广西百色市田林县等部分地区2025-2026学年上学期九年级期中物理试卷

广西百色市田林县等部分地区2025-2026学年上学期九年级期中物理试卷 一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。在给出的四个备选项中，只有一个选项符合题目要求。） 1．（3分）二十四节气蕴含着悠久的文化内涵和历史积淀，被誉为“中国第五大发明”，下列与节气有关的物态变化，属于熔化的是（　　） A．“雨水”，冰雪消融 B．“立夏”，雾绕山峦 C．“冬至”，冬寒抱冰 D．“大寒”，滴水成冰 2．（3分）关于温度计的使用，下列各图中正确的是（　　） A． B． C． D． 3．（3分）当气温不是特别高的初夏到来时，“吹风扇降温防暑比吹空调更有利于身体健康”的争论时常出现。下列说法正确的是（　　） A．吹风扇加快了体表汗液蒸发，蒸发吸热导致人体降温 B．吹风扇降低了室内的气温 C．空调工作时，制冷剂在室外机内液化时吸热 D．空调工作时，制冷剂在室内机内汽化放热，降低室温 4．（3分）小南同学在寒假时去了哈尔滨旅游。在冰雕展上看到了许多雕刻精美的冰雕，如图所示。而在自然界，天空中的云、高山上的积雪、河面上的冰、冰层下流动的水，以及空气中的水蒸气，这些都是水的不同状态。冰雕在展出当地的气温一直持续在﹣10℃以下，可是冰雕作品在一天天变小，此过程发生的物态变化是（　　） A．升华 B．熔化 C．汽化 D．凝华 5．（3分）关于比热容的说法正确的是（　　） A．根据，物质的比热容跟物体的温度变化成反比 B．若吸收的热量增大一倍，则物质比热容增大一倍 C．一杯水倒出一多半，杯内剩余水的比热容一定不变 D．甲、乙质量相等，吸收相同的热量，甲升高的温度比乙的多，则有c甲＞c乙 6．（3分）如图所示是四冲程汽油机的剖面图，关于其四个冲程的描述正确的是（　　） A．吸气冲程中，只有汽油吸入了气缸 B．压缩冲程中，通过做功的方式使汽缸内气体的内能减小 C．做功冲程中，燃料燃烧释放的能量只有30%左右转化为机械能 D．排气冲程中，气缸内的气压小于气缸外的气压 7．（3分）在纪念抗战胜利阅兵式上，国产新型战机“歼﹣35”挂弹受阅。现场解说提到：“该机携带的航空煤油具有较高热值，可保障战机长时飞行。”以下说法正确的是（　　） A．煤油燃烧越充分，其热值越大 B．在阅兵过程中，煤油燃烧了一部分，剩余的热值将减小 C．使用航空煤油作燃料，主要是由于它所含的热量较多 D．相同质量的这种航空煤油，完全燃烧后产生的热量比其他热值低的燃料更多 8．（3分）2025年新款智能门锁采用电容式指纹识别技术，其原理与摩擦起电相关。用干燥的丝绸摩擦过的玻璃棒靠近轻小纸屑，纸屑被吸引后又分开。下列说法正确的是（　　） A．摩擦过程中创造了电荷 B．玻璃棒与丝绸摩擦后带负电 C．纸屑被吸引是因为带电体具有吸引轻小物体的性质 D．纸屑分开是因为二者带上了异种电荷 9．（3分）如图所示，闭合开关后，发现小灯泡L2比小灯泡L1亮，先后把电流表接在A、B、C三处，电流表的示数分别为IA、IB、IC，它们的关系是（　　） A．IA＜IB＜IC B．IA＞IB＞IC C．IA＝IB＝IC D．IA＝IB+IC 10．（3分）2025年9月17日，“服务社区同心同行”活动在咸阳举办。如图所示，咸阳市消防救援支队在参与活动的同时，同步开展“暖阳护老消防安全平安行动”，为老年人营造更安全的居住环境。小明设计了一个火灾报警装置，闭合开关S1，指示灯发光，装置开启；当有火情时，开关S2闭合，报警器就会鸣响报警。下列电路符合要求的是（　　） A． B． C． D． 二、多项选择题（本大题共2小题，每小题4分，共8分。在每小题列出的四个备选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分。） （多选）11．（4分）如图所示，把一个薄壁金属管固定在支座上，管中装一些酒精，然后用软木塞塞紧管口。用软绳在金属管上绕一圈，再用两手很快地牵动绳子，让绳子跟金属管摩擦。过一会发现金属管发热了，接着金属管内的酒精沸腾了，金属管中的蒸气把软木塞冲起。下列说法中正确的是（　　） A．人拉动软绳使金属管发热过程中，通过做功的方式使金属管的内能增加 B．软木塞冲起的过程中，酒精蒸汽的机械能转化为软木塞的内能 C．酒精变成酒精蒸汽的过程中，需要放出热量 D．酒精升温过程中，主要是金属管通过热传递方式使酒精的内能增加 （多选）12．（4分）如图所示电路，闭合开关，电压表V1的示数为6V，电压表V2的示数为3.4V，下列说法中正确的是（　　） A．电源电压为9.4V B．L1两端电压为2.6V C．将电压表V2换成电流表，则L1亮，L2不亮 D．将电压表V2换成电流表，则L1与L2并联，电流表测干路上的电流 三、填空题（本大题共6小题，每空1分，共12分。） 13．（2分）珊珊一家到烧烤店品尝美味的烤肉串，在烧烤的过程中，珊珊同学看到滋滋冒油的肉串，与烤制前相比，此时肉串的内能 　 　 （填“增大”“减小”或“不变”），同时她的家人也能闻到浓浓的肉香味儿，这是由于分子在 　 　 。 14．（2分）2024年春节期间，多地出现了一种罕见的天气现象——霰。它是指在高空中的水蒸气遇到冷空气 　 　 （选填物态变化的名称）成的小冰粒，多在下雪前或下雪时出现，直径2～5mm，着硬地常反跳，松脆易碎。云、雨、露、霜、雪、雹、雾都是水的“化身”，水的状态发生转化与 　 　 密切相关。水作为大自然赋予人类最宝贵的财富，是我们赖以生存和发展不可缺少的，保护水资源，节约用水是每位公民义不容辞的责任。 15．（2分）3D打印机是通过逐层堆积材料（塑料、金属、陶瓷等），将数字模型转化为三维实体的设备。某品牌的3D打印机打印过程是将固态的材料在高温下变成液态材料，喷头按照3D图纸轨迹将液态材料挤出，材料冷却后形成立体实物。液态材料冷却后形成立体实物的过程是　 　 （填物态变化名称），该过程需要　 　 （选填“吸热”或“放热”）。 16．（2分）“消防安全，重于泰山！”小霞同学在学校组织的安全演练活动中，看见了如图所示的液态二氧化碳灭火器。这种灭火器是在常温下用 　 　 的方法使二氧化碳气体液化装入钢瓶里的。使用时拔掉保险栓，压下手柄就会看到管口有大量“白气”，“白气”是 　 　 （选填“二氧化碳”“水蒸气”或“小水滴”）。 17．（2分）在如图所示的电路中有三个开关S1、S2、S3。如果仅将开关S3断开，S1、S2闭合，则灯L1、L2　 　 联；如果将开关S1、S2、S3都闭合，电路处于　 　 （选填“通路”、“短路”或“断路”）状态。 18．（2分）“可燃冰”作为新型能源，有着巨大的开发使用潜力，同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍。以10倍的关系粗略计算，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量为　 　 J，如果在1标准大气压下，加热2000kg初温为60℃的水，可以使水温度升高　 　 ℃（c＝4.2×103J/（kg•℃），q煤气＝4.2×107J/kg）。 四、作图题（本大题共3小题，共6分） 19．（2分）如图所示，图甲为四冲程内燃机吸气冲程的示意图，图中画出了吸气冲程中活塞与曲轴的位置和进气门、排气门的开闭和活塞运动的方向情况。请参照甲图，在图乙画出压缩冲程中进气门、排气门的开闭情况和活塞运动的方向（用“↑”或“↓”表示）。 20．（2分）根据实物电路，在虚线框内画出电路图。 21．（2分）在虚线框内填入电池与电流表的电路符号，使灯泡及电流表能正常工作。 五、实验探究题（本大题共4小题，每空1分，共25分。） 22．（5分）小明在做“探究水沸腾时温度变化特点”的实验。 （1）图甲温度计示数为沸腾时水的温度，由此判断此时气压　 　 （选填“大于”或“小于”）1个标准大气压。 （2）图乙中　 　 （选填“A”或“B”）是水正在沸腾时的情况。 （3）如图丙所示，小明给一定量的水加热，其温度与时间的关系如图丙中a图线所示（实线部分），若其他条件不变，仅改变水量，则温度与时间的关系图像应是　 　 （选填“b”、“c”或“d”）。 （4）在探究结束后，同学们对不同液体的沸点进行了交流，在图丁中，大容器B内盛有水，小试管A内盛有下表（标准大气压下几种物质的沸点）所列的一种液体，此时若对大容器的底部持续加热，最终发现A内的液体发生沸腾，则A内盛的液体是　 　 。 物质 沸点 酒精 78℃ 水 100℃ 煤油 150℃ （5）实验结束，撤掉酒精灯后，烧杯中的水还会沸腾一会，其原因可能是　 　 。 23．（6分）在探究“比较不同物质吸热能力的情况”的实验中，实验装置如图所示。 （1）将一根塑料绳一端扎紧，从另一端把绳尽可能撕成更多的细丝（如图甲所示），用手向下捋几下后，观察到的现象是：塑料细丝越来越　 　 （选填“蓬松”或“紧密”）。已知塑料细丝带负电荷，则手带　 　 电。 （2）如图乙，a、b所示装置均为比较简易的验电器，它们都可以用来检验某物体是否带电。由图中现象可知，图b装置是依据　 　 的原理来检验物体是否带电的，图a装置工作原理与图b装置　 　 （选填“相同”或“不相同”）。 （3）酸甜多汁的水果不仅可以为我们身体提供能量，还可以发电。图丙是某实验小组制作的水果电池，图中的发光二极管的两根引脚中，较长的为正极，此时二极管能发光，说明水果电池的正极是　 　 （选填“A”或“B”）端，导线BC中自由电子的运动方向是　 　 （选填“从B到C”或“从C到B”）。 24．（7分）在探究“比较不同物质吸热能力的情况”的实验中，实验装置如图所示。 加热时间/min 0 1 2 3 4 甲的温度/℃ 30 34 38 42 46 乙的温度/℃ 10 18 26 34 42 （1）该实验除了图示中的实验器材以外，还需要的测量工具是停表、　 　 和温度计。 （2）实验中，应量取　 　 （选填“质量”或“体积”）相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，使用规格相同的电加热器加热。通过比较　 　 来比较甲和乙两种液体吸收热量的多少。 （3）分析表中数据得　 　 （选填“甲”或“乙”）液体的吸热能力强，要在甲、乙两种液体中选择一种液体做冷却液，你认为选择　 　 （选填“甲”或“乙”）液体较为合理。 （4）若加热过程中无热量损失，已知甲物质的比热容为4.2×103J/（kg•℃），则乙物质的比热容为　 　 J/（kg•℃）。 （5）另一小组的同学用同一个加热装置分别给质量和初温都相同的两种液体a和b加热，分别记录加热时间和温度，根据记录的数据作出了两种液体a和b的温度（T）随时间（t）变化的图像如图1所示，则液体ca　 　 cb。（选填“大于”、“小于”或“等于”） 25．（7分）图甲所示是探究并联电路的电流规律的实验电路图。 实验序号 电流I1/A 电流I2/A 电流I3/A 1 0.20 0.50 2 0.24 0.26 0.50 3 0.32 0.18 0.50 （1）闭合开关前，发现电流表指针如图丙所示，存在的问题是：　 　 。 （2）连接电路时，小华发现最后一根导线接好时，小灯泡立即亮了，出现这种现象的原因是　 　 ；如图乙所示，若电流表断路，闭合开关后，灯L2　 　 （选填“有”或“无”）电流通过。 （3）用电流表分别测灯L1、L2的电流I1、I2及干路中的电流I3，其中测电流I1时，电流表的示数如图丁所示，示数为　 　 A。接着更换不同规格的灯泡并多次实验，数据记录见上表。 （4）分析实验数据，可知并联电路中电流I1、I2及I3的关系为　 　 。 （5）为使结论更具普遍性，实验中除更换用电器外，还可以采取的措施是　 　 。 （6）如图戊是另一小组的实验电路的一部分，若通过导线ab电流为0.6A，则通过导线cd的电流大小是　 　 。 六、综合应用题（本大题共2小题，共19分。解答时要求在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤，只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不得分。） 