第五单元 专题突破6 自由组合定律中的特殊分离比（教师用书word）-【步步高】2025年高考生物大一轮复习讲义（苏教版 江苏专用）

专题突破6　自由组合定律中的特殊分离比 课标要求 阐明有性生殖中基因的自由组合使得子代的基因型和表型有多种可能，并可由此预测子代的遗传性状。 考情分析 自由组合比例的变式类型及应用 2023·全国乙·T6　2023·新课标·T5　2022·山东·T17　2022·北京·T18 2021·湖北·T19　2021·辽宁·T25 类型一　和为16的自由组合定律特殊比例 基本模型 1．基因互作 类型 F1(AaBb)自交后代比例 F1(AaBb)测交后代比例 ① 存在一种显性基因时表现为同一性状，其余正常表现 9∶6∶1 1∶2∶1 ② 两种显性基因同时存在时表现为一种性状，否则表现为另一种性状 9∶7 1∶3 ③ 当某一对隐性基因(如aa)成对存在时表现为双隐性状，其余正常表现 9∶3∶4 1∶1∶2 ④ 只要存在显性基因就表现为一种性状，其余正常表现 15∶1 3∶1 ⑤ 双显和某一单显基因(如A)表现一致，双隐和另一单显基因分别表现一种性状 12∶3∶1 2∶1∶1 典例突破 1．小鼠的皮毛颜色由常染色体的两对基因控制，其中A/a控制灰色物质合成，B/b控制黑色物质合成。两对基因控制有色物质合成关系如图： 选三只不同颜色的纯合小鼠(甲——灰鼠，乙——白鼠，丙——黑鼠)进行杂交，结果如表所示： 项目 亲本组合 F1 F2 实验一 甲×乙 全为灰鼠 9灰鼠∶3黑鼠∶4白鼠 实验二 乙×丙 全为黑鼠 3黑鼠∶1白鼠 下列叙述不正确的是(　　) A．图中有色物质1代表灰色物质 B．实验一的F2中白鼠共有3种基因型 C．实验一的F1与乙杂交，后代中黑鼠的概率为1/4 D．实验二的F1黑鼠的基因型为aaBb 答案　A 解析　由题意分析可知，A和B基因同时存在时表现为灰色，只有B基因时表现为黑色，因此图中有色物质1代表黑色物质，有色物质2代表灰色物质，A错误；实验一的F2中白鼠的基因型为：AAbb、Aabb、aabb，共有3种，B正确；实验一的F1的基因型为AaBb，乙的基因型为aabb，后代中黑鼠(aaBb)的概率为1/2×1/2＝1/4，C正确；实验二中乙(aabb)×丙(aaBB)，则F1黑鼠的基因型为aaBb，D正确。 2．(2023·新课标，5)某研究小组从野生型高秆(显性)玉米中获得了2个矮秆突变体，为了研究这2个突变体的基因型，该小组让这2个矮秆突变体(亲本)杂交得F1，F1自交得F2，发现F2中表型及其比例是高秆∶矮秆∶极矮秆＝9∶6∶1。若用A、B表示显性基因，则下列相关推测错误的是(　　) A．亲本的基因型为aaBB和AAbb，F1的基因型为AaBb B．F2矮秆的基因型有aaBB、AAbb、aaBb、Aabb，共4种 C．基因型是AABB的个体为高秆，基因型是aabb的个体为极矮秆 D．F2矮秆中纯合子所占比例为1/2，F2高秆中纯合子所占比例为1/16 答案　D 解析　F2中表型及其比例是高秆∶矮秆∶极矮秆＝9∶6∶1，符合9∶3∶3∶1的变式，因此控制两个矮秆突变体的基因遵循基因的自由组合定律，高秆基因型为A_B_，矮秆基因型为A_bb、aaB_，极矮秆基因型为aabb，可推知亲本的基因型为aaBB和AAbb，F1的基因型为AaBb，A正确；F2矮秆基因型为A_bb、aaB_共6份，纯合子基因型为aaBB、AAbb共2份，因此矮秆中纯合子所占比例为1/3，F2高秆基因型为A_B_共9份，纯合子为AABB共1份，因此高秆中纯合子所占比例为1/9，D错误。 基本模型 2．显性基因累加效应 (1)表型 相关比较 举例分析(以基因型AaBb为例) 自交后代比例 测交后代比例 显性基因在基因型中的个数影响性状表现 AABB∶(AaBB、AABb)∶(AaBb、aaBB、AAbb)∶(Aabb、aaBb)∶aabb＝1∶4∶6∶4∶1 AaBb∶(Aabb、aaBb)∶aabb＝1∶2∶1 (2)原因：A与B的作用效果相同，但显性基因越多，效果越强。 典例突破 3．(多选)人体肤色的深浅受A、a和B、b两对等位基因控制，这两对等位基因分别位于两对同源染色体上。A、B可以使黑色素增加，两者增加的量相等，并且可以累加，基因a和b与色素的形成无关。一个基因型为AaBb的人与一个基因型为AaBB的人结婚，下列关于其子女肤色深浅的叙述，正确的是(　　) A．子女可产生4种表型 B．与亲代AaBb肤色深浅相同的有1/4 C．肤色最浅的孩子的基因型是aaBB D．与亲代AaBB表型相同的有3/8 答案　AD 解析　基因型为AaBb和AaBB的人结婚，后代基因型为AABB、AABb、AaBB、AaBb、aaBB、aaBb，可产生4种不同的表型，A正确；与亲代AaBb肤色深浅相同的基因型为aaBB、AaBb，占1/4×1/2＋1/2×1/2＝3/8，B错误；后代中基因型为aaBb的孩子肤色最浅，C错误；与亲代AaBB表型相同的基因型为AABb、AaBB，占1/4×1/2＋1/2×1/2＝3/8，D正确。 4．(2024·无锡高三质检)假设某种自花传粉植物的茎高受三对等位基因A/a、B/b、C/c控制，各对基因独立遗传，每个显性基因A、B、C对植物茎高的作用效果相等且有累加效应。不同基因型个体甲、乙、丙自交产生的子一代的茎高与子一代数量比如图所示。 下列有关分析错误的是(　　) A．甲的基因型有3种可能，乙的基因型也有3种可能 B．丙的子一代中，纯合子的基因型有8种、表型有4种 C．若将乙与丙杂交，子代将有18种基因型，8种表型的个体 D．若将乙的子一代中茎高为8 cm的每个植株所结的种子收获，并单独种植在一起得到一个株系。所有株系中，茎高全部表现为8 cm的株系所占的比例为1/3 答案　C 解析　甲自交后代只有3种不同的表型，对比图乙、丙的茎高分析，甲的后代出现两个显性基因、一个显性基因、无显性基因，且甲的后代一共4种组合方式，则甲的基因型可能是Aabbcc、aaBbcc、 aabbCc；乙自交后代有5种不同的表型，对比图丙的茎高分析，乙的后代出现四个显性基因、三个显性基因、两个显性基因、一个显性基因、无显性基因，且乙的后代一共16种组合方式，则乙的基因型可能是AaBbcc、AabbCc、 aaBbCc，A正确；丙自交后代有7种表型，且丙的后代一共64种组合方式，说明丙的基因型为AaBbCc，其子一代中纯合子的基因型有2×2×2＝8(种)，表型有4种，分别是4 cm(aabbcc)、8 cm(AAbbcc、aaBBcc、aabbCC)、12 cm(AABBcc、aaBBCC、AAbbCC)、16 cm(AABBCC)，B正确；乙的基因型可能是AaBbcc、AabbCc、 aaBbCc，丙的基因型为AaBbCc，若将乙与丙杂交，子代将有2×3×3＝18(种)基因型，6种表型的个体，C错误；乙的基因型可能是AaBbcc、AabbCc、 aaBbCc，假设乙的基因型为AaBbcc，乙的子一代中茎高为8 cm的个体基因型为1/6AAbbcc、1/6aaBBcc、4/6AaBbcc，纯合子自交不会发生性状分离，因此所有株系中，茎高全部表现为8 cm的株系所占的比例为1/3；同理，假设乙的基因型为AabbCc或aaBbCc，茎高全部表现为8 cm的株系所占的比例都为1/3，D正确。 类型二　和小于16的自由组合定律特殊比例 基本模型 1．胚胎致死或个体致死 2．配子致死或配子不育 典例突破 5．(2023·全国乙，6)某种植物的宽叶/窄叶由等位基因A/a控制，A基因控制宽叶性状；高茎/矮茎由等位基因B/b控制，B基因控制高茎性状。这2对等位基因独立遗传。为研究该种植物的基因致死情况，某研究小组进行了两个实验，实验①：宽叶矮茎植株自交，子代中宽叶矮茎∶窄叶矮茎＝2∶1；实验②：窄叶高茎植株自交，子代中窄叶高茎∶窄叶矮茎＝2∶1。下列分析及推理中错误的是(　　) A．从实验①可判断A基因纯合致死，从实验②可判断B基因纯合致死 B．实验①中亲本的基因型为Aabb，子代中宽叶矮茎的基因型也为Aabb C．若发现该种植物中的某个植株表现为宽叶高茎，则其基因型为AaBb D．将宽叶高茎植株进行自交，所获得子代植株中纯合子所占比例为1/4 答案　D 解析　实验①：宽叶矮茎植株自交，子代中宽叶矮茎∶窄叶矮茎＝2∶1，亲本基因型为Aabb，子代性状及分离比原本为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，因此推测AA致死；实验②：窄叶高茎植株自交，子代中窄叶高茎∶窄叶矮茎＝2∶1，亲本基因型为aaBb，子代性状及分离比原本为BB∶Bb∶bb＝1∶2∶1，因此推测BB致死，A正确；实验①子代中由于AA致死，因此子代宽叶矮茎的基因型也为Aabb，B正确；由于AA和BB均致死，因此若发现该种植物中的某个植株表现为宽叶高茎，则其基因型为AaBb，C正确；将宽叶高茎植株(AaBb)进行自交，由于AA和BB致死，子代不同性状的数量比为4(AaBb)∶2(Aabb)∶2(aaBb)∶1(aabb)，其中只有窄叶矮茎(aabb)植株为纯合子，所占比例为1/9，D错误。 6．甲植物的叶色同时受E、e与F、f两对基因控制。基因型为E_ff的甲为绿叶，基因型为eeF_的甲为紫叶。将绿叶甲(♀)与紫叶甲(♂)杂交，取F1红叶甲自交得F2。F2的表型及其比例为红叶∶紫叶∶绿叶∶黄叶＝7∶3∶1∶1。对F2出现的表型及其比例有两种不同的观点加以解释：观点一：F1产生的配子中某种雌配子或雄配子致死。观点二：F1产生的配子中某种雌雄配子同时致死。 (1)你支持上述观点________，基因组成为________的配子致死，请设计实验探究F1红叶产生的哪种配子致死：________________________________________________________(写出实验设计思路并预测实验结果结论)。 (2)F2中绿叶甲和亲本绿叶甲的基因型分别是________和________。F2中纯合子的比例为________。F2红叶植株中EeFf植株的比例为________。 答案　(1)一　Ef　让杂合红叶植株(EeFf)与黄叶植株(eeff)进行正、反交并统计子代表型及比例。若红叶植株(EeFf)作为母本时，与黄叶植株杂交结果为红叶∶紫叶∶黄叶＝1∶1∶1，而红叶植株(EeFf)作为父本时，与黄叶植株杂交结果为红叶∶紫叶∶绿叶∶黄叶＝1∶1∶1∶1，则F1红叶产生的Ef雌配子致死；若红叶植株(EeFf)作为父本时，与黄叶植株杂交结果为红叶∶紫叶∶黄叶＝1∶1∶1，而红叶植株(EeFf)作为母本时，与黄叶植株杂交结果为红叶∶紫叶∶绿叶∶黄叶＝1∶1∶1∶1，则F1红叶产生的Ef雄配子致死　(2)Eeff　Eeff　1/4　3/7 7．某多年生自花传粉、闭花受粉植物，其宽叶和窄叶、红花和白花性状分别由基因A和a、B和b控制，两对基因位于两对同源染色体上。用纯合的宽叶白花植株和纯合的窄叶红花植株杂交，子一代全部为宽叶红花，子一代在自然状态下繁殖，子二代中出现四种表型，分别是宽叶红花、宽叶白花、窄叶红花、窄叶白花，其比例约为5∶3∶3∶1。 (1)小明同学提出了两种假说对该现象进行解释：假说1：基因型为__________________的个体死亡。假说2：基因型为________的雄配子或雌配子不育。 (2)为了探究假说1是否正确，小明设计了以子一代宽叶红花为父本，子二代窄叶白花为母本的杂交实验，并统计其子代的表型和比例。请判断该实验方案是否合理，并说明理由：________________________________________________________________________。 (3)欲证明假说2是否正确，请写出实验设计思路并预测实验结果结论：________________________________________________________________________。 答案　(1)AaBB和AABb　AB　(2)不合理；该方案不能证明假说1是否正确，无论假说1成立与否，实验结果都可能为宽叶红花∶宽叶白花∶窄叶白花∶窄叶红花＝1∶1∶1∶1　(3)选用基因型为AaBb的植株与窄叶白花植株进行正交和反交两组杂交实验，如果其中一组的杂交子代出现的表型及比例是宽叶白花∶窄叶红花∶窄叶白花＝1∶1∶1，则说明假说2是正确的 课时精练 一、单项选择题 1．大丽菊的白花与黄花是一对相对性状，由两对等位基因D/d和R/r控制，已知基因D的表达产物能将白色前体物催化生成黄色。一株白花大丽菊和一株黄花大丽菊杂交，F1均表现为白花，F1自交，F2植株表现为白花∶黄花＝13∶3。下列有关叙述错误的是(　　) A．基因通过控制酶的合成间接控制大丽菊的花色 B．基因R的表达产物可抑制基因D的表达 C．让F2黄花大丽菊随机传粉，后代中纯合子的比例为1/9 D．将F2白花大丽菊单独种植，其中自交后代出现性状分离的植株占6/13 答案　C 解析　由题意可知，基因D的表达产物能将白色前体物催化生成黄色，说明基因通过控制酶的合成间接控制大丽菊的花色，A正确；由题意分析可知，基因型为D_rr的个体开黄花，其余基因型的个体开白花，推测当基因r存在时基因D能正常表达，当基因R存在时基因D不能正常表达，B正确；让F2黄花大丽菊(1/3DDrr、2/3Ddrr)随机传粉，后代基因型及比例为4/9DDrr、4/9Ddrr、1/9ddrr，纯合子所占比例为5/9，C错误；F2中白花植株共有13份，其中只有2DDRr和4DdRr的自交后代能出现白花与黄花的性状分离，其余基因型个体自交后代均为白花，故将F2白花大丽菊单独种植，其中自交后代出现性状分离的植株占6/13，D正确。 2．某种蝴蝶的翅膀有红色、粉色、白色三种类型，由两对等位基因(A和a、B和b)共同控制，基因A控制红色素合成(AA和Aa的效应相同)，基因B为修饰基因，BB使红色素完全消失，Bb使红色素颜色淡化(表现为粉色)。现用两组纯合亲本进行杂交，实验结果如图，下列叙述错误的是(　　) 第一组：P白翅蝶×红翅蝶→F1粉翅蝶F2红翅蝶∶粉翅蝶∶白翅蝶＝1∶2∶1 第二组：P白翅蝶×红翅蝶→F1粉翅蝶F2红翅蝶∶粉翅蝶∶白翅蝶＝3∶6∶7 A．在第一组中，F2中纯合子所占的比例为1/2 B．在第一组中，亲本白翅蝶的基因型是AABB C．在第二组中，F2白翅蝶中纯合子的比例为3/7 D．在第二组中，若F1粉翅蝶进行测交，则子代中粉翅蝶的比例为1/2 答案　D 解析　红色翅膀蝴蝶对应的基因型为A_bb，粉色翅膀蝴蝶对应的基因型为A_Bb，白色翅膀蝴蝶对应的基因型为A_BB、aaB_、aabb；第二组实验中的F2出现了3∶6∶7的比例，为9∶3∶3∶1的变式，故A/a和B/b这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律，结合第一组实验的杂交情况可推知亲本基因型为AABB(白翅蝶)×AAbb(红翅蝶)，F1的基因型为AABb，F2的基因型及比例为1/4AABB、2/4AABb、1/4AAbb，故在第一组中，F2中纯合子所占的比例为1/2，A、B正确；结合A项的分析，可推知第二组中F1的基因型为AaBb，亲本的基因型为aaBB×AAbb，F2中对应的基因型及比例为1/16AABB、4/16AaBb、2/16AaBB、2/16AABb、1/16AAbb、2/16AABb、1/16aaBB、2/16aaBb、1/16aabb，故在第二组中，F2白翅蝶(1/16AABB、2/16AaBB、1/16aaBB、2/16aaBb、1/16aabb)中纯合子的比例为3/7，C正确；结合C项的分析，第二组中F1的基因型为AaBb，若进行测交(与aabb杂交)，子代基因型及比例为1/4AaBb、1/4Aabb、1/4aaBb、1/4aabb，则子代中粉翅蝶的比例为1/4，D错误。 3．某繁殖力超强鼠的自然种群中，体色有黄色、黑色、灰色三种，体色色素的转化关系如图所示。已知控制色素合成的两对基因位于两对常染色体上，基因B能完全抑制基因b的表达，不含基因A的个体会由于黄色素在体内过多积累而导致50%的个体死亡。下列叙述不正确的是(　　) A．黄色鼠个体可能有三种基因型 B．若让一只黄色雌鼠与一只灰色雄鼠交配，F1全为黑色鼠，则双亲的基因型为aaBB和AAbb C．两只黑色鼠交配，子代只有黄色和黑色，且比例接近1∶6，则双亲中一定有一只基因型是AaBb D．基因型为AaBb的雌、雄鼠自由交配，子代个体表型及比例为黄∶黑∶灰＝2∶9∶3 答案　C 解析　黄色鼠个体的基因型可能为aaBB、aaBb、aabb，A正确；黄色雌鼠(aa_ _)与灰色雄鼠(A_bb)交配，F1全为黑色鼠(A_B_)，亲本基因型只能是aaBB和AAbb，B正确；两只黑色鼠(A_B_)交配，子代只有黄色(aa_ _)和黑色(A_B_)，可知双亲一定都是Aa，后代aa有50%死亡，故aa∶A－＝1∶6，由于后代黄色和黑色的比例接近1∶6，说明双亲至少一方含有BB，故亲本的基因型为AaBB、AaBB或AaBb、AaBB，C错误；基因型为AaBb的雌、雄鼠自由交配，子代符合A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1，即黄∶黑∶灰＝4∶9∶3，由于黄色个体有50%的死亡率，因此子代个体表型及比例为黄∶黑∶灰＝2∶9∶3，D正确。 4．(2024·南通高三模拟)某自花传粉植物有红、粉、白三种花色，受两对基因(A/a、B/b)控制，其中某种基因型的粉花植株无法存活，现用几种红花亲本做下列杂交实验： 实验一：P红花甲×白花，F1仅有一种花色，F1自交得F2，F2中红花∶粉花∶白花＝9∶4∶1； 实验二：P红花乙×白花，F1有两种花色； 实验三：P红花丙×白花，F1有三种花色。 下列分析错误的是(　　) A．实验一的F2中纯合子所占比例为2/7 B．粉花个体的基因型有3种，致死基因型是Aabb C．实验二的F1表型及比例为红花∶粉花＝1∶1 D．实验三的F1中红花个体所占比例为1/3 答案　B 解析　实验一的F2中表型及比例是红花∶粉花∶白花＝9∶4∶1，是9∶3∶3∶1的变式，由于某种基因型致死才会出现此比例，其中表现为红花的基因型是A_B_，表现为粉花的基因型是A_bb＋aaB_，aabb则表现为白花。因此纯合子基因型为1AABB、1AAbb、1aaBB、1aabb，占比为4/14，即2/7，A正确；粉花个体的基因型是A_bb和aaB_，由于存在致死基因型，可能为Aabb也可能为aaBb，B错误；实验二的亲本基因型为A_B_和aabb，但F1只有两种花色，因此亲本红花乙的基因型为AaBB或AABb，则F1表型及比例为红花∶粉花＝1∶1，C正确；实验三的亲本基因型为A_B_和aabb，但F1有三种花色，因此亲本红花丙的基因型为AaBb，故F1中红花个体所占比例为1/3，D正确。 5．兔子的毛色由两对基因控制，在有C基因存在时，含B的兔毛为黑色，含bb的兔毛为棕色；当为cc时，全为白色。现有一只棕色雄兔与一只白色雌兔杂交，F1全为黑色，让F1雌雄个体随机交配，若后代数量足够多，在F2中黑色∶棕色∶白色＝9∶3∶4。下列有关说法错误的是(　　) A．根据后代分离比可推测控制毛色的这两对基因的遗传符合自由组合定律 B．若让F2黑色兔相互交配，则出现白兔的概率为1/9 C．让F2白色兔相互交配，后代会出现棕色和白色两种类型 D．可通过统计F2各种毛色中兔子的性别比例来确定两对基因的位置 答案　C 解析　根据题意可知，B_C_为黑色，bbC_为棕色，B_cc、bbcc为白色，一只棕色雄兔与一只白色雌兔杂交，F1全为黑色，让F1雌雄个体随机交配后代比例为9∶3∶4，则F1基因型为BbCc，亲本基因型为bbCC×BBcc，两对基因符合自由组合定律，A正确。F2中黑色兔基因型为1BBCC、2BbCC、2BBCc、4BbCc，后代基因型含有cc，则为白色兔，C的基因频率为1/9＋2/9＋2/9×1/2＋4/9×1/2＝2/3，c的基因频率为1/3，后代出现cc的概率为1/3×1/3＝1/9，B正确；白色兔的基因型中不含C基因，F2白色兔相互交配，后代全为白色，C错误。 6．(2023·无锡高三模拟)某二倍体植物高茎与矮茎、红花与白花两对相对性状分别由两对等位基因A/a、B/b控制，两对等位基因均位于常染色体上且独立遗传，某种基因型的雌配子或雄配子致死。现有一批基因型相同的高茎红花亲本甲，将其自交，后代表型及比例为高茎红花∶高茎白花∶矮茎红花∶矮茎白花＝5∶3∶3∶1。下列分析错误的是(　　) A．若为雌配子致死，则甲产生的卵细胞的基因型及比例为Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1 B．若不是雌配子致死，则甲产生AB型卵细胞的概率为1/4 C．甲自交后代的高茎红花中，纯合子所占比例为0 D．甲测交后代应出现三种表型且比例为1∶1∶1 答案　D 解析　亲本自交后代F1的表型比例为5∶3∶3∶1，出现性状分离现象，说明亲本的基因型为AaBb，F1中高茎∶矮茎＝2∶1，红花∶白花＝2∶1，F1比例不为6∶3∶2∶1说明不是AA或BB基因型纯合致死，综上推测致死原因最可能为AB型雄配子或雌配子致死，若为AB型雌配子致死，则甲产生的卵细胞的基因型及比例为Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1，A正确；若不是雌配子致死，则卵细胞正常产生，不存在致死现象，甲产生AB型卵细胞的概率为1/4，B正确；甲自交后代的高茎红花中，基因型为AaBb 、AaBB、AABb，纯合子所占比例为0，C正确；当甲作母本时，若为AB型雄配子致死，则测交后代为四种表型，若为AB型雌配子致死，则测交后代为三种表型；当甲作父本时，则情况相反，D错误。 二、多项选择题 7．(2022·山东，17)某两性花二倍体植物的花色由3对等位基因控制，其中基因A控制紫色，a无控制色素合成的功能。基因B控制红色，b控制蓝色。基因I不影响上述2对基因的功能，但i纯合的个体为白色花。所有基因型的植株都能正常生长和繁殖，基因型为A_B_I_和A_bbI_的个体分别表现紫红色花和靛蓝色花。现有该植物的3个不同纯种品系甲、乙、丙，它们的花色分别为靛蓝色、白色和红色。不考虑突变，根据表中杂交结果，下列推断正确的是(　　) 杂交组合 F1表型 F2表型及比例 甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶白色＝9∶3∶4 乙×丙 紫红色 紫红色∶红色∶白色＝9∶3∶4 A.让只含隐性基因的植株与F2测交，可确定F2中各植株控制花色性状的基因型 B．让表中所有F2的紫红色植株都自交一代，白花植株在全体子代中的比例为1/6 C．若某植株自交子代中白花植株占比为1/4，则该植株可能的基因型最多有9种 D．若甲与丙杂交所得F1自交，则F2表型比例为9紫红色∶3靛蓝色∶3红色∶1蓝色 答案　BC 解析　当植株是白花时候，其基因型为_ _ _ _ii，只含隐性基因的植株与F2测交仍然是白花，无法鉴别它具体的基因型，A错误；甲(AAbbII)×乙(AABBii)杂交组合中，F2的紫红色植株基因型及比例为AABbIi∶AABBIi∶AABbII∶AABBII＝4∶2∶2∶1。乙(AABBii)×丙(aaBBII)杂交组合中，F2的紫红色植株基因型及比例为AaBBIi∶AABBIi∶AaBBII∶AABBII＝4∶2∶2∶1。其中II∶Ii＝1∶2所以白花植株在全体子代中的比例为2/3×1/4＝1/6，B正确；若某植株自交子代中白花植株占比为1/4，则亲本基因型为_ _ _ _Ii，则该植株可能的基因型最多有9种(3×3)，C正确；根据题中相关信息不能确定相关基因A/a和B/b是否位于同一对同源染色体上，故不能推断，D错误。 8．(2024·镇江高三月考)现有某种植物的3个纯合个体(甲、乙、丙)，其中甲和乙表现为果实不能正常成熟(不成熟)，丙表现为果实能正常成熟(成熟)，用这3个纯合个体进行杂交实验，F1自交得F2，结果如表所示(相关基因为A、a、B、b，丙的基因型为aaBB)。下列叙述正确的是(　　) 实验 杂交组合 F1表型 F2表型及比例 ① 甲×丙 不成熟 不成熟∶成熟＝3∶1 ② 乙×丙 成熟 成熟∶不成熟＝3∶1 ③ 甲×乙 不成熟 不成熟∶成熟＝13∶3 A.若该性状受两对基因控制，则两对基因位于两对染色体上，遵循基因的自由组合定律 B．实验③中F2不成熟个体中纯合子所占的比例为10/13 C．实验②中，F2成熟个体随机交配，产生的成熟个体中杂合子所占的比例为1/3 D．若B基因的表达能促进乙烯的合成，推测A基因的表达对B基因的表达起抑制作用 答案　AD 解析　甲×乙杂交，F2表型及比例为不成熟∶成熟＝13∶3，是9∶3∶3∶1的变式，则该性状受两对基因控制，这两对基因位于两对染色体上，遵循基因的自由组合定律，A正确；根据实验①，由于甲的不成熟为显性，且丙的基因型为aaBB，所以甲的基因型为AABB；根据实验②，乙的不成熟为隐性，所以乙的基因型为aabb；则实验③的F1基因型为AaBb, F2中成熟个体基因型为aaB_，包括aaBB和aaBb，不成熟个体占13/16，而纯合子基因型为AABB、AAbb、aabb，所以不成熟个体中纯合子占3/13，B错误；乙基因型为aabb，丙基因型为aaBB，则F2成熟个体的基因型为1/3aaBB和2/3aaBb，则自由交配后代基因型及比例为aaBB∶aaBb∶aabb＝4∶4∶1，故成熟个体中杂合子所占的比例为1/2，C错误。 9．某植物果实的颜色由两对独立遗传的等位基因A、a和B、b控制，基因A可完全抑制基因B的表达，表型与基因型的对应关系如表所示。科研人员向基因型为AaBb的植株中导入隐性基因e(纯合致死)，让该植株自交，其后代表型及比例为蓝果∶红果∶白果＝8∶3∶1。下列说法正确的是(　　) 表型 蓝果 红果 白果 基因型 A_B_、A_bb aaB_ aabb A.致死基因e导入到了A基因所在的染色体上 B．转基因植株自交后代中蓝果植株的基因型有3种 C．若让转基因植株后代中蓝果植株自交，子代蓝果植株占1/3 D．欲鉴定转基因植株后代中蓝果植株的基因型，可以让其与白果植株杂交 答案　ABD 解析　根据题干信息：蓝果的基因型为A_B_、A_bb，红果的基因型为aaB_，白果的基因型为aabb，AaBb的植株若没有导入致死基因，其自交后代蓝果∶红果∶白果＝12∶3∶1，导入致死基因后，比例变成蓝果∶红果∶白果＝8∶3∶1，说明致死的全部为蓝色，因此致死基因e导入到了A基因所在的染色体，导致基因型为AA的植株死亡，A正确；转基因植株自交后代中蓝果植株的基因型有3种，分别是1/4A(e)aBB、1/2A(e)aBb、1/4A(e)abb。A(e)aBB自交，后代中蓝果植株∶红果植株＝2∶1；A(e)aBb自交，后代中蓝果∶红果∶白果＝8∶3∶1；A(e)abb自交，后代中蓝果植株∶白果植株＝2∶1，则所有子代中蓝果植株所占比例为1/4×2/3＋1/2 ×8/12＋1/4 ×2/3＝2/3，B正确，C错误；欲鉴定转基因植株后代中蓝果植株的基因型，可采用测交的方法，即让其与白果植株杂交，D正确。 三、非选择题 10．(2024·扬州高三期中)番茄是人们喜爱的水果，其果皮颜色有黄皮和透明皮，果肉颜色有红色肉、黄色肉和橙色肉。科研人员用两个纯系番茄植株杂交，结果如图。请回答下列问题： (1)为研究基因的分离定律，最好选择番茄的______(填“果皮”或“果肉”)颜色进行研究。 (2)番茄果肉的不同颜色属于________性状，控制其果肉颜色基因的遗传________(填“遵循”或“不遵循”)自由组合定律，判断依据是__________________________________________。 (3)只考虑果肉颜色，F2中红色肉番茄的基因型有________种；取F2黄色肉番茄植株自交，后代中橙色肉占________。 (4)现假设基因A/a控制果皮颜色，基因B/b和D/d控制果肉颜色。其中显性基因均表现为完全显性，当D基因存在时，果肉为红色肉，当D基因不存在时，B基因和b基因分别控制黄色肉和橙色肉。上述杂交实验F2中未出现黄皮橙色肉和透明皮黄色肉的性状，推测其原因最可能是_______________________________________________________________________。 为验证上述推测，可将F1与表型为______________的个体杂交，若后代表型及其比例为________________________________________________________________________，则上述假设成立。 答案　(1)果皮　(2)相对　遵循　F2中红色肉∶黄色肉∶橙色肉≈12∶3∶1，为9∶3∶3∶1的变式 (3)6　1/6　(4)控制果皮颜色的A基因和控制果肉颜色的B基因位于同一条染色体上， 且不发生互换(或控制果皮颜色的a基因和控制果肉颜色的b基因位于同一条染色体上，且不发生互换)　透明皮橙色肉　黄皮红色肉∶透明皮红色肉∶黄皮黄色肉∶透明皮橙色肉＝1∶1∶1∶1 解析　(1)F1黄皮红色肉番茄自交，F2中黄皮∶透明皮＝145∶47≈3∶1，说明控制果皮的基因位于一对同源染色体上，符合基因的分离定律。F2红色肉∶黄色肉∶橙色肉＝143∶37∶12≈12∶3∶1，说明控制果肉颜色的基因至少位于两对同源染色体上。故为研究基因的分离定律，最好选择番茄的果皮颜色进行研究。(3)番茄果肉的颜色由两对等位基因控制，双显和一显一隐中的一种为红色肉番茄，故其基因型为4＋2＝6(种)；另一种一显一隐为黄色肉番茄，故取F2黄色肉番茄植株自交，后代中橙色肉(双隐性个体)占2/3×1/4＝1/6。(4)由题干可知，黄皮基因型为A_，透明皮基因型为aa，红色肉基因型为_ _D_，黄色肉基因型为B_dd，橙色肉基因型为bbdd。故亲本基因型分别为AABBDD、aabbdd。F1基因型为AaBbDd，F1自交，F2应出现2×3＝6(种)表型，上述杂交实验F2中未出现黄皮橙色肉和透明皮黄色肉的性状，推测其原因最可能是控制果皮颜色的A基因和控制果肉颜色的B基因位于同一条染色体上， 且不发生互换(或控制果皮颜色的a基因和控制果肉颜色的b基因位于同一条染色体上，且不发生互换)。若推测正确，则F1可产生4种比例相同的配子，即ABD∶ABd∶abD∶abd＝1∶1∶1∶1，将F1与表型为透明皮橙色肉(aabbdd)的个体杂交，后代表型及其比例为黄皮红色肉∶透明皮红色肉∶黄皮黄色肉∶透明皮橙色肉＝1∶1∶1∶1。 11．豌豆的花色有紫花和白花两种表型，为探究豌豆花色的遗传规律，随机选取了多对天然紫花和白花植株作为亲本进行杂交实验，结果如表所示： 亲本 F1 F1自交得到的F2 紫花×白花 紫花 紫花∶白花＝15∶1 假设①：该植物花色的遗传受两对独立遗传的基因控制(A/a、B/b)。 假设②：受一对基因(A/a)控制，但含a的花粉部分不育。 (1)该植株自然状态下的传粉方式为__________。若假设①成立，理论上F2紫花植株中纯合子比例为________；若假设②成立，F1植株产生的含a的花粉不育的比例是________。 (2)为验证上述假设，可利用F1植株作父本进行测交实验。请预测两种假设的测交实验结果。 假设①：________________________________________________________________________。 假设②：________________________________________________________________________。 (3)受假设②的启发，请提出第三种可能的假设：_____________________________________。 答案　(1)自花(闭花)传粉　1/5　6/7　(2)紫花∶白花＝3∶1　紫花∶白花＝7∶1　(3)受一对基因A/a控制，但含a的雌雄配子均部分不育(或受一对基因A/a控制，但含a的雌配子部分不育) 解析　(1)豌豆在自然状态下为自花传粉、闭花授粉。若假设①成立，即紫花性状是由A与a、B与b两对位于不同对的染色体上的基因控制的，该植物花色性状的遗传遵循基因的自由组合定律。则根据F2中紫花∶白花＝15∶1可知，基因型aabb表现为白花，其余表现为紫花(A_B_、A_bb、aaB_)。紫花中纯合子的基因型是AABB、AAbb和aaBB，占全部紫花的3/15，即1/5。若假设②成立，则基因型aa表现为白花，其余表现为紫花，即F1为杂合子，由于产生雌配子的种类和比例不受影响，所以雌配子种类和比例为A∶a＝1∶1，而产生雄配子中a的配子所占比例可设为x，根据F2中白花占1/16可知，1/2x＝1/16，解得x＝1/8，即雄配子中A∶a＝7∶1。说明含a基因的雄配子不育的比例是6/7。(2)若假设①成立，则F1的基因型为AaBb，由于两对基因独立遗传，且只要含有显性基因即为紫花，故测交结果为AaBb∶aaBb∶Aabb∶aabb＝1∶1∶1∶1，即表型及比例为紫花∶白花＝3∶1。若假设②成立，则F1的基因型为Aa，杂合植株产生的雄配子中A∶a＝7∶1，故测交结果为Aa∶aa＝7∶1，即紫花∶白花＝7∶1。 12．某兴趣小组在科研部门的协助下进行了下列相关实验：取甲(雄蕊异常，雌蕊正常，表现为雄性不育)、乙(可育)两个品种的水稻进行相关实验，实验过程和结果如表所示。已知水稻雄性育性由等位基因A/a控制，A对a为完全显性，B基因会抑制不育基因的表达，反转为可育。据表分析回答下列问题： P F1 F1个体自交单株收获，种植并统计F2表型 甲与乙杂交 全部可育 一半全部可育 另一半可育株∶雄性不育株＝13∶3 (1)控制水稻雄性不育的基因是___________________________________________________，该兴趣小组同学在分析结果后认为A/a和B/b这两对等位基因在遗传时遵循基因的自由组合定律，其判断理由是______________________________________________________________。 (2)F2中可育株的基因型共有________种；仅考虑F2中出现雄性不育株的那一半，该部分可育株中能稳定遗传的个体所占的比例为________________。 (3)若要利用F2中的两种可育株杂交，使后代雄性不育株的比例最高，则双亲的基因型为________________________________________________________________________。 (4)现有各种基因型的可育水稻，请利用这些实验材料，设计一次杂交实验，确定某雄性不育水稻丙的基因型。请写出实验思路并预期实验结果，得出相应结论。 ________________________________________________________________________。 答案　(1)A　F1个体自交单株收获得到的F2中一半表现的性状分离比为可育株∶雄性不育株＝13∶3，是9∶3∶3∶1的变式　(2)7　7/13　(3)aabb和AABb　(4)实验思路：取基因型为aabb的可育株与水稻丙杂交，观察后代植株的育性。若后代全是雄性不育植株，则丙的基因型是AAbb；若后代出现可育植株和雄性不育植株，且比例为1∶1，则丙的基因型为Aabb 解析　(2)根据题意分析可知，甲的基因型是Aabb，乙的基因型是aaBB，F1的基因型为1/2AaBb、1/2aaBb。AaBb自交后代的基因型共9种，其中AAbb、Aabb表现为不育，因此可育株的基因型共有9－2＝7(种)。仅考虑F2中出现雄性不育株的那一半，该部分可育株的个体的基因型为1/13AABB、2/13AABb、2/13AaBB、4/13AaBb、1/13aaBB、2/13aaBb、1/13aabb，其中2/13AABb和4/13AaBb自交后代会发生性状分离，其他均能稳定遗传，故该部分可育株中能稳定遗传的个体所占的比例为1－2/13－4/13＝7/13。(3)利用F2中的两种可育株杂交，要使得到的雄性不育株(A_bb)比例最高，可确定其中一个亲本全部产生b的配子，则亲本之一的基因型是aabb，另一亲本能产生A的配子，则另一亲本的基因型为AABb，故所选个体的基因型为aabb和AABb。 学科网（北京）股份有限公司 $