精品解析：2026届福建泉州市高三下学期考前预测物理试题

泉州市2026届高中毕业班模拟考试（一） 高三物理 2026.03 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的． 1. 泉州提线木偶戏是入选国家级非物质文化遗产的传统戏剧。如图所示，木偶在提线作用下，其手掌在竖直面内由位置沿圆弧线匀速率运动到位置，在此过程中（ ） A. 手掌的动量不变 B. 手掌的动能不变 C. 手掌的机械能守恒 D. 提线对手掌不做功 【答案】B 【解析】 【详解】A．动量是矢量，手掌做匀速率圆周运动，速度方向不断改变，因此手掌动量发生变化，故A错误； B．动能是标量，大小为，手掌匀速率运动，速度大小不变，因此动能不变，故B正确； C．机械能=动能+重力势能，手掌从P到Q动能不变，高度升高，重力势能增大，因此总机械能增大，不守恒，故C错误； D．根据动能定理，手掌动能变化为0，重力对手掌做负功，因此提线的拉力必须做正功，才能使总功为0，故提线对手掌做功，故D错误。 故选B。 2. 福建选手李发彬在第十五届全运会举重项目中夺得金牌，实现全运会“三连冠”，比赛中再现“金鸡独立”，如图甲所示；双脚稳定站立时如图乙所示。下列说法正确的是（ ） A. “金鸡独立”时，人对杠铃的作用力与杠铃对人的作用力大小相等 B. “金鸡独立”时，地面对人的作用力大于人对地面的作用力 C. 双脚稳定站立时，若双臂之间夹角越小，则双脚对地的压力越大 D. 双脚稳定站立时，若双臂之间夹角越大，则双脚对地的压力越大 【答案】A 【解析】 【详解】A．人对杠铃的作用力与杠铃对人的作用力是一对相互作用力，根据牛顿第三定律，相互作用力大小始终相等，故A正确。 B．地面对人的作用力与人对地面的作用力同样是一对相互作用力，大小相等，故B错误。 CD．将人和杠铃看作一个整体，整体总重力不变，地面对人的支持力始终等于人和杠铃的总重力；根据牛顿第三定律，双脚对地面的压力等于总重力，与双臂夹角无关，故C、D错误。 故选A。 3. 如图，在等边三角形顶点、、上各放置一个相同的点电荷，、、是该三角形的角平分线，图示点在上，已知点场强为零，则在、、上与点场强大小相等的位置除点外共有（ ） A. 2处 B. 3处 C. 4处 D. 5处 【答案】B 【解析】 【详解】电场叠加与对称性分析：三个相同点电荷放置在等边三角形顶点，根据电场叠加原理： 三角形角平分线的交点（中心）处，三个电荷产生的场强大小相等、互成，矢量合场强为零，满足场强大小与P点（P点合场强为零）相等的要求，且中心在三条角平分线上。 对称位置分析： 题目中P点位于的中心与对边之间，因三角形结构对称，同理可得：在、的中心与对边之间，各存在一个合场强为零的点，和P点位置对称。 计数：除已知的P点外，符合要求的位置共3处（中心、上的点、上的点）。 故选B。 4. 如图，竖直轻质弹簧上端固定在天花板上，下端与物块相连。用水平板托住物块，使弹簧处于原长状态。现使竖直向下做匀加速直线运动，加速度，为重力加速度大小。当弹簧伸长量为时、分离，此时的动能为；当弹簧伸长量为时动能达到最大值；当运动到最低点时弹簧伸长量为、加速度大小为，则（ ） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】A．、分离时，二者弹力为0，对由牛顿第二定律：  代入 得： 即： 动能最大状态（），动能最大时合力为0，加速度为0：  因此 故A错误； B．分离前做匀加速直线运动，由运动学公式，得：  从到最低点，动能从变为0，由动能定理解得： 因此：  故B错误； C．分离后从到，由动能定理： 代入，解得： 因此 故C正确； D．对最低点由牛顿第二定律： 得 又 则： 故D错误。 故选C。 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分．每小题有两项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分． 5. 机器人利用柔性磁膜触觉传感器可以轻松拿起鸡蛋而不破裂，如图所示，传感器核心部分的结构为内置柔性磁膜与固定的线圈矩阵，通过线圈产生感应电流以感知磁膜上表面受到的压力变化情况。下列说法正确的是（ ） A. 磁膜没有受到压力时，线圈没有感应电流产生 B. 磁膜受到压力稳定后，线圈有感应电流产生 C. 磁膜受到的压力减小时，线圈没有感应电流产生 D. 磁膜受到的压力增大时，线圈有感应电流产生 【答案】AD 【解析】 【详解】A．磁膜没有受到压力时，线圈的磁通量不变，线圈没有感应电流产生，故A正确； B．磁膜受到压力稳定后，线圈的磁通量不变，线圈没有感应电流产生，故B错误； CD．磁膜受到的压力减小或增大时，线圈的磁通量改变，线圈有感应电流的产生，故C错误，D正确。 故选AD。 6. 2025年11月，神舟二十一号载人飞船返回舱首次实施3圈自主快速返回，标志着我国载人飞船再入返回技术实现新突破。如图所示，返回舱从圆轨道1的点变轨后，沿椭圆轨道2运动到点，再次变轨后进入圆轨道3。为1、2轨道的切点，为2、3轨道的切点。已知1、3轨道半径之比为，返回舱在轨道1运行的周期为，则返回舱（ ） A. 从点进入轨道2时需要减速 B. 从点运行至点所需的最短时间小于 C. 在轨道3与轨道1上运行的速率之比为 D. 在轨道2上运行时经过、点的速率之比为 【答案】AB 【解析】 【详解】A．从点进入轨道2时，做近心运动，可知返回舱需要减速，故A正确； B．设轨道1的半径为，轨道3的半径为，椭圆轨道2的半长轴为 根据开普勒第三定律可得返回舱在轨道1运行的周期大于在椭圆轨道2的周期，从点运行至点所需的最短时间为，可知最短时间小于，故B正确； C．根据万有引力提供向心力可得 可得 因为1、3轨道半径之比为，可得在轨道3与轨道1上运行的速率之比，故C错误； D．在轨道2上运行时经过、点时，根据开普勒第二定律有 可得经过、点的速率之比，故D错误。 故选AB。 7. 某学习小组为研究某小区接入新能源光伏电能后，面临的功率波动影响问题，模拟电能输送的示意图如图所示，、间接入正弦交流稳压电源，是输电线的等效电阻，、间接带滑动片的变阻器。为维持、间电压在合理的范围内，可适当移动原线圈上滑动片。下列说法正确的是（ ） A. 若不动，向上移动，通过的电流增大 B. 若不动，向上移动，通过的电流减小 C. 当向上移动时，为保证c、d间的电压不变，需要向上移动 D. 当向上移动时，为保证c、d间的电压不变，需要向下移动 【答案】BD 【解析】 【分析】先明确变量变化：滑动片向上移动，滑动变阻器接入电路的阻值增大；滑动片向上移动，原线圈接入匝数减小，向下移动则增大。 【详解】AB．若不动，原副线圈匝数比不变，向上移动，增大，将变压器和副载等效为一个电阻，等效电阻为：，等效电阻增大，电源电压不变，因此原线圈总电流（即通过的电流）减小，故A错误、B正确； CD．将变压器等效为电源则等效后的电动势 内阻 则根据闭合电路的欧姆定律c、d间的电压 整理有 可见则向上移动，增大，Ucd不变，n1应该增大，因此需要向下移动，故C错误、D正确。 故选BD。 8. 如图，一正方形导线框在足够长的绝缘平板小车上，与车一起在水平面上匀速运动。矩形区域内存在竖直向上的匀强磁场，小车以速率匀速通过该区域过程中，线框相对车滑动，线框边始终平行于，边刚离开磁场时速率恰好为。已知线框边长为、质量为、电阻为，磁场的磁感应强度大小为，长为，且，线框与车之间的动摩擦因数为，重力加速度大小为，则线框（ ） A. 刚进入磁场时产生的感应电动势大小为 B. 受到安培力的总时间为 C. 穿过磁场的过程中产生的总焦耳热一定为 D. 穿过磁场的过程中因摩擦产生的总热量一定为 【答案】AC 【解析】 【详解】A．进入磁场前，线框与小车一起匀速运动，线框对地速度等于小车的速度。刚进入磁场的瞬间，线框还未发生明显减速，切割磁感线的边对地速度为，磁场静止，根据导体切割磁感线的感应电动势公式，可得感应电动势大小为，故A正确。 B．已知小车以速率v0匀速通过该区域过程中，线框相对车滑动，说明线框进入磁场时受到的向左的安培力大于向右的滑动摩擦力，线框进入磁场的过程做加速度减小的减速运动；线框完全在磁场中的过程，不受安培力作用，此过程线框做匀加速直线运动；因gh边刚离开磁场时速率恰好为v0，故线框出磁场的过程与进入磁场的过程的运动形式相同，即线框出磁场与进入磁场的时间相等。设线框恰好完全进入磁场时的速度大小为v1，对线框完全在磁场中的运动过程，根据动能定理得μmg(L﹣D)，解得v1 设线框进入磁场与出磁场的时间均为t1，以向右为正方向，对线框进入磁场中的过程，根据动量定理得μmgt1mv1﹣mv0，其中 解得t1 线框受到安培力的总时间为t＝2t1 联立解得t，故B错误； C．题干说明小车始终以匀速运动，线框刚进入磁场时速度为，边刚离开磁场时速度也为，因此线框整个过程的动能变化 线框进入磁场过程，由动能定理 完全进入磁场后 可得 同理，所以总焦耳热等于；故C正确。 D． 设线框完全在磁场中的运动时间为t2，由运动学公式得t2 线框穿过磁场的过程的总时间为t总＝t2+2t1 此过程线框与小车的相对位移大小为Δx＝x车﹣x框＝v0t总﹣(L+D) 线框穿过磁场的过程中因摩擦产生的总热量为Q摩＝μmgΔxμmg(L+D)，故D错误。 故选AC。 三、非选择题：共60分，其中9、10、11题为填空题，12、13题为实验题，14～16题为计算题．考生根据要求作答． 9. 2025年我国科研团队通过碎裂反应首次合成铝同位素，并观测到基态三质子衰变。铝基态三质子衰变核反应方程为，则__________；已知的半衰期为，质量为的经过时，还剩__________。 【答案】 ①. 17 ②. （或0.125） 【解析】 【详解】[1]核反应遵循质量数守恒，反应前总质量数为20，3个质子的总质量数为，因此有 ，解得，电荷数验证，符合守恒规律。 [2]已知半衰期，经过时间，可得经过的半衰期个数。根据半衰期剩余质量公式，代入得。 10. 随着健康监测技术发展，智能手环可利用光电传感器采集腕部动脉的搏动信号来监测心率。若某次测得使用者安静时的心率为75次/分钟，则其脉搏波（视为简谐波）的周期为__________。已知该脉搏波在手臂软组织中的传播速度约为，则其波长约为__________。 【答案】 ①. 0.8 ②. 4 【解析】 【详解】[1]周期是波完成一次全振动的时间，已知心率为75次/分钟，即60秒内搏动75次，因此脉搏波的周期：  [2]根据波速公式 ，变形得波长  代入、 得： 11. 一定质量的理想气体的压强随热力学温度变化过程如图所示。从状态a变化到状态b，气体的体积__________（填“变大”“变小”或“不变”），气体内能的减少量__________（填“大于”“小于”或“等于”）气体放出的热量。 【答案】 ①. 不变 ②. 等于 【解析】 【详解】[1]根据理想气体状态方程 变形可得 在图像中，过坐标原点的倾斜直线，线上任意点的为定值，因此体积不变，表示等容变化。本题中延长线过原点，所以从到体积不变。 [2]理想气体的内能仅由温度决定，从到温度降低，因此内能减少，即 因为体积不变，气体不对外做功，外界也不对气体做功，即 根据热力学第一定律，可得 为负，则为负，因此内能的减少量等于气体放出的热量。 12. “用光传感器做双缝干涉的实验”装置图如图甲所示，光传感器可以把光的强度在轴上各点分布情况，通过计算机显示成图像。 （1）双缝挡光片应该是图甲中__________（填“”或“”）。 （2）光源有红光和绿光两种，其中红光在计算机屏幕上显示的图像是__________（填“乙”或“丙”） （3）某次实验中，已知双缝间距为，双缝到光传感器间的距离为，计算机上显示第1条明条纹中心的横坐标为，第5条明条纹中心的横坐标为，由以上数据可测得该单色光的波长是__________（保留三位有效数字）。 【答案】（1）Q （2）丙 （3）520 【解析】 【小问1详解】 双缝实验原理图，如图所示。 题干中所给光源为单色光源，所以不需要滤光片，则根据先后顺序，为单缝挡光片，为双缝挡光片。 【小问2详解】 相邻两条亮（或暗）条纹之间的距离 其中，为两缝到屏的距离，为两缝的间距，为光波的波长。 对于题干中的红光和绿光，、一样， 所以 乙图为绿光，丙图为红光。 【小问3详解】 相邻两条亮（或暗）条纹之间的距离 代入数据得 13. 某同学为了测量一微安表G的内阻并扩大其量程，实验室提供如下器材：数字式多用电表A（电压挡内阻视为无穷大），滑动变阻器，电阻箱，两节干电池，开关与导线若干。 （1）该同学使用数字式多用电表检测干电池，以下操作正确的是__________ A．用直流电压挡测量电池两极间的电压得到电动势 B．用欧姆挡测量电池两极间的电阻得到电池内阻 （2）如图甲为数字多用电表的插孔面板，该同学设计了图乙所示的电路，将数字多用电表A调至直流电流挡，黑表笔插在图甲中的公共端孔，则红表笔应插在图甲中__________孔（填“”“”或“”）； （3）用笔画线代替导线，根据图乙将图丙中的实物图连接完整；__________ （4）将的阻值调至最大，合上开关，调节使G的指针偏转到满刻度，记下此时A的示数，合上开关，反复调节和的阻值，使A的示数仍为，使G的指针偏转到满刻度的一半，此时的示数为； （5）仅从实验设计原理看，用上述方法得到的G内阻的测量值__________真实值（填“大于”“等于”或“小于”）； （6）若要将G的量程扩大为，结合实验测得的结果，须在G上并联的分流电阻__________（用、、表示）。 【答案】 ①. A ②. A ③. ④. 等于 ⑤. 【解析】 【详解】[1] 多用电表的电压挡测量电源两极间的输出电压是可以的，近似等于电源电动势，但多用电表不能用电阻挡直接测含电源电路的电阻。 故选A。 [2]多用电表调整至直流电流挡，多用电表的两个表笔应分别插入AD两个插孔；黑表笔插在图甲中的公共端孔，则红表笔应插在图甲中A孔； [3] 根据图乙将图丙中的实物图连接完整，如图所示 [4] 由题意可知电流计G的满偏电流为，闭合开关后使A的示数为，电流计G的示数为，说明通过的电流也为，与电流计G并联电压相同，所以 由上述分析可知所测量的电流计内阻没有系统误差，即用上述方法得到的G内阻的测量值等于真实值； [5]欲将电流表G的量程扩大为Ⅰ，则电流表G满偏时通过所并联电阻的电流为，而G两端的电压为，故所并联的电阻为 14. 如图，质量的篮球从离水平地面高度处由静止释放，与地面发生碰撞后反弹的最大高度。为使得篮球每次反弹后的最大高度均为，运动员的手从篮球到最高处时竖直向下拍球，已知篮球每次与地面碰撞损失的机械能均相同，取重力加速度大小，忽略空气阻力，求： （1）篮球与地面发生碰撞前瞬间的速度大小； （2）篮球每次反弹后的上升时间； （3）篮球每次与地面碰撞损失的机械能。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 篮球向下运动的过程，由动能定理，可得 解得 【小问2详解】 将上升运动视为反方向的自由落体运动，可得 解得 【小问3详解】 与地面碰撞损失的机械能 解得 15. 如图，在真空室中有一水平正对放置的平行板电容器，其电容为，两板长度均为，板间距离为，上板接地，初始不带电。现有大量质量均为、电量均相同的带正电小油滴，以相同的初速度持续不断地从两板正中间沿水平射入，第1滴油滴落在距下板左端处的点，第31滴油滴正好落到下板的正中央点。已知重力加速度大小为，设落到下板油滴的电量被板全部吸收，在两板间形成匀强电场，不考虑油滴间的相互作用。求： （1）油滴的初速度大小； （2）第31滴油滴在板间运动的加速度大小； （3）每一滴油滴的带电量。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 第1滴油滴射入时，电容器不带电，板间无电场，油滴仅受重力做平抛运动。竖直方向下落距离为，由 得 水平方向位移为，由 代入得： 【小问2详解】 第31滴油滴做类平抛运动，水平方向匀速运动，落到下板正中央时水平位移 由 代入得： 竖直方向位移仍为，由 代入得：  即： 【小问3详解】 第31滴射入时，已有30滴油滴落到下板，电容器总带电量 由电容定义 得板间电压 板间电场强度 对第31滴油滴受力分析：电场力向上，重力向下，由牛顿第二定律： 代入、、  整理得  即 16. 如图甲，足够长的木板放置在光滑水平桌面上，带正电的小滑块放在的最右端，通过一条跨过轻质光滑定滑轮的轻绳与小球相连，滑轮右侧轻绳水平。图示空间分布有垂直纸面向内的匀强磁场和水平向右的匀强电场，此时、、均静止。时撤去电场，与的相对速度随时间的变化关系如图乙所示，时电场恢复，此时的速度大小恰为的2倍。已知、、的质量分别为、、，的带电量恒为，、之间的动摩擦因数为，磁感应强度大小为，重力加速度大小为。忽略电场变化对磁场的影响。求： （1）电场强度的大小； （2）最大时的速度大小； （3）内、间因摩擦产生的热量，以及之后时的速度大小。 【答案】（1） （2） （3）， 【解析】 【小问1详解】 在电场中处于平衡状态，有 解得 【小问2详解】 最大时，、与加速度大小相等，设为，设、间轻绳拉力大小为，与间摩擦力大小为，有 对有 对有 对有 联立解得 【小问3详解】 设时、的速度分别为、，对、、系统有 若内任意时刻、的速度为，内的位移分别为，对由动量定理有 对上式累积求和可得 内对、、系统，由能量守恒定律有 且 联立可得 时电场恢复，受电场力大小为，可知此后、与的动量大小之和不变，故 可得 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 泉州市2026届高中毕业班模拟考试（一） 高三物理 2026.03 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的． 1. 泉州提线木偶戏是入选国家级非物质文化遗产的传统戏剧。如图所示，木偶在提线作用下，其手掌在竖直面内由位置沿圆弧线匀速率运动到位置，在此过程中（ ） A. 手掌的动量不变 B. 手掌的动能不变 C. 手掌的机械能守恒 D. 提线对手掌不做功 2. 福建选手李发彬在第十五届全运会举重项目中夺得金牌，实现全运会“三连冠”，比赛中再现“金鸡独立”，如图甲所示；双脚稳定站立时如图乙所示。下列说法正确的是（ ） A. “金鸡独立”时，人对杠铃的作用力与杠铃对人的作用力大小相等 B. “金鸡独立”时，地面对人的作用力大于人对地面的作用力 C. 双脚稳定站立时，若双臂之间夹角越小，则双脚对地的压力越大 D. 双脚稳定站立时，若双臂之间夹角越大，则双脚对地的压力越大 3. 如图，在等边三角形顶点、、上各放置一个相同的点电荷，、、是该三角形的角平分线，图示点在上，已知点场强为零，则在、、上与点场强大小相等的位置除点外共有（ ） A. 2处 B. 3处 C. 4处 D. 5处 4. 如图，竖直轻质弹簧上端固定在天花板上，下端与物块相连。用水平板托住物块，使弹簧处于原长状态。现使竖直向下做匀加速直线运动，加速度，为重力加速度大小。当弹簧伸长量为时、分离，此时的动能为；当弹簧伸长量为时动能达到最大值；当运动到最低点时弹簧伸长量为、加速度大小为，则（ ） A. B. C. D. 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分．每小题有两项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分． 5. 机器人利用柔性磁膜触觉传感器可以轻松拿起鸡蛋而不破裂，如图所示，传感器核心部分的结构为内置柔性磁膜与固定的线圈矩阵，通过线圈产生感应电流以感知磁膜上表面受到的压力变化情况。下列说法正确的是（ ） A. 磁膜没有受到压力时，线圈没有感应电流产生 B. 磁膜受到压力稳定后，线圈有感应电流产生 C. 磁膜受到的压力减小时，线圈没有感应电流产生 D. 磁膜受到的压力增大时，线圈有感应电流产生 6. 2025年11月，神舟二十一号载人飞船返回舱首次实施3圈自主快速返回，标志着我国载人飞船再入返回技术实现新突破。如图所示，返回舱从圆轨道1的点变轨后，沿椭圆轨道2运动到点，再次变轨后进入圆轨道3。为1、2轨道的切点，为2、3轨道的切点。已知1、3轨道半径之比为，返回舱在轨道1运行的周期为，则返回舱（ ） A. 从点进入轨道2时需要减速 B. 从点运行至点所需的最短时间小于 C. 在轨道3与轨道1上运行的速率之比为 D. 在轨道2上运行时经过、点的速率之比为 7. 某学习小组为研究某小区接入新能源光伏电能后，面临的功率波动影响问题，模拟电能输送的示意图如图所示，、间接入正弦交流稳压电源，是输电线的等效电阻，、间接带滑动片的变阻器。为维持、间电压在合理的范围内，可适当移动原线圈上滑动片。下列说法正确的是（ ） A. 若不动，向上移动，通过的电流增大 B. 若不动，向上移动，通过的电流减小 C. 当向上移动时，为保证c、d间的电压不变，需要向上移动 D. 当向上移动时，为保证c、d间的电压不变，需要向下移动 8. 如图，一正方形导线框在足够长的绝缘平板小车上，与车一起在水平面上匀速运动。矩形区域内存在竖直向上的匀强磁场，小车以速率匀速通过该区域过程中，线框相对车滑动，线框边始终平行于，边刚离开磁场时速率恰好为。已知线框边长为、质量为、电阻为，磁场的磁感应强度大小为，长为，且，线框与车之间的动摩擦因数为，重力加速度大小为，则线框（ ） A. 刚进入磁场时产生的感应电动势大小为 B. 受到安培力的总时间为 C. 穿过磁场的过程中产生的总焦耳热一定为 D. 穿过磁场的过程中因摩擦产生的总热量一定为 三、非选择题：共60分，其中9、10、11题为填空题，12、13题为实验题，14～16题为计算题．考生根据要求作答． 9. 2025年我国科研团队通过碎裂反应首次合成铝同位素，并观测到基态三质子衰变。铝基态三质子衰变核反应方程为，则__________；已知的半衰期为，质量为的经过时，还剩__________。 10. 随着健康监测技术发展，智能手环可利用光电传感器采集腕部动脉的搏动信号来监测心率。若某次测得使用者安静时的心率为75次/分钟，则其脉搏波（视为简谐波）的周期为__________。已知该脉搏波在手臂软组织中的传播速度约为，则其波长约为__________。 11. 一定质量的理想气体的压强随热力学温度变化过程如图所示。从状态a变化到状态b，气体的体积__________（填“变大”“变小”或“不变”），气体内能的减少量__________（填“大于”“小于”或“等于”）气体放出的热量。 12. “用光传感器做双缝干涉的实验”装置图如图甲所示，光传感器可以把光的强度在轴上各点分布情况，通过计算机显示成图像。 （1）双缝挡光片应该是图甲中__________（填“”或“”）。 （2）光源有红光和绿光两种，其中红光在计算机屏幕上显示的图像是__________（填“乙”或“丙”） （3）某次实验中，已知双缝间距为，双缝到光传感器间的距离为，计算机上显示第1条明条纹中心的横坐标为，第5条明条纹中心的横坐标为，由以上数据可测得该单色光的波长是__________（保留三位有效数字）。 13. 某同学为了测量一微安表G的内阻并扩大其量程，实验室提供如下器材：数字式多用电表A（电压挡内阻视为无穷大），滑动变阻器，电阻箱，两节干电池，开关与导线若干。 （1）该同学使用数字式多用电表检测干电池，以下操作正确的是__________ A．用直流电压挡测量电池两极间的电压得到电动势 B．用欧姆挡测量电池两极间的电阻得到电池内阻 （2）如图甲为数字多用电表的插孔面板，该同学设计了图乙所示的电路，将数字多用电表A调至直流电流挡，黑表笔插在图甲中的公共端孔，则红表笔应插在图甲中__________孔（填“”“”或“”）； （3）用笔画线代替导线，根据图乙将图丙中的实物图连接完整；__________ （4）将的阻值调至最大，合上开关，调节使G的指针偏转到满刻度，记下此时A的示数，合上开关，反复调节和的阻值，使A的示数仍为，使G的指针偏转到满刻度的一半，此时的示数为； （5）仅从实验设计原理看，用上述方法得到的G内阻的测量值__________真实值（填“大于”“等于”或“小于”）； （6）若要将G的量程扩大为，结合实验测得的结果，须在G上并联的分流电阻__________（用、、表示）。 14. 如图，质量的篮球从离水平地面高度处由静止释放，与地面发生碰撞后反弹的最大高度。为使得篮球每次反弹后的最大高度均为，运动员的手从篮球到最高处时竖直向下拍球，已知篮球每次与地面碰撞损失的机械能均相同，取重力加速度大小，忽略空气阻力，求： （1）篮球与地面发生碰撞前瞬间的速度大小； （2）篮球每次反弹后的上升时间； （3）篮球每次与地面碰撞损失的机械能。 15. 如图，在真空室中有一水平正对放置的平行板电容器，其电容为，两板长度均为，板间距离为，上板接地，初始不带电。现有大量质量均为、电量均相同的带正电小油滴，以相同的初速度持续不断地从两板正中间沿水平射入，第1滴油滴落在距下板左端处的点，第31滴油滴正好落到下板的正中央点。已知重力加速度大小为，设落到下板油滴的电量被板全部吸收，在两板间形成匀强电场，不考虑油滴间的相互作用。求： （1）油滴的初速度大小； （2）第31滴油滴在板间运动的加速度大小； （3）每一滴油滴的带电量。 16. 如图甲，足够长的木板放置在光滑水平桌面上，带正电的小滑块放在的最右端，通过一条跨过轻质光滑定滑轮的轻绳与小球相连，滑轮右侧轻绳水平。图示空间分布有垂直纸面向内的匀强磁场和水平向右的匀强电场，此时、、均静止。时撤去电场，与的相对速度随时间的变化关系如图乙所示，时电场恢复，此时的速度大小恰为的2倍。已知、、的质量分别为、、，的带电量恒为，、之间的动摩擦因数为，磁感应强度大小为，重力加速度大小为。忽略电场变化对磁场的影响。求： （1）电场强度的大小； （2）最大时的速度大小； （3）内、间因摩擦产生的热量，以及之后时的速度大小。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $