第1章 第3节 第2课时 自由组合定律的常规解题方法-【新课程学案】2025-2026学年高中生物必修2 遗传与进化配套练习word（苏教版）

第2课时 自由组合定律的常规解题方法 学习目标 1.学会解决自由组合问题的基本方法并运用这些方法解决问题。　 2.明确9∶3∶3∶1的变式规律,能运用这些规律解决变式问题。 提能点(一)　解决自由组合问题的基本方法 　　分离定律是自由组合定律的基础,要学会运用解决分离定律相关问题的方法来解决自由组合的问题,常见的方法如下: 方法一:棋盘法 1.要求:表头中应标出雌配子和雄配子。横行和竖行,一般应对应填写雌、雄配子的基因型和概率。棋盘中内容,一般应对应填写子代的每种基因型、表型及概率。 2.棋盘法遗传图解模型 　　3.分析:通过上面的遗传图解,可计算F2中各表型的种类、比例及概率,各基因型的种类、比例及概率。 方法二:分枝法 分枝法是将多对基因(或多对性状)分开,单独考虑每一对的情况,然后再通过分枝连接,最后写出基因型或表型及相应概率的方法。如黄色圆粒豌豆(YyRr)与黄色皱粒豌豆(Yyrr)杂交,其子代的基因型及相应概率、表型及相应概率如图所示。 　　方法三:拆分法 1.基本思路:在独立遗传的情况下,将自由组合问题转化为若干个分离定律问题,如AaBb×Aabb可分解为Aa×Aa、Bb×bb。 2.理论依据:每对相对性状都遵循分离定律且互为独立事件,最后将各对等位基因的拆分结果相乘,这是概率理论中的乘法原理。 3.常见题型(以AaBbCc×AABbCc为例) (1)拆分:AaBbCc×AABbCc可分解为Aa×AA、Bb×Bb、Cc×Cc。 (2)“先分再组”的实例分析 亲本组合 Aa×AA Bb×Bb Cc×Cc AaBbCc×AABbCc 配子 种类 2种、1种 2种、2种 2种、2种 2×2×2=8(种)、 1×2×2=4(种) 配子 组合 2×1=2(种) 2×2=4(种) 2×2=4(种) 2×4×4=32(种) F1基因 型种类 2种 3种 3种 2×3×3=18(种) F1基因型 及其比例 1/2AA、 1/2Aa 1/4BB、2/4Bb 1/4bb 1/4CC、2/4Cc 1/4cc 如AabbCc:1/2× 1/4×2/4=1/16 F1表型 种类 1种 2种 2种 1×2×2=4(种) F1表型及 其比例 全显 3/4显、 1/4隐 3/4显、 1/4隐 如全显:1×3/4 ×3/4=9/16 　　4.多对相对性状的自由组合拓展分析 相对性状对数 1 2 3 …… n F1 配子 种类数 2 4(22) 8(23) …… 2n 可能的 组合数 4 16(42) 64(43) …… 4n F2基 因型 种类数 3 9(32) 27(33) …… 3n 分离比 1∶2∶1 (1∶2∶ 1)2 (1∶2∶ 1)3 …… (1∶2 ∶1)n F2 表型 种类数 2 4(22) 8(23) …… 2n 分离比 3∶1 (3∶1)2 (3∶1)3 …… (3∶ 1)n 　　注:表中最右列的代数式适用于F1中n对基因均为杂合的情况,如果n对基因不都是杂合的,则不适用。 [经典考题探究] 　　[例1]　已知A与a、B与b、C与c 3对等位基因自由组合,基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测,正确的是 (　　) A.表型有18种,AaBbCc个体的比例为1/16 B.表型有18种,aaBbCc个体的比例为1/16 C.表型有8种,Aabbcc个体的比例为1/6 D.表型有8种,aaBbCc个体的比例为1/16 　　[例2]　(2025·淮安期中)白化病(由A或a控制)与亨廷顿舞蹈症(由B或b控制)都是常染色体遗传病,有一家庭中两种病都有患者,系谱图如下,请据图回答: (1)亨廷顿舞蹈症属于　　　　　性遗传病,白化病属于　　　　　性遗传病。  (2)2号和9号的基因型分别是　　　　和　　　　。  (3)7号携带白化病基因的可能性是　　　　。  (4)若13号与14号再生一个孩子,则为两病兼患女孩的可能性是　　　　。  [听课记录] [方法规律] 具有“自由组合”关系的两种病概率的计算 当两种遗传病之间具有“自由组合”关系时,各种患病情况的概率分析如下: 　　根据序号所示再进一步拓展: 序号 类型 计算公式 ① 同时患两病概率 mn ② 只患甲病概率 m(1-n) ③ 只患乙病概率 n(1-m) ④ 不患病概率 (1-m)(1-n) 拓展 求解 患病概率 ①+②+③或1-④ 只患一种病概率 ②+③或1-(①+④) 　　以上规律可用下图帮助理解: [针对训练] 1.基因型为AaBb和AaBB的豌豆杂交,两对基因独立遗传,子一代的基因型种类和能稳定遗传的比例分别是 (　　) A.6、1/4 B.6、1/8 C.8、1/4 D.8、1/8 2.基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交,这三对基因分别位于非同源染色体上,F1形成的配子种类数和F1自由交配获得的F2的基因型种类数分别是 (　　) A.4和9 B.4和27 C.8和27 D.32和81 3.(2025·南京检测)番茄的红果(R)对黄果(r)为显性,子房多室(M)对子房二室(m)为显性,现将红果多室和红果二室番茄进行杂交,其后代表型及比例如下图所示。据此分析两亲本的基因型为 (　　) A.RrMm、Rrmm B.RrMm、RRmm C.RRMm、Rrmm D.RRMM、RRmm 4.(2025·连云港期中)人的棕眼和蓝眼由一对等位基因控制,B控制棕眼,b控制蓝眼。利手是指人类习惯使用的手。某些人习惯使用右手,称为右利手(右撇子);某些人习惯使用左手,称为左利手(左撇子)。右利手(R)对左利手(r)是显性。这两对基因遵循自由组合定律。已知一对夫妇基因型为BbRr和bbRr,下列有关叙述正确的是 (　　) A.这对夫妇生育左利手孩子的概率是3/4 B.这对夫妇生育棕眼右利手孩子的概率是1/8 C.这对夫妇生育孩子的基因型可能有6种,表型可能有4种 D.这对夫妇生育了一个棕眼左利手的儿子,此儿子是杂合子的概率为1/2　 5.绵羊黑面(A)对白面(a)为显性,长角(B)对短角(b)为显性,两对基因位于常染色体上且独立遗传。现用多对雌、雄绵羊分别进行如下两组杂交实验: 第一组:多对雌、雄绵羊杂交,获得的F1中黑面长角∶黑面短角∶白面长角∶白面短角=3∶3∶1∶1; 第二组:多对雌、雄绵羊杂交,获得的F1中黑面长角∶黑面短角=3∶1。回答下列问题: (1)这两对等位基因的遗传遵循　　　　　　定律。  (2)第一组实验中,亲本绵羊的基因型组合是　　　　　　　　,第二组实验中,亲本绵羊是　　　　(填“纯合子”或“杂合子”)。  (3)让第一组实验F1中的所有黑面长角分别和白面长角雌雄个体相互交配,理论上,F2的表型及比例是　　　　　　　　　　　。  (4)若第二组实验中的亲本绵羊均为黑面个体,　　　　(填“能”或“不能”)确定所有亲本关于面色的基因型只有一种,理由是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。  