端电压保持不变且两 次电压表V,的示数变化了8V,根据串联电路的 总电压等于各部分电路两端的电压之和可知，两次 电压表V2的示数也变化了8V,则可得5U2一 U2=8V,解得U2=2V,5U2=10V,所以V2接大 测量范围时的示数为10V,接小测量范围时的示 数为2V。 ①滑片在B端时，滑动变阻器的电阻最大，电路中 的电流最小为IB;根据串联分压规律可以判断此 时滑动变阻器两端电压值较大，此时滑动变阻器 R2的电压为UB=10V; ②设滑片移到某位置C时，小灯泡能正常发光，滑 动变阻器电阻变小，滑动变阻器两端电压变小为 Uc=2V,此时电路的电流为Ic,此时，R2的电流 等于小灯泡的电流，即Ic=I=0.5A,小灯泡的 U额_6V 电阻R-7元0.5A-120,所以1g=1e-0.4A =0.5A-0.4A=0.1A, 滑片在B处时电源电压U=U1十U+UB=IBR1十 IBR+UB=0.1A×R1+0.1A×122+10V= 0.1A×R1+11.2V, 滑片在C处时电源电压U=U'+U'+Uc=IcR +6V+2V=0.5A×R1+8V, 由上面两个式子可以解得：R,=8D,U=12V, 所以电阻R1的阻值为82。 (3)闭合开关S、S,断开S2时，小灯泡被局部短 路，R1与R2串联。电压表V1、V2分别测R1、R2 两端的电压。 由于各电表测量范围均可换，电源电压小于电压表 的大测量范围，所以电压表不会有损坏的危险； 电流表的最大测量范围为0~3A,滑动变阻器允 许通过的最大电流为1A,在各电表及元器件安全 条件下，电路中的最大电流Imx=1A; U_12V=120, 电路中的最小电阻Rm一-1A 滑动变阻器R2的最小电阻值R2最小=Rmm一R1= 12n-8n=4n: 滑动变阻器的最大电阻R大二-。.1A=10Q: 所以滑动变阻器的电阻变化范围是4100D。 2.解：)根据P三尺可得，灯泡L1正常发光时的电 U12(6V)2 阻R=P,=6W =6n。 (2)由题图可知，只闭合开关S2时，R与灯泡L1串 联，由于串联电路中各处的电流相等， 所以此时电路中的电流I=元一6又1A, 电路的总电阻R总=7=1A=9Q, 定值电阻R的阻值R=R一R1=92-62=32, 电阻R在1分钟内产生的热量Q=IR2Rt=(1A)2× 32×60s=180J。 P2_45W (3)灯泡L,正常发光时的电流1，一元-9V=Q5A U22(9V)2 灯泡L的电阻R:=P:=4.5W=180. ①当S2闭合时，灯泡L1、L2串联，在确保电路安全 的前提下， 此时电路允许通过的最大电流I大=I2=0.5A, 电源电压最大U大=I大(R1+R2)=0.5A×(62十 18)=12V, 电路消耗的最大功率P=U大大=12V×0.5A= 6W; ②当S、S3闭合，S2断开时，灯泡L1、L2并联，由 于并联电路各支路两端的电压相等， 所以电路两端的最大电压U大'=6V, 电路中的最大电流I大'=I1+ ,0大=1A十。一 R2 3A, 电路消耗的最大功率P大'U以1大'=6VX专A=8W, ③闭合S、S2,断开S时，只有灯泡L1工作，或只 闭合S时，电路中只有灯泡L1工作， 电路消耗的最大功率等于灯泡L1的额定功率，即 P天"=P1=6W, 综上可知，电路消耗的最大功率P大=8W。 3.解：(1)由题图乙知，灯泡两端电压为2.5V时正常 工作，所以灯泡的额定电功率为0.75W,由P= U 可得，灯泡正常工作时的电阻R,=P (2.5V)2 0.75w≈8.32。 (2)由题图甲知，开关S1闭合、S2断开，当滑片P 位于R2的最右端b时，灯泡与R2串联，且R2连 入的阻值为其最大值，电压表测R,两端电压，由 串联电路电压规律可知，灯泡两端的电压U= U-U2=4V-3V=1V, 由图像知，此时通过灯泡的实际功率P实=0.2W, 由P=UI可得，通过灯泡的电流 1-是-0 =0.2A, 由串联电路电流特点可知，通过R2的电流I2=IL= 0.2A, 所以R2在20s内产生的热量Q2=W2=U2I2t= 3V×0.2A×20s=12J。 U2_3V (3)R:的最大值R:==02A=15n,由电路 图知，开关S1断开、S2闭合时，电压表、电流表的 测量范围足够大，当滑片在最左端时，只有R,连 入电路，此时电路的总电阻最小，功率最大，最大功 U 率P最大一R’ 当滑片在最右端时，R1与R2串联，且R2连人的 阻值为其最大值，此时电路的总电阻最大，功率最 U2 U2 小，最小功率P最小=R,十R2R1十150' U2U2 P大：P本R,'R,十15n=6:1, 解得：R,=3D。 4.(1)0.5A(2)15n(3)S、S1、S2都闭合，滑动变 阻器滑片在b端时，整个电路总功率最小，为7W 5.解：(1)由题图乙可知，小灯泡L2正常发光时的电 流I2=0.8A,则小灯泡L2正常发光时的电阻 R,费--5n, (2)只闭合开关S1时，小灯泡L2与滑动变阻器串 联，小灯泡L2正常发光，则I=I2=0.8A, 消动交阳搭两隔的电压心。-尸-名贸-4 电源电压U=U2+U器=6V+4V=10V, #动空鼠器的破大电阻R=2x号-2X, 102。 (3)只闭合S时，小灯泡L1、L2与滑动变阻器串 联，通过两灯的电流相等，因小灯泡L1的额定电 流大于小灯泡L?的额定电流，所以只能使小灯泡 I2正常发光，此时电路中的电流I=I2=I1= 0.8A; 由题图乙可知，当电流为0.8A时，小灯泡L1两端 的电压U=2V,此时小灯泡L的电阻R1三= 0.8A=2.50,因滑动变阻器接人电路的电阻不 2V 小于2Ω，根据串联电路的电阻特点可知，电路的 最小电阻R串小=7.52十22十2.52=122，电路 的最大电阻R串大=7.52十102十2.52=202， 所以电路的最小功率P小=IR串小=(0.8A)2× 122=7.68W; 电路的最大功率P大=IR串大=(0.8A)2×202 12.8W,即电路总电功率的变化范围为7.68~ 12.8W。 6.解：(1)闭合开关S,若电路的MN间仅连入R1, U2 10s内电流通过R,所做的功W1=Rt= (9V)2 ×10s=40.5J。 202 (2)滑片在某一位置时，电流为0.3A,根据欧姆定律， 此时串联电路的总电阻R=V=9V 70.3A=300; 根据串联电路的电阻规律有R=R,十R2;所以滑 动变阻器接入电路的电阻R2=R一R1=30一 202=102. (3)若将电阻R1与滑动变阻器R2串联后连入 MN间，当滑动变阻器连入电路的阻值为0时，串 联电路中的电流最大，此时I并与I串的差值最小， 即I并min一I串max=0.36A; R =0.36A;解得R2max= U 0.36A0.36A=25D:同理可得，电阻R,与滑 动变阻器R2并联后连人MN间，当滑动变阻器连 入的阻值最小时，并联电路的干路电流最大， 若将电阻R1与滑动变阻器R2串联后连入MN 间，当滑动变阻器连入电路的阻值最大时，串联电 路中的电流最小， 2 此时I并与I串的差值最大，即I并mx一I串in=2.25A; 由欧姆定律可知并联的最大电流I:一及， U U 1,串联的最小电流Iam一R,十R,则 U I2max一R1十R2ma =2.25A; 9V 9V 代入数据有200十1m200+250-2.25A, 解得I2mx=2A,即R2允许的最大电流是2A。 7.解：(1)由图乙可知，电能表的额定最大电流 I最大=40A, 允许接入电路用电器的总功率最大P最大=UI最大 =220V×40A=8800W。 (2)当开关S1、S2均闭合时，加热电阻R1、R2并 联，电路总电阻R并<R1、R并<R2;当开关S1闭 合、S2断开时，只有加热电阻R,接入电路，此时电 中总电阻为R1。根据P?可知，在总电压 变时，总电阻越小，电功率越大，故当开关S,、S2均 闭合时，处于加热挡；当开关S闭合、S2断开时， 处于保温挡。 加热挡时，加热电阻R2的电功率P2=P加热一 P保温=880W-80W=800W, U2(220V)2 加热电阻R,的阻值R,-P,=300W=60.50。 (3)加热过程中消耗的电能w。=及 280 imp 1600imp/(kw·h)=0.175kW·h=6.3X10J, 加热过程中水吸收的热量 Q吸=ckm水(t-to)=4.2X103J/(kg·℃)×2kg (80℃-20℃)=5.04×105J, Q题=5.04×10J=0.8= 电饭锅的加热效率)一W-6.3×10丁 80%。 8.解：(1)分析题图乙可知，当开关S、S2均闭合时， R1被短路，电路中只有R2,电路中总电阻较小，由 尺可知，电路中总功率较大，为加热挡；当开 关S闭合，S2断开时，R1、R2串联，电路中总电阻 铰大，由P一8可知，电路中总功率较小，为保温 挡。由题图丙可知，加热挡功率为1100W,则电 阻R,的鼠位R,--00=n 当开关S1闭合，S2断开时，R1、R2串联，为保温 挡，由图丙可知，保温挡功率为440W,则总阻值 =U2=220V)2 Ra=P保440W =1102, 则R1的阻值R1=R意一R2=1102-442=662。 (2)水的质量是1.8kg,将初温为20℃的水烧开，水 吸收的热量Q=cm△t=4.2×103J/(kg·℃)× 1.8kg×(100℃-20℃)=6.048×105J, 通电加热l0min,养生壶放出的热量W=Pt= 1100W×10×60s=6.6×105J, Q_6.048×105J 则养生壶的加热效率7=W=6.6×10丁 0.916=91.6%。 (3)由电能表标识3000r/(kW·h),转盘在5min 内转了100转，则消耗电能W:=是×1kW·h= 100r×1kW·h=20kw·h2 3000r W. 养生壶“保温”状态的实际功率P实= t kW· 30 -=0.4kW=400W。 60 题型四 跨学科实践类 类型一物理学与日常生活 1.C2.A3.A4.B5.B6.A 7.电磁感应电磁波 8.3023.6等于 2 类型二物理学与工程实践 1.C2.C3.D 4.方向减小 5.不能F1十F2减小N 6.1变大 类型三物理学与社会发展 1.A2.D3.C 题型五 易错题 类型一凸透镜成像规律及应用 1.B2.C3.C4.C5.B6.D 类型二热学综合 1.A2.C3.C4.D 5.(1)秒表质量(2)加热时间 (3)a2.1×103J/(kg·℃) 类型三运动和力 1.B2.D3.C4.B 5.0.14变小4：3 6.(1)85(2)51(3)3442.5 类型四密度压强浮力 1.B2.D 3.=> 4.