2026年中考物理二轮复习选择题模块专项练习(辽宁专用）

2026年物理中考选择题模块专项训练（辽宁专用） 第一部分 力学 一、运动和力 1．在2025年11月全运会羽毛球女子单打决赛场上，湖北队王祉怡获女单冠军。赛场上，运动员用球拍击打羽毛球，羽毛球离开球拍后的飞行轨迹如图中曲线所示。下列说法正确的是（　　） A．羽毛球飞行过程中，运动状态没有改变 B．羽毛球飞行过程中受到重力、空气阻力、球拍对球的推力 C．羽毛球飞行过程中所受重力的方向始终竖直向下 D．球拍击打羽毛球时，羽毛球受到的弹力是羽毛球弹性形变产生的 2．如图所示，关于下列四幅图对应的说法中，正确的是（   ）              A．图甲：小东同学沿杆匀速向上爬升，小东同学受到的摩擦力方向向下 B．图乙：筷子提米在空中静止，杯子中的米越多，筷子受到的摩擦力越大 C．图丙：用力F拉动木板B使其速度逐渐变大，弹簧测力计的示数逐渐变大 D．图丁：小西用水平方向的力推车，车没动，是因为小西的推力小于地面对车的摩擦力 3．如图，是被誉为“十年长安号丝路新驼队”的中欧班列，它促进了“一带一路”沿线国家的经济、文化交流。关于该列车说法正确的是（    ） A．列车在平直轨道上行驶过程中相对于铁轨是静止的 B．列车在平直轨道上静止时，列车对铁轨的压力和铁轨对列车的支持力是一对平衡力 C．列车在平直轨道上匀速行驶时，处于平衡状态 D．列车在减速进站的过程中，因不受力而逐渐停下来 4．如图甲所示，为环城中学信海老师在“全县理化教师培训会”上给与会教师演示的升空水火箭。如图乙所示，是水火箭结构示意图，如图丙为使用打气筒向水火箭内不断打气示意图。当水面上方压强增大到一定程度时，阀门打开，瓶内的水高速向下喷出，从而使水火箭升空。关于水火箭以下说法错误的是（　　） A．使用打气筒打气过程中，打气筒的筒壁不会发热 B．水火箭落回地面的过程中，若以水火箭为参照物，地面是向上运动的 C．水向下喷出会使水火箭升空，是由于力的作用是相互的 D．打气筒将空气压入水火箭内时，能量转化的过程与图丁所示的汽油机冲程相同 二、压强和浮力 5．厨房里能发现许多与物理知识有关的现象，下列说法正确的是（　　） A．甲图中菜刀的刀刃磨得光滑而薄，是为了增加压力，增大压强 B．乙图中向水平管中吹气，水从竖直管中喷出，是因为管上方空气流速变大，压强变小 C．丙图中轻轻一吸，牛奶入口，使牛奶上升到嘴里的力是嘴的吸力 D．丁图中高压锅能很快煮熟食物，是由于锅内气压增大，水的沸点降低 6．小郸洗水果时，发现体积较小的桔子漂浮在水面上，而体积较大的芒果却沉在水底，如图所示。下列说法正确的是（　　） A．桔子的密度小于芒果的密度 B．桔子受到的浮力大于它受到的重力 C．桔子底部受到液体的压强大于芒果底部受到的压强 D．桔子受到的浮力大于芒果受到的浮力 7．曹冲称象的故事广为流传。如图，称象时，先让象站在船上，在船身与水面交界处做上标记。让象上岸后，再将石头装入船中，直至船身上的标记与水面重合，所装石头的质量即为大象的质量。下列说法正确的是（　　） A．甲图中船排开水的重力与大象的重力大小相等 B．船内石头增多的过程中船底受到水的压强变小 C．船内石头增多的过程中船受到的浮力大小不变 D．甲图中船所受浮力与乙图中船所受浮力大小相等 8．如图所示，电子秤上有一重为2N、高为20cm、底面积为的圆柱形平底溢水杯（不计厚度），杯中装有水，将质量为240g，密度为的圆柱形金属块挂在弹簧测力计下，从金属块下表面接触水面到金属块浸没水中直至沉底的过程中，电子秤示数增加了1N，此时弹簧测力计示数为1.2N。下列说法正确的是（　　） A．金属块沉底时对容器的压力为1N B．水对溢水杯底压强增大了80Pa C．小桶收集到溢出水的重力为0.4N D．溢水杯对电子秤的压强为2400Pa 9．（多选）如图所示，甲、乙两个相同的烧杯中装有密度相同的液体，将两个实心物体A、B分别放入甲、乙两杯液体中。静止时，物体A在甲杯液体中处于沉底状态，物体B在乙杯液体中处于漂浮状态，两杯中的液体液面高度均为h。若A、B的质量分别为、，A、B的体积分别为、，A、B受到的浮力分别为、。下列判断中正确的是（　　） A．若，则一定有 B．若，则一定有 C．甲杯中液体对容器底的压力等于乙杯中液体对容器底的压力 D．甲杯对桌面的压强小于乙杯对桌面的压强 三、功与机械能 10．如图甲所示为《天工开物》中记载的三千多年前中国古人利用桔槔在井上汲水的情境，图乙为桔槔的简化示意图，横杆的一端用绳子与水桶相连，另一端绑上一块大石头。当要提水时，人用力向下拉绳子使汲器下降到水面以下。当汲器装满水后，让另一端石头下降，水就被提起了。下列说法正确的是（　　） A．人用力向下拉绳子时，桔槔的结构相当于一个费力杠杆 B．汲器在离开水面之前，它受到的浮力将变大 C．桔槔另一端绑上的大石头越重越好 D．装满水的汲器在空中匀速上升时，它的机械能不变 11．（多选）2025年江西省城市足球超级联赛（赣超）决赛在赣州打响，图甲所示的是球员传球后足球的运动轨迹，图乙是足球落地后弹跳的过程。下列说法合理的是（　　） A．足球在P点的动能大于在Q点的动能 B．足球从P点移动至Q点的过程中，球员对球做了功 C．A、C两点为同一高度，该足球在这两点的机械能相等 D．足球从B点移动至D点的过程中，重力势能转化为动能 12．2025年11月25日，神舟二十二号载人飞船在长征二号F遥二十二运载火箭的推动下，直飞碧空如洗的苍穹，如图所示。关于火箭发动机，下列说法正确的是（   ） A．火箭发动机是将机械能转化为内能的机器 B．火箭燃料燃烧越充分，燃料的热值越大 C．火箭在大气层中加速升空时，载人飞船动能变大 13．机器狗能帮助人们搬运重物；不计空气阻力，下列四种情境中，机器狗对重物A做功的是（　　） A．蹲着不动 B．托举重物匀速竖直上升 C．站着不动 D．承载重物匀速水平移动 四、简单机械 14．如图所示，重为50N的物体A在拉力F作用下沿水平面做匀速直线运动。已知滑轮组机械效率为60%，物体运动的速度为2m/s，下列分析计算正确的是（   ） A．在2s内重力所做的功200J B．物体受到的摩擦力为9N C．拉力F做功的功率为10W D．在10s内机械所做的有用功为300J 5．（多选）如图所示装置中属于省力杠杆的是（    ） A．镊子 B．羊角锤 C．钢丝钳 D．钓鱼竿 16．（多选）如图甲所示是《天工开物》里记载的一种捣谷的碓，其简化原理图如图乙所示，捣谷人对B点的作用力使水平静止的横木AB绕O点转动。碓头重20N，不计摩擦和横木重，下列说法正确的是（　　） A．碓相当于费力杠杆 B．利用该装置捣谷可以省功 C．图乙中至少用力50N才能将碓头抬起 D．碓头尖细可增大对稻谷的压力 第二部分 声学、热学、光学 一、声学 1．白居易《琵琶行》中所描述的“转轴拨弦三两声，未成曲调先有情”。转轴是通过调节琴弦松紧从而改变声音的（　　） A．响度 B．音调 C．音色 D．振幅 2．2026年春晚开场表演《马上有奇迹》中，马头琴与二胡的旋律交织，为观众带来了震撼的听觉体验。下列关于现场声音的说法，正确的是（　　） A．观众听到的马头琴声是由琴弦的振动产生的 B．调小电视机的音量是在传播过程中控制了噪声 C．现场观众依据声音的音调，分辨出马头琴与二胡的演奏声 D．声音通过空气传播到观众耳中，其传播速度为 二、光现象 3．“长安灯会·西安城墙”新春系列文化活动给广大市民带来绚丽多彩的光影盛宴。我们能从各个角度观察到古城墙，是因为光发生的是（   ） A．折射 B．镜面反射 C．漫反射 D．色散 4．中国科学院院士褚君浩在北京现场展示了利用特殊材料实现的“隐身术”。据了解，其中一种“隐身术”借助了能让光线产生规律折射的神奇材料——“柱镜光栅”。下列现象与该“隐身术”的光学原理相同的是（　　） A．一叶障目 B．水中捞月 C．海市蜃楼 D．立竿见影 5．“峨眉山月半轮秋，影入平羌江水流。”这是唐代诗人李白写下的美妙诗句，下列光现象与“影入平羌”的成像原理相同的是（　　） A．小孔成像 B．水中倒影 C．海市蜃楼 D．雨后彩虹 6．如图所示是某超市的智能刷脸储物柜。顾客在储物柜前按下“存”键，再将脸对准屏幕，柜门就会打开。关于储物柜屏幕上方的摄像头，下列说法正确的是（　　） A．该摄像头对太阳光有发散作用 B．人脸位于摄像头一倍焦距以内 C．人靠近摄像头，所成的像变小 D．该摄像头可以用来矫正远视眼 7．在探究“凸透镜成像的规律”实验中，光具座上蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，此时在光屏上恰好成一个清晰的像。下列说法正确的是（　　） A．仅将凸透镜位置移到光具座上65cm刻度处，光屏上也能得到一个清晰的像 B．