宁夏吴忠市青铜峡五中2025-2026学年上学期九年级期末物理试卷

宁夏吴忠市青铜峡五中2025-2026学年上学期九年级期末物理试卷 一、选择题（选出各题中唯一正确的答案。每题2分，共14分。不选、多选、错选均得0分） 1．（2分）下列估测数据与实际最相符的是（　　） A．一节干电池的电压约为1.5V B．一盏家用LED灯正常工作时的电流约为5A C．家用冰箱的额定功率约为1500W D．家用空调工作2h消耗电能约为20度 2．（2分）沙湖是宁夏最著名的旅游景区之一，以自然景观为主体，黄沙、绿水、芦苇、鱼鸟、山石五大景源有机结合，构成了独具特色的秀丽景观，是一处融江南秀色与塞外壮景于一体的塞上明珠。小宇一家在暑假去沙湖旅游，并品尝了沙湖特色美食，期间她发现了许多热现象，如图所示是她总结的一些说法，其中错误的是（　　） A．甲图中沙滩车前进的动力，是由内燃机的做功冲程提供 B．乙图中站在岸上能闻到荷花的香味是扩散现象 C．丙图中沙子烫脚而海水冰凉，是因为沙子的比热容大 D．丁图中烹饪剁椒鱼头是通过热传递的方式改变鱼头的内能 3．（2分）一箱汽油用去一半后，剩下的汽油（　　） A．比热容和热值均减半 B．比热容和热值都不变 C．比热容减半，热值不变 D．比热容不变，热值减半 4．（2分）下列用电器中，利用电流热效应工作的是（　　） A．电风扇 B．洗衣机 C．电暖气 D．电视机 5．（2分）由欧姆定律公式I变形得R，对此，下列说法中正确的是（　　） A．导体的电阻跟导体两端的电压和通过导体的电流无关 B．通过导体的电流越大，则导体的电阻越小 C．当导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零 D．加在导体两端的电压越大，则导体的电阻越大 6．（2分）如图所示，旅客进入火车站通过刷脸机，当身份信息和人脸信息都符合时，电动机转动打开闸门，才能进入火车站。小金设计了电路模拟刷脸机，能达到相同效果的电路图是（　　） A． B． C． D． 7．（2分）L1“36V，40W”和L2“110V，40W”的两盏电灯接在电路中都能正常发光，则下列说法正确的是（　　） A．L1更亮 B．L2更亮 C．两灯一样亮 D．无法判断 二、选择说明题（选出各题唯一正确的答案，填在题后横线内，并说明理由。每题5分，共10分。不选、多选、错选均得0分） 8．（5分）有甲、乙两种质量相等、初始温度也相同的不同液体，分别用两只完全相同的酒精灯加热，不计各种热量损失。在加热过程中，甲、乙两种液体的温度随加热时间变化的图象如图所示。则在相等的时间内 　 　 A．甲液体吸收的热量多，甲比热容大 B．乙液体吸收的热量多，乙比热容大 C．甲乙液体吸收的热量一样多，甲比热容大 D．甲乙液体吸收的热量一样多，乙比热容大 说明理由：　 　 。 9．（5分）监测大气污染物浓度的电路图如图甲所示，R0为定值电阻，电源电压不变。气敏电阻R的阻值随污染物浓度变化如图乙所示，闭合开关，当污染物浓度增大时，下列说法正确的是 　 　 。 A.电流表、电压表的示数都变大 B.电流表、电压表的示数都变小 C.电流表的示数变小，电压表的示数变大 D.电流表的示数变大，电压表的示数变小 选择理由：　 　 。 三、填空题（每空1分，共16分） 10．（2分）如图所示是神舟十四号返回舱落入大气层时，与空气剧烈摩擦的情形，返回舱表面温度升高，内能 　 　 ，这是通过 　 　 的方式改变物体内能。 11．（3分）电动自行车是生活中常见的交通工具，充电过程中是将电能转化为 　 　 能；它的两个转向灯是 　 　 联的，车把上的调速器和电动机是 　 　 联的。 12．（2分）当某导体两端的电压是6V时，通过它的电流是0.3A．当它两端电压减小1V时，通过它的电流变为　 　 A，当它两端电压为0V时，该导体的电阻为　 　 Ω。 13．（3分）如图甲所示电路，小灯泡L1、L2是 　 　 联的，电压表测的是 　 　 两端的电压。若电源电压为3V，闭合开关，电压表的示数如图乙所示，则L2两端的电压是 　 　 V。 14．（3分）如图所示，火柴头在火柴盒上轻轻划过就能擦燃，从能量转化的角度讲，是将机械能转化为 　 　 能，这是通过 　 　 （选填“热传递”或“做功”）的方式实现的。该过程的能量转化与图乙汽油机四个冲程中的 　 　 （填字母序号）冲程相似。 15．（3分）改装家庭电路时不小心，使火线和零线直接连通会造成 　 　 故障，使电路中电流过大，因此需要在电路总开关的 　 　 （选填“前”或“后”）面安装 　 　 （选填“漏电保护器”或“空气开关”）保护电路。 四、综合应用题（16题6分，17题6分，18题3分，共15分） 16．（6分）现代家庭浴室大多用燃气热水器提供热水，小芳家安装了燃气热水器。已知进入热水器前冷水的温度是20℃，洗澡时热水器输出热水的温度设定为40℃。如果小芳洗一次澡用热水50kg，水的比热容c水＝4.2×103J/（kg•℃）。求： （1）水从热水器中吸收了多少热量？ （2）若天然气完全燃烧释放热量的70%被水吸收，需要消耗多少m3的天然气？（天然气的热值q天然气＝4×107J/m3） 17．（6分）学校教师办公室常用电热水壶烧水，如表所示为某品牌电热水壶的铭牌，请解答下列问题。 （1）该电热水壶正常工作时的电流为多少安；（保留2位小数） （2）该电热水壶正常工作4min，产生的热量是多少焦耳； （3）工作中电热水壶通过导线接到电路里，为什么电热水壶的电热丝很热，而连接电热水壶和插座之间的导线却几乎不发热？ 额定电压 220V 频率 50Hz 额定功率 1000W 水壶容积 1.0L 加热方式 底盘加热 18．（3分）按题目要求作图：用笔画线表示导线，将图中开关和它所控制的螺丝口节能灯及三孔插座正确接入家庭电路。 五、实验探究题（19题6分，20题5分，21题9分，共20分） 19．（6分）乐乐同学在探究“电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关”时，采用了如图所示的实验装置。 （1）实验中通过观察U形管 　 　 来比较电流通过导体产生热量的多少，我们把这种实验方法称之为 　 　 。 （2）在甲装置中，a、b两个空气盒中的电阻R1、R2是 　 　 的（选填“串联”或“并联”）；通电相同时间后，观察到的现象是 　 　 （选填“左侧”“右侧”）U形管液面高度差较大。 （3）乙装置可探究电流通过导体产生热量的多少与 　 　 的关系，可以得出结论：　 　 。 20．（5分）某小组同学探究“串联电路中用电器两端的电压与电源两端电压的关系”，设计的电路如图甲所示。 （1）连接好电路，闭合开关前，发现电压表指针如图乙所示，为了完成实验应该对电压表进行　 　 。 （2）应选择多只规格不同的小灯泡进行多次测量，这样做的目的主要是（　 　 ）（填符号）。 A．避免偶然性，寻找普遍规律 B．减小电压测量的误差 （3）某同学根据电路图连接好电路，闭合开关，电压表示数如图丙所示，为了使实验结果更准确，接下来他应该　 　 。 （4）在某次测量L1的电压后，某同学保持电压表的B连接点不动，只断开A连接点，并改接到C连接点上，他　 　 （选填“能”或“不能”）测量出L1两端电压，理由是：　 　 。 21．（9分）小花做“伏安法测电阻”的实验，用到的器材有：电源（电压保持不变），电流表、电压表和滑动变阻器各1只、1个待测电阻（约为5Ω）、导线若干、开关1个。 （1）用笔画线代替导线，用两根导线将图甲实验电路连接完整，使滑动变阻器向右移动滑片阻值变小。 （2）如图甲所示是实验电路图，该实验的原理是　 　 （填写公式）。 （3）闭合开关，电流表如图乙所示，造成该现象的原因可能是　 　 。 （4）排除故障，闭合开关，在移动滑动变阻器滑片P的过程中小花发现：电压表示数变小时，电流表示数反而变大。出现这种现象的原因可能是　 　 （填序号）。 A.电流表未调； B.电阻R短路； C.电压表并联在了滑动变阻器两端； D.滑动变阻器最大阻值过小。 （5）排除故障后再次闭合开关，某次测量时两表示数如图丙所示，则该次测得的阻值为　 　 Ω。为了让测量结果更准确，接下来小花适当增大电阻R两端的电压，并进行了多次测量计算出了待测电阻R的阻值，其目的是　 　 （填序号）。 A.求平均值，减小实验误差； B.寻求普遍规律，避免实验偶然性。 （6）利用本实验器材还能完成下列哪个实验　 　 （填序号）。 A.探究电流与电阻的关系； B.探究电流与电压的关系。 （7）另一位同学小林根据自己的实验数据绘制出定值电阻和小灯泡的I﹣U图象如图丁所示，试分析图象中A、B、C三点电阻最大的是　 　 （选填“A”“B”或“C”）点。 宁夏吴忠市青铜峡五中2025-2026学年上学期九年级期末物理试卷 参考答案与试题解析 一．选择题（共7小题） 题号 1 2 3 4 5 6 7 答案 A C B C A A C 一、选择题（选出各题中唯一正确的答案。每题2分，共14分。不选、多选、错选均得0分） 1．（2分）下列估测数据与实际最相符的是（　　） A．一节干电池的电压约为1.5V B．一盏家用LED灯正常工作时的电流约为5A C．家用冰箱的额定功率约为1500W D．家用空调工作2h消耗电能约为20度 【考点】额定功率；常见电流的大小；常见电压的大小；电功与电能的计算．版权所有 【答案】A 【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。 【解答】解：A．一节新干电池的电压为1.5V，故A符合实际； B、一盏家用LED灯正常工作电流约为0.1A，故B不符合实际； C、家用冰箱的额定功率约为150W，故C不符合实际； D、家用空调的功率约1kW，工作2h，消耗电能W＝Pt＝1kW×2h＝2kW•h＝2度，故D不符合实际。 故选：A。 【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。 2．（2分）沙湖是宁夏最著名的旅游景区之一，以自然景观为主体，黄沙、绿水、芦苇、鱼鸟、山石五大景源有机结合，构成了独具特色的秀丽景观，是一处融江南秀色与塞外壮景于一体的塞上明珠。小宇一家在暑假去沙湖旅游，并品尝了沙湖特色美食，期间她发现了许多热现象，如图所示是她总结的一些说法，其中错误的是（　　） A．甲图中沙滩车前进的动力，是由内燃机的做功冲程提供 B．乙图中站在岸上能闻到荷花的香味是扩散现象 C．丙图中沙子烫脚而海水冰凉，是因为沙子的比热容大 D．丁图中烹饪剁椒鱼头是通过热传递的方式改变鱼头的内能 【考点】四冲程的能量转化；扩散现象；热传递改变物体的内能；利用比热容解释生活中的现象；水的比热容特点及实际应用；内燃机的四个冲程．版权所有 【答案】C 【分析】（1）内燃机的做功冲程将内能转化为机械能，为内燃机提供动力； （2）组成物质的分子在永不停息地做无规则运动； （3）水的比热容较大，相同质量的水和其它物质相比，吸收相同的热量，水升高的温度的较小； （4）做功和热传递都可以改变物体的内能。 【解答】C 解：A、内燃机的做功冲程将燃气的内能转化为活塞机械能，为沙滩车前进的内燃机提供动力，故A正确； B、乙图中站在岸上能闻到荷花的香味，是由于组成物质的花香分子无规则运动到空气中，进入人的鼻腔引起的，这是扩散现象，故B正确； C．丙图中沙子烫脚而海水冰凉，是因为与水相比，沙子的比热容小，相同质量的沙子与水，在吸收相同热量时，沙子温度升高得快，故C错误； D．丁图中烹饪剁椒鱼头是由于鱼头吸收热量，内能增加，温度升高，这是通过热传递的方式改变鱼头的内能，故D正确。 故选：C。 【点评】本题考查分子动理论内容、对比热容概念的理解、改变物体内能的方式以及热机的工作原理，是一道基础题。 3．（2分）一箱汽油用去一半后，剩下的汽油（　　） A．比热容和热值均减半 B．比热容和热值都不变 C．比热容减半，热值不变 D．比热容不变，热值减半 【考点】比热容的概念；热值的简单计算．版权所有 【答案】B 【分析】（1）比热容：单位质量的物体温度升高（或降低）1℃，吸收（或放出）的热量叫做这种物质的比热容，它是物质的特性，不随质量、体积变化而变化； （2）热值：单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量，它是燃料的特性，不随质量、体积的变化而变化。 【解答】解：一箱汽油用去一半后，所含的汽油减少，质量变为原来的一半，但是热值、比热容是不会改变的，因为物质确定后，物质的这些属性与质量无关。 故选：B。 【点评】本题考查学生对物质的基本属性的理解和掌握，是学生容易出错的地方，也是中考的热点之一。 4．（2分）下列用电器中，利用电流热效应工作的是（　　） A．电风扇 B．洗衣机 C．电暖气 D．电视机 【考点】电流的热效应．版权所有 【答案】C 【分析】电流的热效应就是把电能转化为内能。可从能量转化的角度分析哪一用电器是利用了电流的热效应。 【解答】解： A、电风扇工作时，主要将电能转化为机械能，不是利用电流热效应工作的，故A不符合题意； B、洗衣机工作时，主要是把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应工作的，故B不符合题意； C、电暖气工作时，电能转化为内能，利用电流的热效应，故C符合题意； D、电视机工作时，电能转化为声能、光能、内能，不是利用电流热效应工作的，故D不符合题意。 故选：C。 【点评】本题主要考查学生对电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化，利用热效应工作的电器特点是把电能主要转化成内能。 5．（2分）由欧姆定律公式I变形得R，对此，下列说法中正确的是（　　） A．导体的电阻跟导体两端的电压和通过导体的电流无关 B．通过导体的电流越大，则导体的电阻越小 C．当导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零 D．加在导体两端的电压越大，则导体的电阻越大 【考点】欧姆定律的概念．版权所有 【答案】A 【分析】电阻是导体本身的一种性质，与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，其大小等于导体两端的电压与通过导体的电流之比。 【解答】解：电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，R只是计算电阻大小的方法，故BCD不正确，A正确。 故选：A。 【点评】我们根据比值定义法定义了电阻，但是电阻是由导体本身的性质决定的，与通过它的电流及两端的电压是无关的，在学习中要注意体会和理解。 6．（2分）如图所示，旅客进入火车站通过刷脸机，当身份信息和人脸信息都符合时，电动机转动打开闸门，才能进入火车站。小金设计了电路模拟刷脸机，能达到相同效果的电路图是（　　） A． B． C． D． 【考点】生活中的串、并联电路．版权所有 【答案】A 【分析】当身份信息和人脸信息都符合时，电动机转动打开闸门，旅客才能进入火车站，据此分析两开关和电动机的连接方式。 【解答】解：根据题意知，当身份信息开关和人脸信息开关同时闭合时，电动机才工作，说明两开关相互影响，即两开关、电动机串联，由各选项图知，A正确，BCD错误。 故选：A。 【点评】本题考查电路的设计，正确分析两个开关的连接方式是关键。 7．（2分）L1“36V，40W”和L2“110V，40W”的两盏电灯接在电路中都能正常发光，则下列说法正确的是（　　） A．L1更亮 B．L2更亮 C．两灯一样亮 D．无法判断 【考点】实际功率；小灯泡实际功率的比较．版权所有 【答案】C 【分析】电灯正常发光，实际功率等于额定功率。 【解答】解：L1“36V，40W”和L2“110V，40W”的两盏电灯接在电路中都能正常发光，实际功率等于额定功率，都是40W，则两灯一样亮。 故选：C。 【点评】本题考查了额定功率和实际功率，属于基础题目。 二、选择说明题（选出各题唯一正确的答案，填在题后横线内，并说明理由。每题5分，共10分。不选、多选、错选均得0分） 8．（5分）有甲、乙两种质量相等、初始温度也相同的不同液体，分别用两只完全相同的酒精灯加热，不计各种热量损失。在加热过程中，甲、乙两种液体的温度随加热时间变化的图象如图所示。则在相等的时间内 　C　 A．甲液体吸收的热量多，甲比热容大 B．乙液体吸收的热量多，乙比热容大 C．甲乙液体吸收的热量一样多，甲比热容大 D．甲乙液体吸收的热量一样多，乙比热容大 说明理由：　利用热量的计算公式Q＝cmΔt可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，乙的温度升高得快，乙的比热容小　 。 【考点】比热容的计算公式．版权所有 【答案】C；利用热量的计算公式Q＝cmΔt可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，乙的温度升高得快，乙的比热容小 【分析】甲、乙两种液体液体质量相等、初温相同、吸热也相同，末温从图中可以看出，利用热量的计算公式分析即可。 【解答】解：甲、乙两种质量相等、初始温度也相同的不同液体，分别用两只完全相同的酒精灯加热，相同的时间内吸收的热量相等；由图象可以看出，当加热时间相同时即吸收的热量相同时，乙的温度升高的快，利用热量的计算公式Q＝cmΔt可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，谁的温度升高得快，它的比热容小； 所以，甲的比热容大，乙的比热容小。 故答案为：C；利用热量的计算公式Q＝cmΔt可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，乙的温度升高得快，乙的比热容小。 【点评】此题考查的是利用图象比较不同物质的比热容，得到正确结论的前提是读懂图象提供的信息，理解比热容的物理意义。 9．（5分）监测大气污染物浓度的电路图如图甲所示，R0为定值电阻，电源电压不变。气敏电阻R的阻值随污染物浓度变化如图乙所示，闭合开关，当污染物浓度增大时，下列说法正确的是 　D　 。 A.电流表、电压表的示数都变大 B.电流表、电压表的示数都变小 C.电流表的示数变小，电压表的示数变大 D.电流表的示数变大，电压表的示数变小 选择理由：　由电路图可知，定值电阻R0与气敏电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。由图象乙可知，当污染物浓度增大时，R的阻值减小，电路中的总电阻减小，由I可知，电路中的电流增大，即电流表的示数变大；由U＝IR可知，R0两端的电压增大；电源电压不变，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以R两端的电压减小，即电压表的示数变小。　 。 【考点】动态电路的分析．版权所有 【答案】D；理由：由电路图可知，定值电阻R0与气敏电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。由图象乙可知，当污染物浓度增大时，R的阻值减小，电路中的总电阻减小，由I可知，电路中的电流增大，即电流表的示数变大；由U＝IR可知，R0两端的电压增大；电源电压不变，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以R两端的电压减小，即电压表的示数变小。 【分析】由电路图可知，定值电阻R0与气敏电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；根据图象可知R的阻值随污染物浓度的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化。 【解答】解： 由电路图可知，定值电阻R0与气敏电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流； 由图象乙可知，当污染物浓度增大时，R的阻值减小，电路中的总电阻减小，由I可知，电路中的电流增大，即电流表的示数变大； 由U＝IR可知，R0两端的电压增大；电源电压不变，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以R两端的电压减小，即电压表的示数变小； 综上所述，D正确。 故答案为：D；理由：由电路图可知，定值电阻R0与气敏电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。由图象乙可知，当污染物浓度增大时，R的阻值减小，电路中的总电阻减小，由I可知，电路中的电流增大，即电流表的示数变大；由U＝IR可知，R0两端的电压增大；电源电压不变，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以R两端的电压减小，即电压表的示数变小。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图象得出R的阻值随污染物浓度的变化。 三、填空题（每空1分，共16分） 10．（2分）如图所示是神舟十四号返回舱落入大气层时，与空气剧烈摩擦的情形，返回舱表面温度升高，内能 　增加　 ，这是通过 　做功　 的方式改变物体内能。 【考点】做功改变物体的内能．版权所有 【答案】增加；做功。 【分析】改变物体的内能的方式有做功和热传递。 【解答】解：神舟十四号返回舱落入大气层时，与空气剧烈摩擦，克服摩擦做功，有一部分机械能转化为内能，内能增加，通过做功的方式改变物体的内能。 故答案为：增加；做功。 【点评】本题考查了改变物体内能的方式，体现了物理与科技生活的联系。 11．（3分）电动自行车是生活中常见的交通工具，充电过程中是将电能转化为 　化学　 能；它的两个转向灯是 　并　 联的，车把上的调速器和电动机是 　串　 联的。 【考点】用电器的能量转化；串联和并联的概念与辨析．版权所有 【答案】化学；并；串 【分析】（1）电池在放电过程中，化学能转化成电能，而在充电过程中，将电能转化为化学能； （2）转向灯泡互不影响，是并联的；电瓶车通过调速器来控制电动机的电流从而改变电动机的功率。 【解答】解：电动车的能量来源于电瓶，给电动车的电瓶充电时，电瓶相当于用电器，将电能转化为化学能。 电动车头配置的左右两个转向灯，可以独立工作，互不影响，它们是并联的。 电瓶车通过调速器来控制电动机的电流从而改变电动机的功率，故电动机和调速器的连接方式是串联。 故答案为：化学；并；串。 【点评】本题考查能量的转化、串联电路和并联电路的特点，是一道基础题。 12．（2分）当某导体两端的电压是6V时，通过它的电流是0.3A．当它两端电压减小1V时，通过它的电流变为　0.25　 A，当它两端电压为0V时，该导体的电阻为　20　 Ω。 【考点】欧姆定律的应用；电阻的概念．版权所有 【答案】见试题解答内容 【分析】已知电压与电流，由欧姆定律可以求出导体电阻；已知电压与电阻，由欧姆定律可以求出电流；导体电阻与电压、电流无关。 【解答】解：∵I， ∴导体电阻R20Ω， 当电压减小1V，即电压为U′＝6V﹣1V＝5V时， 通过导体的电流I′0.25A； 导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定， 与导体两端电压无关，当导体两端电压是0V时，导体电阻是20Ω； 故答案为：0.25；20。 【点评】本题是一道基础题，熟练应用欧姆定律、知道导体电阻的决定因素，即可正确解题。 13．（3分）如图甲所示电路，小灯泡L1、L2是 　串　 联的，电压表测的是 　L1 两端的电压。若电源电压为3V，闭合开关，电压表的示数如图乙所示，则L2两端的电压是 　1.3　 V。 【考点】电压表的使用方法；运用串联电路中的电压规律计算；串联和并联的概念与辨析；电压表的读数．版权所有 【答案】串；L1；1.3。 【分析】串联电路中电路只有一条路径，并联电路中电流有多条路径，据此判断；电压表在连接时与被测用电器并联；根据并联电路的电压规律可得出L2两端的电压。 【解答】解：读图可知，电路中只有一条电流的路径，因此是串联电路；电压表与灯泡L1并联，所以测的是灯L1两端的电压； 由于电源电压为3V，所以电压表所选量程为小量程，分度值为0.1V，则其示数为1.7V， 故L2两端的电压为：U2＝U﹣U1＝3V﹣1.7V＝1.3V。 故答案为：串；L1；1.3。 【点评】会根据电流的路径判断电路的连接特点，知道并联电路的电压规律，会正确读取电压表的示数，是正确解答的关键。 14．（3分）如图所示，火柴头在火柴盒上轻轻划过就能擦燃，从能量转化的角度讲，是将机械能转化为 　内　 能，这是通过 　做功　 （选填“热传递”或“做功”）的方式实现的。该过程的能量转化与图乙汽油机四个冲程中的 　A　 （填字母序号）冲程相似。 【考点】四冲程的能量转化；做功改变物体的内能．版权所有 【答案】内；做功；A。 【分析】（1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程； （2）内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，将机械能转化为内能的是压缩冲程，将内能转化为机械能的是做功冲程。 【解答】解：（1）由题意可知，将火柴头在火柴盒上轻轻划过就能擦燃，从能量转化的角度讲，是将机械能转化为内能，这是通过摩擦做功的方式实现的； （2）A图中，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，属于压缩冲程，机械能转化成内能； B图中，进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，属于排气冲程； C图中，进气门和排气门都关闭，活塞向下运动，属于做功冲程，内能转化成机械能； D图中，进气门打开，排气门关闭，活塞向下运动，属于吸气冲程； 因此擦燃火柴的能量转化与A图相似。 故答案为：内；做功；A。 【点评】本题借助学生熟悉的擦燃火柴考查能量转化和热机的工作过程，注重了物理和生活的联系，考查了知识的应用能力。 15．（3分）改装家庭电路时不小心，使火线和零线直接连通会造成 　短路　 故障，使电路中电流过大，因此需要在电路总开关的 　后　 （选填“前”或“后”）面安装 　空气开关　 （选填“漏电保护器”或“空气开关”）保护电路。 【考点】漏电保护器的原理和作用．版权所有 【答案】短路；后；空气开关 【分析】家庭电路中电流过大的原因有两个：短路和用电器的总功率过大。漏电保护器在发生漏电时，能自动“跳闸”对人或电路起到保护作用；干路中的电流过大，空气开关会跳闸。 【解答】解：使火线和零线直接连通，发生短路现象，使得电路中的电流过大； 当电路发生短路时，电流会很大，空气开关会跳闸保护电路；因此，空气开关应装在总开关的后面。 故答案为：短路；后；空气开关。 【点评】本题考查了家庭电路中电流过大的原因和空气开关的作用，属于基础知识，要熟记。 四、综合应用题（16题6分，17题6分，18题3分，共15分） 16．（6分）现代家庭浴室大多用燃气热水器提供热水，小芳家安装了燃气热水器。已知进入热水器前冷水的温度是20℃，洗澡时热水器输出热水的温度设定为40℃。如果小芳洗一次澡用热水50kg，水的比热容c水＝4.2×103J/（kg•℃）。求： （1）水从热水器中吸收了多少热量？ （2）若天然气完全燃烧释放热量的70%被水吸收，需要消耗多少m3的天然气？（天然气的热值q天然气＝4×107J/m3） 【考点】气体的热值计算；能量的利用效率；利用比热容的公式计算热量．版权所有 【答案】（1）水从热水器中吸收4.2×106J的热量； （2）需要消耗0.15m3的天然气。 【分析】（1）知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）可以求出水吸收的热量； （2）天然气完全燃烧释放热量的70%被水吸收，可求天然气完全燃烧释放的热量，再利用Q放＝mq就能计算出需要天然气的体积。 【解答】解： （1）水从热水器中吸收的热量： Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（40℃﹣20℃）＝4.2×106J； （2）由题知，Q吸＝Q放×70%， 天然气完全燃烧释放热量： Q放6×106J， 由Q放＝mq得需要天然气的质量： m0.15m3。 答：（1）水从热水器中吸收4.2×106J的热量； （2）需要消耗0.15m3的天然气。 【点评】本题考查了吸热公式、燃料完全放热公式、效率公式的灵活应用，体现了物理与生活相联系的思想，是一道较为简单的热学综合题。 17．（6分）学校教师办公室常用电热水壶烧水，如表所示为某品牌电热水壶的铭牌，请解答下列问题。 （1）该电热水壶正常工作时的电流为多少安；（保留2位小数） （2）该电热水壶正常工作4min，产生的热量是多少焦耳； （3）工作中电热水壶通过导线接到电路里，为什么电热水壶的电热丝很热，而连接电热水壶和插座之间的导线却几乎不发热？ 额定电压 220V 频率 50Hz 额定功率 1000W 水壶容积 1.0L 加热方式 底盘加热 【考点】焦耳定律推导公式的应用；焦耳定律的应用；电功率P＝UI的简单计算．版权所有 【答案】（1）该电热水壶正常工作时的电流为4.55A； （2）该电热水壶正常工作4min，产生的热量是2.4×105J； （3）电热水壶正常工作时，导线与电热丝串联，通过它们的电流相等，而导线的电阻远远小于电热丝的电阻，在相同时间内，根据Q＝I2Rt可知，导线产生的热量远远小于电热丝产生的热量。 【分析】（1）根据P＝UI求该电热水壶正常工作时的电流； （2）根据Q＝W＝Pt求该电热水壶正常工作4min，产生的热量； （3）电热水壶正常工作时，导线与电热丝串联，通过它们的电流相等，而导线的电阻远远小于电热丝的电阻，在相同时间内，根据Q＝I2Rt可知导线与电热丝产生的热量的关系。 【解答】解：（1）根据P＝UI可得，该电热水壶正常工作的电流： I4.55A； （2）该电热水壶正常工作4min，产生的热量： Q＝W＝Pt＝1000W×4×60s＝2.4×105J； （3）电热水壶正常工作时，导线与电热丝串联，通过它们的电流相等，而导线的电阻远远小于电热丝的电阻，在相同时间内，根据Q＝I2Rt可知，导线产生的热量远远小于电热丝产生的热量，即电热水壶的电热丝很热，而连接电热水壶和插座之间的导线却几乎不发热。 答：（1）该电热水壶正常工作时的电流为4.55A； （2）该电热水壶正常工作4min，产生的热量是2.4×105J； （3）电热水壶正常工作时，导线与电热丝串联，通过它们的电流相等，而导线的电阻远远小于电热丝的电阻，在相同时间内，根据Q＝I2Rt可知，导线产生的热量远远小于电热丝产生的热量。 【点评】本题考查电功率和电热的相关计算，以及焦耳定律的应用，难度一般。 18．（3分）按题目要求作图：用笔画线表示导线，将图中开关和它所控制的螺丝口节能灯及三孔插座正确接入家庭电路。 【考点】家庭电路的连线作图．版权所有 【答案】 【分析】灯泡的接法：相线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，中性线直接接在灯泡的螺旋套上。这样在断开开关能切断相线，接触灯泡不会发生触电事故，既能控制灯泡，又能更安全。三孔插座的接法：上孔接保护线；左孔接中性线；右孔接相线； 【解答】解：灯泡接法：相线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，中性线直接接在灯泡的螺旋套上。 三孔插座的接法：上孔接保护线、左孔接中性线、右孔接相线，如图所示： 【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。 五、实验探究题（19题6分，20题5分，21题9分，共20分） 19．（6分）乐乐同学在探究“电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关”时，采用了如图所示的实验装置。 （1）实验中通过观察U形管 　两侧液面高度差　 来比较电流通过导体产生热量的多少，我们把这种实验方法称之为 　转换法　 。 （2）在甲装置中，a、b两个空气盒中的电阻R1、R2是 　串联　 的（选填“串联”或“并联”）；通电相同时间后，观察到的现象是 　右侧　 （选填“左侧”“右侧”）U形管液面高度差较大。 （3）乙装置可探究电流通过导体产生热量的多少与 　电流大小　 的关系，可以得出结论：　在电阻和通电时间一定时，电流越大，导体产生的热量越多　 。 【考点】电流产生的热量与电流的关系；探究影响电流通过导体时产生热量的因素；电阻产生热量多少的表现．版权所有 【答案】（1）两侧液面高度差；转换法；（2）串联；右侧；（3）电流大小；在电阻和通电时间一定时，电流越大，导体产生的热量越多。 【分析】（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，通过转换法间接得到导体通电后产生热量的多少； （2）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，甲图两电阻串联接入电路，通过两电阻的电流相等，故探究电流产生热量跟电阻关系；由焦耳定律Q＝I2Rt可知，右侧电阻产生热量多，即右侧U形管液面高度差较大； （3）图乙装置中两个5Ω的电阻并联后再与一个5Ω的电阻串联，根据并联电流特点分析电路中改变的量和不变的量，得出结论。 【解答】解：（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但空气被加热后引起U形管液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法； （2）如图甲，两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电阻的关系； 甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，右侧电阻阻值大，由焦耳定律Q＝I2Rt可知，右侧电阻产生热量多； （3）图乙装置中两个5Ω的电阻并联后再与一个5Ω的电阻串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等， 即I右＝I左， 两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知：I右＝I内+I外， 所以，I左＞I内，烧瓶内的电阻值都是5Ω，阻值相等，通电时间相等，电流不同，探究电流通过电阻产生的热量与电流大小的关系，可得出结论：在电阻和通电时间一定时，电流越大，导体产生的热量越多。 故答案为：（1）两侧液面高度差；转换法；（2）串联；右侧；（3）电流大小；在电阻和通电时间一定时，电流越大，导体产生的热量越多。 【点评】本题考查了学生利用控制变量法和转换法探究电流产生热量多少和各影响因素之间的关系的实验，属于常考题。 20．（5分）某小组同学探究“串联电路中用电器两端的电压与电源两端电压的关系”，设计的电路如图甲所示。 （1）连接好电路，闭合开关前，发现电压表指针如图乙所示，为了完成实验应该对电压表进行　调零　 。 （2）应选择多只规格不同的小灯泡进行多次测量，这样做的目的主要是（　A　 ）（填符号）。 A．避免偶然性，寻找普遍规律 B．减小电压测量的误差 （3）某同学根据电路图连接好电路，闭合开关，电压表示数如图丙所示，为了使实验结果更准确，接下来他应该　断开开关，将电压表的量程改接为“0～3V”　 。 （4）在某次测量L1的电压后，某同学保持电压表的B连接点不动，只断开A连接点，并改接到C连接点上，他　不能　 （选填“能”或“不能”）测量出L1两端电压，理由是：　电压表的“+”、“﹣”接线柱接反　 。 【考点】探究串联电路中的电压规律．版权所有 【答案】（1）调零； （2）A； （3）断开开关，将电压表的量程改接为“0～3V”； （4）不能；电压表的“+”、“﹣”接线柱接反。 【分析】（1）电表使用前要调零； （2）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多。 （3）电压表测量电压时要选择合适的量程，否则指针偏转角度过小或过大； （4）结合电压表的使用方法分析判断。 【解答】解：（1）图乙中，电压表在使用前指针没有指向零刻度线，所以为了完成实验应对电压表进行调零。 （2）若选用相同规格的小灯泡进行实验，则在每次实验中相同规格的灯泡两端的电压相等；所以，为了避免偶然性，寻找普遍规律，应选择不同规格的小灯泡进行多次测量，故B不符合题意，A符合题意。 故选：A。 （3）在图丙中，该同学选择的电压表的量程为0～15V，此时电压表的分度值为0.5V，示数为2V；为了提高电压测量的精度，接下来他应该断开开关，将电压表的量程改接为“0～3V”。 （4）在某次测量L1的电压后，某同学保持电压表的B连接点不动，只断开A连接点，并改接到C连接点上，电流从电压表的负接线柱流入，正接线柱流出，电压表的“+”、“﹣”接线柱会被接反，不能测量出L2两端电压。 故答案为：（1）调零； （2）A； （3）断开开关，将电压表的量程改接为“0～3V”； （4）不能；电压表的“+”、“﹣”接线柱接反。 【点评】本题是一道实验题，做此题时要围绕串联电路的电压规律去分析解答，需要注意的是在电学实验中，连接电路时开关都必须是断开；实验为了得出普遍规律，应进行多次实验，测出多组数据。 21．（9分）小花做“伏安法测电阻”的实验，用到的器材有：电源（电压保持不变），电流表、电压表和滑动变阻器各1只、1个待测电阻（约为5Ω）、导线若干、开关1个。 （1）用笔画线代替导线，用两根导线将图甲实验电路连接完整，使滑动变阻器向右移动滑片阻值变小。 （2）如图甲所示是实验电路图，该实验的原理是　R　 （填写公式）。 （3）闭合开关，电流表如图乙所示，造成该现象的原因可能是　电流表正负接线柱接反了　 。 （4）排除故障，闭合开关，在移动滑动变阻器滑片P的过程中小花发现：电压表示数变小时，电流表示数反而变大。出现这种现象的原因可能是　C　 （填序号）。 A.电流表未调； B.电阻R短路； C.电压表并联在了滑动变阻器两端； D.滑动变阻器最大阻值过小。 （5）排除故障后再次闭合开关，某次测量时两表示数如图丙所示，则该次测得的阻值为　5.5　 Ω。为了让测量结果更准确，接下来小花适当增大电阻R两端的电压，并进行了多次测量计算出了待测电阻R的阻值，其目的是　A　 （填序号）。 A.求平均值，减小实验误差； B.寻求普遍规律，避免实验偶然性。 （6）利用本实验器材还能完成下列哪个实验　B　 （填序号）。 A.探究电流与电阻的关系； B.探究电流与电压的关系。 （7）另一位同学小林根据自己的实验数据绘制出定值电阻和小灯泡的I﹣U图象如图丁所示，试分析图象中A、B、C三点电阻最大的是　B　 （选填“A”“B”或“C”）点。 【考点】伏安法测电阻．版权所有 【答案】（1）；（2）；（3）电流表正负接线柱接反了；（4）C；（5）5.5；A；（6）B；（7）B。 【分析】（1）根据题意，将图中的实物电路连接完整； （2）“伏安法测定值电阻阻值”的实验的原理是R； （3）电流表在接入电路时应让电流从正极接线柱流入，从负极接线柱流出，若正负接线柱接反了会造成指针反转； （4）电流表示数变大时，根据欧姆定律可知电路总电阻变小，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联分压特点可知滑动变阻器两端的电压变小，定值电阻两端电压变大，据此分析； （5）根据图甲和图乙确定两表选用的量程，根据图丙确定两表分度值读数，利用R求出电阻的阻值；为了让测量结果更准确，应多次测量求平均值，减小实验误差； （6）电流与电压和电阻有关，由控制变量法分析解答； （7）用控制变量法和欧姆定律分析即可得到三个点的电阻大小关系。 【解答】解：（1）根据题意电流表与定值电阻、滑动变阻器串联，当滑动变阻器向右移时，滑动变阻器阻值变小，导线应接在滑动变阻器左右侧下接线柱，电压表量程是0～3V，待测电阻约等于5Ω，电流最大是0.6A，故电流表选择小量程，0～0.6A，如图所示： ； （2）根据得，实验中分别测出定值电阻的电压和电流，可得电阻值，故测定值电阻的阻值实验原理是； （3）当闭合开关以后出现指针左偏，则是因为电流表正负接线柱接反了； （4）串联电路中，当电路中电流增大时定值电阻两端电压会变大，再根据分压规律可知滑动变阻器的电压会变小，此时的电压表可能是并联在了滑动变阻器两端； （5）电压表量程是0～3V，电流表选是0～0.6A，可知此时定值电阻的电压是1.1V，电流为0.2A，根据公式求出电阻； 测量定值电阻的实验中，进行多次实验求电阻的平均值减小实验误差，故选A； （6）根据现有的实验器材，通过调节滑动变阻器可以多次改变定值电阻的电压和电流，因此还可以做“探究电流与电压的关系”的实验，故选B； （7）由图像可知，B电压高而电流小，根据可得B点的电阻最大。 故答案为：（1）；（2）；（3）电流表正负接线柱接反了；（4）C；（5）5.5；A；（6）B；（7）B。 【点评】本题考查伏安法测电阻的实验，要求掌握实验的原理、电表的读数、实验数据的分析及欧姆定律的运用。 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $