第7章 第3节 电容器 带电粒子在电场中的运动-【高考零起点】2026年新高考物理总复习教用课件（艺考）

该高中物理高考复习课件聚焦“电容器 带电粒子在电场中的运动”专题，依据高考评价体系梳理了电容定义与决定式、平行板电容器动态分析、带电粒子加速与偏转三大核心考点，通过典例精析归纳出电容器动态变化（接电源/断电）、类平抛运动模型等常考题型，体现备考针对性。 课件亮点在于“高考真题+题型建模+素养提升”策略，如结合2024甘肃卷电容器充放电、2022湖北卷密立根油滴实验真题，深入剖析动态分析“两状态三公式”法和偏转位移推导技巧，培养科学思维中的模型建构与科学推理能力。教师可依托此课件精准突破高频考点，学生通过真题训练掌握解题规律，提升应试得分率。

第七章　静电场 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 生物 1 目 录 ONTENTS C [典例精析] [知识梳理] [巩固练习] 生物 2 知 识 梳 理 生物 3 1.电容器 (1)两个彼此绝缘而又互相靠近的导体就组成一个电容器。电容器是用来容纳电荷的用电器。 (2)电容器的带电荷量是指其中一个极板所带电荷量的绝对值(两个极板带电荷量的绝对值相同)。 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 4 2.电容 (1)电容器的电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量，它等于电容器的带电荷量(Q)与两极间电势差(U)的比值，即C=，单位是法拉(F)。常见的单位有微法(μF)，皮法(pF)，它们与法拉之间的关系如下： 1μF=10－6F，1pF=10－12F (2)电容的大小由电容器本身性质决定，与电容器是否带电、带电荷量的多少、板间电势差的多少无关。 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 5 3.设平行板电容器的正对面积为S，电容为C，带电荷量为Q，两极板间距离为d，板间介质的介电常数为εr，极板间的电压为U，则 (1)C=，其中k为静电力常量； (2)由C=、C=和E=可推导出E=。即E=和E=都可用来表示平行板电容器间的场强。 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 6 (3)当平行板电容器接上直流电源时，它的电压不变，当它断掉电源时，极板上的电荷量不变。 4.带电粒子在电场中的运动 (1)带电粒子沿与电场线平行的方向进入匀强电场，重力不计时，受到的电场力与运动方向在同一条直线上，粒子做匀加(匀减)速直线运动。 (2)带电粒子沿与电场线垂直的方向进入匀强电场，做类平抛运动。 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 7 典 例 精 析 生物 8 例1　平行板电容器的两极板MN接在一恒压电源上，N板接地。板间有a、b、c三点，如图，若将上板M向下移动少许至图中虚线位置，则 (　　) A.b点场强减小 B.b、c两点间电势差减小 C.c点电势升高 D.电容器所带电荷量增大 答案 D 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 9 电容器接在一恒压电源上，电压不变，d减小，根据E=知两板间电场强度增大，选项A错误；由于电容器两板间电场强度增大，由U=Ed知，b、c两点间的电势差增大，选项B错误；N板接地，电势为零，因E增大，三点距N板的距离不变，由U=Ed知，各点到N板间的电势差增大，所以各点的电势均降低，选项C错误；d减小，根据C=知电容增大，由Q=CU，电容器所带电荷量增大，选项D正确。故选D。 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 例2　 如图所示是一个由电池、电阻R、开关S与平行板电容器组成的串联电路，开关闭合。在增大电容器两极板间距离的过程中 (　　) A.电阻R中没有电流 B.电容器的电容变大 C.电阻R中有从a流向b的电流 D.电阻R中有从b流向a的电流 答案 C 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 11 图中电容器被充电，A极板带正电，B极板带负电。根据平行板电容器的大小决定因素C∝可知当增大电容器两极板间距离d时，电容C变小。由于电容器始终与电池相连，电容器两极板间电压UAB保持不变，根据电容的定义C=，当C减小时电容器两极板所带电荷量Q都要减少，电源正极的负电荷从b到a流向A中和掉A板上的部分正电荷，即电阻R中有从a流向b的电流。所以选项C正确。 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 例3　一束初速不计的电子流在经U=5 000 V的加速电压加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若板间距离d=1.0 cm，板长l=5.0 cm，那么，要使电子能从平行板间飞出，两个极板上最多能加多大电压？ 答案 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 13 当电子从极板边缘飞出时，所加电压最大，即电子偏转位移为电子飞出加速电场的时有 Ue=m 电子进入电场后偏转，水平方向 l=v0t 竖直方向加速度a= 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 at2= 联立解得 U1=U=×5 000 V=400 V 两个极板上最多能加的电压为400 V。 400 V 解析 答案 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 巩 固 练 习 生物 16 答案 1.水平放置的平行板电容器与一电池相连，在电容器的两板间有一带正电的质点处于静止状态，现将电容器两板间的距离增大，则 (　　) A.电容变大，质点向上运动 B.电容变大，质点向下运动 C.电容变小，质点保持静止 D.电容变小，质点向下运动 D 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 因质点处于静止状态，则有qE=mg，且电场力向上；由C=可知，当d增大时，C减小，因电容器与电池相连，所以两端的电势差不变，因d增大，由E=可知，极板间的场强减小，故电场力小于重力；故质点将向下运动，选项D正确。 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 答案 2.(多选)一平行板电容器，两板之间的距离d和两板面积S都可以调节，电容器两板与电池相连接。以Q表示电容器的电荷量，E表示两极板间的电场强度，则 ( 　　) A.当d增大、S不变时，Q减小、E减小 B.当S增大、d不变时，Q增大、E增大 C.当d减小、S增大时，Q增大、E增大 D.当S减小、d减小时，Q不变、E不变 AC 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 19 电容器两板与电池两极始终保持相连接，表明U不变。 当d增大，S不变时，由C=可知C减小；由C=知Q减小，由E=知E减小，选项A正确； 当S增大，d不变时，由C=可知C增大，由C=知Q增大，由E=知E不变，选项B错误； 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 当d减小，S增大时，由C=可知C增大，由C=知Q增大，由E=知E增大，选项C正确； 当S减小，d减小时，由C=可知C无法判断，Q无法判断，由E=知E增大，选项D错误。 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 答案 3.(2024甘肃卷)一平行板电容器充放电电路如图所示。开关S接1，电源E给电容器C充电；开关S接2，电容器C对电阻R放电。下列说法正确的是(　　) C 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 22 A.充电过程中，电容器两极板间电势差增加，充电电流增加 B.充电过程中，电容器的上极板带正电荷、流过电阻R的电流 由M点流向N点 C.放电过程中，电容器两极板间电势差减小，放电电流减小 D.放电过程中，电容器的上极板带负电荷，流过电阻R的电流 由N点流向M点 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 充电过程中，随着电容器带电荷量的增加，电容器两极板间电势差增加，充电电流在减小，故A错误；根据电路图可知，充电过程中，电容器的上极板带正电荷，流过电阻R的电流由N点流向M点，故B错误；放电过程中，随着电容器带电荷量的减小，电容器两极板间电势差减小，放电电流在减小，故C正确；根据电路图可知，放电过程中，电容器的上极板带正电荷，流过电阻R的电流由M点流向N点，故D错误。 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 答案 4.(多选)用控制变量法，可以研究影响平等板电容器的因素(如图)，设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ。实验中，极板所带电荷量不变，若 (　 　) A.保持S不变，增大d，则θ变大 B.保持S不变，增大d，则θ变小 C.保持d不变，增大S，则θ变小 D.保持d不变，增大S，则θ不变 AC 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 25 保持S，不变，增大d，由电容器的决定式C=知，电容变小，带电荷量不变，由电容的定义式C=分析可知电容器板间电压增大，则θ变大，选项A正确，B错误；保持d不变，S增大，由电容器的决定式C=知，电容变大，带电荷量不变，由电容的定义式C=分析可知电容器板间电压减小，则θ变小，选项C正确，D错误。 