用手遮挡凸透镜的一部分，光屏上接收到的像将不完整 C．若在蜡烛和凸透镜之间放一个近视眼镜，则光屏应靠近凸透镜才能得到清晰的像 D．若将蜡烛远离凸透镜，则应将光屏靠近凸透镜才能得到清晰的像，且像逐渐变大 三、热学 8．冬季，北方居民在室内取暖时，发现窗户玻璃上经常出现“水雾”或“冰花”。关于“水雾”和“冰花”出现的位置，下列说法正确的是（　　） A．“水雾”出现在玻璃内侧，“冰花”出现在玻璃外侧 B．“水雾”出现在玻璃外侧，“冰花”出现在玻璃内侧 C．“水雾”和“冰花”均出现在玻璃内侧 D．“水雾”和“冰花”均出现在玻璃外侧 9．下列现象与物态变化相对应的是（    ） A．古诗云“秋荷一滴露，清夜坠玄天”——汽化 B．冰冻三尺非一日之寒——凝华 C．北国风光，万里雪飘——升华 D．霜叶红于二月花——凝华 10．厨房不仅是加工食材的场所，也是日常生活中充满物态变化的“实验室”，其中涉及各种物态变化，如图所示，下列有关说法不正确的是（　　） A．如图甲，拿刚出锅的热馒头时要在手上沾点凉水，利用了水蒸发吸热 B．如图乙，冰箱冷冻室的“白霜”是空气中的水蒸气遇冷后凝华形成的 C．如图丙，为了让冻肉尽快解冻，可以在肉上撒盐，这样能有效升高冰的熔点 D．如图丁，用天然气灶煲汤，汤沸腾时调小火焰保持沸腾，汤的温度保持不变 11．用相同酒精灯对甲、乙两种物质加热，如图是这两种物质的温度随加热时间变化图像。下列说法正确的是（   ） A．甲物质一定是非晶体 B．80℃一定是乙物质的沸点 C．第8分钟甲物质一定处于液态 D．第8分钟乙物质可能处于液态 12．2025年10月19日，中科宇航力箭一号遥八运载火箭在东风商业航天创新试验区发射，采用“一箭3星”的方式，将巴基斯坦遥感卫星02星、中科卫星03星和04星共3颗卫星顺利送入预定轨道。关于火箭发射，下列说法正确的是（　　） A．火箭采用液态氢作为燃料，原因是液态氢具有较大的比热容 B．火箭上升时外壳温度升高，所含热量增多 C．火箭发射时，发射台底部的水池中涌出大量的“白气”，这些“白气”是水池中的水汽化产生的水蒸气 D．火箭发射升空的过程中，燃料燃烧产生的内能只有一部分转化为了火箭的机械能 13．《食经》中对醋的制作工艺有记载：“作大豆千岁苦酒（醋）法：用大豆一斗，熟汰之，渍令泽，炊。暴极燥，以酒醅灌之。任性多少，以此为率。”其中“炊”即蒸熟，是酿醋的重要工序。蒸熟大豆的过程如图所示，下列说法正确的是（   ） A．蒸熟大豆的过程中，大豆含有的热量越来越多 B．蒸熟是通过传递温度的方式来改变大豆的内能 C．锅中的水在被加热的过程中，比热容保持不变 D．将木柴架空一些可提高其热值，使燃烧更剧烈 14．如图所示，小明制作了一个简易汽轮机装置，在易拉罐中装入适量的水，用酒精灯加热，水沸腾后从管口喷出蒸汽使风车扇叶转动。下列说法正确的是（　　） A．酒精燃烧时将化学能转化为内能 B．加热一段时间后，酒精灯内酒精的热值减小 C．蒸汽使扇叶转动过程与四冲程汽油机的排气冲程原理相似 D．通过改进此热机模型的结构，它的效率可达到100% 第三部分 电和磁 一、电流和电路 1．王老师在白霓中学开展的“课间实验秀”活动中，让十位同学排成一队，另外两位同学牵着一条横幅两头，在同学们的头发上来回拖动几次，抬高横幅，出现如图甲所示的情形，为了便于大家分析，王老师利用AI把甲图生成如图乙所示的简图，针对图中所示的情形，下列说法错误的是（　　） A．头发与横幅摩擦后，横幅和头发都带了电 B．横幅吸引头发，头发不会吸引横幅 C．头发因带同种电荷而排斥所以成“怒发冲冠”状 D．摩擦后，横幅和头发带上了异种电荷 2．学校要为储藏室的电动门设计一个控制电路，只有当两名管理员同时启用各自的钥匙时才能接通电源，电动机工作把门打开。如启用钥匙相当于闭合开关，则下列电路图符合要求的是（　　） A． B． C． D． 二、欧姆定律与电功率 3．如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S，将滑动变阻器滑片从中点移到b端，此过程中（    ） A．电流表A的示数变小，电压表的示数不变 B．电压表的示数与电流表A示数的比值不变 C．电压表的示数与电流表A示数的比值变大 D．电压表的示数变化量大于电压表的示数变化量 4．（多选）物理小组设计了一空气质量监测设备，原理如图—1所示。已知电源电压恒为6V，定值电阻R0的阻值为10Ω，气敏电阻R是可以感知二氧化硫污染指数的可变电阻，图—2为二氧化硫污染指数与气敏电阻阻值的变化关系图像。污染指数在50以下为轻度污染，50-100为中度污染，100以上为重度污染。下列分析正确的是（   ） A．污染指数越小，电路中的电流越小 B．污染指数越大，电压表示数越小 C．电压表示数为2V时，属于中度污染 D．污染指数为50时，消耗的电功率为0.5W 5．（多选）如图所示的电路，电源电压恒为4.5V，灯泡L标有“2.5V  1.25W”字样（灯丝电阻不变），滑动变阻器R1标有“20Ω  1A”字样，电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~3V。闭合开关S，在不损坏电路元件的前提下，移动滑动变阻器的滑片P，则下列说法正确的是（　　） A．滑动变阻器接入电路的阻值范围是2.5Ω~20Ω B．电流表示数的变化范围是0.3A~0.5A C．电压表示数的变化范围是1.5V~3V D．电路总功率的变化范围是1.35W~2.25W 6．（多选）如图甲所示的电路中电源电压恒定，小灯泡L的灯丝电阻不变，是定值电阻。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P由A端移到B端，两电压表示数随电流表示数变化的关系如图乙所示（不考虑电阻随温度的变化）。下列分析中正确的是（　　） A．电源电压U=12V B．定值电阻 C．灯泡的最大功率为2.88W D．滑动变阻器的最大阻值为20 7．（多选）如图甲所示，电源电压恒定，为定值电阻，为滑动变阻器。当只闭合开关S和，滑片从的最右端滑动到a点时，灯泡L恰好正常发光。此时断开开关，闭合开关，再将滑片从a点向右移动，直到电压表示数与灯泡L的额定电压相同，两次调节过程中电表示数关系图像如图乙所示，则（    ） A．电源电压为6V B．定值电阻的电阻为10Ω C．灯泡L的额定功率为0.9W D．该电路的最小电功率为1.2W 8．（多选）图甲所示是某小组设计的检测汽车载重的地磅的电路原理图。地磅主要由承重台（重力不计）、压力传感器R、定值电阻R0、显示仪表等组成。电源电压为12V，R0的阻值15Ω。R的阻值与承重台所受压力F的关系如图乙所示。下列说法正确的是（g取10 N/kg）（　　） A．显示仪表是由电流表改装而成的 B．汽车载重越重，电路中的电流越小 C．汽车载重越重，电路总功率越小 D．汽车的总质量为4t时，电路总功率为7.2 W 9．（多选）如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定功率为5W，电压表、电流表测量范围分别为。先只闭合开关和，将滑片从最右端向左移动，移动到点时，小灯泡正常发光；保持滑片在点不动，再断开开关，闭合开关，将滑片从a点向右移动到最右端。整个过程元件均完好，灯丝电阻受温度影响不可忽略。图乙是上述两过程中的电压表示数和电流表示数的关系图像，下列说法正确的是（　　） A．小灯泡的额定电压为 B．电源电压为 C．只闭合开关和，滑动变阻器的阻值变化范围为 D．定值电阻为 10．（多选）如图甲所示电路中，电源电压不变，电流表的测量范围为0～0.6A，电压表的测量范围为0～15V，小灯泡参数“？V　？W”模糊不清。第一次只闭合开关S、，滑片P从a端移到b端；第二次只闭合开关S、，保证电路中所有元件都安全的前提下，最大范围内移动滑片P。图乙是这两次实验过程绘制的电压表与电流表示数的关系图像。下列判断正确的是（　　） A．定值电阻的阻值为20Ω B．小灯泡的参数为“5V　2W” C．只闭合开关S、，电路的总功率最大时，灯与滑动变阻器的功率之比为 D．只闭合开关S、，为保证电路安全，滑动变阻器的阻值范围为7.5Ω～20Ω 1．（多选）如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定功率为5W，电压表测量范围为0～15V，电流表测量范围为0～0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A。在保证电路各元件安全的前提下，闭合开关S和S1，断开开关S2，将滑片P从最右端b向左最大范围移动到a点；闭合开关S和S2，断开开关S1，将滑片P从a点向右移动到最右端b。图乙是这两次实验绘制出的U-I图像，下列说法正确的是（   ） A．小灯泡的额定电压为8V，电源电压为10V B．闭合开关S和S1，断开开关S2，滑动变阻器R1的阻值变化范围为4～32Ω C．闭合开关S和S2，断开开关S1，滑片P在a点时，R2的功率为0.72W D．闭合开关S和S1，断开开关S2，小灯泡L的功率变化范围为1.25W～5W 12．（多选）人体感觉舒适的湿度区间为40%～70%。如图甲所示的超声波加湿器，开机后会自动监测环境湿度：当湿度低于40%时启动加湿功能，高于70%时关闭加湿功能。图乙是其内部湿度监测装置的简化电路图，电源电压恒为12V，定值电阻R0的阻值为20Ω；图丙是湿度敏感电阻R的阻值随湿度变化的关系图像。在加湿器加湿的过程中，下列说法正确的是（   ） A．湿度变大，电压表的示数变大 B．湿度变大，电路的总功率变大 C．电流表示数变化范围是0.3A～0.4A D．R的电功率变化范围是0～1.8W 三、生活用电 13．如图是有关生活用电的四个场景，下列说法正确的是（　　） A．有金属外壳、功率大、易漏电的用电器，三脚插头的N脚需接在相线上 B．使用测电笔时，手指需要按住笔尾金属体，而绝对不能触碰笔尖金属体 C．在家庭电路中，空气开关跳闸时，一定是家庭电路出现短路情况造成的 D．只要脚下的凳子绝缘性能好，即使同时触碰相线与中性线人也不会触电 14．如图所示的四种情况中，符合安全用电原则的是（　　） A．爬上电线杆取风筝 B．在楼梯间给电动车充电 C．雷雨天在大树下躲雨 D．三脚插头的“长脚”与用电器的金属外壳相连 四、电与磁 15．北斗智能放牧终端将卫星定位技术应用到了牧业中，牧民通过手机掌握牧群动态，对放牧工作进行信息化管理。手机与北斗定位系统间的信息传递靠的是（　　） A．电磁波 B．超声波 C．次声波 D．电流 16．在2026年春晚《武BOT》节目中，宇树机器人的核心动力来自于伺服电机，它本质上是一种高精度的小型电动机，驱动机器人完成复杂的武术动作。下列设备中，工作原理与它相同的是（　　） A．磁极间有相互作用 B．电磁铁吸住铁片 C．电磁感应现象 D．通电导体在磁场中受力 17．如图所示，2026年中央广播电视总台春节联欢晚会上惊艳众人的人形机器人完成了很多高难度动作，下列说法正确的是（    ） A．制造机器人的控制芯片核心材料是超导体 B．机器人的全自动定位和导航信息是通过电磁波传递的 C．驱动机器人的电动机的工作原理是电磁感应 D．给机器人充电时，主要将化学能转化为电能 试卷第18页，共19页 试卷第1页，共19页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026年物理中考选择题模块专项训练（辽宁专用） 第一部分 力学 一、运动和力 1．在2025年11月全运会羽毛球女子单打决赛场上，湖北队王祉怡获女单冠军。赛场上，运动员用球拍击打羽毛球，羽毛球离开球拍后的飞行轨迹如图中曲线所示。下列说法正确的是（　　） A．羽毛球飞行过程中，运动状态没有改变 B．羽毛球飞行过程中受到重力、空气阻力、球拍对球的推力 C．羽毛球飞行过程中所受重力的方向始终竖直向下 D．球拍击打羽毛球时，羽毛球受到的弹力是羽毛球弹性形变产生的 【答案】C 【详解】A．羽毛球飞行过程中，运动的方向和速度的大小发生改变，运动状态发生改变，故A错误； B．羽毛球离开球拍后，在空中飞行，由于不再与球拍接触，所以不再受到球拍的推力，受到重力和空气阻力的作用，故B错误； C．羽毛球飞行过程中，羽毛球受到的重力是竖直向下的，故C正确； D．当羽毛球与球拍接触时，球拍是施力物体，球拍发生形变从而对羽毛球产生弹力，故D错误。 故选C。 2．如图所示，关于下列四幅图对应的说法中，正确的是（   ）              A．图甲：小东同学沿杆匀速向上爬升，小东同学受到的摩擦力方向向下 B．图乙：筷子提米在空中静止，杯子中的米越多，筷子受到的摩擦力越大 C．图丙：用力F拉动木板B使其速度逐渐变大，弹簧测力计的示数逐渐变大 D．图丁：小西用水平方向的力推车，车没动，是因为小西的推力小于地面对车的摩擦力 【答案】B 【详解】A．小东匀速向上爬升时，处于平衡状态，竖直向下的重力和摩擦力平衡，因此摩擦力方向竖直向上，故A错误； B．筷子提米在空中静止，整体受力平衡，筷子受到的摩擦力大小等于米和杯子的总重力；米越多，总重力越大，筷子受到的摩擦力越大，故B正确； C．滑动摩擦力的大小只与压力大小、接触面粗糙程度有关，拉动木板B速度变大时，A对B的压力、接触面粗糙程度都不变，因此A受到的滑动摩擦力大小不变；A始终静止，弹簧测力计拉力等于摩擦力，因此弹簧测力计示数不变，故C错误； D．车没推动，保持静止，属于平衡状态，推力与地面对车的摩擦力大小相等，故D错误。 故选B。 3．如图，是被誉为“十年长安号丝路新驼队”的中欧班列，它促进了“一带一路”沿线国家的经济、文化交流。关于该列车说法正确的是（    ） A．列车在平直轨道上行驶过程中相对于铁轨是静止的 B．列车在平直轨道上静止时，列车对铁轨的压力和铁轨对列车的支持力是一对平衡力 C．列车在平直轨道上匀速行驶时，处于平衡状态 D．列车在减速进站的过程中，因不受力而逐渐停下来 【答案】C 【详解】A．列车在平直轨道上行驶时，相对铁轨的位置发生了改变，因此列车相对于铁轨是运动的，故A错误。 B．平衡力需要满足“作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线”。列车对铁轨的压力作用在铁轨上，铁轨对列车的支持力作用在列车上，两个力作用在不同物体上，是一对相互作用力，故B错误。 C．物体处于静止或匀速直线运动状态时属于平衡状态。列车在平直轨道上匀速行驶时，做匀速直线运动，处于平衡状态，故C正确。 D．列车减速进站的过程中，是因为受到阻力作用才逐渐停下，力改变了列车的运动状态，并不是不受力，故D错误。 故选C。 4．如图甲所示，为环城中学信海老师在“全县理化教师培训会”上给与会教师演示的升空水火箭。如图乙所示，是水火箭结构示意图，如图丙为使用打气筒向水火箭内不断打气示意图。当水面上方压强增大到一定程度时，阀门打开，瓶内的水高速向下喷出，从而使水火箭升空。关于水火箭以下说法错误的是（　　） A．使用打气筒打气过程中，打气筒的筒壁不会发热 B．水火箭落回地面的过程中，若以水火箭为参照物，地面是向上运动的 C．水向下喷出会使水火箭升空，是由于力的作用是相互的 D．打气筒将空气压入水火箭内时，能量转化的过程与图丁所示的汽油机冲程相同 【答案】A 【详解】A．使用打气筒打气过程中，压缩筒内空气做功，机械能转化为内能，同时活塞与筒壁摩擦也会产生热量，所以打气筒的筒壁会发热，故A错误，符合题意； B．水火箭落回地面的过程中，以水火箭为参照物，地面与水火箭之间的距离在变小，所以地面是向上运动的，故B正确，不符合题意； C．水火箭向下喷水，给水一个向下的力，由于物体间力的作用是相互的，水会给水火箭一个向上的力，从而使水火箭升空，故C正确，不符合题意； D．打气筒将空气压入水火箭内时，是机械能转化为内能，图丁所示为汽油机的压缩冲程，也是机械能转化为内能，二者能量转化过程相同，故D正确，不符合题意。 故选A。 二、压强和浮力 5．厨房里能发现许多与物理知识有关的现象，下列说法正确的是（　　） A．甲图中菜刀的刀刃磨得光滑而薄，是为了增加压力，增大压强 B．乙图中向水平管中吹气，水从竖直管中喷出，是因为管上方空气流速变大，压强变小 C．丙图中轻轻一吸，牛奶入口，使牛奶上升到嘴里的力是嘴的吸力 D．丁图中高压锅能很快煮熟食物，是由于锅内气压增大，水的沸点降低 【答案】B 【详解】A．菜刀的刀刃磨得光滑而薄，是为了减小受力面积，从而增大压强，故A错误； B．向水平管中吹气，竖直管口上方空气流速变大；根据流体压强与流速的关系可知，流速越大的位置压强越小，管中的水在压强差的作用下喷出，故B正确； C．吸牛奶时，是吸出吸管内空气使管内气压减小，大气压将牛奶压入嘴里，使牛奶上升的力是大气压，故C错误； D．液体沸点随气压增大而升高，高压锅通过增大锅内气压，使水的沸点升高，食物能更快煮熟，故D错误。 故选B。 6．小郸洗水果时，发现体积较小的桔子漂浮在水面上，而体积较大的芒果却沉在水底，如图所示。下列说法正确的是（　　） A．桔子的密度小于芒果的密度 B．桔子受到的浮力大于它受到的重力 C．桔子底部受到液体的压强大于芒果底部受到的压强 D．桔子受到的浮力大于芒果受到的浮力 【答案】A 【详解】A．由浮沉条件可知，桔子的密度小于水的密度，芒果的密度大于水的密度，因此桔子的密度小于芒果的密度，故A正确； B．桔子在水中漂浮，所以桔子受到的浮力等于它受到的重力，故B错误； C．芒果底部的深度大于桔子底部的深度，所以芒果底部受到的压强大于桔子底部的压强，故C错误； D．桔子排开水的体积小于芒果排开水的体积，由，桔子受到的浮力小于芒果受到的浮力，故D错误。 故选A。 7．曹冲称象的故事广为流传。如图，称象时，先让象站在船上，在船身与水面交界处做上标记。让象上岸后，再将石头装入船中，直至船身上的标记与水面重合，所装石头的质量即为大象的质量。下列说法正确的是（　　） A．甲图中船排开水的重力与大象的重力大小相等 B．船内石头增多的过程中船底受到水的压强变小 C．船内石头增多的过程中船受到的浮力大小不变 D．甲图中船所受浮力与乙图中船所受浮力大小相等 【答案】D 【详解】A．根据阿基米德原理，甲图中船和大象整体漂浮，浮力等于船和大象的总重力，因此船排开水的重力与船和大象的总重力大小相等，即船排开水的重力大于大象的重力，故A错误； B．船内石头增多时，船的总重力增大，根据阿基米德原理可知，排开水的体积增大，船会下沉一些，船底所处的深度增大，根据可知，船底受到水的压强变大，故B错误； C．船内石头增多时，船的总重力增大，因为船始终漂浮，浮力等于重力，所以浮力增大，故C错误； D．由甲乙图两图可知，船排开水的体积相同，根据阿基米德原理可知，甲图中船所受浮力与乙图中船所受浮力大小相等，故D正确。 故选D。 8．如图所示，电子秤上有一重为2N、高为20cm、底面积为的圆柱形平底溢水杯（不计厚度），杯中装有水，将质量为240g，密度为的圆柱形金属块挂在弹簧测力计下，从金属块下表面接触水面到金属块浸没水中直至沉底的过程中，电子秤示数增加了1N，此时弹簧测力计示数为1.2N。下列说法正确的是（　　） A．金属块沉底时对容器的压力为1N B．水对溢水杯底压强增大了80Pa C．小桶收集到溢出水的重力为0.4N D．溢水杯对电子秤的压强为2400Pa 【答案】B 【详解】A．金属块的质量 金属块的重力 根据公式可得，金属块的体积 金属块沉底时排开水的体积等于自身的体积，即 根据阿基米德原理可知，金属块受到的浮力 金属块沉底时受到重力、浮力和容器底对其的支持力以及弹簧测力计对它的拉力，四力平衡，故金属块沉底时容器底对金属块的支持力 又因为金属块沉底时对容器的压力与容器底对金属块的支持力是一对相互作用力，大小相等，所以金属块沉底时对容器的压力为0.6N，故A错误； BC．金属块的重力为2.4N，沉底时，弹簧测力计的示数为1.2N，故容器和水对金属块的作用力为1.2N，根据力的作用是相互的，金属块对容器和水的作用力也为1.2N，而电子秤示数增加了1N，故有0.2N的水溢出，即溢出水的重力为0.2N，根据公式可得，溢出水的质量 根据公式可得，溢出水的体积 溢水杯的底面积 溢水杯水面上升的高度 水对溢水杯底的压强变化值 故B正确，C错误； D．容器的高度 溢水杯中水的体积 根据公式可得，水的质量 水的重力 溢水杯对电子秤的压力 溢水杯对电子秤的压强 故D错误。 故选B。 9．（多选）如图所示，甲、乙两个相同的烧杯中装有密度相同的液体，将两个实心物体A、B分别放入甲、乙两杯液体中。静止时，物体A在甲杯液体中处于沉底状态，物体B在乙杯液体中处于漂浮状态，两杯中的液体液面高度均为h。若A、B的质量分别为、，A、B的体积分别为、，A、B受到的浮力分别为、。下列判断中正确的是（　　） A．若，则一定有 B．若，则一定有 C．甲杯中液体对容器底的压力等于乙杯中液体对容器底的压力 D．甲杯对桌面的压强小于乙杯对桌面的压强 【答案】ABC 【分析】根据浮沉条件，结合密度公式分析； 利用公式和分析可得； 利用浮沉条件判断浮力、物体重力、排开液体重力关系，从而得到烧杯中物体和液体总重力关系，再利用公式判断。 【详解】甲乙两烧杯装的是密度相同的液体，物体A在甲杯液体中处于沉底状态，根据物体浮沉条件，说明A的密度大于液体密度，物体B在乙杯液体中处于漂浮状态，说明B的密度小于液体密度。所以A的密度大于B的密度。 A．若 ，由可知，A、B的质量关系为，故A正确； B．若 ，由可知，A、B的体积关系为，故B正确； C．两杯中的液体液面高度均为h，由得，两容器底部所受液体压强相等。又因为两个容器底面积相等，根据可知，两杯中液体对容器底部的压力相等，故C正确； D． 为了便于比较，设丙烧杯中只装入同种液体，且液面高度也为h，丙烧杯中液体重力为G液丙，如图所示： 甲烧杯中物体A沉底，则，即A的重力大于它排开的液体的重力，所以 乙烧杯中物体B漂浮，则，即B的重力等于它排开的液体的重力，所以 则 甲、乙两烧杯完全相同（两烧杯重力相同），且桌面受到的压力等于容器、液体和物体的总重力，所以甲杯对桌面的压力大于乙杯对桌面的压力，即；两烧杯的底面积相同，由得甲杯对桌面的压强大于乙杯对桌面的压强，故D错误。 故选ABC。 三、功与机械能 10．如图甲所示为《天工开物》中记载的三千多年前中国古人利用桔槔在井上汲水的情境，图乙为桔槔的简化示意图，横杆的一端用绳子与水桶相连，另一端绑上一块大石头。当要提水时，人用力向下拉绳子使汲器下降到水面以下。当汲器装满水后，让另一端石头下降，水就被提起了。下列说法正确的是（　　） A．人用力向下拉绳子时，桔槔的结构相当于一个费力杠杆 B．汲器在离开水面之前，它受到的浮力将变大 C．桔槔另一端绑上的大石头越重越好 D．装满水的汲器在空中匀速上升时，它的机械能不变 【答案】A 【详解】A．人用力向下拉绳子时，杠杆支点为O，人的拉力作用在B端，由图可知，B处的动力臂小于A处的阻力臂，根据杠杆平衡条件，动力大于阻力，属于费力杠杆。故A正确； B．汲器在离开水面之前，根据阿基米德原理可知，当完全浸没时，提起时排开水的体积不变，浮力不变；当部分浸没在水中时，提起时排开水的体积变小，浮力变小，故B错误； C．若石头过重，放下汲器时人拉绳子使汲器下降，需要克服更大的石头重力，会大幅增加人的拉力负担，操作更费力，因此并非越重越好。故C错误； D．装满水的汲器在空中匀速上升时，速度、质量不变，故动能不变；高度升高，故重力势能增大，因为机械能等于动能与重力势能之和，所以机械能增大，故D错误。 故选A。 11．（多选）2025年江西省城市足球超级联赛（赣超）决赛在赣州打响，图甲所示的是球员传球后足球的运动轨迹，图乙是足球落地后弹跳的过程。下列说法合理的是（　　） A．足球在P点的动能大于在Q点的动能 B．足球从P点移动至Q点的过程中，球员对球做了功 C．A、C两点为同一高度，该足球在这两点的机械能相等 D．足球从B点移动至D点的过程中，重力势能转化为动能 【答案】AD 【详解】AC．由图可知，足球跳起的高度逐渐变小，这说明足球的机械能是逐渐变小的，该足球在A点的机械能大于C点的机械能，在P点的机械能大于Q点的机械能，该足球在P点的高度小于在Q点的高度，则在P点的重力势能小于在Q点的重力势能，所以P点的动能大于Q点的动能，故A符合题意，C不符合题意； B．足球从P点移动至Q点的过程中，球员没有对球施加力，所以对球不做功，故B不符合题意； D．足球从B点移动至D点的过程中，质量不变，速度变大，则动能变大，高度降低，则重力势能减小，重力势能转化为动能，故D符合题意。 故选AD。 12．2025年11月25日，神舟二十二号载人飞船在长征二号F遥二十二运载火箭的推动下，直飞碧空如洗的苍穹，如图所示。关于火箭发动机，下列说法正确的是（   ） A．火箭发动机是将机械能转化为内能的机器 B．火箭燃料燃烧越充分，燃料的热值越大 C．火箭在大气层中加速升空时，载人飞船动能变大 D．随着科技进步，火箭发动机的热效率可达100% 【答案】C 【详解】A．火箭发动机是将内能转化为机械能的机器，故A错误； B．热值是燃料的固有属性，与燃料燃烧的情况无关，故B错误； C．火箭在大气层中加速升空时，载人飞船的质量不变，速度变大，则动能变大，故C正确； D．火箭发动机属于热机，热机工作时存在能量损耗，效率不可能达到100%。故D错误。 故选C。 13．机器狗能帮助人们搬运重物；不计空气阻力，下列四种情境中，机器狗对重物A做功的是（　　） A．蹲着不动 B．托举重物匀速竖直上升 C．站着不动 D．承载重物匀速水平移动 【答案】B 【详解】对重物A受力分析可知，机器狗对重物A有竖直向上的支持力的作用，根据力做功的两个必要因素可知，需要在竖直方向上移动一定的距离，因此需要托举重物匀速竖直上升，故ACD不符合题意，B符合题意。 故选B。 四、简单机械 14．如图所示，重为50N的物体A在拉力F作用下沿水平面做匀速直线运动。已知滑轮组机械效率为60%，物体运动的速度为2m/s，下列分析计算正确的是（   ） A．在2s内重力所做的功200J B．物体受到的摩擦力为9N C．拉力F做功的功率为10W D．在10s内机械所做的有用功为300J 【答案】B 【详解】A．物体的重力方向竖直向下，物体没有在重力方向上移动距离，故重力不做功，故A错误； B．由图可知，承担物体与地面的摩擦力的绳子有效段数为3，则克服物体与地面间的摩擦力做的功是有用功，因滑轮组的机械效率为 故摩擦力为 故B正确； C．绳子自由端移动的速度为 拉力的功率为 故C错误； D．在10s内机械所做的有用功为 故D错误。 故选B。 15．（多选）如图所示装置中属于省力杠杆的是（    ） A．镊子 B．羊角锤 C．钢丝钳 D．钓鱼竿 【答案】BC 【详解】A．镊子使用时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A不符合题意； B．羊角锤使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B符合题意； C．钢丝钳使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C符合题意； D．钓鱼竿使用时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D不符合题意。 故选BC。 16．（多选）如图甲所示是《天工开物》里记载的一种捣谷的碓，其简化原理图如图乙所示，捣谷人对B点的作用力使水平静止的横木AB绕O点转动。碓头重20N，不计摩擦和横木重，下列说法正确的是（　　） A．碓相当于费力杠杆 B．利用该装置捣谷可以省功 C．图乙中至少用力50N才能将碓头抬起 D．碓头尖细可增大对稻谷的压力 【答案】AC 【详解】A．支点为O，由图可知，动力臂小于阻力臂，碓相当于费力杠杆，故A正确； B．由功的原理可知使用任何机械都不省功，利用该装置捣谷不可以省功，故B错误； C．O点为杠杆的支点，则碓头对杠杆拉力的力臂为AO，长度为 碓头重20N，根据杠杆的平衡条件可知 即 代入数据，解得，即图乙中至少用力50N才能将碓头抬起，故C正确； D．在压力相同时，受力面积越小，压强越大，碓头尖细可增大对稻谷的压强，碓头对稻谷的压力不变，故D错误。 故选AC。 第二部分 声学、热学、光学 一、声学 1．白居易《琵琶行》中所描述的“转轴拨弦三两声，未成曲调先有情”。转轴是通过调节琴弦松紧从而改变声音的（　　） A．响度 B．音调 C．音色 D．振幅 【答案】B 【详解】弦乐器音调的高低与弦的松紧、粗细和长短有关；弦越紧、越细、越短，音调越高，故转轴是通过调节琴弦松紧，从而改变声音的音调，并没有改变弦的振幅，响度不变，也没有改变弦的材料及发声方式，音色不变。故B符合题意，ACD不符合题意。 选B。 2．2026年春晚开场表演《马上有奇迹》中，马头琴与二胡的旋律交织，为观众带来了震撼的听觉体验。下列关于现场声音的说法，正确的是（　　） A．观众听到的马头琴声是由琴弦的振动产生的 B．调小电视机的音量是在传播过程中控制了噪声 C．现场观众依据声音的音调，分辨出马头琴与二胡的演奏声 D．声音通过空气传播到观众耳中，其传播速度为 【答案】A 【详解】A．声音是由物体振动产生的，马头琴发声是依靠琴弦振动产生的，故A正确； B．调小电视机的音量是在声源处控制了噪声，故B错误； C．现场观众依据声音的音色，分辨出马头琴与二胡的演奏声，故C错误； D．声音是通过空气传播到观众耳中，其传播速度为340m/s，故D错误。 故选A。 二、光现象 3．“长安灯会·西安城墙”新春系列文化活动给广大市民带来绚丽多彩的光影盛宴。我们能从各个角度观察到古城墙，是因为光发生的是（   ） A．折射 B．镜面反射 C．漫反射 D．色散 【答案】C 【详解】古城墙表面是粗糙的，光照射到上面会发生漫反射，漫反射的反射光线向各个方向传播，所以我们能从各个角度观察到古城墙。 故选C。 4．中国科学院院士褚君浩在北京现场展示了利用特殊材料实现的“隐身术”。据了解，其中一种“隐身术”借助了能让光线产生规律折射的神奇材料——“柱镜光栅”。下列现象与该“隐身术”的光学原理相同的是（　　） A．一叶障目 B．水中捞月 C．海市蜃楼 D．立竿见影 【答案】C 【详解】由题意可知“隐身术”的光学原理是光的折射。一叶障目、立竿见影是光的直线传播现象；水中捞月是平面镜成像，是光的反射现象；海市蜃楼是光在不均匀的空气中传播方向发生偏折造成的，属于光的折射现象。故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 5．“峨眉山月半轮秋，影入平羌江水流。”这是唐代诗人李白写下的美妙诗句，下列光现象与“影入平羌”的成像原理相同的是（　　） A．小孔成像 B．水中倒影 C．海市蜃楼 D．雨后彩虹 【答案】B 【详解】A．小孔成像属于光的直线传播现象，故A不符合题意； B．水中倒影，形成的原因是光的反射，与题干中的原理相同，故B符合题意； C．海市蜃楼是光在沿直线传播过程中遇到密度不均匀的大气时发生的偏折现象，属于光的折射现象，故C不符合题意； D．雨后彩虹是光在沿直线传播过程中遇到空气中的小水珠同时发生内反射和折射的色散现象，故D不符合题意。 故选B。 6．如图所示是某超市的智能刷脸储物柜。顾客在储物柜前按下“存”键，再将脸对准屏幕，柜门就会打开。关于储物柜屏幕上方的摄像头，下列说法正确的是（　　） A．该摄像头对太阳光有发散作用 B．人脸位于摄像头一倍焦距以内 C．人靠近摄像头，所成的像变小 D．该摄像头可以用来矫正远视眼 【答案】D 【详解】AB．摄像头的镜头是一个凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用，摄像头的工作原理与照相机相同，“刷脸”时，人要在凸透镜的二倍焦距之外，成的是倒立、缩小的实像，故AB错误； C．凸透镜成实像时，物近像远像变大，人靠近摄像头，所成的像变大，故C错误； D．摄像头的镜头是一个凸透镜，可以用来矫正远视眼，故D正确。 故选D。 7．在探究“凸透镜成像的规律”实验中，光具座上蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，此时在光屏上恰好成一个清晰的像。下列说法正确的是（　　） A．仅将凸透镜位置移到光具座上65cm刻度处，光屏上也能得到一个清晰的像 B．用手遮挡凸透镜的一部分，光屏上接收到的像将不完整 C．若在蜡烛和凸透镜之间放一个近视眼镜，则光屏应靠近凸透镜才能得到清晰的像 D．若将蜡烛远离凸透镜，则应将光屏靠近凸透镜才能得到清晰的像，且像逐渐变大 【答案】A 【详解】A．根据题意，初始物距 ，像距 ，像距大于物距，成倒立放大的实像。移动后物距：，像距：，由光路可逆性可知移动后同样满足成像条件，成倒立缩小实像，故A正确； B．遮挡部分透镜仅减少通过的光线，不影响成像完整性，像仍完整但变暗，故B错误； C．近视镜为凹透镜，对光线起发散作用，使成像点后移，需增大像距（光屏远离透镜）才能成像，故C错误； D．将蜡烛远离凸透镜，此时物距增大，据凸透镜成实像规律，像距应减小，光屏需靠近凸透镜才能得到清晰的像，且像变小，故D错误。 故选A。 三、热学 8．冬季，北方居民在室内取暖时，发现窗户玻璃上经常出现“水雾”或“冰花”。关于“水雾”和“冰花”出现的位置，下列说法正确的是（　　） A．“水雾”出现在玻璃内侧，“冰花”出现在玻璃外侧 B．“水雾”出现在玻璃外侧，“冰花”出现在玻璃内侧 C．“水雾”和“冰花”均出现在玻璃内侧 D．“水雾”和“冰花”均出现在玻璃外侧 【答案】C 【详解】“水雾”是因为室内高温的水蒸气遇到冷的玻璃液化形成的小液滴，附着在玻璃的内侧；“冰花”是室内高温的水蒸气遇到温度低于冰点的玻璃凝华形成的，冰晶附着在玻璃的内侧，故ABD错误，C正确。 故选C。 9．下列现象与物态变化相对应的是（    ） A．古诗云“秋荷一滴露，清夜坠玄天”——汽化 B．冰冻三尺非一日之寒——凝华 C．北国风光，万里雪飘——升华 D．霜叶红于二月花——凝华 【答案】D 【详解】A．露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象，故A不符合题意； B．冰是液态的水遇冷凝固形成的，属于凝固现象，故B不符合题意； C．雪是高空中空气里的水蒸气遇冷凝华而成的小冰晶，属于凝华现象，故C不符合题意； D．霜是近地面空气中的水蒸气在温度低于的物体表面上遇冷直接凝华而成的小冰晶，属于凝华现象，故D符合题意。 故选D。 10．厨房不仅是加工食材的场所，也是日常生活中充满物态变化的“实验室”，其中涉及各种物态变化，如图所示，下列有关说法不正确的是（　　） A．如图甲，拿刚出锅的热馒头时要在手上沾点凉水，利用了水蒸发吸热 B．如图乙，冰箱冷冻室的“白霜”是空气中的水蒸气遇冷后凝华形成的 C．如图丙，为了让冻肉尽快解冻，可以在肉上撒盐，这样能有效升高冰的熔点 D．如图丁，用天然气灶煲汤，汤沸腾时调小火焰保持沸腾，汤的温度保持不变 【答案】C 【详解】A．拿刚出锅的热馒头时要在手上沾点凉水，汽化吸热，避免烫伤手，故A正确，不符合题意； B．“白霜”是固态的小冰晶，由空气中的水蒸气凝华形成的，故B正确，不符合题意； C．为了让冻肉尽快解冻，可以在肉上撒盐，有效降低冰的熔点，从而加快冻肉的解冻速度，故C错误，符合题意； D．用天然气灶煲汤，汤沸腾后调小火焰，只要能保证汤继续吸热，汤就会持续沸腾，温度保持沸点不变，故D正确，不符合题意。 故选C。 11．用相同酒精灯对甲、乙两种物质加热，如图是这两种物质的温度随加热时间变化图像。下列说法正确的是（   ） A．甲物质一定是非晶体 B．80℃一定是乙物质的沸点 C．第8分钟甲物质一定处于液态 D．第8分钟乙物质可能处于液态 【答案】D 【详解】A．若该图像是物质熔化图像，甲虽然温度一直升高，可能还没达到熔点，也可能是非晶体，故A错误； BCD．甲、乙两物质的温度随加热时间变化图像，并未说明甲、乙两物质是固态，所以不能确定乙物质是固态还是液态，也就不能确定乙物质的熔点是80℃还是沸点是80℃，第八分钟时，乙物质可能是沸腾，也可能是固液共存的状态，故BC错误，D正确。 故选D。 12．2025年10月19日，中科宇航力箭一号遥八运载火箭在东风商业航天创新试验区发射，采用“一箭3星”的方式，将巴基斯坦遥感卫星02星、中科卫星03星和04星共3颗卫星顺利送入预定轨道。关于火箭发射，下列说法正确的是（　　） A．火箭采用液态氢作为燃料，原因是液态氢具有较大的比热容 B．火箭上升时外壳温度升高，所含热量增多 C．火箭发射时，发射台底部的水池中涌出大量的“白气”，这些“白气”是水池中的水汽化产生的水蒸气 D．火箭发射升空的过程中，燃料燃烧产生的内能只有一部分转化为了火箭的机械能 【答案】D 【详解】A．火箭选用液态氢做燃料，是因为液态氢的热值大，相同质量完全燃烧可以释放更多能量，不是因为比热容大，故A错误； B．热量是过程量，只能描述为“吸收、放出热量”，不能说物体“所含热量”，故B错误； C．我们看到的“白气”不是水蒸气，水蒸气肉眼不可见，它是水池内的水汽化后，水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故C错误； D．火箭发射过程中，燃料燃烧放出的内能，一部分会散失到空气中、被周边设备吸收以及克服空气阻力消耗，只有一部分最终转化为火箭的机械能，故D正确。 故选D。 13．《食经》中对醋的制作工艺有记载：“作大豆千岁苦酒（醋）法：用大豆一斗，熟汰之，渍令泽，炊。暴极燥，以酒醅灌之。任性多少，以此为率。”其中“炊”即蒸熟，是酿醋的重要工序。蒸熟大豆的过程如图所示，下列说法正确的是（   ） A．蒸熟大豆的过程中，大豆含有的热量越来越多 B．蒸熟是通过传递温度的方式来改变大豆的内能 C．锅中的水在被加热的过程中，比热容保持不变 D．将木柴架空一些可提高其热值，使燃烧更剧烈 【答案】C 【详解】A．热量是一个过程量，只能说“吸收”或“放出”多少热量，不能说物体“含有”或“具有”多少热量，故A错误； B．熟大豆是通过热传递的方式改变内能，传递的是热量不是温度，故B错误； C．比热容是物质的一种特性，与温度无关，故比热容保持不变，故C正确； D．热值是燃料本身的特性，与其他无关，故D错误。 故选C。 14．如图所示，小明制作了一个简易汽轮机装置，在易拉罐中装入适量的水，用酒精灯加热，水沸腾后从管口喷出蒸汽使风车扇叶转动。下列说法正确的是（　　） A．酒精燃烧时将化学能转化为内能 B．加热一段时间后，酒精灯内酒精的热值减小 C．蒸汽使扇叶转动过程与四冲程汽油机的排气冲程原理相似 D．通过改进此热机模型的结构，它的效率可达到100% 【答案】A 【详解】A．酒精燃烧是化学变化，燃烧过程中将酒精储存的化学能转化为内能，故A正确； B．热值是燃料本身的特性，只和燃料的种类有关，和酒精的质量无关，酒精灯内酒精减少后热值不变，故B错误； C．蒸汽使扇叶转动，是将蒸汽的内能转化为扇叶的机械能，该过程和四冲程汽油机的做功冲程原理相似，故C错误； D．热机工作时，一定存在热量散失、额外功消耗，效率永远小于100%，不可能达到100%，故D错误。 故选A。 第三部分 电和磁 一、电流和电路 1．王老师在白霓中学开展的“课间实验秀”活动中，让十位同学排成一队，另外两位同学牵着一条横幅两头，在同学们的头发上来回拖动几次，抬高横幅，出现如图甲所示的情形，为了便于大家分析，王老师利用AI把甲图生成如图乙所示的简图，针对图中所示的情形，下列说法错误的是（　　） A．头发与横幅摩擦后，横幅和头发都带了电 B．横幅吸引头发，头发不会吸引横幅 C．头发因带同种电荷而排斥所以成“怒发冲冠”状 D．摩擦后，横幅和头发带上了异种电荷 【答案】B 【详解】AD．摩擦起电的本质是电子的转移，所以横幅和头发摩擦后，会带上异种电荷，且两者都带了电。故AD正确，不符合题意； B．横幅和头发带异种电荷，所以横幅会吸引头发，同时头发也会吸引横幅。故B错误，符合题意； C．头发之间带同种电荷，所以会相互排斥，形成“怒发冲冠”的状态。故C正确，不符合题意。 故选B。 2．学校要为储藏室的电动门设计一个控制电路，只有当两名管理员同时启用各自的钥匙时才能接通电源，电动机工作把门打开。如启用钥匙相当于闭合开关，则下列电路图符合要求的是（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【详解】只有当两名管理员同时启用各自的钥匙时才能接通电源，表明两开关及电动机是串联的，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 二、欧姆定律与电功率 3．如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S，将滑动变阻器滑片从中点移到b端，此过程中（    ） A．电流表A的示数变小，电压表的示数不变 B．电压表的示数与电流表A示数的比值不变 C．电压表的示数与电流表A示数的比值变大 D．电压表的示数变化量大于电压表的示数变化量 【答案】D 【详解】A．由电路图可知，、、串联，电压表测量、的总电压，电压表测量、的总电压，电流表测量电路中的电流。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片从中点移到b端，根据欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路中的电阻增大，电路中的电流变小。由分压原理可知，滑动变阻器分得的电压变大，、分得的电压变小，电压表示数变小，故A不符合题意； B．根据欧姆定律可知，电压表的示数与电流表A示数的比值等于、接入电路中的电阻之和，其值变大，故B不符合题意； C．电压表的示数与电流表A示数的比值等于、的电阻之和，其值不变，故C不符合题意； D．电压表的示数变化量等于两端电压的变化量，电压表示数的变化量等于两端电压的变化量，又因为两端电压的变化量等于、两端电压的变化量之和，则两端电压的变化量大于两端电压的变化量，即电压表的示数变化量大于电压表的示数变化量，故D符合题意。 故选D。 4．（多选）物理小组设计了一空气质量监测设备，原理如图—1所示。已知电源电压恒为6V，定值电阻R0的阻值为10Ω，气敏电阻R是可以感知二氧化硫污染指数的可变电阻，图—2为二氧化硫污染指数与气敏电阻阻值的变化关系图像。污染指数在50以下为轻度污染，50-100为中度污染，100以上为重度污染。下列分析正确的是（   ） A．污染指数越小，电路中的电流越小 B．污染指数越大，电压表示数越小 C．电压表示数为2V时，属于中度污染 D．污染指数为50时，消耗的电功率为0.5W 【答案】AD 【详解】如图1，定值电阻R0​和气敏电阻R串联，电压表测R0​两端电压，由图2可知：气敏电阻R的阻值随污染指数增大而减小。 A．污染指数越小，R的阻值越大，电路总电阻越大，电源电压不变，由可知，电路电流越小，故A正确； B．污染指数越大，R越小，总电阻越小，电路电流I越大，由可知，R0两端电压越大，即电压表示数越大，故B错误； C．电压表示数为2V时，电路电流 总电阻 气敏电阻 由图2可知，对应污染指数为150，，属于重度污染，故C错误； D．污染指数为50时，由图2得，总电阻 电路电流 R消耗的功率 故D正确。 故选AD。 5．（多选）如图所示的电路，电源电压恒为4.5V，灯泡L标有“2.5V  1.25W”字样（灯丝电阻不变），滑动变阻器R1标有“20Ω  1A”字样，电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~3V。闭合开关S，在不损坏电路元件的前提下，移动滑动变阻器的滑片P，则下列说法正确的是（　　） A．滑动变阻器接入电路的阻值范围是2.5Ω~20Ω B．电流表示数的变化范围是0.3A~0.5A C．电压表示数的变化范围是1.5V~3V D．电路总功率的变化范围是1.35W~2.25W 【答案】BD 【详解】ABC．闭合开关S，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压。灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样，且灯丝电阻不变，灯丝的电阻为 灯泡正常发光时电流为 电流表量程为0~0.6A，则电路中最大电流为0.5A。此时滑动变阻器接入电路的阻值最小，滑动变阻器电压最小，即电压表的最小读数为 滑动变阻器接入电路的最小阻值 电压表量程为0~3V，即电压表的最大读数为3V，故电压表示数的变化范围是。灯泡两端的最小电压为 则电路中的最小电流为 此时滑动变阻器接入电路的阻值最大 故滑动变阻器接入电路的阻值范围是，电流表示数的变化范围是。故B正确，AC错误； D．电路总功率最小为 电路总功率最大为 故D正确。 故选BD。 6．（多选）如图甲所示的电路中电源电压恒定，小灯泡L的灯丝电阻不变，是定值电阻。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P由A端移到B端，两电压表示数随电流表示数变化的关系如图乙所示（不考虑电阻随温度的变化）。下列分析中正确的是（　　） A．电源电压U=12V B．定值电阻 C．灯泡的最大功率为2.88W D．滑动变阻器的最大阻值为20 【答案】ACD 【详解】AB．由电路图可知，灯泡、变阻器和电阻R1串联，电压表V1测灯泡的电压，V2测灯泡与变阻器的总电压，电流表测电路的电流；将滑动变阻器的滑片P由A端移到B端，滑动变阻器接入电路中的电阻由最大值变为0，电路中的电流最小变到最大。结合图乙滑片在A端时电流中电流为0.3A，在B端时电路中电流为0.6A，且在A点时V2示数大于V1示数，在B点时V2示数等于V1示数。可得乙图中上面图线表示V2示数与电流表示数关系，下面图线表示V1示数与电流表示数关系，可知当V2示数为8.4V时，电流表示数为0.3A；当V2示数为4.8V时，电流表示数为0.6A，可得电源电压为  ①   ② 解①②两式可得电源电压，定值电阻。 故A正确，B错误； C．由前面分析可知，滑片P在B端时，灯两端的电压（V1的示数）为4.8V，达到最大，此时电流表示数（通过灯泡的电流最大），所以在滑片P移动过程中，灯的最大功率为 故C正确； D．滑片P在A端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大。此时电压表V2示数为8.4V，电压表V1示数为2.4V，电路中的电流为0.3A。此时滑动变阻器两端电压为 滑动变阻器的最大阻值为 故D正确。 故选ACD。 7．（多选）如图甲所示，电源电压恒定，为定值电阻，为滑动变阻器。当只闭合开关S和，滑片从的最右端滑动到a点时，灯泡L恰好正常发光。此时断开开关，闭合开关，再将滑片从a点向右移动，直到电压表示数与灯泡L的额定电压相同，两次调节过程中电表示数关系图像如图乙所示，则（    ） A．电源电压为6V B．定值电阻的电阻为10Ω C．灯泡L的额定功率为0.9W D．该电路的最小电功率为1.2W 【答案】ABD 【详解】BC．由电路图甲知，只闭合开关S和时，灯泡和变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量灯泡两端的电压，当滑片从的最右端滑动到a点时，变阻器连入电路的电阻减小，由电阻的串联可知电路的总电阻减小，由欧姆定律可知电路中的电流增大，由可知，电压表示数增大，由于灯泡L电阻随温度的变化而变化，故电流表与电压表示数变化关系为图乙中曲线，滑片在a点，即灯泡正常工作时，电路中的电流为0.6A；断开开关，闭合，与串联，电压表测的电压，当滑片从a点向右移动，变阻器连入电路的电阻增大，由电阻的串联可知此过程中电路的总电阻增大，由欧姆定律可知电路中的电流减小，由可知电压表示数变小，电流表与电压表示数变化关系图像为图乙中的直线；滑片在a点时，电流表示数为0.4A，电压表示数为4V，则定值电阻的阻值为 当电压表示数与灯泡的额定电压相同时，电流表示数为0.3A，此时电压表的示数，即灯泡正常发光时的电压为 灯泡L的额定功率为 故B符合题意，C不符合题意； A．只闭合S和，滑片在a点时，根据串联电路的特点和欧姆定律可得电源电压① 只闭合S和，滑片在a点时，根据串联电路的特点和欧姆定律可得电源电压② 解①②得电源电压，故A符合题意； D．电源电压恒定，总功率，总电阻越大，功率越小， 滑动变阻器最大阻值可由第一次调节的起点（滑片在最右端）得到：此时 ，，则 总电阻最大的情况为S 、S2 闭合，调至最大，总电阻 最小功率 故D符合题意。 故选ABD。 8．（多选）图甲所示是某小组设计的检测汽车载重的地磅的电路原理图。地磅主要由承重台（重力不计）、压力传感器R、定值电阻R0、显示仪表等组成。电源电压为12V，R0的阻值15Ω。R的阻值与承重台所受压力F的关系如图乙所示。下列说法正确的是（g取10 N/kg）（　　） A．显示仪表是由电流表改装而成的 B．汽车载重越重，电路中的电流越小 C．汽车载重越重，电路总功率越小 D．汽车的总质量为4t时，电路总功率为7.2 W 【答案】AD 【详解】A．由电路可知，压力传感器与定值电阻串联，显示仪表串联在电路中，因此是由电流表改装而成，故A正确； BC．汽车载重越重，承重台受到的压力越大，由图乙可知：压力越大，的阻值越小。电路的总电阻越小，电源电压不变，根据可知，电路中的电流越大，根据可得，电路总功率越大，故BC错误； D．汽车总质量 压力等于重力 从图乙可得时，，总电阻 总功率 故D正确。 故选AD。 9．（多选）如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定功率为5W，电压表、电流表测量范围分别为。先只闭合开关和，将滑片从最右端向左移动，移动到点时，小灯泡正常发光；保持滑片在点不动，再断开开关，闭合开关，将滑片从a点向右移动到最右端。整个过程元件均完好，灯丝电阻受温度影响不可忽略。图乙是上述两过程中的电压表示数和电流表示数的关系图像，下列说法正确的是（　　） A．小灯泡的额定电压为 B．电源电压为 C．只闭合开关和，滑动变阻器的阻值变化范围为 D．定值电阻为 【答案】BC 【详解】AB．只闭合开关和，滑动变阻器与灯泡串联，将滑片从最右端向左移动时，接入电阻变小，两端电压变小，由于灯泡的电阻受温度影响，滑动变阻器的电流与两端电压关系为曲线，滑片在a点时接入阻值最小，灯泡正常发光，由乙图数据，电路中电流为0.5A，滑动变阻器两端电压为2V，小灯泡的额定电压 电源电压，故A错误，B正确； C．在a点，滑动变阻器最小电阻 滑片到最右端，滑动变阻器最大电阻，此时两端电压为8V，电流为0.25A，则 滑动变阻器的阻值变化范围为，故C正确； D．只闭合开关和，R1与R2串联，R1相当于定值电阻，此时电路中电流不变，为0.3A，R1两端电压为 故定值电阻，故D错误。 故选 BC。 10．（多选）如图甲所示电路中，电源电压不变，电流表的测量范围为0～0.6A，电压表的测量范围为0～15V，小灯泡参数“？V　？W”模糊不清。第一次只闭合开关S、，滑片P从a端移到b端；第二次只闭合开关S、，保证电路中所有元件都安全的前提下，最大范围内移动滑片P。图乙是这两次实验过程绘制的电压表与电流表示数的关系图像。下列判断正确的是（　　） A．定值电阻的阻值为20Ω B．小灯泡的参数为“5V　2W” C．只闭合开关S、，电路的总功率最大时，灯与滑动变阻器的功率之比为 D．只闭合开关S、，为保证电路安全，滑动变阻器的阻值范围为7.5Ω～20Ω 【答案】ABD 【详解】A．只闭合、时，与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器电压。滑动变阻器电阻减小，电流增大，滑动变阻器电压减小，且是一次函数，因此乙图中下降的直线对应本次实验。只闭合、：灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器电压，灯泡电阻随温度变化，因此乙图中弯曲的曲线对应本次实验。对直线（第一次实验），取两个端点：滑片在端（滑动变阻器阻值为0）时，，，电源电压 滑片在端（滑动变阻器阻值最大）时，，，电源电压 联立得 解得，，故A正确； B．只闭合、，电路最大安全电流（未超过电流表量程）此时灯泡正常发光，此时滑动变阻器电压，因此灯泡额定电压 额定功率 因此灯泡参数为“”，故B正确。 C．只闭合开关S、，电源电压不变，总功率最大时电流最大（），串联电路功率比等于电压比 故C错误； D．电流最大时，滑动变阻器阻值最小 电流最小时，滑动变阻器阻值最大，此时（未超过电压表量程），滑动变阻器最大阻值 故D正确。 故选 ABD。 11．（多选）如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定功率为5W，电压表测量范围为0～15V，电流表测量范围为0～0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A。在保证电路各元件安全的前提下，闭合开关S和S1，断开开关S2，将滑片P从最右端b向左最大范围移动到a点；闭合开关S和S2，断开开关S1，将滑片P从a点向右移动到最右端b。图乙是这两次实验绘制出的U-I图像，下列说法正确的是（   ） A．小灯泡的额定电压为8V，电源电压为10V B．闭合开关S和S1，断开开关S2，滑动变阻器R1的阻值变化范围为4～32Ω C．闭合开关S和S2，断开开关S1，滑片P在a点时，R2的功率为0.72W D．闭合开关S和S1，断开开关S2，小灯泡L的功率变化范围为1.25W～5W 【答案】BC 【分析】首先分析两种开关状态下的电路连接方式：因为闭合S、，断开时，与L串联，电压表测两端电压，电流表测电路电流；闭合S、，断开时，与串联，电压表测两端电压，电流表测电路电流，所以要对应图乙的U-I图像区分两种电路的图像。 利用串联电路的电压、电流规律，结合欧姆定律、电功率公式，因为电源电压不变，所以可通过图像中的数据列方程求解电源电压、定值电阻的阻值、灯泡的相关参数。 对于各选项的判断，需结合元件的量程、额定功率等限制条件，比如电流表量程、电压表量程、滑动变阻器允许的最大电流、灯泡额定功率，通过欧姆定律和电功率公式分析各元件的取值范围、功率变化等。 分析灯泡额定电压时，因为已知额定功率，结合求出的灯泡参数，利用公式或进行推导。 【详解】A．只闭合开关S、，滑片从最右端b向左移动到a点，保证电路元件安全，当变阻器连入电路的阻值最小（即滑片在a点时），电路的总电阻最小电路中电流最大，由图乙知，电路的最大电流 此时灯泡正常发光，灯泡的额定电压 电源电压，故A错误； B．闭合开关S和，断开开关，滑动变阻器滑片在a点时变阻器连入电路的电阻最小，最小电阻 滑片P在b端时，电路的总电阻最大，电路的电流最小，由图像可知最小电流为0.25A，滑动变阻器两端的电压为8V，所以滑动变阻器的最大电阻 所以滑动变阻器的阻值变化范围为，故B正确； C．闭合开关S和，断开开关，电阻的全部电阻与串联，由图乙可知电路中的电流为0.3A不变，电路中的总电阻 电阻 的功率，故C正确； D．闭合开关S和，断开开关，滑片在b点时，滑动变阻器两端电压是8V，灯泡两端的电压 此时灯泡的功率 小灯泡L的功率变化范围为，故D错误。 故选BC。 12．（多选）人体感觉舒适的湿度区间为40%～70%。如图甲所示的超声波加湿器，开机后会自动监测环境湿度：当湿度低于40%时启动加湿功能，高于70%时关闭加湿功能。图乙是其内部湿度监测装置的简化电路图，电源电压恒为12V，定值电阻R0的阻值为20Ω；图丙是湿度敏感电阻R的阻值随湿度变化的关系图像。在加湿器加湿的过程中，下列说法正确的是（   ） A．湿度变大，电压表的示数变大 B．湿度变大，电路的总功率变大 C．电流表示数变化范围是0.3A～0.4A D．R的电功率变化范围是0～1.8W 【答案】BC 【详解】AB．由图知，湿度增大时，湿敏电阻R的阻值减小，串联电路总电阻减小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大。根据，电路中的总功率变大。定值电阻两端的电压，当电流增大时，它两端的电压变大，串联电路中各用电器两端的电压之和等于总电压，故湿敏电阻两端的电压变小，即电压表的示数随湿度的增大而减小。故A错误，B正确； CD．当湿度为40%时，湿敏电阻，此时，电流表示数为 R的电功率此时为 当湿度为70%时，湿敏电阻，此时，电流表示数为 R的电功率此时为 故C正确，D错误。 故选B 三、生活用电 13．如图是有关生活用电的四个场景，下列说法正确的是（　　） A．有金属外壳、功率大、易漏电的用电器，三脚插头的N脚需接在相线上 B．使用测电笔时，手指需要按住笔尾金属体，而绝对不能触碰笔尖金属体 C．在家庭电路中，空气开关跳闸时，一定是家庭电路出现短路情况造成的 D．只要脚下的凳子绝缘性能好，即使同时触碰相线与中性线人也不会触电 【答案】B 【详解】A．有金属外壳、功率大、易漏电的用电器，三脚插头的三个脚分别是L（相线）、N（中性线）和E（接地），其中E脚是为了防止用电器漏电时外壳带电，将电流引入大地，而N脚应接在中性线上，并非相线上，故A错误； B．使用测电笔时，手指需要按住笔尾金属体，这样才能使测电笔与人体形成通路，但绝对不能触碰笔尖金属体以防触电，故B正确； C．在家庭电路中，空气开关跳闸的原因有两个，一是短路，二是用电器总功率过大，故C错误； D．触电的本质是有电流通过人体，即使脚下的凳子绝缘性能好，同时触碰相线与中性线时，电流会通过人体形成通路，人依然会触电，故D错误。 故选B。 14．如图所示的四种情况中，符合安全用电原则的是（　　） A．爬上电线杆取风筝 B．在楼梯间给电动车充电 C．雷雨天在大树下躲雨 D．三脚插头的“长脚”与用电器的金属外壳相连 【答案】D 【详解】A．爬上电线杆徒手接触输电线，有触电危险，不符合安全用电原则，故A不符合题意； B．在楼梯间给电动车充电，楼梯间属于消防通道，且充电过程中电动车可能出现起火、爆炸等危险，不符合安全用电原则。故B不符合题意； C．雷雨天在大树下躲雨，大树较高容易被雷电击中，电流会通过大树传导到人体，造成雷击事故，不符合安全用电原则。故C不符合题意； D．三脚插头的金属“长脚”是地线，与用电器金属外壳连接可防止漏电伤人，故D符合题意。 故选D。 四、电与磁 15．北斗智能放牧终端将卫星定位技术应用到了牧业中，牧民通过手机掌握牧群动态，对放牧工作进行信息化管理。手机与北斗定位系统间的信息传递靠的是（　　） A．电磁波 B．超声波 C．次声波 D．电流 【答案】A 【详解】北斗卫星运行在太空真空环境。超声波和次声波都属于声波，无法在真空中传播；电磁波传播不需要介质，可以在真空中传播，所有卫星无线通信都是依靠电磁波传递信息，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 16．在2026年春晚《武BOT》节目中，宇树机器人的核心动力来自于伺服电机，它本质上是一种高精度的小型电动机，驱动机器人完成复杂的武术动作。下列设备中，工作原理与它相同的是（　　） A．磁极间有相互作用 B．电磁铁吸住铁片 C．电磁感应现象 D．通电导体在磁场中受力 【答案】D 【详解】伺服电机的本质是一种高精度的小型电动机，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动。 A．磁极间的相互作用其实质是磁场对放入其中的磁体有力的作用，故A不符合题意； B．电磁铁吸住铁片是电流的磁效应的应用，说明电能生磁，故B不符合题意； C．电磁感应现象说明磁能生电，发电机是利用这一原理工作的，故C不符合题意； D．通电导体在磁场中受力，是电动机的原理，故D符合题意。 故选D。 17．如图所示，2026年中央广播电视总台春节联欢晚会上惊艳众人的人形机器人完成了很多高难度动作，下列说法正确的是（    ） A．制造机器人的控制芯片核心材料是超导体 B．机器人的全自动定位和导航信息是通过电磁波传递的 C．驱动机器人的电动机的工作原理是电磁感应 D．给机器人充电时，主要将化学能转化为电能 【答案】B 【详解】A．制造芯片的核心材料是半导体，不是超导体，故A错误； B．电磁波可以传递信息，机器人的全自动定位、导航信息都是通过电磁波传递的，故B正确； C．电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，电磁感应是发电机的工作原理，故C错误； D．给机器人充电时，是将电能转化为电池的化学能储存起来，故D错误。 故选B。 试卷第20页，共38页 试卷第1页，共38页 学科网（北京）股份有限公司 $