综合练(11)-【衡水金卷·先享题】2026年新高考物理专项分组练(湖南专版)

综合 (限时 第1~7小题为单项选择题，第8~10小题为多项选 择题 1.花岗岩、砖砂、水泥等建筑材料是室内氡的最主要 来源。人呼吸时，氡气会随气体进人肺脏，氡衰变 放出的α射线像小“炸弹”一样轰击肺细胞，使肺 细胞受损，从而引发肺癌、白血病等。一静止的氡 核Rn发生一次a衰变生成新核钋(Po),此过程 动量守恒且释放的能量全部转化为α粒子和钋核 的动能。已知m氡=222.0866u,m。=4.0026u, m=218.0766u,1u相当于931MeV的能量， 则下列说法正确的是 A.上述核反应方程为Rn→28Po+2He B.上述核反应放出的能量约为6.89MeV C.α粒子的动能与钋核的动能之比为218：3 D.a粒子的动能约为6.89MeV 2.急行跳远起源于古希腊奥林匹克运动。如图所 示，急行跳远由助跑、起跳、腾空与落地等动作组 成，空气阻力不能忽略，下列说法正确的是 8 助跑起跳腾空“落地 A.助跑过程中，地面对运动员做正功 B.蹬地起跳时，运动员处于失重状态 C.全程重力做正功 D.从起跳后到最高点的过程中，运动员重力势能 的增加量小于其动能的减少量 3.如图甲所示，某水上游乐场最新引人了一种创新 型水上蹦床设施，游客在蹦床上有规律地跳动时， 水面被激起一圈圈水波，若不考虑能量损失，水面 为均匀介质，波源位于O点，水波在xOy水平面 内传播，波面呈现为圆形。t=1s时刻，部分波面 的分布情况如图乙所示，其中虚线表示波谷，实线 表示相邻波峰。A处质点的振动图像如图丙所 示，之轴正方向表示竖直向上。下列说法正确的是 y/m 00)2 物理(XD)第 练(11) 40分钟) A.水波的波长为2m B.水波的波速为1m/s C.t=3s时刻，A处质点所受的回复力最小 D.t=3s时刻，B处质点处在平衡位置 4.图甲是某燃气灶点火装置的原理图。转换器将直 流电压转换为如图乙所示的正弦交流电压，并加 在一理想变压器的原线圈上，变压器原、副线圈的 匝数分别为1、2，电压表为理想交流电压表。当 变压器副线圈电压的瞬时值大于5000V时，就会 在钢针和金属板间引发电火花点燃气体。开关闭 合后，下列说法正确的是 u/V 转 11 钢针 x102s 金属板 A.t=0.5×10-2s时电压表的示数为5V B.电压表的示数始终约为7.07V C.副线圈中交变电流的频率为50Hz,副线圈中 的电流方向每秒改变50次 D若元=1200则可以实现燃气址点火 1 5.一定质量的理想气体经历一系列状态变化，其 p图像如图所示，变化顺序为a→b→c→d a,图中ab线段延长线过坐标原点，cd线段与p轴 垂直，da线段与轴垂直。下列说法正确的是 A.a→b过程，压强减小，温度不变， 体积增大 B.b→c过程，压强增大，温度降低 体积减小 C.c→d过程，压强不变，温度升高，体积减小 D.da过程，压强减小，温度升高，体积不变 6.如图所示，椭圆轨道Ⅱ与停泊轨道I、同步轨道Ⅲ 分别相切于A、B两点。轨道I距地面约200km, 卫星沿轨道「过A点的速度大小、加速度大小分 别为o、a1;卫星沿轨道Ⅱ过A点的速度大小、加 速度大小分别为2、a2,过B点的速度大小、加速 度大小分别为、a3;轨道Ⅲ距地面约36000km, 卫星沿轨道Ⅲ过B点的速度大小，加速度大小分 别为v4、a4。下列关系式正确的是 1页（共66页） A.a1<a2,u1<v2 B.a2>a3,v2=v3 C.a3=a4,3<4 D.a2=a4,2<04 7.冰壶运动是冬季的热门运动项目。如图所示，在 某次推击冰壶的过程中，质量为m的白壶以速度 )与静止的黑壶发生碰撞，P、Q分别为碰撞前瞬 间两壶的位置，M、N为碰后两壶静止后所处的位 置。两壶的质量、大小、形状、与冰面间的动摩擦 因数均相同，下列说法正确的是 ， POM A.碰后白、黑两壶的速度大小之比为1：9 B.碰后白、黑两壶的速度大小之比为1：3 C.两壶因碰撞而损失的机械能为6mw D.两壶因碰撞而损失的机械能为子m心 8.如图所示，在I、Ⅱ区域内分别存在磁感应强度大 小均为B、方向均垂直于纸面且相反的匀强磁场， 边界AD、AC的夹角∠DAC=30°，边界AC与边 界MN平行，Ⅱ区域的宽度为d。质量为m、电荷 量为十g的粒子可在边界AD上的不同点射人，入 射速度的方向垂直AD且垂直磁场，若入射速度 大小为B诞，不计粒子重力，则下列说法正确的是 m A.粒子在磁场中运动 的半径为号 +C B.粒子在距A点0.5dM: 处射入，不会进入Ⅱ 人5一一一一一二一 区域 C.粒子在距A点1.5d处射人，在I区域内运动 的时问为器 D.能够进入Ⅱ区域的粒子，在Ⅱ区域内运动的最 短时问为测 题号1234567 10 得分 答案 物理(XD)第22 9.如图所示，在沿水平向右的匀强电场中有一固定 点O,用一根长度L=0.4m的绝缘细线把质量m =0.4kg、电荷量q=十2C、可视为质点的金属小 球悬挂在O点，小球静止在B点，此时细线与竖直 方向的夹角为0=37°，已知A、C两点分别为细线 悬挂小球的水平位置和竖直位置，重力加速度g= 10m/s2,sin37°=0.6，c0s37°=0.8，将小球向左 被拉到细线水平且拉直的位置，由静止释放，下列 说法正确的是 A.小球受到的电场力与重力之 0-----A 比为3：4 B.经过0.2s,小球的位移大小 OB 为0.25m C.小球第一次通过O点正下方 时，速度大小为√14m/s D.要使小球能绕O点做完整的圆周运动，则小球 在A点时沿垂直于OA方向运动的速度最少 为√21m/s 10.如图所示，倾角为30°的斜面体置于粗糙的水平 地面上，斜面体上有一质量为4m的滑块，通过轻 绳绕过定滑轮与质量为m的带正电的小球（可视 为质点)相连，滑轮与滑块间的轻绳与斜面平行， 滑轮与小球之间有一个光滑的小孔，轻绳穿过小 孔前竖直。小球在水平面内做圆周运动，轻绳与 竖直方向的夹角也为30°，斜面体和滑块始终静 止，滑块与斜面体间的动穿擦因数为，小球与 小孔之间的绳长为L,重力加速度为g,下列说法 正确的是 A.斜面体受到的地面的摩 擦力大小为mg 30° B.若增大小球的线速度， 轻绳对小孔的作用力 30° 减小 C.若增大小球的转速，小球能达到的最大转速为 15g 2πVL D.若此时在空间施加竖直向下的匀强电场，要使 小球的转速不变，则小球到转动中心的距离 增大 页（共66页）参考答案及解析 轴围成的面积表示速度变化量，可知0~2t。时间 内，物块Q的速度变化量大小△Q=S=a一0，则 2t时刻物块Q的速度大小vQ=S,t。时刻两物块有 相同的速度v,根据对称性可知，t。时刻两物块的速 度大小均为v=三，设物块P的初速度为w,根据 动量守恒定律可得m=(m十2m)u,解得。=3u= ,设。时刻弹簧的弹性势能为E。,根据能量守恒 3S 定律可得E,=子m6一号X3md,联立解得E, ,又E,=k(a),故，时刻弹簧的形变量 3mS2 =S√买，C项结误：设2%时刻物块P的速度 大小为vp,根据动量守恒定律可得m=mvp十 2a,解得vp三一号三一，可知2时刻物块P的 速度大小等于t。时刻物块P的速度大小，则2t。时 刻物块P的动能等于t。时刻物块P的动能，故t~ 2。时间内弹簧对物块P做的功为零，D项正确。 综合练（11) 1.B【解析】根据质量数和电荷数守恒有8：Rn→ 8Po十He,A项错误；质量亏损△m=222.0866u 4.0026u-218.0766u=0.0074u,解得△E=△m ×931MeV≈6.89MeV,B项正确；设a粒子，钋核的 动能分别为E、Ek针，动量分别为p。、p钋，由能量守 恒定律得△E=Ek十Ek针，由动量守恒定律可得O= 九十a,又E=六，放E1E=109:2,解得R ≈6.77MeV,C、D项错误。 