第2章 第2节 气体的等温变化-【学霸黑白题】2025-2026学年高中物理选择性必修第三册（人教版 江苏专用）

第2节 气 白题基础过关 题型1探究气体等温变化的规律 1.*探究气体等温变化规律的实验装置如图 所示.空气柱的长度由刻度尺读取，气体的压 强通过柱塞与注射器内空气柱相连的压力表 读取.为得到气体压强与体积的关系，下列做 法正确的是 ( A.柱塞上涂油是为了减小 摩擦力 红压力表 B.改变气体体积时应缓慢 推拉柱塞 柱寒 C.推拉柱塞时可用手握住 空气柱 注射器 橡胶套 D.实验前应测得柱塞受到的重力 2.*创新实验（2025 福建厦门双十中学月 考)“用DIS研究在温 度不变时，一定质量 气体压强与体积关 系”的实验装置如图所示 (1)某次实验中，数据表格内第2次~第8次 压强没有点击记录，但其他操作规范.根 据表格中第1次和第9次数据，推测出第 7次的压强p,其最接近的值是 (填“A”“B”“C”或“D”) 次数 1 2 3 4 5 6 9 压强p/kPa100.1 P1 179.9 体积V/m31817161514131211 10 A.128.5kPa B.138.4kPa C.149.9kPa D.163.7kPa (2)若考虑到连接注射器与传感器的软管内 气体体积V。不可忽略，则封闭气体的真 第二章 的等温变化 电子错题本 限时：30min 实体积为 .(用V和V。表示) (3)从理论上讲p-7图像可能接近下列哪 个图？ 题型2玻意耳定律 3.*(2024·辽宁沈阳一模)如图(a),某同学 将水杯开口向下倒置在水槽中，水槽中的部 分水流入杯内，在杯中封闭了一段气体，简化 模型如图(b)所示.现缓慢将水杯向上提起一 小段高度（杯口始终未露出水面，杯内气体未 漏出).设环境温度保持不变，则此过程中杯中 封闭气体 图(a 图 A.体积变小，压强变小 B.体积变大，压强变大 C.体积变小，压强变大 D.体积变大，压强变小 4.（2024·山东泰安期末)学校举行趣味运 动会，某同学用气泵给气垫船充气.气垫船里 原有压强为1atm的空气0.6m3,气泵每秒钟 能把体积为5.0×104m3、压强为1atm的空气 打入气垫船中.请估算气泵工作多长时间能使 气垫船里的压强达到1.1atm(近似认为气垫 黑白题13 船的体积和温度保持不变)》 A.0.5 min B.1.0 min C.2.0 min D.3.0 min 5.**如图所示，高为16cm的两个相同玻璃管竖 直放置，下端连通，左管上端封闭，右管上端开 口.右管中有高为4cm的水银柱封闭了一部分气 体，水银柱上表面离管口的距离为10cm.管底水 平连接段的体积可忽略，大气压强po=76 cmHg. 若从右侧端口缓慢注入水银（与原水银柱之间无 气隙)，恰好使水银柱下端到达右管底部，整个 过程中，管内气体的温度不变，则该过程中注 入右管水银柱的高度为 10 cm A.10 cm B.8 cm C.6 cm D.4cm 6.*经典模型如图，上端开口的圆柱形容器竖 直放置在水平地面上，质量为m的活塞处于 容器中部，活塞面积为S.用密封的盖子封住 容器口后，将容器在竖直面内沿顺时针缓慢 转至水平位置，这时活塞左边气体体积为V,右 边气体体积为V,.已知大气压强为Po,重力加速 度为g,整个过程温度不变，活塞与汽缸无摩擦 且不漏气则为 A.1-PoS B.1 PoS C.1- mg D.1+g mg mg PoS PoS 重难聚焦 题型气体等温度变化的图像 7.*(2025·甘肃会宁一中模拟)一容器内 充有压强为P,的空气，现用打气筒给容器充 气，每次可将压强为Po、体积为△V的空气打 选择性必修第三册具 入容器内，打气过程中容器内、外气体的温 度相同且不变，空气可视为理想气体以打 气的次数n为横轴、每次打完后容器内气体 的压强p为纵轴，下列p-n图像正确的是 TD B D 012345n 012345n C D. Po Po 012345n 012345n 8.整(2025·安徽师大附中模拟)如图为“用 传感器探究气体等温变化的规律”的实验装 置，实验时某同学缓慢推动活塞，在使注射 器内空气体积逐渐减小的过程中，由注射器 壁上的刻度读出气体的体积V,由压强传感 器测得的压强值p在计算机屏幕上实时显 示，实验过程中该同学发现，注射器与传感 器连接处有细微的漏气，则实验得到的图像 可能是 视频讲解 数据采集器 注射器。 气体压强传感器 空气柱 B 0 [P 黑白题14 黑题 应用提优 1.*一个气泡由湖面下20m深处缓慢上升到 湖面下10m深处，设湖中温度不变（水的密 度p取1.0×103kg/m3,g取10m/s2,大气压强 po=1.0×103Pa),则气泡的体积约变为原来体 积的 A.3倍 B.2倍 c.15倍0.0 2.**如图所示，a、b、c三根完全相同的玻璃 管，一端封闭，管内各用相同长度的一段水银 柱封闭了质量相等的空气，α管竖直向下做自 由落体运动，b管竖直向上做加速度为g的匀 加速运动，c管沿倾角为45°的光滑斜面下滑， 若空气温度始终相同且不变，当水银柱相对 管壁静止时，a、b、c三管内的空气柱长度L. L、L.间的关系为 A.Lb=L.=L。 B.L6=L.<L。 C.Lp>L.>La 45 D.L<L=La 3.*(2025·湖南长郡中学模拟)呼吸机可以 帮助患者进行吸气.一患者某次吸气前肺内气 体的体积为V。,肺内气体的压强为P(大气压 强).吸人压强为P。的气体后肺内气体的体积 变为1.2V。,压强为1.1po,若空气视为理想气 体，整个过程温度保持不变，则吸入气体的体 积为 A.1.2Vo B.1.1Vo C.0.64V D.0.32V 4.*推理归纳（2025·辽宁 朝阳模拟)足球容积2.5L, 内部气压为P0,用容积 0.5L的打气筒每次打入压 强为P的空气，需打气多少 次可使内部气压达5P(温度不变) A.15 B.20 C.25 D.30 第二章黑 限时：35minm *新素材(2024·山东潍坊期末)图甲为桶 装纯净水使用压水器供水的示意图，图乙是 简化的原理图.当手按下压水器时，压水器中 的活塞打开，外界空气被压人桶内，放手后，压 水器活塞关闭.已知桶底横截面积=0.05m2, 容积为20L.现桶内有10L水，初始时出水管 竖直部分内外液面相平，出水口与桶内水面的高 度差h=0.3m,空气可视为理想气体出水管的体 积与桶内水的体积相比可忽略不计，水的密度 p=1.0x103kg/m3,外界大气压强po=1.0x10Pa, 重力加速度g取10m/s2.设桶内气体温度不变， 压出5L水后，出水管中的液面恰好在出水管顶 部，则压入外界空气的体积为 A.5.45LB.5.60LC.5.75LD.6.00L *(2025·北京大兴区一中模拟)用气体压 强传感器做“探究气体等温变化的规律”实 验，实验装置如图甲所示 胶管 注射器 压强 传感器 数据采集器 计算机 (1)下列说法或操作正确的是 A.在注射器柱塞上涂抹润滑油的目的是 防止封闭气体泄漏 B.推拉活塞时为了稳定，应用手握紧注射 器筒的空气柱部分，并迅速推拉活塞改 变气体体积 C.实验过程中应保持周围环境温度不变 白题15 D.多测几组p、V数据，记录并作出p-V图 像，若图像为曲线即可说明p、V成反比 关系 (2)在操作规范，不漏气的前提下，某同学测 得多组压强p和体积V的数据并作出V- 1图线，如果胶管中含有一定质量的气 体，作出的图像可能是 (1)甲图中空气柱压强P1; (2)乙图中玻璃管悬浮在水中时，其上端与水 面的距离H. (3)在不同温度环境下，另一位同学对相同气 体重复了上述实验，实验操作和数据处理 压轴挑战 均正确，得到的p十图像如图乙所示两 8.整如图所示，一竖直放 B 次操作中气体的温度分别为T4和Ta,则 置的汽缸被轻活塞AB和 气室2 T4和TB的大小关系为TA (填 固定隔板CD分成两个气 “>”“<”或“=”)TB 室，CD上安装一单向阀 单向阀门 门，当气室2中的压强大 气室1 于气室1中的压强时，单向阀门向下开启.大气 压为Po,已知开始时，气室1内气体压强为2p0, 气室2内气体压强为Po,气柱长均为L,活塞面 积为S,活塞与汽缸间无摩擦，汽缸导热性能良 7.1多过程(2026·山东潍坊调研)上端封 好，重力加速度为g.现在活塞上方缓慢放置质 闭、下端开口的薄壁玻璃管插入水中，放掉适 量为m的细砂后，下列说法正确的是( 当的空气后，玻璃管恰能竖直地漂浮在水中， 3poS. 上端露出在水面上，如图甲所示，空气柱在水 A.当m= -时，气室1的压强 g 面以上部分长度为2h,水面以下部分长度 为4po 为h.若将玻璃管缓慢压入水中，整个过程中 B.当m= 3poS 玻璃管保持竖直状态，当压到某个位置时，玻 2g 时，气室2的压强为1.5p0 璃管恰能悬浮在水中，此时空气柱长度为h, C.当m 如图乙所示.已知水的密度为p,大气压强为 3p时，活塞向下移动 Po,重力加速度为g.玻璃管中空气可视为理想 D.当m= 3poS 时，活塞向下移动一L 气体，忽略整个过程中空气柱温度的变化求： 8 选择性必修第三册黑白题16平衡位置时，表现为斥力，即引力小于斥力，而分子间距大于 平衡位置时，表现为引力，即斥力小于引力，但总是同时存在 的，故C正确，D错误 2.A解析：AC.夜间气温低，分子的平均动能更小，但不是所 有分子的运动速率都更小，故A正确，C错误；BD.由于汽车 轮胎内的气体压强变低，轮胎会略微被压瘪，则单位体积 内分子的个数更多，分子对轮胎内壁单位面积的平均作用力 更小，BD错误故选A 3.B解析：温度越高分子热运动越激烈，分子运动激烈是指 速率大的分子所占的比例大，图Ⅲ“腰”最粗，速率大的分子 所占比例最大，温度最高；图I速率小的分子所占比例最大， 温度最低，故B正确故选B. 4.C解析：分子间距离大于。，分子间表现为引力，分子从无 限远靠近到距离。处过程中，引力做正功，分子势能减小， 则在「。处分子势能最小；继续减小距离，分子间表现为斥 第二章 气付 第1节温度和温标 。白题 基础过关 1.C解析：A.系统处于平衡态或非平衡态，只是状态参量有 无变化，状态参量无论是否变化都一直存在，故A错误； B.由于描述系统的各种性质需要不同的物理量，只要其中 某个量变化，系统的状态就会发生变化，不一定各个状态参 量都发生变化，故B错误；C.当系统不受外界影响时，系统 总要趋于平衡，其内部各部分状态参量趋于稳定，故C正 确；D.热传递过程中，两物体因温度不同发生热传递，系统 处于非平衡态，故D错误故选C. 2.A解析：A.金属块放在沸水中加热足够长的时间，其状态 参量稳定不变，系统处于平衡态，故A正确：B.刚刚放在教 室中的一杯热水和一杯加较多冰块的可乐其状态参量都是 不稳定的，不是平衡状态，故B错误：C.突然被压缩的气体 温度升高，压强变大，故其不处于平衡态，故C错误；D.开空 调2min内教室内的气体温度、体积均有变化，故其不处于 平衡态，故D错误.故选A. 3.D解析：A.两个系统处于热平衡时，一定具有相同的温度， 内能还与质量、状态等因素有关，温度相同内能不一定相同， 故A错误；B.热平衡时，轮胎内气体的温度与室内气体的温 度相同，则轮胎内气体分子的平均动能与室内气体的相同， 故B错误；C.根据分子运动速率分布规律可知，在不同温度 下，各种速率的分子都存在，不能说室内气体每个分子的速 率比室外气体所有分子的速率大，故C错误；D.热平衡后， 轮胎内气体的温度升高，分子的平均动能变大，轮胎内气 选择性必修第三册 力，分子力做负功，分子势能增大故选C. 5.D解析：根据分子处于平衡位置（即分子之间距离为r。) 时分子势能最小可知，曲线I为分子势能随分子之间距离， 变化的图像；当r<r。时，分子间引力和斥力的合力表示为斥 力，因此图2中曲线纵坐标的正值表示斥力，负值表示引力， 又根据分子处于平衡位置（即分子之间距离为。）时分子力 为零，可知曲线Ⅱ为分子力随分子之间距离π变化的图像： 根据分子之间斥力随分子之间距离的增大而减小，可知曲线 Ⅲ为分子斥力随分子之间距离r变化的图像，故D正 确，ABC错误.故选D. 6.C解析：两个分子间距离r等于。时分子势能为零，从T。 处随着距离的增大，此时分子间作用力表现为引力，分子间 作用力做负功，故分子势能增大；从。处随着距离的减小， 此时分子间作用力表现为斥力，分子间作用力也做负功，分 子势能也增大；故可知当r不等于t时，E。为正故选C. 固体和液体 体分子单位时间内与单位面积器壁的平均作用力比热平衡 前的大，故D正确故选D. 4.D解析：AB.T=t+273.15K,因而热力学温度与摄氏温度的 每一度是相等的，只是零度起点不同，故AB正确：C.0K是 低温的极限，只能无限接近，不可能达到，更不要说负值了， 故C正确；D.由T与t的关系式T=t+273.15K可知，温度由 t升高到2t,对应的热力学温度由T升高到T',即T'=2t+ 273.15K,T≠2T,故D错误故选D. 5.C解析：热力学温标和摄氏温标的函数关系为T=t+ 273.15K,由函数关系式可知，T-t图像的斜率为正值，且当 T=0时，t为负值，故ABD错误，C正确故选C 6.C解析：温度计是利用热胀冷缩原理制成的，温度升高时 烧瓶内气体膨胀，有色水柱上升；温度降低时烧瓶内气体收 缩，有色水柱下降，已知A、D间的测量范围为20℃~80℃， 可得A点为80℃，D点为20℃，A、D间刻度均匀分布，每格 表示80℃-20℃=4℃，则有色水柱下端温度为20℃+3× 15 4℃=32℃，故C正确，ABD错误.故选C 第2节气体的等温变化 白题 基础过关 1.B解析：A.柱塞上涂油是为了防止漏气，并不是为了减小 摩擦力，A错误；B.实验中为了使气体能够做等温变化，改 变气体体积时应缓慢推拉柱塞，B正确；C.用手握住注射 器，会使气体温度变高，C错误；D.实验前应测量柱塞的横 截面积，并不是测量重力，这样才能得到空气柱的体积，D错 黑白题06 误故选B. 2.(1)C(2)V+V。(3)D 解析：(1)根据等温变化，可得P1V,=PV,代入数据解得 P=150.15kPa,与C选项接近，故选C. (2)实验所测体积只是注射器内气体体积，若连接注射器与 传感器的软管内气体体积V。不可忽略，封闭气体的真实体 积为V+Vo (3)根据等温变化有pV=C,即本题中p(V+V。)=C,整理得 p=-c -X- 1 1+V。V ,闲像的斜率为C工，随着省大，斜率 1+V。V 减小，图线向下弯曲，故选D. 3.D解析：根据题意可知杯口上升，则空气所在的液面深度 减小，可知气体内压强减小，根据玻意耳定律pV=C可知体 积变大故选D. 4.C解析：设气泵工作时间为t,则p1V,+p,V2=P2V1,解得V2= 1-）x0.6m2=0.6m,则t120s=2mim,故选C 5.A解析：设h1=16cm,h2=4cm,h3=10cm,初态V1= (h1+h,-h2-h3)S,P1=Po+4cmHg,从右侧端口缓慢注入水 银，恰好使水银柱下端到达右管底部，则末态V2=h,S,P2= Po+(△h+4)cmHg,由等温变化有p1V1=p2V2,该过程中注入 右管水银柱的高度为△h=10cm,故选A. 6.D解析：竖直放置时，对活塞有mg+PoS=P1S,水平放置时， 两端气体压强相等，设为P,则对左端气体有p,2=pV,对 V 右端气体有P))Y,联立以上方程解得1+成 PoS D正确，ABC错误.故选D 7.A解析：设第n次打气后容器内气体的压强为p,根据玻意 耳定律有p,V+np△V=pV,解得p=po+VPo,故选A 8.B解析：根据玻意耳定律pV=C,整理可得p=C,C的大 小与气体质量有关，在温度和物质种类不变时，质量减小，C 减小，若注射器与传感器连接处有细微的漏气，则图像的斜 率会逐渐变小.故选B. 黑题 应用提优 1.C解析：设气泡在初态、未态的体积分别为V1、V2,初态时 气泡的压强P1=po+pgh1=3×103Pa,在10m深处时气泡的 压强p2=po+Pgh2=2×103Pa,根据玻意耳定律得p1V1=p2V2, 解得-子，体积应变为原来的1.5倍故选C 2.D解析：设大气压为Po.对a管，a管竖直向下做自由落体 运动，处于完全失重状态，封闭气体的压强等于大气压，即 参考答案与解析 P。=Po对b管，以水银为研究对象，根据牛顿第二定律得 P,S-PoS-mg=mg,得p6>po对c管，以水银为研究对象，根据 牛顿第二定律得poS-p.S+mgsin45°=ma,对c管和水银整 体，有Mgsin45°=Ma,得a=gsin45°，解得p.=Po,可得p6> P。=P.根据玻意耳定律有pV=C,可得L,<L.=L。,ABC错误， D正确.故选D. 3.D解析：根据玻意耳定律，温度不变时，气体压强与体积的 乘积保持不变初始状态的总气体（肺内原有气体和吸入气 体)在压强Po下的总体积为V。+V(V为吸入气体体积)，最 终状态气体压强为1.1po,体积为1.2Vo,由玻意耳定律 Po(V+V)=1.1po×1.2Vo,解得V。+V=1.32V。,吸人气体体 积V=1.32V。-V。=0.32V。,D正确.故选D. 4.B解析：设需打气n次可使内部气压达5po,根据玻意耳定 4y4x2.5=20,故选B. 律可得po+p,△V=5pV,解得n-AQ.5 V 5.B解析：设流出5L水后，液面下降△h,则△h= 5×103 0.05 m=0.1m,此时瓶内气体压强P2=po+pg(h+△h),体 积V2=V。+V,=15L,设瓶内气体在外界压强下的体积为V, 则P2V2=PoV,初始状态瓶中气体压强为Po,体积为V。,所以 △V=V'-V。,联立解得△V=5.60L,故选B. 6.(1)AC(2)C(3)> 解析：(1)A.在注射器柱塞上涂抹润滑油的目的是防止封闭 气体泄漏，保证封闭气体的质量不变，A正确；BC.推拉活塞 时为了保证气体的温度不变，手不能握在注射器筒的空气柱 部分，推拉活塞改变气体体积时应缓慢进行，且实验过程中 要保证室温不变，B错误，C正确；D.多测几组p、V数据，记 录并作出p-V图像，若图像呈现双曲线特征，即可说明p、V 成反比关系，D错误故选AC (2)若胶管内含有一定质量的气体，设胶管的体积为△V,则 有p(4△)=C,解得V=C】-△y,则V-1图像为一次函 D 数，纵坐标轴截距为负值.故选C (3)由学-C,可知p=C1·,在质量和物质种类不变时，温 度升高C变大，因此温度越高，p-十图像的斜率越大，所以 TA>T8 7.(1p,tpgh(2)2+2h pg 解析：(1)甲图中空气柱的压强等于水面下深度为h处的压 强，故p1=po+pgh. (2)气体做等温变化，根据p1V1=P2V2, 其中V1=3hS,V2=hS,解得p2=3(po+pgh), 又P2等于水面下深度为H+h处的压强，即P2=Po+Pg(H+h), 黑白题07 联立得H=20+2h pg 压轴挑战 8.D解析：A.当活塞刚好到达CD位置时，对气室1、2内的气 体，根据玻意耳定律可得poLS+2poLS=p'LS,解得p'=3po,对 活塞受力分析，根据共点力平衡可得poS+mg=p'S,解得m= ，若n=3pS2 2Po ，则此时单向阀门已向下开启且活塞 gg 已经到达CD位置，故气室1的压强为3Po,故A错误； BCD.当气室2内的压强刚好到达2P时，对活塞受力分析， 根据共点力平衡可得poS+mg=2p,S,解得m=Po3,当 g PoS 3poS 2poS 2g8 ，单向阀门开启且活塞稳定时，对于气室 1、2内气体，等温变化有pIS+2poIS=p"L'S,对活塞受力分 5 析，由共点力平衡可得poS+mg=pS,联立解得p=之Po,L'= 马L,所以，活案下降△M=2名L=亭，故BC错误D正晚 5 故选D. 专题探究一玻意耳定律的应用 黑题专题强化 1.D解析：开口向下时，对液柱进行受力分析，根据平衡条件 可得封闭气体的压强为P1=P0Pgh,设玻璃管的横截面积 为S,所以此时气柱的体积为V,=SL,,同理，开口向上时，对 液柱进行受力分析，根据平衡条件可得封闭气体的压强为 P2=Po+Pgh,此时气柱的体积为V2=SL2,因为温度不变，根据 玻意耳定律有P1V1=P2V2,即(Po-pgh)SL,=(Po+pgh)SL2,解 得该地的重力加速度为g= (乙+故选D Po(L1-L2) 2.D解析：设大气压为Po,封闭气体压强p=Po-pgh,玻璃管绕 其最下端的水平轴偏离竖直方向一定角度，假设H不变，则 水银柱的有效高度h变小，封闭气体压强变大，根据玻意耳 定律可知，封闭气体体积减小，故水银柱会升高，即H要减 小：再假设h不变，则H会减小，根据玻意耳定律，封闭气体 压强会增加，故h也要减小，故ABC错误，D正确 3.C解析：A.注入水银前，A气体压强P4=Po+Pgh2-Pgh1=po, 当在右管开口端注入少量水银时，即2增大，A、B气体压强 均变大，即A气体的压强大于外界大气压强，A错误；C.右 管注入水银后，两部分封闭气体压强均变大，由玻意耳定律 P1V1=P2'2,A、B气体体积均变小；假设B气体体积不变，则 水银面α上升的高度等于水银面c下降的高度，等于b下降 的高度；由于B气体体积同时要变小，故水银面c下降的高 度大于水银面a上升的高度，C正确：B.假设注入△h高度 选择性必修第三册 的水银，则B气体的压强变化量一定为△pB=Pg△h,假设A、 B气体的体积均不变，则A气体的压强变化量也为△p4= PgAh,压强增大后，根据玻意耳定律，体积要变小，故A气体 的气压变化量小于Pg△h,即B气体的压强变化量大于A气 体的压强变化量，B错误；D.注入水银前，A气体压强P4= Po+Pgh2Pgh1=Po,右管中注人少量水银达到平衡后，封闭气 体A、B气体压强均变大，注入水银后，设右管上段新水银柱 的长度为h2,a、b间新的高度差为h1,根据平衡可得pA+pgh1= Po+pgh,由于pA>Po,所以h2>h1,水银面a、b间新的高度差小 于右管上段新水银柱的长度，D错误.故选C 4.(1)34cm(2)50m/s2 解析：(1)该过程为等温变化，根据玻意耳定律P1LS= PaLaS, P3=pPo,P1=Po+pgh=85 cmHg,解得L3=34cm. (2)小车匀加速时，根据玻意耳定律有P4(L,-d)S=P3L,S, 对水银柱受力分析有p4S-poS=ma,解得a=50m/s2. 5.B解析：图1中，设封闭气体的压强为p1,对汽缸分析，由平 衡条件有S=PS+2mg,解得P1=P-了=2P,气体的体积 为V,=HS.图2中，设封闭气体的压强为P2,对活塞分析，由 平衡条件有5=p,Sn心，解得p受，气体的体积 为=hS由玻意耳定律有P,Y=p,,解得兰=具-。 V2 h P 三放选B 6.2.5cm 解析：开始时活塞A、B处于静止状态，合力为零，设汽缸内 气体压强为P1、体积为V1,有P1(SB-S4)=Po(SB-SA),若往 小桶中缓慢注人1kg细沙，设汽缸内气体压强为P2、体积 为V,有p2(Sa-SA)-Po(SB-S4)=m1g,气体发生等温变化， p1V1=P2V2,根据题意：V1-V2=L,(SB-SA),若再往小桶中缓 慢注入1kg细沙，设汽缸内气体压强为P3、体积为V3,有 P3(Sa-SA)-Po(SB-S4)=(m1+m2)g,气体发生等温变化 P2V2=P3V.根据题意V2-V3=L2(Sa-SA),联立解得L2= 2.5cm 7.D解析：第一次抽气相当于气体的体积由V变为V+△V,且 AY=0,气体温度不变，根据玻意耳定律得A,V=A,(+ △)，解得A,同理可得，第二次描气后有AV=P,( 10100 △)，解得p=1P=12Po,故选D, 8.D解析：设充气前臂带内气体体积为V,=60cm,每次挤压 气囊充入气体体积为V。=60cm3,充气后臂带内气体体积 黑白题08