提能点(二)　9∶3∶3∶1的变式及应用 　　(一)“和”为16的特殊分离比问题 AaBb 自交后代 性状比 可能原因分析 AaBb 测交后代 性状比 9∶7 当双显性基因同时出现时为一种表型,其余基因型控制另一种表型: (9A_B_)∶(3A_bb+3aaB_+1aabb) 　　9　∶　　　7 1∶3 9∶3∶4 一对等位基因中隐性基因纯合(aa)制约其他显性基因的作用: (9A_B_)∶(3A_bb)∶(3aaB_+1aabb) 　　9　∶　 3　 ∶　　4 1∶1∶2 9∶6∶1 双显、单显、双隐分别对应一种表型: (9A_B_)∶(3A_bb+3aaB_)∶(1aabb) 　　9　∶　　　6　 　 ∶　1 1∶2∶1 15∶1 只要有显性基因存在,其表型就一致,双隐基因型控制另一种表型: (9A_B_+3A_bb+3aaB_)∶(1aabb) 　　　　　　15　　　∶　1 3∶1 1∶4∶ 6∶4∶1 A与B的作用效果相同,但显性基因越多,其效果越强: 1(AABB)∶4(AaBB+AABb)∶ 6(AaBb+AAbb+aaBB)∶4(Aabb+aaBb)∶1(aabb) 1∶2∶1 13∶3 一种显性基因(A)本身不直接控制性状表现,但抑制另一种显性基因(B)的作用,使后者的作用不能显示出来: (9A_B_+3A_bb+1aabb)∶(3aaB_) 　　　　　13　　　 ∶　　3 3∶1 12∶3∶1 一对等位基因中显性基因(A)制约其他显性基因的作用: (9A_B_+3A_bb)∶(3aaB_)∶(1aabb) 　　　12　　 ∶　3 　 ∶　1 2∶1∶1 　　分析这些比例会发现,无论是哪种比例,各表型所占份数之和都等于16,如9∶7(9+7=16)、12∶3∶1(12+3+1=16)等。如果发现异常比例的和为16,就可判断该性状是由两对独立遗传的等位基因控制的,就可以用自由组合定律解题。 　　(二)“和”小于16的由基因致死导致的特殊分离比 1.胚胎致死或个体致死 2.配子致死或配子不育 [经典考题探究] 　　[典例]　(2025·河南高考)现有二倍体植株甲和乙,自交后代中某性状的正常株∶突变株均为3∶1。甲自交后代中的突变株与乙自交后代中的突变株杂交,F1全为正常株,F2中该性状的正常株∶突变株=9∶6(等位基因可依次使用A/a、B/b……)。下列叙述错误的是 (　　) A.甲的基因型是AaBB或AABb B.F2出现异常分离比是因为出现了隐性纯合致死 C.F2植株中性状能稳定遗传的占7/15 D.F2中交配能产生AABB基因型的亲本组合有6种 [听课记录] [方法规律]　9∶3∶3∶1变式题的解题步骤 [针对训练] 1.某种鼠中,毛的黄色基因Y对灰色基因y为显性,短尾基因T对长尾基因t为显性,且基因Y或T在纯合时都能使胚胎致死,这两对基因是独立遗传的。现有两只黄色短尾鼠交配,后代的表型比例为 (　　) A.9∶3∶3∶1 B.3∶3∶1∶1 C.4∶2∶2∶1 D.1∶1∶1∶1 2.(2025·无锡期中)鸟类羽毛颜色有黑色和白色两种,由等位基因A、a和B、b共同控制。某科研人员选用白色雌雄个体相互交配,F1全为白色个体,F1雌雄个体相互交配,F2中出现白色个体和黑色个体,比例为13∶3。下列有关叙述正确的是 (　　) A.亲本基因型为AAbb和aaBB B.F2白色个体中纯合子占 2/9 C.F2白色个体测交后代中可能出现黑色个体 D.F2黑色雌雄个体自由交配产生的后代中,黑色个体占2/3 3.牵牛花的花色(白色和红色)由两对独立遗传的等位基因(A、a,B、b)共同控制,控制途径如图所示,现有基因型为AABB和aabb的两个品种进行杂交,F1自交得F2。下列说法错误的是 (　　) A.F1的表型为白色 B.F2白色个体中的纯合子所占比例为3/13 C.F2中红色个体所占比例为3/16 D.F1测交后代的表型比例为1∶1∶1∶1 4.[多选]冬瓜瓜形的性状由两对独立遗传的基因D/d、F/f控制。两个不同基因型的圆球形冬瓜作亲本杂交,子一代全部是扁盘形,子一代自交,子二代中出现扁盘形∶圆球形∶长形=9∶6∶1,下列叙述正确的是 (　　) A.子一代扁盘形冬瓜的基因型是DdFf B.子一代扁盘形冬瓜与长形冬瓜杂交,子代的性状分离比是1∶1∶1∶1 C.两个圆球形亲本的基因型是DDff和ddFF D.子二代圆球形冬瓜中杂合子占5/6 5.[多选]致死现象可影响后代性状分离比。现有基因型为AaBb的个体互相交配(两对等位基因独立遗传),后代出现了异常的性状分离比。下列说法正确的是 (　　) A.若分离比为4∶2∶2∶1,则两对基因显性纯合(AA和BB)均致死 B.若分离比为5∶3∶3∶1,则基因型为AB的雄配子或雌配子致死 C.若分离比为7∶3∶1∶1,则基因型为Ab(或aB)的雄配子和雌配子致死 D.若分离比为9∶3∶3,则基因型为aabb的受精卵不能发育或在胚胎阶段致死 6.天竺兰的花色受两对等位基因(A/a、B/b)控制,已知A与B的作用效果相同,且显性基因越多,花色越深。现有两种纯合的中红花天竺兰杂交,F1全为中红花,F1自交得到F2,F2的表型及比例为深红花∶红花∶中红花∶淡红花∶白花=1∶4∶6∶4∶1,回答下列问题: (1)亲本天竺兰的基因型分别为　　　　　　,若F1测交,则后代表型及比例为　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。  (2)红花个体的基因型有　　　种;F2中深红花个体与基因型为　　　　　　　　的个体杂交获得的红花个体比例最大。  (3)某兴趣小组利用深红花个体与白花个体杂交,再让F1自交培育纯合的中红花品种,F2中的中红花纯合个体占　　　　,将筛选出的中红花个体再进行　　　　,以提高中红花纯合个体的比例。  /课堂小结与随堂训练/ 一、知识体系构建 二、素养好题训练 1.家蚕有结黄茧和结白茧两个品种,其茧色的遗传如图所示。下列有关叙述错误的是 (　　) A.基因型相同的白茧个体交配,子代仍为白茧,这样的基因型有6种 B.AaBb 的个体为白茧,雌雄杂交,子代中白茧∶黄茧=13∶3 C.茧色遗传受两对等位基因控制,遵循基因的自由组合定律 D.黄茧品种的基因型有2种 2.(2025·淮安月考)某种蝴蝶紫翅(B)对黄翅(b)为显性,绿眼(R)对白眼(r)为显性,两对基因位于常染色体上且独立遗传。现有紫翅白眼与黄翅绿眼的亲代个体杂交,F1均为紫翅绿眼,F1雌雄个体相互交配得到F2,其中紫翅绿眼922只,黄翅绿眼303只,紫翅白眼312只。下列分析错误的是 (　　) A.亲本的基因型为BBrr和bbRR B.F2中重组类型所占比例为5/8 C.F2紫翅绿眼个体中纯合子占1/9 D.基因型为bbrr的个体无法存活 3.基因型为aabbcc的梨子重120克,每产生一个显性等位基因就使梨子增重15克,故基因型为AABBCC的梨子重210克(三对基因分别位于三对不同的染色体上)。甲梨树自交,F1的每个梨子重150克。乙梨树自交,F1的每个梨子重120~180克。甲、乙两梨树杂交,F1的每个梨子重135~165克。甲、乙两梨树的基因型可能是 (　　) A.甲AAbbcc,乙aaBBCC B.甲AaBbcc,乙aabbCC C.甲aaBBcc,乙AaBbCC D.甲AAbbcc,乙aaBbCc 4.某常染色体遗传病中,基因型和患病情况的关系是MM都正常、Mm有50%患病,mm都患病。下图为该病的两个家系,其中4号的基因型与Ⅰ代中的其余三人不同。下列分析错误的是 (　　) A.4号的基因型为MM,1、2、3号个体基因型都为Mm B.Ⅱ代个体中,仅有7号个体的基因型是可以确定的 C.5号和8号的基因型相同,6号和7号的基因型相同 D.5号和7号个体结婚,生下正常孩子的概率为7/12 5.若某哺乳动物毛色由 3对位于常染色体上的、独立遗传的等位基因决定,其中A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素;B基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素;D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达;相应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没有上述功能。若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交,F1均为黄色,F2中毛色表型出现了黄∶褐∶黑=52∶3∶9的数量比,则杂交亲本的组合是 (　　) A.AAbbDD×aaBBdd 或AABBDD×aabbdd B.AABBDD×aaBBdd 或AABBDD×aabbdd C.aabbDD×aabbdd 或AAbbDD×aabbdd D.AAbbDD×aaBBdd 或AAbbDD×aaBBDD 课下请完成课时跟踪检测(六)第2课时　自由组合定律的常规解题方法 提能点(一) 　 [经典考题探究] [例1]　选D　A与a、B与b、C与c 3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交，子代表型有2×2×2＝8(种)，AaBbCc个体的比例为1/2×1/2×1/2＝1/8，aaBbCc个体的比例为1/4×1/2×1/2＝1/16，Aabbcc个体的比例为1/2×1/2×1/4＝1/16，故选D。 [例2]　解析：(1)由1、2号不患白化病而他们的女儿5号患白化病推知，白化病应由隐性基因控制；由3、4号患亨廷顿舞蹈症而他们的女儿11号正常推知，亨廷顿舞蹈症为显性遗传病。 (2)逐对分析两种遗传病，则2号基因型对于亨廷顿舞蹈症为Bb，对于白化病应为Aa，故其基因型是AaBb；9号基因型对于亨廷顿舞蹈症为bb，对于白化病为Aa，其基因型是Aabb。 (3)1号和2号关于白化病的基因型均为Aa，故7号关于白化病的基因型为1/3AA、2/3Aa，故携带白化病基因的可能性是2/3。 (4)由18号与19号表型可推知13号基因型为AaBb,14号基因型为Aabb，故13号与14号再生一个两病兼患女孩的可能性为1/2(女孩)×1/4(患白化病)×1/2(患亨廷顿舞蹈症)＝1/16。 答案：(1)显　隐　(2)AaBb　Aabb　(3)2/3　(4)1/16 [针对训练] 1．选A　AaBb和AaBB两种基因型的豌豆个体杂交，采用拆分法计算。Aa×Aa→1AA、2Aa、1aa，Bb×BB→1Bb、1BB。因此，子一代的基因型种类是3×2＝6(种)；能稳定遗传的个体(纯合子)所占比例为1/2×1/2＝1/4。 2．选C　基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交，F1基因型为AaBbCc，求配子种类数可采用拆分法：Aa产生配子的类型及比例为1A∶1a，Bb为1B∶1b，Cc为1C∶1c，则AaBbCc产生配子种类数是2×2×2＝8(种)；同理，Aa×Aa→1AA∶2Aa∶1aa，Bb×Bb→1BB∶2Bb∶1bb，Cc×Cc→1CC∶2Cc∶1cc，则F2的基因型种类数是3×3×3＝27(种)，C正确。 3．选A　分析题意，番茄的红果(R)对黄果(r)为显性，子房多室(M)对子房二室(m)为显性，将红果多室番茄(R_M_)和红果二室番茄(R_mm)进行杂交，子代中红果∶黄果＝3∶1，说明亲代都是Rr；子代中多室∶二室＝1∶1，说明亲代是Mm和mm，因此，两亲本的基因型为RrMm和Rrmm。 4．选C　一对夫妇左右利手的基因型为Rr和Rr，这对夫妇生育左利手(rr)孩子的概率是1/4，A错误；一对夫妇基因型为BbRr和bbRr，这对夫妇生育棕眼右利手(BbR_)孩子的概率是1/2×3/4＝3/8，B错误；这对夫妇生育孩子的基因型可能有2×3＝6种，表型可能有2×2＝4种，C正确；这对夫妇生育了一个棕眼左利手(Bbrr)的儿子，此儿子是杂合子的概率为100%，D错误。 5．解析：(1)绵羊黑面(A)对白面(a)为显性，长角(B)对短角(b)为显性，两对基因位于常染色体上且独立遗传，所以这两对等位基因的遗传遵循基因的(分离和)自由组合定律。 (2)第一组实验中，子代有黑面和白面且数量比为3∶1，亲本就面色这对基因来说是Aa和Aa，子代有长角和短角且数量比为1∶1，亲本就角长这对基因来说是Bb和bb，因此亲本绵羊的基因型组合是AaBb×Aabb；第二组实验中，子代只有黑面(显性性状)，亲本就面色这对基因来说有一方是AA，另一方不能确定，而子代有长角和短角且数量比为3∶1，亲本就角长这对基因来说是Bb和Bb，因而亲本绵羊是杂合子。 (3)第一组实验中亲本是AaBb×Aabb，所以F1中的黑面长角基因型是1/3AABb、2/3AaBb，白面长角基因型是aaBb。所有黑面长角分别和白面长角雌雄个体相互交配，两对基因分别计算：1/3AA、2/3Aa和aa杂交，F2中Aa∶aa＝2∶1，表型及比例为黑面∶白面＝2∶1；Bb×Bb，F2中B_∶bb＝3∶1，表型及比例为长角∶短角＝3∶1，所以F2的表型及比例是黑面长角∶黑面短角∶白面长角∶白面短角＝6∶2∶3∶1。 (4)若第二组实验中的亲本绵羊均为黑面个体，不能确定所有亲本关于面色的基因型只有一种，理由是亲本绵羊均为黑面，其基因型组合可能是AA×AA或AA×Aa，都可以使F1全为黑面，无法确定某个亲本的基因型为AA还是Aa。 答案：(1)基因的(分离和)自由组合　(2)AaBb×Aabb　杂合子　(3)黑面长角∶黑面短角∶白面长角∶白面短角＝6∶2∶3∶1　(4)不能　亲本绵羊均为黑面，其基因型组合可能是AA×AA或AA×Aa，都可以使F1全为黑面，无法确定某个亲本的基因型为AA还是Aa 提能点(二) 　 [经典考题探究] [典例]　选D　已知植株甲和乙，自交后代中某性状的正常株∶突变株均为3∶1，可知正常株为显性性状，突变株为隐性性状。甲自交后代中的突变株与乙自交后代中的突变株杂交，F1全为正常株，F2中该性状的正常株∶突变株＝9∶6，为9∶3∶3∶1的变式，可知F1基因型为AaBb，正常株的基因型为A_B_，基因型为aabb的植株会死亡，其余基因型的植株为突变株。所以甲、乙自交后代中的突变株基因型分别为aaBB、AAbb或AAbb、aaBB，由于甲和乙自交后代中某性状的正常株(A_B_)∶突变株均为3∶1，故甲的基因型是AaBB或AABb，A正确；由以上分析可知，F2出现异常分离比是因为出现了隐性纯合aabb致死，B正确；F2植株中正常株的基因型为1AABB、2AaBB、2AABb、4AaBb，突变株的基因型为1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb，其中性状能稳定遗传(自交后代不发生性状分离)的有1AABB、1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb，占7/15，C正确；F2中交配能产生AABB基因型的亲本组合有AABB×AaBB、AABB×AABb、AABB×AaBb、AaBB×AABb、AaBB×AaBb、AABb×AaBb 6种杂交组合，和4种基因型AABB、AaBB、AABb、AaBb自交，故亲本组合有10种，D错误。 [针对训练] 1．选C　基因Y或T纯合时都能使胚胎致死，故黄色短尾鼠基因型为YyTt。两只黄色短尾鼠(YyTt)交配，后代中黄色(Yy)∶灰色(yy)＝2∶1，短尾(Tt)∶长尾(tt)＝2∶1，两对性状组合，后代的表型比例为(2∶1)×(2∶1)＝4∶2∶2∶1，C正确。 2．选C　F2表型比例为13∶3，是9∶3∶3∶1的变式，说明该鸟类的体色由两对等位基因控制，且两对等位基因遵循自由组合定律，F1基因型为AaBb，F2黑色基因型为A_bb或aaB_。由于亲本均为白色，故亲本基因型为 AABB和aabb，A 错误；设黑色个体基因型为 A_bb，则 F2白色个体基因型为9A_B_、3aaB_、1aabb，白色纯合子基因型为1AABB、1aaBB、1aabb，则F2白色个体中纯合子占3/13，B错误；F2白色个体(基因型若为A_B_、aaB_、aabb)测交后代可能出现黑色个体(A_bb)，C正确；若F2黑色个体基因型为1/3AAbb、2/3Aabb，产生的配子为2/3Ab、1/3ab，雌雄配子随机结合，后代中黑色个体(A_bb)所占比例为2/3×2/3＋2/3×1/3＋1/3×2/3＝8/9，D错误。 3．选D　AABB和aabb两个品种进行杂交，F1基因型为AaBb，表型为白色，A正确；F1的基因型为AaBb，其自交产生F2的基因型及比例为A_B_(白色)∶A_bb(红色)∶aaB_(白色)∶aabb(白色)＝9∶3∶3∶1，可见F2白色个体中的纯合子所占比例为3/13，B正确；F2中红色个体(A_bb)所占比例为3/16，C正确；F1测交，即AaBb×aabb，子代为AaBb(白色)∶Aabb(红色)∶aaBb(白色)∶aabb(白色)＝1∶1∶1∶1，对应的表型及比例为白色∶红色＝3∶1，D错误。 4．选AC　子一代自交，子二代中出现扁盘形∶圆球形∶长形＝9∶6∶1，说明子一代扁盘形冬瓜的基因型是DdFf，A正确；子一代扁盘形冬瓜(DdFf)与长形冬瓜(ddff)杂交，子代的性状分离比是扁盘形(DdFf)∶圆球形(Ddff＋ddFf)∶长形(ddff)＝1∶2∶1，B错误；子一代扁盘形冬瓜的基因型是DdFf，圆球形为单显性个体，则两个圆球形亲本的基因型是DDff和ddFF，C正确；子二代圆球形冬瓜(D_ff＋ddF_)中纯合子(DDff、ddFF)占1/3，则杂合子占2/3，D错误。 5．选ABD　若分离比为4∶2∶2∶1，对应9∶3∶3∶1中分别少了5、1、1，说明两对基因显性纯合(AA和BB)均致死，A正确；若AaBb产生的基因型为AB的雄配子或雌配子致死，则配子组合为(Ab∶aB∶ab)×(AB∶Ab∶aB∶ab)，后代分离比为5∶3∶3∶1, B正确；若AaBb产生的基因型为Ab(或aB)的雄配子或雌配子致死，以aB为例，则配子组合为(AB∶Ab∶ab)× (AB∶Ab∶aB∶ab), 后代分离比为7∶3∶1∶1，若基因型为Ab(或aB)的雄配子和雌配子致死，分离比应该为5∶3∶1，C错误；若分离比为9∶3∶3，少了一份隐性纯合子，则基因型为aabb的受精卵不能发育或在胚胎阶段致死，D正确。 6．解析：(1)F1的表型及比例为深红花∶红花∶中红花∶淡红花∶白花＝1∶4∶6∶4∶1，是9∶3∶3∶1的变式，因此F1的基因型是AaBb，植株中含4个显性基因时花色为深红，含3个显性基因时花色为红色，含2个显性基因时花色为中红，含1个显性基因时花色为淡红，没有显性基因时花色为白色，因此亲本两种纯合中红花天竺兰的基因型为AAbb和aaBB；F1的基因型为AaBb，若F1测交，则后代基因型及比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，表型及比例为中红花∶淡红花∶白花＝1∶2∶1。 (2)含3个显性基因时花色为红色，红花个体的基因型为AABb、AaBB，共2种；F2深红花(AABB)可与基因型为AAbb或aaBB的个体杂交，后代均为红花，获得的红花个体比例最大。 (3)深红花(AABB)与白花(aabb)杂交，F1的基因型为AaBb，自交得F2，其中基因型为AAbb、aaBB的个体为纯合中红花，比例为1/4×1/4＋1/4×1/4＝1/8；基因型为AaBb的个体为杂合中红花，再进行连续自交，可提高中红花纯合个体的比例。 答案：(1)AAbb和aaBB　中红花∶淡红花∶白花＝1∶2∶1　(2)2　AAbb或aaBB　(3)1/8　连续自交 1．选A　基因型相同的白茧个体交配，子代仍为白茧，这样的基因型是AABB、AABb、AAbb、Aabb、aabb共5种，A错误；AaBb表现为白茧，雌雄杂交，子代中白茧∶黄茧＝13∶3，B正确；由题图可知，A、B基因位于非同源染色体上，因此遵循自由组合定律，C正确；黄茧品种的基因型有aaBB和aaBb 2种，D正确。 2．选B　该种蝴蝶紫翅(B)对黄翅(b)为显性，绿眼(R)对白眼(r)为显性，两对基因位于常染色体上且独立遗传，F1均为紫翅绿眼，F2中出现黄翅绿眼、紫翅白眼，则F1紫翅绿眼基因型为BbRr，故亲本的基因型为BBrr和bbRR，A正确；F2中紫翅绿眼∶黄翅绿眼∶紫翅白眼≈9∶3∶3，紫翅绿眼为重组类型，所占比例为3/5，B错误；紫翅绿眼纯合子的基因型为BBRR，F2紫翅绿眼个体中纯合子占1/9，C正确；F2中没有黄翅白眼bbrr个体，由F2其他个体的基因型可知br配子正常存在，可推测基因型为bbrr的个体无法存活，D正确。 3．选D　甲梨树自交，F1的果实重量相等，说明甲自交后代不发生性状分离，推测甲是纯合子；乙梨树自交，子代的果实重量不同，后代发生性状分离，说明乙是杂合子，A、B错误。每个显性基因使果实增重15克，而乙自交子代的果实重量为120～180克，推知乙可产生显性基因数为0～3个的配子，乙基因型中不可能有4个显性基因，C错误。若甲为AAbbcc，乙为aaBbCc，甲梨树自交，F1的每个梨子重150克；乙梨树自交，F1的每个梨子重120～180克；甲、乙两梨树杂交，子代有1个、2个或3个显性基因，重量为135～165克，与题干信息相符，D正确。 4．选C　题中Ⅰ代的四个个体均表现正常，说明四个人的基因型为MM或Mm,4号的基因型与Ⅰ代中的其余三人不同，若1号和2号为MM,6号不可能患病，故4号的基因型为MM，而1、2、3号个体基因型都为Mm，A正确。1号、2号的基因型为Mm、Mm,5号表现正常，其基因型可能是MM或Mm,6号的基因型可能是Mm或mm,3号、4号的基因型为Mm、MM，则8号的基因型是MM或Mm，而7号患病，则其基因型只能是Mm，B正确。根据B项分析可知，5号和8号的基因型均可能是MM或Mm，因此二者可能相同，也可能不同；6号的基因型为Mm或mm，而7号的基因型一定是Mm，即6号和7号的基因型可能相同，也可能不同，C错误。5号的基因型为1/3MM、2/3Mm，7号的基因型为Mm，二者结婚生下患病孩子的概率为2/3×1/4＋2/3×1/2×1/2×1/2×2＋1/3×1/2×1/2＝5/12，则生出正常孩子的概率为1－5/12＝7/12，D正确。 5．选A　由题意可知，用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F1均为黄色，F2中毛色表型出现了黄∶褐∶黑＝52∶3∶9，F2中黑色个体占9/(52＋3＋9)＝9/64，结合题干，3对等位基因位于常染色体上且独立遗传，说明符合基因的自由组合定律，而黑色个体的基因型为A_B_dd，要出现9/64的比例，可拆分为3/4×3/4×1/4，而黄色个体基因型为A_bbD_、A_B_D_、aa____，要符合F2黑色个体的比例，说明F1基因型为AaBbDd，再结合基因型和表型的对应关系，杂交亲本的组合可以为AAbbDD×aaBBdd或AABBDD×aabbdd，A正确。 1 / 11 学科网（北京）股份有限公司 $