辽宁原创联盟2026届高考物理押题卷（三）

辽宁原创联盟高考押题卷（三） 一、单选题 1．如图所示，水平固定的绝缘木板处于水平向左的匀强电场中，电场强度大小为E。电荷量为的物块在木板上刚好能保持静止。在木板上的处钉一钉子，在处固定一光滑圆环，沿电场线方向。将一根轻质绝缘橡皮筋的一端系在钉子上，另一端穿过圆环与物块相连，橡皮筋遵循胡克定律，其原长等于间的距离。当物块处于延长线上的A点时，物块恰好要沿向右运动，此时A点与点间的距离为L。当物块位于B点，与的夹角为60°，也能恰好保持静止，则B、两点间的距离x和此时橡皮筋弹力F分别为（    ） A． B． C． D． 2．细胞膜是由磷脂双分子层构成的富有弹性的半透膜。在运送粒子时，细胞膜内上、下表面单位面积的电荷量为，此时可将细胞膜视为两个很大的平行板构成的电容器，其间距为d，内部的相对介电常数为，静电力常量为k，则比荷为的粒子在分子层间的加速度大小为（　　） A． B． C． D． 3．飞船发射入轨是一个复杂的过程。如图所示，发射飞船时先将飞船发射至近地轨道，在近地轨道的A点调整速度进入转移轨道，在转移轨道上的远地点B调整速度后进入目标轨道。不计飞船质量的变化，只考虑飞船所受的万有引力，已知引力常量为G，地球质量为M，近地圆轨道半径为，目标圆轨道半径为。下列说法正确的是（    ） A．若飞船在转移轨道上运动经过A点时的线速度为，则飞船在此轨道上经过B点时的线速度等于 B．飞船在目标轨道上运动经过B点的加速度比在转移轨道上运动经过B点的加速度大 C．飞船在转移轨道与近地轨道上运动的周期之比为 D．探测器在转移轨道上绕地球从A点向B点稳定运行过程中机械能减小 4．如图甲所示为图丙中的波源沿轴方向上下振动的振动图像，如图乙所示为图丙中的波源沿轴方向上下振动的振动图像，已知波源、相距20cm，C为中点，0~1.4s时间内质点通过的路程为30cm，则质点开始振动的时刻是（　　） A． B． C． D． 5．无风的情况下，在离地面高为H处，将质量为m带电量为+q的球以速度v0水平抛出，空间存在竖直向下的匀强电场。球在空气中运动时所受的阻力大小f=kv，v是球的速度，k是已知的常数，阻力的方向与速度方向相反，并且球在着地前已经竖直向下做匀速运动。已知重力加速度为g，则下列说法中正确的是（　　） A．球刚抛出时加速大小为 B．球着地前瞬间的速度大小为 C．球从抛出到着地过程中克服空气阻力做的功 D．若其他条件不变，仅改变初速度v0的大小，球在空中运动时间不变 6．如图所示，固定在轻杆两端的、两小球紧贴竖直墙面，球紧贴球置于水平地面上。杆受到轻微扰动后，球开始顺着墙面下滑。此后的运动过程中，三球始终在同一竖直面内。已知球的最大速度为，三球大小相同、质量均为，轻杆长为，所有接触面均光滑，重力加速度大小为。下列说法正确的是（　　） A．球落地前轻杆对球的作用力始终不为零 B．球落地前瞬间，球的动量最大 C．球落地前瞬间，动能大小为 D．竖直墙对球的冲量大小为 7．如图所示长方体框架内，上表面是边长为的正方形，顶点固定两个电荷量均为的点电荷，通过固定在顶点的两段细线悬挂质量、不带电的金属小球，其中，小球在竖直平面内，该平面平行于长方体前表面，平面与夹角为。重力加速度，，。则（　　） A．使小球在点保持静止，在面内所加外力的最小值为 B．小球从图中位置由静止释放的瞬间，绳的拉力大小为 C．小球从图中位置由静止释放，运动到最低点时的速度大小为 D．若小球电荷量，它在平面内做完整的圆周运动，经过最高点的最小速度为 8．如图所示，固定光滑曲面左侧与光滑水平面平滑连接，水平面依次放有2024个质量均为2m的弹性物块（所有物块在同一竖直平面内，且间距足够小），质量为m的0号物块从曲面上高h处静止释放后，沿曲面滑到水平面上与1号物块发生弹性正碰，0号物块反弹后滑上曲面再原路返回，如此反复。所有物块均可视为质点、两两间碰撞时均无机械能损耗，重力加速度为g，则下列说法正确的是（　　） A．最终物块间的距离保持不变 B．1号物块共受到4048次碰撞 C．0号物块最终动量大小为 D．2022号物块最终速度 二、多选题 9．风能是一种可再生清洁能源，如图甲所示为一风力发电机，其叶片转动时可形成半径为r的圆面，某时间内该地区的风速为v，且风向恰好与叶片转动形成的圆面垂直，每立方米空气质量为，在与风正对的方向上扇叶的实际表面积为S。图乙是该地区学生实验小组模拟风力发电、输电的简易装置，已知发电机转子以角速度匀速转动，升、降压变压器均为理想变压器，输电线路上的总电阻可等效为一个定值电阻。当用户端接入一个定值电阻R时，上消耗的功率为P。不计其余电阻，下列说法正确的是（　　） A．每秒冲击叶片圆面的气流质量大小为 B．每秒冲击叶片圆面的气流的动能为 C．风速增加，若转子角速度增加为，则上消耗的功率为9P D．若在用户端再并联一个完全相同的电阻R，则上消耗的功率为4P 10．如图所示，水平放置的足够长光滑平行金属导轨间距为L，导轨左端接有阻值为R的电阻，在电阻R和虚线ef之间靠近电阻R的位置存在由四个半径为的四分之一圆弧组成的曲边四边形abcd，abcd区域内存在磁感应强度大小（k>0）、方向竖直向下的磁场，ef右侧的导轨区域内存在磁感应强度大小为、方向竖直向下的匀强磁场。现将质量为m的导体棒MN放置于曲边四边形区域的右侧，且与虚线ef间存在一定距离，0 时刻导体棒在一外加水平向右的恒力F作用下，从图示位置由静止开始向右运动，一段时间后导体棒恰好以速度v0到达虚线ef处，再运动一段时间后导体棒以速度做匀速运动。导体棒与导轨垂直且始终接触良好，导体棒接入电路的电阻也为R，不计导轨电阻，下列说法正确的是（   ） A．导体棒MN到达虚线ef之前，导体棒中感应电流的方向从N流向M B．导体棒所受水平恒力F的大小为 C．导体棒初始位置到ef的距离为 D．导体棒向右运动足够长时间后撤去外力F，导体棒在ef右侧的最终速度为 11．如图所示，在平面坐标系内，有一个圆心在原点的圆形磁场区域，半径为，圆内有方向垂直纸面向外的匀强磁场（图中未画出），磁感应强度大小为；圆外有方向垂直纸面向外的匀强磁场（图中未画出），磁感应强度大小为。点坐标为，点坐标为。时刻，一质量为、电荷量为的粒子从点沿与方向夹角射入磁场，粒子第一次穿过圆形边界进入圆外区域的位置为点，不计粒子重力。下列说法正确的是（　　） A．粒子在点的入射速度大小为 B．粒子运动过程中将会经过点 C．时刻，粒子将第一次回到点 D．时刻，粒子将第一次与点的入射速度相同 三、实验题 12．为了研究人们用绳索跨越山谷过程中绳索拉力的变化规律，同学们设计了如图所示的实验装置。他们将不可伸长轻绳的两端通过测力计（不计质量及长度）固定在相距为的两立柱上，固定点分别为和，低于，绳长为。他们首先在绳上距离点处（标记为）系上质量为的重物（不滑动），由测力计读出、的拉力大小、。随后。改变重物悬挂点的位置，每次将到的距离增加，并读出测力计的示数，最后得到、与绳长的关系曲线如图所示。由实验可知： (1)曲线Ⅱ中拉力最大时，与点的距离为________cm，该曲线为_________（选填“”或“”）的曲线。 (2)重物从P移到Q的整个过程中，P柱受到最大拉力________Q柱受到最大拉力（选填“大于”“等于”或“小于”）。 (3)曲线Ⅰ、Ⅱ相交处，此位置绳的拉力与L、D、m和重力加速度g的关系为________。 13．实验小组探究某一新型导电材料制成的均匀长方体压敏电阻的阻值随压力变化的规律，电源的电动势为3.0V，内阻忽略不计。除图中的器材外，实验室还提供了如下器材可供选择： 电压表V（量程为0~15V，内阻约为20kΩ，其读数用表示） 电流表（量程为0~0.6A，内阻，其读数用表示） 电流表（量程为0~0.6A，内阻约为2Ω，其读数用表示） (1)为较精确的进行测量，请在选好器材后完成图甲中虚线框内的部分电路； (2)在电阻上施加压力，闭合开关S，记下电表读数，该电路测量电阻阻值的表达式为______（用题目中给出的字母表示）。改变压力，得到不同的值，记录数据并绘成图像如图乙所示； (3)探究小组完成上述实验后，利用该规格的压敏电阻设计了一个自动控制开关电路，如图丙所示。图中为直流电源（电动势为3.0V，内阻可忽略），当图中的输出电压达到或超过2.0V时，便触发报警器（图中未画出）报警。若要求压力超过2N时开始报警时，则图中______（填“”或“”）应使用压敏电阻，另一固定电阻的阻值应为______（保留2位有效数字）；如果要提高此装置的灵敏度（即在压力更小时就能触发报警），则可以采取的措施为____________________。 四、解答题 14．水滑梯是水上乐园常见的游乐设施。图1为水滑梯的示意图，倾角为的斜加速滑道AB和水平减速滑道BC平滑连接，起点A距水平滑道的高度为H，BC长d，端点C距溅落区水面的高度为。乘坐滑垫的游客在AB滑道上受到的阻力与所受支持力成正比，比例系数为，在BC滑道上受到的阻力与运动的速度成正比，比例系数为k，阻力方向始终与运动方向相反。质量为m的游客甲乘坐滑垫从滑道起点A无初速度滑下，与在水平滑道末端静止的另一质量为2m的游客乙发生碰撞，游客甲碰后反弹运动l后停下，游客乙从水平滑道飞出，落入水中。已知重力加速度为g，不考虑其他阻力和水流动时产生的推动力，忽略滑垫的质量、碰撞过程中的能量损失以及游客的体积，求： (1)游客甲到达B点的速度大小； (2)游客乙从C点飞出到落水时的位移大小； (3)由于场地限制，水平滑道的起始点与终点距离d无法调整。为减少游客从水平滑道冲出时的速度，设计方将水平直滑道调整为水平曲滑道，滑道由四段圆心角为的圆弧组成，其俯视图如图2所示。若游客甲单独从新设计的水平滑道的B端滑向C端所用的时间为t，求该过程滑道弹力给游客甲的冲量的大小。 15．磁控管是微波炉的核心部件，工作原理是通过电子在电场和磁场中的运动，将电能转化为微波能量的装置，利用产生的微波加热食物。其内部部分区域的电场和磁场的分布如图所示。xOy平面内存在竖直向上的匀强电场和垂直坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B。质量为m、电荷量为e的电子从O点沿x轴正方向水平入射。入射速度为时，电子沿x轴做直线运动；入射速度小于时，电子的运动轨迹如图中的虚线所示，且在最高点与在最低点所受的合力大小相等。不计重力及电子间相互作用。 (1)求电场强度的大小E； (2)若电子入射速度为，求运动到速度为时位置的纵坐标； (3)若电子入射速度在范围内均匀分布，求能到达纵坐标位置的电子数N与总电子数的百分比。 16．如图所示，在光滑水平桌面上有一质量为、边长为的正方形超导线框，其右侧有一长度大于、宽度为的长方形区间存在方向垂直桌面向下、大小为的匀强磁场。建立坐标原点位于磁场左边界中点、水平向右为正方向坐标轴，超导线框在水平桌面上的位置坐标用其右边界的中点来描述。当超导线框的位置坐标时，表示超导线框恰好开始进入磁场，此时。已知超导线框开始进磁场时的初速度，在运动过程中超导线框边长始终保持平行磁场边界。由于超导电阻为零，当超导线框进入磁场时会产生感应电流，该感应电流产生的磁场会阻止超导线框的磁通量变化，以保持超导线框的磁通量不变。已知超导线框的电感为，若超导线框中有电流，则由此电流产生的磁通量为。 (1)当超导线框运动至处时，求其中的电流； (2)超导线框运动至的过程中，求安培力所做的功与安培力的冲量； (3)求超导线框最终的速度和超导线框具有的磁能。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 辽宁原创联盟高考押题卷（三）参考答案 1．A 【详解】AB．设橡皮筋的劲度系数为，带正电的物块在木板上刚好能保持静止，说明物块所受摩擦力与电场力平衡，可知 当物块位于点时，物块恰好要沿向右运动，则 物块位于点时，设橡皮筋伸长量为，橡皮筋拉伸方向与夹角为，根据受力平衡，由余弦定理有 解得，故A正确，B错误； CD．由上述分析可知橡皮筋弹力，故CD错误。 故选A。 2．A 【详解】将细胞膜视为平行板电容器，设其面积为S，则其电容 又根据题意可知其所带电荷量 则两板间的电压 两板间的场强 比荷为的粒子在分子层间的加速度大小 故选A。 3．C 【详解】A．根据开普勒第二定律，对转移轨道有 整理得，故A错误； B．加速度由万有引力提供，有 即 飞船在转移轨道和目标轨道经过B点时到地心的距离相同，因此加速度相等，故B错误； C．根据开普勒第三定律，绕同一中心天体运动的天体满足 转移轨道为椭圆，半长轴 近地圆轨道半长轴为，因此 整理得周期比，故C正确； D．转移轨道运行过程中，只有万有引力做功，机械能守恒，故D错误。 故选C。 4．A 【详解】由图像可知，振幅，周期 因为C为AB中点，若两列波同时到达C点，C点振动加强，在一个周期内通过的路程为8A=40cm 若只有一列波到达C点，在一个周期内通过的路程为4A=20cm 已知时间内C质点通过的路程为30cm，说明内C点先只参与一列波的振动，通过的路程为20cm，然后参与两列波的振动，通过的路程为10cm。 设波速为v，则波从A或B传播到C的距离 从开始到C点开始振动经过的时间，使得C点先只参与一列波的振动一个周期，再参与两列波的振动半个周期，总共用时1.4s。 设波从波源传播到C点用时t，则有 代入数据可得t=0.8s 即C质点开始振动的时刻是t=0.8s 故选A。 5．D 【详解】A．小球刚抛出时受到的合力大小为 根据牛顿第二定律可得，球刚抛出时的加速度大小为，故A错误； B．球最终竖直向下做匀速直线运动，设此时速度为v，根据平衡条件可得 所以，故B错误； C．设球从抛出到着地过程中克服空气阻力做的功为W，由动能定理得 解得，故C错误； D．在竖直方向上，根据动量定理可得，， 所以 由此可知，若其他条件不变，仅改变初速度v0的大小，球在空中运动时间不变，故D正确。 故选D。 6．D 【详解】B．A球沿着墙壁加速下滑时，轻杆对B有斜向右下的推力，BC一起向右加速，设轻杆与水平方向的夹角为时，两球的速度分别为、，系统机械能守恒有 轻杆在杆的方向速度相等，有 联立解得 由数学知识可知，在内，B的速度有最大值，即A球下落一段高度后，B的动量最大，故B错误； A．当B的速度达到最大时，此后轻杆从推力变为拉力，B开始做减速运动，C和B分离，C以最大速度向右做匀速直线运动，A球离开墙壁沿曲线落地，则球落地前在B球的速度达到最大时轻杆对球的作用力为零，故A错误； C．自小球A离开墙面到小球落地，A、B和轻杆水平方向动量守恒，则mv=mvB+mvAx 且有vB=vAx 解得 轻杆对小球A做功大小等于对小球B做功大小，即等于小球B、C的动能增量，则有 可得小球A落地前瞬间动能大小为，故C错误； D．B、C分离后小球C做匀速直线运动，所以B、C分离时，两球速度均为v，对三小球整体列水平方向动量定理，则I墙=2mv，故D正确。 故选D。 7．C 【详解】A．小球静止在P点，绳子拉力沿径向指向e，外力最小需平衡重力的切向分量： 故A错误； B．释放瞬间速度为0，向心力为0，径向合力为零。设单根绳拉力为，每根绳径向分量为 两根总径向分量为，等于重力径向分量： 解得 故B错误； C．从P到最低点，竖直下落高度差 由动能定理： 代入得 解得，即 故C正确； D．由对称性可得，两个点电荷对的库仑斥力合力恒沿径向背离圆心e点，库仑力合力为 重力为 故经过最高点的最小速度可以为0（最高点受到的合力为0） 故D错误。 故选C。 8．C 【详解】AD．对0号物块，从曲面最高点到最低点过程中，根据机械能守恒定律有 解得 由题可知，2024个弹性物块两两之间碰撞时交换速度，所以2024号物块最终速度是0号物块与1号物块发生弹性正碰后1号物块的速度，由机械能守恒和动量守恒有， 解得， 可知2024号物块最终速度为，同理2023号物块最终速度是0号物块与1号物块第2次发生弹性正碰后1号物块的速度为，2022号物块最终速度为 故后面物块的速度不断减小，间距不断增大，故AD错误； B．2024个弹性物块两两之间碰撞时交换速度，0号物块与1号物块碰撞2024次，2号物块在开始匀速运动之前与1号物块碰撞2023次，故1号物块共受到4047次碰撞，故B错误； C．根据A项分析知，0号物块与1号物块碰撞1次后，0号物块的速度为 0号与1号发生碰撞后，1号将与2号发生正碰，因两者质量相同，将发生速度交换，1号将静止。之后0号将继续与1号发生第二次碰撞，同理可得，0号第二次碰撞后的速度为 最终0号物块要与1号物块碰撞2024次，所以0号物块最终动量大小为，故C正确。 故选C。 9．AC 【详解】A．每秒内，风沿风向移动的距离为，冲击叶片的气流体积为 每立方米空气质量为，因此每秒冲击叶片的气流质量，故A正确； B．每秒气流的动能，故B错误； C．设发电机线圈匝数为N、磁感应强度为B，线圈面积为S，由 可得有效值 可知当角速度变为，电动势变为原来的3倍；电路总电阻不变，因此输电电流也变为原来的3倍。消耗功率 因此功率变为，故C正确； D．用户端并联一个相同电阻后，等效到输电回路后，总电阻 用户总电阻变为后， 总电阻为 因此输电电流小于原来的2倍，消耗功率小于，故D错误。 故选AC。 10．ACD 【详解】A．根据楞次定律可知感应电流的磁场方向竖直向上，由安培定则可知导体棒中的感应电流方向从流向，A正确； B．从某时刻开始导体棒恰好以速度做匀速运动，该过程导体棒受力平衡，由平衡条件可得 其中， 解得，B错误； C．根据 其中 可得导体棒初始位置到ef的距离，C正确； D．当导体棒速度减为零时会反向运动，最终速度满足 解得，D正确。 故选ACD。 11．AC 【详解】A．画出粒子的运动轨迹如图，设粒子在圆内磁场做圆周运动的半径为r，则由几何关系可知 因 解得粒子在点的入射速度大小为，A正确； B．粒子在圆外磁场中运动时 可得 根据粒子运动轨迹可知，粒子不可能经过O点，B错误； C．由几何关系可知，粒子每次在圆内磁场和圆外磁场中转过的角度均为120°，根据运动轨迹，当粒子回到a点时，在圆内磁场中转过的角度为θ1=3×120°=360°，在圆外磁场中转过的角度也为θ2=3×120°=360°，粒子在圆内磁场中和圆外磁场中运动的周期分别为， 根据可知，粒子第一次回到a点的时间为，C正确； D．由图可知，粒子第一次与点的入射速度相同时是经过d点，则用时间为 即时刻粒子将第一次与点的入射速度相同，D错误。 故选AC。 12．(1) 60 (2)小于 (3) 【详解】（1）[1]由图可知曲线Ⅱ中拉力最大时，对应的横坐标为 [2]选取结点C为研究对象，受力图如下 则水平方向平衡，有 竖直方向有 在重物从移到的整个过程中，当时，绳上的拉力等大，此时由图可知，该处离点较近。当到与的距离相等时，受力如图 由于 可得 综上，曲线II是的曲线。 （2）结合上述分析可知曲线I是的曲线，重物从P移到Q的整个过程中，曲线I的最大值大于曲线II的最大值，故P柱受到最大拉力小于Q柱受到的最大拉力。 （3）设曲线Ⅰ、Ⅱ相交处绳的拉力为，由上述分析可知，延长线交于另一立柱上，则该延长线与关于过点的水平线上下对称，故 两拉力相等，由力的平衡可知 故 13．(1) (2) (3) R1 28 增大R2/增大电源电动势 E 【详解】（1）因电源的电动势为3.0V, 电压表V量程为0~15V,故电压表不宜使用,用安安法测电阻，把已知内阻的电流表与压敏电阻并联, 电流表接在干路中,电路图如下 （2）根据串并联电路规律和欧姆定律可得，该电路测量电阻阻值的表达式为 （3）[1]压力增大，压敏电阻减小，分压减小，故要求压力超过2N时，输出电压达到或超过2.0V时触发报警，那么输出端应与R2并联，故R1是压敏电阻 [2]根据闭合电路欧姆定律可得输出电压为 已知报警电压为，而F=2N时， 解得 [3]如果要提高此装置的灵敏度，即在压力更小时，R1的阻值更大，分压更大，使得 R2分到更小的电压就触发报警，那么应该增大R2或电源电动势E。 14．(1) (2) (3) 【详解】（1）对于游客甲，从A到B的运动过程，根据动能定理，有 解得 （2）设碰撞后游客甲速度大小变为，对于游客甲碰撞后有， 联立解得 设游客甲与游客乙碰撞前速度为，游客乙速度大小变为，碰撞前后动量守恒、机械能守恒，有， 解得 设碰撞后乙飞出的水平位移为x，在空中运动时间为t，由自由落体运动规律，得 在水平方向的位移为 游客乙从C点飞出到落水时的位移大小为 （3）设游客甲从B点冲入的速度为，从C点冲出时的速度为，在水平面内设沿着BC方向为y方向，沿BC垂直方向为x方向，竖直方向设为z方向，则全过程甲速度在x与y方向的分量分别为，。对x、y、z三个方向的动量定理，有，， 且有， 联立解得，， 设圆弧的半径为r，水平曲滑道的总长度为s，由几何分析可得， 联立解得 游客甲在水平曲线滑道上做变速圆周运动的全过程仅由阻力提供切向力改变速度的大小，设游客甲全过程中运动的速率为v，则有 对等式两边同乘极短的时间，并求和可得 解得 联立解得 全过程中滑道弹力对游客的冲量满足 15．(1) (2) (3)90% 【详解】（1）由题知，入射速度为时，电子沿x轴做直线运动，则有 解得 （2）由于洛伦兹力不做功，电子入射速度为，当电子运动到时，此过程中根据动能定理有 解得 故电子坐标纵坐标为 （3）若电子以速度v入射时，设电子能到达的最低点位置的纵坐标为y，速度设为，则根据动能定理有 由于电子在最高点与在最低点所受的合力大小相等，则在最低点有 在最高点有 联立解得， 要让电子到达纵坐标位置，即，联立解得 故在的范围，能到达纵坐标位置的电子数N占总电子数的90%。 16．(1) (2)，，沿负轴方向 (3)见详解 【详解】（1）超导线框在运动过程中磁通量不变，当超导线框运动至处时，长方形区间对线框的磁通量与线框由自感产生的磁通量等大反向，满足 解得 （2）超导线框在进入磁场的过程中，回路的电流满足 故线框受到的安培力为 安培力所做的功满足 将代入，解得 线框运动到的速度可由动能定理求得，满足 解得 因此安培力的冲量为 方向沿负轴方向 （3）线框的初动能为 ①若，由 可知线框的右边可出磁场，左边仍在磁场中。因超导线框的磁通量不变，可知电流方向不变，超导线圈受力方向与速度方向一致，沿轴方向加速运动，根据对称性知，超导线圈以速度全部出磁场，电流减小至0，磁场能也为零。 ②若，超导线框完全进入磁场时减速至0。因超导线框的磁通量不变，电流最大值为 磁场能最大 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $