河南省驻马店市2026届高考物理自编模拟卷(模拟练习一)

《2026届河南省驻马店市高考物理自编模拟卷(模拟练习一)》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C C A C C B B BD BC BC 1．C 【详解】A．法拉第发现了电磁感应现象，纽曼和韦伯总结出电磁感应定律，故A错误； B．库仑提出了点电荷间的作用规律，密立根最早用实验测得元电荷e的数值，故B错误； C．伽利略首先初步建立了平均速度、瞬时速度、加速度的概念，设计了斜面滚球实验，验证了小球沿斜面滚下的运动是匀加速运动，并将上述结果外推到自由落体得到相应规律，故C正确； D．牛顿发现了万有引力定律，但由于当时并没有测出引力常量，无法计算出太阳与地球之间的引力大小，故D错误。 故选C。 2．C 【详解】A．由图可知在x方向上做匀速运动，y方向做匀减速直线运动，则其合运动应为匀变速曲线运动，A错误； B．质点在x方向上的速度为 y方向上的速度为 vy =6m/s 根据平行四边形定则，则初速度的大小 B错误； D．质点在x方向做匀速直线运动，加速度为零，根据速度图象的斜率等于加速度，则质点的加速度即为y方向的加速度，则有 D错误； C．x方向上做匀速运动，时位移为 则在x轴的位置为 2m+4m=6m y方做匀减速直线运动，时位移为 则质点的位置坐标为（6m，6m），C正确。 故选C。 3．A 【详解】对物体进行受力分析 物体受重力mg、支持力FN、水平力F，已知小滑块从半球形容器最低点缓慢移近最高点，我们可以看成小滑块每一个状态都是平衡状态 根据平衡条件，应用力的合成得出 由于小滑块从半球形容器最低点缓慢移近最高点，所以θ减小，tanθ减小，sinθ减小。根据以上表达式可以发现F增大，FN增大。 故选A。 4．C 【详解】A．飞船在“停泊轨道”上的运行时，万有引力提供向心力，可得 又 联立，解得 故A错误； B．同理，飞船在“绕月轨道”上的运行，万有引力提供向心力，可得 又 联立，解得 故B错误； C．根据前面选项分析可得地球质量与月球质量之比为 故C正确； D．飞船在“停泊轨道”上的运行时，周期为 由开普勒第三定律，可得 飞船从点运动到点的时间为 联立，解得 故D错误。 故选C。 5．C 【详解】AB．因为轴上各点的电势均小于零，且图像关于轴对称，表明是一对等量负点电荷激发的电场，又因为图像中轴正方向场强为负，轴负方向场强为正，表明这一对负点电荷在轴上关于原点对称，故AB错误； C．将一个点电荷从轴上点由静止释放，它从点向点先做加速度逐渐增大的加速运动，后做加速度逐渐减小的加速运动，越过原点后先做加速度逐渐增大的减速运动，后做加速度逐渐减小的减速运动，到达点时速度恰好为零，此后又变速运动到点，故C正确； D．将一个点电荷从轴上点由静止释放，它将直接向轴负向的负电荷运动并粘合，故D错误。 故选C。 6．B 【详解】A．金属棒所受的安培力 由牛顿第二定律可得 随着ab运动速度的增大，安培力增大，ab加速度减小，故A正确，不符合题意； B．根据能量守恒得，外力F对ab做的功等于电路中产生的电能以及ab棒的动能，故B错误，符合题意； C．当ab棒匀速运动时，外力做的功全部转化为电路中的电能，则外力F做功的功率等于电路中的电功率，故C正确，不符合题意； D．根据功能关系知，克服安培力做的功等于电路中产生的电能，故D正确，不符合题意。 故选B。 7．B 【详解】A、根据图象得原线圈交变电流频率 ，所以副线圈中的电流为交变电流，其频率等于50Hz，故A错误； B、由图可知，原线圈输入电压的有效值为220V，理想变压器原、副线圈匝数比为22：1，根据电压与匝数成正比得副线圈电压是10V，所以电流表的读数为1A，故B正确； C、变压器输入的电功率P＝UI＝10W，故C错误； D、若将开关断开，由于二极管具有单向导电性，在一个周期内只有半个周期有电流通过电阻R，电阻R每1s内产生的焦耳热为，故D错误 8．BD 【详解】B．第二次小铅块先使整个木板加速，根据牛顿第二定律得 对2木板根据牛顿第二定律得 故B正确； C．在第一次在小铅块运动过程中，小铅块与木板之间的摩擦力使整个木板一直加速，第二次小铅块先使整个木板加速，运动到2部分上后1部分停止加速，只有2部分加速，此时加速度为 加速度大于第一次的对应过程，故第二次小铅块与2木板将更早达到速度相等，所以小铅块还没有运动到2的右端，故C错误； A．系统所受合外力为零，系统动量守恒，以小铅块的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得，对甲过程 对乙过程 因为 可得 滑块受到合外力的冲量有 可知甲中滑块受到合外力的冲量大于乙中滑块受到合外力的冲量，故A错误； D．由于在乙中小铅块还没有运动到2的右端，所以在木板2上相对运动的位移没有在木板上1大，所以在乙中小铅块相对木板的位移小于在甲中小铅块相对木板的位移，根据摩擦力乘以相对位移等于产生的热量，所以乙中产生的热量小于在木板甲上滑行产生热量，故D正确。 故选BD。 9．BC 【详解】AB．根据题意，画出粒子在磁场中运动的轨迹，如图所示    设粒子在磁场中做圆周运动的半径为R，由几何关系有 解得 故A错误，B正确； CD．由 可得粒子在圆形区域做匀速直线运动的速度大小为 则粒子第一在圆形区域内运动的时间为 故C正确，D错误。 故选BC。 10．BC 【详解】A．由于a→b、c→d为等温过程，而从b到c的过程中，发生等容变化，则 可得 因此a状态气体温度比c状态高，a状态气体内能比c状态大，故A错误； B．由图可知 根据压强的微观解释，可知a状态下单位时间与器壁单位面积碰撞的气体分子数比b状态多，故B正确； C．，两个过程都发生等容变化，根据热力学第一定律 吸收或放出的热量都用来改变物体的内能，由于内能的变化量相同，因此气体放、吸热的绝对值相等，故C正确； D．在图像中，图像与横轴围成的面积等于气体做的功，可知整个循环过程，气体对外做功，而内能没变，因此吸收热量，故D错误。 故选BC。 11． B 不挂 打点 5.0 （可允许最大正负0.1的误差） 【详解】(1)[1]A．电磁式打点计时器使用的是低压交流电源，故A不符合题意； B．电磁式打点计时器是计时的仪器，不需要秒表，故B符合题意； C．验证牛顿第二定律的过程中需要使用天平（含砝码）测量物体与小车的质量，故C不符合题意； D．验证牛顿第二定律的过程中需要使用刻度尺测量运动的长度，故D不符合题意。 故选B。 (2)[2][3]他用小木块将长木板的右侧垫高来平衡阻力。具体操作是：将木板的一侧适当垫高后，把装有纸带的小车放在木板上，纸带穿过打点计时器，在不挂小桶并且打点计时器打点的情况下，轻推一下小车，若小车拖着纸带做匀速直线运动，则表明消除了阻力的影响。 (3)[4]根据 可得 12． 4.699/4.700/4.701 220 b 1.45 1.00 【详解】（1）①[1]螺旋测微器读数为固定刻度示数+可动刻度示数×精确度，所以读数为 ②[2]欧姆表读数为指针读数×倍率，故图示的电阻的阻值为 ③[3]电流表和电压表读数超过量程的时误差较小，由此可以估算回路中的电流为 故电流表选A2； [4][5]根据部分电路欧姆定律估算电压为 故电压表选V1； 分压电路滑动变阻器应该选取最大阻值较小的变阻器，所以选； （2）①[6]因电流表内阻与电源内阻很接近，故应选择相对电源来说的外接法；故选（b）电路； ②[7][8]根据闭合电路欧姆定律可知图象与纵坐标的交点为电源的电动势，故电动势 图象斜率的绝对值为电源的内阻 13．(1)4N (2)0.5s (3)0.25m 【详解】（1）传送带对金属工件的滑动摩擦力的大小           解得 （2）金属工件在传送带上做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律，有           根据匀变速直线运动规律，有           联立解得 （3）传送带做匀速直线运动，传送带的传送距离           金属工件的位移           金属工件在传送带上留下的痕迹           联立解得 14．(1) (2) (3) 【详解】（1）金属棒由静止释放后，沿斜面做加速度减小的加速运动；当加速度为零时，速度达到最大，根据平衡条件可得 又，， 联立解得 （2）已知达到最大速度过程中电阻R上产生的焦耳热为，则电路产生的总焦耳热为 设金属棒从开始运动至达到最大速度过程中，沿导轨下滑的距离为，由能量守恒定律可得 解得 又 解得 （3）从金属棒开始运动至达到最大速度过程中，由动量定理可得 其中 解得 15．（1）；（2）；（3） 【详解】如图所示 （1）设粒子在第一象限的磁场中做匀速圆周运动的半径为r，由几何关系 得 由牛顿第二定律 则 所以 （2）在N点，由几何关系，速度与x轴夹角为，将速度沿x、方向分解为、，则 粒子在电场中做匀变速曲线运动，其中沿方向做匀速运动，速度不变。在P点，设速度为，并沿x、y方向分解为v3和v4，则 所以 由运动规律，在和方向的位移大小分别为 解得 即P点到原点O的距离为3d，在第四象限的电场中，由牛顿第二定律 而 所以电场强度 （3）设速度选择器中电场强度和磁感强度大小分别为E0和B0，则沿中轴线通过的粒子速度满足 即 因磁感强度变为原来2倍，则此时通过速度选择器的粒子速度为 则粒子在第一象限磁场中做圆周运动的半径为 故该粒子在第一象限中恰好运动四分之一圆周，然后垂直x轴进入第四象限的电场，做类平抛运动，然后从y轴上某点离开，由动能定理 得 则该粒子离开第四象限电场时的动能为。 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026届河南省驻马店市高考物理自编模拟卷(模拟练习一) 考试时间：75分钟；满分：100分 适用于河南省驻马店高三复习 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，共46分。第1~7题为单选题，每小题4分；第8~10题为多选题，每小题6分。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1．物理学家在物理学的发展史上做出了卓越的贡献，下列有关物理学史的说法正确的是（　　） A．奥斯特发现了电磁感应现象，法拉第得出了电磁感应定律 B．库仑提出了点电荷间的作用规律，并最早用实验测得元电荷e的数值 C．伽利略首先建立了瞬时速度、加速度的概念，并研究得出了自由落体运动的规律 D．牛顿发现了万有引力定律，并计算出太阳与地球之间的引力大小 2．xoy平面内运动的某质点时刻在x轴上。图甲是质点在x方向的位移时间图像，图乙是质点在y方向的速度时间图像（选y轴正方向为v的正方向）。则可知（　　） A．质点做匀减速直线运动 B．时刻质点的速度为6m/s C．时刻质点的位置坐标为（6m，6m） D．质点运动的加速度为 3．如图所示，光滑半球形容器固定在水平面上，O为球心，一质量为m的小滑块在水平力F的作用下从半球形容器最低点缓慢移近最高点，设滑块所受支持力为FN则下列判断正确的是（　　） A．F缓慢增大, FN缓慢增大 B．F缓慢增大, FN缓慢减小 C．F缓慢减小, FN缓慢增大 D．F缓慢减小, FN缓慢减小 4．中国计划在2030年前实现载人登月，开展月球科学考察及相关技术试验。根据“嫦娥”系列卫星的发射，设想登月载人飞船的运行轨迹如图所示。飞船发射后首先进入绕地球运行的圆形“停泊轨道”，在点加速进入椭圆“过渡轨道”，该轨道离地球表面最近距离为，飞船到达离点最远距离为的点时，依靠飞船的反向助推器减速，被月球引力“俘获”后，在距月球表面的圆形“绕月轨道”上飞行，择机降落在月球表面。已知地球半径为，月球半径为，地球表面重力加速度为，月球表面的重力加速度为，飞船在“过渡轨道”运行时忽略月球引力影响。下列说法正确的是（　　） A．飞船在“停泊轨道”上的运行速度为 B．飞船在“绕月轨道”上的运行速度为 C．地球质量与月球质量之比为 D．飞船从点运动到点的时间为 5．一对等量点电荷位于平面直角坐标系的一个轴上，它们激发的电场沿轴方向上的场强和沿轴方向上的电势随坐标的变化情况分别如图甲、乙所示，甲图为轴上各点场强随坐标变化的图像，且沿轴正方向场强为正。乙图为轴上各点电势随坐标变化的图像，且以无穷远处电势为零。图中和为轴上两组关于原点的对称点，根据图像判断，下列有关描述正确的是（　　）    A．这是一对关于原点对称的等量负点电荷所激发的电场，电荷位于轴上 B．这是一对关于原点对称的等量异种点电荷所激发的电场，电荷位于轴上 C．将一个点电荷从轴上点由静止释放，它会在间往复运动 D．将一个点电荷从轴上点由静止释放，它会在间往复运动 6．如图所示，水平放置的光滑平行金属导轨上有一质量为m的金属棒ab，导轨的一端连接电阻R，其它电阻均不计，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨平面向下，金属棒ab在水平恒力F作用下由静止开始向右运动，则下列说法错误的是（　　） A．随着ab运动速度的增大，其加速度在减小 B．外力F对ab做的功等于电路中产生的电能 C．当ab做匀速运动时，外力F做功的功率等于电路中的电功率 D．ab克服安培力做的功一定等于电路中产生的电能 7．如图甲所示，理想变压器原、副线圈匝数比为22：1，原线圈接入如图乙所示的正弦交流电，副线圈回路中接有理想电流表A、定值电阻R（阻值为10Ω）、二极管（正向电阻为零，反向电阻为无穷大）和开关S等，开关S原来闭合．以下判断正确的是（　　） A．副线圈中的电流为交变电流，其频率等于100Hz B．电流表的读数为1A C．变压器输入的电功率14W D．若将开关断开，则电阻R每1s内产生的焦耳热为10J 8．将质量为2m的长木板静止地放在光滑水平面上，如图甲所示。第一次，质量为m的小铅块（可视为质点），在木板上以水平初速度v0。由木板左端向右运动恰能滑至木板的右端与木板相对静止。第二次，将木板分成长度与质量均相等的两段1和2，两者紧挨着仍放在此水平面上，让小铅块以相同的初速度v0由木板1的左端开始滑动，如图乙所示。设铅块与长木板间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，对上述两过程，下列判断正确的是（　　） A．最终甲、乙两图中滑块受到合外力的冲量相同 B．铅块在木板1上滑动时两段木板间的作用力为 C．小铅块第二次仍能到达木板2的右端 D．系统第一次因摩擦而产生的热量较多 9．如图所示，圆心为O、半径为r的圆形区域外存在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外的匀强磁场；圆形区域内无磁场。P是圆外一点，且，一质量为m、电荷量为的粒子从P点在纸面内垂直于OP射出。已知粒子运动轨迹经过圆心O，不计重力，下列说法正确的是（　　）    A．粒子在磁场中做圆周运动的半径 B．粒子在磁场中做圆周运动的半径 C．粒子第一次在圆形区域内运动所用的时间 D．粒子第一次在圆形区域内运动所用的时间 10．“回热式热机”的热循环过程可等效为一定质量的理想气体经a→b→c→d→a的过程，其p-V图像如图所示，其中a→b、c→d为等温过程，b→c、d→a为等容过程，则下列说法正确的是（　　） A．a状态气体内能比c状态小 B．a状态下单位时间与器壁单位面积碰撞的气体分子数比b状态多 C．b→c、d→a两过程气体放、吸热绝对值相等 D．整个循环过程，气体对外界放出热量 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.（8分）某同学用图1所示装置来“探究物体加速度与力、质量的关系”。实验中，他将砂和小桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小，通过改变小桶中砂的质量改变拉力。为使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，实验中需要平衡阻力。 (1)下列器材中不必要的是______（填字母代号）。 A．低压交流电源     B．秒表 C．天平（含砝码）     D．刻度尺 (2)他用小木块将长木板的右侧垫高来平衡阻力。具体操作是：将木板的一侧适当垫高后，把装有纸带的小车放在木板上，纸带穿过打点计时器，在_____（选填“挂”或“不挂”）小桶并且打点计时器_______（选填“打点”或“不打点”）的情况下，轻轻推一下小车，若小车拖着纸带做匀速直线运动，则表明消除了阻力的影响。 (3)在一次实验中，该同学得到如图2所示的纸带。已知打点计时器所用电源频率为50 Hz。A、B、C、D、E、F、G是纸带上打出的7个连续的点。由此可算出小车的加速度a＝________ m/s2（结果保留两位有效数字）。 12. （8分）（1）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率。 ①用螺旋测微器测量其直径如图，由图可知其直径为_______。 ②用多用电表的电阻“”挡，按正确的操作步骤粗测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图，则该电阻的阻值约为_______。 ③该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下： 待测圆柱体电阻R 电流表（量程，内阻约） 电流表（量程，内阻约） 电压表（量程，内阻约） 电压表（量程，内阻约） 直流电源E（电动势，内阻不计） 滑动变阻器（阻值范围，允许通过的最大电流） 滑动变阻器（阻值范围，允许通过的最大电流） 开关S，导线若干 其中电流表应选_______，电压表应选_______，滑动变阻器应选_______。 （2）在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材： A．待测的干电池（电动势约，内电阻约） B．电压表V（量程，内阻约为） C．电流表A（量程，内阻约为） D．滑动变阻器 E．开关和导线若干 ①某同学设计了如图甲所示的（a）、（b）两个实验电路，其中合理的是_______图所示的电路。 ②图乙为该同学根据①中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的图线 由图线可得被测电池的电动势_______V，内电阻_______。（结果保留3位有效数字） 13. （9分）如图所示为某工厂生产线运送金属工件的水平传送带，传送带以速率顺时针运行。工作人员以向右的速度从传送带的左端推出质量的金属工件，金属工件与传送带间的动摩擦因数，金属工件与传送带相对运动时会留下痕迹，传送带足够长，取重力加速度，在金属工件与传送带发生相对滑动的过程中，求： (1)传送带对金属工件的滑动摩擦力的大小f； (2)金属工件加速运动的时间t； (3)金属工件在传送带上留下的痕迹L。 14. （12分）如图所示，两根足够长的平行金属导轨MN、PQ固定在倾角的绝缘斜面上，顶部接有一阻值的定值电阻，轨道间距，整个装置处于垂直斜面向上磁感应强度的匀强磁场中。质量的金属棒ab置于导轨上，ab在导轨之间的电阻，电路其余部分的电阻不计。金属棒ab由静止释放后沿导轨运动，至达到最大速度过程中电阻R上产生的焦耳热为，ab与导轨始终垂直且接触良好，已知金属棒与导轨间动摩擦因数，，，取，不计空气阻力。从金属棒ab开始运动至达到最大速度的过程，求： (1)金属棒ab最大速度的大小； (2)流过电阻R的电荷量q； (3)金属棒ab的运动时间t。 15.（17分） 如图所示，在xoy平面直角坐标系中，第一限内有垂直于平面向外的匀强磁场；在第四象限内有平行于x轴向左的匀强电场；在第二象限靠近y轴有一速度选择器，中轴线与y轴垂直，M点为垂足，且M到原点O的距离为d。现将一质量为m、电荷量为q（q＞0）的带正电的粒子以初速度v0射入速度选择器，恰好沿其中轴线穿过，再经过M点进入第一象限。粒子穿过第一象限磁场后从x轴上N点进入电场，最终从y轴上的P点离开，且经过P点的速度方向与y轴负方向夹角为60°。其中N点到原点O的距离为，不计粒子重力，求： （1）第一象限内磁感强度的大小B； （2）P点到原点O的距离及第四象限内电场强度的大小E； （3）若仅将速度选择器中的磁感强度大小变为原来的2倍，另一个相同的粒子以某一速度恰好也可以沿速度选择器的中轴线穿过，经第一、四象限的磁场和电场偏转后从y轴上某点离开，该粒子离开第四象限电场时动能的大小Ek。 ( 第 1 页 共 9 页 ) 学科网（北京）股份有限公司 $