第6章 生物的进化 章末整合提升 知识储备 考教衔接(学用Word)-【优学精讲】2025-2026学年高中生物必修2 遗传与进化（人教版 多选版）

该高中生物学复习讲义通过表格对比、概念判断题等工具系统构建生物进化单元知识体系，涵盖共同由来学说、化石证据、基因频率计算等核心内容，清晰呈现进化与适应观的内在逻辑及重难点分布。 讲义亮点在于“概念理解-思维表达-真题应用”的递进式练习设计，如通过卷翅突变体生存能力分析题培养科学思维，结合DNA序列比对真题强化进化与适应的生命观念。基础题巩固概念，综合题提升分析能力，助力教师实施精准教学，支持学生自主复习。

1.概念理解（判断正误） （1）共同由来学说揭示了生物进化的机制，解释了物种形成的原因。（　　） （2）化石就是自然条件下保存在地层中的古代生物的遗体或遗物。（　　） （3）亲缘关系越近的生物细胞代谢方面的共同特征就越多。（　　） （4）DNA中的碱基序列相似程度越大，生物的亲缘关系可能越近。（　　） （5）人和鱼的胚胎发育经历了有鳃裂及有尾的阶段，这说明人和鱼有共同的祖先。（　　） （6）拉马克认为因用进废退而获得的性状是可以遗传给后代的。（　　） （7）群体中出现可遗传的有利变异和环境的定向选择是适应形成的必要条件。（　　） （8）适应相对性的根本原因是遗传的稳定性与环境不断变化之间的矛盾。（　　） （9）在一个遗传平衡的群体中，种群个体连续自交多代后，该种群基因频率没有改变，没有进化。（　　） （10）环境条件的改变导致了生物适应性变异的产生。（　　） （11）交配后能产生后代的两个种群就是同一物种。（　　） （12）最早的光合生物产生的氧气为好氧生物的出现创造了前提条件。（　　） （13）最早的生物化石是古细菌化石，此时期的生态系统中有生产者、消费者和分解者。（　　） （14）生物多样性的形成是指新的物种不断形成的过程。（　　） （15）生物进化的过程实际上是生物与无机环境协同进化的过程。（　　） 2.思维表达（长句书写） （1）果蝇的卷翅突变体不能飞行，若将它们释放到自然环境中，它们的生存能力一定比正常翅野生型个体差吗？请说明理由。 （2）物种的形成一定要经过地理隔离吗？举例说明。 （3）在种群足够大、没有突变发生、种群之间不存在个体的迁移或基因交流、没有自然选择的情况下，自交和自由交配对基因（型）频率分别有什么影响？ 一、生物进化的证据 【真题1】　（2023·浙江6月选考3题）不同物种体内会存在相同功能的蛋白质，编码该类蛋白质的DNA序列以大致恒定的速率发生变异。猩猩、大猩猩、黑猩猩和人体内编码某种蛋白质的同源DNA序列比对结果如下表，表中数据表示DNA序列比对碱基相同的百分率。 大猩猩 黑猩猩 人 猩猩 96.61％ 96.58％ 96.70％ 大猩猩 98.18％ 98.31％ 黑猩猩 98.44％ 下列叙述错误的是（　　） A.表中数据为生物进化提供了分子水平的证据 B.猩猩出现的时间早于大猩猩、黑猩猩 C.人类、黑猩猩、大猩猩和猩猩具有共同的祖先 D.黑猩猩和大猩猩的亲缘关系比黑猩猩与猩猩的亲缘关系远 【教材溯源】 （教材P103“思考·讨论”） 细胞色素c是细胞中普遍含有的一种蛋白质，约有104个氨基酸，据测算，它的氨基酸序列每2 000万年才发生1％的改变。不同生物与人的细胞色素c氨基酸序列的差异如下表所示： 生物名称 黑猩猩 猕猴 狗 鸡 响尾蛇 金枪鱼 果蝇 天蚕蛾 链孢霉 酵母菌 氨基酸差异/个 0 1 11 13 14 21 27 31 43 44 （1）根据上表分析可得出：与人亲缘关系最近的是黑猩猩，最远的是酵母菌。 （2）本实验说明氨基酸的差异越小，亲缘关系越近；物种间的氨基酸的差异越大，物种间的亲缘关系越远。 （3）这些生物的细胞色素c在化学结构上的相似性说明这些生物有着共同的原始祖先。 （2024·安徽高考13题）如图是甲与其他四种生物β-珠蛋白前40个氨基酸的序列比对结果，字母代表氨基酸，“·”表示该位点上的氨基酸与甲的相同，相同位点氨基酸的差异是进化过程中β-珠蛋白基因发生突变的结果。下列叙述错误的是（　　） A.不同生物β-珠蛋白的基因序列差异可能比氨基酸序列差异更大 B.位点上未发生改变的氨基酸对维持β-珠蛋白功能稳定可能更重要 C.分子生物学证据与化石等证据结合能更准确判断物种间进化关系 D.五种生物相互比较，甲与乙的氨基酸序列差异最大，亲缘关系最远 二、基因频率的计算 【真题2】　（2024·江西高考4题）某水果的W基因（存在多种等位基因）影响果实甜度。研究人员收集到1 000棵该水果的植株，它们的基因型及对应棵数如下表。据表分析，这1 000棵植株中W1的基因频率是（　　） 基因型 W1W2 W1W3 W2W2 W2W3 W3W4 W4W4 棵数 211 114 224 116 260 75 A.16.25％　　　　　　　 B.32.50％ C.50.00％ D.67.50％ 【教材溯源】 （教材P111“思考·讨论”） 利用基因型计算基因频率 1.已知基因型的个体数，求某基因的频率，则基因频率＝[（该基因纯合子个体数×2＋杂合子个体数）/（总个体数×2）]×100％。 2.已知基因型频率，求基因频率，则A的基因频率＝AA的基因型频率＋Aa的基因型频率；a的基因频率＝aa的基因型频率＋Aa的基因型频率。 1.某小麦种群中TT个体占20％，Tt个体占60％，tt个体占20％，由于某种病害导致tt个体全部死亡，则病害发生前后该种群中T的基因频率分别是（　　） A.50％、50％ B.50％、62.5％ C.62.5％、50％ D.50％、100％ 2.蜗牛的有条纹（A）对无条纹（a）为显性。在一个地区的蜗牛种群内，有条纹（AA）个体占55％，无条纹（aa）个体占15％，若蜗牛个体间进行自由交配得到F1，则在不考虑基因突变等情况下，进行自由交配前种群中A基因的频率和F1中Aa基因型的概率分别是（　　） A.30％，21％ B.30％，42％ C.70％，21％ D.70％，42％ 提示：完成课后作业　重难突破练（六） 学科网（北京）股份有限公司 $ 章末整合提升 【体系构建】 􀀁种群　􀀂种群基因频率　􀀃突变　􀀄自然选择　􀀅隔离 􀀆不同物种　􀀇无机环境　􀀈物种 【基础排查】 1.（1）×　（2）×　（3）√　（4）√　（5）√　（6）√　（7）√　（8）√　（9）√　（10）×　（11）×　（12）√　（13）×　（14）×　（15）× 2.（1）提示：不一定。若将果蝇放在风大的海岛上，不能飞行的卷翅突变体受大风的影响小，反而能够生存下来，而野生型个体存活率会降低。 （2）提示：不一定。例如，二倍体植株经染色体加倍成了四倍体植株，二倍体植株与四倍体植株杂交产生的三倍体植株是高度不育的，二者之间存在生殖隔离，是不同的物种，但没有经过地理隔离。 （3）提示：自交多代，后代基因频率不变，基因型频率改变。自由交配的种群，基因频率和基因型频率均不变。 【考教衔接】 【真题1】　D　同源DNA序列的比对是在分子水平上进行的研究，为生物进化提供了分子水平的证据，A正确；根据题干可知不同物种体内会存在相同功能的蛋白质，编码该类蛋白质的DNA序列以大致恒定的速率发生变异，人在进化中出现是最晚的，而猩猩的碱基和人类相同的百分率是最小的，说明猩猩出现的时间早于大猩猩、黑猩猩，B正确；多重证据表明，当今生物具有共同的祖先，C正确；黑猩猩和大猩猩的碱基相同的百分率是98.18％，黑猩猩与猩猩的碱基相同的百分率是96.58％，因此黑猩猩和大猩猩的亲缘关系比黑猩猩与猩猩的亲缘关系近，D错误。 对点训练 D　密码子具有简并性，可推测不同物种的生物β-珠蛋白的基因序列差异可能比氨基酸序列差异更大，A正确；不同生物的β-珠蛋白某些位点上的氨基酸相同，可推测这些位点上未发生改变的氨基酸对维持β-珠蛋白功能稳定可能更重要，B正确；化石是研究生物进化的最直接证据，通过比对氨基酸序列等分子生物学证据与化石等证据结合能更准确判断物种间进化关系，C正确；相同位点氨基酸的差异数可反映生物的亲缘关系，五种生物相互比较，甲与乙的氨基酸序列差异数为11个，而乙和丙的氨基酸序列差异数为13个，故甲与乙的亲缘关系并非最远，D错误。 【真题2】　A　根据基因频率计算的公式可得：W1的基因频率＝[（211＋114）÷（1 000×2）]×100％＝16.25％，A符合题意。 对点训练 1.B　根据病害发生前的各种基因型频率可知，病害发生前T的基因频率＝20％＋1/2×60％＝50％；病害发生后，tt个体全部死亡，TT的基因型频率为20％÷（20％＋60％）＝25％，Tt的基因型频率为60％÷（20％＋60％）＝75％，所以病害发生后T的基因频率＝25％＋1/2×75％＝62.5％。 2.D　亲本中AA个体占55％，aa个体占15％，所以Aa个体占30％，则A基因的频率为55％＋30％×1/2＝70％，a基因的频率为1－70％＝30％。蜗牛间进行自由交配，在不考虑基因突变等情况下，F1中Aa基因型的概率为2×70％×30％＝42％。 1 / 2 学科网（北京）股份有限公司 $