2.D【解析】助跑过程中，地面对运动员的作用力的作 用点对应的位移为0，故地面对鞋的摩擦力不做功； 地面对运动员的支持力与运动员的运动方向垂直，支 持力也不做功，因此助跑过程中，地面对运动员不做 功，A项错误：蹬地起跳时，运动员有竖直向上的加速 度，处于超重状态，B项错误：全程重力位移为零，重 力做的功为零，C项错误：空气阻力不能忽略，则从起 跳到最高点的过程，运动员要克服空气阻力做功，有 机械能损失，因此运动员重力势能的增加量小于其动 能的减少量，D项正确。 3.B【解析】由图乙可知，相邻波峰和波谷之间的距离 为2m,则水波的波长入=4m,A项错误；由图丙可 知，A处质点的周期T=4s,则水波的波速=产= 1m/s,B项正确；由图丙可知，当t=3s时刻，A处质 点处于波谷位置，所受的回复力最大，则B处质点处 于波峰位置，C、D项错误。 4.D【解析】根据图乙可得，原线圈输入电压的最大值 为5V,根据正弦式交变电流最大值和有效值的关系 可知，原线圈输入电压的有效值U,==5V≈ √2 2 3.54V,则电压表的示数始终约为3.54V,A、B项错 ·14 物理(XD) 误；根据图乙可得，原线圈输入电压的周期为0.02s, 颜率f=一=50H2,一个周期电流方向改变2次，变 压器不改变交变电流的频率，故副线圈中的电流方向 每秒改变100次，C项错误；瞬时电压大于5000V时 火花放电，即副线圈输出电压的最大值为5000V,根 1 据变压比可知女=0'所以实现燃气灶点 2 是<d若受=则可以实现然 火的条件为心< 1 气灶点火，D项正确。 5.A【解析】由题图可知，a→b过程，气体发生等温变 化，气体压强减小，体积增大，A项正确；由理想气体 状态方程兴-C可知p=CT文，斜率k=CT,连接 O、b的直线比连接O、c的直线的斜率小，所以b的温 度低，b→c过程，温度升高，压强增大，且体积也增大， B项错误；c→d过程，气体压强不变，体积变小，由理 想气体状态方程咒=C可知，气体温度降低，C项错 误；d→a过程，气体体积不变，压强变小，由理想气体 状态方程义-C可知，气体温度降低，D项错误。 6.C【解析】卫星无论沿轨道I过A点还是沿轨道Ⅱ 过A点，受到的万有引力相同，根据GMm=ma可知， r2 加速度a1=ag,但是卫星过A点由轨道I到轨道Ⅱ 需要点火加速，所以<2，A项错误；由题图可知， 卫星沿轨道Ⅱ过A点受到的万有引力大于过B点受 到的万有引力，根据G=ma可知a2>a,由开普 r 勒第二定律可知2>，B项错误；同理可得，卫星沿 轨道Ⅱ过B点的加速度等于沿轨道Ⅲ过B点的加速 度，即a?=a4,卫星由轨道Ⅱ经B点到轨道Ⅲ需要点 火加速，故<4，C项正确：根据GMm=ma可知a2 >a4,由GMm=m心可知u,>u4,D项错误。 r2 7.B【解析】由图可知，碰后白、黑两壶的最大位移之 比受一品-号由恶可知两老运动的加速度相同，根 据2ax=寸，可得白、黑两壶碰后的速度大小之比山 -√臣-√写=子A项信误，B项正确：两壹发生 碰撞，以向右为正方向，根据动量守恒定律有v= m十a,以号=子解得=子，=翠，则两表 因碰撞而损失的机械能△E=子m时一子mi 合m财=g,CD项结误。 8CD【解析】带电粒子在磁场中的运动半径，一器- d,A项错误：设从边界AD某处E进入磁场的粒子， 物理(XD) 其轨迹恰好与AC相切，如图所示，则E点与A点的 距离为AO一EO=2d一d=d,粒子在距A点0.5d处 射入，会进入Ⅱ区域，B项错误；粒子在距A点1.5d 处射入，不会进入Ⅱ区域，在I区域内的轨迹为半圆， 运动的时间为(=艺-器C项正胸：法人区坡的 粒子，弦长最短时的运动时间最短，且最短弦长为d, 与半径相同，故对应的圆心角为60°，最短时间为t -专-器D项正确。 ×××××: 6。。。 二及。·。。 ∷ E 9.ABD【解析】小球在平衡位置时，由受力分析可知 gE=mgan37,解得，装=兰，A项正确：由上述分析 mg 可得E=1.5N/C,小球向左被拉到细线水平且拉直 的位置，释放后将沿电场力和重力的合力方向做匀加 速运动，合力方向与竖直方向成37°角，加速度大小为 a=F金=12.5m/s,则经过0.2s后，小球的位移大 小==0.25m,B项正确：小球从水平位置到 最低点的过程中，若无能量损失，则由动能定理可得 mgL十gEL=名md,解得0=V瓜m/s:因小球从水 平位置先沿直线运动，然后当细线被拉直后做圆周运 动到达最低点，在细线被拉直的瞬间有能量的损失， 可知到达最低点时的速度小于√I4m/s,C项错误； 分析可知小球做完整圆周运动时必须通过B点关于 O点的对称点，设在该点时小球的最小速度为，则 mgos9叶5sn日=m空，由动能定理得-wgl.co0 -gEL(1十sin0)= 之m6,联立解得h= √2Im/s,D项正确。 10.AC【解析】对小球受力分析有g=T1cos30°，解 得T=2 3mg,将滑块和斜面体看成整体，由平衡 条件得，斜面体所受的摩擦力大小f1=T1cos30°= g,A项正确；设轻绳与竖直方向的夹角为日，对小 mu U 球有Tsin0=Sim9,Tcos0=mg,解得Lsin Oran =g,所以随着转速的增大，拉力会增大，轻绳与竖 直方向的夹角会增大，两绳的夹角会减小，合力会增 大，所以轻绳对小孔的作用力增大，B项错误：因为 轻绳对滑块的拉力越大，滑块越容易往上滑动，所以 当小球的转速最大，即轻绳的拉力最大时，对滑块受 力分析得T2=4 ngsin30°十4 ngcos30°，即 ·15 参考答案及解析 mw2Lsin9=T2sin0,解得最大角速度w=入2，所 以最大转速一会-云√臣，C项正确：加上电场 后，对小球受力分析有Tsin0=mw2Lsin0,Tcos8= mg十qE,因为要使转速不变，即角速度不变，所以轻 绳的拉力大小不变，因为轻绳竖直方向的分力相对 没有加电场时增大了，所以由以上公式可知B减小， 即小球到转动中心的距离减小，D项错误。 综合练（12) 1.D【解析】有温度的物体都会发射红外线，A项错 误；紫外线的频率比可见光高，B项错误；X射线、Y射 线频率较高，波动性较弱，粒子性较强，较易发生光电 效应，C项错误：手机通信使用的是无线电波，其波长 较长，更容易观察到衍射现象，D项正确。 2.D【解析】如图所示： d1白 d2 轻杆MN与水平方向间的夹角0越大，MN之间的水 平距离d越小，由于滑轮两侧轻绳拉力相等，滑轮左 右两侧轻绳与竖直方向的夹角相等，设夹角为α，轻 绳的长度为L,由sn。-会-告-光可知，9角越 大，d越小，a越小，根据平衡条件有mg=2 Tcos a,解 得T=2c0saj ,mg,在轻杆MN从图示位置在纸面内绕O 点沿顺时针缓慢转过2θ的过程中，M、V两端之间的 水平距离d先增大后减小，即a先增大后减小，cosa 先减小后增大，可知轻绳上的张力先增大再减小，D 项正确。 3.C【解析】壶内气体初始状态与末状态的温度T= 87十273K=360K,T2=57十273K=330K,根据理 趣气体状态方程有2p业-15p业，解得 T 》可知气体体积变大，气体对外界微功，A项脂误： 不计壶内水的体积的变化及水的蒸发和凝结，气体体 积变大，反映了壶内气体发生了泄漏现象，壶内气体 质量减小，B项错误，C项正确；由题意可知，气体体 积增大，单位体积内气体分子数目减小，气体温度降 低，气体分子运动的平均速率减小，则单位时间内气 体对壶内壁单位面积碰撞的次数减少，D项错误。 4.D【解析】由闭合电路欧姆定律可知U=E-Ir,当 电流为0时，图线α的纵截距表示电源电动势，所以 E=5V,A项错误：由图可知在某光照强度下将它们 组成闭合回路时，则该光敏电阻两端电压为4V,通 过该光敏电阻的电流为0.2A,则该光敏电阻的阻值