(3)等于等于h,-hS:P* (H2-H1)S1 5.>> 6.解：(1)题图乙中仅模型B受到的浮力F浮B= P8V排B=1.0×103kg/m3×10N/kgX2× 10-4m3=2N。 (2)根据相互作用力条件，题图乙中AB整体沉底 时，受到容器底的支持力F支=F压=6N, AB整体受到的浮力为F浮AB=P水gV排AB=1.0X 103kg/m3×10N/kg×(1×10-3m3+2× 10-4m3)=12N, 根据力的平衡条件，AB整体总重力GAB=F浮AB十 F支=12N+6N=18N,第二部分河北中考·题型攻略 中考冲刺物理 题型三 计算应用题 类型一力学综合计算题 2.如图所示，实心柱体甲和乙放在水平地面 1.如图所示，圆柱甲和薄壁圆柱形容器乙置 上。甲的质量为2kg,高度为0.1m,密度 于水平地面。圆柱甲的重力为10N,底面 为2×103kg/m3(g取10N/kg)。 积为5×10-3m2。 甲 甲 乙 777777 7777777777 (1)求圆柱甲对地面的压强p甲。 (1)求甲的体积V甲。 (2)求乙容器内水面下0.2m深处的压 (2)求甲对地面的压强p甲。 强p水。 (3)若柱体甲、乙的底面积S甲：Sz=2：1, (3)将甲浸没在乙容器的水中后（无水溢 现沿竖直方向将乙切去三分之一的体 出)，若乙容器对地面压强的增加量是 积，并将切去部分叠放到甲上面，求甲 水对乙容器底部压强增加量的2.5倍， 对地面压强的增加量△p甲与乙剩余部 求圆柱甲的密度p甲。 分对地面压强卫乙的比值。 153 中考冲刺物理 3.(2025河北石家庄一摸)下图是汽车起重机 4.(2025河北石家庄模拟)如图所示，有一粗 吊货物时的场景。汽车起重机自重为 细均匀、同种材料制成的长L=4m的长木 2×105N,吊臂长度可在10~30m之间调 板AB置于支架上，支点为O,且AO=1m, 节，汽车起重机可以吊起距支点O水平距 长木板的右端B用绳子系住，绳子另一端 离4~20m范围内的重物，汽车起重机工 固定在C处，当长木板AB水平时，绳与水 作时与水平地面的总接触面积为2m2(不 平面成30°的夹角，且绳子所能承受的最大 计吊臂重、滑轮重和绳重，g取10N/kg)。 拉力为60N。质量为5kg、棱长为0.1m (1)求汽车起重机未吊货物时对水平地面 的实心正方体滑块M在水平拉力F的作 的压强。 用下，在长木板上匀速滑动。(g取10N/kg) (2)若将质量为20t的货物在10s内匀速 (1)求滑块M在长木板上水平运动时对长 竖直提升3m,求此过程中汽车起重机 木板的压强。 克服货物重力做功的功率。 (2)当滑块M在距离O点左侧0.8m时， (3)若汽车起重机动力系统A允许提供的 绳子的拉力为0，长木板AB刚好在水 动力与动力臂乘积的最大值为1.5× 平位置平衡，求长木板的重力。 106N·m,求在动力与动力臂的乘积最 (3)为了保证绳子不被拉断，滑块M向右滑 大时允许吊起重物的重力范围。 动到最远的位置，距离O点有多远？ 2222 支点O C 动力系统A Mfo 30° 154 第二部分河北中考·题型攻略 中考冲刺物理 5.如图甲所示，利用打捞船上的电动机和缆 6.（新情境·传统文化)图甲是《天工开物》里 绳从水库底竖直打捞出一物体，如图乙所 记载的一种捣谷的春，“横木穿插碓头，（碓 示的P-t图像中表示了电动机输出的机械 嘴冶铁为之，用醋滓合上。)足踏其末而春 功率P与物体上升时间t的关系。已知在 之”。若碓头质量为20kg,不计横木的重 0~80s时间内，物体始终以v=0.1m/s 力和转动摩擦，捣谷人双手与扶手之间的 的速度匀速上升，当t=80s时，物体底部 作用力为零。(g取10N/kg) 恰好平稳地放在轮船的水平甲板上。已知 电动机的电压为200V,物体上升过程中的 摩擦阻力不计，g取10N/kg。求： ↑PW 0 B 2×103- 碓头 甲 乙 1×103 丁捞船 (1)求碓头的重力。 0 506080is (2)碓头竖直下落0.5m,用时0.4s,求重 匆 v 力做功的功率。 (1)物体在未露出水面前克服重力所做的功。 (3)质量为72kg的捣谷人，左脚与地面的 (2)物体的底面积。 接触面积为200cm2,当他右脚在B点 (3)若电动机电能转换为机械能的效率为 用最小力踩横木使其刚好转动时，示意 80%,在0~50s内，电动机线圈中电流 图如图乙所示，已知OA:OB=3:2, 的大小。 求其左脚对地面的压强。 155 中考冲刺物理 类型二 电学综合计算题 2.(2025河北云家庄二模)实验室里有一只标 (一)电路安全类 有“6V6W”的灯泡L1和定值电阻R,将 1.（2025河北石家庄二摸)如图甲所示的电 它们连接到如图所示的电源电压可调的电 路，电源两端电压保持不变。小灯泡上标 路中。当电源电压调到9V,只闭合开关S。 有“6V3W”字样，滑动变阻器允许通过 时，灯泡L1恰好正常发光。（不考虑温度对 的最大电流为1A。只闭合开关S,调节滑 灯丝电阻的影响)求： 动变阻器滑片，从B端向左滑至某一位置 (1)灯泡L1正常发光时的电阻。 时，小灯泡正常发光，两次电压表V1的示 (2)当电源电压调到9V,只闭合开关S2 数变化了8V,电压表V2的指针指在同一 时，电阻R在1分钟内产生的热量。 位置，电流表示数变化了0.4A。(电表表 (3)用标有“9V4.5W”字样的灯泡L2替 盘如图乙所示，调节过程中电压表的测量 换定值电阻R,可以任意断开、闭合开 范围可能更换，灯丝电阻不随温度改变)求： 关，调节电源电压，在确保电路安全的前 提下，电路消耗的最大电功率。 R S: 电源 P 1 2 10 山w/ 0820.4%3 12 0 A0.6 0 3 °063 U (1)小灯泡正常发光时的电流。 (2)电阻R,的阻值。 (3)闭合开关S、S1,断开S2,各电表的测量 范围均可以更换，移动滑动变阻器滑 片，在各电表及元器件安全条件下，滑 动变阻器的最大取值范围为多少？ 156 第二部分河北中考·题型攻略 中考冲刺物理 (二)比例、方程类 4.如图甲所示，电源电压U=10V,R1为定值 3.如图甲所示，电源两端的电压恒为4V,R 电阻，阻值为202，R为滑动变阻器。R的 为定值电阻，R2为滑动变阻器，灯泡上标有 最大阻值为502，小灯泡上标有“6V3W” “2.5V”字样，灯泡的电功率随电压变化的 字样，小灯泡的U-I关系如图乙所示。求： 关系如图乙所示。电压表、电流表的测量 U爪V 范围足够大。 R P/W 0.75 b 0.2- A 00.20.40.60.8A 0 2.5UN 甲 乙 2 (1)灯泡正常工作时通过灯丝的电流是 (1)灯泡正常工作时的电阻为多大？（结果 多少？ 保留一位小数) (2)S闭合，S1、S2都断开时，调节滑动变阻 (2)开关S1闭合、S2断开，当滑片P位于 器，当小灯泡两端的电压为4V时，滑动 R2的最右端b时，电压表示数为3V, 变阻器接人电阻的阻值为多大？ 则R2在20s内产生的热量为多大？ (3)S、S1、S2都闭合时，调节滑动变阻器滑 (3)开关S1断开、S2闭合，改变滑片P的位 片到何处时，整个电路消耗的总功率最 置，电路消耗的最大总功率与最小总功 率之比为6：1，则R1的电阻为多大？ 小，这个最小功率是多少？ 157 中考冲刺物理 (三)分情况讨论类 6.(2025河北石家庄一摸)如图所示的电路 5.如图甲所示，电源电压可调，滑动变阻器 中，电源电压为9V且保持不变，另有阻值 R标有“1A”字样，电流表的测量范围为 为202的定值电阻R1和滑动变阻器R2。 0~3A,小灯泡L1、L2的额定电压均为 6V,其电流与电压的关系如图乙所示。 只闭合开关S1,滑动变阻器滑片P移至 中点时，小灯泡正常发光，此时滑动变阻 (1)闭合开关S,若电路的MN间仅连入 器的功率为3.2W。 R1,求10s内电流通过R1所做的 1.2 功W1 1.0 0.8 (2)若将电阻R1与滑动变阻器R2串联连 0.6 入MN间，滑片在某一位置时，电流为 0.4 0.2 0.3A,求滑动变阻器接入电路的阻值。 123456U八V (3)若将电阻R1与滑动变阻器R2串联后 甲 乙 连入MN间，电流表的示数为I串；若将 (1)求小灯泡L2正常发光时的电阻。 电阻R1与滑动变阻器R2并联后连入 (2)求此时的电源电压和滑动变阻器的最 MN间，电流表的示数为I并。在电路 大电阻。 安全的情况下，I并与I串的最小差值为 (3)若滑片的移动范围为2Ω至最大阻值 处，只闭合S3,移动滑片P且同时调节 0.36A,I并与I串的最大差值为 电源电压，使其中一个小灯泡正常发 2.25A。求滑动变阻器R2的最大阻值 光，各元器件均安全工作，求电路总电 和R2允许通过的最大电流。 功率的变化范围。 158 第二部分河北中考·题型攻略 中考冲刺物理 (四)用电器类 8.如图甲所示的养生壶是指一种用于养生的 7.图甲是小明家电饭锅电路简化图，它有加 可以烹饮的容器，类似于电热水壶，装满水 热挡和保温挡两个挡位，R1、R2均为加热 时，水的质量是1.8kg,有加热和保温两 电阻（阻值不变），其铭牌上的相关参数如 挡，简化的工作电路如图乙所示。某次该 表所示。图乙是小明家的电能表。 养生壶装满初温为20℃的水，接在家庭电 kW·h 路中，它正常工作时的功率和时间关系如 -0220 Vo- 32386 图丙所示（外界大气压为标准大气压，电阻 电子式单相电能表 不随温度发生改变)。 220V10(40)A50Hz 1600imp/kW·h) 甲 乙 S1 额定电压 220V 8220 Vo- 乙 频率 50 Hz 加热 880W ↑P/W 单相电能表 额定功率 1100 10076 保温 80W kw·h 440 220V20A50Hz (1)小明家允许接入电路用电器的总功率 3000r/kW·h) W。 05101520t/min 不能超过 丙 丁 (2)加热电阻R2的阻值是多少？ (1)当开关S、S2均闭合时，养生壶处于什 (3)某次只让电饭锅接入电路正常工作，将 么状态？电阻R2的阻值是多少？R, 锅内2kg、20℃的水加热至80℃的过 的阻值多大？ 程中，观察到图乙电能表指示灯闪烁 (2)若通电加热l0min恰好将一壶水烧开，养 280次，则电饭锅的加热效率是多少？ 生壶的加热效率是多少？[结果保留一位 [c水=4.2×103J/(kg·℃)] 小数，水的比热容是4.2×103J/(kg·℃)] (3)若关闭家里其他用电器，只让“保温”状 态的养生壶工作，发现电能表（如图丁 所示)的转盘在5min内转了100转，则 养生壶“保温”状态的实际功率为多少？ 159