第1章 第3节 第2课时 自由组合定律的常规解题方法-【新课程学案】2025-2026学年高中生物必修2 遗传与进化配套课件PPT（苏教版）

第2课时 自由组合定律的常规解题方法 学习目标 1.学会解决自由组合问题的基本方法并运用这些方法解决问题。　 2.明确9∶3∶3∶1的变式规律，能运用这些规律解决变式问题。 提能点（一） 解决自由组合问题 的基本方法 提能点（二） 9∶3∶3∶1的变式 及应用 课时跟踪检测 目录 课堂小结与随堂训练 提能点（一） 解决自由组合问题 的基本方法 分离定律是自由组合定律的基础，要学会运用解决分离定律相关问题的方法来解决自由组合的问题，常见的方法如下： 方法一：棋盘法 1.要求：表头中应标出雌配子和雄配子。横行和竖行，一般应对应填写雌、雄配子的基因型和概率。棋盘中内容，一般应对应填写子代的每种基因型、表型及概率。 2.棋盘法遗传图解模型 3.分析：通过上面的遗传图解，可计算F2中各表型的种类、比例及概率，各基因型的种类、比例及概率。 方法二：分枝法 分枝法是将多对基因(或多对性状)分开，单独考虑每一对的情况，然后再通过分枝连接，最后写出基因型或表型及相应概率的方法。如黄色圆粒豌豆(YyRr)与黄色皱粒豌豆(Yyrr)杂交，其子代的基因型及相应概率、表型及相应概率如图所示。 方法三：拆分法 1.基本思路：在独立遗传的情况下，将自由组合问题转化为若干个分离定律问题，如AaBb×Aabb可分解为Aa×Aa、Bb×bb。 2.理论依据：每对相对性状都遵循分离定律且互为独立事件，最后将各对等位基因的拆分结果相乘，这是概率理论中的乘法原理。 3.常见题型(以AaBbCc×AABbCc为例) (1)拆分：AaBbCc×AABbCc可分解为Aa×AA、Bb×Bb、Cc×Cc。 (2)“先分再组”的实例分析 亲本组合 Aa×AA Bb×Bb Cc×Cc AaBbCc×AABbCc 配子 种类 2种、1种 2种、2种 2种、2种 2×2×2=8(种)、 1×2×2=4(种) 配子 组合 2×1=2(种) 2×2=4(种) 2×2=4(种) 2×4×4=32(种) F1基因 型种类 2种 3种 3种 2×3×3=18(种) F1基因型 及其比例 1/2AA、 1/2Aa 1/4BB、2/4Bb 1/4bb 1/4CC、2/4Cc 1/4cc 如AabbCc：1/2× 1/4×2/4=1/16 F1表型 种类 1种 2种 2种 1×2×2=4(种) F1表型及 其比例 全显 3/4显、 1/4隐 3/4显、 1/4隐 如全显：1×3/4 ×3/4=9/16 续表 4.多对相对性状的自由组合拓展分析 相对性状对数 1 2 3 …… n F1 配子 种类数 2 4(22) 8(23) …… 2n 可能的 组合数 4 16(42) 64(43) …… 4n F2基 因型 种类数 3 9(32) 27(33) …… 3n 分离比 1∶2∶1 (1∶2∶1)2 (1∶2∶1)3 …… (1∶2∶1)n F2 表型 种类数 2 4(22) 8(23) …… 2n 分离比 3∶1 (3∶1)2 (3∶1)3 …… (3∶1)n 续表 注：表中最右列的代数式适用于F1中n对基因均为杂合的情况，如果n对基因不都是杂合的，则不适用。 [例1]　已知A与a、B与b、C与c 3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是 (　 ) A.表型有18种，AaBbCc个体的比例为1/16 B.表型有18种，aaBbCc个体的比例为1/16 C.表型有8种，Aabbcc个体的比例为1/6 D.表型有8种，aaBbCc个体的比例为1/16 经典考题探究 √ [解析]　A与a、B与b、C与c 3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交，子代表型有2×2×2=8(种)，AaBbCc个体的比例为1/2×1/2×1/2=1/8，aaBbCc个体的比例为1/4×1/2×1/2=1/16，Aabbcc个体的比例为1/2×1/2×1/4=1/16，故选D。 [例2]　(2025·淮安期中)白化病(由A或a控制)与亨廷顿舞蹈症(由B或b控制)都是常染色体遗传病，有一家庭中两种病都有患者，系谱图如下，请据图回答： (1)亨廷顿舞蹈症属于____性遗传病，白化病属于____性遗传病。  　隐 显 [解析]　由1、2号不患白化病而他们的女儿5号患白化病推知，白化病应由隐性基因控制；由3、4号患亨廷顿舞蹈症而他们的女儿11号正常推知，亨廷顿舞蹈症为显性遗传病。 (2)2号和9号的基因型分别是______和_______。  　Aabb AaBb [解析]　逐对分析两种遗传病，则2号基因型对于亨廷顿舞蹈症为Bb，对于白化病应为Aa，故其基因型是AaBb；9号基因型对于亨廷顿舞蹈症为bb，对于白化病为Aa，其基因型是Aabb。 (3)7号携带白化病基因的可能性是_____。  2/3 [解析]　1号和2号关于白化病的基因型均为Aa，故7号关于白化病的基因型为1/3AA、2/3Aa，故携带白化病基因的可能性是2/3。 (4)若13号与14号再生一个孩子，则为两病兼患女孩的可能性是_____。  1/16 [解析]　由18号与19号表型可推知13号基因型为AaBb，14号基因型为Aabb，故13号与14号再生一个两病兼患女孩的可能性为1/2(女孩)×1/4(患白化病)×1/2(患亨廷顿舞蹈症)=1/16。 [方法规律] 具有“自由组合”关系的两种病概率的计算 当两种遗传病之间具有“自由组合”关系时，各种患病情况的概率分析如下： 根据序号所示再进一步拓展： 序号 类型 计算公式 ① 同时患两病概率 Mn ② 只患甲病概率 m(1-n) ③ 只患乙病概率 n(1-m) ④ 不患病概率 (1-m)(1-n) 拓展 求解 患病概率 ①+②+③或1-④ 只患一种病概率 ②+③或1-(①+④) 以上规律可用下图帮助理解： 1.基因型为AaBb和AaBB的豌豆杂交，两对基因独立遗传，子一代的基因型种类和能稳定遗传的比例分别是 (　 ) A.6、1/4 B.6、1/8 C.8、1/4 D.8、1/8 针对训练 √ 解析：AaBb和AaBB两种基因型的豌豆个体杂交，采用拆分法计算。Aa×Aa→1AA、2Aa、1aa，Bb×BB→1Bb、1BB。因此，子一代的基因型种类是3×2=6(种)；能稳定遗传的个体(纯合子)所占比例为1/2×1/2=1/4。 2.基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交，这三对基因分别位于非同源染色体上，F1形成的配子种类数和F1自由交配获得的F2的基因型种类数分别是 (　 ) A.4和9 B.4和27 C.8和27 D.32和81 √ 解析：基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交，F1基因型为AaBbCc，求配子种类数可采用拆分法：Aa产生配子的类型及比例为1A∶1a，Bb为1B∶1b，Cc为1C∶1c，则AaBbCc产生配子种类数是2×2×2=8(种)；同理，Aa×Aa→1AA∶2Aa∶1aa，Bb×Bb→1BB∶ 2Bb∶1bb，Cc×Cc→1CC∶2Cc∶1cc，则F2的基因型种类数是3×3×3=27(种)，C正确。 3.(2025·南京检测)番茄的红果(R)对黄果(r)为显性，子房多室(M)对子房二室(m)为显性，现将红果多室和红果二室番茄进行杂交，其后代表型及比例如下图所示。据此分析两亲本的基因型为 (　 ) A.RrMm、Rrmm B.RrMm、RRmm C.RRMm、Rrmm D.RRMM、RRmm √ 解析：分析题意，番茄的红果(R)对黄果(r)为显性，子房多室(M)对子房二室(m)为显性，将红果多室番茄(R_M_)和红果二室番茄(R_mm)进行杂交，子代中红果∶黄果=3∶1，说明亲代都是Rr；子代中多室∶二室=1∶1，说明亲代是Mm和mm，因此，两亲本的基因型为RrMm和Rrmm。 4.(2025·连云港期中)人的棕眼和蓝眼由一对等位基因控制，B控制棕眼，b控制蓝眼。利手是指人类习惯使用的手。某些人习惯使用右手，称为右利手(右撇子)；某些人习惯使用左手，称为左利手(左撇子)。右利手(R)对左利手(r)是显性。这两对基因遵循自由组合定律。已知一对夫妇基因型为BbRr和bbRr，下列有关叙述正确的是 (　 ) A.这对夫妇生育左利手孩子的概率是3/4 B.这对夫妇生育棕眼右利手孩子的概率是1/8 C.这对夫妇生育孩子的基因型可能有6种，表型可能有4种 D.这对夫妇生育了一个棕眼左利手的儿子，此儿子是杂合子的概率为1/2　 √ 解析：一对夫妇左右利手的基因型为Rr和Rr，这对夫妇生育左利手(rr)孩子的概率是1/4，A错误；一对夫妇基因型为BbRr和bbRr，这对夫妇生育棕眼右利手(BbR_)孩子的概率是1/2×3/4=3/8，B错误；这对夫妇生育孩子的基因型可能有2×3=6种，表型可能有2×2=4种，C正确；这对夫妇生育了一个棕眼左利手(Bbrr)的儿子，此儿子是杂合子的概率为100%，D错误。 5.绵羊黑面(A)对白面(a)为显性，长角(B)对短角(b)为显性，两对基因位于常染色体上且独立遗传。现用多对雌、雄绵羊分别进行如下两组杂交实验： 第一组：多对雌、雄绵羊杂交，获得的F1中黑面长角∶黑面短角∶白面长角∶白面短角=3∶3∶1∶1； 第二组：多对雌、雄绵羊杂交，获得的F1中黑面长角∶黑面短角=3∶1。回答下列问题： (1)这两对等位基因的遗传遵循________________________定律。  基因的(分离和)自由组合 解析：绵羊黑面(A)对白面(a)为显性，长角(B)对短角(b)为显性，两对基因位于常染色体上且独立遗传，所以这两对等位基因的遗传遵循基因的(分离和)自由组合定律。 (2)第一组实验中，亲本绵羊的基因型组合是____________，第二组实验中，亲本绵羊是______ (填“纯合子”或“杂合子”)。  　杂合子 AaBb×Aabb 解析：第一组实验中，子代有黑面和白面且数量比为3∶1，亲本就面色这对基因来说是Aa和Aa，子代有长角和短角且数量比为1∶1，亲本就角长这对基因来说是Bb和bb，因此亲本绵羊的基因型组合是AaBb×Aabb；第二组实验中，子代只有黑面(显性性状)，亲本就面色这对基因来说有一方是AA，另一方不能确定，而子代有长角和短角且数量比为3∶1，亲本就角长这对基因来说是Bb和Bb，因而亲本绵羊是杂合子。 (3)让第一组实验F1中的所有黑面长角分别和白面长角雌雄个体相互交配，理论上，F2的表型及比例是__________________________ _________________________。  黑面长角∶黑面短角∶白面长角∶白面短角=6∶2∶3∶1 解析：一组实验中亲本是AaBb×Aabb，所以F1中的黑面长角基因型是1/3AABb、2/3AaBb，白面长角基因型是aaBb。所有黑面长角分别和白面长角雌雄个体相互交配，两对基因分别计算：1/3AA、2/3Aa和aa杂交，F2中Aa∶aa=2∶1，表型及比例为黑面∶白面=2∶1；Bb×Bb，F2中B_∶bb=3∶1，表型及比例为长角∶短角=3∶1，所以F2的表型及比例是黑面长角∶黑面短角∶白面长角∶白面短角=6∶2∶3∶1。 (4)若第二组实验中的亲本绵羊均为黑面个体，_____ (填“能”或“不能”)确定所有亲本关于面色的基因型只有一种，理由是_________ _____________________________________________________________________________________________________________。  　 亲本绵羊均为黑面，其基因型组合可能是AA×AA或AA×Aa，都可以使F1全为黑面，无法确定某个亲本的基因型为AA还是Aa 不能 解析：若第二组实验中的亲本绵羊均为黑面个体，不能确定所有亲本关于面色的基因型只有一种，理由是亲本绵羊均为黑面，其基因型组合可能是AA×AA或AA×Aa，都可以使F1全为黑面，无法确定某个亲本的基因型为AA还是Aa。 提能点（二） 9∶3∶3∶1的 变式及应用 (一)“和”为16的特殊分离比问题 AaBb自交后代 性状比 可能原因分析 AaBb测交后代 性状比 9∶7 当双显性基因同时出现时为一种表型，其余基因型控制另一种表型： (9A_B_) ∶(3A_bb+3aaB_+1aabb) 　　 9　∶　　　7 1∶3 9∶3∶4 一对等位基因中隐性基因纯合(aa)制约其他显性基因的作用： (9A_B_)∶(3A_bb)∶(3aaB_+1aabb) 　　 9　∶　 3　 ∶　　4 1∶1∶2 9∶6∶1 双显、单显、双隐分别对应一种表型： (9A_B_) ∶(3A_bb+3aaB_)∶(1aabb) 　　 9　∶　　　6　 　 ∶　1 1∶2∶1 15∶1 只要有显性基因存在，其表型就一致，双隐基因型控制另一种表型： (9A_B_+3A_bb+3aaB_) ∶(1aabb) 　　　　　　15　　　 ∶　1 3∶1 1∶4∶ 6∶4∶1 A与B的作用效果相同，但显性基因越多，其效果越强： 1(AABB)∶4(AaBB+AABb)∶ 6(AaBb+AAbb+aaBB)∶4(Aabb+aaBb)∶1(aabb) 1∶2∶1 续 表 13∶3 一种显性基因(A)本身不直接控制性状表现，但抑制另一种显性基因(B)的作用，使后者的作用不能显示出来： (9A_B_+3A_bb+1aabb)∶(3aaB_) 　　　　　13　　　　∶　　3 3∶1 12∶3∶1 一对等位基因中显性基因(A)制约其他显性基因的作用： (9A_B_+3A_bb)∶(3aaB_) ∶(1aabb) 　　　12　　 ∶　3 　 ∶　1 2∶1∶1 续表 分析这些比例会发现，无论是哪种比例，各表型所占份数之和都等于16，如9∶7(9+7=16)、12∶3∶1(12+3+1=16)等。如果发现异常比例的和为16，就可判断该性状是由两对独立遗传的等位基因控制的，就可以用自由组合定律解题。 (二)“和”小于16的由基因致死导致的特殊分离比 1.胚胎致死或个体致死 2.配子致死或配子不育 [典例]　(2025·河南高考)现有二倍体植株甲和乙，自交后代中某性状的正常株∶突变株均为3∶1。甲自交后代中的突变株与乙自交后代中的突变株杂交，F1全为正常株，F2中该性状的正常株∶突变株=9∶6(等位基因可依次使用A/a、B/b……)。下列叙述错误的是 (　 ) A.甲的基因型是AaBB或AABb B.F2出现异常分离比是因为出现了隐性纯合致死 C.F2植株中性状能稳定遗传的占7/15 D.F2中交配能产生AABB基因型的亲本组合有6种 经典考题探究 √ [解析]　已知植株甲和乙，自交后代中某性状的正常株∶突变株均为3∶1，可知正常株为显性性状，突变株为隐性性状。甲自交后代中的突变株与乙自交后代中的突变株杂交，F1全为正常株，F2中该性状的正常株∶突变株=9∶6，为9∶3∶3∶1的变式，可知F1基因型为AaBb，正常株的基因型为A_B_，基因型为aabb的植株会死亡，其余基因型的植株为突变株。所以甲、乙自交后代中的突变株基因型分别为aaBB、AAbb或AAbb、aaBB，由于甲和乙自交后代中某性状的正常株(A_B_)∶突变株均为3∶1，故甲的基因型是AaBB或AABb，A正确； 由以上分析可知，F2出现异常分离比是因为出现了隐性纯合aabb致死，B正确；F2植株中正常株的基因型为1AABB、2AaBB、2AABb、4AaBb，突变株的基因型为1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb，其中性状能稳定遗传(自交后代不发生性状分离)的有1AABB、1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb，占7/15，C正确；F2中交配能产生AABB基因型的亲本组合有AABB×AaBB、AABB×AABb、AABB×AaBb、AaBB×AABb、AaBB×AaBb、AABb×AaBb 6种杂交组合，和4种基因型AABB、AaBB、AABb、AaBb自交，故亲本组合有10种，D错误。 [方法规律]　9∶3∶3∶1变式题的解题步骤 1.某种鼠中，毛的黄色基因Y对灰色基因y为显性，短尾基因T对长尾基因t为显性，且基因Y或T在纯合时都能使胚胎致死，这两对基因是独立遗传的。现有两只黄色短尾鼠交配，后代的表型比例为 (　 ) A.9∶3∶3∶1 B.3∶3∶1∶1 C.4∶2∶2∶1 D.1∶1∶1∶1 针对训练 √ 解析：基因Y或T纯合时都能使胚胎致死，故黄色短尾鼠基因型为YyTt。两只黄色短尾鼠(YyTt)交配，后代中黄色(Yy)∶灰色(yy)=2∶1，短尾(Tt)∶长尾(tt)=2∶1，两对性状组合，后代的表型比例为(2∶1)×(2∶1)=4∶2∶2∶1，C正确。 2.(2025·无锡期中)鸟类羽毛颜色有黑色和白色两种，由等位基因A、a和B、b共同控制。某科研人员选用白色雌雄个体相互交配，F1全为白色个体，F1雌雄个体相互交配，F2中出现白色个体和黑色个体，比例为13∶3。下列有关叙述正确的是 (　 ) A.亲本基因型为AAbb和aaBB B.F2白色个体中纯合子占 2/9 C.F2白色个体测交后代中可能出现黑色个体 D.F2黑色雌雄个体自由交配产生的后代中，黑色个体占2/3 √ 解析：F2表型比例为13∶3，是9∶3∶3∶1的变式，说明该鸟类的体色由两对等位基因控制，且两对等位基因遵循自由组合定律，F1基因型为AaBb，F2黑色基因型为A_bb或aaB_。由于亲本均为白色，故亲本基因型为 AABB和aabb，A 错误；设黑色个体基因型为 A_bb，则 F2白色个体基因型为9A_B_、3aaB_、1aabb，白色纯合子基因型为1AABB、1aaBB、1aabb，则F2白色个体中纯合子占3/13，B错误；F2白色个体(基因型若为A_B_、aaB_、aabb)测交后代可能出现黑色个体(A_bb)，C正确；若F2黑色个体基因型为1/3AAbb、2/3Aabb，产生的配子为2/3Ab、1/3ab，雌雄配子随机结合，后代中黑色个体(A_bb)所占比例为2/3×2/3+2/3×1/3+1/3×2/3=8/9，D错误。 3.牵牛花的花色(白色和红色)由两对独立遗传的等位基因(A、a，B、b)共同控制，控制途径如图所示，现有基因型为AABB和aabb的两个品种进行杂交，F1自交得F2。下列说法错误的是 (　 ) A.F1的表型为白色 B.F2白色个体中的纯合子所占比例为3/13 C.F2中红色个体所占比例为3/16 D.F1测交后代的表型比例为1∶1∶1∶1 √ 解析：AABB和aabb两个品种进行杂交，F1基因型为AaBb，表型为白色，A正确；F1的基因型为AaBb，其自交产生F2的基因型及比例为A_B_(白色)∶A_bb(红色)∶aaB_(白色)∶aabb(白色)=9∶3∶3∶1，可见F2白色个体中的纯合子所占比例为3/13，B正确；F2中红色个体(A_bb)所占比例为3/16，C正确；F1测交，即AaBb×aabb，子代为AaBb(白色)∶Aabb(红色)∶aaBb(白色)∶aabb(白色)=1∶1∶1∶1，对应的表型及比例为白色∶红色=3∶1，D错误。 4.[多选]冬瓜瓜形的性状由两对独立遗传的基因D/d、F/f控制。两个不同基因型的圆球形冬瓜作亲本杂交，子一代全部是扁盘形，子一代自交，子二代中出现扁盘形∶圆球形∶长形=9∶6∶1，下列叙述正确的是 (　 ) A.子一代扁盘形冬瓜的基因型是DdFf B.子一代扁盘形冬瓜与长形冬瓜杂交，子代的性状分离比是1∶1∶1∶1 C.两个圆球形亲本的基因型是DDff和ddFF D.子二代圆球形冬瓜中杂合子占5/6 √ √ 解析：子一代自交，子二代中出现扁盘形∶圆球形∶长形=9∶6∶ 1，说明子一代扁盘形冬瓜的基因型是DdFf，A正确；子一代扁盘形冬瓜(DdFf)与长形冬瓜(ddff)杂交，子代的性状分离比是扁盘形(DdFf)∶ 圆球形(Ddff+ddFf)∶长形(ddff)=1∶2∶1，B错误；子一代扁盘形冬瓜的基因型是DdFf，圆球形为单显性个体，则两个圆球形亲本的基因型是DDff和ddFF，C正确；子二代圆球形冬瓜(D_ff+ddF_)中纯合子(DDff、ddFF)占1/3，则杂合子占2/3，D错误。 5.[多选]致死现象可影响后代性状分离比。现有基因型为AaBb的个体互相交配(两对等位基因独立遗传)，后代出现了异常的性状分离比。下列说法正确的是 (　 ) A.若分离比为4∶2∶2∶1，则两对基因显性纯合(AA和BB)均致死 B.若分离比为5∶3∶3∶1，则基因型为AB的雄配子或雌配子致死 C.若分离比为7∶3∶1∶1，则基因型为Ab(或aB)的雄配子和雌配子致死 D.若分离比为9∶3∶3，则基因型为aabb的受精卵不能发育或在胚胎阶段致死 √ √ √ 解析：若分离比为4∶2∶2∶1，对应9∶3∶3∶1中分别少了5、1、1，说明两对基因显性纯合(AA和BB)均致死，A正确；若AaBb产生的基因型为AB的雄配子或雌配子致死，则配子组合为(Ab∶aB∶ab)× (AB∶Ab∶aB∶ab)，后代分离比为5∶3∶3∶1， B正确；若AaBb产生的基因型为Ab(或aB)的雄配子或雌配子致死，以aB为例，则配子组合为(AB∶Ab∶ab)× (AB∶Ab∶aB∶ab)， 后代分离比为7∶3∶1∶ 1，若基因型为Ab(或aB)的雄配子和雌配子致死，分离比应该为5∶3∶ 1，C错误；若分离比为9∶3∶3，少了一份隐性纯合子，则基因型为aabb的受精卵不能发育或在胚胎阶段致死，D正确。 6.天竺兰的花色受两对等位基因(A/a、B/b)控制，已知A与B的作用效果相同，且显性基因越多，花色越深。现有两种纯合的中红花天竺兰杂交，F1全为中红花，F1自交得到F2，F2的表型及比例为深红花∶红花∶中红花∶淡红花∶白花=1∶4∶6∶4∶1，回答下列问题： (1)亲本天竺兰的基因型分别为_____________，若F1测交，则后代表型及比例为_____________________________。  　中红花∶淡红花∶白花=1∶2∶1 AAbb和aaBB 解析：F1的表型及比例为深红花∶红花∶中红花∶淡红花∶白花=1∶4∶6∶4∶1，是9∶3∶3∶1的变式，因此F1的基因型是AaBb，植株中含4个显性基因时花色为深红，含3个显性基因时花色为红色，含2个显性基因时花色为中红，含1个显性基因时花色为淡红，没有显性基因时花色为白色，因此亲本两种纯合中红花天竺兰的基因型为AAbb和aaBB；F1的基因型为AaBb，若F1测交，则后代基因型及比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb=1∶1∶1∶1，表型及比例为中红花∶淡红花∶白花=1∶2∶1。 (2)红花个体的基因型有___种；F2中深红花个体与基因型为______________的个体杂交获得的红花个体比例最大。  　AAbb或aaBB 2 解析：含3个显性基因时花色为红色，红花个体的基因型为AABb、AaBB，共2种；F2深红花(AABB)可与基因型为AAbb或aaBB的个体杂交，后代均为红花，获得的红花个体比例最大。 (3)某兴趣小组利用深红花个体与白花个体杂交，再让F1自交培育纯合的中红花品种，F2中的中红花纯合个体占____，将筛选出的中红花个体再进行_________，以提高中红花纯合个体的比例。  　连续自交 1/8 解析：深红花(AABB)与白花(aabb)杂交，F1的基因型为AaBb，自交得F2，其中基因型为AAbb、aaBB的个体为纯合中红花，比例为1/4×1/4+1/4×1/4=1/8；基因型为AaBb的个体为杂合中红花，再进行连续自交，可提高中红花纯合个体的比例。 /课堂小结与随堂训练/ 一、知识体系构建 二、素养好题训练 1.家蚕有结黄茧和结白茧两个品种，其茧色的遗传如图所示。下列有关叙述错误的是(　 ) A.基因型相同的白茧个体交配，子代 仍为白茧，这样的基因型有6种 B.AaBb 的个体为白茧，雌雄杂交， 子代中白茧∶黄茧=13∶3 C.茧色遗传受两对等位基因控制，遵循基因的自由组合定律 D.黄茧品种的基因型有2种 √ 解析：基因型相同的白茧个体交配，子代仍为白茧，这样的基因型是AABB、AABb、AAbb、Aabb、aabb共5种，A错误；AaBb表现为白茧，雌雄杂交，子代中白茧∶黄茧=13∶3，B正确；由题图可知，A、B基因位于非同源染色体上，因此遵循自由组合定律，C正确；黄茧品种的基因型有aaBB和aaBb 2种，D正确。 2.(2025·淮安月考)某种蝴蝶紫翅(B)对黄翅(b)为显性，绿眼(R)对白眼(r)为显性，两对基因位于常染色体上且独立遗传。现有紫翅白眼与黄翅绿眼的亲代个体杂交，F1均为紫翅绿眼，F1雌雄个体相互交配得到F2，其中紫翅绿眼922只，黄翅绿眼303只，紫翅白眼312只。下列分析错误的是 (　 ) A.亲本的基因型为BBrr和bbRR B.F2中重组类型所占比例为5/8 C.F2紫翅绿眼个体中纯合子占1/9 D.基因型为bbrr的个体无法存活 √ 解析：该种蝴蝶紫翅(B)对黄翅(b)为显性，绿眼(R)对白眼(r)为显性，两对基因位于常染色体上且独立遗传，F1均为紫翅绿眼，F2中出现黄翅绿眼、紫翅白眼，则F1紫翅绿眼基因型为BbRr，故亲本的基因型为BBrr和bbRR，A正确；F2中紫翅绿眼∶黄翅绿眼∶紫翅白眼≈9∶3∶3，紫翅绿眼为重组类型，所占比例为3/5，B错误；紫翅绿眼纯合子的基因型为BBRR，F2紫翅绿眼个体中纯合子占1/9，C正确；F2中没有黄翅白眼bbrr个体，由F2其他个体的基因型可知br配子正常存在，可推测基因型为bbrr的个体无法存活，D正确。 3.基因型为aabbcc的梨子重120克，每产生一个显性等位基因就使梨子增重15克，故基因型为AABBCC的梨子重210克(三对基因分别位于三对不同的染色体上)。甲梨树自交，F1的每个梨子重150克。乙梨树自交，F1的每个梨子重120~180克。甲、乙两梨树杂交，F1的每个梨子重135~165克。甲、乙两梨树的基因型可能是 (　 ) A.甲AAbbcc，乙aaBBCC 　 B.甲AaBbcc，乙aabbCC C.甲aaBBcc，乙AaBbCC 　 D.甲AAbbcc，乙aaBbCc √ 解析：甲梨树自交，F1的果实重量相等，说明甲自交后代不发生性状分离，推测甲是纯合子；乙梨树自交，子代的果实重量不同，后代发生性状分离，说明乙是杂合子，A、B错误。每个显性基因使果实增重15克，而乙自交子代的果实重量为120~180克，推知乙可产生显性基因数为0~3个的配子，乙基因型中不可能有4个显性基因，C错误。若甲为AAbbcc，乙为aaBbCc，甲梨树自交，F1的每个梨子重150克；乙梨树自交，F1的每个梨子重120~180克；甲、乙两梨树杂交，子代有1个、2个或3个显性基因，重量为135~165克，与题干信息相符，D正确。 4.某常染色体遗传病中，基因型和患病情况的关系是MM都正常、Mm有50%患病，mm都患病。下图为该病的两个家系，其中4号的基因型与Ⅰ代中的其余三人不同。下列分析错误的是 (　 ) A.4号的基因型为MM，1、2、3号个体基因型都为Mm B.Ⅱ代个体中，仅有7号个体的基因型是可以确定的 C.5号和8号的基因型相同，6号和7号的基因型相同 D.5号和7号个体结婚，生下正常孩子的概率为7/12 √ 解析：题中Ⅰ代的四个个体均表现正常，说明四个人的基因型为MM或Mm，4号的基因型与Ⅰ代中的其余三人不同，若1号和2号为MM，6号不可能患病，故4号的基因型为MM，而1、2、3号个体基因型都为Mm，A正确。1号、2号的基因型为Mm、Mm，5号表现正常，其基因型可能是MM或Mm，6号的基因型可能是Mm或mm，3号、4号的基因型为Mm、MM，则8号的基因型是MM或Mm，而7号患病，则其基因型只能是Mm，B正确。根据B项分析可知，5号和8号的基因型均可能是MM或Mm，因此二者可能相同，也可能不同；6号的基因型为Mm或mm，而7号的基因型一定是Mm，即6号和7号的基因型可能相同，也可能不同，C错误。5号的基因型为1/3MM、2/3Mm，7号的基因型为Mm，二者结婚生下患病孩子的概率为2/3×1/4+2/3×1/2×1/2×1/2×2+1/3×1/2×1/2=5/12，则生出正常孩子的概率为1-5/12=7/12，D正确。 5.若某哺乳动物毛色由 3对位于常染色体上的、独立遗传的等位基因决定，其中A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素；B基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素；D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达；相应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没有上述功能。若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F1均为黄色，F2中毛色表型出现了黄∶褐∶黑=52∶3∶9的数量比，则杂交亲本的组合是 (　 ) A.AAbbDD×aaBBdd 或AABBDD×aabbdd B.AABBDD×aaBBdd 或AABBDD×aabbdd C.aabbDD×aabbdd 或AAbbDD×aabbdd D.AAbbDD×aaBBdd 或AAbbDD×aaBBDD √ 解析：由题意可知，用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F1均为黄色，F2中毛色表型出现了黄∶褐∶黑=52∶3∶9，F2中黑色个体占9/(52+3+9)=9/64，结合题干，3对等位基因位于常染色体上且独立遗传，说明符合基因的自由组合定律，而黑色个体的基因型为A_B_dd，要出现9/64的比例，可拆分为3/4×3/4×1/4，而黄色个体基因型为A_bbD_、A_B_D_、aa_ _ _ _，要符合F2黑色个体的比例，说明F1基因型为AaBbDd，再结合基因型和表型的对应关系，杂交亲本的组合可以为AAbbDD×aaBBdd或AABBDD×aabbdd，A正确。 课时跟踪检测 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 一、选择题 1.豌豆子叶黄色(Y)对绿色(y)为显性，种子圆粒(R)对皱粒(r)为显性，两对性状独立遗传。用基因型为YyRr与yyrr的亲本杂交，子代基因型和表型的种类分别为(　 ) A.4种、4种 B.4种、2种 C.2种、2种 D.2种、1种 √ 解析：子代基因型有2×2=4(种)；子代表型有2×2=4(种)，A正确。 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 √ 2.某种哺乳动物的直毛(B)对卷毛(b)为显性，黑色(C)对白色(c)为显性，这两对基因独立遗传。基因型为BbCc的个体与“个体X”交配，子代表型有直毛黑色、卷毛黑色、直毛白色和卷毛白色，并且其比例为3∶3∶1∶1，“个体X”的基因型为 (　 ) A.BbCc B.Bbcc C.bbCc D.bbcc 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 解析：只考虑直毛和卷毛这一对相对性状，后代直毛∶卷毛=1∶1，属于测交类型，亲本的基因型为Bb×bb；只考虑黑色和白色这一对相对性状，后代黑色∶白色=3∶1，属于杂合子自交类型，亲本的基因型为Cc×Cc，则“个体X”的基因型为bbCc。 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 3.某二倍体植物的花色由两对独立遗传的等位基因G/g和H/h控制，其中G基因控制红色色素的合成，H基因控制蓝色色素的合成，两种色素均不合成时花呈白色。G、H基因同时存在时两种色素均不能合成。用两株纯合的白花植株杂交，所得F1均表现为白花，F1自交得到的F2中红花∶蓝花∶白花=3∶3∶10。下列叙述正确的是 (　 ) A.基因G/g、H/h的遗传不遵循自由组合定律 B.F2白花植株中与亲本基因型相同的个体所占比例为1/8 C.白花植株的基因型共有5种，F1白花植株的基因型为GgHh D.让F1白花植株进行测交，子代表型的比例为1∶1∶1∶1 √ 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 解析：F2中红花∶蓝花∶白花=3∶3∶10，是9∶3∶3∶1的变式，基因G/g、H/h的遗传遵循自由组合定律，A错误；分析题意可知，亲本基因型为GGHH、gghh，F2白花植株中与亲本基因型相同的个体所占比例为2/10=1/5，B错误；白花植株的基因型共有5种，F1白花植株的基因型为GgHh，C正确；让F1白花植株(GgHh)进行测交，子代表型的比例为(gghh和GgHh)∶ggHh∶Gghh=2∶1∶1，D错误。 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 √ 4.(2025·镇江月考)两对基因自由组合，如果F2的分离比分别为9∶7、9∶6∶1、15∶1，那么F1与双隐性个体测交，得到的分离比分别是 (　 ) A.1∶3、1∶2∶1、3∶1 　　B.1∶3、4∶1、1∶3 C.1∶2∶1、4∶1、1∶3 　　D.3∶1、3∶1、1∶4 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 解析：F2的性状分离比为9∶7，说明F2有两种表型，当双显性基因同时出现时为一种表型，其余基因型控制另一种表型，故F1测交时，后代的性状分离比为1∶3；F2的性状分离比为9∶6∶1，说明F2有三种表型，双显、单显、双隐分别对应一种表型，故F1测交时，后代的性状分离比为1∶2∶1；F2的性状分离比为15∶1，说明F2有两种表型，只要有显性基因存在，其表型就一致，故F1测交时，后代的性状分离比为3∶1，A正确。 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 √ 5.下图为小鼠毛皮中黑色素的形成机理，R、C基因分别位于两对同源染色体上。现有基因型为CCRR和ccrr的两小鼠进行交配得到F1，F1测交后代的表型及比例为 (　 ) A.黑色∶白色=3∶1 B.黑色∶棕色∶白色=1∶1∶2 C.黑色∶棕色∶白色=1∶2∶1 D.黑色∶棕色∶白色=1∶1∶1 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 解析：由图可知，黑色素的合成受两对等位基因控制，当基因型为 C_ R_时，小鼠表现为黑色；当基因型为C_rr 时，小鼠表现为棕色；当基因型为ccR_、ccrr 时，小鼠表现为白色。黑色小鼠(CCRR)和白色小鼠(ccrr)杂交， F1全为黑色(CcRr )，F1与ccrr测交，后代有1/4CcRr(黑色)、1/4Ccrr (棕色)、1/4ccRr(白色)、1/4ccrr(白色)，测交后代的表型及比例为黑色∶棕色∶白色=1∶1∶2，B正确。 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 √ 6.小麦籽粒色泽由4对独立遗传的基因(A和a、B和b、C和c、D和d)控制，只要有一个显性基因存在就表现为红色，只有全隐性才表现为白色。现有杂交实验：红粒×红粒→红粒∶白粒=63∶1，则其双亲基因型不可能的是 (　 ) A.AabbCcDd×AabbCcDd B.AaBbCcDd×AaBbccdd C.aaBbCcDd×aaBbCcDd D.AaBbccdd×aaBbCcDd 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 解析：AabbCcDd×AabbCcDd可以分解成Aa×Aa、bb×bb、Cc×Cc、Dd×Dd四个分离定律问题，由题干信息可知，白粒的基因型是aabbccdd，比例是1/4×1×1/4×1/4=1/64，红粒的比例是1-1/64=63/64，A不符合题意；同理，AaBbCcDd×AaBbccdd，子代中白粒的比例是1/4×1/4×1/2×1/2 =1/64，红粒的比例是1-1/64=63/64，B不符合题意aaBbCcDd×aaBbCcDd，子代中白粒的比例是1×1/4×1/4×1/4=1/64，红粒的比例是1-1/64=63/64，C不符合题意；AaBbccdd×aaBbCcDd，子代中白粒的比例是1/2×1/4×1/2×1/2=1/32，红粒的比例1-1/32=31/32，红粒∶白粒=31∶1，D符合题意。 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 7.植物的红花与白花是一对相对性状，受两对等位基因(A/a、B/b)的控制。利用纯合红花和纯合白花植株进行两组杂交实验，结果如下，下列说法错误的是 (　 ) A.控制花色的基因遵循自由组合定律 B.两组实验中F1的基因型不同 C.F2红花植株中某些杂合子自交后代不发生性状分离 D.亲本的三种红花植株之间两两杂交后代均为红花 √ 亲本类型 F1表型 F2表型及比例 红花甲×白花 红花 红花∶白花=15∶1 红花乙×红花丙 红花 红花∶白花=15∶1 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 解析：由F2的表型及比例可知，控制花色的基因遵循自由组合定律，A正确；两组实验中F1的基因型相同，都是AaBb，B错误；F2红花植株中某些杂合子自交后代不发生性状分离，如AABb、AaBB，C正确；红花的基因型为A_B_、A_bb、aaB_，亲本的三种红花植株的基因型为AABB、AAbb、aaBB，因此它们之间两两杂交后代均为红花，D正确。 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 8.果蝇的体色有黄身(H)、灰身(h)，翅型有长翅(V)、残翅(v)，相关基因均位于常染色体上。现让两种纯合果蝇杂交，所得F1雌雄交配，已知某种雄性配子没有受精能力，导致F2的4种表型比例为5∶3∶3∶1。下列说法错误的是 (　 ) A.果蝇的体色和翅型的遗传遵循自由组合定律 B.亲本果蝇的基因型是HHVV和hhvv或HHvv和hhVV C.F2黄身长翅果蝇全部为杂合子 D.不具有受精能力的精子的基因组成是HV √ 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 解析：F2出现4种类型且比例为5∶3∶3∶1，是9∶3∶3∶1变化而来，遵循基因的自由组合定律，A正确；由F1自交后，得F2比例为5∶3∶3∶1可知，果蝇基因组成为HV的精子不具有受精能力，又因为亲本为纯合子，所以亲本的基因型只能是HHvv和hhVV，B错误，D正确；分析可知，F2黄身长翅果蝇的基因型是HhVV、HHVv、HhVv，全部都是杂合子，C正确。 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 9.(2025·南京月考)某种蛙的眼色由两对等位基因A/a和B/b控制，纯合的绿眼蛙与紫眼蛙杂交，F1均为蓝眼蛙，F1雌雄个体相互交配，F2的表型及比例为蓝眼∶绿眼∶紫眼=9∶4∶3。下列说法错误的是 (　 ) A.亲本基因型的组合为aaBB和AAbb，基因A/a和B/b遵循自由组合定律 B.从F2中随机选取两只紫眼蛙，它们的基因型相同的概率为5/9 C.F2绿眼蛙中纯合子所占比例为1/4，紫眼中纯合子所占比例为1/3 D.对F1蓝眼蛙进行测交，后代的表型及比例为蓝眼∶绿眼∶紫眼=1∶2∶1 √ 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 解析：分析题意可知，F1雌雄个体相互交配得F2，F2的表型及比例为蓝眼∶绿眼∶紫眼=9∶4∶3，为9∶3∶3∶1的变式，故基因A/a和B/b遵循自由组合定律，说明蓝眼的基因型是A_B_，绿眼的基因型是A_bb(或aaB_)和aabb，紫眼基因型应为aaB_(或A_bb)，亲代基因型为aaBB和AAbb，A正确；从F2中随机选取两只紫眼蛙，设其基因型是aaB_，即有1/3aaBB、2/3aaBb，基因型相同的概率为1/3×1/3+2/3×2/3=5/9(基因型是A_bb时结果相同)，B正确；F2中绿眼蛙基因型设为A_bb和aabb，其中纯合子占1/2，C错误；F1蓝眼蛙进行测交，即AaBb与aabb杂交，F2中AaBb∶Aabb∶ aaBb∶aabb=1∶1∶1∶1，表型及比例为蓝眼∶绿眼∶紫眼=1∶2∶1，D正确。 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 10.[多选]鲜食玉米颜色多样、营养丰富、美味可口。用两种纯合鲜食玉米杂交得F1，F1自交得到F2，F2籽粒的性状表现及比例为紫色非甜∶紫色甜∶白色非甜∶白色甜=27∶9∶21∶7。下列说法正确的是 (　 ) A.玉米的紫色与白色由两对等位基因控制 B.亲本的表型可能是白色甜和白色非甜 C.F2的白色甜籽粒中纯合子占1/7 D.F2中的白色籽粒发育成植株后自交，有可能结出紫色籽粒 √ √ 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 解析：只考虑籽粒颜色这一对相对性状，F2中紫色∶白色=9∶7，说明紫色与白色性状受两对等位基因控制，且遵循基因的自由组合定律，A正确；与籽粒颜色有关的基因用A/a、B/b表示，与籽粒非甜与甜有关的基因用C/c表示，根据F2性状分离比可知，F1基因型为AaBbCc，则亲本基因型可能是aaBBcc、AAbbCC，故亲本表型可能是白色甜和白色非甜，B正确；F2白色甜籽粒中纯合子占3/7，C错误；只考虑籽粒颜色这一对相对性状，F2中的白色籽粒基因型有AAbb、Aabb、aaBB、aaBb、aabb，自交后不会出现紫色籽粒(A_B_)，D错误。 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 11.[多选]假设海水稻高产与非高产、抗盐碱与不抗盐碱是由三对独立遗传的基因共同控制的。其中，高产为显性性状，抗盐碱由两对显性基因共同控制，其性状表现和基因组成的对应关系如下表。下列叙述正确的是 (　 ) 类型 高产 植株 低产 植株 抗盐碱 植株 不抗盐碱植株 基因 组成 C_ cc Y_R_ yyR_、Y_rr、yyrr 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 A.普通水稻不能在盐碱地生长的原因是土壤溶液浓度过大，根细胞失水死亡 B.要获得纯种高产植株，首先需发现高产植株，然后将其连续自交，直到不发生性状分离 C.若亲本yyRR和YYrr杂交后的子代自交，则F2中抗盐碱植株∶不抗盐碱植株=9∶7 D.若亲本的基因型为YyRr×yyRr，则子一代抗盐碱植株∶不抗盐碱植株=3∶5 √ √ √ √ 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 解析：普通水稻不能在盐碱地生长的原因是土壤溶液浓度大于细胞液的浓度，根细胞失水而死亡，使植株不能存活，A正确；由题意可知，低产为隐性，基因型为cc，所以必须在自然界中找到高产植株，但其基因型可能是CC或Cc，为了选出基因型为CC的高产植株，可让其连续自交，直到不发生性状分离，B正确；不抗盐碱植株yyRR和YYrr杂交，F1的基因型为YyRr，让其自交，后代的性状分离比为抗盐碱植株(9Y_R_)∶不抗盐碱植株(3yyR_、3Y_rr、1yyrr)=9∶7，C正确；若亲本的基因型为YyRr×yyRr，则子一代的基因型和表型为1/8YyRR(抗盐碱植株)、1/4YyRr(抗盐碱植株)、1/8Yyrr(不抗盐碱植株)、1/8yyRR(不抗盐碱植株)、1/4yyRr(不抗盐碱植株)、1/8yyrr(不抗盐碱植株)，因此抗盐碱植株∶不抗盐碱植株=(1/8+1/4)∶(1/8+1/8+1/4+1/8)=3∶5，D正确。 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 二、非选择题 12.(2025·苏州调研)南瓜的果实形状有扁盘形、圆球形、长圆形三种。为了探究南瓜果实形状的遗传机制，科研人员用甲、乙、丙三个纯合品种做了以下实验(表中的F2由F1自交得到)。回答下列问题：(说明：若控制果实形状的等位基因为一对用A/a表示，为两对则用A/a、B/b表示，为三对则用A/a、B/b、C/c表示……以此类推) 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 (1)南瓜果实长圆形、圆球形和扁盘形属于相对性状。相对性状是指_________________________________。 一种生物的同一性状的不同表现类型 解析：相对性状是指一种生物的同一性状的不同表现类型。 实验组 亲本 F1表型 F2表型及比例 一 甲×乙 扁盘形 圆球形∶扁盘形=1∶3 二 乙×丙 扁盘形 扁盘形∶圆球形∶长圆形=9∶6∶1 三 甲×丙 圆球形 圆球形∶长圆形=3∶1 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 (2)甲同学根据实验组一得出结论：南瓜果实形状的遗传只受一对等位基因控制。甲同学的判断_______ (填“正确”或“不正确”)，理由是_______________________________________。  　实验组二的F2的表型及比例出现了9∶6∶1 不正确 实验组 亲本 F1表型 F2表型及比例 一 甲×乙 扁盘形 圆球形∶扁盘形=1∶3 二 乙×丙 扁盘形 扁盘形∶圆球形∶长圆形=9∶6∶1 三 甲×丙 圆球形 圆球形∶长圆形=3∶1 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 解析：根据实验组二中F2的分离比9∶6∶1可以看出，南瓜果形的遗传受2对等位基因控制，且遵循自由组合定律，长圆形为aabb，扁盘形为A_B_，圆球形为A_bb和aaB_，因此乙为AABB，甲为AAbb或aaBB，丙为aabb，实验组一的F1为AABb或AaBB，因此根据实验组一的结果，不能得出南瓜果实形状的遗传只受一对等位基因控制。 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 (3)要得到实验组二F2中的性状分离比，需要满足的条件有_________ ____________________________________________________________________________ (写3个)。  F1产生配子时，每对遗传因子彼此分离；配子间随机结合；各种基因型的后代存活率相等 实验组 亲本 F1表型 F2表型及比例 一 甲×乙 扁盘形 圆球形∶扁盘形=1∶3 二 乙×丙 扁盘形 扁盘形∶圆球形∶长圆形=9∶6∶1 三 甲×丙 圆球形 圆球形∶长圆形=3∶1 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 解析：根据实验组二的结果9∶6∶1可知，需要满足以下一些条件：F1产生配子时，每对遗传因子彼此分离；后代各种基因型存活率相等；配子间随机结合。 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 (4)品种乙的基因型是_______，品种甲的表型是_______。  　圆球形 解析：由(2)可知，乙的基因型为AABB，甲为AAbb或aaBB，甲的表型为圆球形。 AABB 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 (5)让实验组三F2中的圆球形南瓜自交，子代中杂合子占_____。让实验组二F2中的扁盘形南瓜自交，F3的表型及比例是________________ _____________________。  　 扁盘形∶圆球形∶长圆形=25∶10∶1 1/3 实验组 亲本 F1表型 F2表型及比例 一 甲×乙 扁盘形 圆球形∶扁盘形=1∶3 二 乙×丙 扁盘形 扁盘形∶圆球形∶长圆形=9∶6∶1 三 甲×丙 圆球形 圆球形∶长圆形=3∶1 1 5 6 7 8 9 10 11 12 2 3 4 解析：实验组三F2中的圆球形南瓜基因型为A_bb或aaB_，以A_bb为例，其中为1/3AAbb、2/3Aabb，F2圆球形南瓜自交，子代杂合子为2/3×1/2=1/3；实验组二的F2中扁盘形南瓜的基因型有1/9AABB、2/9AaBB、2/9AABb、4/9AaBb，其中，1/9AABB的扁盘形南瓜植株自交，子代全表现为扁盘形；2/9AaBB和2/9AABb的扁盘形南瓜植株各自自交，子代表型为扁盘形∶圆球形=3∶1，AaBb自交，后代表型为扁盘形∶圆球形∶长圆形=9∶6∶1，故后代表型为扁盘形(1/9+2/9×2×3/4+4/9×9/16)∶圆球形(2/9×2×1/4+4/9×6/16)∶长圆形(4/9×1/16)=25∶10∶1。 本课结束 更多精彩内容请登录：www.zghkt.cn $