第四单元 第2课时 分离定律的题型突破（教师用书word）-【步步高】2025年高考生物大一轮复习讲义（浙科版 浙江、桂（梧州））

第2课时　分离定律的题型突破 一、显、隐性性状的判断 1．相对性状中显、隐性的判断 根据子代性状判断： 2．根据遗传系谱图进行判断 系谱图中“无中生有为隐性”，即双亲都没有患病而子代表现出的患病性状为隐性性状，如图甲所示，由该图可以判断白化病为隐性性状。系谱图中“有中生无为显性”，即双亲都患病而子代出现没有患病的个体，患病性状为显性性状，如图乙所示，由该图可以判断多指是显性性状。 3．合理设计杂交实验进行判断 二、纯合子与杂合子的判定 1．自交法：此法主要用于植物，而且是最简便的方法。 待测个体自交 2．测交法：待测对象若为雄性动物，注意与多个隐性雌性个体交配，以产生更多的后代个体，使结果更有说服力。 待测个体×隐性纯合子 3．单倍体育种法(此法只适用于植物) 待测个体单倍体纯合子植株 4．花粉鉴定法：非糯性与糯性水稻的花粉遇碘液呈现不同颜色。如果花粉有两种，且比例为1∶1，则被鉴定的亲本为杂合子；如果花粉只有一种，则被鉴定的亲本为纯合子。此法只适用于一些特殊的植物(如水稻等)。 三、亲子代基因型和表型的推断 1．正推法：由亲代推断子代的基因型与表型 亲本 子代基因型 子代表型 AA×AA AA 全为显性 AA×Aa AA∶Aa＝1∶1 全为显性 AA×aa Aa 全为显性 Aa×Aa AA∶Aa∶ aa＝1∶2∶1 显性∶隐性＝3∶1 Aa×aa Aa∶aa＝1∶1 显性∶隐性＝1∶1 aa×aa aa 全为隐性 2.逆推法：由子代推断亲代的基因型 (1)基因填充法：根据亲代表型写出能确定的基因(如显性性状的基因型用A_表示，隐性性状的基因型用aa表示)，根据子代一对基因分别来自两个亲本，推知亲代未知基因。 (2)隐性突破法：如果子代中有隐性个体，则亲代基因型中各至少含有一个隐性基因，然后再根据亲代的表型作出进一步判断。 (3)根据分离定律中规律性比值直接判断(用基因B、b表示) 子代表型 双亲类型 组合方式 显性∶隐性＝3∶1 都是杂合子 Bb×Bb→3B_∶1bb 显性∶隐性＝1∶1 一方为杂合子，另一方为隐性纯合子 Bb×bb→1Bb∶1bb 全显 至少一方为显性纯合子 BB×BB或_BB×Bb或BB×bb 全隐 一定都是隐性纯合子 bb×bb→bb 1．(2024·温州高三模拟)遗传学上的平衡种群是指在理想状态下，基因频率和基因型频率都不再改变的大种群。某哺乳动物的平衡种群中，栗色毛和黑色毛由常染色体上的1对等位基因控制。下列叙述正确的是(　　) A．多对黑色个体交配，每对的子代均为黑色，则说明黑色为显性 B．观察该种群，若新生的栗色个体多于黑色个体，则说明栗色为显性 C．若该种群栗色与黑色个体的数目相等，则说明隐性基因频率高于显性基因频率 D．选择1对栗色个体交配，若子代全部表现为栗色，则说明栗色为隐性 答案　C 解析　多对黑色个体交配，每对的子代均为黑色，后代未出现性状分离，黑色可能为显性，也有可能为隐性，A错误；根据“新生的栗色个体多于黑色个体”不能说明栗色为显性，B错误；若显性基因频率和隐性基因频率相等，则显性个体数目多于隐性个体数目，因此若该种群栗色与黑色个体的数目相等时，则说明隐性基因频率高于显性基因频率，C正确；选择1对(数量太少)栗色个体交配，若子代全部表现为栗色，据此不能判断这对相对性状的显隐性关系，栗色可能为显性，也有可能为隐性，D错误。 2．(2024·舟山高三调研)蛇的黑斑与黄斑是一对相对性状，现进行如下甲、乙两组杂交实验： 根据上述杂交实验，下列结论不正确的是(　　) A．所有黑斑蛇的亲本至少有一方是黑斑蛇 B．黄斑是隐性性状 C．甲实验中，F1中的黑斑蛇与亲本黑斑蛇的基因型相同 D．乙实验中，F1中的黑斑蛇与亲本黑斑蛇的基因型相同 答案　D 解析　分析题图可知，黑斑是显性性状，则所有黑斑蛇的亲本至少有一方是黑斑蛇，A正确；由乙组杂交过程中出现性状分离可知，蛇的黄斑为隐性性状，B正确；甲实验中，F1中的黑斑蛇与亲本黑斑蛇的基因型相同，都为杂合子，C正确；设相关基因用A、a表示，乙组实验中，F1中的黑斑蛇的基因型有AA和Aa两种，与亲本黑斑蛇(Aa)的基因型不一定相同，D错误。 3．现有以下牵牛花的四组杂交实验，请分析并回答下列问题： A组：红花×红花→红花、蓝花 B组：蓝花×蓝花→红花、蓝花 C组：红花×蓝花→红花、蓝花 D组：红花×红花→全为红花 其中，A组中子代红花数量为298，蓝花数量为101；B、C组未统计数量。 (1)若花色只受一对等位基因控制，则______组和______组对显隐性的判断正好相反，花色遗传遵循遗传的____________定律。 (2)有人对实验现象提出了假说：花色性状由三个复等位基因(A＋、A、a)控制，其中A决定蓝色，A＋和a都决定红色，A＋相对于A、a是显性，A相对于a为显性。若该假说正确，则B组所用的两个蓝花亲本基因型是__________。 (3)若(2)中所述假说正确，那么红花植株的基因型可能有________种，为了测定其基因型，某人分别用A＋A和Aa植株对其进行测定。 ①若用A＋A植株与待测植株杂交，则可以判断出的基因型是____________。 ②若用Aa植株与待测植株杂交，则可以判断出的基因型是________。 答案　(1)A　B　基因分离　(2)Aa和Aa　(3)4　①A＋A＋和aa　②A＋A＋和A＋a 解析　(2)若花色性状由三个复等位基因(A＋、A、a)控制，其中A决定蓝色，A＋和a都决定红色，A＋相对于A、a是显性，A相对于a为显性，则亲本蓝花中没有基因A＋，因此B组后代红花的基因型为aa，两个蓝花亲本的基因型均为Aa。(3)若(2)中假说正确，那么红花植株的基因型可能有4种，即A＋A＋、aa、A＋a、A＋A。①若用A＋A与待测植株杂交，若后代均为红花，则其基因型为A＋A＋；若后代红花∶蓝花＝1∶1，则其基因型为aa；若后代红花∶蓝花＝3∶1，则其基因型为A＋a或A＋A。因此可以判断出的基因型是A＋A＋和aa。②若用Aa与待测植株杂交，若后代均为红花，则其基因型为A＋A＋；若后代红花∶蓝花＝3∶1，则其基因型为A＋a；若后代红花∶蓝花＝1∶1，则其基因型为A＋A或aa。因此可以判断出的基因型是A＋A＋和A＋a。 1．(2022·浙江6月选考，9)番茄的紫茎对绿茎为完全显性。欲判断一株紫茎番茄是否为纯合子，下列方法不可行的是(　　) A．让该紫茎番茄自交 B．与绿茎番茄杂交 C．与纯合紫茎番茄杂交 D．与杂合紫茎番茄杂交 答案　C 解析　设相关基因为A、a，紫茎为显性，令其自交，若为纯合子，则子代全为紫茎，若为杂合子，子代发生性状分离，会出现绿茎，A不符合题意；可通过与绿茎纯合子(aa)杂交来鉴定，如果后代都是紫茎，则是纯合子；如果后代有紫茎也有绿茎，则是杂合子，B不符合题意；与紫茎纯合子(AA)杂交后代都是紫茎，故不能通过与紫茎纯合子杂交来鉴定，C符合题意；通过与紫茎杂合子(Aa)杂交，如果后代都是紫茎，则是纯合子；如果后代有紫茎也有绿茎，则是杂合子，D不符合题意。 2．(2020·浙江1月选考，18)若马的毛色受常染色体上一对等位基因控制，棕色马与白色马交配，F1均为淡棕色马，F1随机交配，F2中棕色马∶淡棕色马∶白色马＝1∶2∶1。下列叙述正确的是(　　) A．马的毛色性状中，棕色对白色为完全显性 B．F2中出现棕色、淡棕色和白色是基因重组的结果 C．F2中相同毛色的雌雄马交配，其子代中雌性棕色马所占的比例为3/8 D．F2中淡棕色马与棕色马交配，其子代基因型的比例与表型的比例相同 答案　D 解析　由棕色马与白色马交配，F1均为淡棕色马可知，马的毛色控制属于不完全显性，A错误；F2中出现棕色、淡棕色和白色是基因分离的结果，B错误；F2中相同毛色的雌雄马交配，其子代中棕色马所占的比例为1/4＋2/4×1/4＝3/8，雌性棕色马所占的比例为3/16，C错误；F2中淡棕色马与棕色马交配，其子代基因型的比例为1∶1，表型为淡棕色马与棕色马，比例为1∶1，D正确。 3．(2023·海南，15)某作物的雄性育性与细胞质基因(P、H)和细胞核基因(D、d)相关。现有该作物的4个纯合品种：①(P)dd(雄性不育)、②(H)dd(雄性可育)、③(H)DD(雄性可育)、④(P)DD(雄性可育)，科研人员利用上述品种进行杂交实验，成功获得生产上可利用的杂交种。下列有关叙述错误的是(　　) A．①和②杂交，产生的后代雄性不育 B．②③④自交后代均为雄性可育，且基因型不变 C．①和③杂交获得生产上可利用的杂交种，其自交后代出现性状分离，故需年年制种 D．①和③杂交后代作父本，②和③杂交后代作母本，二者杂交后代雄性可育和不育的比例为3∶1 答案　D 解析　①(P)dd(雄性不育)作为母本和②(H)dd(雄性可育)作为父本杂交，产生的后代的基因型均为(P)dd，表现为雄性不育，A正确；②③④自交后代均为雄性可育，且基因型不变，即表现为稳定遗传，B正确；①(P)dd(雄性不育)作为母本和③(H)DD(雄性可育)作为父本杂交，产生的后代的基因型为(P)Dd，为杂交种，自交后代会表现出性状分离，因而需要年年制种，C正确；①和③杂交后代的基因型为(P)Dd，②和③杂交后代的基因型为(H)Dd，若前者作父本，后者作母本，则二者杂交的后代为(H)_ _，均为雄性可育，不会出现雄性不育，D错误。 4．(2022·重庆，19)半乳糖血症是F基因突变导致的常染色体隐性遗传病。研究发现F基因有两个突变位点Ⅰ和Ⅱ，任一位点突变或两个位点都突变均可导致F突变成致病基因。如表是人群中F基因突变位点的5种类型。下列叙述正确的是(　　) 类型突变位点 ① ② ③ ④ ⑤ Ⅰ ＋/＋ ＋/－ ＋/＋ ＋/－ －/－ Ⅱ ＋/＋ ＋/－ ＋/－ ＋/＋ ＋/＋ 注：“＋”表示未突变，“－”表示突变，“/”左侧位点位于父方染色体，右侧位点位于母方染色体。 A．若①和③类型的男女婚配，则后代患病的概率是1/2 B．若②和④类型的男女婚配，则后代患病的概率是1/4 C．若②和⑤类型的男女婚配，则后代患病的概率是1/4 D．若①和⑤类型的男女婚配，则后代患病的概率是1/2 答案　B 解析　若①和③类型的男女婚配，①的基因型是FF，③的基因型是Ff，则后代患病的概率是0，A错误；若②和④类型的男女婚配，②的基因型是Ff，④的基因型是Ff，则后代患病(基因型为ff)的概率是1/4，B正确；若②和⑤类型的男女婚配，②的基因型是Ff，⑤的基因型为ff，则后代患病(基因型为ff)的概率是1/2，C错误；若①和⑤类型的男女婚配，①的基因型是FF，⑤的基因型为ff，则后代患病的概率是0，D错误。 课时精练 一、选择题 1．(2023·宁波高三期末)某种植物的花色受一组复等位基因(A、A1、A2、a)的控制，纯合子和杂合子的表型如下表。若AA1与A2a杂交，子代表型的种类及比例分别是(　　) 纯合子 杂合子 基因型 表型 基因型 表型 AA 红色 Aa或AA1或AA2 红色 aa 纯白色 —— —— A1A1 红条白花 A1a 红条白花 A2A2 红斑白花 A1A2或A2a 红斑白花 A.2种，3∶1 B．2种，1∶1 C．3种，2∶1∶1 D．4种，1∶1∶1∶1 答案　C 解析　AA1与A2a杂交，产生的配子随机组合，共产生四种基因型，分别是AA2、Aa、A1A2、A1a。根据基因的显隐性关系可知，它们的表型分别是红花、红花、红斑白花和红条白花。因此，AA1与A2a杂交，子代有3种表型，其种类及比例是红花∶红斑白花∶红条白花＝2∶1∶1。 2．(2024·杭州高三质检)山羊黑毛和白毛是一对相对性状，受一对等位基因控制，几组杂交实验(一头公羊与一头母羊杂交)的结果如表所示。 杂交实验 亲本 后代 母本 父本 黑色 白色 Ⅰ ①黑色 ②白色 5 3 Ⅱ ③白色 ④黑色 6 4 Ⅲ ⑤黑色 ⑥黑色 8 0 Ⅳ ⑦白色 ⑧白色 0 7 为判断显隐性，在生育足够多个体的条件下，一定能得出结论的杂交方案是(　　) A．①×④，②×③ B．③×⑧，②×⑦ C．⑤×⑧，⑥×⑦ D．①×⑥，④×⑤ 答案　A 解析　设相关基因用A、a表示，若黑色是隐性、白色是显性，①黑色基因型是aa、②白色基因型是Aa、③白色基因型是Aa、④黑色基因型是aa，则①×④子代全是黑色，②×③子代表型及比例为白色∶黑色＝3∶1；若黑色是显性、白色是隐性，①黑色基因型是Aa、②白色基因型是aa、③白色基因型是aa、④黑色基因型是Aa，则①×④子代表型及比例为黑色∶白色＝3∶1，②×③子代全是白色，两组假设的结果不同，可从结果进行判断，A符合题意。若黑色是隐性、白色是显性，②白色、③白色基因型都是Aa，⑦白色基因型是AA、⑧白色基因型是AA(或⑦白色基因型是AA、⑧白色基因型是Aa或⑦白色基因型是Aa、⑧白色基因型是AA)，③×⑧子代全是白色(或白色∶黑色＝3∶1)，②×⑦子代全是白色(或白色∶黑色＝3∶1)；若黑色是显性、白色是隐性，②白色、③白色基因型都是aa，⑦白色、⑧白色基因型都是aa，③×⑧子代全是白色，②×⑦子代全是白色，两组假设的结果可能相同，不能从杂交结果进行判断，B不符合题意。若黑色是隐性、白色是显性，⑤黑色、⑥黑色基因型都是aa，⑦白色基因型是AA、⑧白色基因型是AA(或⑦白色基因型是AA、⑧白色基因型是Aa或⑦白色基因型是Aa、⑧白色基因型是AA)，⑤×⑧子代全是白色(或白色∶黑色＝1∶1)，⑥×⑦子代全是白色(或白色∶黑色＝1∶1)；若黑色是显性、白色是隐性，⑤黑色基因型是AA、⑥黑色基因型是AA(或⑤黑色基因型是AA、⑥黑色基因型是Aa或⑤黑色基因型是Aa、⑥黑色基因型是AA)，⑦白色、⑧白色基因型都是aa，⑤×⑧子代是全是黑色(或黑色∶白色＝1∶1)，⑥×⑦子代全是黑色(或黑色∶白色＝1∶1)，两组假设的结果可能相同，不能从杂交结果进行判断，C不符合题意。若黑色是隐性、白色是显性，①黑色基因型是aa、⑥黑色基因型是aa，④黑色、⑤黑色基因型都是aa，①×⑥子代全是黑色，④×⑤子代全是黑色；若黑色是显性、白色是隐性，①黑色基因型是Aa、⑥黑色基因型是AA、⑤黑色基因型是AA(或⑥黑色基因型是AA、⑤黑色基因型是Aa或⑥黑色基因型是Aa、⑤黑色基因型是AA)，④黑色基因型是Aa，①×⑥子代是全是黑色(或黑色∶白色＝3∶1)，④×⑤子代全是黑色(或黑色∶白色＝3∶1)，两组假设的结果可能相同，不能从杂交结果进行判断，D不符合题意。 3．研究表明，鸡的羽毛结构受常染色体上的一对等位基因(A/a)控制，现用两只表现为母羽的雌、雄鸡交配，F1雌鸡与雄鸡的比例为1∶1，且雌鸡全为母羽，雄鸡中母羽与雄羽的比例为3∶1，下列相关叙述错误的是(　　) A．在鸡的羽毛性状中，母羽对雄羽完全显性 B．该性状的遗传中，雌激素可能会影响a基因的表达 C．若F1母羽鸡自由交配，后代雄羽鸡的比例为1/6 D．亲代雌鸡、雄鸡的基因型均为Aa 答案　C 解析　由题意可知，亲本均为母羽，子代出现了雄羽，因此母羽对雄羽完全显性，A正确；该基因位于常染色体上，F1雌鸡与雄鸡的比例为1∶1，不存在致死现象，但雌鸡全为母羽，雄鸡中母羽与雄羽的比例为3∶1，可推知雌激素可能会影响a基因的表达，B正确；F1母羽鸡自由交配，雌鸡基因型为1/4AA∶1/2Aa∶1/4aa，雄鸡的基因型为1/3AA∶2/3Aa，后代aa的比例为1/6，因雄羽只能在雄鸡中出现，所以雄羽鸡比例为1/12，C错误；该基因位于常染色体上，亲本均为母羽，子代出现了雄羽，故亲代雌鸡、雄鸡的基因型均为Aa，D正确。 4．(2024·金华高三模拟)玉米籽粒的甜与非甜是一对相对性状，但显隐性未知。现将纯种的甜玉米和纯种的非甜玉米间行种植，下列相关叙述错误的是(　　) A．若自然授粉，则某些玉米植株上可结出甜和非甜两种籽粒 B．若人工杂交，则所有玉米植株上只能结甜或非甜一种籽粒 C．若甜玉米植株上结了非甜籽粒，则非甜玉米植株上也可结甜籽粒 D．若甜玉米植株上结了非甜籽粒，则非甜是显性性状 答案　C 解析　纯种的甜玉米和纯种的非甜玉米间行种植，若自然授粉，玉米能杂交和自交，则某些玉米植株(隐性性状玉米)上可结出甜和非甜两种籽粒，A正确；若人工杂交，则所有玉米植株上只能结甜或非甜一种籽粒，即表现为显性性状，B正确；若甜玉米植株(纯种)上结了非甜籽粒，则非甜对甜为显性，则非甜玉米植株(纯种)上不可能结甜籽粒，C错误，D正确。 5．遗传学中控制某一性状的基因可能有多个，但体细胞中最多只有其中的两个，这些基因在形成配子时遵循基因的分离定律，已知兔的毛色由Ay(黄色，纯合时胚胎致死)、A(鼠灰色)、a(褐色)决定，显隐性关系为Ay＞A＞a。下列叙述错误的是(　　) A．体细胞中基因型为AyAy、AyA、Aya的成年兔均为黄毛 B．两只黄毛兔相互交配，子代不可能全部为黄毛兔 C．两只黄毛兔相互交配，子代可能为黄毛兔∶鼠灰色兔＝2∶1 D．两只黄毛兔相互交配，子代可能为黄毛兔∶褐色兔＝2∶1 答案　A 解析　由于Ay纯合时胚胎致死，所以没有体细胞基因型为AyAy的个体，A错误；由于Ay纯合时胚胎致死，所以黄毛兔都是杂合子，因此两只黄毛兔相互交配，子代不可能全部为黄毛兔，B正确；两只黄毛兔相互交配，如果黄毛兔基因型为AyA×AyA，则子代可能为黄毛兔∶鼠灰色兔＝2∶1，C正确；两只黄毛兔相互交配，如果黄毛兔基因型为Aya×Aya，则子代可能为黄毛兔∶褐色兔＝2∶1，D正确。 6．(2023·金华高三期末)果蝇的眼色有一种隐性突变体——猩红眼(r1 r1)。研究者获得了两个新的朱砂眼隐性突变体——朱砂眼a(r2 r2)和朱砂眼b(r3 r3)，做了如下杂交实验。据此分析不合理的是(　　) 组别 亲本组合 F1 Ⅰ 朱砂眼a×猩红眼 野生型 Ⅱ 朱砂眼a×朱砂眼b 朱砂眼 Ⅲ 朱砂眼b×猩红眼 野生型 A.r1和r2不是等位基因 B．r2和r3是等位基因 C．r1和r3一定位于非同源染色体上 D．Ⅲ组F1的自交后代一定出现性状分离 答案　C 解析　根据第Ⅰ组朱砂眼a和猩红眼杂交，子代全为野生型，说明朱砂眼a和猩红眼是由不同的基因控制的，第Ⅰ组朱砂眼a基因型为R1R1r2r2，猩红眼基因型为r1r1R2R2，子代全为R1r1R2r2，表现为野生型，因此r1和r2不是等位基因，A不符合题意；根据第Ⅱ组朱砂眼a和朱砂眼b杂交，子代全为朱砂眼，说明朱砂眼a、b实际上是一种性状，因此r2和r3是等位基因，B不符合题意；根据第Ⅲ组朱砂眼b和猩红眼杂交，子代全为野生型，说明了r1和r3是非等位基因，但由于一条染色体上有多个基因，所以r1和r3可能位于一对同源染色体上，C符合题意；根据C项的分析可知，第Ⅲ组朱砂眼b的基因型为R1R1r3r3，猩红眼的基因型为r1r1R3R3，所以子代全为R1r1R3r3，自交后代一定出现性状分离，D不符合题意。 7．(2024·绍兴高三联考)玉米是雌雄同株异花的植株，其长果穗和短果穗是由一对基因A、a控制的相对性状，长果穗为显性性状，现有数量比为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶3的玉米植株，个体间进行随机交配，则在杂合子长果穗植株上所结种子长成植株后，长果穗∶短果穗的比例为(　　) A．8∶1 B．5∶1 C．2∶1 D．3∶1 答案　C 解析　由题意可知，玉米种群中AA占1/6、Aa占2/6、aa占3/6，种群中个体间进行随机交配，在杂合子长果穗植株上所结种子包括Aa与AA杂交、Aa自交、Aa与aa杂交得到的后代，即2/6×1/6(1/2AA＋1/2Aa)＋2/6×2/6(1/4AA＋1/2Aa＋1/4aa)＋2/6×3/6(1/2Aa＋1/2aa)，其中长果穗(AA、Aa)有2/9，短果穗(aa)有1/9，故长果穗∶短果穗的比例为2∶1。 8．(2024·丽水高三调研)常染色体上控制果蝇的红眼基因A、白眼基因am以及无眼基因an决定不同性状。红眼果蝇与纯合白眼果蝇杂交，子一代全为红眼，白眼果蝇与无眼果蝇杂交，子一代全为白眼，红眼果蝇与无眼果蝇杂交，子一代全为红眼。下列相关叙述正确的是(　　) A．与上述果蝇眼色性状相关的基因型共9种 B．两只果蝇杂交的后代不可能出现三种表型 C．红眼雌、雄果蝇相互交配后代中出现了白眼果蝇或无眼果蝇，这不是基因重组造成的 D．上述三种果蝇杂交产生的子一代数量相等，让子一代的个体随机交配，产生的子代中白眼雌果蝇占1/9 答案　C 解析　果蝇眼色性状的基因型有AA、amam、anan、Aam、Aan、aman 共6种，A错误；两只果蝇杂交的后代，有些情况下后代可能出现三种表型，如亲代的基因型为Aan、aman，则后代基因型为Aam、Aan、aman、anan，性状表现为红眼、白眼以及无眼，B错误；一对相对性状的遗传不涉及基因重组，C正确；题目中三种果蝇杂交得到的子一代基因型为Aam、Aan、aman，三种基因型个体产生的配子种类及比例为A∶am∶an＝1∶1∶1，随机交配的子代中白眼果蝇基因型是amam和aman，所以子代中出现白眼雌果蝇的概率是(1/3×1/3×2＋1/3×1/3)×1/2＝1/6，D错误。 9．(2024·杭州第二中学高三模拟)胰岛素样生长因子2(生长调节素A)是小鼠正常发育的一种必需蛋白质，当控制合成该蛋白质的基因IgF2突变为IgF2m时，小鼠缺乏该种蛋白质而个体矮小，科学家研究发现，该对等位基因位于常染色体上，遗传时会出现“基因印记”现象，即子代中来自双亲的基因中只有一方能表达，另一方被“印记”而不表达。选取基因型为IgF2IgF2、IgF2mIgF2m的雌雄小鼠进行正交和反交，结果子代小鼠的表型总是与父本一致。下列说法错误的是(　　) A．基因型为IgF2IgF2、IgF2mIgF2m的小鼠的表型分别为正常型、矮小型 B．基因型为IgF2IgF2m的子代小鼠的表型不能确定 C．实验结果说明被“印记”而不表达的基因来自母本 D．将子代雌雄小鼠相互交配，产生的后代为正常型∶矮小型＝3∶1 答案　D 解析　由于IgF2基因控制合成的胰岛素样生长因子2，对个体生长、发育具有重要作用，因此基因型为IgF2IgF2的个体表现为正常型，基因型为IgF2mIgF2m的个体不能合成胰岛素样生长因子2，表现为矮小型，A正确；基因型为IgF2IgF2m的个体，由于不能确定是IgF2基因表达还是IgF2m基因表达，因此其表型不能确定，B正确；选取基因型为IgF2IgF2、IgF2mIgF2m的雌雄小鼠进行正交和反交，杂交后代基因型均是IgF2IgF2m，由题意可知，子代小鼠的表型总是与父本一致，因此，被印记而不表达的基因来自母方，C正确；子代基因型是IgF2IgF2m，雌雄个体相互交配，由于来自母方的基因被印记，来自父方的基因有两种类型，比例是1∶1，因此杂交后代的表型及比例是正常型∶矮小型＝1∶1，D错误。 10．已知某种植物果皮的有毛和无毛由常染色体上的一对等位基因(D、d)控制，让多个果皮有毛的亲本自交，F1的表型及比例为有毛∶无毛＝7∶1(不考虑基因突变、染色体畸变和致死情况)。下列有关分析不合理的是(　　) A．该植物果皮的有毛对无毛为显性 B．亲本的基因型有DD、Dd两种，且比例为1∶1 C．F1中d的基因频率为1/4 D．F1果皮有毛植株中DD∶Dd＝4∶1 答案　D 解析　让多个果皮有毛的亲本自交，F1的表型及比例为有毛∶无毛＝7∶1，后代出现了无毛，说明有毛对无毛为显性，A正确；Dd自交后代无毛的比例为1/4，而F1中无毛的比例为1/8，说明亲本DD∶Dd＝1∶1，B正确；F1中DD∶Dd∶dd＝5∶2∶1，则d的基因频率＝1/2×2/8＋1/8＝1/4，C正确；F1果皮有毛植株中DD∶Dd＝5∶2，D错误。 二、非选择题 11．某两性花植物的紫花与红花是一对相对性状，且是由单基因(D、d)控制的完全显性遗传。现用一株紫花植株和一株红花植株作实验材料，设计了如下实验方案(后代数量足够多)，以鉴别该紫花植株的基因型。请回答下列问题： (1)该实验设计原理遵循基因的__________定律。 (2)完善下列实验设计： 第一步：____________________(填选择的亲本及交配方式)； 第二步：紫花植株×红花植株。 (3)实验结果预测：①若第一步出现性状分离，说明紫花植株为____________(填“纯合子”或“杂合子”)。若未出现性状分离，说明紫花植株的基因型为___________________________。 ②若第二步后代全为紫花，则紫花植株的基因型为____________；若后代全部为红花或出现红花，则紫花植株的基因型为_____________________________________________________。 答案　(1)分离　(2)紫花植株自交　(3)①杂合子　DD或dd　②DD　dd 解析　本题研究的是紫花与红花这对相对性状，且是由单基因(D、d)控制的完全显性遗传，因此遵循基因的分离定律。根据实验结果预测①可知，第一步是让紫花植株自交，根据后代是否出现性状分离判断紫花植株是否纯合。如果基因型为DD或dd，则后代全部为紫花；如果基因型为Dd，则后代出现性状分离。再根据实验设计的第二步将紫花植株与红花植株杂交，如果后代全为紫花，则紫花植株的基因型为DD；如果后代全为红花或出现红花，则紫花植株的基因型为dd。 12．(2024·台州高三期中)亚洲瓢虫的鞘翅呈现色彩丰富的斑点，鞘翅的黑缘型、均色型和黄底型分别由SASA、SESE和ss控制。为研究鞘翅色彩的遗传特点，用三组亚洲瓢虫进行杂交实验，F1自由交配得F2，其结果如表： 杂交组合 亲本 F1 F2 甲 均色型×黄底型 新类型一 均色型∶新类型一∶黄底型＝1∶2∶1 乙 黑缘型×黄底型 新类型二 黑缘型∶新类型二∶黄底型＝1∶2∶1 丙 新类型一×新类型二 黄底型∶新类型一∶新类型二∶新类型三＝1∶1∶1∶1 ？ (1)欲确定F1新类型体细胞的染色体数目和形态特征，需对其进行_______________________。 (2)若仅考虑鞘翅的色彩斑点由SA、SE和s基因决定，则与之相关的瓢虫的基因型有______种，表型有______种。 (3)根据甲、乙杂交组合的实验结果分析，F1全为新类型，F2出现不同表型的现象称为____________，出现这种现象的原因是F1产生配子时，__________分离。 (4)丙组的F1进行自由交配，在F2中出现新类型的概率为________。欲测定新类型三的基因型，可将其与表型为________瓢虫测交，若后代表型及比例为__________________________，则新类型三为杂合子。 (5)为了进一步明确鞘翅斑点的遗传特点，研究者又将黑缘型和均色型杂交，子代表现为两种亲本性状的嵌合体(如图所示)，这种显性现象称为镶嵌显性。这种显性类型与人类AB血型的表现形式是有区别的，前者是将双亲的显性性状在________________表现，后者是将双亲的显性性状在子一代同一个体的相同细胞中表现。 答案　(1)染色体组型分析　(2)6　6　(3)性状分离　等位基因　(4)5/8　黄底型　新类型一∶新类型二＝1∶1　(5)子一代同一个体的不同细胞(部位) 解析　(1)染色体组型分析可以确定F1新类型体细胞的染色体数目和形态特征。(2)若仅考虑鞘翅的色彩斑点由SA、SE和s基因决定，则与之相关的瓢虫的基因型有6种(SASA、SASE、SESE、SAs、SEs、ss)，表型有6种(黑缘型、新类型三、均色型、新类型二、新类型一、黄底型)。(3)根据甲、乙杂交组合的实验结果分析，F1全为新类型，F2出现不同表型的现象称为性状分离。F1产生配子时，等位基因分离，可导致子代出现性状分离。(4)丙组的F1进行自由交配，在F2中出现新类型的概率为2/8新类型一(SEs)＋2/8新类型二(SAs)＋1/8新类型三(SASE)＝5/8。测交是与隐性个体进行杂交，欲测定新类型三的基因型，可将其与表型为黄底型(ss)瓢虫进行测交。若后代表型及比例为新类型一∶新类型二＝1∶1，则新类型三为杂合子(SASE)。 13．在群体中位于某同源染色体同一位置上的两个以上决定同一性状的基因称为复等位基因。在家兔的常染色体上有一系列决定毛色的复等位基因：C、cch、ch、c，C基因对cch、ch、c为显性，cch基因对ch、c为显性，ch对c为显性。C基因系列在决定家兔毛皮颜色时其表型与基因型的关系如下表： 毛皮颜色表型 全色 青旗拉 喜马拉扬 白化 基因型 C_ cch_ ch_ cc 请回答下列问题： (1)家兔皮毛颜色的基因型共有______种。 (2)若一只全色雄兔和一只喜马拉扬雌兔多次交配后，子代全色∶青旗拉＝1∶1，则两只亲本兔的基因型分别为__________、__________。基因型为Ccch的雌、雄兔交配，子代中有全色兔和青旗拉兔，让子代中的全色兔与喜马拉扬杂合兔交配，后代的表型及比例____________。 (3)若有一只喜马拉扬雄兔和多只其他各色的雌兔，如何利用杂交方法检测出喜马拉扬雄兔的基因型？请写出实验思路和预期实验结果：___________________________________________ _______________________________________________________________________________。 答案　(1)10　(2)Ccch　chch或chc　全色∶青旗拉＝2∶1　(3)选用多只白化雌兔与该喜马拉扬雄兔交配；若后代均为喜马拉扬兔，则该喜马拉扬雄兔的基因型为chch；若后代出现了白化兔，则该喜马拉扬雄兔的基因型为chc 解析　(1)因为相关复等位基因有4个，构成的纯合子有4种，杂合子有6种，基因型共10种。(2)子代全色(C_)和青旗拉(cch_)的C和cch基因只能来自全色雄兔，因为喜马拉扬雌兔(ch_)不存在C和cch基因，可推出两只亲本兔的基因型分别为Ccch、chch或chc。基因型为Ccch的雌、雄兔交配，子代中全色兔基因型为CC∶Ccch＝1∶2，与喜马拉扬杂合兔(chc)交配，后代中全色兔所占比例为1/3＋2/3×1/2＝2/3，青旗拉兔所占比例为2/3×1/2＝1/3。(3)检测喜马拉扬雄兔的基因型，应该用测交法。选用多只白化雌兔与该喜马拉扬雄兔交配，若后代均为喜马拉扬兔，则该喜马拉扬雄兔的基因型为chch，若后代出现了白化兔，则该喜马拉扬雄兔的基因型为chc。 谢谢！ 学科网（北京）股份有限公司 $