第四单元 第1课时 分离定律及其应用（教师用书word）-【步步高】2025年高考生物大一轮复习讲义（浙科版 浙江、桂（梧州））

第1课时　分离定律及其应用 课标要求　阐明有性生殖中基因的分离使得子代的基因型和表型有多种可能，并可由此预测子代的遗传性状。 考点一　一对相对性状的杂交实验 1．豌豆作为杂交实验材料的优点 提醒　遗传实验常用的材料除豌豆外还有玉米、果蝇等。 2．孟德尔遗传实验的杂交操作 (1)玉米为单性花，自然状态下，进行自由交配(填“自交”或“自由交配”)。 (2)(必修2 P4图1－3)豌豆杂合子产生的雌雄配子数量关系：雄配子数远远多于雌配子数。 3．性状分离的原因(等位基因相互分离) 4．基因的分离定律 5．相同基因、等位基因与非等位基因 6．基因的显隐性关系不是绝对的 (1)孟德尔一对相对性状的杂交实验中，实现3∶1的性状分离比必须同时满足的条件包括②③④⑤⑥(填序号)。 ①F1体细胞中各基因表达的机会相等　②F1形成的两种配子的数目相等且生活力相同 ③雌、雄配子结合的机会相等　④F2不同基因型的个体的存活率相等　⑤等位基因间的显隐性关系是完全的　⑥观察的子代样本数目足够多 (2)假设教材中豌豆F1产生的含p的花粉一半败育，其他条件不变，F1自交，F2的性状分离比为紫花∶白花＝5∶1。 1．下列有关一对相对性状的豌豆杂交实验的叙述，错误的是(　　) A．豌豆在自然状态下一般是纯合子，可使杂交实验结果更可靠 B．进行人工杂交时，必须在豌豆花未成熟时除尽母本的雄蕊 C．在统计时，若F2的数量过少，其性状分离比可能偏离3∶1 D．孟德尔提出杂合子测交后代表型比为1∶1的假说，并通过实际种植来演绎 答案　D 解析　孟德尔根据对豌豆遗传现象的分析，提出假说，然后在假说的基础上演绎推理出测交后代表型比应为1∶1，并通过实际种植进行测交实验验证，D错误。 2．(2024·舟山高三模拟)如图表示雌雄同花的纯合金鱼草在不同条件下的杂交实验结果图，已知A基因控制红色性状，a基因控制白色性状。下列叙述错误的是(　　) A．等位基因间的显隐性关系并不是一成不变的 B．实验中需要对母本进行人工去雄且亲本都需要进行套袋处理 C．在高温条件下培养出的红花和粉红花的基因型一般不同 D．高温条件下产生的F1自交，后代培养在低温光照充足条件下，则F2有2种表型 答案　B 解析　红花×白花→粉红花，属于不完全显性，红花×白花→红花，属于完全显性，基因的显隐性关系不是绝对的，显性性状的表现既是等位基因相互作用的结果，又是基因与生物体内外环境条件共同作用的结果，A正确；金鱼草是雌雄同花，自然状态下会进行自花授粉(相当于自交)，所以金鱼草的杂交实验中，需要对母本去雄，以防止自花授粉，母本去雄后需要进行套袋处理，防止外来花粉授粉，但是父本不需要进行套袋处理，B错误；高温条件下培养出的红花的基因型是AA，粉红花的基因型是Aa，C正确；高温条件下产生的F1的基因型是Aa(粉红花)，其自交后代培养在低温光照充足条件下，会得到1/4AA(红花)、1/2Aa(红花)和1/4aa(白花)，F2共有2种表型，D正确。 3．水稻的非糯性(W)对糯性(w)为显性，非糯性品系所含淀粉遇碘呈蓝色，糯性品系所含淀粉遇碘呈红色。将W基因用红色荧光标记，w基因用蓝色荧光标记(不考虑基因突变)。下列对纯种非糯性与糯性水稻杂交的子代的叙述，错误的是(　　) A．观察F1未成熟花粉时，发现2个红色荧光点和2个蓝色荧光点分别移向两极，是分离定律的直观证据 B．观察F1未成熟花粉时，发现1个红色荧光点和1个蓝色荧光点分别移向两极，说明形成该细胞时发生过染色体片段交换 C．选择F1成熟花粉用碘液染色，理论上蓝色花粉和红色花粉的比例为1∶1 D．F1自交得到F2后，选择F2所有植株成熟花粉用碘液染色，理论上蓝色花粉和红色花粉的比例为3∶1 答案　D 解析　纯种非糯性与糯性水稻杂交，F1的基因型为Ww，观察F1未成熟花粉时，发现2个红色荧光点和2个蓝色荧光点分别移向两极，即含2个红色荧光点WW的染色体与含2个蓝色荧光点ww的同源染色体分离，因此这是分离定律的直观证据，A 正确；观察F1未成熟花粉时，发现1个红色荧光点和1个蓝色荧光点分别移向两极，说明形成该细胞时发生过染色体片段交换，导致一条染色体上既有 W基因又有w基因，在减数第二次分裂后期，可发生1个红色荧光点W和1个蓝色荧光点w分别移向两极的现象，B正确；F1形成配子的过程中，产生的糯性和非糯性的成熟花粉的比例为1∶1，因此选择F1成熟花粉用碘液染色，理论上蓝色花粉和红色花粉的比例为1∶1，C正确；依据题干信息可知，F1的基因型为Ww，F2所有植株中非糯性(W_)∶糯性(ww)＝3∶1，但所有F2植株产生的糯性和非糯性的成熟花粉比例是1∶1，用碘液染色，理论上蓝色花粉和红色花粉的比例为1∶1，D错误。 方法规律　“四法”验证分离定律(也可用于纯合子和杂合子的鉴定) 4．(2024·杭州高三调研)下列属于孟德尔在发现分离定律时的“演绎”过程的是(　　) A．性状是由遗传因子控制的 B．由F2出现了3∶1的性状分离比，推测生物体产生配子时，成对的基因彼此分离 C．若F1产生配子时成对的基因分离，则测交后代中两种性状比例接近1∶1 D．若F1产生配子时成对的基因分离，则F2中三种基因型的个体比例接近1∶2∶1 答案　C 解析　“性状是由遗传因子控制的”这属于假说内容，A不符合题意；由F2出现了3∶1的性状分离比，推测生物体产生配子时，成对的基因彼此分离，这属于假说内容，B不符合题意；演绎推理内容是若F1产生配子时成对的基因分离，则测交后代会出现两种性状，比例接近1∶1，再设计测交实验对分离定律进行验证，C符合题意；若F1产生配子时成对的基因分离，雌雄配子随机结合，则F2中三种基因型的个体比例接近1∶2∶1，这属于假说内容，D不符合题意。 考点二　概率计算与自交、自由交配 1．用配子概率进行计算 (1)方法：先算出亲本产生几种配子，求出每种配子产生的概率，再用相关的两种配子的概率相乘，或用棋盘法处理。 (2)实例：如白化病遗传，Aa×Aa→1AA∶2Aa∶1aa，父方产生A、a配子的概率各占1/2，母方产生A、a配子的概率也各占1/2。 ①用棋盘法推测后代概率 雌配子 雄配子 A a A AA Aa a Aa aa ②用配子概率直接相乘 AA＝×＝；Aa＝2××＝(注意乘2)；aa＝×＝。 (3)患病男孩与男孩患病的概率计算 计算患病男孩，由于生育后代性别未知，因此，计算出相应疾病概率后，需乘上生男生女的概率(即需要×1/2)；计算男孩患病，由于生育后代性别已知，因此，计算出相应疾病概率后，不需要乘上生男生女的概率(即不需要×1/2)。 2．自交的概率计算 (1)杂合子Aa连续自交，第n代的比例分析 Fn 杂合子 纯合子 显性纯合子 隐性纯合子 显性性状个体 隐性性状个体 所占比例 1－ － － ＋ － 根据上表比例，杂合子、纯合子所占比例坐标曲线图为： 图中a、b、c依次为纯合子、显性(隐性)纯合子、杂合子。 当n趋向于无穷大时，杂合子趋向于0，纯合子趋向于1，显性纯合子和隐性纯合子趋向于1/2。 (2)在植物育种过程中，选育符合人们要求的个体(显性)，可进行连续自交，直到性状不再发生分离为止，即可留种推广使用。实际育种工作中往往采用逐代淘汰隐性个体的办法加快育种进程。在逐代淘汰隐性个体的情况下，Fn中显性纯合子所占比例为(2n－1)/(2n＋1)(可推导计算出)。如图所示： 3．杂合子连续自交、自由交配及淘汰隐性个体后杂合子占的比例 项目 连续自交 自由交配 连续自交并逐代淘汰隐性个体 自由交配并逐代淘汰隐性个体 P 1 1 1 1 F1 F2 F3 F4 Fn 注：计算自由交配子代基因型、表型概率用配子法较简便，但自交子代概率不可用配子法计算，如群体中AA∶Aa＝1∶2(A＝，a＝)，自由交配时子代类型为AA＝A2，Aa＝2×A×a，aa＝a2；而自交时需按“AA×1AA，Aa×(AA、Aa、aa)”统计子代中各类型比例。 4．自由交配的概率计算 自由交配问题的两种分析方法：如某种生物基因型AA占1/3、Aa占2/3，个体间可以自由交配，求后代中AA的比例。 (1)列举(棋盘)法：在表格的第一行和第一列列出雌雄个体可能的基因型，分别分析每种杂交类型后代的基因型，然后综合分析所有后代中基因型和表型的比例。 ♀ ♂　　　 1/3AA 2/3Aa 1/3AA 1/9AA 1/9AA、1/9Aa 2/3Aa 1/9AA、1/9Aa 1/9AA、2/9Aa、1/9aa 子代基因型及概率AA＝4/9、Aa＝4/9、aa＝1/9 子代表型的概率A_＝4/9＋4/9＝8/9、aa＝1/9 (2)配子比例法：1/3AA个体产生一种配子A；2/3Aa个体产生两种数量相等的配子A和a，所占比例均为1/3，则A配子所占比例为2/3，a配子所占比例为1/3。如下： 由表可知：F1基因型的比例为AA∶Aa∶aa＝4/9∶4/9∶1/9＝4∶4∶1；F1表型的比例为A_∶aa＝8/9∶1/9＝8∶1。 (3)遗传平衡法 先根据“一个等位基因的频率＝它的纯合子基因型频率＋(1/2)杂合子基因型频率”推知，子代中A的基因频率＝1/3＋1/2×2/3＝2/3，a的基因频率＝1－2/3＝1/3。然后根据遗传平衡定律可知，aa的基因型频率＝a基因频率的平方＝(1/3)2＝1/9，AA的基因型频率＝A基因频率的平方＝(2/3)2＝，Aa的基因型频率＝2×A基因频率×a基因频率＝2×2/3×1/3＝4/9，表型及概率为8/9A_、1/9aa。 5．(2023·温州高三模拟)将基因型为Aa的水稻自交一代的种子全部种下，待其长成幼苗后，人工去掉隐性个体，并均分为①②两组，在下列情况下：①组全部让其自交；②组让其所有植株间自由传粉。则①②两组的植株上基因型为AA的种子所占比例分别是多少(　　) A．1/9、1/6 B．1/2、4/9 C．1/6、1/9 D．4/9、1/2 答案　B 解析　基因型为Aa的水稻自交，子一代的基因型及其比例为1/4AA、1/2Aa、1/4aa。在幼苗期去掉隐性个体(aa)后，剩下幼苗的基因型及其比例为1/3AA、2/3Aa。①组全部让其自交：1/3AA1/3AA，2/3Aa1/6AA、1/3Aa、1/6aa，所以基因型为AA的概率为1/3＋1/6＝1/2。②组让其所有植株间自由传粉：A的基因频率＝1/3＋2/3×1/2＝2/3，a的基因频率为1－2/3＝1/3。AA的基因型频率为2/3×2/3＝4/9，Aa的基因型频率为2×1/3×2/3＝4/9，aa的基因型频率为1/3×1/3＝1/9。所以①②两组的植株上基因型为AA的种子所占比例分别为1/2和4/9，B正确。 6．用基因型为Aa的小麦分别进行连续自交、随机交配、连续自交并逐代淘汰隐性个体、随机交配并逐代淘汰隐性个体，根据各代Aa基因型频率绘制曲线如图。下列分析错误的是(　　) A．曲线Ⅱ的F3中Aa基因型频率为0.4 B．曲线Ⅲ的F2中Aa基因型频率为0.4 C．曲线Ⅳ的Fn中纯合子的比例比上一代增加(1/2)n＋1 D．曲线Ⅰ和Ⅳ的各子代间A和a的基因频率始终相等 答案　C 解析　首先分析出前三代中Aa的基因型频率(如表)，据此可判断曲线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ分别对应表中的②④③① 4种情况。 项目 ①连续自交 ②随机交配 ③连续自交并逐代淘汰隐性个体 ④随机交配并逐代淘汰隐性个体 P 1 1 1 1 F1 1/2 1/2 2/3 2/3 F2 1/4 1/2 2/5 1/2 F3 1/8 1/2 2/9 2/5 由题图可知，曲线Ⅱ的F3中Aa的基因型频率与曲线Ⅲ的F2中Aa的基因型频率相同，均为0.4，A、B正确；曲线Ⅳ的Fn中纯合子的比例和上一代中纯合子的比例分别为1－1/2n和1－1/2n－1，两者相差1/2n，C错误；曲线Ⅰ和Ⅳ分别代表随机交配和连续自交两种情况，此过程中没有发生淘汰和选择，所以各子代间A和a的基因频率始终相等，D正确。 1．(2022·浙江1月选考，10)孟德尔杂交试验成功的重要因素之一是选择了严格自花授粉的豌豆作为材料。自然条件下豌豆大多数是纯合子，主要原因是(　　) A．杂合子豌豆的繁殖能力低 B．豌豆的基因突变具有可逆性 C．豌豆的性状大多数是隐性性状 D．豌豆连续自交，杂合子比例逐渐减小 答案　D 解析　孟德尔杂交试验选择了严格自花授粉的豌豆作为材料，而连续自交可以提高纯合子的纯合比例，因此，自然条件下豌豆大多数都是纯合子，D符合题意。 2．(2021·浙江1月选考，19)某种小鼠的毛色受AY(黄色)、A(鼠色)、a(黑色)3个基因控制，三者互为等位基因，AY对A、a为完全显性，A对a为完全显性，并且基因型AYAY胚胎致死(不计入个体数)。下列叙述错误的是(　　) A．若AYa个体与AYA个体杂交，则F1有3种基因型 B．若AYa个体与Aa个体杂交，则F1有3种表型 C．若1只黄色雄鼠与若干只黑色雌鼠杂交，则F1可同时出现鼠色个体与黑色个体 D．若1只黄色雄鼠与若干只纯合鼠色雌鼠杂交，则F1可同时出现黄色个体与鼠色个体 答案　C 解析　若AYa个体与AYA个体杂交，受精卵基因型有AYAY、AYA、AYa、Aa四种，其中AYAY基因型胚胎致死，所以F1中有3种基因型，A正确；若AYa个体与Aa个体杂交，F1基因型有AYA、AYa、Aa、aa四种，其中AYA、AYa表现黄色，Aa表现鼠色，aa表现黑色，B正确；由题意可知，黄色基因型为AYA或AYa两种，黑色基因型为aa，若AYA×aa，则F1中有AYa(黄色)、Aa(鼠色)两种个体，若AYa×aa，则F1中有AYa(黄色)、aa(黑色)两种个体，C错误；由题意可知，黄色基因型为AYA或AYa两种，纯合鼠色基因型为AA，若AYA×AA，则F1中有AYA(黄色)、AA(鼠色)个体，若AYa×AA，则F1中有AYA(黄色)、Aa(鼠色)个体，D正确。 3．(2021·湖北，18)人类的ABO血型是由常染色体上的基因IA、IB和i三者之间互为等位基因决定的。IA基因产物使得红细胞表面带有A抗原，IB基因产物使得红细胞表面带有B抗原。IAIB基因型个体红细胞表面有A抗原和B抗原，ii基因型个体红细胞表面无A抗原和B抗原。现有一个家系的系谱图(如图)，对家系中各成员的血型进行检测，结果如表，其中“＋”表示阳性反应，“－”表示阴性反应。 个体 1 2 3 4 5 6 7 A抗原抗体 ＋ ＋ － ＋ ＋ － － B抗原抗体 ＋ － ＋ ＋ － ＋ － 下列叙述正确的是(　　) A．个体5基因型为IAi，个体6基因型为IBi B．个体1基因型为IAIB，个体2基因型为IAIA或IAi C．个体3基因型为IBIB或IBi，个体4基因型为IAIB D．若个体5与个体6生第二个孩子，该孩子的基因型一定是ii 答案　A 解析　个体5只含A抗原，个体6只含B抗原，而个体7既不含A抗原也不含B抗原，故个体5的基因型只能是IAi，个体6的基因型只能是IBi，A正确；个体1既含A抗原又含B抗原，说明其基因型为IAIB，个体2只含A抗原，但个体5的基因型为IAi，所以个体2的基因型只能是IAi，B错误；个体3只含B抗原，个体4既含A抗原又含B抗原，个体6的基因型是IBi，故个体3的基因型只能是IBi，个体4的基因型是IAIB，C错误；个体5的基因型为IAi，个体6的基因型为IBi，故二者生第二个孩子，该孩子的基因型可能是IAi、IBi、IAIB、ii，D错误。 4．(2022·海南，15)匍匐鸡是一种矮型鸡，匍匐性状基因(A)对野生性状基因(a)为显性，这对基因位于常染色体上，且A基因纯合时会导致胚胎死亡。某鸡群中野生型个体占20%，匍匐型个体占80%，随机交配得到F1，F1雌、雄个体随机交配得到F2。下列有关叙述正确的是(　　) A．F1中匍匐型个体的比例为12/25 B．与F1相比，F2中A基因频率较高 C．F2中野生型个体的比例为25/49 D．F2中a基因频率为7/9 答案　D 解析　根据题意可知，A基因纯合时会导致胚胎死亡，因此匍匐型个体Aa占80%，野生型个体aa占20%，则A基因频率为80%×1/2＝40%，a基因频率为60%，F1中AA＝40%×40%＝16%，Aa＝2×40%×60%＝48%，aa＝60%×60%＝36%，由于A基因纯合时会导致胚胎死亡，所以F1中Aa占(48%)÷(48%＋36%)＝4/7，A错误；由于A基因纯合时会导致胚胎死亡，因此每一代都会使A的基因频率减小，故与F1相比，F2中A基因频率较低，B错误；F1中Aa占4/7，aa占3/7，产生的配子为A＝4/7×1/2＝2/7，a＝5/7，F2中aa＝5/7×5/7＝25/49，由于AA＝2/7×2/7＝4/49致死，因此F2中aa占25/49÷(1－4/49)＝5/9，C错误；F2中aa占5/9，Aa占4/9，因此A基因频率为4/9×1/2＝2/9，a基因频率为7/9，D正确。 课时精练 一、选择题 1．下列关于孟德尔豌豆杂交实验的叙述，正确的是(　　) A．在杂交过程中，需要对父本进行去雄处理，防止自花授粉 B．孟德尔根据假说内容推断“测交后代会出现两种性状且比例为1∶1”属于演绎过程 C．F1自交时，精子和卵细胞随机结合体现了基因的自由组合 D．孟德尔假说中提出生物体能产生雌雄数量相等的两种配子 答案　B 解析　在杂交过程中，需要对母本进行去雄处理，防止自花授粉，A错误；孟德尔根据假说内容推断“测交后代会出现两种性状且比例为1∶1”，该推测属于演绎过程，B正确；F1自交时，基因的自由组合发生在减数分裂过程中，不是精子和卵细胞的随机结合，C错误；孟德尔假说中没有提出生物体能产生雌雄数量相等的两种配子，且实际情况下一般雄配子的数量远多于雌配子的数量，D错误。 2．(2021·湖北，4)浅浅的小酒窝，笑起来像花儿一样美。酒窝是由人类常染色体的单基因所决定，属于显性遗传。甲、乙分别代表有、无酒窝的男性，丙、丁分别代表有、无酒窝的女性。下列叙述正确的是(　　) A．若甲与丙结婚，生出的孩子一定都有酒窝 B．若乙与丁结婚，生出的所有孩子都无酒窝 C．若乙与丙结婚，生出的孩子有酒窝的概率为50% D．若甲与丁结婚，生出一个无酒窝的男孩，则甲的基因型可能是纯合的 答案　B 解析　结合题意可知，假设酒窝的相关基因用A、a表示，甲为有酒窝男性，则基因型为AA或Aa，丙为有酒窝女性，基因型为AA或Aa，乙为无酒窝男性，基因型为aa，丁为无酒窝女性，基因型为aa，则甲与丙结婚，若两者基因型均为Aa时，生出的孩子基因型可能为aa，表现为无酒窝，A错误；乙与丁结婚，生出的孩子基因型均为aa，表现为无酒窝，B正确；乙与丙结婚，若丙基因型为AA，则生出的孩子均有酒窝，若丙基因型为Aa，则生出的孩子有酒窝的概率为50%，C错误；若甲与丁结婚，生出一个无酒窝的男孩(aa)，则甲的基因型只能为Aa，是杂合子，D错误。 3．下列有关一对相对性状杂交实验及孟德尔定律的叙述，正确的是(　　) A．F1高茎豌豆自交所得F2中出现了高茎和矮茎，这是基因重组的结果 B．测交结果可反映F1产生的配子种类及比例 C．正反交结果相同，说明参与交配的亲本为纯合子 D．孟德尔提出了同源染色体上的等位基因控制相对性状的假设 答案　B 解析　F1高茎豌豆自交所得F2中出现了高茎和矮茎，这是基因分离的结果，A错误；孟德尔所在的年代还没有基因一词，也不知道基因位于染色体上，D错误。 4．(2024·杭州高三模拟)ABO血型系统由基因IA、IB和i控制。当红细胞膜上的凝集原(图中蛋白质)上无糖基时，血型为O型；有A糖基、B糖基或AB糖基时，血型分别为A型、B型和AB型，3个基因的作用如图所示。在人血清中有抗A凝集素和抗B凝集素，可分别与A凝集原和B凝集原发生凝集。研究表明每个人的血清中不含有与自身细胞凝集原相对应的凝集素。下列说法错误的是(　　) A．在ABO血型系统中，人类共有6种基因型 B．IA、IB基因通过控制相应转移酶的合成控制相应性状 C．A型血和B型血的人婚配后可能生出O型血的孩子 D．若将O型血大量输入AB型血的人身体中，不会发生凝集 答案　D 解析　人类ABO血型系统有A型、B型、AB型、O型四种，由IA、IB、i三个复等位基因决定，共有6种基因型，分别是IAIA、IAi、IBIB、IBi、IAIB、ii，A正确；据题图分析可知，IA、IB基因通过控制相应转移酶的合成控制糖基的存在与否，进而控制相应性状，B正确；基因型为IAi的A型血人和基因型为IBi的B型血人婚配，可以生出基因型为ii的O型血的孩子，C正确；分析题意可知，当红细胞膜上的凝集原上无糖基时，血型为O型，而有AB糖基时，血型为AB型，在O型血的人血清中有抗A凝集素和抗B凝集素，若将O型血大量输入AB型血的人身体中，会发生凝集反应，D错误。 5．(2024·衢州高三联考)玉米是雌雄同株、单性花、一年生植物，现有一株杂合高秆玉米Dd进行自交，让其子代在自然状态下授粉至F3，则F3中高秆玉米与矮秆玉米植株的比例为(　　) A．3∶1 B．9∶7 C．1∶1 D．13∶3 答案　A 解析　玉米在自然状态下自由交配，亲本杂合高秆玉米Dd，产生的D配子占1/2，d配子占1/2，在自由交配的条件下，从F1到Fn基因频率(或配子的概率)和基因型频率都不改变，故F3中，矮秆(dd)占1/2×1/2＝1/4，高秆占3/4。 6．现将一批红花豌豆与白花豌豆进行杂交，后代中红花∶白花＝5∶1(假设每个个体产生后代数量相同)，若该批红花豌豆在自然条件下种植一代，后代中出现白花的概率为(　　) A．1/36 B．1/18 C．1/12 D．1/6 答案　C 解析　该批红花豌豆与白花豌豆杂交，后代中红花∶白花＝5∶1，由此可知红花为显性性状，白花为隐性性状，假设红花由基因A控制，白花由基因a控制。根据比例判断亲本红花豌豆有两种基因型，且AA∶Aa＝2∶1，由于豌豆是严格的自花授粉植物，而且闭花授粉，因此将该红花豌豆在自然条件下种植，即2/3AA自交和1/3Aa自交，在后代中白花(aa)的概率为1/3×1/4＝1/12，C正确。 7．(2023·全国甲，6)水稻的某病害是由某种真菌(有多个不同菌株)感染引起的。水稻中与该病害抗性有关的基因有3个(A1、A2、a)：基因A1控制全抗性状(抗所有菌株)，基因A2控制抗性性状(抗部分菌株)，基因a控制易感性状(不抗任何菌株)，且A1对A2为显性，A1对a为显性，A2对a为显性。现将不同表型的水稻植株进行杂交，子代可能会出现不同的表型及其分离比。下列叙述错误的是(　　) A．全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性＝3∶1 B．抗性植株与易感植株杂交，子代可能出现抗性∶易感＝1∶1 C．全抗植株与易感植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性＝1∶1 D．全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗∶抗性∶易感＝2∶1∶1 答案　A 解析　全抗植株与抗性植株有六种杂交情况：A1A1与A2A2或A2a杂交，后代全是全抗植株，A1A2与A2A2或A2a杂交，后代表型及比例为全抗∶抗性＝1∶1，A1a与A2A2杂交，后代表型及比例为全抗∶抗性＝1∶1，A1a与A2a杂交，后代表型及比例为全抗∶抗性∶易感＝2∶1∶1，A错误，D正确；抗性植株(A2A2或者A2a)与易感植株(aa)杂交，后代全为抗性植株，或表型及比例为抗性∶易感＝1∶1，B正确；全抗植株与易感植株杂交，若是A1A1与aa杂交，后代全为全抗植株，若是A1A2与aa杂交，后代表型及比例为全抗∶抗性＝1∶1，若是A1a与aa杂交，后代表型及比例为全抗∶易感＝1∶1，C正确。 8．(2024·绍兴高三模拟)玉米中含支链淀粉多(由基因W控制)的籽粒和花粉遇碘不变蓝；含直链淀粉多(由基因w控制)的籽粒和花粉遇碘变蓝色，W对w完全显性。令基因型为WW和ww的植株杂交，获取F1植株的花粉及其随机交配所结的籽粒，分别滴加碘液观察统计，结果应为(　　) A．花粉1/2变蓝，籽粒3/4变蓝 B．花粉和籽粒各1/2变蓝 C．花粉1/2变蓝，籽粒1/4变蓝 D．花粉和籽粒各1/4变蓝 答案　C 解析　基因型为WW和ww的植株杂交，F1的基因型为Ww，其花粉基因型为1/2W(不变蓝)和1/2w(变蓝)；F1随机交配所结籽粒的基因型有三种，分别为1/4WW(不变蓝)、1/2Ww(不变蓝)、1/4ww(变蓝)，C符合题意。 9．某雌雄同株的二倍体植物的株高由位于某对同源染色体的相同位点上的系列基因A1～A15控制，且显隐性关系为A1>A2>A3>…A14>A15。下列叙述正确的是(　　) A．一系列基因A1～A15的存在决定了该生物具有物种多样性 B．该二倍体植物有关株高的基因型、表型种类最多分别有105种、15种 C．若该种群的个体只能自交，则所得子代的基因频率、基因型频率不变 D．复等位基因的存在可以体现基因突变的多方向性 答案　D 解析　同源染色体相同位点上的A1～A15属于复等位基因，复等位基因的存在能体现同一物种的生物具有遗传多样性，而不能体现物种多样性，A错误；该二倍体植物有关株高的基因型中纯合子有15种，杂合子种类数为105种，故该二倍体植物有关株高的基因型共有120种、表型种类最多有15种，B错误；若该种群的个体只能自交，则所得子代的基因频率不变、基因型频率可能改变，C错误。 10．研究发现基因家族存在一种“自私基因”，该基因可通过杀死不含该基因的配子来扭曲分离比例。若A基因是一种“自私基因”，在产生配子时，能杀死体内一半不含该基因的雄配子。某基因型为Aa的植株自交获得的F1中红花(AA)∶粉红花(Aa)∶白花(aa)＝2∶3∶1，则F1中个体随机授粉产生的后代的表型及比例为(　　) A．红花∶白花＝2∶1 B．红花∶粉红花＝8∶7 C．红花∶粉红花∶白花＝14∶17∶5 D．红花∶粉红花∶白花＝98∶105∶25 答案　C 解析　若A基因是一种“自私基因”，能杀死一半不含该基因的雄配子，即能杀死一半Aa产生含基因a的雄配子，F1个体随机交配，则F1产生的雌配子基因型及比例为A∶a＝7∶5，产生的雄配子基因型及比例为A∶a＝2∶1，则AA∶Aa∶aa＝14∶17∶5。 11．某医学小组调查了人群中有耳垂性状和无耳垂性状的遗传情况，统计情况如表所示。下列相关说法不正确的(　　) 子代表型 第一组 第二组 第三组 双亲全为有耳垂 双亲只有一方有耳垂 双亲全为无耳垂 有耳垂 426 318 0 无耳垂 74 98 216 A.据表中第一组的调查结果可以判断出显性性状是有耳垂，隐性性状是无耳垂 B．从第三组的调查结果基本可以判断出隐性性状是无耳垂 C．第二组家庭中，某一双亲的基因型有可能都是纯合子 D．在第一组的抽样家庭中，子代表型比例不为3∶1，是因为抽样的样本太少 答案　D 解析　第一组中双亲全为有耳垂，后代出现无耳垂个体，说明无耳垂是隐性性状，A正确；第三组的调查结果显示双亲为无耳垂，后代均为无耳垂，则基本可以判断出隐性性状是无耳垂，B正确；由于有耳垂为显性性状，因此，第二组的抽样家庭中，双亲中有耳垂的可以是显性纯合子也可以是杂合子，而无耳垂的肯定是纯合子，C正确；设与耳垂有无相关的基因为A、a，由于有耳垂为显性性状，因此第一组的抽样家庭双亲的基因型组合方式可能是AA×AA、AA×Aa、Aa×Aa，因此获得的子代表型比例不为3∶1的原因不是抽样太少，D错误。 12．(2024·金华高三期末)雄性不育系(花粉败育，但雌蕊正常)可以省去去雄的操作，常应用于育种中。水稻雄性是否可育是由细胞核基因(可育基因R对不育基因r为显性)和细胞质基因(可育基因为N，不育基因为S，细胞质中基因都成单存在)共同控制的。基因R能够抑制基因S的表达，当细胞质基因N表达时，植株都表现为雄性可育。基因型为N(RR)的水稻与基因型为S(rr)的水稻杂交，下列相关叙述错误的是(　　) A．基因型为S(rr)的水稻表现为雄性不育 B．F1的基因型为N(Rr)，表现为雄性可育 C．雄性可育水稻的基因型有5种 D．F1再自交，F2的表型及比例为雄性可育∶雄性不育＝3∶1 答案　B 解析　由题意可知，当细胞质和细胞核基因都是不育基因时水稻表现为雄性不育，则基因型S(rr)的水稻表现为雄性不育，A正确；基因型为N(RR)的水稻与基因型为S(rr)的水稻做亲本杂交，因为S(rr)雄性不育只能作母本，则F1的基因型为S(Rr)，表现为雄性可育，B错误；水稻的基因型共有6种：S(rr)、S(RR)、S(Rr)、N(RR)、N(Rr)、N(rr)，其中N(RR)、N(Rr)、N(rr)、S(RR)、S(Rr)这5种基因型均表现为雄性可育，C正确；F1的基因型为S(Rr)，令其自交，F2基因型及其比例为S(RR)∶S(Rr)∶S(rr)＝1∶2∶1，表型及比例为雄性可育∶雄性不育＝3∶1，D正确。 二、非选择题 13．老年人和白化病患者都会出现白发，但原因有所不同。图1是某白化病患者的家族系谱图，其中部分成员Ⅰ1、Ⅰ2、Ⅱ1和Ⅱ2的DNA经限制酶MspⅠ酶切，产生不同的片段，经电泳后得出的结果如图2所示。请回答下列问题： (1)老年人出现白发的原因是______________________________________________________。 (2)假设白化病受一对等位基因A、a控制，则基因A为________kb的DNA片段；若Ⅱ4与患白化病的女性婚配，则后代不患白化病的概率为________。 (3)正常情况下，Ⅱ3的卵细胞中有________个白化病基因。若Ⅱ3希望婚后生下一个不患白化病的孩子，你的建议是_________________________________________________________。 答案　(1)头发基部的黑色素细胞衰老，细胞中的酪氨酸酶活性降低，黑色素合成减少　(2)23 　2/3　(3)1　与一个不携带白化病致病基因的男性结婚(或与家系中无白化病患者的男性结婚) 解析　(2)双亲正常，女儿Ⅱ3患白化病，说明白化病为常染色体隐性遗传病，Ⅱ3的基因型为aa，Ⅰ1和Ⅰ2的基因型都为Aa，由图2可知，Ⅱ1的基因带谱与Ⅰ1、Ⅰ2相同，故其基因型为Aa,Ⅱ1、Ⅱ2表现正常，说明23 kb条带对应显性基因A,19 kb条带对应隐性基因a。由图1可知，Ⅱ4的基因型及比例为2/3Aa、1/3AA，其与患白化病的女性(aa)婚配，后代不患白化病的概率为2/3×1/2＋1/3＝2/3。(3)Ⅱ3的基因型为aa，经减数分裂(减数第一次分裂同源染色体分离，减数第二次分裂姐妹染色单体分离)，正常情况下，她的卵细胞中只有1个白化病基因，她和一个不携带白化病致病基因的男性(AA)结婚，后代不会患白化病。 14．(2024·宁波高三联考)番茄营养丰富、风味特殊，可美容护肤，为自花授粉植物，番茄在梅雨季节的高温高湿条件下易发生真菌感染而得叶霉病。选择Vc含量为0.12 mg/g、抗叶霉病植株为母本，Vc含量为0.13 mg/g、易感叶霉病植株为父本，子一代(F1)Vc含量为0.37 mg/g、抗叶霉病。回答下列问题： (1)要获得杂种F1，需对母本进行套袋→______→套袋→人工授粉→____操作，F1的Vc含量高于其亲本，可见F1番茄具有__________现象。 (2)________(填“能”或“不能”)确定Vc含量高是隐性性状，原因是__________________。 (3)为了确定番茄的抗叶霉病与易感叶霉病是否由一对等位基因控制，最简便的杂交实验是____________，若__________________________________________，则可确定抗叶霉病与易感叶霉病是由一对等位基因控制，且抗叶霉病为显性性状。 (4)研究表明番茄Vc含量与抗叶霉病有关，为更好的防治番茄叶霉病，请提出合理方法________________________________________________________________(答出2点即可)。 答案　(1)去雄　套袋　杂种优势　(2)不能　题目没有提供F2的分离比　(3)让F1自交　F2中抗叶霉病∶易感叶霉病＝3∶1　(4)培育Vc含量高的新品种、种子消毒 解析　(1)人工授粉时母本上的操作为套袋→去雄→套袋→人工授粉→套袋。F1番茄为杂交后代，但Vc含量高于其亲本，这种现象称为杂种优势。(2)由于只进行了一次杂交，没有提供F2的分离比，无法确定Vc含量高的基因对应情况，因此不能确定Vc含量高是隐性性状。 (3)母本为抗叶霉病植株、父本为易感叶霉病植株，而F1为抗叶霉病，可推测抗叶霉病为显性性状，要确定番茄的抗叶霉病与易感叶霉病是否由一对等位基因控制，最简便的实验就是让F1自交。若抗叶霉病与易感叶霉病是由一对等位基因控制，且抗叶霉病为显性性状，则F1为杂合子，F2中抗叶霉病∶易感叶霉病＝3∶1。(4)番茄Vc含量与抗叶霉病有关，那么为了防治番茄叶霉病，可以培育Vc含量高的新品种，其次对种子消毒可以减少植株携带真菌的概率，从而降低得叶霉病的概率。 谢谢！ 学科网（北京）股份有限公司 $