山西省运城市2026届高三下学期二模物理模拟练习自编卷

2026届山西省运城市高考二模物理模拟练习自编卷 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 1.如图，水平放置的圆柱形光滑玻璃棒左边绕有一线圈，右边套有一金属圆环。圆环初始时静止。将图中开关S由断开状态拨至连接状态，电路接通的瞬间，可观察到（　　） A．拨至M端或N端，圆环都向左运动 B．拨至M端或N端，圆环都向右运动 C．拨至M端时圆环向左运动，拨至N端时向右运动 D．拨至M端时圆环向右运动，拨至N端时向左运动 2.2023年5月，世界现役运输能力最大的货运飞船天舟六号，携带约5800kg的物资进入距离地面约400km（小于地球同步卫星与地面的距离）的轨道，顺利对接中国空间站后近似做匀速圆周运动。对接后，这批物资（　　） A. 质量比静止在地面上时小 B. 所受合力比静止在地面上时小 C. 所受地球引力比静止在地面上时大 D. 做圆周运动的角速度大小比地球自转角速度大 3.如图，在摩托车越野赛途中的水平路段前方有一个坑，该坑沿摩托车前进方向的水平宽度为3h，其左边缘a点比右边缘b点高0.5h。若摩托车经过a点时的动能为E1，它会落到坑内c点，c与a的水平距离和高度差均为h；若经过a点时的动能为E2，该摩托车恰能越过坑到达b点。等于（　　） A．20 B．18 C．9.0 D．3.0 4. 如图，边长为a的正方形ABCD为一棱镜的横截面，M为AB边的中点。在截面所在的平面，一光线自M点射入棱镜，入射角为60°，经折射后在BC边的N点恰好发生全反射，反射光线从CD边的P点射出棱镜，则以下说法正确的是（） A. 棱镜的折射率为 B. P、C两点之间的距离为0.5a C. 棱镜的折射率为n= D. P、C两点之间的距离为 5.在O点处固定一个正点电荷，P点在O点右上方。从P点由静止释放一个带负电的小球，小球仅在重力和该点电荷电场力作用下在竖直面内运动，其一段轨迹如图所示。M、N是轨迹上的两点，OP > OM，OM = ON，则小球（ ） A. 在运动过程中，电势能先增加后减少 B. 在P点的电势能小于在N点的电势能 C. 在M点的机械能等于在N点的机械能 D. 从M点运动到N点的过程中，电场力始终不做功 6.无人配送小车某次性能测试路径如图所示，半径为的半圆弧与长的直线路径相切于B点，与半径为的半圆弧相切于C点。小车以最大速度从A点驶入路径，到适当位置调整速率运动到B点，然后保持速率不变依次经过和。为保证安全，小车速率最大为。在段的加速度最大为，段的加速度最大为。小车视为质点，小车从A到D所需最短时间t及在段做匀速直线运动的最长距离l为（　　） A B. C. D. 7.太阳中所发生的“氢聚变”的实际过程并不是氢原子核直接聚变为氦原子核，而是借助碳、氮、氧的原子核进行的，其具体反应过程为如图所示的六步循环，请根据下图，判断下列说法中正确的是 A、X粒子是电子 B、Y粒子是中子 C、①处所发生的核反应方程为 D、六步循环的总核反应方程为 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为，原线圈接在电压峰值为的正弦交变电源上，副线圈的回路中接有阻值为的电热丝，电热丝密封在绝热容器内，容器内封闭有一定质量的理想气体。接通电路开始加热，加热前气体温度为，已知该容器内的气体吸收的热量与其温度变化量成正比，即，其中已知，若电热丝产生的热量全部被气体吸收，当容器内气体压强达到加热前的2倍时，则下列说法正确的是（　　） A．变压器的输出电压为 B．变压器的输出功率为 C．容器内气体吸收的热量为 D．电热丝通电的时间为 9.如图，两根相互平行的光滑长直金属导轨固定在水平绝缘桌面上，在导轨的左端接入电容为C的电容器和阻值为R的电阻。质量为m、阻值也为R的导体棒MN静止于导轨上，与导轨垂直，且接触良好，导轨电阻忽略不计，整个系统处于方向竖直向下的匀强磁场中。开始时，电容器所带的电荷量为Q，合上开关S后，（　　） A. 通过导体棒电流的最大值为 B. 导体棒MN向右先加速、后匀速运动 C. 导体棒速度最大时所受的安培力也最大 D. 电阻R上产生的焦耳热大于导体棒上产生的焦耳热 10. 如图，一质量为M、长为l的木板静止在光滑水平桌面上，另一质量为m的小物块（可视为质点）从木板上的左端以速度v0开始运动。已知物块与木板间的滑动摩擦力大小为f，当物块从木板右端离开时（ ） A. 木板的动能一定等于fl B. 木板的动能一定小于fl C. 物块的动能一定大于 D. 物块的动能一定小于 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.（9分）某同学要研究一小灯泡L（3.6V，0.30A）的伏安特性。所用器材有：电流表A1（量程200mA，内阻Rg1＝10.0Ω）、电流表A2（量程500mA，内阻Rg2＝1.0Ω）、定值电阻R0（阻值R0＝10.0Ω）、滑动变阻器R1（最大阻值10Ω）、电源E（电动势4.5V，内阻很小）、开关S和若干导线。该同学设计的电路如图（a）所示。 （1）根据图（a），在图（b）的实物图中画出连线。 （2）若I1、I2分别为流过电流表A1和A2的电流，利用I1、I2、Rg1和R0写出：小灯泡两端的电压U＝　　，流过小灯泡的电流I＝　　。为保证小灯泡的安全，I1不能超过　　mA。 （3）实验时，调节滑动变阻器，使开关闭合后两电流表的示数为零。逐次改变滑动变阻器滑片的位置并读取相应的I1、I2．所得实验数据在表中给出。 I1/mA 32 55 85 125 144 173 I2/mA 171 229 299 379 424 470 根据实验数据可算得，当I1＝173mA时，灯丝电阻R＝　　Ω（保留1位小数）。 （4） 如果用另一个电阻替代定值电阻R0，其他不变，为了能够测量完整的伏安特性曲线，所用电阻的阻值不能小于　　Ω（保留1位小数）。 12（6分）.在“探究加速度与物体受力、物体质量的关系”实验中，做如下探究： （1）为猜想加速度与质量的关系，可利用图1所示装置进行对比实验。两小车放在水平板上，前端通过钩码牵引，后端各系一条细线，用板擦把两条细线按在桌上，使小车静止。抬起板擦，小车同时运动，一段时间后按下板擦，小车同时停下。对比两小车的位移，可知加速度与质量大致成反比。关于实验条件，下列正确的是：________(选填选项前的字母)。 A. 小车质量相同，钩码质量不同 B. 小车质量不同，钩码质量相同 C. 小车质量不同，钩码质量不同 （2）某同学为了定量验证(1)中得到的初步关系，设计实验并得到小车加速度与质量的7组实验数据，如下表所示。在图2所示的坐标纸上已经描好了6组数据点，请将余下的一组数据描在坐标纸上，并作出图像______。 次数 1 2 3 4 5 6 7 0.62 0.56 0.48 0.40 0.32 0.24 0.15 0.25 0.29 0.33 0.40 0.50 0.71 1.00 （3）在探究加速度与力的关系实验之前，需要思考如何测“力”。请在图3中画出小车受力的示意图。为了简化“力”的测量，下列说法正确的是：__________（选填选项前的字母）。 A．使小车沿倾角合适的斜面运动，小车受力可等效为只受绳的拉力 B．若斜面倾角过大，小车所受合力将小于绳的拉力 C．无论小车运动的加速度多大，砂和桶的重力都等于绳的拉力 D．让小车的运动趋近于匀速运动，砂和桶的重力才近似等于绳的拉力 13（9分）.图甲为后备箱气压杆的示意图，气压杆内部的高压气体被活塞密封在汽缸中。在后备箱打开或关闭过程中，气压杆内部的气体体积发生变化。箱盖打开静止在某位置时，活塞到汽缸底部的距离为，活塞的横截面积为。箱盖作用于连杆上的沿杆方向的力为，如图乙所示。已知大气压强为，重力加速度为。不计活塞与容器壁的摩擦及连杆和活塞的质量，忽略气体温度的变化。 (1)求此时被封闭气体的压强； (2)活塞到容器底部的距离为时，求此时气体的压强； (3)由于漏出部分气体，当活塞到容器底部的距离为时，此时沿杆方向作用力变为，求漏出的气体与剩余气体的质量比。 14（14分）.如图所示，竖直平面内有一固定绝缘轨道ABCDP，由半径r＝0.5m的圆弧轨道CDP和与之相切于C点的水平轨道ABC组成，圆弧轨道的直径DP与竖直半径OC间的夹角θ＝37°，A、B两点间的距离d＝0.2m。质量m1＝0.05kg的不带电绝缘滑块静止在A点，质量m2＝0.1kg、电荷量q＝1×10﹣5C的带正电小球静止在B点，小球的右侧空间存在水平向右的匀强电场。现用大小F＝4.5N、方向水平向右的恒力推滑块，滑块到达B点前瞬间撤去该恒力，滑块与小球发生弹性正碰，碰后小球沿轨道运动，到达P点时恰好和轨道无挤压且所受合力指向圆心。小球和滑块均视为质点，碰撞过程中小球的电荷量不变，不计一切摩擦。取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。 （1）求撤去该恒力瞬间滑块的速度大小v以及匀强电场的电场强度大小E； （2）求小球到达P点时的速度大小vP和B、C两点间的距离x； （3）若小球从P点飞出后落到水平轨道上的Q点（图中未画出）后不再反弹，求Q、C两点间的距离L。 15（16分）.如图，一关于轴对称的导体轨道位于水平面内，磁感应强度为的匀强磁场与平面垂直。一足够长，质量为的直导体棒沿轴方向置于轨道上，在外力作用下从原点由静止开始沿轴正方向做加速度为的匀加速直线运动，运动时棒与轴始终平行。棒单位长度的电阻，与电阻不计的轨道接触良好，运动中产生的热功率随棒位置的变化规律为。求： （1）导体轨道的轨道方程； （2）棒在运动过程中受到的安培力随的变化关系； （3）棒从运动到过程中外力的功。 答案详解详析 1.【答案】B 【解析】当开关S由断开状态拨至连接状态时，不论拨至M端或N端，均会导致通电螺线管的电流增大，根据右手螺旋定则可知，穿过通电螺线管的磁场在增强，那么导致圆环的磁通量变大，从而由楞次定律可知圆环中产生感应电流，且又处于磁场中，则受到的安培力作用，使它远离通电螺线管，即向右移动，故B正确，ACD错误； 故选：B。 2.【答案】D 【解析】A．物体在低速（速度远小于光速）宏观条件下质量保持不变，即在空间站和地面质量相同，故A错误； BC．设空间站离地面的高度为h，这批物质在地面上静止合力为零，在空间站所受合力为万有引力即 在地面受地球引力为 因此有，故BC错误； D．物体绕地球做匀速圆周运动万有引力提供向心力 解得 这批物质在空间站内的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，因此这批物质的角速度大于同步卫星的角速度，同步卫星的角速度等于地球自转的角速度，即这批物质的角速度大于地球自转的角速度，故D正确。 故选D。 3.【答案】B 【解答】解：设落到坑内c点时竖直方向的速度为vy1，则有： vy1＝； 根据平抛运动的规律可得： v01t＝h ＝h 解得：v01＝ 则有：E1＝＝ 同理，设摩托车恰能越过坑到达b点时竖直方向的速度为vy2，则有： ＝gh vy2＝； 根据平抛运动的规律可得： v02t′＝3h ′＝0.5h 解得：v02＝3vy2 则有：E2＝＝ 所以＝18，故B正确、ACD错误。 故选：B。 4.【答案】A 【解析】 光线在M点发生折射有 sin60° = nsinθ 由题知，光线经折射后在BC边的N点恰好发生全反射，则 C = 90° - θ 联立有 根据几何关系有 解得 再由 解得 5.【答案】C 【解析】 ABC．由题知，OP > OM，OM = ON，则根据点电荷的电势分布情况可知 φM = φN > φP 则带负电的小球在运动过程中，电势能先减小后增大，且 EpP > EpM = EpN 则带负电的小球在M点的机械能等于在N点的机械能，AB错误、C正确； D．从M点运动到N点的过程中，电场力先做正功后做负功，D错误。 6.【答案】B 【解析】 在BC段的最大加速度为a1=2m/s2，则根据 可得在BC段的最大速度为 在CD段的最大加速度为a2=1m/s2，则根据 可得在BC段的最大速度为 可知在BCD段运动时的速度为v=2m/s，在BCD段运动的时间为 AB段从最大速度vm减速到v的时间 位移 在AB段匀速的最长距离为 l=8m-3m=5m 则匀速运动的时间 则从A到D最短时间为 故选B。 7.【答案】C 【解析】由质量数守恒、电荷数守恒，可知两个包含了X的核反应方程为、，包含了Y的核反应方程为，故可知X为正电子，Y为氦原子核，故A、B错；经过一个“碳循环”，碳、氮、氧的原子核都复原，有4个质子被吸纳，释放出了1个氦原子核和2个正电子，故全过程的总核反应方程为，D错误。 8.【答案】BDA． 由原线圈正弦交流电的峰值可知变压器输入电压有效值为 设变压器副线圈的输出电压为U2，根据理想变压器的电压与匝数之间的关系有 联立解得 A错误； B．理想变压器的输出功率等于R的热功率，即 B正确； C．设加热前容器内气体的压强为p0，则加热后气体的压强为2p0，温度为T2，容器内的气体做等容变化，则有 由 解得气体吸收的热量 C错误； D．根据热力学第一定律 气体的体积不变，所以 容器是绝热容器，则 电热丝产生的热量全部被气体吸收 联立整理得 解得 D正确。 9.【答案】AD 【解析】MN在运动过程中为非纯电阻，MN上的电流瞬时值为 A．当闭合的瞬间，，此时MN可视为纯电阻R，此时反电动势最小，故电流最大 故A正确； B．当时，导体棒加速运动，当速度达到最大值之后，电容器与MN及R构成回路，由于一直处于通路的形式，由能量守恒可知，最后MN终极速度为零， 故B错误； C．MN在运动过程中为非纯电阻电路，MN上的电流瞬时值为 当时，MN上电流瞬时为零，安培力为零此时，MN速度最大，故C错误； D． 在MN加速度阶段，由于MN反电动势存在，故MN上电流小于电阻R 上电流，电阻R消耗电能大于MN上消耗的电能（即），故加速过程中，；当MN减速为零的过程中，电容器的电流和导体棒的电流都流经电阻R形成各自的回路，因此可知此时也是电阻R的电流大，综上分析可知全过程中电阻R上的热量大于导体棒上的热量，故D正确。 故选AD。 10.【答案】BD 【解析】设物块离开木板时的速度为，此时木板的速度为，由题意可知 设物块的对地位移为，木板的对地位移为 CD．根据能量守恒定律可得 整理可得 D正确，C错误； AB．因摩擦产生的摩擦热 根据运动学公式 因为 可得 则 所以 B正确，A错误。 故选BD。 11.答案：（1）如下图所示；（2）I1（Rg1+R0），I2﹣I1，180；（3）11.6；（4）8.0 【解答】解：（1）根据电路图连接实物图如图所示： （2）根据电路图可知灯泡两端的电压为电流表A1和R0的总电压，故根据欧姆定律有：U＝I1（Rg1+R0） 根据并联电路特点可知流过小灯泡的电流为：I＝I2﹣I1 因为小灯泡的额定电压为3.6V，故根据题目中已知数据解得：I1＝＝0.18A＝180mA，故I1不能超过180mA； （3）根据表中数据可知当I1＝173mA时，I2＝470mA；根据前面的分析代入数据可知此时灯泡两端的电压为U＝3.46V；流过小灯泡的电流为I＝297mA＝0.297A；故根据欧姆定律可知此时小灯泡的电阻为：＝＝11.6Ω （4）要测量完整的伏安特性曲线则灯泡两端的电压至少要达到3.6V，而电流表A1不能超过其量程200mA，根据欧姆定律有：U＝Ig1′（Rg1+R0），代入数据有：3.6V＝0.2A×（10+R0）Ω，解得：R0＝8.0Ω，即要完整的测量小灯泡伏安特性曲线所用电阻的阻值不能小于8.0Ω。 故答案为：（1）如上图所示；（2）I1（Rg1+R0），I2﹣I1，180；（3）11.6；（4）8.0 12.【答案】 (1). B (2). (3). A 13.【答案】(1)；(2)；(3) 【详解】（1）对活塞受力分析，由平衡条件 解得 （2）对封闭气体研究，活塞由到处的过程中，由玻意耳定律得 解得 （3）设漏出气体的体积为 解得 14.解：（1）对滑块从A点运动到B点的过程，根据动能定理有：Fd＝ 代入数据解得：v＝6m/s 小球到达P点时，受力如图所示，则有：qE＝m2gtanθ 解得：E＝7.5×104N/C。 （2）小球所受重力与电场力的合力大小为：G等＝① 小球到达P点时，由牛顿第二定律有：G等＝m2② 联立①②，代入数据得：vP＝2.5m/s 滑块与小球发生弹性正碰，设碰后滑块、小球的速度大小分别为v1、v2，以向右方向为正方向，由动量守恒定律得： m1v＝m1v1+m2v2 ③ 由能量守恒得：＝+④ 联立③④，代入数据得： v1＝﹣2m/s（“﹣”表示v1的方向水平向左），v2＝4m/s 小球碰后运动到P点的过程，根据动能定理有： qE（x﹣rsinθ）﹣m2g（r+rcosθ）＝﹣⑤ 代入数据得：x＝0.85m。 （3）小球从P点飞出水平方向做匀减速运动，有：L﹣rsinθ＝vPcosθt﹣⑥ 竖直方向做匀加速运动，有：r+rcosθ＝vPsinθt+⑦ 联立⑥⑦，代入数据得：L＝0.56m 答：（1）撤去该恒力瞬间滑块的速度大小是6m/s，匀强电场的电场强度大小是7.5×104N/C； （2）小球到达P点时的速度大小是2.5m/s，B、C两点间的距离是0.85m。 （3）Q、C两点间的距离为0.56m。 15.解：（1）设棒运动到某一位置时与轨道接触点的坐标为，安培力的功率为： 棒做匀加速运动，有： 代入前式得： 轨道形式为抛物线。 （2）安培力为： 以轨道方程代入得： （3）由动能定理有： 时 安培力平均值 安培力做功 安培力做功为： 棒在处动能为： 外力做功为： 答：（1）导体轨道的轨道方程 （2）棒在运动过程中受到的安培力随的变化关系； （3）棒从运动到过程中外力的功。 学科网（北京）股份有限公司 $