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 答案 5.(多选)美国物理学家密立根通过研究平行板间悬浮不动的带电油滴，比较准确地测定了电子的电荷量。如图所示，平行板电容器两极板M、N相距d，两极板分别与电压为U的恒定电源两极连接，极板M带正电。现有一质量为m的带电油滴在极板中央处于静止状态，且此时极板带电荷量与油滴带电荷量的比值为k，则 (　 　) A.油滴带负电 B.油滴带电荷量为 C.电容器的电容为 D.将极板N向下缓慢移动一小段距离，油滴将向上运动 AC 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 27 由题，带电荷量为q的微粒静止不动，则微粒受到向上的电场力，平行板电容器板间场强方向竖直向下，则微粒带负电，选项A正确。由平衡条件得mg=，得油滴带电荷量q=，选项B错误。根据U=，结合qE=mg，且Q=kq，则得电容器的电容C=，选项C正确。极板N向下缓慢移动一小段距离，电容器两极板距离d增大，板间场强减小，微粒所受电场力减小，则微粒将向下做加速运动，选项D错误。 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 答案 6.(多选)如图，在竖直向上的匀强电场中，A球位于B球的正上方，质量相等的两个小球以相同初速度水平抛出，它们最后落在水平面上同一点，其中只有一个小球带电，不计空气阻力，下列判断正确的是(　 　) A.如果A球带电，则A球一定带正电 B.如果A球带电，则A球的电势能一定增加 C.如果B球带电，则B球一定带正电 D.如果B球带电，则B球的电势能一定增加 CD 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 29 两个小球以相同初速度水平抛出，它们最后落在水平面上同一点，根据公式有x=v0t，可知两球下落时间相同，两小球下落高度不同，根据公式h=at2，可知A球的加速度大于B球加速度。故若A球带电，必定带负电，受到向下的电场力作用，电场力做正功，电势能减小。若B球带电，必定带正电，受到向上的电场力作用，电场力做负功，电势能增加。故选C、D。 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 答案 7.(2022湖北卷)密立根油滴实验装置如图所示，两块水平放置的金属板分别与电源的正负极相接，板间产生匀强电场。用一个喷雾器把密度相同的许多油滴从上板中间的小孔喷入电场，油滴从喷口喷出时由于摩擦而带电。金属板间电势差为U时，电荷量为q、半径为r的球状油滴在板间保持静止。若仅将金属板间电势差调整为2U，则在板间能保持静止的球状油滴所带电荷量和半径可以为(　　) D 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 31 A. q，r B. 2q，r C. 2q，2r D. 4q，2r 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 初始状态下，液滴处于静止状态时，满足Eq=mg，即q=πr3·ρg 当电势差调整为2U时，若液滴的半径不变，则满足q'=πr3·ρg，可得q'=，AB错误；当电势差调整为2U时，若液滴的半径变为2r时，则满足q'=π(2r)3·ρg，可得q'=4q，C错误，D正确。故选D。 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 答案 8.如图所示，一电子枪发射出的电子(初速度很小，可视为零)进入加速电场加速后，垂直射入偏转电场，射出后偏转位移为y，要使偏转位移增大，下列哪些措施是可行的(不考虑电子射出时碰到偏转电极板的情况) (　　) A.增大偏转电压U B.增大加速电压U0 C.增大偏转极板间距离 D.将发射电子改成发射负离子 A 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 34 经加速电场后的速度为v，则eU0=mv2，所以电子进入偏转电场时速度的大小v=，电子进入偏转电场后的偏转的位移y=at2=，可见，要增大y，可行的方法有：增大偏转电压U，减小加速电压U0，或减小偏转电场极板间距离d，与粒子的电性和质量无关，选项A正确。 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 9.(多选)如图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连。若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子(　 　) A.所受重力与电场力平衡 B.电势能逐渐增加 C.动能逐渐增加 D.做匀变速直线运动 答案 BD 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 36 带电粒子在电场中受到电场力与重力，根据题意可知，粒子做直线运动，电场力必定垂直极板向上，电场力与重力的合力必定与速度方向反向，粒子做匀减速直线运动，选项A错误，D正确；电场力垂直于极板向上，电场力做负功，则电势能增加，选项B正确；因重力不做功，电场力做负功，则电势能增加，导致动能减小，选项C错误。 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 10.(多选)如图所示，A板发出的电子经加速后，水平射入水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最终打在荧光屏P上，关于电子的运动，则下列说法中正确的是 (　 　) 答案 BC 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 38 A.滑动触头向右移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置上升 B.滑动触头向左移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置上升 C.电压U增大时，其他不变，则电子从发出到打在荧光屏上的时间不变 D.电压U增大时，其他不变，则电子打在荧光屏上的速度大小不变 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 电子在加速电场中做加速运动，根据动能定理得eU0=mv2，则得电子获得的速度v=，电子进入偏转电场后做类平抛运动，电子在沿极板方向做匀速直线运动，粒子在电场中运动时间t=，在平行电场方向做初速度为0的匀加速直线运动，加速度a=，电子在电场方向偏转的位移y=at2，联立以上各式得y=又因为偏转电场方向向下，所以电子在偏转电场里 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 向上偏转。滑动触头向右移动时，加速电压U0变大，由上可知电子偏转位移变小，因为电子向上偏转，故在屏上的位置下降，相反，滑动触头向左移动时，电子打在荧光屏上的位置上升，选项A错误，B正确；电子在电场中运动的时间不变，离开电场后做匀速直线运动，由于水平速度不变，运动时间也不变，所以电子从发出到打在荧光屏上的时间不变，选项C正确；偏转电压U增大时，电子在偏转电场中受到的电场力增大，即电子偏转的加速度a增大，又因为电子加速获得的速度v不变，电子在电场中运动的时间不变，a增大，而电子打在屏上的速度v'=，故电子打在屏上的速度增大，故D错误。 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 11.一个带负电荷q、质量为m的小球从光滑绝缘的斜面轨道的A点由静止下滑，小球恰能通过半径为R的竖直圆形轨道的最高点B而做圆周运动。现在竖直方向上加如图所示的匀强电场，若仍从A点由静止释放该小球，则 (　　) A.小球不能过B点 B.小球仍恰好能过B点 C.小球能过B点，且在B点与轨道之间压力不为0 D.以上说法都不对 答案 B 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 42 没有电场时，最高点速度设为v，则mg=m， 又根据机械能守恒定律得mg(h－2R)=mv2 解得h=R 加上电场时，恰好过最高点的速度设为v'。 则得mg－qE=m 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 解得v'= 根据动能定理有mg(h－2R)－qE(h－2R)=mv″2 解得v″=，说明小球仍恰好能过B点，s球与轨道间无作用力，选项B正确，A、C、D错误。 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 12.(2021全国乙卷)(多选)四个带电粒子的电荷量和质量分别(＋q，m)、(＋q，2m)、(＋3q，3m)、(－q，m)，它们先后以相同的速度从坐标原点沿x轴正方向射入一匀强电场中，电场方向与y轴平行，不计重力，下列描绘这四个粒子运动轨迹的图像中，可能正确的是 (　 　) 答案 A. B. C. D. AD 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 45 带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，加速度a=，由类平抛运动规律可知，带电粒子的在电场中运动时间t=，带电粒子的偏转角的正切值tan θ=，因为四个带电的粒子的初速相同，电场强度相同，所以偏转角只与比荷有关，前面三个带电粒子带正电，一个带电粒子带负电，所以一个粒子与另外三个粒子的偏转方向不同；(＋q，m)粒子与(＋3q，3m)粒 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 子的比荷相同，所以偏转角相同，轨迹相同，且与(－q，m)粒子的比荷也相同，所以(＋q，m)、(＋3q，3m)、(－q，m)三个粒子偏转角相同，但(－q，m)粒子与前两个粒子的偏转方向相反；(＋q，2m)粒子的比荷与(＋q，m)、(＋3q，3m)粒子的比荷小，所以(＋q，2m)粒子比(＋q，m)、(＋3q，3m)粒子的偏转角小，但都带正电，偏转方向相同。故选A、D。 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 13.磁流体发电机的原理如图所示，MN和PQ是两平行金属极板，匀强磁场垂直于纸面向里。等离子体(即高温下电离的气体，含有大量正、负带电粒子)从左侧以某一速度平行于极板喷入磁场，极板间便产生电压。下列说法正确的是( 　　) 答案 AC 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 48 A.极板MN是发电机的正极 B.仅增大两极板间的距离，极板间的电压减小 C.仅增大等离子体的喷入速率，极板间的电压增大 D.仅增大喷入等离子体的正、负带电粒子数密度，极板间的电 压增大 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 带正电的离子受到的洛伦兹力向上偏转，极板MN带正电为发电机正极，A正确；当极板间电压稳定时，此时令极板间距为d，则qvB=q，可得U=Bdv，因此增大间距U变大，增大速率U变大，U大小和粒子数密度无关，B、D错误，C正确。 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 14.如图所示，两平行金属板相距d，电势差为U，一电子质量为m，电荷量为e，从O点沿垂直于极板的方向射出，最远到达A点，然后返回，OA=L，此电子具有的初动能为多少？ 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 51 两极板间的电场强度E=，电子从O到A的过程中，由动能定理－eEL=0－Ek0，解得Ek0=。 解析 答案 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 15.如图所示，平行板电容器竖直放置在水平绝缘地板上，场强方向水平向右。一个带电质点质量m=0.10 g，电荷量q=－2.0×10－ 4 C，从电容器中心线上某点由静止开始自由下落，下落了h1=0.80 m后进入匀强电场，又下落了h2=1.0 m后到达水平绝缘地板，落地点在两板中心O点左侧s=20 cm处。求电容器中匀强电场的场强E的大小。 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 53 带电质点先做自由落体运动，后做偏转运动，设自由落体运动的时间t1，在竖直方向上h1=g，h1＋h2=gt2，做偏转运动的时间为t2，所以有t2=t－t1=0.2 s。在水平方向有s=a，由牛顿第二定律，则有qE=ma，解得E==5 V/m。 5 V/m 解析 答案 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 16.如图所示，一电荷量为＋q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止，重力加速度取g，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8。求： 答案 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 55 (1)水平向右电场的电场强度； 对物体进行受力分析，建立如图所示坐标系： 根据平衡关系列方程，在x轴方向有Fcos 37°=mgsin 37°。在y轴方向有FN=mgcos 37°＋Fsin 37°。联立解得F=mg。在电场中电场力F=qE，可得电场强度E=。 解析 答案 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 (2)若将电场强度减小为原来的，物块的加速度是多大； 物体在沿斜面方向由牛顿第二定律有mgsin 37°－F'cos 37°=ma。若E'=，则F'=mg，则物体产生的加速度a=0.3g(方向沿沿斜面向下)。 0.3g 解析 答案 物体在沿斜面方向由牛顿第二定律有mgsin 37°－F'cos 37°=ma。若E'=，则F'=mg，则物体产生的加速度a=0.3g(方向沿沿斜面向下)。 解析 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 (3)电场强度变化后物块下滑距离L时的动能。 电场强度变化后物块下滑距离L时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理有mgLsin 37°－qE'Lcos 37°=Ek－0，可得动能Ek=0.3mgL。 0.3mgL 解析 答案 返回 第三节　电容器　带电粒子在电场中的运动 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 感谢聆听 59 $