2026届高考物理二轮复习周测卷1 电路与电磁感应(基础卷)

2026高考物理二轮复习周测卷1电路与电磁感应 (基础卷)　 (总分：100分) 一、单项选择题：本大题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 1．(人教版必修第三册P56第3题改编)某手机的说明书标明该手机电池容量为4 000 mA·h，待机时间为22 d，其中单位“mA·h”对应的物理量是(　　) A．电荷量　　　 B．功率　　　　　　　 C．热量　　　 D．电流 2．(人教版选择性必修第二册P45第1题改编)图1为某无线门铃按钮，其原理如图2所示。其中M为信号发射装置，M中有电流通过时，屋内的门铃会响。磁铁固定在按钮内侧，按下门铃按钮，磁铁靠近螺线管，松开门铃按钮，磁铁远离螺线管回归原位置。下列说法正确的是(　　) A．按住按钮不动，门铃会一直响 B．松开按钮的过程，门铃会响 C．按下和松开按钮过程，通过M的电流方向相同 D．按下按钮的快慢不同，通过M的电流大小相同 3．(人教版必修第三册P61第7题改编)人体内的脂肪因缺乏自由电子或离子，不容易导电，某脂肪测量仪的工作原理是根据人体等效电阻阻值的大小来判断脂肪所占比例的高低，简化电路如图所示，其中定值电阻R1与人体等效电阻R2的阻值相差不大。下列说法正确的是(　　) A．脂肪所占比例低者对应的电压表的示数较大 B．脂肪所占比例高者对应的电流表的示数较小 C．脂肪所占比例低者对应的电源内阻消耗的功率较小 D．脂肪所占比例高者对应的电源消耗的总功率较大 4．(人教版选择性必修第二册P69第4题改编)如图所示为某家用小型电吹风电路原理图，a、b、c、d为四个固定触点。可动扇形金属触片P能同时接触两个触点。触片P处于不同位置时，电吹风可处于停机、吹热风和吹冷风三种工作状态。理想变压器原、副线圈的匝数比为n1∶n2＝11∶3。在输入端接入的交流电压为u＝220sin (100πt)V，当触片P处于合适位置时，小风扇恰好能够正常工作。已知小风扇的电阻为8 Ω，该电吹风的部分工作参数如表所示。下列说法正确的是(　　) 热风时电源输入功率 460 W 冷风时电源输入功率 60 W A．吹冷风时触片P位于ab之间 B．小风扇在正常工作时输出的功率为52 W C．电热丝的电阻值为100 Ω D．若把电热丝截去一小段后再接入电路，电吹风吹热风时输入功率将变小 5．(人教版必修第三册P100第5题改编)如图甲所示为中国首辆火星车，命名为“祝融号”，主要任务是在火星上开展地表成分、物质类型分布、地质结构以及火星气象环境等探测工作，是一辆纯太阳能电动车，其动力主要来源于太阳能电池。现将火星车的动力供电电路简化为如图乙所示，其中太阳能电池电动势E＝160 V，电动机线圈的电阻rM＝4 Ω。在火星车行驶的过程中，当滑动变阻器接入电路的电阻R＝6 Ω时，滑动变阻器消耗的功率P＝96 W，此时，电动机正常工作，两端电压UM＝56 V。则(　　) A．太阳能电池的内阻r＝10 Ω B．电动机正常工作时的输出功率P出＝160 W C．滑动变阻器接入电路中的阻值R＝16 Ω时，电源的输出功率最大 D．若电动机的转子被卡住，路端电压的变化量与电路电流的变化量之比的绝对值大于太阳能电池内阻 6．(人教版选择性必修第二册P41演示实验改编)如图所示，两个灯泡A1和A2的规格相同，闭合开关，稳定后两个灯泡正常发光且亮度相同。下列说法正确的是(　　) A．闭合开关瞬间，A1、A2亮度相同 B．闭合开关瞬间，M点电势低于N点电势 C．电路稳定后断开S，A2闪亮一下再熄灭 D．电路稳定后断开S瞬间，M点电势低于N点电势 7．(人教版选择性必修第二册P75第4题改编)利用图(a)装置测量储罐内不导电液体高度，将与储罐外壳绝缘的两块平行金属板构成的电容器置于储罐中，电容器可通过开关S与电感线圈或电源相连。当开关从a拨到b时，电路中产生振荡电流，如图(b)所示，下列说法正确的是(　　) A．振荡电流的有效值为Im B．t1～t2内电容器放电 C．t2～t3内LC回路中电场能逐渐转化为磁场能 D．储罐内液面高度降低时，LC回路振荡电流的频率将变小 二、多项选择题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题列出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．(人教版选择性必修第二册P51思考与讨论改编)某自行车安装有发电照明系统。发电装置示意图如图所示，车轮带动线圈沿逆时针方向匀速转动从而产生电流，t＝0时刻线圈与磁场方向平行。两磁极间的磁场可视为匀强磁场，则下列说法正确的是(　　) A．t＝0时刻线圈中的电流最大 B．转过90°时线圈中的电流最大 C．t＝0时刻线圈中的电流方向由C指向D D．t＝0时刻线圈中的电流方向由D指向C 9．(人教版必修第三册P100第7题改编)如图甲所示的电路中，R1是可调电阻，R2是定值电阻，电源内阻不计。实验时调节R1的阻值，得到若干组电压和电流的数据，用这些数据在坐标纸上描点、拟合，作出的U-I图线如图乙所示。电压表和电流表均可视为理想电表。下列说法正确的是(　　) A．定值电阻R2＝20 Ω B．电源的电动势E＝5.0 V C．当干路电流为0.6 A时，可调电阻R1＝5 Ω D．可调电阻R1上消耗的最大功率为1.25 W 10．(人教版选择性必修第二册P62第5题改编)如图所示，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，R2的最大阻值小于R1的阻值，V1、V2、A为理想电表，理想变压器原线圈两端接电压为U的正弦式交流电，变压器原、副线圈匝数之比为n，将R2的滑片从最下端向上滑动过程中(　　) A．V1表的示数为U，V2表的示数为 B．A表的示数变小 C．原线圈输入功率增大 D．R1的电功率一直增大 三、非选择题：本大题共5小题，共54分。 11．(6分)(人教版必修第三册P77第6题改编)多用电表的原理及使用。 (1)如图甲所示的是多用电表内部结构示意图，通过选择开关分别与1、2、3、4、5、6相连，以改变电路结构，分别成为电流表、电压表和电阻表，下列说法正确的是________(多选)。 A．选择开关接2时量程比接1时量程小，选择开关接6时量程比接5时量程大 B．在使用电阻表测量电阻阻值时，若红黑表笔接反了，测量值将偏大 C．用多用电表的电阻挡测导体的电阻时，若两手同时分别接触两表笔的金属杆，则测量值偏小 D．用多用电表的电阻挡测电阻时，若指针偏转角度很小，则应换倍率较小的挡再进行测量 (2)某同学发现如图乙所示的实验电路不能正常工作，为排查电路故障，闭合开关S后，他用多用电表测量各点间的电压Uab＝Ubc＝Uac＝0，Uef＝6 V。已知只有一处故障，为进一步判断电路故障的性质，他断开开关S，将选择开关置于电阻挡的“×1”挡，分别将红黑表笔接c、e端，指针指在如图丙所示的位置，则该电阻为________Ω；他将红黑表笔接e、f端时，指针几乎不偏转，因此电路故障为________。 　 12．(10分)(人教版必修第三册P92第3题改编)甲、乙、丙三位同学协作测量某电池的电动势和内阻。他们设计的电路原理如图1，其中R为电阻箱，R0为保护电阻，阻值R0＝5.0 Ω。他们改变R的阻值，记下多组R和电流表示数I。甲同学以IR为纵坐标，以I为横坐标作图处理数据；乙同学以I(R＋R0)为纵坐标，以I为横坐标处理数据，他们在同一张坐标纸上画出的图像如图2所示。 　 (1)由图2可知，乙同学绘制的是图线________(选填“a”或“b”)。 (2)由甲同学绘制图线得到的电源电动势为________V，电源内阻为________Ω。因未考虑电流表阻值对实验的影响，导致电源内阻的测量值与真实值相比________(选填“偏大”“偏小”或“不变”)。 (3)丙同学打算以为纵坐标，以R为横坐标处理数据，请根据(2)中计算的结果将丙所作图线在图3中画出。 13．(10分)(人教版选择性必修第二册P47第6题改编)如图所示的装置左侧是法拉第圆盘发电机，其光滑细转轴竖直安装。内阻不计、半径r＝0.5 m的金属圆盘盘面水平，处于竖直向上的匀强磁场B1中，磁感应强度B1＝4 T。圆盘在外力作用下以角速度ω＝6 rad/s逆时针(俯视)匀速转动，圆盘的边缘和转轴分别通过电刷a、b与光滑水平导轨M1、M2相连，导轨间距L＝0.5 m。在导轨平面内存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B2＝1 T，导电性能良好的导轨上放置着一根质量m＝0.5 kg、电阻R＝0.6 Ω的金属棒，不计其他一切电阻。 (1)比较a、b两点电势的高低，并计算闭合开关瞬间通过金属棒的电流I； (2)从闭合开关到金属棒刚达到最大速度vm过程中，金属棒未离开B2磁场区，求此过程通过金属棒的电荷量q和维持圆盘匀速转动外力所做的功W。 14．(13分)(人教版选择性必修第二册P45第3题改编)如图所示，空间存在水平方向的匀强磁场区域Ⅰ、Ⅱ，区域Ⅰ中磁场垂直纸面向里，Ⅱ中磁场垂直纸面向外，两磁场区域的高度均为L＝1 m，磁感应强度大小均为B＝1 T，将一边长也为L＝1 m的单匝正方形导体框abcd由磁场区域Ⅰ上方h＝1.25 m处静止释放，导体框恰好匀速进入磁场区域Ⅰ。导体框的bc边到达磁场区域Ⅱ下边界前又再次匀速运动。已知导体框运动过程中始终保持竖直且bc边始终平行于磁场边界，导体框质量m＝1 kg，重力加速度g取10 m/s2，不计空气阻力。求： (1)导体框的电阻值； (2)导体框bc边刚进入磁场区域Ⅱ时的加速度； (3)导体框从bc边进入磁场区域Ⅰ到bc边运动至磁场区域Ⅱ下边界的过程中产生的焦耳热(结果保留一位小数)。 15．(15分)(人教版选择性必修第二册P46第6题改编)如图所示，整个区域内有竖直向下的匀强磁场(图中未画出)，磁感应强度大小B＝0.5 T。两根间距为L＝0.5 m、半径为R＝2 m的光滑四分之一竖直圆弧金属导轨等高平行放置，顶端连接阻值为r＝0.4 Ω的电阻。一根长为L、质量为m＝0.2 kg、阻值为r1＝0.1 Ω的金属棒在力F(除重力、安培力以外的力)作用下，从导轨顶端ab处以恒定速率v＝4 m/s下滑，整个过程中金属棒与导轨接触良好，始终与导轨垂直。导轨电阻忽略不计，重力加速度g取10 m/s2。求： (1)金属棒运动到cd处时，金属棒两端的电压U； (2)金属棒从导轨ab处运动至圆弧的中间位置的过程中，通过电阻r的电荷量q； (3)金属棒从导轨ab处运动至cd处的过程，电流的有效值I有和外力F做的功W。 2026高考物理二轮复习周测卷1电路与电磁感应 (基础卷)参考答案 1．A　2．B　3．B　4．B　 5．B　[由题可知，设此时电路中的电流为I，由P＝I2R，解得I＝＝4 A，根据闭合电路的欧姆定律可得I＝，解得r＝20 Ω，A错误；电动机的额定功率P额＝IUM＝4×56 W＝224 W，电动机的热功率P热＝I2rM＝42×4 W＝64 W，故电动机的输出功率P输出＝P额－P热＝160 W，B正确；在纯电阻电路中，根据功率的计算公式，可得输出功率P输出＝I2R'＝R'＝，当R'＝r时，输出功率最大，即有R+rM＝r，代入数据解得R＝16 Ω，结合题意可知，电动机工作时，不是单纯地把电能转化为内能，不符合纯电阻电路的要求，C错误；若电动机的转子被卡住，根据闭合电路的欧姆定律可得U＝E－Ir，变形可得＝r，即路端电压的变化量与电路电流的变化量之比的绝对值等于太阳能电池内阻，D错误。故选B。] 6．D　[闭合开关瞬间，由于自感线圈有自感电动势产生，阻碍电流增大，所以A1逐渐变亮，而A2立即变亮，A1所在电路的电流方向为从M到N，所以M点电势高于N点电势，故AB错误；电路稳定后断开S， A1、A2与L、R构成回路，L相当于电源，因原来两支路电流相等，所以不会出现A2闪亮一下再熄灭的现象，A1、A2都会逐渐熄灭，故C错误；电路稳定后断开S瞬间，A1所在电路的电流方向为从N→A1→A2→R→M，所以M点电势低于N点电势，故D正确。故选D。] 7．C　[根据题意，由图(b)可知，振荡电流的有效值为I＝Im，故A错误；根据题意，由图(b)可知，t1~t2内振荡电流减小，电容器充电，故B错误；根据题意，由图(b)可知，t2~t3内振荡电流增大，电容器放电，电场能逐渐转化为磁场能，故C正确；据平行板电容器电容的决定式有C＝，储罐内液面高度降低时，介电常数减小，电容器电容减小，由公式f＝，可知，LC回路振荡电流的频率将变大，故D错误。故选C。] 8．AD　[t＝0时刻，线圈位于与中性面垂直的位置，通过线圈的磁通量最小，磁通量变化率最大，感应电动势最大，此时电流最大，故A正确；线圈转过90°后位于中性面位置，通过线圈的磁通量最大，磁通量变化率最小，感应电动势最小，为零，此时线圈中没有感应电流，故B错误；t＝0时刻，AB边的速度方向竖直向下，CD边的速度方向竖直向上，由右手定则知此时电流的方向为D→C→B→A→D，故C错误，D正确。故选AD。] 9．BD　[根据闭合电路欧姆定律可得E＝U+IR2，由图乙可知，当U1＝4.0 V时，I1＝0.2 A；当U2＝2.0 V时，I2＝0.6 A，代入这两组数据，解得E＝5.0 V，R2＝5 Ω，故A错误，B正确；当干路电流为I2＝0.6 A时，由图乙可知此时R1两端的电压为U2＝2.0 V，此时可调电阻的阻值为R1＝ Ω，故C错误；可调电阻R1上消耗的功率为P1＝I2R1＝()2R1＝，由数学关系可知，当R1＝，即当R1＝R2＝5 Ω时，可调电阻R1上消耗的功率最大，此时为P1＝1.25 W，故D正确。故选BD。] 10．CD　[由于理想变压器原线圈两端的电压为U，故电压表V1的示数为U，根据理想变压器的原理＝n，解得副线圈两端的电压为U副＝，而电压表V2测量定值电阻两端的电压，故V2的示数小于，A错误；R2的滑片从最下端向上滑动过程中，R2接入电路中的阻值减小，而副线圈两端的电压不变，根据欧姆定律I＝可知，副线圈中的电流增大，电流表示数变大，B错误；因为副线圈两端的电压不变，电流增大，根据P＝UI可知，副线圈的输出功率增大，而理想变压器的输入功率等于输出功率，故原线圈的输入功率增大，C正确；副线圈的电流增大，根据P1＝I2R1可知，R1的电功率一直增大，D正确。故选CD。] 11．解析：(1)对电流表来说，分流电阻越小量程越大，由图可知接2时分流电阻更大，所以1比2量程大，对电压表来说，分压电阻越大量程越大，由图可知接6时分压电阻更大，所以6比5量程大，故A正确；测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，故B错误；人是导体，双手捏住两表笔金属杆，测量的是电阻与人体的并联电阻阻值，测量值将偏小，故C正确；用电阻挡测电阻时，如果指针偏转过小，说明待测电阻大，应将选择开关拨至倍率更大的挡位，故D错误。故选AC。 (2) 将选择开关置于电阻挡的×1挡，分别将红黑表笔接c、e端时，由图可知读数为18 Ω；再测e、f时表针几乎不动，说明从e到f已开路。结合电路图可判定是电阻R断路。 答案：(1)AC　(2)18　R断路 12．解析：(1)根据闭合电路欧姆定律可得，甲同学IR＝E－I(R0+r) 乙同学I(R+R0)＝E－Ir 因此乙同学绘制图线的斜率更小，b图线应是乙同学绘制的。 (2)根据上述分析可知，甲同学绘制的图像得到的电源的电动势为E＝1.5 V R0+r＝k＝ Ω 解得r＝10 Ω。 由于电流表的分压作用，根据闭合电路欧姆定律应有IR＝E－I(R0+r'+RA) 故其绘制图像的斜率为R0+RA+r'＝k 故测量值偏大。 (3)根据闭合电路欧姆定律可得I＝ 变形可得R+ 丙同学打算以为纵坐标，以R为横坐标绘制图像，图像的斜率为k＝ V－1＝ V－1 纵截距为b'＝ A－1＝10 A－1 绘制图像如图所示。 答案：(1)b　(2)1.5　10　偏大　(3)见解析图 13．解析：(1)由右手定则可知φa>φb 圆盘切割，感应电动势为E＝B1ωr2 根据闭合电路欧姆定律得I＝ 联立解得I＝5 A。 (2)导体棒最大速度为vm， 有E＝B2Lvm 设金属棒从开始运动到最大速度通过金属棒的电荷量为q，对金属棒，由动量定理得B2L·Δt＝B2Lq＝mvm－0 由以上两式得q＝6 C 该过程外力对金属圆盘做功为W＝qE＝18 J。 答案：(1)a点电势高　5 A　(2)6 C 18 J 14．解析：(1)导体框进入磁场前做自由落体运动，设bc边进入磁场时的速度为v1，有＝2gh 解得v1＝5 m/s 导体框匀速进入磁场区域Ⅰ，安培力FA＝ILB 又I＝，E＝BLv1 联立可得FA＝ 根据平衡条件可得FA＝mg 代入数据解得R＝0.5 Ω。 (2)导体框在区域Ⅰ中匀速运动，bc边进入磁场区域Ⅱ时，速度仍为v1，此时安培力F'A＝＝4mg 对导体框受力分析，根据牛顿第二定律有F'A－mg＝ma 解得a＝30 m/s2 方向竖直向上。 (3)导体框的bc边到达磁场区域Ⅱ下边界前已再次匀速运动，设速度为v2，则有＝mg 解得v2＝1.25 m/s 自导体框由静止释放到bc边运动至磁场区域Ⅱ的下边界，根据能量守恒有Q+m＝mg(h+2L) 解得焦耳热Q≈31.7 J。 答案：(1)0.5 Ω　(2)30 m/s2，竖直向上　(3)31.7 J 15．解析：(1)根据法拉第电磁感应定律有E＝BLv 根据U＝·r 代入数据得E＝1.0 V，U＝0.8 V。 (2)根据q＝·Δt， 联立得q＝ 又根据ΔΦ＝BL(R－Rcos 45°) 联立可得q＝ C。 (3)金属棒做匀速圆周运动，设金属棒下滑过程中，金属棒位置和导轨接触点和圆心的连线与水平方向的夹角为θ，则金属棒切割磁感线的速度，即速度沿着水平方向分量为v'＝vsin θ 则金属棒切割磁感线产生的电动势为E'＝BLv'＝Esin θ 金属棒切割磁感线产生的电动势为正弦交流电，则E有＝ V 可得电流有效值为I有＝ A 则金属棒从导轨ab处运动至cd处的过程，电路中产生的焦耳热为Q＝(r+r1)t 运动时间t＝ 根据动能定理有W－W安+mgR＝0 且W安＝Q 联立解得W＝－4(J)≈－3.215 J。 答案：(1)0.8 V　(2)C (3) A　－3.215 J 学科网（北京）股份有限公司 $