26．（8分）如图所示，电源电压为3V，当S闭合、S1断开时，电流表的示数为0.2A；当S、S1都闭合时，电流表的示数为0.5A。则： （1）当S闭合、S1断开时，电压表示数为多少？ （2）当S、S1都闭合时，L1两端的电压是多少？ （3）当S、S1都闭合时，通过L1的电流是多少？ 27．（11分）如图甲所示，1个标准大气压下，普通煤炉把壶内20℃、5kg的水烧开需完全燃烧0.2kg的煤，为提高煤炉效率，浙江大学创意小组设计了双加热煤炉，如图乙所示，在消耗等量煤，烧开壶内初温相同、等量水的过程中，同时使炉壁间水的内能增加了8.4×103J。[q煤＝3×107J/kg，c水＝4.2×105J/（kg•℃）]求： （1）普通煤炉把壶内20℃、5kg的水烧开时，水吸收的热量是多少？ （2）0.2kg的煤完全燃烧释放的热量？ （3）双加热煤炉的烧水效率有多大？ 广西百色市田林县等部分地区2025-2026学年上学期九年级期中物理试卷 参考答案与试题解析 一．选择题（共10小题） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A D A A C C D C C A 二．多选题（共2小题） 题号 11 12 答案 AD BC 一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。在给出的四个备选项中，只有一个选项符合题目要求。） 1．（3分）二十四节气蕴含着悠久的文化内涵和历史积淀，被誉为“中国第五大发明”，下列与节气有关的物态变化，属于熔化的是（　　） A．“雨水”，冰雪消融 B．“立夏”，雾绕山峦 C．“冬至”，冬寒抱冰 D．“大寒”，滴水成冰 【分析】物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。 【解答】解：A、冰雪消融属于熔化现象，故A正确； B、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故B错误； C、冰是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶，故C错误； D、滴水成冰是水的凝固现象，故D错误。 故选：A。 2．（3分）关于温度计的使用，下列各图中正确的是（　　） A． B． C． D． 【分析】使用温度计时： ①温度计的玻璃泡全部浸入被测的液体中，不要碰到容器底和容器壁； ②温度计玻璃泡浸入被测物体后要稍后一会儿，待温度计的示数稳定后再读数； ③读数时温度计的玻璃泡要继续留在液体中，视线要与温度计中液柱的上表面相平。 【解答】解：使用温度计测量液体的温度，温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中，但不能接触容器底，读数时视线与液柱最高处相垂直。选项A、B、C都是错误的。 故选：D。 3．（3分）当气温不是特别高的初夏到来时，“吹风扇降温防暑比吹空调更有利于身体健康”的争论时常出现。下列说法正确的是（　　） A．吹风扇加快了体表汗液蒸发，蒸发吸热导致人体降温 B．吹风扇降低了室内的气温 C．空调工作时，制冷剂在室外机内液化时吸热 D．空调工作时，制冷剂在室内机内汽化放热，降低室温 【分析】（1）吹风扇，加快空气流动，根据影响蒸发快慢的因素可知，加快人身上汗水的蒸发，蒸发吸收热量，导致人体温度降低，由此可得出结论； （2）空调工作时，制冷剂在室外机内液化，液化放出热量，制冷剂在室内机汽化，汽化吸收热量，由此可得出结论。 【解答】解：AB．根据影响蒸发快慢的因素可知，吹风扇，加快空气流动，能加快人身上汗水的蒸发，蒸发吸收热量，导致人体温度降低，使人感觉到凉爽，故A正确，B错误； CD．空调工作时，制冷剂在室外机内通过压缩机的压缩把气态的制冷剂压缩成液态的制冷剂，放出热量；制冷剂在室内机由液化的制冷剂变化气态的制冷剂，是汽化现象，吸收大量的热量，降低室内温度，故CD错误。 故选：A。 4．（3分）小南同学在寒假时去了哈尔滨旅游。在冰雕展上看到了许多雕刻精美的冰雕，如图所示。而在自然界，天空中的云、高山上的积雪、河面上的冰、冰层下流动的水，以及空气中的水蒸气，这些都是水的不同状态。冰雕在展出当地的气温一直持续在﹣10℃以下，可是冰雕作品在一天天变小，此过程发生的物态变化是（　　） A．升华 B．熔化 C．汽化 D．凝华 【分析】物质从固态直接变成气态的过程叫升华，升华吸热，具有制冷作用。 【解答】解：气温持续在﹣10℃以下，远低于冰的熔点（0℃），冰无法熔化为液态水。冰雕一天天变小，是固态的冰不经过液态，直接变成气态水蒸气扩散到空气中，这符合升华的定义（物质从固态直接变为气态的过程），故A符合题意，BCD不符合题意。 故选：A。 5．（3分）关于比热容的说法正确的是（　　） A．根据，物质的比热容跟物体的温度变化成反比 B．若吸收的热量增大一倍，则物质比热容增大一倍 C．一杯水倒出一多半，杯内剩余水的比热容一定不变 D．甲、乙质量相等，吸收相同的热量，甲升高的温度比乙的多，则有c甲＞c乙 【分析】（1）比热容在数值上等于某种物质吸收的热量与物体质量与升高温度乘积之比； （2）比热容是物质的一种特性，与物体质量无关； （3）利用公式可分析。 【解答】解：ABC．比热容是物质本身的一种特性，与物质的种类、状态有关，与质量、吸收或放出热量以及温度变化无关，故AB错误，C正确； D．甲、乙质量m相等，吸收相同的热量Q，甲升高的温度比乙的多，即Δt甲＞Δt乙，根据公式可知c甲＜c乙，故D错误。 故选：C。 6．（3分）如图所示是四冲程汽油机的剖面图，关于其四个冲程的描述正确的是（　　） A．吸气冲程中，只有汽油吸入了气缸 B．压缩冲程中，通过做功的方式使汽缸内气体的内能减小 C．做功冲程中，燃料燃烧释放的能量只有30%左右转化为机械能 D．排气冲程中，气缸内的气压小于气缸外的气压 【分析】四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、压缩、做功和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能；根据气门的状态、活塞运动的方向确定冲程的种类。在吸气冲程吸入的是汽油和空气的混合物。排气冲程中，气缸内的气压大于外界气压。 【解答】解： A、汽油机在吸气冲程中，进气门打开、排气门关闭，活塞向下运动，汽油和空气的混合物进入汽缸，故A错误； B、在压缩冲程中，活塞向上运动，燃料混合物被压缩，气体的内能变大，此过程是机械能转化为内能的过程，通过做功的方式使汽缸内气体的内能增大，故B错误； C、在做功冲程中，燃料燃烧释放的内能大部分需要克服摩擦、发生热传递而散失，只有一少部分转化为机械能，故C正确； D、排气冲程中，气缸内的气压大于外界气压，故D错误。 故选：C。 7．（3分）在纪念抗战胜利阅兵式上，国产新型战机“歼﹣35”挂弹受阅。现场解说提到：“该机携带的航空煤油具有较高热值，可保障战机长时飞行。”以下说法正确的是（　　） A．煤油燃烧越充分，其热值越大 B．在阅兵过程中，煤油燃烧了一部分，剩余的热值将减小 C．使用航空煤油作燃料，主要是由于它所含的热量较多 D．相同质量的这种航空煤油，完全燃烧后产生的热量比其他热值低的燃料更多 【分析】（1）热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧无关。 （2）热值是燃料的特性，与燃料的质量无关，在阅兵过程中，煤油燃烧了一部分，剩余煤油的热值不变。 （3）热量是一个过程量，不能说燃料“含有”热量，使用航空煤油作燃料，主要是由于它的热值高，完全燃烧相同质量的航空煤油比其他燃料放出的热量多。 （4）根据公式Q＝mq可知，相同质量的燃料，热值越高，完全燃烧后产生的热量越多，因为航空煤油热值较高，所以相同质量的航空煤油，完全燃烧后产生的热量比其他热值低的燃料更多。 【解答】解：A．热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的燃烧程度无关，煤油燃烧越充分，只能说明能量利用率越高，而热值不会改变，故A错误； B．热值与燃料的质量无关，剩余煤油的种类不变，其热值也不变，故B错误； C．热量是一个过程量，不能说“含有热量”，故C错误； D．根据Q放＝qm，相同质量的燃料，热值越大，完全燃烧产生的热量越多。航空煤油热值高，所以相同质量的航空煤油完全燃烧后产生的热量比其他热值低的燃料更多，故D正确。 故选：D。 8．（3分）2025年新款智能门锁采用电容式指纹识别技术，其原理与摩擦起电相关。用干燥的丝绸摩擦过的玻璃棒靠近轻小纸屑，纸屑被吸引后又分开。下列说法正确的是（　　） A．摩擦过程中创造了电荷 B．玻璃棒与丝绸摩擦后带负电 C．纸屑被吸引是因为带电体具有吸引轻小物体的性质 D．纸屑分开是因为二者带上了异种电荷 【分析】（1）摩擦起电的实质是电子的转移； （2）与丝绸摩擦过的玻璃棒带正电荷； （3）带电体具有吸引轻小物体的性质； （4）电荷间的相互作用规律：同种电荷相排斥，异种电荷相吸引。 【解答】解：A．摩擦起电的实质是电子的转移，没有创造电荷，故A错误； B．玻璃棒与丝绸摩擦后失去电子带正电，故B错误； C．带电体具有吸引轻小物体的性质，所以带电的玻璃棒靠近轻小纸屑，纸屑会被吸引，故C正确； D．纸屑分开是因为二者带上了同种电荷，根据电荷间的相互作用规律可知同种电荷相互排斥，从而造成纸屑分开，故D错误。 故选：C。 9．（3分）如图所示，闭合开关后，发现小灯泡L2比小灯泡L1亮，先后把电流表接在A、B、C三处，电流表的示数分别为IA、IB、IC，它们的关系是（　　） A．IA＜IB＜IC B．IA＞IB＞IC C．IA＝IB＝IC D．IA＝IB+IC 【分析】串联电路中电流处处相等。 【解答】解：由图可知，两个灯泡串联，所以通过两个灯泡的电流相等，即IA＝IB＝IC，故C正确，ABD错误。 故选：C。 10．（3分）2025年9月17日，“服务社区同心同行”活动在咸阳举办。如图所示，咸阳市消防救援支队在参与活动的同时，同步开展“暖阳护老消防安全平安行动”，为老年人营造更安全的居住环境。小明设计了一个火灾报警装置，闭合开关S1，指示灯发光，装置开启；当有火情时，开关S2闭合，报警器就会鸣响报警。下列电路符合要求的是（　　） A． B． C． D． 【分析】由题意知闭合开关S1，指示灯发光，开关S2闭合，报警器响，找出符合题意的电路图即可。 【解答】解：由题意知，闭合开关S1，指示灯发光，装置开启；当有火情时，开关S2闭合，报警器就会鸣响报警。 A．若S1闭合，指示灯发光，若再闭合S2，报警器响，故A符合题意； B．若只闭合S1，指示灯不发光，故B不符合题意； C．若只闭合S1，指示灯不发光，故C不符合题意； D．若只闭合S1，报警器响，故D不符合题意。 故选：A。 二、多项选择题（本大题共2小题，每小题4分，共8分。在每小题列出的四个备选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分。） （多选）11．（4分）如图所示，把一个薄壁金属管固定在支座上，管中装一些酒精，然后用软木塞塞紧管口。用软绳在金属管上绕一圈，再用两手很快地牵动绳子，让绳子跟金属管摩擦。过一会发现金属管发热了，接着金属管内的酒精沸腾了，金属管中的蒸气把软木塞冲起。下列说法中正确的是（　　） A．人拉动软绳使金属管发热过程中，通过做功的方式使金属管的内能增加 B．软木塞冲起的过程中，酒精蒸汽的机械能转化为软木塞的内能 C．酒精变成酒精蒸汽的过程中，需要放出热量 D．酒精升温过程中，主要是金属管通过热传递方式使酒精的内能增加 【分析】（1）改变物体内能的两种方式：做功和热传递；对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小；物体吸收热量，内能增大，放出热量，内能减少。 （2）利用内能做功，内能转化为机械能。 【解答】解：A．人拉动软绳与金属管克服摩擦做功，机械能转化为内能，金属管内能增加，通过做功的方法改变内能，故A正确； B．酒精蒸汽把软木塞顶出去的过程，蒸气对塞子做功，内能减少，蒸气的内能转化为塞子的机械能，故B错误； C．酒精变成酒精蒸汽的汽化过程中，汽化吸热，故C错误； D．金属管内的酒精吸收热量，温度升高，内能增大，通过热传递的方法改变内能，使酒精的内能增加，故D正确。 故选：AD。 （多选）12．（4分）如图所示电路，闭合开关，电压表V1的示数为6V，电压表V2的示数为3.4V，下列说法中正确的是（　　） A．电源电压为9.4V B．L1两端电压为2.6V C．将电压表V2换成电流表，则L1亮，L2不亮 D．将电压表V2换成电流表，则L1与L2并联，电流表测干路上的电流 【分析】（1）由图知，两灯串联，电压表V1测电源电压，V2测L2两端电压，由此可知电源电压，根据串联电路的电压规律可求L1两端电压； （2）电流表相当于一根导线，据此分析电压表V2换成电流表后电路的连接情况以及灯泡的工作状态。 【解答】解：AB、由图知，两灯串联，电压表V1测电源电压，V2测L2两端电压，所以电源电压U＝6V，L2两端电压U2＝3.4V， 由串联电路的电压规律可得，L1两端电压U1＝U﹣U2＝6V﹣3.4V＝2.6V，故A错误，B正确； CD、将电压表V2换成电流表，则灯泡L2短路，电路为L1的简单电路，所以L1亮，L2不亮，电压表测通过L1的电流，故C正确，D错误。 故选：BC。 三、填空题（本大题共6小题，每空1分，共12分。） 13．（2分）珊珊一家到烧烤店品尝美味的烤肉串，在烧烤的过程中，珊珊同学看到滋滋冒油的肉串，与烤制前相比，此时肉串的内能 　增大　 （填“增大”“减小”或“不变”），同时她的家人也能闻到浓浓的肉香味儿，这是由于分子在 　不停地做无规则运动　 。 【分析】（1）热传递可以改变物体的内能热传递的结果：高温物体内能减少，低温物体内能增加，持续到物体的温度相同为止。 （2）一切物质的分子都在不停地做无规则运动。这种无规则运动叫作分子的热运动。 【解答】解：烤肉串时，是通过热传递的方式将炭火的热量传递给肉串。根据热传递的原理，高温物体向低温物体传递热量，肉串吸收热量后，温度升高，其内能增大。 能闻到浓浓的肉香味儿，是因为肉中的香味物质分子在不停地做无规则运动，在烧烤过程中，温度升高，分子的无规则运动更加剧烈，这些香味分子会扩散到空气中，进而进入人的鼻腔，使人闻到香味，这是扩散现象。 故答案为：增大；不停地做无规则运动。 14．（2分）2024年春节期间，多地出现了一种罕见的天气现象——霰。它是指在高空中的水蒸气遇到冷空气 　凝华　 （选填物态变化的名称）成的小冰粒，多在下雪前或下雪时出现，直径2～5mm，着硬地常反跳，松脆易碎。云、雨、露、霜、雪、雹、雾都是水的“化身”，水的状态发生转化与 　温度　 密切相关。水作为大自然赋予人类最宝贵的财富，是我们赖以生存和发展不可缺少的，保护水资源，节约用水是每位公民义不容辞的责任。 【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华； 物质的物态变化与温度有关。 【解答】解：根据物质物态变化特点可知，霰是固体，是高空中的水蒸气遇到冷空气放热凝华形成的小冰粒。 水的状态发生转化与温度相关，温度不同时，水会变成不同的状态。 故答案为：凝华；温度。 15．（2分）3D打印机是通过逐层堆积材料（塑料、金属、陶瓷等），将数字模型转化为三维实体的设备。某品牌的3D打印机打印过程是将固态的材料在高温下变成液态材料，喷头按照3D图纸轨迹将液态材料挤出，材料冷却后形成立体实物。液态材料冷却后形成立体实物的过程是　凝固　 （填物态变化名称），该过程需要　放热　 （选填“吸热”或“放热”）。 【分析】物质由液态变为固态的过程，叫凝固，凝固放热。 【解答】解：物质从液态变为固态的过程叫做凝固，题中液态材料冷却后变成固态实物，属于凝固现象，凝固放热。 故答案为：凝固；放热。 16．（2分）“消防安全，重于泰山！”小霞同学在学校组织的安全演练活动中，看见了如图所示的液态二氧化碳灭火器。这种灭火器是在常温下用 　压缩体积　 的方法使二氧化碳气体液化装入钢瓶里的。使用时拔掉保险栓，压下手柄就会看到管口有大量“白气”，“白气”是 　小水滴　 （选填“二氧化碳”“水蒸气”或“小水滴”）。 【分析】物质由气态变为液态的过程叫做液化，液化的两种方式是降低温度和压缩体积。 【解答】解：液态二氧化碳灭火器在常温下使二氧化碳液化的方法是压缩体积，因为常温下无法通过降低温度实现液化，只能通过压缩气体体积使分子间距减小，从而液化。 使用时，液态二氧化碳喷出后迅速汽化，汽化过程吸热，使周围环境温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化成小水滴，这些小水滴就是我们看到的“白气”，而二氧化碳和水蒸气本身是无色看不见的。 故答案为：压缩体积；小水滴。 17．（2分）在如图所示的电路中有三个开关S1、S2、S3。如果仅将开关S3断开，S1、S2闭合，则灯L1、L2　并　 联；如果将开关S1、S2、S3都闭合，电路处于　短路　 （选填“通路”、“短路”或“断路”）状态。 【分析】（1）串联电路中，电流只有一条路径；并联电路中，电流有多条路径，结合电流流向，分析L1、L2的连接方式； （2）短路分为电源短路和用电器短路，电源短路是指用导线直接将电源两极相连；而用电器短路是指用一根导线将某个用电器的两端连接起来。 【解答】解：（1）将开关S3断开，S1、S2闭合，电流从正极流出，分为两条支路，一条支路经S1、L2，另一条支路经L1、S2，汇合后回到电源负极，灯L1和L2并联； （2）将开关S1、S2、S3都闭合，电流不经过灯L1和L2，直接从电源正极回到电源负极，造成电源短路。 故答案为：并；短路。 18．（2分）“可燃冰”作为新型能源，有着巨大的开发使用潜力，同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍。以10倍的关系粗略计算，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量为　4.2×108 J，如果在1标准大气压下，加热2000kg初温为60℃的水，可以使水温度升高　40　 ℃（c＝4.2×103J/（kg•℃），q煤气＝4.2×107J/kg）。 【分析】（1）利用Q放＝mq求出1kg煤气完全燃烧放出的热量，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的10倍，据此求1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量； （2）由题知，Q吸＝Q放，知道水的比热容、水的初温、质量，利用Q吸＝cmΔt求水的温度升高值，注意：在一标准大气压下，水的沸点是100℃。 【解答】解： （1）1kg煤气完全燃烧放出的热量： Q放＝mq煤气＝1kg×4.2×107J/kg＝4.2×107J， 由题意可知，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量： Q放′＝Q放×10＝4.2×107J×10＝4.2×108J； （2）由题知，Q吸＝Q放′＝4.2×108J， 由Q吸＝cmΔt可得水升高的温度： Δt50℃， 水的末温t＝t0+Δt＝60℃+50℃＝110℃， 在一标准大气压下，水的沸点是100℃，则水的最高温度为100℃，不会达到110℃， 所以，水升高的温度为Δt′＝100℃﹣60℃＝40℃ 故答案为：4.2×108；40。 四、作图题（本大题共3小题，共6分） 19．（2分）如图所示，图甲为四冲程内燃机吸气冲程的示意图，图中画出了吸气冲程中活塞与曲轴的位置和进气门、排气门的开闭和活塞运动的方向情况。请参照甲图，在图乙画出压缩冲程中进气门、排气门的开闭情况和活塞运动的方向（用“↑”或“↓”表示）。 【分析】四冲程内燃机一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，压缩冲程，两个气门都关闭，活塞向上运动。 【解答】解：在内燃机的压缩冲程中，两个气门都关闭，活塞向上运动；如下图所示： 20．（2分）根据实物电路，在虚线框内画出电路图。 【分析】由实物图分析电路的连接方式、开关的位置，再画出对应的电路图。 【解答】解：由实物图知，灯泡L1和L2串联，开关接在灯L1与电源负极之间，电路图如图所示： 21．（2分）在虚线框内填入电池与电流表的电路符号，使灯泡及电流表能正常工作。 【分析】在使用电流表时，电流表与被测用电器串联，相当于导线。 【解答】解：如果右边的方块内是电流表，左边的是电源，则灯泡L2被短路，不能工作，不符合题意，所以右边的是电源，左边的方块内是电流表。 五、实验探究题（本大题共4小题，每空1分，共25分。） 22．（5分）小明在做“探究水沸腾时温度变化特点”的实验。 （1）图甲温度计示数为沸腾时水的温度，由此判断此时气压　小于　 （选填“大于”或“小于”）1个标准大气压。 （2）图乙中　A　 （选填“A”或“B”）是水正在沸腾时的情况。 （3）如图丙所示，小明给一定量的水加热，其温度与时间的关系如图丙中a图线所示（实线部分），若其他条件不变，仅改变水量，则温度与时间的关系图像应是　c　 （选填“b”、“c”或“d”）。 （4）在探究结束后，同学们对不同液体的沸点进行了交流，在图丁中，大容器B内盛有水，小试管A内盛有下表（标准大气压下几种物质的沸点）所列的一种液体，此时若对大容器的底部持续加热，最终发现A内的液体发生沸腾，则A内盛的液体是　酒精　 。 物质 沸点 酒精 78℃ 水 100℃ 煤油 150℃ （5）实验结束，撤掉酒精灯后，烧杯中的水还会沸腾一会，其原因可能是　陶土网的温度高于水的沸点，水还能继续吸热　 。 【分析】（1）由于标准大气压下水的沸点为100℃，气压越低，沸点越低，据此分析； （2）水沸腾时，不断有水汽化为水蒸气进入气泡，气泡越来越大； （3）在液体的温度变化量不变时，仅改变水的质量，沸点不变，因此图像为c； （4）液体沸腾需要同时满足两个条件：达到沸点，继续吸热，据此分析。 【解答】解：（1）根据图中温度计所示，分度值为1℃，液面在100℃向下两小格，为98℃，由于标准大气压下水的沸点为100℃，气压越低，沸点越低，因此此时大气压低于标准大气压； （2）水沸腾时，整个容器内水温相同，气泡在上升过程中，不断有水汽化为水蒸气进入气泡，气泡越来越大，由此可知A为水沸腾时的情况； （3）液体吸热的多少与液体种类、质量、温度的变化量有关，在液体的温度变化量不变时，减小液体的质量可以减少液体吸收的热量，因此能缩短加热时间；若减小水量，沸点不变，加热到沸腾所需时间减小，因此图像为c； （4）液体沸腾需要同时满足两个条件：达到沸点，继续吸热，由于酒精的沸点小于水，因此水沸腾时，试管中的酒精达到沸点后可以继续吸热，故为酒精。 （5）撤掉酒精灯后，烧杯中的水还会沸腾一会的原因是：陶土网（或铁圈、烧杯底部）的温度仍高于水的沸点，水可以继续从石棉网（或铁圈、烧杯底部）吸收热量，满足沸腾的持续吸热条件，因此会继续沸腾一小会儿。 故答案为：（1）小于；（2）A；水蒸气（3）c；（4）陶土网的温度高于水的沸点，水还能继续吸热。 23．（6分）在探究“比较不同物质吸热能力的情况”的实验中，实验装置如图所示。 （1）将一根塑料绳一端扎紧，从另一端把绳尽可能撕成更多的细丝（如图甲所示），用手向下捋几下后，观察到的现象是：塑料细丝越来越　蓬松　 （选填“蓬松”或“紧密”）。已知塑料细丝带负电荷，则手带　正　 电。 （2）如图乙，a、b所示装置均为比较简易的验电器，它们都可以用来检验某物体是否带电。由图中现象可知，图b装置是依据　带电体有吸引轻小物体的性质　 的原理来检验物体是否带电的，图a装置工作原理与图b装置　不相同　 （选填“相同”或“不相同”）。 （3）酸甜多汁的水果不仅可以为我们身体提供能量，还可以发电。图丙是某实验小组制作的水果电池，图中的发光二极管的两根引脚中，较长的为正极，此时二极管能发光，说明水果电池的正极是　B　 （选填“A”或“B”）端，导线BC中自由电子的运动方向是　从C到B　 （选填“从B到C”或“从C到B”）。 【分析】（1）摩擦起电的实质是电子的转移，物体失去电子带正电，另一个物体必然得到电子带等量的负电。 （2）验电器是根据同种电荷相互排斥的原理来工作的。 （3）二极管具有单向导电性。 【解答】解：（1）摩擦起电的实质是电子的转移；两个物体相互摩擦，电子发生转移，带不同电荷，塑料丝带负电，则手带正电。 （2）带电塑料棒靠近铝箔条时，由于塑料棒带了电荷，能够吸引轻小的铝箔条，铝箔条会转动。不带电的物体靠近铝箔条，铝箔条不动。 带电体与验电器小球接触，部分电荷转移到两片金属箔片上，这两片金属箔片由于带同种电荷相互排斥而张开。 （3）二极管具有单向导电性，它的较长的管脚是二极管的正极；当电流由其正极流入时，才能通过二极管。二极管发光了，说明电流是从其正极流入的，从其负极流出。故B是电池正极。电流从B到C，形成电流时自由电子移动方向与电流方向相反，故自由电子定向运动方向是从C到B。 故答案为：（1）蓬松；正； （2）带电体有吸引轻小物体的性质；不相同； （3）B；从C到B。 24．（7分）在探究“比较不同物质吸热能力的情况”的实验中，实验装置如图所示。 加热时间/min 0 1 2 3 4 甲的温度/℃ 30 34 38 42 46 乙的温度/℃ 10 18 26 34 42 （1）该实验除了图示中的实验器材以外，还需要的测量工具是停表、　天平　 和温度计。 （2）实验中，应量取　质量　 （选填“质量”或“体积”）相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，使用规格相同的电加热器加热。通过比较　加热时间　 来比较甲和乙两种液体吸收热量的多少。 （3）分析表中数据得　甲　 （选填“甲”或“乙”）液体的吸热能力强，要在甲、乙两种液体中选择一种液体做冷却液，你认为选择　甲　 （选填“甲”或“乙”）液体较为合理。 （4）若加热过程中无热量损失，已知甲物质的比热容为4.2×103J/（kg•℃），则乙物质的比热容为　2.1×103 J/（kg•℃）。 （5）另一小组的同学用同一个加热装置分别给质量和初温都相同的两种液体a和b加热，分别记录加热时间和温度，根据记录的数据作出了两种液体a和b的温度（T）随时间（t）变化的图像如图1所示，则液体ca　小于　 cb。（选填“大于”、“小于”或“等于”） 【分析】（1）本实验用到的测量工具有：停表、温度计、天平； （2）根据控制变量法，实验中应量取质量相同的甲、乙两种液体。因为使用规格相同的电加热器加热，根据转换法，电加热器加热时间越长，放出的热量越多，液体吸收的热量也越多。 （3）根据Q＝cmΔt，甲升高的温度少，所以甲液体的吸热能力强。做冷却液应选择吸热能力强的液体，这样能吸收更多热量而自身温度升高较小，所以选择甲液体较为合理。 （4）根据Q＝cmΔt，相同质量的甲、乙液体，加热时间相同则吸收热量相同，升高的温度与比热容成反比，计算乙的比热容。 （5）由温度﹣时间变化图象可知，质量和初温都相同的两种液体a和b，加热相同时间（吸收相同热量），液体b升高的温度小于液体a升高的温度，根据Q＝cmΔt，在Q、m相同的情况下，Δt越小，c越大，所以ca小于cb。 【解答】解：（1）根据比较比较吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质量相同，还需要测量质量的工具是天平； （2）根据控制变量法，实验中应量取质量相同的甲、乙两种液体。因为使用规格相同的电加热器加热，根据转换法，电加热器加热时间越长，放出的热量越多，液体吸收的热量也越多，所以通过比较加热时间来比较甲和乙两种液体吸收热量的多少。 （3）由表中数据可知，相同质量的甲、乙两种液体，加热相同时间1min（吸收相同热量），甲升高的温度 Δt甲＝34℃﹣30℃＝4℃，乙升高的温度 Δt乙＝18℃﹣10℃＝8℃，根据Q＝cmΔt，甲升高的温度少，所以甲液体的吸热能力强。做冷却液应选择吸热能力强的液体，这样能吸收更多热量而自身温度升高较小，所以选择甲液体较为合理。 （4）根据Q＝cmΔt，相同质量的甲、乙液体，加热时间相同则吸收热量相同，升高的温度与比热容成反比，乙的比热容为c乙c甲4.2×103J/（kg•℃）＝2.1×103J/（kg•℃）。 （5）由温度﹣时间变化图象可知，质量和初温都相同的两种液体a和b，加热相同时间（吸收相同热量），液体b升高的温度小于液体a升高的温度，根据Q＝cmΔt，在Q、m相同的情况下，Δt越小，c越大，所以ca小于cb。 故答案为：（1）天平；（2）质量；加热时间；（3）甲；甲；（4）2.1×103；（5）小于。 25．（7分）图甲所示是探究并联电路的电流规律的实验电路图。 实验序号 电流I1/A 电流I2/A 电流I3/A 1 0.20 0.50 2 0.24 0.26 0.50 3 0.32 0.18 0.50 （1）闭合开关前，发现电流表指针如图丙所示，存在的问题是：　电流表未调零　 。 （2）连接电路时，小华发现最后一根导线接好时，小灯泡立即亮了，出现这种现象的原因是　连接电路时开关未断开　 ；如图乙所示，若电流表断路，闭合开关后，灯L2　有　 （选填“有”或“无”）电流通过。 （3）用电流表分别测灯L1、L2的电流I1、I2及干路中的电流I3，其中测电流I1时，电流表的示数如图丁所示，示数为　0.3　 A。接着更换不同规格的灯泡并多次实验，数据记录见上表。 （4）分析实验数据，可知并联电路中电流I1、I2及I3的关系为　I3＝I1+I2 。 （5）为使结论更具普遍性，实验中除更换用电器外，还可以采取的措施是　改变电源电压，多次进行实验　 。 （6）如图戊是另一小组的实验电路的一部分，若通过导线ab电流为0.6A，则通过导线cd的电流大小是　0.28A或0.92A　 。 【分析】（1）闭合开关前，电流表指针应指在零刻度线处，若不在零刻度线处则需要调零。 （2）连接电路时，为保证电路安全，开关应处于断开状态，在并联电路中，各支路互不影响。 （3）电流表量程应为 0～0.6A，分度值为0.02A，读出示数。 （4）分析实验数据得出结论。 （5）为使结论更具普遍性，实验中除更换用电器外，还可以采取的措施是改变电源电压，多次进行实验。 （6）根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和分析。 【解答】解：（1）闭合开关前，电流表指针应指在零刻度线处，若不在零刻度线处则需要调零。所以电流表指针如图丙所示，如图丙所示，存在的问题是电流表未调零。 （2）连接电路时，为保证电路安全，开关应处于断开状态。若最后一根导线接好时，小灯泡立即亮了，原因是连接电路时开关未断开。在并联电路中，各支路互不影响，若电流表断路，只是该支路无电流，灯L2所在支路不受影响，所以闭合开关后，灯 L2有电流通过。 （3）电流表量程应为 0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A。 （4）分析实验数据，如 0.20A+0.30A ＝ 0.50A、0.24A+0.26A ＝ 0.50A 等，可知并联电路中电流的关系为I3＝I1+I2。 （5）为使结论更具普遍性，实验中除更换用电器外，还可以采取的措施是改变电源电压，多次进行实验，得到多组不同的电流数据，从而使结2论更具普遍性。 （6）根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和，若通过导线ab的电流为 0.6A，且ab为干路电流，假设电路只有两条支路，一条支路的电流为0.32A，导线cd为另一条支路，则通过导线cd的电流大小为：0.6A﹣0.32A＝0.28A。 若通过导线cd的电流为干路电流，则导线cd的电流为0.6A+0.32A＝0.92A。 故答案为：（1）电流表未调零；（2）连接电路时开关未断开；有；（3）0.3；（4）I3＝I1+I2；（5）改变电源电压，多次进行实验；（6）0.28A或0.92A。 六、综合应用题（本大题共2小题，共19分。解答时要求在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤，只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不得分。） 26．（8分）如图所示，电源电压为3V，当S闭合、S1断开时，电流表的示数为0.2A；当S、S1都闭合时，电流表的示数为0.5A。则： （1）当S闭合、S1断开时，电压表示数为多少？ （2）当S、S1都闭合时，L1两端的电压是多少？ （3）当S、S1都闭合时，通过L1的电流是多少？ 【分析】（1）当S闭合、S1断开时，电路为L2的简单电路，电流表测电路中的电流，电压表测量灯泡L2两端电压； （2）当S、S1都闭合时，L1与L2并联，根据并联电路的电压特点可知L1两端的电压； （3）当S、S1都闭合时，L1与L2并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过L2的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过L1的电流。 【解答】解：（1）当S闭合、S1断开时，电路中只有L2接入电路，此时电压表示数应等于电源电压，因为电源电压U＝3V，故此时电压表示数为3V。 （2）当S、S1都闭合时，两灯泡并联，因为并联电路各支路两端的电压等于电源电压，故L1两端的电压U1＝U＝3V。 （3）当S闭合、S1断开时，电流表测通过L2的电流，其大小为I2＝0.2A， 当两开关都闭合时，电流表测量干路电流，则干路电流I＝0.5A， 此时通过灯泡L1的电流I1＝I﹣I2＝0.5A﹣0.2A＝0.3A。 答：（1）当S闭合、S1断开时，电压表示数为3V； （2）当S、S1都闭合时，L1两端的电压是3V； （3）当S、S1都闭合时，通过L1的电流是0.3A。 27．（11分）如图甲所示，1个标准大气压下，普通煤炉把壶内20℃、5kg的水烧开需完全燃烧0.2kg的煤，为提高煤炉效率，浙江大学创意小组设计了双加热煤炉，如图乙所示，在消耗等量煤，烧开壶内初温相同、等量水的过程中，同时使炉壁间水的内能增加了8.4×103J。[q煤＝3×107J/kg，c水＝4.2×105J/（kg•℃）]求： （1）普通煤炉把壶内20℃、5kg的水烧开时，水吸收的热量是多少？ （2）0.2kg的煤完全燃烧释放的热量？ （3）双加热煤炉的烧水效率有多大？ 【分析】（1）1个标准大气压下，水的沸点为100℃，即水的末温为100℃，利用Q吸＝cmΔt计算水吸收的热量； （2）利用Q放＝mq计算煤完全燃烧放出的热量； （3）双加热煤炉中，水吸收的热量加上炉壁间水的内能增加值，为双加热煤炉有效利用的热量，双加热煤炉的烧水效率等于双加热煤炉有效利用的热量（等于水吸收的热量加上炉壁间水的内能增加值）与煤完全燃烧释放的热量的比值。 【解答】解：（1）1个标准大气压下，水的沸点为100℃，即水的末温为100℃，水吸收的热量： Q吸＝c水m水Δt＝4.2×103J/（kg•℃）×5kg×（100℃﹣20℃）＝1.68×106J； （2）煤完全燃烧放出的热量： Q放＝m煤q煤＝0.2kg×3×107J/kg＝6×106J； （3）双加热煤炉中，水吸收的热量Q吸＝1.68×106J，炉壁间水的内能增加了Q增＝8.4×103J，则双加热煤炉有效利用的热量为：Q有用＝ Q吸+Q增＝1.68×106J+8.4×103J＝1.6884×106J， 则双加热煤炉的烧水效率为： η100%＝28.14%。 答：（1）普通煤炉把壶内20℃、5kg的水烧开时，水吸收的热量是1.68×106J； （2）0.2kg的煤完全燃烧释放的热量为6×106J； （3）双加热煤炉的烧水效率为28.14%。 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $