2026届高考物理终极押题卷（十六）（全国适用）

2026届高考物理终极押题卷（十六） 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的） 1. 2024年6月我国探月工程嫦娥六号搭载的氡气测量仪主要探测月壤中氡222和氡220同位素及其衰变产物。已知静止的氡原子核自发衰变为钋原子核同时放出一个粒子X，且氡的半衰期为3.8天，下列说法正确的是（　　） A. 若该核反应在月球上进行，经过3.8天后剩余个数一定多于原来的一半 B. 该核反应属于衰变 C. 反应过程中释放射线和另一种射线，射线穿透能力最强，另一种射线电离能力最强 D. 反应前、后的质量守恒，电荷数也守恒 【答案】C 【解析】 【详解】A．半衰期是一种统计规律，半衰期的大小由原子核内部自身因素决定，与所处的物理环境和化学状态无关，故A错误； B．核反应方程满足质量数和电荷数守恒，所以X的质量数为，电荷数为，可知X为氦原子核，所以该反应属于衰变，故B错误； C．衰变同时伴随射线的产生，射线与射线相比，射线电离能力最强，穿透能力最弱，射线穿透能力最强，电离能力最弱，故C正确； D．核反应前后的电荷数和质量数都守恒，但质量有亏损，因为核反应过程伴随有能量产生，亏损的质量以能量形式释放，故D错误。 故选C。 2. 歼-35A是由中国航空工业集团自主研制的新一代中型隐身多用途战斗机。如图所示歼-35A战机先水平向右，再沿曲线ab向上，最后沿陡斜线直入云霄。设飞行路径在同一竖直面内，飞行速率不变。则在沿ab段曲线飞行过程中（　　） A. 战机水平方向的分速度逐渐增大 B. 战机在某点加速度方向可能沿轨迹的切线方向 C. 战机克服重力做功的功率逐渐增大 D. 战机所受合外力斜向左上方且保持不变 【答案】C 【解析】 【详解】A．设战机速度大小为v，速度方向与水平方向夹角为θ，则水平分速度为，在ab段，θ逐渐增大，逐渐减小，而v不变，所以水平方向的分速度逐渐减小，故A错误； B．根据曲线运动条件，飞机沿ab段飞行做曲线运动，所受合外力一定不为零，且合外力方向指向ab曲线的内侧，由牛顿第二定律可知加速度方向也指向ab曲线的内侧，不可能沿轨迹的切线方向，故B错误； C．战机克服重力做功的功率 可知在ab段，θ逐渐增大，逐渐增大，因为v大小不变，故战机克服重力做功的功率逐渐增大，故C正确； D．战机做曲线运动，合外力指向轨迹的凹侧，由于飞机速率不变，故合外力方向时刻与速度方向垂直，由于速度方向时刻变化，所以合外力方向也时刻变化，故D错误。 故选C。 3.工人用如图甲所示的小推车搬运桶装水，小推车的支架和底板相互垂直。某次工人将质量为20kg的一桶水放到底板上，用力压把手至支架与水平面成30°角时保持静止，如图乙所示，不计水桶与小推车间的摩擦，重力加速度g取，下列说法正确的是（　　） A. 此时支架对水桶的弹力大小为100N B. 此时底板对水桶弹力大小为N C. 此时小推车对水桶的作用力小于水桶对推车的作用力 D. 缓慢减小支架与水平面的夹角，底板对水桶的弹力将减小 【答案】D 【解析】 【详解】AB．根据题意，对水桶受力分析，如图所示 由平衡条件有， 解得， 故A B错误； C．由平衡条件可知，小推车对水桶的作用力等于水桶对推车的作用力，故C错误； D．结合上述分析可知，底板对水桶的弹力 可知，缓慢减小支架与水平面的夹角，底板对水桶的弹力将减小，故D正确。 4.故如图所示，白纸平铺在水平桌面上，在白纸上放一块底面为长方形的玻璃砖，画出玻璃砖底面的四条边界，在边上的、两点将边平均分为三等分，是边上的一点，。一束单色光从点射入玻璃砖后刚好在点发生全反射，仅取走玻璃砖，单色光直接照射到点，则玻璃砖边长为（　　） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】设入射角为，折射角为，几何关系可知 因为折射率 因为在点发生全反射，则有 联立解得 则边长 故选B。 选D。 5. 如图所示，自动称米机已在许多大粮店广泛使用，若单位时间从出口流出大米的质量为d，某时刻，盛米的容器中静止那部分大米质量为，还在下落的大米的质量为，落到已静止米堆上之前速度为v，之后静止，则下列说法正确的是（　　） A. 此时静止米堆受到的冲击力为 B. 此时称米机读数为 C. 由于米流落到容器中时对容器有向下的冲力，故买家不划算 D. 当预定米的质量达到要求时，自动装置即刻切断米流，此刻有一些米仍在空中，这些米是多给买者的，故卖家不划算 【答案】A 【解析】 【详解】A．在极短的时间内落到已静止的米堆上的米的质量为 设静止的米堆对质量为的米的作用力大小为F，根据动量定理有 解得 因为，所以 根据牛顿第三定律可知此时静止米堆受到的冲击力为，故A正确； B．此时称米机的读数为 故B错误； CD．切断米流后，空中的米全部落到静止的米堆上所用时间为 解得 结合B项分析可知 所以不存在买家或卖家不划算的问题，故CD错误。 故选A。 6. 一种计算机键盘采用电容式传感器，每个键下面由相互平行的活动极板和固定极板组成，如图甲所示，其内部电路如图乙所示。按键前两极板间距为d，按下某键，只有该键的电容改变量不小于原电容的40%时，键盘才有感应，下列说法正确的是（　　） A. 按键的过程中，电容器的电荷量不变 B. 按键的过程中，图乙电流计中电流从a流向b C. 要使传感器有感应，至少要将按键按下 D. 要使传感器有感应，至少要将按键按下 【答案】D 【解析】 【详解】AB．按键的过程中，电容器两板间距减小，根据 可知电容C变大，两板电压U一定，根据Q=CU可知，电容器的电荷量增加，电容器充电，则按键的过程中，图乙电流计中电流从b流向a，故AB错误； CD．根据， 解得 则要使传感器有感应，至少要将按键按下 故C错误，D正确。 故选D。 7. 2023年2月23日，我国首颗超百Gbps容量的高通量卫星——中星26号搭乘长征三号乙运载火箭从西昌卫星发射中心起飞，随后卫星进入预定轨道，发射任务取得圆满成功。假设该卫星发射后先在近地圆轨道I（轨道高度忽略不计）做匀速圆周运动，在点瞬时点火进入椭圆转移轨道II，之后通过椭圆转移轨道II进入地球同步圆轨道III，定点于东经，如图所示。点和点分别为轨道I与轨道II、轨道II与轨道III的切点。若同步圆轨道III距地面的高度约为，地球半径约为，地球自转周期为，地球表面的重力加速度为。下列说法正确的是（　　） A. 中星26号在转移轨道II上从点运动到点的过程中，机械能减小 B. 中星26号在转移轨道II上点运行的速率为 C. 中星26号在点和点的重力加速度之比约为6.6 D. 中星26号在近地圆轨道I上运行的周期约为 【答案】D 【解析】 【详解】A．在转移轨道II上从点运动到点的过程中，万有引力对中星26号做负功，动能转化为引力势能，机械能守恒，故A错误； B．根据万有引力提供向心力，有 在地球表面，有 解得中星26号在近地圆轨道上运行的速率为 中星26号从近地圆轨道I变轨到转移轨道II，做离心运动，需在点加速，所以中星26号在转移轨道II上点运行的速率，故B错误； C．根据万有引力与重力的关系，在点有 在Q点有 中星26号在点和点的重力加速度之比约为 故C错误； D．由开普勒第三定律可得 中星26号在近地圆轨道上运行的周期 故D正确。 故选D。 二、多选题（本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 8. 如图甲所示为在某时刻，沿轴正方向传播的简谐波的波动图像，该时刻刚好传播到平衡位置的位置，点位于处，以轴正方向为位移、速度和加速度的正方向，图乙为处质点的速度随时间变化的图像。下列说法正确的是（ ） A. 时，处质点的加速度达到最大值 B. 该简谐波沿轴正方向传播的速度为 C. 图甲所示时刻位置的质点振动方向沿轴负方向 D. 从图甲所示时刻开始再经过位置的质点第一次达到波峰位置 【答案】BD 【解析】 【详解】A．由乙图可知，时，处质点的速度最大，此时质点对应的加速度为0，A错误； B．由甲图得波长为，由乙图得周期为，求得 B正确； C．根据波的传播，先动的带动后动的，可得图甲所示时刻位置的质点振动方向沿轴正方向，C错误； D．从图甲所示时刻开始Q位置的质点第一次达到波峰位置所用时间为 D正确。 故选BD。 9. 在如图所示的输电线路中，交流发电机的输出电压一定，两变压器均为理想变压器，左侧升压变压器的原、副线圈匝数分别为n1、n2，两变压器间输电线路电阻为r。下列说法正确的是（　　） A. 仅增加用户数，r消耗的功率增大 B. 仅增加用户数，用户端的电压增大 C. 仅适当增加n2，用户端的电压增大 D. 仅适当增加n2，整个电路消耗的电功率减小 【答案】AC 【解析】 【详解】A．整个电路物理量标注如图 设用户端总电阻为R用户，降压器输入端等效为电阻Rx，则有 因为 其中I2=I3，则对于输电线有 联立整理可得 仅增加用户数，则R用户减小，可知I2增大，根据 可知r消耗的功率增大，故A正确； B．仅增加用户数，I2增大，根据 可知U3减小，根据用户端的电压 可知用户端的电压减小，故B错误； C．仅适当增加n2，根据 可知U2增大，根据 可知I2增大，根据 可知U3增大，根据用户端的电压 可知用户端的电压增大，故C正确； D．由C选项可知，仅适当增加n2，I2增大，整个电路消耗的电功率 由于U2增大，故整个电路消耗的电功率变大，故D错误。 故选AC。 10. 如图，ABCDE虚线区域存在垂直纸面匀强磁场，磁感应强度大小为B，DE是半径为R的四分之一圆弧，圆心为O，其中A、E、O在同一条直线上，位于F点的粒子源垂直AE射出各种速度大小不等的带电粒子，粒子在磁场的作用下向右偏转。已知粒子质量均为m、电荷量均为q，F点到E点的距离为，则从弧DE射出的粒子，运动的可能时间为（　　） A. B. C. D. 【答案】BC 【解析】 【详解】设粒子从弧DE射出时射出点与F点的连线与OF的夹角为，粒子在磁场中匀速圆周运动的圆心角为，如图所示 由图可知，越大越小，当射出点与F点的连线与弧DE相切时，最大，此时最小，设此时的射出点为G，有 即 所以的最小值为，另当为零时最大，最大值为，所以从弧DE上射出的粒子在磁场匀速圆周运动的时间范围为 即 又 得 所以 故选BC。 三、实验题（本题共2小题，共15分） 11. 如图所示的实验装置可以用来验证机械能守恒定律。铁架台横梁上系一根结实的细线，细线下面系一直径为的小球，小球球心到悬点的距离为，光电门固定在悬点正下方，用来记录小球经过最低点时的挡光时间。实验时，把小球拉至细线与竖直方向夹角为处由静止释放。已知当地的重力加速度为。 （1）小球通过最低点时速度_____；如果机械能守恒定律成立，则等式_____成立。（均用题中的物理量符号表示） （2）开始实验之前，测得。实验过程中，多次改变的大小，记录下对应的挡光时间，分别以和为纵轴和横轴，建立坐标系，再用图像法处理数据，得到一条直线，测得这条直线的斜率绝对值近似等于_____，则在误差允许范围内机械能守恒定律成立。 【答案】（1） ①. ②. （2） 【解析】 【小问1详解】 [1]依题意，小球通过最低点时的瞬时速度 [2]由机械能守恒定律可得 联立，解得 【小问2详解】 由前面分析可知与是一次函数关系，图像斜率 12. 某同学想测量一节旧干电池的电动势和内阻，现有如下器材： A.电流表（满偏电流，内阻为）； B.电流表（满偏电流，内阻约为）： C.电压表V（0∼15V，内阻约为3kΩ）； D.滑动变阻器； E.滑动变阻器； F.定值电阻（阻值）； G.开关与导线若干 （1）为尽可能精确进行测量，实验中应选用滑动变阻器是________（填器材前字母编号） （2）为尽量精确测量数据，请根据现有的实验器材，设计电路，将电路图画在方框内，并标出器材相应的符号。 （3）根据上述设计的实验电路测出多组数据并绘出的图线（为电流表的示数，为电流表的示数），则由图线可以得到被测电池的电动势________，内阻________。（保留三位有效数字） 【答案】（1）D （2） （3） ①. ②. 【解析】 【小问1详解】 实验中应选用的较小阻值的滑动变阻器，有利于电流的变化和电表的读数，所以选滑动变阻器。 【小问2详解】 由于电压表量程过大，故用电流表与定值电阻串联组成电压表测路端电压，电流表测电路电流，实验电路图如图所示 【小问3详解】 由闭合电路欧姆定律有 整理得 由图像可知， 故， 四、解答题（本大题共3小题，共42分。第13题10分，第14题14分，第15题18分） 13. 已知某型号汽车轮胎的容积为，初始时车胎内气体压强为、温度为。由于寒潮突至，轮胎内温度降至。轮胎容积始终保持不变。求降温后 （1）车胎内气体压强； （2）为使车胎压强达到，需要从外界缓慢充入温度为、压强为的气体体积多大？ 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 对理想气体，由查理定律可得 其中， 解得 【小问2详解】 为使车胎压强达到，设从外界缓慢充入温度为、压强为的气体体积为，由理想气体状态方程可得 解得 14. 如图所示，半径为R=0.8m的四分之一圆弧轨道竖直固定在水平地面上，其下端Q与地面相切。劲度系数k=160N/m的水平轻质弹簧右端与固定的竖直挡板相连，左端与质量为m=1kg的滑块B相连，初始时弹簧处于原长。现将质量也为m、可视为质点的滑块A由轨道顶端P点静止释放，A滑离轨道后与B发生正碰，此后与B粘在一起运动。已知A与轨道、地面间的摩擦忽略不计，B与地面间的动摩擦因数μ=0.4，A、B碰撞时间极短，二者一起运动的过程中未滑上左侧轨道，弹簧的弹性势能，其中x为弹簧的形变量，弹簧未超出其弹性限度，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2。求： （1）A、B碰撞后瞬间B的速度大小； （2）弹簧伸长量最大时储存的弹性势能； （3）A、B一起运动的路程s。 【答案】（1）2m/s （2）1.8J （3）1m 【解析】 【小问1详解】 A由轨道顶端P点静止释放，到A、B碰撞前由动能定理得 解得 A、B碰撞过程由动量守恒定律得 解得 【小问2详解】 A、B碰撞后到弹簧最短，AB运动的位移大小为x1，则 解得，（舍去） 弹簧伸长量最大时弹簧伸长量为x2，则 解得，（舍去） 所以弹簧伸长量最大时储存的弹性势能 【小问3详解】 弹簧第二次被压缩时，其压缩量为x3，则 解得 弹簧第二次被拉伸时，其伸长量为x4，则 解得 因为此时，所以A、B仍要向右运动，但此时，所以A、B可能无法回来弹簧的平衡位置，设A、B停下时，弹簧伸长量为x5，则有 解得 故A、B一起运动的路程为 15.如图甲所示，水平面内固定两根平行的足够长的光滑轨道，轨道间距，其中在E、F、G、H四点附近的轨道由绝缘材料制成，这四段绝缘轨道的长度非常短，其余轨道由金属材料制成，金属轨道的电阻不计，在右侧两轨道之间连接一个阻值的定值电阻。在矩形区域MNQP中存在竖直向上的磁场，记M点所在位置为坐标原点，沿MP方向建立x坐标轴，磁感应强度的大小随位置的变化如图乙所示，图中。现有一总质量的“工”字形“联动双棒”（由两根长度略长于L的平行金属棒ab和cd，用长度为L的刚性绝缘棒连接构成，棒的电阻均为），以初速度沿x轴正方向运动，运动过程中棒与导轨保持垂直，最终静止于轨道上，忽略磁场边界效应。求 （1）棒ab刚进入磁场时，流经棒ab的电流的大小和方向； （2）棒ab在EF处的速度大小和在GH处时的速度大小； （3）电阻R上产生的焦耳热。 【答案】（1），方向由b流向a；（2），；（3） 【解析】 【详解】（1）当ab棒刚进入磁场时产生的感应电动势为 由欧姆定律 解得 由右手定则可知，电流方向由b流向a。 （2）当ab棒进入磁场后，到ab棒到达EF处的过程中，对联动双棒由动量定理可得 又 联立解得 当ab棒经过EF后，由于EF绝缘，ab棒与cd棒不再形成闭合回路，虽有切割，但感应电流为0，所以两棒做匀速运动，直至cd棒经过EF处，此后，对ab棒 对cd棒 由乙图可知，电路中的总感应电动势为 由欧姆定律 则ab棒受到的安培力大小为 cd棒的到的安培力大小为 a联动双棒受到的安培力合力向左，大小为 当ab到达GH处时，对联动双棒由动量定理 又 联立解得 （3）当ab棒经过GH，由于GH绝缘，cd棒无电流，ab棒与右边电阻形成闭合回路，则 由欧姆定律得 ab棒所受安培力大小为 设ab棒运动的距离后减速为0，由动量定理可得 又 解得 故ab棒还未离开磁场就减速为0，由能量守恒可得 则电阻R产生的焦耳热为 联立解得 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026届高考物理终极押题卷（十六） 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的） 二、多选题（本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 三、实验题（本题共2小题，共15分） 四、解答题（本大题共3小题，共42分。第13题10分，第14题14分，第15题18分） 学科网（北京）股份有限公司 $