河南省南阳市方城县第一高级中学2025-2026学年高三下学期二轮滚动测试物理试题（二）

2025-2026学年方城县第一高级中学高三下学期二轮滚动测试物理试题（二） 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 考生注意： 1.本试卷满分100分，考试时间75分钟。 2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。 3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分） 1．关于以下四张插图的相关描述，下列说法正确的是（　　） A．图1：该实验中验电器指针带负电 B．图2：麦克斯韦在该实验中首次捕捉到了电磁波 C．图3：该实验为卢瑟福发现质子的实验过程，其对应的核反应方程式为 D．图4：普朗克用“能量子”观点的理论计算值与黑体辐射实验值吻合得很好，说明能量是不连续的 2．如图所示，空中有A、B两个小球的初始高度差为h1。先将小球A由静止释放，当A下落高度为h2时，再将小球B由静止释放，结果两小球同时落到地面上，重力加速度为g，不计空气阻力，则小球A距离地面的高度为（　　） A． B． C． D． 3．如图所示，正三角形的边长为，在顶点、处分别固定电荷量为和（）的点电荷。空间中存在平行于平面的匀强电场，其电场强度大小为。现将一试探电荷置于点，发现该电荷恰好在电场力作用下保持静止。已知为边的中垂线，、分别为、边的中点，静电力常量为。下列说法正确的是（　　） A． B．匀强电场方向平行于，方向由指向 C．上各点电场强度均相同 D．若撤去空间的匀强电场，则、两点的电势相等 4．如图所示，MN是空气与某种液体的分界面，一束光由空气射到分界面，一部分光被反射，一部分光进入液体中。当入射角是时，折射角为，，，则以下说法正确的是（　　） A．液体的折射率为 B．液体的全反射临界角大于 C．以入射角从空气射到分界面时，会发生全反射 D．以入射角从该液体射到空气分界面时，不会发生全反射 5．宇宙中两颗相距较近、相互绕转的天体称为“双星”，它们以二者连线上的某一点为圆心做匀速圆周运动，不至于因为万有引力的作用而吸引到一起如图所示，某双星系统中A、B两颗天体绕点做匀速圆周运动，它们的轨道半径之比，则两颗天体的( ) A．线速度大小之比 B．角速度之比 C．质量之比 D．向心力大小之比 6．如图甲所示，天花板上相距为L的A、B两点间悬挂长为2L的轻质光滑细绳，细绳上套一质量为m的滑环处于静止状态，此时细绳上的张力为；现对滑环施加一水平方向的恒定拉力F，使得右侧细绳与天花板垂直，此时细绳上的张力为，如图乙所示；不计一切摩擦，，，则与之比为（　　） A． B． C． D． 7．如图所示，质量为、带电荷量为的粒子，以初速度从点竖直向上射入真空中的沿水平方向的匀强电场中，粒子通过电场中点时，速率，方向与电场的方向一致，则、两点的电势差为（　　） A． B． C． D． 二、多项选择题（第8~10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分，共18分） 8．如图所示，一列横波沿x轴传播，在时刻的波形如图中实线所示，时刻的波形如图中虚线所示，下列说法中正确的是（　　） A．由该波形曲线读出这列波的振幅为 B．该波形曲线上平衡位置位于处的质点振动的周期可能是 C．若周期大于，则该波的波速可能是 D．若周期大于，则该波的波速可能是 9．如图所示，一折射率为n的玻璃球球心为O、半径为R，S为球内的一个点光源，且，从S发出的光线SP经球面上的P点折射后，出射光线PQ与OS所在的直线交于S′点，图中θ1、θ2分别为入射角和折射角，α、β分别为光线SP、PQ与OS所在直线的夹角，P′为P点附近球面上的另一个点。则（　　） A． B． C．经P′点的出射光线与OS所在的直线交点仍然在点 D．经P′点的出射光线与OS所在的直线的交点可能在球面上的点 10．如图所示，两足够长的水平光滑导轨置于竖直方向的匀强磁场中，左端分别连接一定值电阻和电容器，将两导体棒分别垂直放在两导轨上。给甲图导体棒一水平向右的初速度v，乙图导体棒施加水平向右的恒定拉力F。不计两棒电阻，两棒向右运动的过程中，下列说法正确的是（　　） A．图甲中，导体棒速度的减小量与运动的时间成正比 B．图甲中，导体棒速度的减小量与通过的距离成正比 C．图乙中，电容器储存的电能与运动时间的平方成正比 D．图乙中，导体棒速度的增加量与通过的距离成正比 三、实验题（本题共2小题，共14分） 11．高中阶段教材给出了单个物体合外力做功与动能变化的关系即动能定理。某物理兴趣小组为探究合外力做功与系统动能变化的关系，利用下列器材完成实验：带有定滑轮的长木板，质量为M的小车（左端带有宽度为d的遮光片），光电门传感器，质量为m的重物。 （1）将长木板右端适当垫高，使小车可以匀速下滑； （2）将小车和重物用跨过定滑轮的轻绳相连，滑轮右边轻绳与长木板平行，在长木板上标记A、B两点，测出A、B间距离s（），在B点安装光电门传感器，初始时遮光片前端与A点对齐并由静止释放小车，测得遮光片通过光电门的时间t。则小车从A到B的过程中，小车、细绳、重物构成的系统合外力做功__________，系统动能变化量__________。分析测量数据可知，在误差允许的范围内，系统合外力做功等于动能变化量； （3）某同学由以上实验结果作出猜想：系统合外力做功等于系统动能变化在经典力学条件下都成立。结合上述实验和一定的理论分析，请判断该猜想是否正确？__________（填“正确”或“不正确”） 12．磷酸铁锂电池具有较高的安全性和能量密度，广泛应用于我国的电动汽车。某同学利用以下器材测量单体磷酸铁锂电池的电动势和内阻。 A． 磷酸铁锂电池（电动势约为3V，内阻为几百毫欧） B．电压表V C． 毫安表A（量程200mA，内阻为） D．定值电阻 E. 定值电阻 F. 滑动变阻器（最大阻值为） G. 开关、导线若干 根据提供的器材，设计电路如图甲所示。 (1)开关闭合前，滑动变阻器的滑片应滑至________________（选填“左”或“右”）端。 (2)根据实验需要，要把毫安表改装成更大量程的电流表A，则定值电阻应该与毫安表_________（选填“串”或“并”）联。 (3)电压表选择“”量程，连接好电路，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，某次电压表读数如图乙所示，则读数____________V；此后多次记录电压表的示数、改装后电流表A的示数，作出图线如图丙所示，该磷酸铁锂电池的电动势_________V，内阻_________（计算结果保留两位有效数字）。 (4)利用图甲进行测量，该磷酸铁锂电池的内阻测量值____________（选填“偏大”或“偏小”）。 四、计算题（本题共3小题，共计40分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 13．某透明均匀介质的横截面由四分之一圆CBD和一个直角三角形ABC构成，如图所示，其折射率，四分之一圆的半径为R，CD面为黑色吸光板，。一束单色平行光从AC界面上不同位置均匀射入透明介质，入射角，已知光在真空中的传播速度为c，不考虑光的多次反射。求： (1)截面内圆弧BD有光线射出的长度。 (2)从圆弧BD射出光线在介质中的最长传播时间。 14．如图所示，在x轴下方的区域内存在沿y轴正方向的匀强电场。在x轴上方以原点O为圆心，半径为R的半圆形区域内存在匀强磁场，磁场的方向垂直于xoy平面向外，磁感应强度大小为B。一个质量为m、电荷量为q的带正电粒子从y轴负半轴上的A点由静止释放，经电场加速后从O点射入磁场。已知该粒子在磁场中运动的轨迹半径为，AO间的距离也为，不计粒子的重力， (1)求电场强度E的大小； (2)将磁感应强度减小为原来的倍，求带电粒子在磁场中的运动时间以及带电粒子穿出磁场后第一次经过轴的位置坐标。 15．如图所示，一水平传送带以的速度顺时针转动，其左端A点和右端点分别与两个光滑水平台面平滑对接，A、两点间的距离。左边水平台面上有一被压缩的弹簧，弹簧的左端固定，右端与一质量为的物块甲相连（物块甲与弹簧不拴接，滑上传送带前已经脱离弹簧），物块甲与传送带之间的动摩擦因数。右边水平台面上有一个倾角为，高为的固定光滑斜面（水平台面与斜面由平滑圆弧连接），斜面的右侧固定一上表面光滑的水平桌面，桌面与水平台面的高度差为。桌面左端依次叠放着质量为的木板（厚度不计）和质量为的物块乙，物块乙与木板之间的动摩擦因数为，桌面上固定一弹性竖直挡板，挡板与木板右端相距，木板与挡板碰撞会原速率返回。现将物块甲从压缩弹簧的右端由静止释放，物块甲离开斜面后恰好在它运动的最高点与物块乙发生弹性碰撞（碰撞时间极短），物块乙始终未滑离木板。物块甲、乙均可视为质点，已知，。求： （1）物块甲运动到最高点时的速度大小； （2）弹簧最初储存的弹性势能； （3）木板运动的总路程。 试卷第8页，共9页 试卷第7页，共9页 学科网（北京）股份有限公司 《2025-2026学年方城县第一高级中学高三下学期二轮滚动测试物理试题（二）》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D C A B A C C ACD ABC BC 1．D 【详解】A．由于光电效应，金属板中光电子逸出后，使得金属板和指针都带正电，故A错误； B．赫兹通过实验首次捕捉到了电磁波，故B错误； C．该实验为卢瑟福的粒子散射实验，提出原子核式结构，故C错误； D．普朗克用“能量子”观点的理论计算值与黑体辐射实验值吻合得很好，故D正确。 故选D 。 2．C 【详解】设当A下落高度为h2时，速度为v，之后运动时间t与B小球同时落到地面上，根据题意有 联立解得 所以小球A距离地面的高度 故选C。 3．A 【详解】AB．由题意可知，A点处的合场强为0，根据几何关系可知两点电荷在A点的合场强为 方向平行，方向由指向；则匀强电场的大小为 方向平行，方向由指向，故A正确，B错误； C．等量异种点电荷产生的电场中，连线的中垂线从到场强逐渐增大，与匀强电场叠加后，从到场强仍逐渐增大，故C错误； D．若撤去空间的匀强电场，由于点离正点电荷较近，点离负点电荷较近，所以点的电势高于点的电势，故D错误。 故选A。 4．B 【详解】A．根据折射率的定义，代入数据后有，故A错误； B．全反射临界角的公式为，经计算有，故B正确； C．光线从从光疏介质介质射入光密介质时不会发生全反射，所以从空气射到分界面时，不发生全反射，故C错误； D．从光密介质射入光疏介质时，若角度大于全反射临界角，光线会发生全反射，，所以会发生全反射，故D错误。 故选B。 5．A 【详解】AB．A、B两颗天体绕点做匀速圆周运动，相同时间内转过的角度相等，所以两者的角速度相等，则有，根据 可得两颗天体的线速度大小之比，故A正确，B错误； CD．双星都绕O点做匀速圆周运动，由两者之间的万有引力提供向心力，所以向心力大小相等，则有；由 可得质量之比为，故CD错误。 故选A。 6．C 【详解】在题图甲中，由平衡条件及几何关系得 解得 在题图乙中，设右侧竖直部分细绳的长度为，由几何关系得 解得 设两部分细绳之间的夹角为θ，则， 对滑环由平衡条件得 解得 则与之比为。 故选C。 7．C 【详解】粒子在竖直方向做匀减速直线运动，则有 电场力做正功，重力做负功，使粒子的动能由变为，则根据动能定理，有 解得，、两点电势差应为 故选C。 8．ACD 【详解】A．由图可知，这列波的振幅为0.2cm，A正确； B．若该波向x轴正方向传播，则 得 若该波向x轴负方向传播，则 得 可知，无论n取何值，周期可能是0.3s， B错误； CD．波长为 波速为 若该波向x轴正方向传播，则 当n=0时，满足周期大于，得 若该波向x轴负方向传播，则 当n=0时，满足周期大于，得 CD正确。 故选ACD。 9．ABC 【详解】A．由折射定律，有 由正弦定理，有，， 可得 故 故A正确； B．由几何知识可知，，， 联立可得 故B正确； CD．由正弦定理，有，， 联立可得 即折射光线的反向延长线与所在的直线的交点点的位置，与P点在球面上的具体位置无关，故C正确，D错误。 故选ABC。 10．BC 【详解】AB．图甲中，导体切割磁感线产生感应电动势，则有 ， 根据牛顿第二定律有 又 则 所以图甲中，导体棒速度的减小量与通过的距离成正比，故A错误，B正确； CD．图乙中，设极短时间内，导体棒速度变化量为，则导体棒的加速度为 导体棒产生的电动势为 电容器增加的电荷量为 电容器储存的电能为 电流为 导体又受到安培力为 根据牛顿第二定律 解得 则 ， 所以图乙中，电容器储存的电能与运动时间的平方成正比，图乙中，导体棒速度的增加量与运动时间成正比，故C正确，D错误。 故选BC。 11． 不正确 【详解】（2）[1]将长木板右端适当垫高，使小车可以匀速下滑，是为了平衡摩擦力，其目的是保证细绳对小车的拉力等于小车受到的合力，所以该过程系统合外力做功为 故填； [2]从A到B的过程中由匀变速直线运动规律可知 该过程中动能变化量为 故填； （3）动能定理对质点系有时是不适用的，因为需要考虑内力做功。系统内没有把机械能以外的能量改为其他形式的能时，动能定理才能成立，故填不正确。 12．(1)右 (2)并 (3) 1.80 3.2 0.25 (4)偏小 【详解】（1）开关闭合前，滑动变阻器接入电路的阻值要最大，故滑片应该在右端。 （2）实验中，要将定值电阻与毫安表并联分流，才能保证改装后的电流表能测量更大范围的电流。 （3）[1] 电压表选量程，表盘上每小格代表0.1V，应估读到0.01V。 读数为 [2][3] 根据闭合电路欧姆定律得 整理得 由图乙可知图像的截距 图像斜率的绝对值 解得。 （4）根据闭合电路欧姆定律得 整理得 图像的斜率 故。 13．(1) (2) 【详解】（1）设光经折射后折射角为，则有 解得 圆弧面上全反射临界角为，则有 解得 作出光路图如图所示 截面内圆弧有光线射出的长度为区域，其长度 （2）做圆弧的切线且与平行，切点为时，光线在介质中的路径最长，如图所示 由几何关系可得，路径长为 又有 解得传播时间 14．(1) (2)， 【详解】（1）粒子从运动至点由动能定理 在磁场中洛伦兹力提供向心力 已知 解得 （2）洛伦兹力提供向心力 解得 其运动轨迹如图所示 设带电粒子在磁场中做圆周运动的圆心角为 由余弦定理知 解得 在磁场中运动周期 则 解得 由几何关系知 解得 15．（1）6m/s；（2）；（3） 【详解】（1）由题意可知，物块甲从斜面顶端到最高点做斜抛运动，水平方向为匀速运动，设物块甲刚离开斜面时速度为，则有 联立解得 可知物块甲运动到最高点时的速度大小为6m/s （2）设物块甲在点时速度为，对物块甲从点到最高点由动能定理有 解得 所以物块甲在传送带上一直做减速运动。 对物块甲从静止开始到点，设弹簧弹力做功，由动能定理有 解得 根据功能关系可知弹簧最初储存的弹性势能 （3）物块甲与物块乙在碰撞过程中，由动量守恒定律得 由机械能守恒定律得 解得 ， 以物块乙和木板为系统，由动量守恒定律得 若木板向右加速至共速后再与挡板碰撞，由动能定理得 解得 可知木板与物块乙共速后再与挡板相碰。 由动量守恒定律得 木板向左减速过程中，由动能定理得 解得 同理可得 以此类推木板的总路程为 解得 答案第10页，共11页 答案第11页，共11页 学科网（北京）股份有限公司 $