综合练(13)-【衡水金卷·先享题】2026年新高考物理专项分组练(湖南专版)

综合线 (限时4 第1~7小题为单项选择题，第8~10小题为多项选 择题 1.快递运输时，我们经常看到，有些易损坏物品外面 会利用充气袋进行包裹，这样在某一颠簸过程中， 下列说法正确的是 A.可以大幅度减小颠簸过程 中物品所受合力的冲量 B.可以大幅度减小颠簸过程 中物品动量的变化 C.可以使颠簸过程中物品动量变化的时间延长 D.可以使颠簸过程中物品动量的变化率增加 2.在坐标原点O固定甲分子，乙分子沿轴运动，分 子间作用力F随分子间距离r的变化图像如图所 示，c为平衡位置，b为曲线最低位置，a、d为r轴 上另两个特定的位置，现把乙分子从α处由静止 释放，下列说法正确的是 A.乙分子从a运动F 到d的过程中，甲 0 a乙 分子间作用力先0 减小后增大 B.乙分子从a运动 到c的过程中，分子间作用力先做正功后做 负功 C.乙分子在c处，分子间作用力为零，但分子间引 力、斥力均不为0 D.乙分子从a运动到b的过程中加速，从b运动 到c的过程中减速 3.用手掌托着智能手机，打开加速度传感器，手掌由 静止开始迅速上下运动，得到如图所示竖直方向 上的加速度随时间变化的图像，该图像以竖直向 上为正方向，重力加速度g=10m/s2,下列说法正 确的是 A.手机可能离开过 a/(m's-2) 20.0-----1--- 手掌 B.手机在t1时刻运动 10.0 到最高点 C.手机在t2时刻运动 方向改变 D.手机在t1一t3时间-10.0--- f/s 100 1.50 内，受到的支持力先减小再增大 物理(XD)第2 东(13) 0分钟) 4.如图所示为一电动玩具起重机的电路示意图，理 想变压器原、副线圈的匝数比为2：1，变压器原线 圈中接入u=20√2sin100πt(V)的正弦交变电流， 电动机的内阻为52，装置正常工作时，质量为 1kg的物体恰好以0.5m/s的速度匀速上升，灯 泡正常发光，电流表的示数为2A,设电动机的输 出功率全部用来提升物体，不计空气阻力，重力加 速度g=10m/s2,电表均为理想交流电表，下列说 法正确的是 A.电压表的示数 ④ 为10√2V B.原线圈中的电 流为2√2A C.电动机消耗的热功率为10W D.若电动机被卡住但未损坏的情况下，电路消耗 的总功率为30W 5.将自然光引人室内进行照明是一种新型的绿色能 源技术。某科技兴趣小组设计了一种接收太阳光 的实验装置，如图所示为过装置中心轴线的截面， 上部的集光球是半径为R的某种均匀透明材料的 半球体，下部为导光管，两部分的交界面为PQ。 若光线平行于PQ射入，只有PQ上方高度h= 孕R范固内的光能直接通过PQ面进入导光昝（不 考虑集光球内表面的反射)，则该材料的折射率 A.√3 集光球 太阳光 B.2 C.2√3 导光管 D 2 6.如图所示，A、B为地球的两个轨道共面的人造卫 星，运行方向相同，卫星A为地球同步卫星，A、B 两卫星的轨道半径的比值为k,地球自转周期为 T。。某时刻A、B两卫星距离达到最近，从该时刻 起到A、B两卫星间距离最远所经历的最短时 间为 To To A. 令 2(/k3+1) -1 地球 To D To 2(√/k3-1) √+1 页（共66页） 7.在物流货场，广泛应用传送带搬运货物，如图甲所 示，长度为7m、倾角0=37°的传送带以恒定速率 沿逆时针方向转动，皮带始终是绷紧的，在传送带 顶端A处无初速度释放一个质量m=1kg的货物 (可视为质点)，用速度传感器分别测得传送带与 货物的速度随时间变化的图像如图乙所示，重力 加速度g=10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8， 下列说法正确的是 v/(m's1) 货物 传送带 B⊙0. 0.5 tis 乙 A.货物与传送带间的动摩擦因数为0.25 B.货物在传送带上运动的时间为1s C.货物从A端运动到B端的过程中，货物对传送 带做的功为2J D.货物从A端运动到B端的过程中，货物与传送 带间因摩擦产生的热量为4.8J 8.装有一定量液体的玻璃管竖直漂浮在水中，水面 足够大，如图甲所示，把玻璃管向下缓慢按压4m 后放手，玻璃管的运动可以视为在竖直方向的简 谐运动，测得振动周期为0.5s。以玻璃管静止在 水面的位置为原点O,竖直向上为正方向，某时刻 开始计时，其振动图像如图乙所示，其中A为玻璃 管的振幅。对于玻璃管，下列说法正确的是 A.回复力等于重力和浮力的合力 B.振动过程中动能和重力势能相互转化，玻璃管 的机械能守恒 C.玻璃管振动的位移表达式x=4sin(4πt 爱)cm D.在t1~t2时间内，玻璃管的位移减小，加速度减 小，速度增大 题号12345678 9 10得分 答案 物理(XD)第26 9.如图所示，真空中的直角坐标系xOy,以O为圆 心、1m为半径的圆与坐标轴交于A、B、C、D四 点。在x轴上一2m和2m处分别固定着电荷量 为十4q和一q的两个点电荷。下列说法正确的是 m 0 +4g -9 2 0 m B A.A、C两点的电场强度大小相等，方向不同 B.A、C两点的电场强度大小不相等，方向相同 C.B、D两点的电场强度大小相等，方向不同 D.B、D两点的电场强度大小不相等，方向相同 10.如图所示，平面直角坐标系第一、二象限内存在 垂直纸面向里的匀强磁场，第三、四象限内存在 与x轴正方向成135°角的匀强电场。一质量为 m、电荷量为十q的带电粒子从坐标系内的(a,0) 点以大小为、方向与x轴正方向成45°角的速 度射人匀强磁场，然后第一次经过x轴进人电 场，粒子第三次经过x轴的位置为（一4a,0),第 四次经过x轴的位置为（一6a,0),粒子重力不 计，下列说法正确的是 A.匀强磁场的磁感应强度大小为2V2mu 5ga B.匀强电场的电场强度大小为m6 ga C.粒子从射人磁场到第四次经过x轴所用的时 间为2(6m十4)4 2vo D.若仅将第一、二象限内的磁场反向，然后在粒 子第二次经过x轴时又将磁场方向变为垂直 纸面向里（不考虑磁场变化产生的电场对粒子 的影响)，则粒子第四次经过x轴的位置为 (-a,0) 页（共66页）物理(XD) 装，B项正确：对整个过程由动能定理得mgh一 W克安一ngd=O,金属棒克服安培力做的功W克安= mgh-mgd,金属棒内产生的焦耳热Q=二W要 1 mg(h一d),C项错误，D项正确。 综合练（13) 1.C【解析】充气袋在运输中起到缓冲作用，在某一颠 簸过程中，物品的动量变化量不变，由动量定理可知， 合外力的冲量不变，充气袋可以延长动量变化所用的 时间，从而减小物品所受的合力，A、B项错误，C项正 确：动量的变化率是动量变化快慢的量度，在数值上 等于物体所受合外力，充气袋可以减小颠簸过程中物 品动量的变化率，D项错误。 2.C【解析】乙分子从a运动到d,分子间作用力先增 大后减小再反向增大，A项错误；乙分子从a运动到 c,分子间作用力为引力，分子间距离减小，所以分子 间作用力的方向与位移方向相同，分子间作用力做正 功，B项错误：乙分子在c处，分子间的斥力和引力大 小相等，分子间作用力表现为0，但斥力和引力均不 为0，C项正确；乙分子从a运动到c的过程中，由题 图可知，两分子间作用力先增大后减小，且一直表现 为引力，则乙分子一直做加速运动，D项错误。 3.A【解析】由a-t图像可知，手机的加速度大小在 某段时间内等于重力加速度，该段时间内手机与手掌 没有力的作用，所以手机可能离开过手掌，A项正确： a-t图像与横轴所围成的面积表示速度变化量，手机 的初速度为0，结合图像可知，0一t时间内速度变化 量为正，即末速度为正值，说明手机还在继续上升，并 未到达最高点，B项错误；0~时间内速度变化量为 正且最大，说明此时速度向上最大，2时刻后加速度 为负值，说明手机开始向上做减速运动，故手机的运 动方向未改变，C项错误；由图可知~t2时间内加 速度向上且不断减小，设手机受到的支持力大小为 F,根据牛顿第二定律得F一mg=ma1,整理得F= mg十ma1,可知t~te时间内支持力F不断减小： 一时间内加速度向下且不断增大，根据牛顿第二定 律得g一F=ma2,整理得F'=g一ma2,可知t2~ t3时间内支持力F不断减小，故手机在t~t3时间内 受到的支持力一直在减小，D项错误。 4.D【解析】变性器原线圈两瑞电压的有效值心，一方 =20V,根据理想变压器原、副线圈电压与线圈匝数 的关系号-兴·解得变压器剧线周两端电压的有效 值U2=10V,电压表的示数等于变压器副线圈两端 电压的有效值，为10V,A项错误：根据号一兴得1 =1A,B项错误；设通过电动机的电流为I,电动机 的输出功率Pm=LU2I1一IR,电动机的输出功率P =Fu=mgv=5W,解得I=1A,电动机消耗的热功 率P热=IR=5W,C项错误；通过小灯泡的电流I2 ·17 参考答案及解析 =I一I1=1A,若电动机被卡住但未损坏的情况下， 电路消耗的总功率Pa=U:上+装=30W,D项 正确。 5.A【解析】由于不考虑集光球内表面的反射，所以最 上面的一束光线的光路图如图所示： 集光球 太阳光 R 导光管 由儿何关系可知sn0=是-号，解得0=60，入射角 8=0=60°，折射角0，==30，根据折射定律可知， 材料的折射率n=si日=5，A项正确。 sin 2 6C【解析】由开青莉第三定律得异=异，设A,B两 卫星至少经过时间t距离最远，即卫星B比卫星A多 了一六=立，由卫星A是地球同步卫星 转半圈，即大一t=1 得T=T。,联立解得1一2（厅- T。 -,C项正确 7.A【解析】0~0.5s内，货物沿传送带向下做匀加速 直线运动，摩擦力沿传送带向下，有mgsin37°十 gcos37°=ma1,由图可知a1=8m/s2,则4= 0.25,A项正确：货物加速至速度%=4m/s时的位 =1m<L=7m,0.5s后货物沿传送带向 移x0=2a1 下做匀加速直线运动，摩擦力沿传送带向上，有 ngsin37°-umgcos37°=na2,解得a2=4m/s2,货物 以加速度a?匀加速直线运动下滑过程有L一x= 西十2，解得=1s,则货物在传送带上运动 的时间为1.5s,B项错误；货物从顶端滑到底端的过 程摩擦力对传送带做功，则W,=一F;·x1= -umgcos日·oti,W2=F·x2=ngcos0·wt2,W =W1十W2=4J,C项错误；从题图乙可知，0~0.5s 内，传送带比货物多运动1m,0.5~1.5s内，货物比 传送带多运动2m,所以货物从A端运动到B端的过 程中，两段的相对位移之和为3，因摩擦产生的热 量Q=F:·x相特=mgcos日·x相村=6J,D项错误。 8.ACD【解析】玻璃管在振动过程中，受到重力和水 的浮力，这两个力的合力充当回复力，A项正确；水的 浮力对玻璃管做功，故振动过程中，玻璃管的机械能 不守恒，B项错误：由于振动周期T=0.5s,故w=牙 =4πrad/s,由题图乙可知玻璃管的振动位移的表达 式x=4sin(4t一受)cm,C项正确：由题图乙可知， 在t~t时间内，玻璃管向平衡位置运动，故位移减 小，加速度减小，速度增大，D项正确。 参考答案及解析 9.BC【解析】根据电场叠加原理可知，两个点电荷在 A、C两点的电场强度方向相同，合场强方向均沿x 轴正方向，由题意可知，A点的电场强度大小E= ?+k子-，C点的电场强度大小E。=学十 12 9 k号=1，所以A,C两点的电场强度大小不相等， 方向相同，A项错误，B项正确：两点电荷在B、D两 点的电场方向如图所示： y/m E E +4q.- -4 x/m E3 点电荷十4g在D点的电场强度大小E,=k十2= 49 物，点电荷一g在D点的电场强度大小E,一 k平2=兽，则E>E,所以D点的合场强方向与 x轴有一定夹角偏向y轴正方向，由电场的对称性可 知B点的合场强方向与x轴有一定夹角偏向y轴负 方向，所以B、D两点合场强方向不同，由电场的对称 性可知B、D两点的电场强度大小相等，C项正确，D 项错误。 10.ACD【解析】画出粒子运动的轨迹图，如图甲 所示： ××××xx×x××家×××级××米×××××××××××× 594R 甲 由儿何关系可得4Rcos45=5a,结合9B=m只， 解得匀强磁场的磁感应强度大小B=2Y②m,A项 5ga 正确：设粒子从第三次经过x轴到第四次经过x轴 所用的时间为t1,由图甲可知，粒子从第三次经过x 轴到第四次经过x轴的过程做类平抛运动，根据几 何关系和类平抛运动的规律可得厄a=合×光， √2a=6t1,解得匀强电场的电场强度大小E= Em飞，=B4,B项错误；设粒子在匀强磁场中运 动的时间为，则名=器，把B代人可得： 5y2,设粒子从第一次经过x轴到第二次经过x ·18 物理(XD) 轴所用的时间为t,由匀变速直线运动规律可得2 =9吗，解得=，联立可得粒子从射入磁场到 第四次经过x轴所用的时间t=t1十t十t= 2(5m十4)，C项正确：若仅将第一、二象限内的磁 2u 场反向，然后在粒子第二次经过x轴时又将磁场方 向变为垂直纸面向里，作出粒子的运动轨迹，如图乙 所示： ××××X×X×X×X×X×××××××XX XXXX×××××× 乙 可知粒子第四次经过x轴的位置为（一a,0),D项 正确。 综合练(14) 1.B【解析】设时间t内水枪喷出的水柱长度为l,则 =,时间t内冲击墙壁的水的质量m三V=S 1 πdpl,设墙壁对水柱的平均冲击力大小为F,以F 的方向为正方向，根据动量定理有Ft=0.2w一 (-mw),联立解得F=0.3πdp,根据牛顿第三定律 可知水柱击中墙壁的平均冲击力大小=F= 0.3πdp2,B项正确。 2.B【解析】站在太空舱里的宇航员，相对地面静止， 故宇航员的角速度与地球自转角速度相同，在不同高 度处角速度不变，A项错误：当r=。时，地球引力对 宇航员产生的加速度大小与宇航员随地球自转而产 生的向心加速度大小相等，即万有引力提供宇航员做 匀速圆周运动的向心力，宇航员的角速度与地球自转 的角速度一致，若将宇航员看作卫星，则为地球的同 步卫星，即。为地球同步卫星的轨道半径，B项正 确：宇航员在=R处时，除了受到万有引力还受到太 空舱的支持力，线速度远小于第一宇宙速度，C项错 误：宇航员乘坐太空舱在“太空电梯”的某位置时，有 GMm-F=mw'r,其中F为太空舱对字航员的支 r 持力，大小等于宇航员对太空舱的压力，则F压=F、 =GMn-m0'r=mag-ma向=m(ag一a向)，其中a引 r2 为地球引力对宇航员产生的加速度大小，a向为宇航 员随地球自转而产生的向心加速度大小，由题图可 知，在R≤≤ro时，(a引一a向)随着r增大而减小，宇 航员对太空舱的压力随r的增大而减小，D项错误。 3.A【解析】由题意知气缸导热性能良好，由于热交 换，气缸内的气体温度不变，缓慢向沙桶内倒入细沙， 气体的体积减小，压强增大，由玻意耳定律可知，气体 的压强与体积成反比，与体积的倒数成正比，A项 正确。