2026届河北省盐山中学高三下学期高考模拟物理试卷

2026届高考模拟卷·物理 (75分钟100分) 一、单项选择题：本大题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 1.钚-239是一种放射性物质，其衰变方程为翻Pu一→2U+X。已知翻Pu、2U、X三种 原子的核质量依次为m1、m2、mg,光速为c。下列说法正确的是 () A.方程式中a=2,b=3 B.该衰变为a衰变 C.X由9Pu原子核中的四个质子转化而来 D.该核反应放出的能量为(m2十mg一m1)c2 2.如图所示，高空科研探测气球悬停空中，其配备智能温控系统可精准调控气球内部气体 温度。气球第一次悬停时调节温控系统，使气球内部气体迅速升温并维持恒定，气球上 升一段距离后第二次悬停，此时探测到外界空气压强变为第一次悬停处的？，温度变为 第一次悬停处的？。已知气球体积始终为V,运动过程中气球内、外压强始终相等，第一 次悬停处外界空气密度为，气体密度与压强、温度关系满足导-C(C为常量)。第二次 悬停相比于第一次悬停，气球内气体质量减少了 A.Tov 8是 Cpov p器N 3.将于近期择机发射的“天问二号”探测器计划对小行星2016H03进行伴飞、采样并返回。 2016HO3是一颗直径约40~100米的近地小行星，距离地球最近约1400万公里，最远 约4000多万公里，因其运行周期与地球高度同步，被称为“地球准卫星”。如图所示，地 球绕太阳公转可视作圆轨道，小行星2016HO3绕太阳运行轨道为椭圆，它的近日点位于 地球圆轨道内侧。下列说法正确的是 () A.探测器的发射速度大于第三宇宙速度 B.探测器在采样时能实时接收地面控制中心的指令 C.小行星在近日点的速度大于地球做圆周运动的速度 太阳 地球小行星 …◆… D.小行星在远离太阳过程中引力做负功，机械能不断 减小 4.传统电流表测电流时需要把待测载流导线切断串人电流表，既麻烦又不安全。钳表是一种 新型感应电流表，见图甲，机械开合器可以控制钳状铁芯（硅钢片制成）张开或闭合，钳口打 开后夹人一根待测载流导线后，闭合钳口（见图乙）。铁芯钳子与表内固定隐藏铁芯组成闭 合磁路，如图丙所示，载流导线相当于在铁芯上缠绕了1匝原线圈，而在内部隐藏铁芯上缠 绕了接有电流表的多匝副线圈，通过电流表的感应电流值，就可计算载流导线上电流I的 大小。若钳表上连接电流表的铁芯上缠绕了10匝副线圈，下列说法正确的是 钳状铁芯 开 被测电流 磁感线 器 机 械开合 电流表 钳表 甲：钳形表外形 乙：钳形表实测电流 丙：钳形表原理 A.钳表既能测交流电流，又能测直流电流 B.钳表只能测火线上的电流，不能测零线上的电流 C.若图丙中电流表示数为5mA,则载流导线上待测电流I=50mA D.若图乙中钳表同时夹住零线和火线两根导线，则电流表的读数将加倍 5.如图所示，轨道2为“最速降线”轨道，轨道1为倾斜直轨道。已知两条轨道均光滑，且起 点、终点均相同，其中轨道2末端与水平面相切。当小球在轨道2上运动时，其竖直方向 的速度大小v,与小球沿轨道运动的切线方向之间的夹角0满足关系式v,ccsin20。现将 两个完全相同的小球a、b同时从起点由静止释放，小球a沿轨道1、小球b沿轨道2运动 至终点的过程中，下列说法正确的是 ( ) A.两个小球同时释放且能同时到达终点 风起点 B.小球a到达终点时的速度大于小球b 轨道1 C.小球b下滑过程中重力的功率一直增大 轨道2 D.此运动过程中小球a的平均速度小于小球b ⊙终点 6.地面上的水龙头按如图所示的方式向上喷水，所有水珠喷出的速率o相同，设喷射方向 与地面夹角为0,0在0°到90°范围内。若喷出后水束的最高位置距地面高度为5m,重力 加速度g取10m/s。下列说法正确的是 A.日=30°时水束落地时的圆半径最大 B.=60°时水束落地时的圆半径最大 C.水束落地时最大圆半径为10m D.水束落地时最大圆半径为5m 7.在如图所示的等量同种负电荷连线的中垂线上有A、B、C三点， AO=OC,从A点无初速度释放一带负电的粒子。下列说法正确 的是 （) A.粒子将沿AB连线做变加速运动，且一定有加速度aA>aB B.粒子将沿AB连线做变加速运动，且一定有电势Φ>ΦA C.粒子将在AC间做往复运动 D.粒子将由A向B方向运动，且在A点的电势能低于在B点的 电势能 二、多项选择题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合题目要求， 全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.膨化食品包装袋内充入氮气可防止食物氧化，食品在运输过程中，随周围环境温度升高 包装袋会明显膨胀。若包装袋的材料导热良好，包装袋内的气体可视为理想气体。下列 说法正确的是 () A.包装袋膨胀是因为内部气体分子数增加 B.包装袋膨胀过程中，外界对包装袋内气体做负功 C.包装袋内的所有气体分子运动的速率均变大 D.包装袋内气体的内能增加量小于气体吸收的热量 9.如图所示，电阻不计、半径为R的金属圆环上固定了三根沿半径方 a 向的金属棒OA、OB和OC,其阻值均为r,它们之间的夹角均为 ● A 120°。圆心角为60°的扇形αOb内有如图所示的匀强磁场，磁感应 60 强度大小为B。现让金属圆环绕过圆心O且与圆环平面垂直的转 轴，以角速度ω顺时针匀速转动，αOb位置不变。下列说法正确的 是 () A.OA棒通过磁场的过程中，O点的电势高于A点的电势 夕 B.OA棒通过磁场的过程中，产生的电动势为BwR C.OA棒通过磁场的过程中，OA两端的电压为BwR D.圆环转动一周产生的热量为wB2R 10.如图所示，均匀介质中有一个正六边形平面ABCDEF,P点为 AB边中点。在P、D、F三点上各有一个沿垂直纸面方向振动的 波源，它们在t=0s时同时起振，振动情况完全相同，振动周期为 T=2s,|AF|=3λ（入为所产生的机械波波长）。已知该机械波传 播距离为r时的振幅Ao心二，波源D所发出的波到达A点时的振 幅A=1cm。下列说法正确的是 A.足够长时间后A处的质点振动的振幅为（√2一1）cm B.足够长时间后A处的质点振动的振幅为（√2+1）cm C.在t=0s到t=14s内，A处的质点运动的路程为(32一8√2)cm D.在t=0s到t=14s内，A处的质点运动的路程为(24一4√2)cm 三、非选择题：本大题共5小题，共54分。 11.(6分)某物理兴趣小组想利用气垫导轨验证物块和弹簧组成的系统机械能守恒。如图 甲所示，气垫导轨调至水平，力传感器固定在导轨的左支架上，将轻质弹簧一端连接到 力传感器上，弹簧自由伸长至O点。给装有宽度为d的遮光条的滑块一定的初速度，使 之从导轨右端向左滑动，记录滑块经过光电门时的挡光时间△t以及滑块压缩弹簧至最 短时力传感器的示数F,并多次进行上述操作。已知弹簧的劲度系数为，弹簧弹性势 能的表达式为E,=x(x为弹簧的形变量)，滑块的质量为m。 原长位置0 光电门 力传感器 遮光条 1 cm wwwwww 滑块 10 20 甲 乙 (1)用游标卡尺测得遮光条的宽度如图乙所示，读数d= mm。 ②)滑块经过光电门时的动能为2弹簧压缩到最短时，弹簧的弹性势能为 (用题中所给字母表示)。 (3)根据实验数据，作出 填“FA”下”或”F)图像，使之成为一条自 △t 线，图像的斜率为 (用题中所给字母表示)，则可验证系统机械能守恒。 12.（10分)为研究某种新型材料的导电性能，实验小组选取一段均匀圆柱形材料样品进行 电阻率的测量，具体过程如下： 20 15 10 5 甲 之 (1)实验小组先用直尺测得样品的长度L;再用螺旋测微器测量其直径d,示数如图甲所 示，其读数d= mm。 (2)实验小组利用多用电表电阻档“×1”倍率粗测样品的电阻R=102。 (3)实验室提供了如下器材： A.直流电源：电动势约为3V,内阻可忽略不计 B.电压表(0~3V,内阻约3k2) C.电压表(0~15V,内阻约15k2) D.电流表(0~600mA,内阻约0.32) E.电流表(0~300mA,内阻约0.52) F.电阻箱：最大阻值为999.92，允许通过的最大电流为1.0A G.开关、导线等 为了更准确的测量样品的电阻率，电压表应选 ,电流表应选 (均填 器材前的字母)。 (4)实验小组设计了如图乙所示的电路测量样品电阻。请分析该电路测得的阻值与真 实值相比，结果 (填“偏大”“相等”或“偏小”)。 (5)若该样品电阻的测量值计为R,则该样品的电阻率为 (用题目中给出的已 知量的符号表示)。 13.(9分)盐灯作为一款时尚灯饰，由具有较好透光性的水晶盐制成，能够发出温暖柔和的 光芒。如图所示，某长方体盐灯底部是不透光木质底座，上、下表面是边长为a=0.4m 的正方形，高为b=0.6,黄色点光源位于长方体的几何中心。已知该水晶盐介质均 匀，黄光在盐灯中的折射率n=2,在空气中折射率近似等于1，光在真空中的传播速度 为c=3×10⑧m/s,不考虑光经过分界面的反射问题，也不考虑光刚好射到棱上的情况。 (1)求黄光在盐灯中的传播速度以及传播的最短时间（计算结果保留2位有效数字）。 (2)请判断盐灯外表面被照亮区域的最大面积位于其上表面还是某一侧面，并求出最大 面积（计算结果保留π）。 14.(12分)如图甲所示，在平面直角坐标系xOy中，直线x=(4十√2)d和y轴之间有垂直 纸面的匀强交变磁场，磁场方向垂直于纸面向外为正方向，磁感应强度的大小和方向变 化规律如图乙所示；在直线x=(4+√2)d右侧有沿x轴负方向的匀强电场。t=0时，一 带正电的粒子从y轴上的P点(0，√2d一4d)沿与y轴正方向的夹角为45°、以初速度vo (未知)射入匀强交变磁场。在t=3。时垂直穿过x轴，一段时间后粒子恰好沿原路径 回到P点。粒子可视为质点、重力不计，忽略由于磁场变化引起的电磁效应。 x=(4+V2)d ↑B Bo E ● 0 0 02o304t5o6t70t 45 -B0 甲 乙 (1)求粒子的比荷9 2 (2)求粒子的初速度大小。 (3)求匀强电场的场强大小E。 15.（17分)如图所示，足够长的光滑水平面上质量为1的物块A以初速度撞向静止的 质量为2的物块B,物块B左侧有竖直墙，物块之间、物块与墙壁之间的碰撞皆为弹性 碰撞，以水平向左为速度正方向。 (1)求第一次碰撞后物块A和B的速度。 (2)若物块A和B仅发生一次碰撞，求m满足的条件。 m2 (3)若%=100，求总共发生碰撞的次数（可用5.71时，tan0=司）. m2 2026届高考模拟卷·物理 参考答案 1.B【解析】根据质量数和电荷数守恒，得X的质量数b=239-235=4,电荷数a=94一92=2，故X为He,该衰变为a衰变，A错 误，B正确。α粒子由”Pu原子核内部2个质子和2个中子组成，并非由四个质子转化而来，C错误。根据爱因斯坦质能方程，有 △E=(1一2一)c2,D错误。故选B。 2.A【解析】设第一次悬停时压强为p,温度为T,气球内的气体质量为m=V,依题意，第二次悬停时压强P:=号，温度T= 音，气体密度为a,气体质最-e,由导=常量，布六产得a一铝，由△=一m,解得n放选A。 3.C【解析】探测器未能脱离太阳系飞出去，所以探测器的发射速度小于第三宇宙速度，A错误。即使在最近约1400万公里处，电 磁信号往返也会有数十秒以上的延迟，无法实现“实时”操控，B错误。由于离心作用，小行星在近日点的速度大于以近日点到太阳 的距离为半径的圆形轨道速度，因为该圆半径小于地球做圆周运动的半径，所以此圆形轨道速度大于地球做圆周运动的速度，则小 行星在近日点的速度大于地球做圆周运动的速度，C正确。太阳引力是保守力，小行星在椭圆轨道上机械能守恒，不随小行星远离 太阳而不断减小，D错误。故选C。 4.C【解析】钳表测电流利用了电磁感应现象，所以钳表不能测直流电流，A错误。由于通过零线上的电流也是变化的，所以钳表也 能测零线上的电流，B错误。若图丙中电流表示数为5mA,根据子=9，可得载流导线上待测电流为1=101，=50mA,C正确。 若图乙中钳表同时夹住零线和火线两根导线，由于零线和火线两根导线的电流大小相等，方向相反，则通过的副线圈的磁通量一直 为0，电流表的读数为0，D错误。故选C。 5.D【解析】小球α沿直线轨道1做匀加速直线运动，其加速度恒定，对应的vt图像为一条倾斜直线，小球b沿“最速降线”轨道2 运动过程，根据a=gc0s0,9取0~受，可知切向加速度逐渐减小，则其t图像的斜率逐渐减小，两球位移相等，已知小球b所用时 间小于小球a所用时间，小球6先到达终点，根据0=二，可知此运动过程中小球a的平均速度小于小球b,A错误，D正确。 根据机械能守恒定律可知mgh=号m,可知小球a到达终点时的速度大小等于小球b的速度大小，B错误。由题意心，csin28,根 据P。=g心，可知小球b下滑过程中竖直速度先增加后减小，可知重力的功率先增加后减小，C错误。故选D。 6.C【解析】喷射角为0时喷射高度最大，有H=,解得=10m/s。设某水珠喷射角为，水珠喷出到落地时间为t二2s, 则水平射程=cos9,1=6sin20,故x=2Hsin20。当0=45时水束落地圆半径最大，有R=x。=10m,故选C。 g 7.B【解析】在等量同种负电荷连线的垂直平分线上，从O点看向上、下两侧，电场强度的数值是先增加后减小，可知若将带负电的 粒子从A点释放，则粒子将沿AB连线做变加速运动，但加速度不一定有a>aB。因距离负电荷越远电势越高，可知一定有电势 ①>Φ，负电荷在高电势点的电势能较小，可知在A点的电势能高于在B点的电势能，AD错误，B正确。粒子一直受到向上的斥 力作用，则不会在A,C间做往复运动，C错误。故选B。 8.BD【解析】包装袋内的气体视为理想气体，气体质量不变，当温度增加时，包装袋内的气体分子总数并没有发生变化，A错误。包 装袋膨胀过程中，气体体积膨张，外界对气体做负功，B正确。由于温度升高，气体分子的平均运动速率变大，但不是所有气体分子 的速度都变大了，C错误。包装袋材料的导热良好，所以当环境温度升高时，气体内能增大，同时膨胀，外界对气体做负功，根据△U =Q十W,可知气体内能增加量小于气体吸收的热量，D正确。故选BD。 9.AD【解析】根据右手定则，OA棒通过磁场的过程中，O点的电势高于A点的电势，A正确。OA棒通过磁场的过程中，产生的电 动势为E=BRB士0-号aR,B错误。OA棒通过磁场的过程中，OA为电源，外电阻为分，则0A两端的电压为U E 2 r十2 乞-吉BR,C错误。圆环转动一周有一半的时间导体棒在酸场内切制磁感线，则产生的热量为Q二×无一F,D正确。 3r1 w 6r 2 故选AD 10.AC【解析】正六边形平面ABCDEF,P点为AB边中点且|AF|=3λ，则PA=1.5λ，DA=6入，波源D所发出的波到达A点时的 振幅A=1cm,且该机械波传播距离r时的振幅Aoc三，则波源F、P所发出的波到达A点时的振幅分别为√2cm和2cm。在P、 D、F三点上各有一个沿垂直纸面方向振动的波源，它们在=0s时同时起振，振动情况完全相同，由振动加强减弱条件可知，波源 D、F所发出的波到达A点同步加强，与波源P所发出的波正好相反。足够长时间后A处的质点振动的振幅为[（√2+1）一2]©m =(√2一1)cm,A正确，B错误。振动周期为T=2s,在t=0s到t=14s内，总共为7T。波源P所发出的波到达A点时需要 1.5T,可引起振动时间5.5T;波源F所发出的波到达A点时需要3T,可引起振动时间4T:波源D所发出的波到达A点时需要 6T,可引起振动时间1T。0-1.5T,A处不振动：1.5T-3T,A处参与波源P引起的振动，S=1.5×4×2cm=12cm:3T-6T, A处参与波源P、F引起的振动，S2=3×4×(2-√2)cm=(24一12W2)cm:6T-7TA处参与波源P、D、F引起的振动，S=1×4 ×(W2-1)cm=(4V2-4)cm。在t=0s到t=14s内，A处的质点运动的路程为S:+S2十S=(32-82)cm,C正确，D错误。 故选AC。 1.(110.601.5分)21.5分)（3)F点1.5分)dm1.5分） 【解析】(1)遮光条的宽度d=10mm十0.05×12mm=10.60mm。 (②)根据弹准势能的表达式有E,=一，结合胡克定律F=,解得上，-元。 (3)若系统机械能守恒，则满足△E=△E,即，md-, CA上2·整理得F三Ym心应作上图像，图像的斜率为dm △t 12.(1)1.125(2分)(3)B2分)E(2分)(4)偏小(2分)(5)4(2分) 【解析】(1)螺旋测微器的精确度为0.01mm,读数为1mm十12.5×0.01mm=1.125mm。 E (3)电源电动势约为3V,电压表选择0~3V的B:电路电流为I=发=0.3A,电流表选择0~300mA的E。 (4)实验电路中电流表外接，由于电压表的分流作用可知，测得的阻值与真实值相比，结果偏小。 (5)根据电阻定律有R=p专=p d ,解得p=Rd 4L 2 13.解：)黄光在盐灯中的传播速度元=3X10卫 2 -m/s=1.5×10m/s(2分)，光在盐灯中的传播距离越小传播时间越短，最短传 a 2 号=名=号=2×0×01.3x10s2分) 播时间t=n 0.4 (2)设临界角为C,则sinC= 为=之，可知C=301分)。设光源到盐灯表面的距离为d,则盐灯表面被照亮面积的半径， 1 1 danC1分)，由于d上=冬>ds=号，则上表面被照亮的面积大，被照亮部分的最大面积在上表面，上表面被照亮面积的半径r= 合anC-兰an30得m1分)，放照充的国积S==X()m=流m(2分. 2 14.解：(1)粒子要沿原路返回到P点，则粒子在3。时垂直穿过x轴时粒子必在磁场中，根据几何关系，此时粒子的速度方向沿y轴 正方向，轨迹如图所示： x=(4+V2)d 。。 ● B vo E ° 0●： 03 45% P 设在0~。内粒子的速度偏转角为0，粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为T,根据磁场变化的规律，则有20一0=45,6一360 XT1分)，粒子在磁场中，洛伦滋力提供向心力，则有B=m(1分)，T=2(1分)，可得粒子在磁场中的运动周期T=2 gBo 1分)，联立解得解得是=花20分)。 (2)设粒子做圆周运动的半径为R,由几何关系有2R一Rcos8=4d一√2d(1分)，粒子由洛伦兹力提供做圆周运动的向心力，则有 9B-紧1分)联立以上各式解得=兴1分)。 (3)根据几何关系，则有2R十Rsin0=4d十√2d(1分)，可知粒子在t=5to时沿x轴正方向进入电场。粒子要沿原路返回到P点， 则粒子从电场回到磁场时，磁场方向应垂直纸面向里，即粒子最早应在t=9。时返回磁场。设粒子在电场中运动的时间为t,考 虑到周期性，则有t=4欣=1,2,3，…)1分)，对粒子在电场中的运动，由动量定理，则有9E乞=m,(1分)，联立以上各式， 解得E=C(k=1,2,3,……)(1分)。 15,解：1DA,B第一次碰撞，由动最守恒定律有mw=m趴十mm(1.5分)，由能量守恒定律有之m话=宁m暖十之m成(1.5 分)，解得二网十W分)，m2,m①分。方向己包含在式子巾，B的方向向左。若mm≥0，则A的方向间 左：反之，则向右。 (2)A、B仅发生一次碰撞，则第一次碰后A反向，即0(1分)，且|v≥(1分)，代入上问结果，可得2>m1>0且2≥ 3m,解得0器≤子(2分。 (3)每次A与B碰撞，由动量守恒定律有m十m:=(1分)，且每次碰撞后的p都不同，由能量守恒定律号m听十m话= Ek,其中Ek为定值(1分)。设√m)=x,√2边=y,则√1x十√2y=(1分)，x2+y2=2Ek(1分)，作出两方程对应图像如 图所示： 0 初始时，=Vm=0,图中直线斜率k=一 =-10(1分)，设tana=10,如图所示a十0=90°，已知5.71°，得tan0= 1分)。“0”表示初态，1表示第1次A,B相碰后的状态，“2”表示第2次B与墙相碰后的状态…。0~1,1一2,2~3、3~ 4…对应圆周角均为，对应弧长之和逐渐接近圆周长。第N次碰撞后，在圆周上若“V”点对应切线的斜率的绝对值大于10，则 不会再发生碰撞，可得N0180°且(N+1)0>180°(1分)，解得30.5<V<31.5,则碰撞次数为V=31次(1分)。