陕西大荔县城郊中学2025-2026学年下学期高二第十一周物理考练题

高二下学期第十一周物理考练题 一、单选题（共28分） 1．（本题4分）1960年，物理学家梅曼在实验室率先制造出了激光。下列关于激光特点的说法错误的是（　　） A．具有高度的相干性 B．平行度非常好 C．亮度很高 D．获取容易，不可以传递信息 2．（本题4分）已知水、水晶、玻璃和二硫化碳的折射率分别为1.33、1.55、1.60和1.63，如果光按下面几种方式传播，可能发生全反射的是（    ） A．从水晶射入玻璃 B．从水射入二硫化碳 C．从玻璃射入水中 D．从水射入水晶 3．（本题4分）如图所示，、是同一个水槽内的两个波源，它们在水槽中分别激起两列水波，图中实线表示波峰，虚线表示波谷。两列波的波长分别为，且，某时刻图中P点处恰好两列波的波峰相遇处。下列说法中正确的是（    ） A．P点振动始终加强 B．P点振动始终减弱 C．P点的振动遵从波的叠加原理 D．P点的振动不遵从波的叠加原理 4．（本题4分）一物体沿水平面做初速度为零的匀加速直线运动，以动量大小p为纵轴建立直角坐标系，横轴分别为速度大小v、运动时间t、位移大小x，则以下图像可能正确的是（　　） A． B． C． D． 5．（本题4分）某消音器的原理图如图所示，声音自入口进入后分成两部分，分别通过通道a、b继续向前传播，在右端汇聚在一起后通过出口排出，则（　　） A．该消音器的消音原理为声波的衍射 B．该消音器的消音原理为声波的干涉 C．两路声波的传播速度不相同 D．同一消音器只能消除某一频率的声音 6．（本题4分）图甲为一列简谐波在时刻的波形图，P、Q为平衡位置分别在处的两个质点，图乙为质点P的振动图像，下列说法正确的是（　　） A．该波沿x轴正方向传播 B．该波的传播速度大小为25m/s C．在时刻，质点Q的位移为 D．在0.5s时间内，质点Q运动的路程为10.0m 7．（本题4分）如图所示，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，小球从接触弹簧到将弹簧压缩至最短的过程中，下列说法正确的是（　　） A．小球加速度的最大值，不一定大于重力加速度g B．球所受弹力的最大值，不一定大于其重力的2倍 C．小球的动能逐渐减小 D．小球、弹簧和地球组成的系统，势能先减少后增加 二、多选题（共18分） 8．（本题6分）在同一介质中两列频率相同，振动步调一致的横波相互叠加，则（ ） A．波峰与波谷叠加的点振动一定是减弱的 B．振动最强的点经过T后恰好回到平衡位置，因而该点的振动是先加强，后减弱 C．振动加强区和减弱区相间隔分布，且加强区和减弱区不随时间变化 D．加强区的质点某时刻的位移可能是零 9．（本题6分）如图为一列沿x轴负方向传播的简谐横波在t=0时的波形图，当Q点在t=0时的振动状态传到P点时，则（ ） A．0cm＜x＜2cm范围内的质点正在向y轴的正方向运动 B．Q处的质点此时的加速度沿y轴的正方向 C．Q处的质点此时正在波谷位置 D．Q处的质点此时运动到P处 E．Q处的质点此时的速度沿y轴正方向 10．（本题6分）如图所示，倾角为的光滑斜面固定在水平面上，现有一个质量为m的小物块从斜面顶端距水平面h高处，由静止开始下滑，重力加速度为g，则下列说法正确的是（　　） A．小物块滑到斜面底端的运动时间为 B．小物块滑到斜面底端时的动量大小为 C．小物块滑到斜面底端过程中重力的冲量大小为 D．小物块到达斜面底端时重力的瞬时功率为 三、实验题（共9分） 11．（本题9分）如图所示气垫是常用的一种实验仪器，它是利用气泵使带孔的导轨与滑块之间形成气垫，使滑块悬浮在轨道上，滑块在轨道上的运动可视为没有摩擦．我们可以用带竖直挡板C和D的气垫轨道以及滑块A和B来验证动量守恒定律，实验装置如图所示（弹簧的长度忽略不计），采用的实验步骤如下： a.调整气垫轨道，使导轨处于水平； b.在A和B间放入一个被压缩的轻弹簧，用电动卡销锁定，静止放置在气垫导轨上； c.按下电钮放开卡销，同时使分别记录滑块A、B运动时间的计数器开始工作，当A、B滑块分别碰撞C、D挡板时停止计时，记下滑块A、B分别到达挡板C、D的运动时间和； d.用刻度尺测出滑块A的左端至C挡板的距离、滑块B的右端到D挡板的距离． （１）试验中还应测量的物理量是_____； （２）利用上述过程测量的实验数据，验证动量守恒定律的表达式是_____； （３）利用上述实验数据导出的被压缩弹簧的弹性势能的表达式是 ____. 四、解答题（共45分） 12．（本题15分）如图，在水平地面上放有一高度为h=0. 8m的固定斜面体，地面与斜面体弧面的底端相切。有两个可以视为质点的滑块甲和乙，甲的质量为2m，乙的质量为Nm. 现将乙滑块置于斜面体左边地面上，让甲滑块由斜面体的顶端静止滑下，然后与乙滑块发生碰撞，碰后乙获得了v=2. 0m/s的速度。（不计一切摩擦，g取10m/s2） （1）若甲、乙发生弹性正碰，N为多少？ （2）若甲、乙发生完全非弹性碰撞，且m=1kg，则碰撞过程损失的机械能为多少？ 13．（本题14分）如图所示，质量均为m的物块A、B用绕过光滑轻质定滑轮的不可伸长的刚性轻绳连接，A与地面接触，B离地面的高度h为1.2m，质量为2m的圆环C套在轻绳上，C在B上方处。由静止释放圆环C，C下落后与B碰撞并粘在一起，碰撞时间极短，不计C与绳之间的摩擦和空气阻力，A、B、C均可视为质点，重力加速度取，求： （1）C、B碰撞后瞬间，共同速度为多大； （2）碰撞后，B经过多长时间到达地面。 14．（本题16分）如图所示，在光滑水平面上有A、B两辆小车，水平面左侧有一竖直墙，在车B上坐着一个小孩，车B与小孩的总质量是车A质量的4倍。从静止开始，小孩把车A以速度v（对地）推出，车A返回后，小孩抓住并再次把它推出，每次推出车A的速度都是v（对地）、方向向左，则小孩把车A总共推出多少次后，车A返回时，小孩不能再接到车A。（小车与竖直墙相撞无能量损失） 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《高二下学期第十一周物理考练题》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D C C C B C D ACD ABC BD 1．D 【详解】激光具有三大特点，平行度好、亮度高、是相干光，故D符合题意ABC不符合题意。 故选D。 2．C 【详解】光只有从光密介质射入光疏介质才可能发生全反射． A.光从水晶射入玻璃，是从光疏介质射入光密介质，不可能发生全反射，故选项A不合题意； B.光从水射入二硫化碳，是从光疏介质射入光密介质，不可能发生全反射，故选项B不合题意； C.光从玻璃射入水中，是光从光密介质射入光疏介质，有可能发生全反射，故选项C符合题意； D光从水射入水晶，是从光疏介质射入光密介质，不可能发生全反射，故选项D不合题意． 3．C 【详解】虽然此时刻P点处恰好两列波的波峰相遇，但两列波的波长不相等，而同种介质种，两列波的波速相等，所以两列波的频率不相等，则两列波相遇时不能产生干涉现象，所以P点不是振动始终加强，也不是振动始终减弱，但P点的振动遵从波的叠加原理。 故选C。 4．C 【详解】AB．物体做初速度为零的匀加速直线运动，则速度 则动量 可知动量与速度和时间都成正比关系，故AB错误； CD．根据匀变速直线运动规律有 则动量 根据数学知识可知C图正确，故C正确，D错误； 故选C。 5．B 【详解】A B．该消音器的消音原理为波的干涉，故A错误、B正确； C．声波在同一种介质中传播速度相同，两路声波的传播速度相同，故C错误； D．设声波的波长为，a、b通道的路程差为，则 只要是n为奇数的声波都能被消除，n为偶数的声波则不能被消除，又 同一消音器只能消除多种频率的声音，故D错误。 故选B。 6．C 【详解】A．由振动图像可知，质点P在t=0.1s时刻在平衡位置向上振动，结合波形图可知，该波沿x轴负方向传播，选项A错误； B．该波的传播速度大小为 选项B错误； C．在时刻，质点Q的位移为 因t=0时刻和t=0.1s时刻相差半个周期，可知在时刻，质点Q的位移为，选项C正确； D．0.5s=2.5T，可知在0.5s时间内，质点Q运动的路程为2.5×4A=2m 选项D错误。 故选C。 7．D 【详解】AB．小球从接触弹簧开始的运动为简谐振动的一部分，此时的加速度为重力加速度g，根据简谐振动的对称性，运动到关于平衡位置对称点，速度大小不变，加速度大小为g，但小球还在向下运动，因此到达最低点时加速度一定大于g，根据牛顿第二定律定性分析有 可得可知此时弹簧的弹力大于2倍重力，AB错误； C．开始一段时间内，弹簧的弹力小于重力，小球做加速运动，当弹簧的弹力等于重力时速度达到最大值，接下来弹簧的弹力大于重力，小球做减速运动，因此从接触弹簧开始，小球的动能先增大后减小，C错误； D．由于整个过程只有弹簧的弹力和重力做功，整个系统机械能守恒，由于小球的动能先增加后减小，因此系统势能先减小后增加，D正确。 故选D。 8．ACD 【详解】A．当波峰与波谷相遇时振动减弱，A正确； B．振动最强的点始终是加强区，只是位移随时间变化而已，B错误； C．波程差为波长的整数倍的点为振动加强点，波程差为半波长的奇数倍的点为振动减弱点；故振动加强区始终是加强区，振动减弱区始终是减弱区，并且是互相间隔分布的，C正确； D．出现稳定的干涉现象时，振动加强区的振动幅度变大，位移是变化的，某时刻的位移可能是零，D正确； 故选ACD。 9．ABC 【详解】A．当Q点在t=0时的振动状态传到P点时，Q点在t=0时的波沿也向左传到P点，质点振动四分之三周期，所以x=0cm处质点在波谷，x=2cm处质元在波峰，则0cm＜x＜2cm的质点向y轴的正方向运动，故A正确； BCE．Q点振动四分之三周期后到达波谷，速度为零，加速度沿y轴的正方向最大，故BC正确；E错误； D．机械波传播过程中，质点只在平衡位置附近上下振动，不随波迁移，故D错误。 故选ABC。 10．BD 【详解】A．依题意，根据牛顿第二定律可得：物块下滑的加速度大小为 物体的位移 解得 故A错误； B．物块到达底面的速度 动量大小为 故B正确； C．物块重力的冲量大小为 故C错误； D．物块滑到底端时的速度 则重力的瞬时功率 故D正确； 故选BD。 【点睛】本题综合运用了牛顿第二定律和运动学公式，掌握功率的表达式，注意力与速度方向的夹角。 11． 、 【详解】（1）[1]因系统水平方向动量守恒即 由于系统不受摩擦，故滑块在水平方向做匀速直线运动故有 即 故还需要测量滑块A、B的质量； （2）[2]由（1）分析可知验证动量守恒定律的表达式是 （3）[3]根据能量守恒定律被压缩弹簧的弹性势能 将代入上式得 12．（1）6（2）8J 【详解】（1）根据动能定理可知 得 碰撞过程动量守恒 碰撞过程能量守恒 解得 N=6 （2）系统动量守恒 解得 N=2 碰撞过程损失的机械能 解得 ΔE=8J 13．（1）；（2） 【详解】（1）C与B碰撞前的过程，由动能定理有 得 碰撞动量守恒有 得 （2）C与B碰撞后粘在一起，一起向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律 得 由运动学公式有 得 14．3次 【详解】设小孩把车A总共推出n次后，车A返回时，小孩恰好不能再接到小车A.此时，车A返回时的速度v与车B的速度恰好相等，即vB=v，第1次推车时，小孩和车B获得的动量为mAv，以后每次推车时获得的动量为2mAv，根据动量守恒定律得 mAv＋（n-1）·2mAv=mBvB 又由题意知 4mA=mB 联立解得 n=2.5 所以小孩把车A总共推出3次后，车A返回时，小孩不能再接到小车A 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $