2026届高考物理二轮复习周测卷1 电路与电磁感应（能力卷）

2026高考物理二轮复习周测卷1电路与电磁感应 (能力卷)　 (总分：100分) 一、单项选择题：本大题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 1．(2025·浙江金华·三模)有关下列四幅图的描述，正确的是(　　) A．图1中，匀速转动的线圈此位置产生的电动势恰好为零 B．图2中，变压器原、副线圈电流之比＝ C．图3中，强磁体从带有裂缝的铝管中静止下落(不计空气阻力)可视作自由落体运动 D．图4中，电子感应加速器中若电磁铁电流方向反向，可通过减小电流的方式实现电子的逆时针加速运动 2．(2025·广东揭阳·一模)如图所示，电源电压恒定不变，电源内阻忽略不计，开关S闭合。现将滑动变阻器R2的滑片P向右移动一段距离，电压表示数的变化量为ΔU，电流表示数的变化量为ΔI。两电表均为理想电表。下列说法正确的是(　　) A．电阻R1的功率增大 B．滑片P向右移动过程中，电阻R3中有b→a的瞬时电流 C．电压表示数U和电流表示数I的比值不变 D．ΔU与ΔI的比值不变 3．(2025·北京朝阳·二模)某学习小组想将一块表头改装为电压表和电流表，设计了如图所示的电路。下列说法不正确的是(　　) A．若将S调到1位置，则为改装后的电流表 B．若将S调到2位置，则为改装后的电压表 C．若想扩大电流表的量程，可适当增大R1 D．若想扩大电压表的量程，可适当增大R2 4．(2025·江苏宿迁·一模)在图甲的电路中，电源内阻不计，不计电表内阻的影响。调节R1的阻值，得到各组电压表和电流表数据，作出的U-I图像如图乙中AB所示，则表示R1阻值的是(　　) A．AB的斜率 B．仅a的斜率 C．仅b的斜率 D．a或b的斜率 5．(2025·山东威海·三模)如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为1∶2，a、b两端接入一内阻不计的交流电源(如图乙所示)。已知电压表、电流表均为理想电表，当电阻箱的阻值调至R＝8 Ω时，电阻箱消耗的功率最大，最大功率为(　　) A．1.562 5 W B．3.125 W C．6.25 W D．12.5 W 6．(2025·陕西榆林·二模)如图所示的甲、乙两个电路，电感线圈L的自感系数足够大，直流电阻为R；两白炽灯泡和定值电阻的阻值也均为R。先闭合开关S，待电路达到稳定后，灯泡均能发光，再将开关S断开，最终两灯都熄灭。对于开关S闭合、断开后灯泡亮度变化情况，下列说法中正确的是(　　) A．同时闭合开关，甲、乙电路中的灯泡同时亮起 B．同时闭合开关，甲电路中灯泡先闪亮一下再稳定发光 C．断开开关，甲、乙两电路中灯泡都先闪亮一下再延迟熄灭 D．断开开关，甲电路中灯泡延迟熄灭、乙电路中灯泡先闪亮一下再延迟熄灭 7．(2025·江西南昌·三模)如图甲所示，单匝矩形线圈abcd垂直固定在匀强磁场中。规定垂直纸面向里为磁感应强度的正方向，磁感应强度随时间变化的规律如图乙所示。以向右方向为安培力正方向，下列关于bc段导线受到的安培力F随时间变化的图像正确的是(　　) A． B． C． D． 二、多项选择题：本大题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题列出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．(2025·天津北辰·三模)交流发电机的示意图如图甲所示，线圈从图甲所示的位置以OO′为轴逆时针匀速转动，产生交变电流如图乙所示变化。则(　　) A．1 s时间内电流出现50次峰值 B．该交变电流的有效值为25 A C．图甲所示位置时，AB边内电流的方向由B流向A D．当电流瞬时值为25 A时，线圈平面与中性面的夹角为45° 9．(2025·湖南长沙·模拟预测)发电机的示意图如图甲所示，边长为L的正方形单匝金属框，阻值为R，在匀强磁场中以恒定角速度绕OO′轴转动，阻值为R的电阻两端的电压如图乙所示，其周期为T。图乙中的Um为已知量。则金属框转动一周(　　) A．框内电流方向不变 B．磁通量的最大值为 C．流过电阻的电荷量为 D．电阻产生的焦耳热为 10．(2025·山西太原·模拟预测)如图所示，在光滑的绝缘水平面上，三条相互平行、间距为d的虚线间存在图示方向的匀强磁场，磁感应强度大小均为B。一直角三角形导体框放在水平面上，AB边与虚线平行，BC边长度为d，刚开始导体框的C点刚好在最左侧的虚线上；现给导体框施加一水平向右的外力F，使导体框向右做匀速直线运动。关于运动过程中产生的感应电动势E的大小、感应电流I的大小、外力F的大小以及外力功率P的大小随位移或位移的平方的变化规律正确的是(　　) A． B． C． D． 三、非选择题：本大题共3小题，共54分。 11．(18分)(2025·江苏南京·二模)如图甲，某兴趣小组搭建了有“×1”、“×10”、“×100”三挡位的“电阻表”电路。其中电池的电动势E＝1.5 V，内阻可忽略不计；表头量程I0＝1 mA、内阻R0＝450 Ω，R1、R2为电阻箱，R为滑动变阻器，S为单刀多掷开关。 (1)电路中表笔Ⅰ应为________(选填“红”或“黑”)表笔。 (2)设定B对应“×10”挡位，A对应“×1”挡位。 (3)该小组利用此“电阻表”尝试测定一未知电阻Rx的阻值，进行了如下操作： 步骤①：先将S拨到B，两表笔短接调零，即调节R使表头指针指在________mA刻度处； 步骤②：把未知电阻接在红、黑表笔间，指针位于图乙a处，有同学提出此时指针偏角较小，想增大指针偏角，应将开关S拨至__________(选填“A”或“C”)； 步骤③：将选择开关S拨至新的位置后，重复步骤①，再把未知电阻接在红、黑表笔间，指针位于图乙b处，可知Rx阻值为________Ω。 (4)若干电池长时间使用，内阻略有增大，电动势仍为1.5 V，则电阻测量值相对真实值________(选填“偏大”“等大”或“偏小”)。其理由为_____________________________________________________________________。 12．(18分)(2025·四川巴中·三模)在研究电磁感应现象时，某同学设计了一种实验装置，模拟物体在变化磁场中的运动以及由此产生的电流。如图所示，光滑平行金属导轨固定在水平面上，导轨间距L＝0.25 m，左端连接R＝0.2 Ω的电阻，右端连接一对金属卡环，导轨间MN右侧(含MN)存在方向垂直导轨平面向下的匀强磁场，磁感应强度的B-t图像如图乙所示。质量为m＝0.5 kg、电阻r＝0.3 Ω的金属棒与质量也为m的物块通过光滑定滑轮由绳相连，绳始终处于绷紧状态，PQ、MN到右端卡环距离分别为25 m和15 m，t＝0时刻由PQ位置静止释放金属棒，棒与导轨始终接触良好，滑至导轨右端被卡环卡住不动，金属导轨、卡环的电阻均不计，g取10 m/s2。求： (1)金属棒进入磁场时的速度大小； (2)金属棒进入磁场时通过导体棒的感应电流； (3)在0～8 s时间内电路中产生的焦耳热。 13．(18分)(2025·辽宁·二模)如图甲所示，粗细均匀的无限长光滑平行导轨固定在倾角θ＝30°的斜面上，在边界EF下方区域存在垂直导轨平面向下的匀强磁场B，有两根相同金属棒ab、cd分别从磁场边界EF上方x0＝10 m位置和边界EF位置同时由静止释放，cd棒运动的v-t图像如图乙所示，其中OM、NP段为曲线，其他段为直线。已知磁感应强度B＝4 T，导轨间距L＝0.5 m，导体棒的质量均为m＝0.2 kg，导体棒电阻均为R＝2 Ω，导轨电阻不计，g取10 m/s2。求： (1)v1的大小并直接写出ab棒在整个运动过程中加速度的最大值； (2)从t＝0到t＝2 s导体棒cd位移大小xcd； (3)导体棒ab进入磁场后，通过导体棒ab的电荷量q1。 2026高考物理二轮复习周测卷1电路与电磁感应 (能力卷)参考答案 1．A　2．D　3．C　4．D　 5．C　[由乙图可知电动势的有效值为E＝＝5 V，此变压器原线圈有负载，利用等效法，可以将副线圈电阻等效到原线圈上。根据题意当电阻箱的阻值调至R＝8 Ω时，电阻箱消耗的功率最大，可知等效电阻与原线圈上连接的电阻的阻值相同，所以原线圈两端的电压为U1＝ V，根据原副线圈两端的电压之比等于原副线圈匝数比，可知U2＝U1＝5 V，所以电阻箱消耗的最大功率P＝＝6.25 W。故选C。] 6．D　[甲电路闭合开关S，由于线圈的自感现象，灯泡缓慢变亮，乙电路闭合开关S，灯泡瞬间变亮，A、B均错误；甲电路在开关S闭合稳定后，通过灯泡的电流与通过电感线圈的电流相等，再断开开关S，由于线圈的自感作用，灯泡延迟熄灭；乙电路在开关S闭合稳定后，通过L的电流大于通过灯泡的电流，再断开开关S，L将阻碍电流变化，通过L的电流将流经灯泡，使得断开S后瞬间，通过灯泡的电流变大，所以灯泡先闪亮再延迟熄灭， C错误， D正确。故选D。] 7．B　[由楞次定律，通过线圈的感应电流方向先顺时针再逆时针，磁场方向不变，bc段导线受到的安培力方向应先向右再向左，又以向右方向为安培力正方向，故A、D错误；由F＝BIL＝BL＝BL，0~0.5T内为定值，F逐渐减小，故B正确，C错误。故选B。] 8．BC　[由图乙可知，交变电流的周期为0.02 s，1个周期内出现2次峰值，所以1 s时间内电流出现100次峰值，故A错误；由图乙可知该交变电流的最大值为50 A，则有效值为I＝＝25A，故B正确；根据右手定则可知，图甲所示位置时，AB边内电流的方向由B流向A，故C正确；线圈处于中性面时，电流为0；设线圈平面与中性面的夹角为θ，则对应的电流为i＝Imsin θ＝50sin θ(A)，当电流瞬时值为25 A时，可得i＝50sin θ(A)＝25 A，可得θ＝30°，故D错误。故选BC。] 9．BC　[当线框转动时，框内电流方向每经过中性面一次都要变化一次，而线圈和外电路接点处通过换向器，保证电流的方向不发生变化，从而使加在电阻两端的电压方向保持不变，A错误；依题意，电阻的阻值与金属框的阻值相等，且电阻两端的电压的最大值为Um，根据闭合电路欧姆定律，金属框中电动势的最大值为2Um，电动势的周期为2T，由Em＝Φmω，其中ω＝，代入得Φm＝，B正确；线圈转过半周，则流过电阻的电荷量为q＝t，其中，则金属框转过一周流过电阻的电荷量为q'＝2q＝，C正确；由焦耳定律Q＝·2T＝，D错误。故选BC。] 10．AD　[设∠C＝α，磁感应强度为B，导体框的速度为v，导体框向右运动的位移在0~d的过程中，从0开始向右移动的位移为x，根据几何关系可得有效长度L＝xtan α，导体框产生的感应电动势为E＝BLv＝Bxvtan α，可知E与x成正比，E⁃x图像是一条过原点的倾斜直线；当x＝d时感应电动势的最大值为E0＝Bdvtan α，导体框向右运动的位移在d~2d的过程中，从d开始向右移动的位移为x，根据几何关系可得线框在左边磁场的有效长度为L1＝xtan α，产生的感应电动势大小为E1＝BL1v＝Bxvtan α，根据几何关系，可得线框在右边磁场的有效长度为L2＝xtan α，产生的感应电动势大小为E2＝BL2v＝Bxvtan α，根据右手定则可知，两个电源产生的电流方向相同，两个电源相互叠加增强，则总的电动势为E＝E1+E2＝2Bxvtan α，可知E与x成正比，E⁃x图像是一条的倾斜直线；当x＝d时感应电动势的最大值为E'0＝2Bdvtan α＝2E0，导体框向右运动的位移在2d~3d 的过程中，从2d开始向右移动的位移x，根据几何关系可得线框的有效长度为L3＝xtan α，导体框产生的感应电动势为E＝BL3v＝Bxvtan α，可知E与x成正比，E⁃x图像是一条倾斜的直线；当x＝d时感应电动势的最大值为E″0＝Bdvtanα＝E0，故A正确；导体框向右运动的位移在0~d的过程中，导体框中的感应电流为I＝，可知I与x成正比，I⁃x图像是一条过原点的倾斜直线；当x＝d时感应电流的最大值为 I0＝，当导体框向右运动的位移在d~2d的过程中，导体框中的感应电流为I＝，可知I与x成正比，I⁃x图像是一条的倾斜直线；当x＝d时感应电流的最大值为I'0＝＝2I0，导体框向右运动的位移在2d~3d 的过程中，导体框中的感应电流为I＝，可知I与x成正比，I⁃x图像是一条倾斜直线；当x＝d时感应电流的最大值为I″0＝＝I0，故B错误；导体框向右运动的位移在0~d的过程中，导体框所受的安培力大小为FA＝BIL＝，由力的平衡条件得外力的大小为F＝FA＝，可知F与x2成正比，F⁃x图像是一条过原点的开口向上的曲线；当x＝d时外力的最大值为F0＝，当导体框向右运动的位移在d~2d的过程中，导体框所受的安培力大小为FA＝2Bxtan α·I＝，由力的平衡条件得外力的大小为F＝FA＝，可知F与x2成正比，F⁃x图像是一条过开口向上的曲线；当x＝d时外力的最大值为F'0＝＝4F0，导体框向右运动的位移在2d~3d 的过程中，导体框所受的安培力大小为FA＝BIL3＝，由力的平衡条件得外力的大小为F＝FA＝，可知F与x2成正比，F⁃x图像是一条曲线；当x＝d时外力的最大值为F″0＝＝F0，故C错误；导体框向右运动的位移在0~d的过程中，外力F的功率为P＝Fv＝x2，可知P与x2成正比，P⁃x2图像是一条过原点的倾斜直线；当x＝d时外力的功率最大值为P0＝，当导体框向右运动的位移在d~2d的过程中，力F的功率为P＝Fv＝x2，可知P与x2成正比，P⁃x2图像是一条的倾斜直线；当x＝d时外力的功率最大值为P'0＝＝4P0，导体框向右运动的位移在2d~3d 的过程中，外力F的功率为P＝Fv＝，可知P与x2成正比，P⁃x2图像是一条过原点的倾斜直线；当x＝d时外力的功率最大值为P″0＝＝P0，故D正确。故选AD。] 11．解析：(1)电路中表笔Ⅰ与内部电源的正极连接，可知应为黑表笔。 (3)步骤①：先将S拨到B，两表笔短接调零，即调节R使表头指针满偏，即指在1.0 mA刻度处； 步骤②：把未知电阻接在红、黑表笔间，指针位于图乙a处，有同学提出此时指针偏角较小，说明倍率挡选择过低，因C挡为“×100”挡，则想增大指针偏角，应将开关S拨至C； 步骤③：将选择开关S拨至新的位置后，重复步骤①后，把未知电阻接在红、黑表笔间，指针位于图乙b处，因接C时的中值电阻为R中＝r内＝ Ω＝1 500 Ω，可知Rx阻值为1 500 Ω。 (4)电阻调零时，电池内阻不能忽略，可通过减小调零电阻的阻值，保证电阻表内阻恒定。电阻表内阻不变，测量值就不受影响，即电阻测量值相对真实值等大。 答案：(1)黑　(3)1.0　C　1 500　(4)等大　电阻调零时，电池内阻不能忽略，可通过减小调零电阻的阻值，保证电阻表内阻恒定。电阻表内阻不变，测量值就不受影响。 12．解析：(1)设棒到达MN时的速度为v，物块下落的高度为h＝xPQ－xMN＝10 m 这个过程中棒和物块组成的系统机械能守恒mgh＝×2mv2 解得v ＝ ＝ 10 m/s。 (2)设这个过程所用时间为t1，由运动学公式h＝t1 解得t1＝2 s 由图乙可知此时磁感应强度B＝2 T 根据闭合电路欧姆定律可得I ＝ ＝ A＝10 A。 (3)金属棒进入磁场时，受到的安培力大小为FA ＝ BIL 解得FA＝5 N 物块的重力mg＝0.5×10 N＝5 N＝FA 所以金属棒匀速运动。匀速运动的时间为t2＝ ＝ s＝1.5 s 此过程中产生的热Q1 ＝ FAxMN 解得Q1＝75 J 4~6 s时间内，感应电动势大小为E＝ ＝ LxMN ＝×0.25×15 V＝3.75 V 此过程中产生的热Q2＝Δt＝×2 J＝56.25 J 以后磁感应强度为零，回路中的电流为零，产生的热为零，所以在0~8 s时间内电路中产生的焦耳热Q＝Q1+Q2＝75 J+56.25 J＝131.25 J。 答案：(1)10 m/s　(2)10 A (3)131.25 J 13．解析：(1)设2 s前cd达到匀速直线运动时的速度为v1，cd棒受平衡力BI1L＝mgsin θ 代入题中数据，解得I1＝0.5 A 因为I1＝ 联立解得v1＝1 m/s 2 s时ab棒刚好进入磁场va＝at1＝10 m/s 电路中的感应电流I2＝ 对ab棒根据牛顿第二定律BI2L－mgsin θ＝mamax 可得ab棒在整个运动过程中加速度的最大值amax＝40 m/s2。 (2)cd棒在0~2 s的运动过程，以v1的方向为正方向，由动量定理得mgsin θ×t1－∑BiLΔt＝mv1 因为q＝∑iΔt＝Δt＝Δt＝ 联立解得xcd＝1.8 m。 (3)ab棒先做匀加速直线运动，由牛顿第二定律得mgsin＝ma 2 s时ab棒刚好进入磁场，其速度大小va＝at1 设ab棒进入磁场后经过时间t2与cd棒速度相等，一起做匀加速直线运动，以v1的方向为 正方向，则对cd棒有mgsin θ×t2+∑BLi'Δt2＝mv2－mv1 以沿斜面向下的方向为正方向，对ab棒有mgsin θ×t2－∑BLi'Δt2＝mv2－mva 因为q1＝∑i'Δt2，2BLq1＝mva－mv1 联立解得q1＝0.45 C。 答案：(1)1 m/s　40 m/s2 (2)1.8 m　(3)0.45 C 学科网（北京）股份有限公司 $