精品解析：云南昆明三中呈贡学校（呈贡一中）2025-2026学年高二下学期开学见面考物理试卷

昆明三中呈贡学校（呈贡一中） 2027届高二下物理开学见面考 一、单选题：本大题共7小题，共28分。 1. 力学范围内，国际单位制规定的三个基本单位是（　　） A. N、kg、m/s2 B. m/s、kg、s C. m、kg、s D. s、N、kg 2. 如图所示，、两物体叠放在水平面上，水平力作用在上，使两者一起向右做匀速直线运动，下列判断正确的是（　　） A. 与地面间无摩擦力 B. 对的静摩擦力大小为，方向向左 C. 对地面的滑动摩擦力的大小为，方向向左 D. 受到了向右的静摩擦力和向左的滑动摩擦力 3. 如图所示，某一小球以v0=20m/s的速度水平抛出，在落地之前经过空中A，B两点，在A点小球速度方向与水平方向的夹角为45°，在B点小球速度方向与水平方向的夹角为60°（空气阻力忽略不，g=10m/s2）以下判断中正确的（　　） A. 小球经过A、B两点间的时间t=2s B. 小球经过A、B两点间的时间t=2s C. A、B两点间高度差h=20m D. A、B两点间的高度差h=40m 4. 为探究地球表面万有引力与重力的关系，一科学爱好者用同一弹簧测力计分别在地面的不同纬度位置测量一质量为m的物体所受的重力。假设在两极时，物体静止时竖直方向的弹簧弹力为F1，在赤道上时，物体静止时竖直方向的弹簧弹力为F2。地球自转角速度为ω，设地球为标准的球体，半径为R，质量为M，引力常量为G．则以下表达式正确的是（　　） A. B. C D. 5. 在如图所示的图像中，直线为某一电源的路端电压与电流的关系图像，直线为某一电阻R的伏安特性曲线。用该电源与电阻R组成闭合电路。由图像判断错误的是（　　） A. 电源的电动势为3 V，内阻为0.5Ω B. 电阻R的阻值为1Ω C. 电源的效率为80% D. 电源的输出功率为4 W 6. 在平行于水平面的有界匀强磁场上方有两个由相同金属材料制成的正方形线框A、B，从同一高度由静止开始同时释放，磁感线始终与线框平面垂直，A线框有一个小缺口，B线框是闭合的．则下列判断正确的是（　　） A. A、B在进入磁场过程中均产生感应电流 B. A、B都做自由落体运动 C A线圈比B线圈先落地 D. B的落地速度比A的大 7. 甲、乙两个物块在光滑水平桌面上沿同一直线运动，甲追上乙，并与乙发生碰撞，碰撞前后甲、乙的速度随时间的变化如图中实线所示。已知甲的质量为1kg，则碰撞过程两物块损失的机械能为（　　） A. 3 J B. 4 J C. 5 J D. 6 J 二、多选题：本大题共3小题，共18分。 8. 甲、乙两物体从同一点开始沿一直线运动，甲的图像和乙的图像如图所示，下列说法正确的是（  ） A. 内，甲物体做曲线运动，在末回到出发点 B. 内，甲、乙两物体位移大小都为零 C. 第内甲、乙两物体速度方向相同 D. 第末到第末甲的位移大小为，乙的位移大小为 9. 如图所示，实线为某一点电荷的电场线，虚线为某带电粒子只在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c是轨迹上的三个点，则（　　） A. 粒子一定带正电 B. 粒子一定是从a点运动到b点 C. 粒子在c点的加速度一定大于在b点的加速度 D. 该电场可能是由负点电荷产生的 10. 如图所示，平行金属板中带电质点P原处与静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向a端移动时，则（ ） A. 电压表读数减小 B. 电流表读数减小 C. 质点P将向上运动 D. 上消耗的功率逐渐增大 三、实验题：本大题共2小题，共20分。 11. （1）关于打点计时器的使用，下列说法中正确的是______ A．电磁打点计时器使用是4V～6V的直流电源 B．在测量物体速度时，先让物体运动，后接通打点计时器的电源 C．使用的电源频率越高，打点的时间间隔就越小 D．纸带上打的点越密，说明物体运动的越快 （2）在研究匀变速直线运动的实验中，算出小车经过各计数点的瞬时速度，为了计算加速度，最佳的方法是______ A．根据任意两计数点的速度用公式a=算出加速度 B．依次算出通过连续两计数点间的加速度，算出平均值作为小车的加速度 C．根据实验数据画出v-t图象，量取其倾角α，用a=tanα求出加速度 D．根据实验数据画出v-t图象，由图象上相距较远的两点所对应的速度、时间用公式a=算出加速度 （3）在研究匀变速直线运动的实验中电源频率为50Hz，如图所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的记数点，相邻记数点间有4个计时点未标出，设A点为计时起点 ①C点的瞬时速度vC=______m/s， ②小车的加速度a=______m/s2（计算结果保留两位有效数字） 12. 某同学测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ，步骤如下： （1）用10分度的游标卡尺测量其长度如图甲，可知其长度为___________cm （2）用螺旋测微器测量其直径如图乙，可知其直径为___________mm （3）因电表内阻未知，用如图丙所示的电路来判定电流表该内接还是外接。正确连线后，合上开关S，将滑动变阻器的滑片P移至合适位置。单刀双掷开关K掷到1，电压表的读数U1=1.70V，电流表的示数如图丁所示，其读数I1= ______ A；将K掷到2，电压表和电流表的读数分别为U2=1.80V，I2=0.33A。由此可知应采用电流表______ （填“内”或“外”）接法，测得的值比真实值______ （填“偏大”、“偏小”或“一样”） （4）根据上面的数据，算得该材料的电阻率为__________（保留三位有效数字） 四、计算题：本大题共3小题，共34分。 13. 假设航母静止在海面上，舰载机在航母跑道上从静止开始做匀加速直线运动，以5m/s2的加速度运动，需要达到50m/s的速度才可升空，求： （1）滑行5s后，舰载机的速度大小； （2）从启动到起飞，至少滑行多长时间； （3）航母跑道至少多长 14. 如图所示，长l=1 m的轻质细绳上端固定，下端连接一个可视为质点的带电小球，小球静止在水平向右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角θ=37°。已知小球所带电荷量q=1.0×10-5 C，匀强电场的场强E=3.0×103 N/C，取重力加速度g=10 m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8求： （1）小球所受电场力F的大小。 （2）小球的质量m。 （3）将电场撤去，小球回到最低点时速度v的大小。 15. 如图，在平面直角坐标系中，为沿轴水平放置的荧光屏，其上方高为的区域Ⅰ内存在垂直坐标平面向外的匀强磁场，区域Ⅱ内存在沿轴负方向的匀强电场，以水平面为理想分界面，A是轴正半轴上的一点，它到坐标原点的距离为，质量为、电荷量为的正离子从A点以速度垂直于轴射入电场，离子经界面上的点与轴正方向成射入磁场，刚好垂直打在荧光屏上的点．不计离子的重力，求 （1）AC两点间的电势差； （2）区域I内磁场的磁感应强度； （3）离子从A点运动到点的总时间． 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 昆明三中呈贡学校（呈贡一中） 2027届高二下物理开学见面考 一、单选题：本大题共7小题，共28分。 1. 力学范围内，国际单位制规定的三个基本单位是（　　） A. N、kg、m/s2 B. m/s、kg、s C. m、kg、s D. s、N、kg 【答案】C 【解析】 【详解】力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s。 故选C。 2. 如图所示，、两物体叠放在水平面上，水平力作用在上，使两者一起向右做匀速直线运动，下列判断正确的是（　　） A. 与地面间无摩擦力 B. 对的静摩擦力大小为，方向向左 C. 对地面的滑动摩擦力的大小为，方向向左 D. 受到了向右的静摩擦力和向左的滑动摩擦力 【答案】D 【解析】 【详解】A．以、整体作为研究对象，两者一起向右做匀速直线运动，可知系统处于受力平衡状态，合外力为0，故受地面的摩擦力方向向左，大小为，故A错误； B．以为研究对象，向右做匀速直线运动，处于受力平衡状态，合外力为0，其中地面给的摩擦力大小为，方向向左，因此对的静摩擦力大小为，方向向右，故B错误； C．根据牛顿第三定律，B受到地面的摩擦力与B对地面的摩擦力大小相等方向相反，故对地面的滑动摩擦力的大小为，方向向右，故C错误； D．根据上述分析可知，受到静摩擦力作用，方向向右；同时受地面的滑动摩擦力作用，方向向左，故D正确。 故选D。 3. 如图所示，某一小球以v0=20m/s的速度水平抛出，在落地之前经过空中A，B两点，在A点小球速度方向与水平方向的夹角为45°，在B点小球速度方向与水平方向的夹角为60°（空气阻力忽略不，g=10m/s2）以下判断中正确的（　　） A. 小球经过A、B两点间的时间t=2s B. 小球经过A、B两点间的时间t=2s C. A、B两点间的高度差h=20m D. A、B两点间的高度差h=40m 【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】AB．设平抛到A的时间为t1，到B的时间为t2，在A、B点分别满足 解得，，故经过A、B两点的时间间隔为 AB错误； CD．A、B两点间的高度差 C错误，D正确。 故选D 4. 为探究地球表面万有引力与重力的关系，一科学爱好者用同一弹簧测力计分别在地面的不同纬度位置测量一质量为m的物体所受的重力。假设在两极时，物体静止时竖直方向的弹簧弹力为F1，在赤道上时，物体静止时竖直方向的弹簧弹力为F2。地球自转角速度为ω，设地球为标准的球体，半径为R，质量为M，引力常量为G．则以下表达式正确的是（　　） A. B. C D. 【答案】C 【解析】 【详解】地球自转不可忽略时，物体受到的万有引力可分解为重力和向心力，所以物体在不同纬度处所受重力不同，在两极时轨迹半径为零，向心力为零，此时万有引力等于重力，即 在赤道上时轨迹半径为地球半径，有 即 C正确，ABD错误。 5. 在如图所示的图像中，直线为某一电源的路端电压与电流的关系图像，直线为某一电阻R的伏安特性曲线。用该电源与电阻R组成闭合电路。由图像判断错误的是（　　） A. 电源的电动势为3 V，内阻为0.5Ω B. 电阻R的阻值为1Ω C. 电源的效率为80% D. 电源的输出功率为4 W 【答案】C 【解析】 【详解】A．根据闭合电路欧姆定律得 U=E-Ir 当I=0时 U=E 由读出电源的电动势 E=3V 内阻等于图线的斜率大小，则 A正确； B．根据图像可知电阻 B正确； C．电源的效率 C错误； D．两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时工作状态，由图读出电压U=2V，电流I=2A，则电源的输出功率为 P出=UI=4W D正确。 本题选择错误的，故选C。 6. 在平行于水平面的有界匀强磁场上方有两个由相同金属材料制成的正方形线框A、B，从同一高度由静止开始同时释放，磁感线始终与线框平面垂直，A线框有一个小缺口，B线框是闭合的．则下列判断正确的是（　　） A. A、B在进入磁场过程中均产生感应电流 B. A、B都做自由落体运动 C. A线圈比B线圈先落地 D. B的落地速度比A的大 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】A．A为断开的线圈，B为封闭的线圈，进入磁场过程中，A线圈中产生感应电动势，没有电流，B中既产生感应电动势，又产生感应电流，A错误； BC．A中没有电流，不受安培力，仅受重力，做自由落体运动，刚进入磁场时，B中有感应电流，受向上安培力，加速度a<g，做变加速运动，A线圈比B线圈先落地 ，B错误，C正确； D．安培力对B做负功，所以B的落地速度比A的小，D错误。 故选C。 7. 甲、乙两个物块在光滑水平桌面上沿同一直线运动，甲追上乙，并与乙发生碰撞，碰撞前后甲、乙的速度随时间的变化如图中实线所示。已知甲的质量为1kg，则碰撞过程两物块损失的机械能为（　　） A. 3 J B. 4 J C. 5 J D. 6 J 【答案】A 【解析】 【详解】由v-t图可知，碰前甲、乙的速度分别为，；碰后甲、乙的速度分别为，，甲、乙两物块碰撞过程中，由动量守恒得 解得 则损失的机械能为 解得 故选A 二、多选题：本大题共3小题，共18分。 8. 甲、乙两物体从同一点开始沿一直线运动，甲的图像和乙的图像如图所示，下列说法正确的是（  ） A. 内，甲物体做曲线运动，在末回到出发点 B. 内，甲、乙两物体位移大小都为零 C. 第内甲、乙两物体速度方向相同 D. 第末到第末甲的位移大小为，乙的位移大小为 【答案】BC 【解析】 【详解】A．0~6s内，甲物体做直线运动，在6s末回到出发点，故A错误； B．0~6s内，甲的位移 x甲＝0 根据v－t图像与时间轴围成的“面积”表示位移知0~6s内乙物体的位移为0，故B正确； C．根据x－t图像的斜率表示速度，知第4 s内甲的速度为负；由v－t图像知第4s内乙物体速度为负，则第4秒内甲、乙两物体速度方向相同，故C正确； D．由图像可知，2~4 s内甲的位移大小为8 m，乙的位移大小为零，故D错误。 故选BC。 9. 如图所示，实线为某一点电荷的电场线，虚线为某带电粒子只在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c是轨迹上的三个点，则（　　） A. 粒子一定带正电 B. 粒子一定是从a点运动到b点 C. 粒子在c点的加速度一定大于在b点的加速度 D. 该电场可能是由负点电荷产生的 【答案】AC 【解析】 【详解】A．由合力的方向指向运动轨迹的凹侧，可知粒子受力方向与电场方向一致，所以带正电，故A正确； B．只知道曲线运动轨迹不能判断运动方向，所以粒子运动方向无法确定，故B错误； C．由于c点电场线比b点电场线密，在电场中根据 可知点场强大，粒子在c点受力大，加速度大，故C正确； D．由电场方向可知，该电场是由正点电荷产生的，故D错误。 故选AC。 10. 如图所示，平行金属板中带电质点P原处与静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向a端移动时，则（ ） A. 电压表读数减小 B. 电流表读数减小 C. 质点P将向上运动 D. 上消耗的功率逐渐增大 【答案】BCD 【解析】 【详解】AB.由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联，再与R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；当R4滑片向a移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流减小，路端电压增大；电路中总电流减小，则R1两端的电压减小，又路端电压增大，则并联部分的电压增大，据欧姆定律可知流过R3的电流增大；电路中总电流减小，流过R3的电流增大，则流过R2的电流减小，电流表示数减小；流过R2的电流减小，R2的电压减小，又并联部分的电压增大，则R4电压增大，电压表读数增大；故A错误，B正确； C.因电容器两端电压增大，板间场强增大，质点受到的向上电场力增大，质点P将向上运动，故C正确； D.因R3两端的电压增大，由P=可知，R3上消耗的功率增大，故D正确． 三、实验题：本大题共2小题，共20分。 11. （1）关于打点计时器的使用，下列说法中正确的是______ A．电磁打点计时器使用的是4V～6V的直流电源 B．在测量物体速度时，先让物体运动，后接通打点计时器的电源 C．使用的电源频率越高，打点的时间间隔就越小 D．纸带上打的点越密，说明物体运动的越快 （2）在研究匀变速直线运动的实验中，算出小车经过各计数点的瞬时速度，为了计算加速度，最佳的方法是______ A．根据任意两计数点的速度用公式a=算出加速度 B．依次算出通过连续两计数点间的加速度，算出平均值作为小车的加速度 C．根据实验数据画出v-t图象，量取其倾角α，用a=tanα求出加速度 D．根据实验数据画出v-t图象，由图象上相距较远的两点所对应的速度、时间用公式a=算出加速度 （3）在研究匀变速直线运动的实验中电源频率为50Hz，如图所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的记数点，相邻记数点间有4个计时点未标出，设A点为计时起点 ①C点的瞬时速度vC=______m/s， ②小车的加速度a=______m/s2（计算结果保留两位有效数字） 【答案】 ①. C ②. D ③. 1.7 ④. 6.4 【解析】 【详解】(1)[1] A．打点计时器使用的是4-6V的交流电源，故A错误； B．测量物体速度时，应先接通电源，再释放纸带，故B错误； C．使用的电源频率越高，打点的时间间隔就越小，故C正确； D．纸带上打的点越密，说明物体运动的越慢，故D错误． (2)[2]在处理实验数据时，如果只使用其中两个数据，由于偶然误差的存在可能会造成最后误差较大；所以我们可以根据实验数据画出v-t图象，考虑到误差，不可能是所有点都整齐的排成一条直线，连线时，应该尽量使那些不能画在线上的点均匀地分布在线的两侧，这样图线上会舍弃误差较大的点，由图象上相距较远的两点所对应的速度、时间用公式算出加速度，这样误差最小，故D正确． (3)[3]打点的时间间隔为0.02s，相邻计数点间有4个计时点未标出，可知相邻计数点间的时间间隔为0.1s如图可知 C点的瞬时速度为 [4]根据△x=aT2得，加速度为 . 12. 某同学测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ，步骤如下： （1）用10分度的游标卡尺测量其长度如图甲，可知其长度为___________cm （2）用螺旋测微器测量其直径如图乙，可知其直径为___________mm （3）因电表内阻未知，用如图丙所示的电路来判定电流表该内接还是外接。正确连线后，合上开关S，将滑动变阻器的滑片P移至合适位置。单刀双掷开关K掷到1，电压表的读数U1=1.70V，电流表的示数如图丁所示，其读数I1= ______ A；将K掷到2，电压表和电流表的读数分别为U2=1.80V，I2=0.33A。由此可知应采用电流表______ （填“内”或“外”）接法，测得的值比真实值______ （填“偏大”、“偏小”或“一样”） （4）根据上面的数据，算得该材料的电阻率为__________（保留三位有效数字） 【答案】 ①. 5.00 ②. 4.700 ③. 0.34 ④. 外 ⑤. 偏小 ⑥. 【解析】 【分析】 【详解】（1）[1] 游标卡尺读数为 （2）[2] 螺旋测微器读数为 （3）[3]电流表精确度为，读数为。 [4]根据题意可知，电流表的分压作用更明显，应该避免电流表的分压，故应采用电流表外接法。 [5]根据 得 因电压表的分流作用，电流的测量值偏大，则电阻率测量值比真实值偏小。 [6]根据 代入数据解得 四、计算题：本大题共3小题，共34分。 13. 假设航母静止在海面上，舰载机在航母跑道上从静止开始做匀加速直线运动，以5m/s2的加速度运动，需要达到50m/s的速度才可升空，求： （1）滑行5s后，舰载机的速度大小； （2）从启动到起飞，至少滑行多长时间； （3）航母跑道至少多长。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 滑行5s后，舰载机的速度大小为 【小问2详解】 从启动到起飞，至少需要滑行的时间为 【小问3详解】 航母跑道长度至少为 14. 如图所示，长l=1 m的轻质细绳上端固定，下端连接一个可视为质点的带电小球，小球静止在水平向右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角θ=37°。已知小球所带电荷量q=1.0×10-5 C，匀强电场的场强E=3.0×103 N/C，取重力加速度g=10 m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8求： （1）小球所受电场力F的大小。 （2）小球的质量m。 （3）将电场撤去，小球回到最低点时速度v的大小。 【答案】（1）3.0×10-2 N；（2）4.0×10-3 kg；（3）2.0 m/s 【解析】 【分析】 【详解】（1）电场力 F=qE=3.0×10-2 N 　 （2）由 解得 m=4.0×10-3 kg （3）由动能定理 解得 v=2.0 m/s 15. 如图，在平面直角坐标系中，为沿轴水平放置的荧光屏，其上方高为的区域Ⅰ内存在垂直坐标平面向外的匀强磁场，区域Ⅱ内存在沿轴负方向的匀强电场，以水平面为理想分界面，A是轴正半轴上的一点，它到坐标原点的距离为，质量为、电荷量为的正离子从A点以速度垂直于轴射入电场，离子经界面上的点与轴正方向成射入磁场，刚好垂直打在荧光屏上的点．不计离子的重力，求 （1）AC两点间的电势差； （2）区域I内磁场的磁感应强度； （3）离子从A点运动到点的总时间． 【答案】（1）；（2）；（3） 【解析】 【详解】粒子的运动轨迹如右图所示 （1）x方向匀速直线运动，方向初速度为零的匀加速直线运动，则有 粒子射出电场时的速度 粒子在电场中运动，电场力做功，由动能定理得 所以 （2）由图中几何关系可得 又由洛伦兹力提供向心力得 联立得 （3）设粒子在电场中运动的时间为，则 到做匀速圆周运动，粒子的偏转角是，则 粒子运动的总时间 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $