精品解析：安徽省滁州市定远县育才学校2025-2026学年高一下学期3月阶段检测生物试题

定远育才学校2025-2026学年高一（下）3月月考试卷 生物试题 注意事项： 1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。 2.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 一、选择题：本题共15小题，每小题3分，共45分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 下列关于孟德尔成功原因的研究分析，不正确的是 A. 恰当地选择豌豆做实验材料，巧妙的运用由简到繁的分析方法 B. 孟德尔所作假设的核心内容是“性状是由位于染色体上的基因控制” C. 合理地运用统计学分析，并通过“测交实验”对其推理过程及结果进行检测 D. 孟德尔所发现的遗传规律并不能解释所有有性生殖的遗传现象 【答案】B 【解析】 【分析】豌豆为闭花传粉、自花传粉的植物，自然状态下均为纯合子，具有很多对易于区分的相对性状。 【详解】A、正确地选择了试验材料豌豆，由简到繁的研究思路即先单独分析每一对相对性状的遗传特点，再分析两对至多对相对性状的遗传特点，A正确； B、孟德尔所作假设的核心内容是“性状是由遗传因子控制的”，孟德尔所在的年代还没有“基因”一词，B错误； C、合理地运用统计学分析，并通过“测交实验”对其推理过程及结果进行检测，C正确； D、孟德尔的遗传规律只能解释在非同源染色体和同源染色体上基因的遗传现象，而在同一条染色体上的基因和在减一前期非姐妹染色单体上发生的交叉互换就用孟德尔的遗传规律不能解释，还有一些显隐性致死的配子，其后代的性状比都不会符合其规律，D正确。 故选B。 2. 在孟德尔的豌豆杂交实验中，涉及自交和测交。下列相关叙述错误的是（ ） A. 根据自交结果一定能判断出某一相对性状的显隐性关系 B. 根据测交结果可推测被测个体产生的配子类型及比例 C. 根据自交和测交结果均可判断某显性个体是否为纯合子 D. 自交和测交都能用来验证基因的分离定律 【答案】A 【解析】 【分析】孟德尔把F1中显现出来的性状，叫做显性性状；未显现出来的性状，叫做隐性性状。在杂种后代中，同时出现显性性状和隐性性状的现象叫做性状分离。测交可以用来判断基因型；判断是否是显性纯合子还是杂合子；推测被测个体产生的配子类型及比例。 【详解】A、自交后代若出现性状分离，则可以判断显隐性关系，若没有出现性状分离，则不能判断显隐性关系，A错误； B、根据测交后代的表现型种类及其比例可推测被测个体产生的配子类型及比例，B正确； C、若自交后代出现性状分离，说明是杂合子，若测交后代出现两种表现型也说明是杂合子，否则为纯合子，C正确； D、自交和测交都能用来验证基因的分离定律和自由组合定律，D正确。 故选A。 【点睛】掌握辨别自交和测交的作用是解答本题的关键。 3. 水稻的花为两性花，玉米的花为单性花。下列有关人工异花传粉的说法，正确的是（　　） A. 对水稻进行杂交时需要对父本进行去雄 B. 对玉米进行杂交的基本操作程序是去雄→套袋→授粉→套袋 C. 无论是水稻还是玉米，在杂交过程中都需要套袋 D. 无论是水稻还是玉米，在杂交过程中都需要去雄 【答案】C 【解析】 【分析】两性花进行杂交的基本操作程序是去雄→套袋→授粉→套袋。单性花进行杂交的基本操作程序是套袋→授粉→套袋。【详解】 【详解】A、对水稻（两性花） 进行杂交需要对母本进行去雄，防止其自交而影响实验结果，A错误； B、玉米的花为单性花（雌雄同株异花），在杂交过程中的基本操作程序是套袋→授粉→套袋，B错误； C、无论是水稻还是玉米，在杂交过程中都需要套袋，以防止外来花粉干扰，C正确； D、玉米是单性花，杂交时不需要去雄，D错误。 故选C。 4. 在进行豌豆杂交实验时，孟德尔选择的一对性状是子叶颜色，豌豆子叶黄色(Y)对绿色(y)为显性。下面是孟德尔用杂交得到的子一代(F1)分别作为父本、母本再进行杂交的实验结果，下列说法正确的是（ ） A. 图示雌配子Y与雄配子Y数目相等 B. ③的子叶颜色与F1相同 C. ①和②都是黄色子叶、③是绿色子叶 D. 产生F1的亲本一定是YY(♀)和yy(♂) 【答案】C 【解析】 【分析】1、基因分离定律的实质：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；生物体在进行减数分裂形成配子时，等位基因会随着同源染色体的分开而分离，分别进入到两个配子中，独立地随配子遗传给后代。 2、分析表格：Yy×Yy→YY（黄色）：Yy（黄色①、②）：yy（绿色③）。 【详解】A、雄配子数远远多于雌配子数，A错误； B、③的子叶颜色是绿色，与F1黄色不相同，B错误； C、①和②为Yy，都是黄色子叶；③为yy，是绿色子叶，C正确； D、产生F1的亲本可以是YY（）和yy（），也可以是yy（）和YY（），D错误。 故选C。 【点睛】本题结合图表，考查基因分离定律的相关知识，意在考查学生的识图能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力。 5. 水稻是我国重要的粮食作物，其非糯性（W）对糯性（w）为显性，非糯性品系所含淀粉遇碘呈蓝黑色，糯性品系所含淀粉遇碘呈红褐色。科研人员利用纯种非糯性与糯性水稻进行杂交实验，探究遗传规律。下列实验结果中，能直接证明孟德尔基因分离定律实质的是（　　） A. 杂交后亲本植株上结出的种子（F1）遇碘全部呈蓝黑色 B. F1自交后结出的种子（F2）遇碘后，3/4呈蓝黑色，1/4呈红褐色 C. F1产生的花粉遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈红褐色 D. F1测交后结出的种子遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈红褐色 【答案】C 【解析】 【详解】A．杂交后亲本植株结出的种子（F₁）均为杂合子（Ww），遇碘呈蓝黑色（显性性状），仅说明F₁表型一致，未体现等位基因分离，A不符合题意； B．F₁自交后代（F₂）出现3:1性状分离比，是分离定律的结果而非直接过程，未展示配子层面的基因分离，B不符合题意； C．F₁（Ww）产生的花粉（雄配子）中，一半含W基因（蓝黑色），一半含w基因（红褐色），直接证明减数分裂时等位基因分离形成1:1的配子，C符合题意； D．F₁测交后代1:1表型比，可间接验证F₁产生两种配子，但未直接观察配子形成过程，D不符合题意； 故选C。 6. 孟德尔通过豌豆的杂交实验发现了遗传学两大定律，下列相关说法正确的是（ ） A. 在纯合亲本杂交和F1自交两组豌豆杂交实验的基础上，孟德尔提出了“假说” B. 孟德尔假说的最核心是“在体细胞中遗传因子成对存在” C. 孟德尔巧妙设计测交实验，“推测测交后代的表型及其比例是:高茎:矮茎=1:1；黄色圆粒:黄色皱粒:绿色圆粒:绿色皱粒=1:1:1:1”，属于实验验证部分 D. 测交实验，根据子代的表型及比例能推出F1的配子的种类和数量 【答案】A 【解析】 【分析】孟德尔发现遗传定律用了假说演绎法，其基本步骤：提出问题→作出假说→演绎推理→实验验证→得出结论。 【详解】A、孟德尔在观察“纯合亲本杂交和F1自交两组豌豆杂交实验”的基础上，发现了性状分离和性状重组，从而提出假说加以解释，A正确； B、“假说”的核心是“在形成配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对的遗传因子可以自由组合”，B错误； C、推测测交结果属于“演绎”推理，C错误； D、根据子代的表型及比例能推出F1的配子的种类和比例，但测交结果不能推出亲本配子的数量，D错误。 故选A。 7. 某种品系的鼠毛色灰色和黄色是一对相对性状，科学家进行了3组杂交实验，结果如下表所示，下列有关叙述错误的是（ ） 杂交 亲本 后代 杂交A 灰色×灰色 灰色 杂交B 黄色×黄色 2/3黄色、1/3灰色 杂交C 灰色×黄色 1/2黄色、1/2灰色 A. 鼠的毛色遗传中黄色为显性性状 B. 该种鼠的毛色遗传符合分离定律 C. 杂交B的子代黄色个体中纯合子占1/2 D. 杂交C的子代中黄色个体均为杂合子 【答案】C 【解析】 【分析】分析表格：1、判断显隐性：杂交B中，黄色×黄色→后代出现灰色，即发生性状分离，说明黄色相对于灰色为显性性状（用A、a表示）。2、判断基因型：（1）杂交A，灰色×灰色→灰色，说明双亲的基因型是aa×aa；（2）杂交B，后代出现性状分离，说明都是杂合子，并且纯合子致死，即Aa×Aa→1AA（纯合致死）∶2Aa∶1aa；（3）杂交C，灰色×黄色→1/2黄色，1/2灰色，说明双亲的基因型是Aa×aa。 【详解】A、根据杂交B出现性状分离，可判断黄色为显性性状，A正确； B、鼠毛色灰色和黄色是一对相对性状，根据分析可知由一对等位基因控制，故该种鼠的毛色遗传符合分离定律，B正确； C、根据分析可知AA纯合致死，所以杂交B的子代黄色个体中均为杂合子，C错误； D、根据分析可知杂交C相当于测交实验，子代中黄色个体均为杂合子，D正确。 故选C。 8. 让一群基因型相同的白羊与一群基因型相同的黑羊作为亲本杂交，F1既有白羊，也有黑羊；F1的白羊相互交配，F2既有白羊，也有黑羊。下列有关叙述错误的是（　　） A. F1白羊相互交配，F2同时出现黑羊和白羊的现象叫作性状分离 B. 由题干信息可知羊毛的白色为显性性状，黑色为隐性性状 C. F1白羊与F2白羊杂交，生出黑羊的概率为1/4 D. F2白羊与F2黑羊交配，生出黑羊的概率为1/3 【答案】C 【解析】 【分析】由题干信息“F1的白羊相互交配，F2既有白羊，也有黑羊”可知，羊毛的白色为显性性状，黑色为隐性性状，用等位基因A和a表示，亲代白羊基因型为Aa，黑羊基因型为aa 【详解】A、由题干信息“F1的白羊相互交配，F2既有白羊，也有黑羊”可知，羊毛的白色为显性性状，黑色为隐性性状，用等位基因A和a表示，亲代白羊基因型为Aa，黑羊基因型为aa，F1白羊基因型为Aa，黑羊基因型为aa，F2白羊基因型为AA和Aa，黑羊基因型为aa。F2白羊相互交配，F2同时出现黑羊和白羊的现象叫作性状分离，A正确； B、分析得知白色为显性性状，黑色为隐性性状，B正确； C、F1白羊基因型为Aa，F2白羊基因型为l/3AA和2/3Aa，生黑羊aa的概率为2/3×1/4=1/6，C错误； D、F2白羊基因型为1/3AA和2/3Aa，F2黑羊基因型为aa，二者交配，生黑羊的概率为2/3×1/2=1/3，D正确。 故选C。 9. 某作物的雄性育性与细胞质基因（P、H）和细胞核基因（D、d）相关。现有该作物的4个纯合品种：①（P）dd（雄性不育）、②（H）dd（雄性可育）、③（H）DD（雄性可育）、④（P）DD（雄性可育），科研人员利用上述品种进行杂交实验，成功获得生产上可利用的杂交种。下列有关叙述错误的是（ ） A. ①和②杂交，产生的后代雄性不育 B. ②③④自交后代均为雄性可育，且基因型不变 C. ①和③杂交获得生产上可利用的杂交种，其自交后代出现性状分离，故需年年制种 D. ①和③杂交后代作父本，②和③杂交后代作母本，二者杂交后代雄性可育和不育的比例为3∶1 【答案】D 【解析】 【分析】基因分离定律的实质：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；生物体在进行减数分裂形成配子时，等位基因会随着同源染色体的分开而分离，分别进入到两个配子中，独立地随配子遗传给后代。 【详解】A、①（P）dd（雄性不育）作为母本和②（H）dd（雄性可育）作为父本杂交，产生的后代的基因型均为（P）dd，表现为雄性不育，A正确； B、②③④自交后代均为雄性可育，且基因型不变，即表现为稳定遗传，B正确； C、①（P）dd（雄性不育）作为母本和③（H）DD（雄性可育）作为父本杂交，产生的后代的基因型为（P）Dd，为杂交种，自交后代会表现出性状分离，因而需要年年制种，C正确； D、①和③杂交后代的基因型为（P）Dd，②和③杂交后代的基因型为（H）Dd，若前者作父本，后者作母本，则二者杂交的后代为（H）_ _，均为雄性可育，不会出现雄性不育，D错误。 故选D。 10. 巧妙运用假说——演绎法是孟德尔遗传实验取得成功的重要原因之一，下表是有关分离定律的实验过程与假说——演绎法内容的对应关系，正确的是( ) 选项 分离定律的实验过程 假说—演绎法内容 A 具有一对相对性状的亲本正反交，F1为什么均表现出显性性状？ 发现并提出问题 B 若F1与隐性纯合子杂交，理论上后代可表现出1：1的性状分离比 作出假设 C F1产生配子时，成对的遗传因子彼此分离，分别进入不同的配子中 演绎推理 D F1自交，F2表现出3：1的性状分离比 实验验证 A. A B. B C. C D. D 【答案】A 【解析】 【详解】A、具有一对相对性状的亲本正反交，F1均表现显性性状是孟德尔观察到的实验现象，针对该现象提出疑问属于发现并提出问题环节，A正确； B、推导F1与隐性纯合子杂交后代性状比为1:1，是根据假说内容进行的演绎推理过程，B错误； C、F1产生配子时成对的遗传因子彼此分离，是孟德尔对分离现象提出的核心假说内容，C错误； D、F1自交得到的F2出现3:1的性状分离比是观察到的实验现象，属于提出问题的事实基础，D错误。 11. 某种昆虫的颜色由常染色体上的一对等位基因控制，雌虫有黄色和白色两种表型，雄虫只有黄色，控制白色的基因在雄虫中不表达，各类型个体的生存和繁殖力相同。随机选取一只白色雌虫与一只黄色雄虫交配，F1雌性全为白色，雄性全为黄色。继续让F1自由交配，理论上F2雌性中白色个体的比例不可能是（　　） A. 1/2 B. 3/4 C. 15/16 D. 1 【答案】A 【解析】 【分析】基因分离定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代。 【详解】该昆虫体色的显隐关系无法判断，假设其由等位基因A、a控制。若基因A控制白色，则要使F1中的雌性均为白色，可能的杂交组合有①AA(♀)×AA（♂），②AA(♀) ×Aa(♂)，③AA（♀)×aa(♂)，④Aa(♀)×AA（♂）；若基因a控制白色，则要使F1中的雌性均为白色，可能的杂交组合为⑤aa(♀)×aa(♂)。理论上亲本的杂交组合共有5种。杂交组合①F1自由交配所得F2中雌性基因型全为AA，即F2雌性白色的概率为1；杂交组合②F1基因型为AA和Aa，F1产生的配子A占3/4，配子a占1/4，其自由交配后代中A-占 15/16，aa占1/16，则F2雌性中白色的概率为15/16，同理杂交组合④F2雌性中白色的概率也为15/16；杂交组合③F1基因型为Aa，其自由交配后代A-占3/4，aa占1/4，则F2雌性中白色的概率为3/4；杂交组合⑤F1基因型全为aa，其自由交配后代雌性中白色的概率为1。 综上所述，BCD正确，A错误。 故选A。 12. 某自花传粉植物，其花色受一对等位基因控制，紫花（A）对白花（a）为完全显性。若将多株紫花与白花植株杂交．F1中紫花与白花植株数量比为5：1，下列叙述正确的是（　　） A. F1中紫花与白花的比例说明该性状的遗传不遵循孟德尔分离定律 B. 亲本紫花植株有两种基因型，亲本紫花植株中杂合子占2/3 C. Aa紫花植株连续自交三代，理论上子三代中杂合子占1/16 D. 若Aa紫花植株自交，F1中紫花：白花=5：1，可能是含a的花粉有一半致死 【答案】D 【解析】 【分析】基因分离定律的实质是：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；在减数分裂形成配子的过程中，等位基因会随同源染色体的分开而分离，分别进入到两个配子中，独立地随配子遗传给后代。 【详解】AB、紫花植株与白花植株进行杂交，F1中紫花：白花=5：1，紫花的数目显著多于白花，所以紫花基因对白花基因显性；所以可设紫花的基因型为AA和Aa，白花的基因型为aa。由于F1中紫花：白花=5：1，白花aa只能产生a的配子，紫花AA和Aa产生的A和a的配子，比例为5：1，因此亲代紫花中AA的比例为2/3，Aa的比例为1/3，这对性状的遗传遵循孟德尔分离定律，AB错误； C、Aa紫花植株连续自交三代，理论上子三代中杂合子的比例为1/23=1/8，C错误； D、若Aa紫花植株自交，含a的花粉有一半致死，则产生的雌配子比例为A：a=1:1，雄配子的比例为A：a=2:1，随机结合后AA：Aa：aa=2:3:1，F1中紫花：白花=5：1，D正确。 故选D。 13. 南瓜的白色（A）对黄色（a）是显性，盘状（B）对球状（b）是显性，这两对相对性状独立遗传。纯合白色盘状和黄色球状的南瓜杂交获得F1，F1再自交产生F2，在F2中收获纯合的黄色盘状南瓜252个，则白色盘状中的杂合子有多少个（　　） A. 2016 B. 1008 C. 2268 D. 2000 【答案】A 【解析】 【详解】纯合白色盘状（AABB）和黄色球状（aabb）的南瓜杂交获得F1，基因型为AaBb，其自交所得F2的表型及比例为白色盘状：白色球状：黄色盘状：黄色球状=9：3：3：1，其中纯合的黄色盘状（aaBB） 南瓜占1/16，而杂合的白色盘状（A_B_，除AABB外）南瓜所占比例为 8/16，因此白色盘状中的杂合子数量为252×8 = 2016，即A正确。 14. 下表是用棋盘方格分析两对基因遗传子代的基因型所得的结果，其中部分基因型并未列出，而仅以阿拉伯数字表示。下列哪一选项是错误的？ （ ） 配子 RY Ry rY ry RY 1 3 Rryy RrYy Ry RRYy RRyy 4 Rryy rY 2 RrYy rrYY rrYy rY RrYy Rryy rrYy rryy A. 1、2、3、4的基因型分别为RRYY，RrYY，RRYy和RrYy B. 1、2、3、4的表现型都一样 C. 在此棋盘方格中，RRYY只出现一次 D. 基因型出现机率的大小顺序为4>3>2>1 【答案】D 【解析】 【分析】1、分析题图可知：1的基因型为RRYY，2的基因型为RrYY，3的基因型为RRYy，4的基因型为RrYy； 2、能产生RY、Ry、rY、ry配子的个体基因型为RrYy。 【详解】A、分析表格可知：1、2、3、4的基因型分别为RRYY，RrYY，RRYy和RrYy，A正确； B、1、2、3、4的表现型都是双显性，B正确； C、基因型为RrYy自交，RRYY占1/16，在此棋盘方格中，RRYY只出现一次，C正确； D、4基因型RrYy出现的概率是1/4，3基因型RRYy出现的概率为1/8，2基因型RrYY出现的概率为1/8，1基因型RRYY出现的概率为1/16，基因型出现几率的大小顺序为4＞3=2＞1，D错误。 故选D。 【点睛】 15. 基因的自由组合定律的实质是：在减数分裂过程中，位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的。发生这一过程的时期是(　　) A. 减数第一次分裂前期 B. 减数第一次分裂后期 C. 减数第二次分裂前期 D. 减数第二次分裂后期 【答案】B 【解析】 【详解】基因的自由组合定律的实质是：减数第一次分裂后期，同源染色体分离，非同源染色体自由组合，导致非同源染色体上的非等位基因自由组合，B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 二、非选择题：本题共5个小题，共55分。 16. 中国是最早栽培水稻的国家，也是世界稻作文明的发源地。科研人员应用化学因素诱发基因突变的方法培育出具有新抗病性状的水稻。为培育出具有该抗病性状的抗倒伏水稻，用甲、乙、丙三个水稻纯种品系（其中有一个品系植株内的某对染色体缺少1条）进行杂交实验，控制抗病和不抗病、抗倒伏和易倒伏的基因（分别用 A/a、B/b 表示）独立遗传，结果如下表所示。回答下列问题。 实验 亲本组合 子一代 1 不抗病抗倒伏（甲）×不抗病易倒伏（乙） 不抗病易倒伏 2 不抗病抗倒伏（甲）×抗病易倒伏（丙） 不抗病易倒伏、抗病易倒伏 3 不抗病易倒伏（乙）×抗病易倒伏（丙） 不抗病易倒伏 注：个体中某对染色体缺少1条或2条也能存活和繁殖，无基因 A/a时可表现为抗病。 （1）化学因素诱发基因突变的一般原理是__________。控制该抗病性状的新基因与其原基因的关系是___________。 （2）结合上表实验结果推测：某对染色体缺少一条的水稻品系是___________，基因型为___________。 （3）选择实验1的子一代自交获得的子二代中，抗病抗倒伏的个体占__________。 （4）用花药离体培养方法获得单倍体水稻植株，参与研究的某兴趣小组通过该方法培育出了正常的抗病抗倒伏水稻新品种。这是从实验_________的子一代中选择合适个体为亲本进行的，写出该育种的流程__________（用表型或配子及其基因组成、“→”表述该流程）。 【答案】（1） ①. 用亚硝酸盐、碱基类似物等改变核酸的碱基 ②. 等位基因 （2） ①. 甲 ②. Abb （3）1/32 （4） ①. 2 ②. 不抗病易倒伏（Aab）→配子（AB、a、Ab、ab）→单倍体（AB、a、Ab、ab）→抗病抗倒伏（Aab） 【解析】 【分析】基因自由组合定律的实质：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的，在减数分离过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 【小问1详解】 诱变的因素有物理因素、化学因素等，化学因素诱发基因突变的一般原理是用亚硝酸盐、碱基类似物等改变核酸的碱基；由题目知，抗倒伏与易倒伏是一对相对性状，因此控制该抗病性状的新基因与其原基因的关系是等位基因。 【小问2详解】 根据实验3可判断不抗病为显性性状，抗病为隐性性状，根据实验结果1可知，易倒伏为显性性状，抗倒伏为隐性性状，用甲、乙、丙三个水稻纯种品系（其中有一个品系植株内的某对染色体缺少1条）进行杂交实验，由于甲和乙均为纯合易倒伏AA，与丙aa杂交后代，应全为不抗病，但实验2中既出现了不抗病又出现了抗病，由于有一个品系植株内的某对染色体缺少1条，故此可判断甲中控制不抗病的等位基因缺少一条染色体，导致联会紊乱，因此该基因型为Abb。 【小问3详解】 由小问2知，甲基因型为Abb，乙基因型为AABB，子一代基因型为1/2AABb，1/2ABb，后代出现抗病倒伏（bb）的概率为1/2×1/4×1/4=1/32。 【小问4详解】 用花药离体培养方法获得单倍体水稻植株，参与研究的某兴趣小组通过该方法培育出了正常的抗病抗倒伏水稻新品种。这是从实验2的子一代中选择合适个体为亲本进行的，该育种过程为：将不抗病易倒伏（Aab）用花药离体培养得到配子（AB、a、Ab、ab），然后单倍体育种（AB、a、Ab、ab）最后就得到抗病抗倒伏（Aab）。 17. 某两性花二倍体植物的花色由2对等位基因控制。2 对基因独立遗传，其中基因A控制紫色。基因a无控制紫色素合成的功能，也不会影响其他基因的功能。基因B控制红色，b控制蓝色。所有基因型的植株都能正常生长和繁殖，基因型为A __B__和A__bb的植株花色为紫红色和靛蓝色。现有该植物的3个不同纯种品系甲、乙、丙，分别为紫红色花、蓝色花和红色花，不考虑突变，杂交结果如下表所示： 杂交组合 组合方式 F1表现型 F2表现型及比例 Ⅰ 甲×乙 紫红色 紫红色：靛蓝色：红色：蓝色=9：3：3：1 Ⅱ 乙×丙 红色 红色：蓝色=3：1 回答以下问题： （1）该两性花的花色性状遗传符合___________定律。 （2）乙植株的基因型是______，自然情况下紫红花植株的基因型有______种。若想在F2紫红花植株中获得稳定遗传的个体，最便捷的方法是进行____________。 （3）让只含隐性基因的植株与F2测交，_____（填“能”或“不能”）确定 F2中各植株控制花色性状的基因型。 （4）杂交组合I的F2中靛蓝色花植株的基因型有________种，其中杂合子占_________。 （5）若甲与丙杂交所得F1自交，则理论上F2表现型为______，其比例是_____。 （6）请写出杂交组合I中F1自交的遗传图解（不要求写配子）_________。 【答案】（1）自由组合 （2） ①. aabb ②. 4 ③. 自交 （3）能 （4） ①. 2 ②. 2/3 （5） ①. 紫红色花、红色花 ②. 3：1 （6） 【解析】 【分析】1.基因分离定律的实质：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；生物体在进行减数分裂形成配子时，等位基因会随着同源染色体的分开而分离，分别进入到两个配子中，独立地随配子遗传给后代。 2.基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 【小问1详解】 杂交组合Ⅰ中F2表现型及比例紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色=9∶3∶3∶1，因而可知，该植物的花色受两对等位基因控制，且遵循基因自由组合定律。 【小问2详解】 根据杂交组合Ⅰ中F2表现型及比例可知，甲植株的基因型为AABB，乙植株的基因型为aabb，根据题意可知，自然情况下紫红花植株的基因型有4种，分别为AABB、AaBb、AABb、AaBB。若想在F2紫红花植株中获得稳定遗传的个体，最便捷的方法是选择F2中的紫花类型进行连续自交直到不再发生性状分离为止（或者进行自交并单株收获）。 【小问3详解】 让只含隐性基因的植株（aabb）与F2测交，能确定 F2中各植株控制花色性状的基因型，因为该群体中花色有四种类型，且每种基因型测交得到的后代的表现型均不同。 【小问4详解】 杂交组合I的F2中靛蓝色花植株的基因型有2种，分别为Aabb和AAbb，二者比例为2∶1，可见其中杂合子占2/3。 【小问5详解】 根据杂交组合Ⅱ中F2表现型及比例为红色∶蓝色=3∶1，因而可知F1的基因型为aaBb，又知乙的基因型为aabb，可见丙的基因型为aaBB，若甲与丙杂交则得到的F1的基因型为AaBB，表现为紫红色，若F1自交，则理论上F2表现型为紫红色花（3A_BB）、红色花（aaBB），其比例是3∶1。 【小问6详解】 杂交组合I中亲本的基因型为AABB和aabb，F1的基因型为AaBb，则F1自交的遗传图解可表示为： 18. 某种植物的花色由两对等位基因A、a和B、b控制。基因A控制红色素合成（AA和Aa的效应相同）；基因B为修饰基因，BB使红色素完全消失，Bb使红色素颜色淡化。现用两组纯合亲本进行杂交，实验结果如下。回答下列问题： （1）根据上述第_____组杂交实验结果，可判断控制性状的两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律。 （2）在第1组、第2组两组杂交实验中，白花亲本的基因型分别是_____。 （3）让第1组F2的所有个体自交，后代中红花：粉红花：白花的比例为_____。 （4）第2组亲本红花个体的基因型是_____，F2中粉红花个体的基因型是_____，F2中开白花植株的基因型有_____种。 【答案】（1）2 （2）AABB、aaBB （3）3：2：3 （4） ①. AAbb ②. AABb和AaBb ③. 5 【解析】 【分析】1、自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 2、据题干及第1组、第2组杂交试验可知，白花基因型为A-BB、aa--；粉红花基因型为A-Bb；红花基因型为A-bb。 【小问1详解】 由第2组的实验可知，后代出现3：6：7的性状分离比，是9：3：3：1的变形，说明控制性状的两对基因位于两对同源染色体上，遵循基因自由组合定律。 【小问2详解】 分析第1组实验，白花纯合子与红花纯合子杂交，子二代红花：粉红花：白花=1：2：1，说明子一代的基因型是AABb，亲本基因型是AABB和AAbb，白色亲本基因型为AABB；实验2白花纯合子与红花纯合子杂交，子二代红花：粉红花：白花=3：6：7，可以改写成9：3：3：1，因此子一代的基因型是AaBb，亲本红花的基因型是AAbb，白花的基因型是aaBB。 【小问3详解】 第1组子二代的基因型是AABB：AABb：AAbb=1：2：1，第1组F2的所有个体自交，白花的比例是AABB=1/4+1/2×1/4=3/8，粉花的比例是AABb=1/2×1/2＝1/4，白花的比例是AAbb=1/2×1/4+1/4=3/8，因此红花：粉红花：白花=3：2：3。 【小问4详解】 实验2白花纯合子与红花纯合子杂交，子二代红花：粉红花：白花=3：6：7，可以改写成9：3：3：1，因此子一代的基因型是AaBb，亲本红花的基因型是AAbb，白花的基因型是aaBB。子二代粉红花的基因型是AABb和AaBb；白花个体的基因型是AABB、AaBB、aaBB、aaBb、aabb五种。 【点睛】本题旨在考查学生理解基因自由组合定律和分离定律的实质，把握知识的内在联系，形成知识网络，并学会根据子代的表现型及比例推测亲本基因型，根据亲本基因型应用正推法结合遗传规律解答问题及应用演绎推理的方法设计遗传实验判断个体基因型。 19. 玉米是我国栽培面积最大的农作物，籽粒大小是决定玉米产量的重要因素之一，研究籽粒的发育机制，对保障粮食安全有重要意义。 （1）研究者获得矮秆玉米突变株，该突变株与野生型杂交，F1表型与___________相同，说明矮秆是隐性性状。突变株基因型记作rr。 （2）观察发现，突变株所结籽粒变小。籽粒中的胚和胚乳经受精发育而成，籽粒大小主要取决于胚乳体积。研究发现，R基因编码DNA去甲基化酶，亲本的该酶在本株玉米所结籽粒的发育中发挥作用。突变株的R基因失活，导致所结籽粒胚乳中大量基因表达异常，籽粒变小。野生型及突变株分别自交，检测授粉后14天胚乳中DNA甲基化水平，预期实验结果为__________________。 （3）已知Q基因在玉米胚乳中特异表达，为进一步探究R基因编码的DNA去甲基化酶对Q基因的调控作用，进行如下杂交实验，检测授粉后14天胚乳中Q基因的表达情况，结果如表1。 表1 组别 杂交组合 Q基因表达情况 1 RRQQ（♀）×RRqq（♂） 表达 2 RRqq（♀）×RRQQ（♂） 不表达 3 rrQQ（♀）×RRqq（♂） 不表达 4 RRqq（♀）×rrQQ（♂） 不表达 综合已有研究和表1结果，阐述R基因对胚乳中Q基因表达的调控机制____。 （4）实验中还发现另外一个籽粒变小的突变株甲，经证实，突变基因不是R或Q。将甲与野生型杂交，F1表型正常，F1配子的功能及受精卵活力均正常。利用F1进行下列杂交实验，统计正常籽粒与小籽粒的数量，结果如表2。 表2 组别 杂交组合 正常籽粒：小籽粒 5 F1（♂）×甲（♀） 3：1 6 F1（♀）×甲（♂） 1：1 已知玉米子代中，某些来自父本或母本的基因，即使是显性也无功能。 ①根据这些信息，如何解释基因与表2中小籽粒性状的对应关系？请提出你的假设________。 ②若F1自交，所结籽粒的表型及比例为____________，则支持上述假设。 【答案】（1）野生型 （2）野生型所结籽粒胚乳中DNA甲基化水平低于突变株 （3）母本R基因编码的DNA去甲基化酶只能降低母本Q基因的甲基化水平，使母本Q 基因在胚乳中表达：对父本的Q基因不起激活作用。父本R基因对Q基因不起激活 作用 （4） ①. 突变性状受两对独立遗传的基因控制，两对基因同时无活性才表现为小籽粒，其中一对等位基因在子代中，来自母本的不表达，来自父本的表达 ②. 正常籽粒：小籽粒=7：1 【解析】 【分析】【关键能力】 （1）信息获取与加工 题干关键信息 所学知识 信息加工 矮秆是隐性性状 显隐性性状的植株杂交，子一代全为显性性状 矮秆玉米突变株与野生型杂交，子代表型与野生型相同 R基因编码DNA去甲基化酶，突变株的R基因失活 DNA甲基化影响植株的表观遗传 野生型R基因正常，能编码DNA去甲基化酶，催化DNA去甲基化，野生型及突变株分别自交，野生型植株所结籽粒胚乳中DNA甲基化水平更低 （2）逻辑推理与论证 【小问1详解】 若矮秆是隐性性状，矮秆玉米突变株与野生型杂交，子代表型与野生型相同。 【小问2详解】 野生型R基因正常，能编码DNA去甲基化酶，催化DNA去甲基化，所以野生型及突变株分别自交，野生型植株所结籽粒胚乳中DNA甲基化水平更低。 【小问3详解】 由组别2、4可知，母本中的R基因编码的DNA去甲基化酶无法为父本提供的Q基因去甲基化，由组别3可知父本中R基因编码的DNA去甲基化酶不能对母本上所结籽粒的胚乳中的Q基因发挥功能。结合前面的研究成果：亲本的该酶在本株玉米所结籽粒的发育中发挥作用，可得母本R基因编码的DNA去甲基化酶只能降低母本Q基因的甲基化水平，使母本Q 基因在胚乳中表达：对父本的Q基因不起激活作用。父本R基因对Q基因不起激活 作用。 【小问4详解】 ①甲与野生型杂交得到的子代为正常个体，说明小籽粒为隐性性状。F1与甲杂交属于测交，F1作父本时，结果出现正常籽粒：小籽粒=3：1，推测该性状受到两对等位基因的控制，且只有不含显性基因的个体表现为小籽粒。F1作母本时，与甲杂交，后代正常籽粒：小籽粒=1：1，结合题目中“已知玉米子代中，某些来自父本或母本的基因，即使是显性也无功能”推测，母本产生配子时有一对等位基因是不发挥功能的。因此提出的假设为：籽粒变小受到两对等位基因的控制，任意一对等位基因中的显性基因正常发挥功能的个体表现为正常籽粒，没有显性基因或显性基因均无法正常发挥功能的个体表现为小籽粒，其中有一对等位基因的显性基因来自母本的时候无法发挥功能。②F1自交，F1产生的精子中含显性基因正常发挥功能的配子：不含显性基因的配子=3：1，F1产生的卵细胞中含显性基因正常发挥功能的配子：不含显性基因的配子和含显性基因不发挥功能的配子=1：1，所以F1自交所结籽粒的表型及比例为正常籽粒：小籽粒=（1-1/4×1/2）：（1/4×1/2）=7：1。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 定远育才学校2025-2026学年高一（下）3月月考试卷 生物试题 注意事项： 1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。 2.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 一、选择题：本题共15小题，每小题3分，共45分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 下列关于孟德尔成功原因的研究分析，不正确的是 A. 恰当地选择豌豆做实验材料，巧妙的运用由简到繁的分析方法 B. 孟德尔所作假设的核心内容是“性状是由位于染色体上的基因控制” C. 合理地运用统计学分析，并通过“测交实验”对其推理过程及结果进行检测 D. 孟德尔所发现的遗传规律并不能解释所有有性生殖的遗传现象 2. 在孟德尔的豌豆杂交实验中，涉及自交和测交。下列相关叙述错误的是（ ） A. 根据自交结果一定能判断出某一相对性状的显隐性关系 B. 根据测交结果可推测被测个体产生的配子类型及比例 C. 根据自交和测交结果均可判断某显性个体是否为纯合子 D. 自交和测交都能用来验证基因的分离定律 3. 水稻的花为两性花，玉米的花为单性花。下列有关人工异花传粉的说法，正确的是（　　） A. 对水稻进行杂交时需要对父本进行去雄 B. 对玉米进行杂交的基本操作程序是去雄→套袋→授粉→套袋 C. 无论是水稻还是玉米，在杂交过程中都需要套袋 D. 无论是水稻还是玉米，在杂交过程中都需要去雄 4. 在进行豌豆杂交实验时，孟德尔选择的一对性状是子叶颜色，豌豆子叶黄色(Y)对绿色(y)为显性。下面是孟德尔用杂交得到的子一代(F1)分别作为父本、母本再进行杂交的实验结果，下列说法正确的是（ ） A. 图示雌配子Y与雄配子Y数目相等 B. ③的子叶颜色与F1相同 C. ①和②都是黄色子叶、③是绿色子叶 D. 产生F1的亲本一定是YY(♀)和yy(♂) 5. 水稻是我国重要的粮食作物，其非糯性（W）对糯性（w）为显性，非糯性品系所含淀粉遇碘呈蓝黑色，糯性品系所含淀粉遇碘呈红褐色。科研人员利用纯种非糯性与糯性水稻进行杂交实验，探究遗传规律。下列实验结果中，能直接证明孟德尔基因分离定律实质的是（　　） A. 杂交后亲本植株上结出的种子（F1）遇碘全部呈蓝黑色 B. F1自交后结出的种子（F2）遇碘后，3/4呈蓝黑色，1/4呈红褐色 C. F1产生的花粉遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈红褐色 D. F1测交后结出的种子遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈红褐色 6. 孟德尔通过豌豆的杂交实验发现了遗传学两大定律，下列相关说法正确的是（ ） A. 在纯合亲本杂交和F1自交两组豌豆杂交实验的基础上，孟德尔提出了“假说” B. 孟德尔假说的最核心是“在体细胞中遗传因子成对存在” C. 孟德尔巧妙设计测交实验，“推测测交后代的表型及其比例是:高茎:矮茎=1:1；黄色圆粒:黄色皱粒:绿色圆粒:绿色皱粒=1:1:1:1”，属于实验验证部分 D. 测交实验，根据子代的表型及比例能推出F1的配子的种类和数量 7. 某种品系的鼠毛色灰色和黄色是一对相对性状，科学家进行了3组杂交实验，结果如下表所示，下列有关叙述错误的是（ ） 杂交 亲本 后代 杂交A 灰色×灰色 灰色 杂交B 黄色×黄色 2/3黄色、1/3灰色 杂交C 灰色×黄色 1/2黄色、1/2灰色 A. 鼠的毛色遗传中黄色为显性性状 B. 该种鼠的毛色遗传符合分离定律 C. 杂交B的子代黄色个体中纯合子占1/2 D. 杂交C的子代中黄色个体均为杂合子 8. 让一群基因型相同的白羊与一群基因型相同的黑羊作为亲本杂交，F1既有白羊，也有黑羊；F1的白羊相互交配，F2既有白羊，也有黑羊。下列有关叙述错误的是（　　） A. F1白羊相互交配，F2同时出现黑羊和白羊的现象叫作性状分离 B. 由题干信息可知羊毛的白色为显性性状，黑色为隐性性状 C. F1白羊与F2白羊杂交，生出黑羊的概率为1/4 D. F2白羊与F2黑羊交配，生出黑羊的概率为1/3 9. 某作物的雄性育性与细胞质基因（P、H）和细胞核基因（D、d）相关。现有该作物的4个纯合品种：①（P）dd（雄性不育）、②（H）dd（雄性可育）、③（H）DD（雄性可育）、④（P）DD（雄性可育），科研人员利用上述品种进行杂交实验，成功获得生产上可利用的杂交种。下列有关叙述错误的是（ ） A. ①和②杂交，产生的后代雄性不育 B. ②③④自交后代均为雄性可育，且基因型不变 C. ①和③杂交获得生产上可利用的杂交种，其自交后代出现性状分离，故需年年制种 D. ①和③杂交后代作父本，②和③杂交后代作母本，二者杂交后代雄性可育和不育的比例为3∶1 10. 巧妙运用假说——演绎法是孟德尔遗传实验取得成功的重要原因之一，下表是有关分离定律的实验过程与假说——演绎法内容的对应关系，正确的是( ) 选项 分离定律的实验过程 假说—演绎法内容 A 具有一对相对性状的亲本正反交，F1为什么均表现出显性性状？ 发现并提出问题 B 若F1与隐性纯合子杂交，理论上后代可表现出1：1的性状分离比 作出假设 C F1产生配子时，成对的遗传因子彼此分离，分别进入不同的配子中 演绎推理 D F1自交，F2表现出3：1的性状分离比 实验验证 A. A B. B C. C D. D 11. 某种昆虫的颜色由常染色体上的一对等位基因控制，雌虫有黄色和白色两种表型，雄虫只有黄色，控制白色的基因在雄虫中不表达，各类型个体的生存和繁殖力相同。随机选取一只白色雌虫与一只黄色雄虫交配，F1雌性全为白色，雄性全为黄色。继续让F1自由交配，理论上F2雌性中白色个体的比例不可能是（　　） A. 1/2 B. 3/4 C. 15/16 D. 1 12. 某自花传粉植物，其花色受一对等位基因控制，紫花（A）对白花（a）为完全显性。若将多株紫花与白花植株杂交．F1中紫花与白花植株数量比为5：1，下列叙述正确的是（　　） A. F1中紫花与白花的比例说明该性状的遗传不遵循孟德尔分离定律 B. 亲本紫花植株有两种基因型，亲本紫花植株中杂合子占2/3 C. Aa紫花植株连续自交三代，理论上子三代中杂合子占1/16 D. 若Aa紫花植株自交，F1中紫花：白花=5：1，可能是含a的花粉有一半致死 13. 南瓜的白色（A）对黄色（a）是显性，盘状（B）对球状（b）是显性，这两对相对性状独立遗传。纯合白色盘状和黄色球状的南瓜杂交获得F1，F1再自交产生F2，在F2中收获纯合的黄色盘状南瓜252个，则白色盘状中的杂合子有多少个（　　） A. 2016 B. 1008 C. 2268 D. 2000 14. 下表是用棋盘方格分析两对基因遗传子代的基因型所得的结果，其中部分基因型并未列出，而仅以阿拉伯数字表示。下列哪一选项是错误的？ （ ） 配子 RY Ry rY ry RY 1 3 Rryy RrYy Ry RRYy RRyy 4 Rryy rY 2 RrYy rrYY rrYy rY RrYy Rryy rrYy rryy A. 1、2、3、4的基因型分别为RRYY，RrYY，RRYy和RrYy B. 1、2、3、4的表现型都一样 C. 在此棋盘方格中，RRYY只出现一次 D. 基因型出现机率的大小顺序为4>3>2>1 15. 基因的自由组合定律的实质是：在减数分裂过程中，位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的。发生这一过程的时期是(　　) A. 减数第一次分裂前期 B. 减数第一次分裂后期 C. 减数第二次分裂前期 D. 减数第二次分裂后期 二、非选择题：本题共5个小题，共55分。 16. 中国是最早栽培水稻的国家，也是世界稻作文明的发源地。科研人员应用化学因素诱发基因突变的方法培育出具有新抗病性状的水稻。为培育出具有该抗病性状的抗倒伏水稻，用甲、乙、丙三个水稻纯种品系（其中有一个品系植株内的某对染色体缺少1条）进行杂交实验，控制抗病和不抗病、抗倒伏和易倒伏的基因（分别用 A/a、B/b 表示）独立遗传，结果如下表所示。回答下列问题。 实验 亲本组合 子一代 1 不抗病抗倒伏（甲）×不抗病易倒伏（乙） 不抗病易倒伏 2 不抗病抗倒伏（甲）×抗病易倒伏（丙） 不抗病易倒伏、抗病易倒伏 3 不抗病易倒伏（乙）×抗病易倒伏（丙） 不抗病易倒伏 注：个体中某对染色体缺少1条或2条也能存活和繁殖，无基因 A/a时可表现为抗病。 （1）化学因素诱发基因突变的一般原理是__________。控制该抗病性状的新基因与其原基因的关系是___________。 （2）结合上表实验结果推测：某对染色体缺少一条的水稻品系是___________，基因型为___________。 （3）选择实验1的子一代自交获得的子二代中，抗病抗倒伏的个体占__________。 （4）用花药离体培养方法获得单倍体水稻植株，参与研究的某兴趣小组通过该方法培育出了正常的抗病抗倒伏水稻新品种。这是从实验_________的子一代中选择合适个体为亲本进行的，写出该育种的流程__________（用表型或配子及其基因组成、“→”表述该流程）。 17. 某两性花二倍体植物的花色由2对等位基因控制。2 对基因独立遗传，其中基因A控制紫色。基因a无控制紫色素合成的功能，也不会影响其他基因的功能。基因B控制红色，b控制蓝色。所有基因型的植株都能正常生长和繁殖，基因型为A __B__和A__bb的植株花色为紫红色和靛蓝色。现有该植物的3个不同纯种品系甲、乙、丙，分别为紫红色花、蓝色花和红色花，不考虑突变，杂交结果如下表所示： 杂交组合 组合方式 F1表现型 F2表现型及比例 Ⅰ 甲×乙 紫红色 紫红色：靛蓝色：红色：蓝色=9：3：3：1 Ⅱ 乙×丙 红色 红色：蓝色=3：1 回答以下问题： （1）该两性花的花色性状遗传符合___________定律。 （2）乙植株的基因型是______，自然情况下紫红花植株的基因型有______种。若想在F2紫红花植株中获得稳定遗传的个体，最便捷的方法是进行____________。 （3）让只含隐性基因的植株与F2测交，_____（填“能”或“不能”）确定 F2中各植株控制花色性状的基因型。 （4）杂交组合I的F2中靛蓝色花植株的基因型有________种，其中杂合子占_________。 （5）若甲与丙杂交所得F1自交，则理论上F2表现型为______，其比例是_____。 （6）请写出杂交组合I中F1自交的遗传图解（不要求写配子）_________。 18. 某种植物的花色由两对等位基因A、a和B、b控制。基因A控制红色素合成（AA和Aa的效应相同）；基因B为修饰基因，BB使红色素完全消失，Bb使红色素颜色淡化。现用两组纯合亲本进行杂交，实验结果如下。回答下列问题： （1）根据上述第_____组杂交实验结果，可判断控制性状的两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律。 （2）在第1组、第2组两组杂交实验中，白花亲本的基因型分别是_____。 （3）让第1组F2的所有个体自交，后代中红花：粉红花：白花的比例为_____。 （4）第2组亲本红花个体的基因型是_____，F2中粉红花个体的基因型是_____，F2中开白花植株的基因型有_____种。 19. 玉米是我国栽培面积最大的农作物，籽粒大小是决定玉米产量的重要因素之一，研究籽粒的发育机制，对保障粮食安全有重要意义。 （1）研究者获得矮秆玉米突变株，该突变株与野生型杂交，F1表型与___________相同，说明矮秆是隐性性状。突变株基因型记作rr。 （2）观察发现，突变株所结籽粒变小。籽粒中的胚和胚乳经受精发育而成，籽粒大小主要取决于胚乳体积。研究发现，R基因编码DNA去甲基化酶，亲本的该酶在本株玉米所结籽粒的发育中发挥作用。突变株的R基因失活，导致所结籽粒胚乳中大量基因表达异常，籽粒变小。野生型及突变株分别自交，检测授粉后14天胚乳中DNA甲基化水平，预期实验结果为__________________。 （3）已知Q基因在玉米胚乳中特异表达，为进一步探究R基因编码的DNA去甲基化酶对Q基因的调控作用，进行如下杂交实验，检测授粉后14天胚乳中Q基因的表达情况，结果如表1。 表1 组别 杂交组合 Q基因表达情况 1 RRQQ（♀）×RRqq（♂） 表达 2 RRqq（♀）×RRQQ（♂） 不表达 3 rrQQ（♀）×RRqq（♂） 不表达 4 RRqq（♀）×rrQQ（♂） 不表达 综合已有研究和表1结果，阐述R基因对胚乳中Q基因表达的调控机制____。 （4）实验中还发现另外一个籽粒变小的突变株甲，经证实，突变基因不是R或Q。将甲与野生型杂交，F1表型正常，F1配子的功能及受精卵活力均正常。利用F1进行下列杂交实验，统计正常籽粒与小籽粒的数量，结果如表2。 表2 组别 杂交组合 正常籽粒：小籽粒 5 F1（♂）×甲（♀） 3：1 6 F1（♀）×甲（♂） 1：1 已知玉米子代中，某些来自父本或母本的基因，即使是显性也无功能。 ①根据这些信息，如何解释基因与表2中小籽粒性状的对应关系？请提出你的假设________。 ②若F1自交，所结籽粒的表型及比例为____________，则支持上述假设。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $