2026年重庆市第八中学校中考自编模拟测试物理试卷三

重庆市第八中学校2026年中考模拟 物理试卷 三 一、单选题 1．物理源于生活，下列说法最符合生活实际的是（　　） A．人体安全电压是不高于36V B．成人双脚站立时对地面压强为1000Pa C．一个鸡蛋的质量约为500g D．家用空调正常工作1小时耗电约为0.02kW·h 2．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　） A．物体内能增加，一定是从外界吸收了热量 B．物体吸收了热量，温度不一定升高 C．温度高的物体含有热量多 D．的冰没有内能，它的分子也不会运动 3．如图所示的现象中，由于光的折射形成的是（　　） A．  树荫下的光斑 B．  手影 C．   月亮的“倒影” D．   笔“折断”了 4．如图所示，在微型电风扇的插头处接上一个小灯泡，用手旋转叶片，发现小灯泡发光．选项图示实验原理能解释上述现象的是（  ） A． B． C． D． 5．下列说法正确的是（  ） A．洗手液的吸液泵头是利用连通器的原理工作 B．静止在桌面上的茶杯，所受的重力与桌面对它的支持力是相互作用力 C．加油机在空中给战机加油时，以战机为参照物，加油机是静止的 D．跳远助跑，能跳得更远，是受到了惯性的作用 6．如图所示的电路中，电源电压为18V且保持不变，定值电阻R0=10Ω，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～15V。当闭合开关S，滑动变阻器RP的滑片P置于中点时，电流表示数为0.3A。则下列说法正确的是（　　） ①滑动变阻器RP的最大阻值为50Ω ②调节滑片P的位置并保证电路安全，则RP接入电路的阻值范围是20Ω～50Ω ③调节滑片P的位置并保证电路安全，电路中电流范围是0.3A～1.8A ④调节滑片P的位置并保证电路安全，电路总功率范围是5.4W～10.8W A．①② B．②④ C．③④ D．②③ 7．如图甲所示，底面积200cm2的轻质薄壁柱形容器放置于水平桌面上。底面积100cm2，高度16cm的柱体A通过不可伸长的细线与容器底部相连。向容器中注入某种液体，细线上拉力F与容器中液体深度h的关系如图乙所示，当液体深度h为30cm时，马上停止注入液体并切断细线，下列说法中错误的是（　　） A．液体的密度为0.8g/cm3 B．柱体A的密度为0.6g/cm3 C．切断细线到A静止时，A上升的高度为10cm D．切断细线，待A静止后，液体对容器底部的压强是2240Pa 8．如图所示的电路，电源电压U=12V保持不变，滑动变阻器R0标有“114Ω 1A”，灯泡L标有“6V 6W”（不计温度对灯丝电阻的影响），电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~15V。为了确保测量准确，要求电表的示数不小于其最大测量值的，要使测量准确并确保电路安全。下列判断正确的是（　　） A．灯泡L的最小功率是0.06W B．滑动变阻器的最小功率为2.16W C．电路中电流的变化范围是0.11~0.6A D．滑动变阻器连入电路的阻值的变化范围是14~48Ω 二、填空题 9．最早测出大气压值的是______实验，若将该实验从山脚移到山顶上进行，测出的大气压值会______（选填“变大”、“不变”或“变小”）。 10．2020年7月26日，中国自主研发的水陆两栖飞机“鲲龙”AG600海上首飞成功，如图甲所示。当AG600从海面加速起飞过程中，机翼上表面空气流速大，向下的压强_________（选填“大”或“小”），从而产生了升力。2020年3月，为了解决疫区的配送问题，顺丰速运采用了无人机快递服务。如图乙所示，无人机在带着包裹匀速升空过程中，不计空气阻力，包裹的动能将_______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 11．在小区改造工程中，工人师傅用滑轮组提升建筑材料，如图所示。滑轮组挂在固定的钢架上，每个滑轮重为。绳子自由端受到的拉力为，材料在内匀速上升了，不计绳重和摩擦，此过程中绳子自由端的速度为_____，滑轮组的机械效率为_____。 12．晓欢同学设计了如图所示的装置探究杠杆的平衡条件，在轻质杠杆AB的A端悬挂一个质量为3.0kg的空桶，AO∶OB=3∶1。将质量分布均匀，重为270N的异形工件M通过细线与B端相连，已知M的上下两部分均为正方体，且边长之比为1∶2，此时，杠杆在水平位置平衡，且M对地面的压强为4500Pa，不考虑机械的摩擦，此时细线对M的拉力为___________N；若在M的下部沿竖直方向截去部分，并将其放入空桶中，使M对地面的压强变为原来的，则截去部分的质量为___________kg。 13．如图所示，电源电压U保持不变。当开关闭合、和断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，电路的总功率为，再将滑片滑至最左端时，电压表的示数变为原来的三分之一，则______；当开关和闭合、断开，滑动变阻器的滑片从最右端滑至中点时，的功率减小了0.1W；当所有开关闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，电路的总功率为，两只电流表示数相差0.6A。已知，通过开关的通断和滑动变阻器滑片的移动，整个电路消耗的最小功率是______W。 三、作图题 14．如图所示，一物体静止在斜面上，请你画出物体所受重力G及物体对斜面压力F的示意图． ( ) 15．（1）请在图中画出动力F1的力臂l1； （2）根据通电螺线管的磁感线方向，确定图中电源a端的极性，用“+”或“-”填在括号内。 四、实验题 16．如图所示，在“探究凸透镜成像规律”的实验中： (1)如图甲所示，凸透镜的焦距为___________cm； (2)如图乙所示，蜡烛恰好在光屏上成倒立、___________的实像（选填“放大”、“缩小”或“等大”）。人们利用这一成像特点，制成了___________（选填“照相机”或“投影仪）。 小芳用如图所示的装置“探究水沸腾时温度变化特点”的实验。 (3)图甲中温度计的安装是 ___________（选填“正确”或“错误”）的，会导致所测温度偏高； (4)沸腾时水中气泡的情形如图乙中 ___________（选填“A”或“B”）； (5)当水温接近90℃时，每隔 1min记录一次温度，并绘制了如图丙所示水温随时间变化的图像，由图丙可知，此时的大气压 ___________一个标准大气压（选填“大于”、“等于”或“小于”）。 17．重庆一中物理兴趣小组的小华同学在学习了密度测量之后，决定在实验室测量橙汁的密度，他进行了以下操作： （1）将天平放在水平桌面上，把 ______移到标尺左端零刻度线处，指针静止后的情形如图1甲所示。要使天平在水平位置平衡，应将横梁上的平衡螺母向 ______（选填“左”或“右”）调。 （2）小华接着进行了以下实验步骤，为了减小误差，其最合理的顺序是 ______（填字母）。 A．将烧杯中的橙汁全部倒入量筒中，读出橙汁的体积，如图1乙所示； B．用天平测出空烧杯的质量为51.8g； C．烧杯中盛适量的橙汁，用天平测出橙汁和烧杯的总质量，如图1丙所示； （3）量筒中橙汁的体积是 ______cm3，由上述测量数据可计算出橙汁的密度为 ______kg/m3。 （4）物理兴趣小组的小平同学是一位文物爱好者，他了解到2021年三星堆遗址祭祀区三号坑、四号坑出土了大量文物，于是网购了三星堆青铜三角眼面具的仿品（如图2a所示），他利用家里的电子秤等用品测量了这个青铜面具仿品（不吸水）的密度。 ①将电子秤放在水平桌面上，背铜面具放在电子秤上，电子秤示数如图2b所示； ②将装有适量水的柱形小桶放在电子秤上，电子秤示数如图2c所示； ⑧将青铜面具用细线栓好，缓慢放入装水的小桶中至浸没（不触底），电子秤示数如图2d所示，此时青铜面具受到的浮力为 ______N； ④该青铜面具的密度为 ______kg/m3。 ⑤若小平做完实验后才发现，取下电子秤盘上的小桶后，电子秤的示数并没有显示为“0000.0g”，而是显示为“0000.5g”，则小平在步骤④中所测得的青铜面具的密度将 ______（选填“偏大”、“偏小”或“无影响”）。 18．小华同学用“伏安法”来测量定值电阻Rx的阻值（约为10Ω），于是他从学校实验室借了一些器材，连接了如图所示的实物电路，其中滑动变阻器标有 “30Ω  1A”字样。 电压U（伏） 电流I（安） 1 2.8 0.22 2 2.2 0.27 3 1.6 0.30 （1）用图所示电路测量未知电阻所依据的原理是______；连接电路时开关应______；实际操作中，小华同学发现两个电表只有一个有示数，初步检查确认，电路接线完好，两个电表均无故障，则发生故障的元件应是______。 A．电源          B．电阻Rx C．滑动变阻器 （2）故障排除后将变阻器阻值调到最大，闭合开关，电流表示数为0.12A，电压表示数为1.8V，则电源提供的实际电压为______V，计算Rx的阻值为______Ω，为了使测量结果更可靠，下一步的操作是______。 （3）随后小华改做“测定小灯泡的电功率”实验，重新选择了电源（电压保持不变）、待测小灯泡（标有“0.27A”字样）、电流表、电压表（只有0~3V挡完好）、滑动变阻器开关及导线若干。小华正确连接电路后进行实验，在移动变阻器滑片至某一位置时，发现电压表示数为3V、电流表示数为0.22A。他经过思考重新连接电路进行实验，将新测得的三组数据记录在表格中，则此时电源电压为______V，小灯泡的额定功率为______W。 五、计算题 19．如图所示的电路中，电源电压，电阻，开关S闭合时，电流表A的示数为0.5A。求： (1)通过电阻的电流； (2)内电阻消耗的电能。 20．如图是某饮水机的电路原理简图，电热丝R1、R0绕在出水管上，水经过出水管时被加热，通过改变“温、开水选择开关”的状态（“断开”或“闭合”），可以选择出温水或开水。该饮水机的额定电压是220V，开水加热电功率是2200W，温水加热电功率是1100W。已知R1、R0电阻值不随温度变化，水的比热容c＝4.2×103J/(kg·℃)，水的密度ρ＝1×103kg/m3。求： (1)饮水机正常工作，出开水时电热丝中的电流I和电热丝R1的电阻值； (2)现在需要100℃的开水500mL，已知水的初温是23℃，水需要吸收多少热量？如果电能转化为水的内能的效率是80%，饮水机正常工作时，烧开这些水需要多少时间？ 21．放置的均匀电阻杆B固定在墙面上，AB长3m，每米阻值为12Ω；另有一水平放置的轻质金属导轨CE长4m，不计电阻，可绕C点转动；一轻质金属滑片垂直连接在AB、CE间且接触良好，并与质量为6kg的绝缘滑块Q粘连。导轨CE上的D点和电阻杆AB的B端通过导线与电路相连，导轨E端通过绳子、滑轮与质量为3kg的重物M相连。已知：电源电压12V，灯泡规格“4V 1.6W”闭合开关S，若滑块Q从C开始以0.2m/s的速度匀速向D运动，当M刚要离开地面时，灯L恰好正常发光。（不计滑片P的电阻，忽略温度对灯泡电阻的影响，忽略绳重，滑片P的弹力及一切摩擦，忽略滑块及滑片的宽度）求： （1）为了保证物体M不离开地面，滑块Q最多运动的时间为多少s？ （2）定值电阻R0的阻值为多少Ω？ （3）若电压表的量程为，电流表的量程为 ，则在电路安全的范围内，物块M对地面的最小压力为多少N？ 2 1 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 1．A 【详解】A．对人体安全电压要小于等于36V，故A符合题意； B．中学生每只鞋的底面积大约为200cm2，即0.02m2，故双脚面积S=0.04m2，中学生的体重大约为50kg，对水平地面的压力 F=G=mg=50kg×10N/kg=500N 双脚站立时对水平地面的压强约为 故B不符合题意； C．根据常识知道，一个鸡蛋的质量约为50g，故C不符合题意； D．家用空调正常工作1小时耗电 W=Pt=1kW×1h=1kW·h 故D不符合题意。 故选A。 2．B 【详解】A．改变内能的方法有两种：做功和热传递；物体内能增加，可能是从外界吸收了热量，可能是外界对物体做功，故A错误； B．晶体熔化时，吸热温度不变，故物体吸收了热量，温度不一定升高，故B正确； C．热量是热传递过程中内能改变的多少，是过程量，不能讲“含有”，故C错误； D．任何物体都有内能，冰分子在永不停息地做无规则运动，故D错误。 故选B。 3．D 【详解】A． 树荫下的光斑，是由于光的直线传播形成的太阳的“像”，是小孔成像，故A不符合题意． B． 手影是由于光的直线传播形成的，故B不符合题意． C． 月亮的“倒影”属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C不符合题意． D． 从水中筷子上反射的光从水中斜射入空气时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是筷子的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故D符合题意为答案． 4．C 【详解】微型电风扇是电动机，电动机的结构与发电机相类似，在微型电风扇的插头处接上一个小灯泡，用手旋转叶片， 发现小灯泡发光，是利用运动的线圈在磁场中切割磁感线产生了电流，即电磁感应现象，并将机械能转化为了电能．小灯泡发光把电能转化成了光能．所以： A． 奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，故A不符合题意． B． 探究影响电磁铁磁性强弱的因素，电流相同时，线圈匝数越多磁性越强，故B不符合题意． C． 电磁感应现象，闭合电路的部分导体做切割磁感线运动产生感应电流，故C符合题意为答案． D． 通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故D不符合题意． 故选C。 5．C 【详解】A．向下压时瓶内气体被压缩，压缩气体把洗手液压出来的，液体溢出，与连通器无关，故A错误； B．静止在桌面上的茶杯，所受的重力与桌面对它的支持力，大小相等方向相反，作用在同一直线上，作用在同一个物体上，是一对平衡力，故B错误； C．飞机在空中加油，以战机为参照物，加油机与战机之间的位置没有生变化，所以加油机是静止的，故C正确； D．跳远运动员具有惯性，助跑越快，由于要保持原来的运动状态，所以跳的越远，不能说受到了惯性的作用，故D错误； 故选C。 6．B 【详解】①．由电路图可知，闭合开关后，定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测滑动变阻器两端电压，因电流表示数为I=0.3A，故由欧姆定律可知定值电阻两端电压为 因电源电压为18V，故可得滑动变阻器两端分压为 由欧姆定律可得，此时滑动变阻器接入电路的阻值为 由题意可知，此时滑动变阻器接入电路中的电阻长度为总长度的一半，因电阻的阻值与长度成正比，故可知滑动变阻器的最大阻值为 故①错误； ②．由电流表量程可知，电路中的最大电流为Imax=0.6A，此时定值电阻两端电压为 故此时滑动变阻器两端分压为 解得此时滑动变阻器接入电路中的最小阻值为 由电压表量程可知，滑动变阻器两端电压最大为，故此时定值电阻两端分压为 故此时电路中的电流为 解得此时滑动变阻器接入电路中的最大阻值为 可得RP接入电路的阻值范围是20Ω～50Ω，故②正确； ③．由②中分析可知，要保证电路安全，电路中的最大电流为0.6A，最小电流为0.3A，故电路中的电流范围为0.3A～0.6A，故③错误； ④．由③中分析可知，要保证电路安全，电路中的电流范围为0.3A～0.6A，故由P=UI可得，电路中的最小功率为 电路中的最大功率为 故④正确； 故由上述分析可知，ACD不符合题意，B符合题意。 故选B。 7．C 【详解】AB．由图乙可知，当容器中液体深度h1＝24cm时，柱体A恰好浸没，此时细线上拉力为3.2N，此时柱体A排开液体的体积 V排＝VA＝SAhA＝100cm2×16cm＝1600cm3＝1.6×10﹣3m3 柱体A受到的浮力 F浮＝ρ液gV排＝ρ液g×1.6×10﹣3m3 因柱体A恰好浸没时受到竖直向上的浮力、竖直向下重力和细线的拉力作用处于平衡状态，所以，由柱体A受到的合力为零可得 F浮＝GA+F 即 ρ液g×1.6×10﹣3m3＝GA+F① 细绳的长度 L＝h1﹣hA＝24cm﹣16cm＝8cm 由图乙可知，当容器中液体深度h2＝20cm时，细线刚好拉直，但柱体仍然漂浮，此时柱体A排开液体的体积 V排′＝SA（h2﹣L）＝100cm2×（20cm﹣8cm）＝1200cm3＝1.2×10﹣3m3 由物体漂浮条件可得 GA＝F浮′＝ρ液gV排′＝ρ液g×1.2×10﹣3m3② 由①②可得 又有 GA＝mAg＝ρAVAg 代入②可得 故AB正确，不符合题意； C．柱形容器内液体的体积 V液＝S容h﹣VA＝200cm2×30cm﹣1600cm3＝4400cm3 切断细线到A静止时，柱形容器内液体的深度 因物体漂浮时，浸没的深度 h浸＝h2﹣L＝20cm﹣8cm＝12cm 所以A上升的高度 △h＝h′﹣h浸﹣L＝28cm﹣12cm﹣8cm＝8cm 故C错误，符合题意； D．切断细线，待A静止后，液体对容器底部的压强 p＝ρ液gh′＝0.8×103kg/m3×10N/kg×0.28m＝2240Pa 故D正确，不符合题意。 故选C。 8．B 【详解】根据题意，由电功率的公式灯泡正常工作时的电流为 由欧姆定律灯泡电阻为 为了确保测量准确，要求电表的示数不小于其最大测量值的，电流表的量程为0~0.6A，则电流表最小电流为 故电流允许的电流变化范围为0.2A~0.6A。 当电路中电流最小时，灯泡两端的电压为 此时灯泡功率最小，由电功率的计算公式可得灯泡的最小功率为 此时滑动变阻器接入阻值最大，其两端电压为 此时滑动变阻器接入最大阻值为， 根据题意，电流表量程为0~0.6A，电路中允许的最大电流为，根据欧姆定律，电路中最小电阻为 由串联电路电阻的关系可得此时滑动变阻器接入的最小电阻为 故滑动变阻器的接入范围为14~54Ω。 由电功率计算公式滑动变阻器的功率为 即当时，滑动变阻器功率最大为6W，而电路允许的最大电流为0.6A，根据滑动变阻器的功率与电流的函数关系，在电路允许的电流范围内电流越小，滑动变阻器功率也越小，故当滑动变阻器为，此时电流为，，其功率最小，由电功率公式可得滑动变阻器的最小功率为 综合上述分析，故ACD错误，B正确。 故选B。 9． 托里拆利 变小 【详解】[1][2]最先测量了大气压的数值的是托里拆利实验，1标准大气压等于76cm水银柱产生的压强；海拔越高，大气压越低。因此，若将该实验从山脚移到山顶上进行，测出的大气压值会变小。 10． 小 不变 【详解】[1]根据流体压强与流速的关系，流体流速越大，压强越小，故AG600从海面加速起飞过程中，机翼上表面空气流速大，向下的压强小，从而产生了向上的升力。 [2]无人机在带着包裹匀速升空过程中，包裹的质量不变，速度不变，动能不变。 11． 0.3 90% 【详解】[1]由图可知，动滑轮上承担物重的绳子段数，物体上升高度，因此绳子自由端移动的距离 已知运动时间，根据速度公式得 [2]不计绳重和摩擦，拉力满足关系，因此物重 滑轮组机械效率 12． 90 1.5 【详解】[1]空桶重力为 GA=mg=3kg×10N/kg=30N 由杠杆平衡原理知道 OA×GA=OB×FB 根据平衡力和相互作用力可知，细线对M的拉力与杠杆B端受到的拉力相等，为 [2]地面对M的支持力为 F支=GM-FB=270N-90N=180N M对地面的压力与地面对M的支持力是一对相互作用力，大小相等，所以M对地面的压力为 F压=F支=180N 由 知道，M的底面积 所以，正方体M下半部分的棱长为0.2m，由于M上下两部分皆为正方体，且棱长之比1∶2，所以上半部分的棱长为0.1m，则整个正方体M的体积为 V=(0.2m)3+(0.1m)3=9×10-3m3 由G=mg知道，M的质量 M的密度为 假设切去部分质量为m，由知道，切去部分的体积为 则切去部分的底面积为 则物体M切去一部分后与地面的接触面积为 根据题意知道，切割后M对地面的压强 由 知道，此时地面对M的压力 压力和支持力是一对相互作用力，大小相等，此时的支持力为 ……① 此时B端绳子的拉力为 FB'=(GM-mg)-F支……② 由杠杆平衡原理知道 OA×(GA+mg )=OB×FB' 解得 ……③ 由①②③解得 13． 1：2 1.8 【详解】[1]由题意可知，当开关闭合、和断开，电路中R2、R3串联，滑动变阻器的滑片在最右端时，电压表测量电源电压，再将滑片滑至最左端时，电压表测量电阻R2两端的电压，电压表的示数变为原来的三分之一，则 可得 电路的总功率为 [2]当所有开关闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，R1、R2并联后，R3被短路，电流表A1测量通过电阻R2的电流，电流表A2测量干路电流，电路总功率为 因为 则 可得 R1：R2=2：1 则 R1：R2：R3max=2：1：2 又因为两只电流表示数相差0.6A，则 当开关和闭合、断开，电路中R1和R3接入的部分电阻串联，滑动变阻器的滑片从最右端滑至中点时，滑动变阻器R3接入电阻由R3max慢慢减小至，则两次电流分别为 因为的功率减小了0.1W，可得 可得 根据 可知，当电路总电阻最大时，电路总功率最小，即在开关闭合、和断开，电阻R1和R3max串联，此时电功率最小，最小电功率为 14． 【分析】重力的方向总是竖直向下的，过物体的重心表示出重力的方向即可；压力是接触面受到的力，压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可． 【详解】（1）过物体重心作竖直向下的带箭头的线段，并标上重力的符号G，即为重力的示意图． （2）在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点作垂直于斜面带箭头的线段，并标上力的符号F，即为压力的示意图． 15．（1）；（2） 【详解】（1）从支点O向力F1的作用线作垂线，垂线段的长度即为力臂l1，如图： （2）通电螺线管外部磁感线从N出发，回到S极，故螺线管右端为N极，左端为S极，由安培定则可知电流从螺线管的右端流入，左端流出，电源a端是负极，如图所示： 16．(1)10.0 (2) 放大 投影仪 (3)错误 (4)A (5)小于 【详解】（1）根据平行光测焦距的方法，由图甲可知，凸透镜的焦距为 f=60.0cm-50.0cm=10.0cm （2）[1][2]由图乙可知，物距小于像距，根据凸透镜成像的规律，此时光屏上呈倒立、放大的实像，投影仪是根据这一原理制成的；照相机是利用凸透镜成倒立缩小的实像的原理制成的。 （3）由图甲可知，温度计的玻璃泡接触了烧杯底部，会导致测量的温度偏高，此操作错误。 （4）水沸腾时会产生大量气泡，且气泡在上升过程中逐渐变大，故可知沸腾时水中气泡的情形如图乙中A。 （5）由图丙可知，水沸腾后温度保持在沸点不变，故可知水的沸点为97℃，一标准大气压下水的沸点为100℃，气压越低，液体的沸点越低，故此时大气压小于1标准大气压。 17． 游码 右 CAB 50 1.2×103 0.65 8.3×103 偏大 【详解】（1）[1][2]将天平放在水平桌面上，把游码移到标尺左端零刻度线处，天平的调节根据左偏右调，右偏左调的原则进行调节，图甲指针左偏，应将横梁上的平衡螺母向右调节。 （2）[3]先测量液体与杯子总质量，将烧杯中的橙汁全部倒入量筒中，读出橙汁的体积，再测空杯质量，两次质量相减即为量筒中液体质量，这样的顺序可以减小实验误差，因此实验顺序为CAB。 （3）[4]根据 测量密度，图乙中液体体积 V＝50mL＝50cm3 [5]图丙液体和杯子总质量为111.8g，则液体质量为 m＝111.8g﹣51.8g＝60g 橙汁的密度为 （4）[6]由图b可知青铜面具质量 m＝539.5g＝0.5395kg 体积需要结合图2中的cd，求出变化的质量为 Δm＝1185.6g﹣1120.6g＝65g 根据变化的质量得出变化的压力 ΔF＝Δmg＝0.65N 变化压力大小等于青铜面具受到的浮力大小 F浮＝ρ液gV排＝0.65N [7]面具的体积 则青铜面具的密度 [8]取下电子秤盘上的小桶后，电子秤的示数并没有显示为“0000.0g”，而是显示为“0000.5g”，说明电子秤没有调零，则在步骤①中测得青铜面具的质量偏大，而在步骤②③中根据质量变化量求出的浮力没有受到影响，即测得青铜面具的体积是准确的，根据密度公式可知测得青铜面具的密度偏大。 18． 断开 B 5.4 15 移动滑动变阻器滑片位置，多次测量求平均值 5.8 0.972 【详解】（1）[1]伏安法测电阻需要测出电阻两端的电压和通过电阻的电流，测量原理为 [2]在连接电路中，为了电路安全，开关应该保持断开状态。 [3]小华同学发现两个电表只有一个有示数，初步检查确认，电路接线完好，两个电表均无故障， A．若电源故障，电路中没有任何电流通过，电流表电压表都没有示数，故A不符合题意； B．若电阻Rx有故障，若短路，电压表无示数，电流表有示数，若断路，电流表无示数，电压表有示数，故B符合题意； C．若滑动变阻器有故障，两表同时有示数或者无示数，故C不符合题意。 故选B。 （2）[4]当滑动变阻器的调到最大值为30Ω，滑动变阻器与定值电阻串联，串联电路中电流处处相等，滑动变阻器的电流也为0.12A，则滑动变阻器的电压为 电源电压为 [5]定值电阻Rx为 [6]为了测量结果更加准确可靠，需要多次改变滑动变阻器滑片的位置，测量不同结果，求平均值来减小误差。 （3）[7]电路中的电流表示数为0.22A，电压表示数为3V，即此时小灯泡的电压为3V，经过思考重新连接电路进行实验，此时通过表格中数据发现，电压越小，电流越大，可知此时电压表并联在了滑动变阻器的两端，所以此时对应的滑动变阻器的电压为2.8V，所以电源电压为 [8]小灯泡的额定功率对应额定电流，小灯泡的额定电流为0.27A时，电压表示数为2.2V，此时滑动变阻器的电压为，则灯泡的额定电压为 灯泡的额定功率为 19．(1)0.3A (2)36J 【详解】（1）由图可知，电阻R₁和R₂并联，R₁两端的电压 由可得，通过电阻R₁的电流 （2）电流表A测量干路电流 通过电阻R₂的电流 通电时间 在1min内电阻R₂消耗的电能 20．(1)10A，22Ω；(2)1.617×105J，91.9s。 【分析】(1)根据正常工作时的电功率和电压求出电流和电阻R；根据保温状态的功率和，结合串联电阻特点，求出R0阻值； (2)先根据水的密度和体积求出水的质量，利用求出水吸收的热量；再根据和求出加热时间。 【详解】(1)饮水机处于加热状态时，只有电阻R0接入电路，又，由可知，饮水机出开水时电热丝中的电流： ， 由可知，R0的阻值： ， 饮水机处于保温状态时，电阻R1和R0串联接入电路，则有： ， 解得：R1＝R0＝22Ω； (2)由可知，水的质量： ， 水吸的热量： ， 由可得，消耗的电能： ， 由可知，加热时间： 。 答：(1)饮水机正常工作，出开水时电热丝中的电流是10A，电热丝R1的电阻值是22Ω；(2)现在需要100℃的开水500mL，已知水的初温是23℃，水需要吸收1.617×105J热量；如果电能转化为水的内能的效率是80%，饮水机正常工作时，烧开这些水需要91.9s。 【点睛】该题主要考查学生对于电路状态的判断、吸热和效率以及电功率的理解和掌握，是一道中考中经常出现的综合题。 21．（1）10s；（2）8Ω；（3）2.5N 【详解】解：（1）CE为绕C点转动的杠杆，设物体M产生的拉力的力臂为l时，M恰好离开地面；滑块Q到C的距离为l1，根据杠杆平衡条件可得 解得 滑块运动的时间 （2）灯泡正常发光时，电路中的电流 此时滑片距离A端2m，电阻杆连入电路的长度为1m，电阻值为 ，电路中的总电阻和灯泡的电阻分别为 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，定值电阻R0的阻值 （3）若电压表的量程为 ，电流表的量程为 ， R0两端的电压最大为3V，此时电路中的电流 0.375A不超过灯泡的额定电流和电流表的量程，在电路安全的范围内；此时电路中的总电阻 电阻杆连入电路的电阻值为 电阻杆连入电路的长度为 此时滑片P距A端的距离 此时滑块Q到C的距离为lm，根据杠杆平衡条件可得 绳对M的最大拉力 物块M对地面的最小压力 答：（1）为了保证物体M不离开地面，滑块Q最多运动的时间为10s； （2）定值电阻R0的阻值为8Ω； （3）若电压表的量程为，电流表的量程为 ，则在电路安全的范围内，物块M对地面的最小压力为2.5N。 2 1 学科网（北京）股份有限公司 $