第十章 第5课时 实验十二：测量电源的电动势和内阻（教师用书word）-【步步高】2025年高考物理大一轮复习讲义（人教版 广东专用）

第5课时　实验十二：测量电源的电动势和内阻 目标要求　1.掌握伏安法、伏阻法、安阻法测量电源电动势和内阻的原理及电路设计。2.理解实验的误差分析和改进方法。 考点一　伏安法 1．实验原理 闭合电路欧姆定律。 2．实验器材 电源、电压表、电流表、滑动变阻器、开关、导线、坐标纸和刻度尺。 3．实验步骤 (1)电流表用0.6 A的量程，电压表用3 V的量程，按电路图连接好电路。 (2)把滑动变阻器的滑片移到使阻值最大的一端。 (3)闭合开关，调节滑动变阻器，使电流表有明显示数并记录一组数据(I1，U1)。用同样的方法再测量几组I、U值，填入表格中。 (4)断开开关，拆除电路，整理好器材。 4．用实验数据求E、r的处理方法 (1)列方程求解：由U＝E－Ir得，解得E、r。 (2)用作图法处理数据，如图所示。 ①图线与纵轴交点为E； ②图线与横轴交点为I短＝； ③图线的斜率的绝对值表示r＝||。 5．误差分析 (1)偶然误差：主要来源于电压表和电流表的读数以及作U－I图像时描点不准确。 (2)系统误差： ①如图甲所示 方法a　电压表的分流作用造成误差，电压值越大，电压表的分流越多，对应的I真与I测的差越大，IV＝。其中U－I图像如图乙所示。 结论：E测<E真，r测<r真。 方法b　等效电源法 如图甲所示，E测＝E真<E真，r测＝<r＝r真。 ②如图丙所示 方法a　电流表的分压作用造成误差，电流越大，电流表分压越多，对应U真与U测的差越大，UA＝I·RA。其中U－I图像如图丁所示。 结论：E测＝E真，r测>r真。 方法b　等效电源法 如图丙所示，E测＝E真，r测＝r＋RA>r＝r真。 (3)电路选择： ①电源内阻一般较小，选图甲电路误差较小。 ②当内阻已知时选图丙电路，此时r＝|k|－RA，没有系统误差。 6．注意事项 (1)合理选择电压表、电流表量程。测一节干电池的电动势和内阻时，电压表选3 V量程，电流表选0.6 A量程，滑动变阻器选0～10 Ω。 (2)应使用内阻大些(用过一段时间)的干电池；在实验中不要将I调得过大；每次读完I和U的数据后应立即断开电源，以免干电池在大电流放电时E和r明显变化。 (3)在作U－I图线时，要使较多的点落在这条直线上，不在直线上的点应对称分布在直线的两侧，忽略个别偏离直线较远的点，以减小偶然误差。 (4)干电池内阻较小时，U的变化较慢，此时，坐标轴中数据点将呈现如图甲所示的状况，为此，可使纵坐标不从零开始，如图乙所示，把坐标的比例放大，可使结果的误差减小些，此时图线与横轴交点不表示短路电流。另外，计算内阻要在直线上任取两个相距较远的点，用r＝||算出电池的内阻r。 例1　(2023·浙江6月选考·16Ⅱ)在“测量干电池的电动势和内阻”实验中： (1)部分连线如图甲所示，导线a端应连接到________(选填“A”“B”“C”或“D”)接线柱上。正确连接后，某次测量中电压表指针位置如图乙所示，其示数为________ V。 (2)测得的7组数据已标在如图丙所示U－I坐标系上，用作图法求干电池的电动势E＝________ V和内阻r＝________ Ω。(计算结果均保留两位小数) 答案　 (1) B　1.20　(2)1.50　1.04 解析　(1)电压表测量的电压应为滑动变阻器接入电路中电阻丝两端的电压，开关应能控制电路，所以导线a端应连接到B处；干电池电动势约为1.5 V，电压表选择0～3 V量程，分度值为0.1 V，题图乙中电压表读数为1.20 V； (2)作出U－I图像如图所示 根据闭合电路欧姆定律U＝E－Ir 可知U－I图像纵轴截距为干电池的电动势，可得E＝1.50 V U－I图像斜率的绝对值等于干电池的内阻 r＝ Ω≈1.04 Ω。 例2　(2023·广东汕头市期末)为测量某电源的电动势E(约为3 V)和内阻r(约为2 Ω)，小聪同学设计了如图甲、乙所示实验电路图，并完成了图甲电路图的实物连接，如图丙所示。已知电流表的内电阻约为1 Ω，电压表的内电阻约为3 kΩ，滑动变阻器最大电阻为20 Ω、额定电流为1 A，定值电阻R0＝2 Ω。请回答下列问题： (1)闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移至最______端。(填“左”或“右”) (2)闭合开关S后，移动滑片P改变滑动变阻器的接入阻值，记录下几组电压表示数U和对应的电流表示数I。 (3)接着在图丙中通过改变1根导线的一个接线位置，就完成了图乙电路图的实物连接，请问改变的是哪根导线________。(填导线编号) (4)重复步骤(1)(2)。把甲、乙两组实验记录的数据在同一坐标系内描点作出U－I图像，如图丁所示，可知图中标记为Ⅰ的图线是采用实验电路______(填“甲”或“乙”)测量得到的。 (5)不管是采用图甲还是图乙实验电路，实验测出的电源内阻r均存在系统误差，从减小系统误差角度考虑，该实验宜选用图________(填“甲”或“乙”)实验电路。 (6)利用图丁图像提供的信息可以修正该实验的系统误差，则修正后被测电源的内阻r＝________(U1、U2、I1、I2、R0均已知)。 答案　(1)左　(3)③　(4)乙　(5)甲　(6)－R0 解析　(1)闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P移至最左端，保证开始时接入电路的滑动变阻器阻值最大，用以保护电路。 (3)将导线③连接在定值电阻R0一端改接到电流表负接线柱上，便可实现题图乙电路图的实物连接。 (4)对题图甲而言，根据闭合电路欧姆定律可得U＝E－(＋I)(R0＋r)，整理可得U＝－I·＋E· 可知，对应U－I图线，当I为零时，对应U甲＝E· 对题图乙而言，根据闭合电路欧姆定律可得U＝E－I·(RA＋R0＋r)，可知，对应U－I图线，当I为零时，对应U乙＝E>U甲 故可知标记为Ⅰ的图线是采用实验电路乙测量得到的。 (5)由于题图乙电路中，电流表分压过大，误差较大，故宜选用题图甲所示电路。 (6)曲线Ⅰ对应的U1和I1满足U1＝E，I1＝ 曲线Ⅱ对应的U2和I2满足U2＝E·，I2＝ 因此可以解得R0＋r＝＝，则r＝－R0 考点二　伏阻法 1. 实验原理 闭合电路欧姆定律E＝U＋r，电路图如图所示。 2．实验器材 电源、电压表、电阻箱、开关、导线、坐标纸和刻度尺。 3．数据处理 (1)计算法：由 解方程组可求得E和r。 (2)图像法：由E＝U＋r得：＝＋·。故－图像的斜率k＝，纵轴截距为，如图。 4．误差分析 (1)误差来源：电压表有内阻，干路电流表达式不准确，导致电动势测量不准确； (2)结论：E测＜E真，r测＜r真。(均选填“>”“<”或“＝”) 例3　(2024·广东河源市期末)在测定两节干电池电动势和内阻的实验中，某同学用到的器材有一个电压表、一个电阻箱、一个定值电阻R0、一个开关S、两节干电池、若干导线，其实验实物图如图甲所示。 (1)改变电阻箱的阻值R，用图甲中的电压表测出多组电阻箱两端的电压U。实物图甲中已连接好部分电路，请按照实验要求将剩余部分电路连接好。 (2)在坐标纸上作出与的关系图线如图乙所示，结合图线计算出两节干电池的电动势E＝__________，内阻r＝__________。(结果均用a、b和R0表示) (3)若考虑电压表并非理想电压表，则电动势的测量值与真实值相比__________；内阻的测量值与真实值相比__________。(均选填“偏大”“相等”或“偏小”) (4)另一位同学将图甲电压表的导线改接在R0的c、d端，改变电阻箱的阻值R，测出多组电压表的数据U，若用图像法测算电源的电动势和内阻，为了使得到的图线是一条直线，则该同学应描绘__________。 A.－图像 B．U－R图像 C.－R图像 D．U－R2图像 答案　(1)见解析图　(2)　－R0　(3)偏小　偏小　(4)C 解析　(1)因电源是两节干电池，选取电压表量程为0～3 V，实物图连接如图所示。 (2)由闭合电路欧姆定律可知E＝U＋(R0＋r) 整理可得＝＋·，因为纵轴截距b＝ 所以E＝，因为斜率绝对值为＝， 可得r＝－R0 (3)由(2)问知b＝，① ＝② 若考虑电压表并非理想电压表，则E真＝U＋(R0＋r真) 其中＝＋，整理可得＝＋·＋· 由此可知b＝＋，③ ＝④ 对比①与③，可知E真>E测；对比②与④，结合E真>E测，可知r真>r测 (4)由闭合电路欧姆定律可知E＝U＋(R＋r) 整理可得＝＋＋·R，所以应描绘的是－R图像，故选C。 考点三　安阻法 1．实验原理 闭合电路的欧姆定律E＝IR＋Ir，电路图如图所示。 2．实验器材 电源、电流表、电阻箱、开关、导线、坐标纸和刻度尺。 3．数据处理 (1)计算法：由 解方程组求得E、r。 (2)图像法：由E＝I(R＋r)可得 ①＝R＋，可作－R图像(如图甲) －R图像的斜率k＝，纵轴截距为。 ②R＝E·－r，可作R－图像(如图乙) R－图像的斜率k＝E，纵轴截距为－r。 4．误差分析 (1)误差来源：电流表有内阻，导致内阻测量不准确； (2)结论：E测＝E真，r测＞r真(r测＝r真＋rA)。(均选填“>”“<”或“＝”) 例4　(2023·广东梅州市二模)用一张锌片和一张铜片，中间夹一张浸过盐水的纸，并从锌片和铜片各引出一个电极，这样就组成了一个电池。为研究该电池组的特性，某同学进行了以下实验： (1)将电池组按图甲所示接入电路，图中电流表的量程为10 mA，内阻为100 Ω； (2)闭合开关，调节电阻箱的阻值，发现当R＝100 Ω时，电流表的示数I如图乙所示，则I＝________ mA； (3)反复调节电阻箱的阻值，读出多组电流表的示数I(算出的值)和对应电阻箱的阻值R，并在图中描出了相应的数据点，请利用已描出的点绘出－R图线； (4)由图绘出的－R图线可知，该电池组的电动势为________ V，内电阻为________ Ω。(结果均保留3位有效数字) 答案　(2)5.9　(3)见解析图　(4)1.47　47.0 解析　(3)绘出－R图线如图： (4)由电路可知E＝I(R＋RA＋r)，即＝R＋，由图像可知＝，＝100 A－1，解得E＝1.47 V，r＝47.0 Ω。 例5　(2021·湖南卷·12)某实验小组需测定电池的电动势和内阻，器材有：一节待测电池、一个单刀双掷开关、一个定值电阻(阻值为R0)、一个电流表(内阻为RA)、一根均匀电阻丝(电阻丝总阻值大于R0，并配有可在电阻丝上移动的金属夹)、导线若干。由于缺少刻度尺，无法测量电阻丝长度，但发现桌上有一个圆形时钟表盘。某同学提出将电阻丝绕在该表盘上，利用圆心角来表示接入电路的电阻丝长度。主要实验步骤如下： (1)将器材如图(a)所示连接； (2)开关闭合前，金属夹应夹在电阻丝的________端(填“a”或“b”)； (3)改变金属夹的位置，闭合开关，记录每次接入电路的电阻丝对应的圆心角θ和电流表示数I，得到多组数据； (4)整理数据并在坐标纸上描点绘图，所得图像如图(b)所示，图线斜率为k，与纵轴截距为d，设单位角度对应电阻丝的阻值为r0，该电池电动势和内阻可表示为E＝________，r＝________；(用R0、RA、k、d、r0表示) (5)为进一步确定结果，还需要测量单位角度对应电阻丝的阻值r0。利用现有器材设计实验，在图(c)方框中画出实验电路图(电阻丝用滑动变阻器符号表示)； (6)利用测出的r0，可得该电池的电动势和内阻。 答案　(2)b　(4)　－R0－RA　(5)见解析图 解析　(2)开关闭合前，为了保护电路中的元件，应将电阻丝的最大阻值接入电路，根据电阻定律R＝ρ可知电阻丝接入越长，接入电阻越大，金属夹应夹在电阻丝的b端。 (4)设圆心角为θ时，则电阻丝接入电路中的电阻为θr0，根据闭合电路欧姆定律E＝U＋Ir可知E＝I(RA＋R0＋θr0)＋Ir 整理得＝θ＋ 结合－θ图像的斜率和纵截距有＝k，＝d 解得电池电动势和内阻分别为E＝ r＝－R0－RA。 (5)实验器材中有定值电阻R0和单刀双掷开关，考虑使用等效法测量电阻丝电阻，如图， 原理的简单说明： ①将开关置于R0位置，读出电流表示数I0； ②将开关置于电阻丝处，调节接入电路的电阻丝对应的圆心角，直到电流表示数为I0，读出此时角度θ； ③此时θr0＝R0，即可求得r0的数值。 课时精练 1．(2023·广东潮州市二模)随着智能手机的广泛应用，充电宝成为手机及时充电的一种重要选择。某学习小组为了测量一充电宝电动势和内阻(充电宝的电动势约为5 V，内阻很小，最大放电电流为2 A)进行了以下实验： (1)为了尽可能准确地测出充电宝的电动势和内阻，使用的实验器材有：数字式多用电表(可视为理想电压表)、滑动变阻器(最大阻值足够大)、电流表、导线、开关等。实验电路如图甲所示，已知定值电阻R0＝3 Ω，请根据电路图在图乙中完成实物连线。 (2)连接好电路后闭合开关，调节滑动变阻器，记录数字电压表和电流表的读数。作出U－I图像，如图丙所示。由图像求得充电宝的电动势E＝________ V，内阻r＝________ Ω。(结果均保留两位有效数字) (3)若实验室中没有数字式多用电表，上述电路只能用普通电压表做实验，这样会使内阻的测量值________。(选填“偏大”“偏小”或“无偏差”) 答案　(1)见解析图　(2)5.0　0.13　(3)偏小 解析　(1)实物连线，如图 (2)由闭合电路欧姆定律有E＝U＋I(r＋R0)，得U＝E－I(r＋R0)，结合图像可得充电宝的电动势E＝5.0 V 内阻r＝||－R0＝ Ω－3 Ω≈0.13 Ω (3)由于电压表的分流，电流表的测量值比通过电源的电流偏小，所以电动势偏小，图像的斜率的绝对值偏小，内阻偏小。 2．某同学要测量“水果电池”的电动势和内阻，提供下列仪器： A．待测“水果电池”(电动势E约为4 V，内阻r约为200 Ω) B．毫安表A(量程5 mA，内阻为RA＝60 Ω) C．电压表V(量程U0＝4 V，内阻约5 kΩ) D．电阻箱R1(0～999.9 Ω) E．滑动变阻器R(0～1 000 Ω) F．开关、导线若干 (1)由于毫安表的量程太小，该同学用电阻箱R1与毫安表A并联，可使其量程扩大，取R1＝RA，则改装后的电流表量程为毫安表满偏电流的____倍； (2)用改装后的电流表完成实验，应该选择的实验电路是图中的________(选填“甲”或“乙”)； (3)根据实验数据画出U－I图线，如图所示。由图线可得，“水果电池”的电动势E＝________ V，内电阻r＝________ Ω。(结果均保留三位有效数字) 答案　(1)5　(2)乙　(3)3.80　175 解析　(1)设毫安表电流为IA，由并联电路的规律可得IARA＝(I－IA)R1，解得I＝5IA，因此改装后的电流表量程为毫安表满偏电流的5倍； (2)由于电流表内阻已知，因此采用题图乙电路可以避免电流表分压的误差，故选乙电路。 (3)改装后电流表的内阻为 RA′＝＝ Ω＝12 Ω， 则由闭合电路欧姆定律可得E＝Ir＋IRA′＋U， 可得U＝－(r＋RA′)I＋E 由U－I图像可得b＝E＝3.80 V， |k|＝|－(r＋RA′)|＝ Ω， 解得E＝3.80 V，r≈175 Ω。 3．(2023·湖北卷·12)某实验小组为测量干电池的电动势和内阻，设计了如图(a)所示电路，所用器材如下： 电压表(量程0～3 V，内阻很大)； 电流表(量程0～0.6 A)； 电阻箱(阻值0～999.9 Ω)； 干电池一节、开关一个和导线若干。 (1)根据图(a)，完成图(b)中的实物图连线。 (2)调节电阻箱到最大阻值，闭合开关。逐次改变电阻箱的电阻，记录其阻值R、相应的电流表示数I和电压表示数U。根据记录数据作出的U－I图像如图(c)所示，则干电池的电动势为________ V(保留3位有效数字)、内阻为________ Ω(保留2位有效数字)。 (3)该小组根据记录数据进一步探究，作出－R图像如图(d)所示。利用图(d)中图像的纵轴截距，结合(2)问得到的电动势与内阻，还可以求出电流表内阻为________ Ω(保留2位有效数字)。 (4)由于电压表内阻不是无穷大，本实验干电池内阻的测量值________(填“偏大”或“偏小”)。 答案　(1)见解析图　(2)1.58　0.64　(3)2.5　(4)偏小 解析　(1)实物连线如图： (2)由电路结合闭合电路的欧姆定律可得 U＝E－Ir 由题图(c)可知E＝1.58 V 内阻r＝ Ω≈0.64 Ω (3)根据E＝I(R＋RA＋r) 可得＝·R＋ 由题图(d)可知＝2 A－1 解得RA≈2.5 Ω (4)由于电压表内阻不是无穷大，则实验测得的是电压表内阻与干电池内阻的并联值，即实验中测得的干电池内阻偏小。 4．(2023·广东汕头市三模)甲同学设计了如图甲所示的电路测电源电动势E及电阻R1和R2的阻值。实验器材有：待测电源E(不计内阻)，待测电阻R1，待测电阻R2，电压表V(量程为1.5 V，内阻很大)，电阻箱R(0～99.99 Ω)；单刀单掷开关S1，单刀双掷开关S2，导线若干。 (1)先测电阻R1的阻值，闭合S1，将S2切换到a，调节电阻箱，读出其示数r和对应的电压表示数U1，保持电阻箱示数不变，然后将S2切换到b，读出电压表的示数U2。则电阻R1的表达式为R1＝__________。 (2)甲同学已经测得电阻R1＝4.8 Ω，继续测电源电动势E和电阻R2的阻值。该同学的做法是：闭合S1，将S2切换到a，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出了如图乙所示的－图线，则电源电动势E＝__________ V，电阻R2＝__________ Ω。(结果均保留三位有效数字) (3)利用甲同学设计的电路和测得的电阻R1，乙同学测电源电动势E和电阻R2的阻值的做法是：闭合S1，将S2切换到b，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出于相应的－图线，根据图线得到电源电动势E和电阻R2。这种做法电压表测得的数据范围__________(选填“更大”“更小”或“相同”)。 答案　(1)　(2)1.43　1.20　(3)更小 解析　(1)根据题意可知，保持电阻箱示数不变，将S2切换到b，由于R和R1串联，所以通过R1的电流I＝，R1两端的电压为U2－U1，所以R1＝＝r (2)根据闭合电路欧姆定律E＝(R1＋R2＋R) 整理得＝·(R1＋R2)＋，图线的纵轴截距为＝0.7 所以电动势E≈1.43 V 斜率k＝·(R1＋R2)＝ A－1＝4.2 A－1，代入数据解得R2＝1.20 Ω (3)接a时可将R1＋R2等效成电源内阻，S2接b时则R2为等效电源内阻，电压表测量的是R及R1两端的电压，因R2的阻值较小，电压表的示数接近电源电动势，则电压表测得的数据范围更小。 5. (2021·全国乙卷·23)一实验小组利用图(a)所示的电路测量一电池的电动势E(约1.5 V)和内阻r(小于2 Ω)。图中电压表量程为1 V，内阻RV＝380.0 Ω；定值电阻R0＝20.0 Ω；电阻箱R，最大阻值为999.9 Ω；S为开关。按电路图连接电路。完成下列填空： (1)为保护电压表，闭合开关前，电阻箱接入电路的电阻值可以选________Ω(填“5.0”或“15.0”)； (2)闭合开关，多次调节电阻箱，记录下阻值R和电压表的相应读数U； (3)根据图(a)所示电路，用R、R0、RV、E和r表示，得＝________； (4)利用测量数据，作－R图像，如图(b)所示； (5)通过图(b)可得E＝________V(保留2位小数)，r＝________Ω(保留1位小数)； (6)若将图(a)中的电压表当成理想电表，得到的电源电动势为E′，由此产生的误差为||×100%＝________%。(保留1位有效数字) 答案　(1)15.0 (3)·R＋＋ (5)1.55　1.0　(6)5 解析　(1)为了避免电压表被烧坏，接通电路时电压表两端的电压不能比电压表满偏电压大，当电压表满偏时有＝ 代入数据解得R＋r＝9.5 Ω，故R>7.5 Ω 因此电阻箱接入电路的电阻值选15.0 Ω。 (3)由闭合电路欧姆定律可得 E＝U＋(R＋r) 化简可得＝·R＋＋r (5)由上面公式可得＝k＝， ＋r＝b＝＋， 由－R图像计算可得k≈0.034 V－1·Ω－1 延长图线，得到图线与纵轴的交点为0.85 V－1，则有0.85 V－1＝＋＋ (V－1) 代入可得E≈1.55 V，r≈1.0 Ω。 (6)如果电压表为理想电表，则可有 ＝＋＋R 则此时E′＝ 因此误差为||×100%＝5%。 学科网（北京）股份有限公司 $