重庆市第八中学2025-2026学年高二下学期物理周考1

重庆八中高2027级高二下物理周考1 一、单选题 1.分析下列物理现象：①“空山不见人，但闻人语响”：②彩超测出反射波频率的变化， 从而知道血液流速：③围绕发声的双股音叉走一圈，听到声音忽强忽弱；④雷声在云层里轰 鸣不绝，这些物理现象分别属于波的() A.衍射、干涉、多普勒效应、折射B.衍射、多普勒效应、干涉、反射 C.折射、干涉、多普勒效应、反射 D.衍射、折射、多普勒效应、干涉 2.如图所示，两根相互平行的固定无限长直导线垂直纸面向里放置，其中导线A通过点（风，0）， 导线B通过点(O,d)。导线A中的电流为I,导线B中的电流为2I。已知长直通电导线周 围某点的磁感应强度大小为B=,其中k为比例常数，I为导线中的电流，？为该点到导 74 线的垂直距离。则坐标原点O处的磁感应强度大小为() ↑y B A.⑤M B.kt C. D. 3kI d d d d 3.如图所示，某同学用弹簧测力计和一小段细线竖直吊起一个质量为、边长为2江的刚性 金属等边三角形线圈，线圈中通有逆时针方向、大小为I的恒定电流且中位线N以下处在 匀强磁场中。此时弹簧测力计的示数为%，重力加 强磁场的磁感应强度大小和方向为() A. nig 2I 垂直纸面向外 B. 118 I 垂直纸面向外 C. 8 垂直纸面向里 D. 2118 垂直纸面向里 2IL 试卷第1页，共8页 4.甲、乙两列机械波在同种介质中相向而行，甲波振源位于O点，乙波振源位于x=11m处， 在t=0时刻所形成的波形与位置如图所示，己知=0.5m/S,下列说法正确的是() ◆y/cm vi* 23 1011x/m A,甲、乙两列机械波相遇后会形成稳定的干涉图样 B.两列波的振动周期都为8s C.甲的波谷经过11s与乙的波峰第一次相遇 D.x=5.0cm处是振动减弱点，振幅为-4cm 5.如图所示，晚上平静水面O点下方深度的P点有一点光源，光源同时发出红、蓝两种 单色光，观察到水面上形成了一个有光射出的圆形区域，俯视如图所示，小圆内为红、蓝两 色光射出的复合光区域，环状区域只有α光射出，小圆和大圆的半径分别为为R和R,下 列说法正确的是() a光 复合光 A.红光在水中的传播速度小于蓝光的传播速度 B.红光在水中的波长小于蓝光的波长 C.a光为蓝光 D、水对蓝光的折射率为厅+R R 6.图甲电路中的R是可变电阻，R,是定值电阻，电源内阻不计。实验时调节R的阻值，得 到多组电压和电流的数据，用这些数据作出的U-I图像如图乙中的直线AB所示。下列说 法正确的是() 试卷第2页，共8页 ↑U/V B 0 0.10.2→1A 乙 A.直线α的斜率表示R的阻值，直线b的斜率表示R的阻值 B.图乙中点A对应的电源的效率小于点B对应的电源的效率 C.本实验电源电动势的测量值为2V D.R1消耗的最大电功率为0.225W 7.如图，在竖直平面内的O直角坐标系中，x轴上方存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁 感应强度大小为B。在第二象限内，垂直纸面且平行于x轴放置足够长的探测薄板N,W 到x轴的距离为d,上、下表面均能接收粒子。位于原点O的粒子源，沿Oy平面向x轴上 方各个方向均匀发射相同的带正电粒子.已知粒子电荷量为g、质量为m、速度大小均为B 1L 不计粒子的重力、空气阻力及粒子间的相互作用，则() y × × × M个 N xd x O A.粒子在磁场中做圆周运动的半径为二d B.薄板的上表面接收到粒子的区域长度为V5-1)d 元1m C.薄板接收到的粒子在磁场中运动的最长时间为 gB πm D.薄板接收到的粒子在磁场中运动的最短时间为 2qB 二、多选题 8.如图所示，带电粒子（不计重力）在以下四种器件中运动，下列说法正确的是() 试卷第3页，共8页 铝管 励磁线圈 磁块 玻璃泡 .B. 电子枪 接交流电源 乙 丙 A甲图中，无论是电子还是质子从左向右水平射入速度选择器中均可能做匀速直线运动 B.乙图中由静止释放的磁块在竖直铝管中做自由落体运动 C丙图中仅调节磁感应强度增大，粒子就能获得更大的动能 D.丁图中增大D形盒的半径，粒子就能获得更大的动能 9.2025年8月，由南方电网广东广州供电局牵头研制的全球首台500千伏植物油变压器， 在广州500千伏增城变电站投运。如图所示，发电站输出电压有效值为10.8kV的正弦式交 流电，经匝数比为1：50的理想变压器升压后通过输电线输送到变电站，输电线等效电阻为 R=202,变电站两端有效电压为500kV,再用理想变压器变为电压有效值为220V的家用交 流电，下列说法正确的是() 变 用 电 电 站 站 A.升压变压器输出电压最大值为540kV B.输电线上的电流为200A C.输电线上损失的功率为8×10W D.升压变压器原线圈与降压变压器副线圈中电流之比为11：500 10.如图甲所示，足够长的光滑斜面与水平面成-30°，边界EF的区域内在垂直斜面方向 变化的磁场，磁感应强度变化规律如图乙所示，t=0时刻磁场方向垂直斜面向上，01时间 内，单匝正方形闭合金属框ABCD在外力作用下静止在斜面上，CD边与边界EF的距离为 L。t时刻撤去外力，金属框沿斜面下滑，此后磁感应强度保持不变。已知金属框质量为， 边长为L,每条边电阻均为R,CD边始终与边界EF平行，AB边刚到达边界EF时的速度 大小为V 上，g为重力加速度。则() 试卷第4页，共8页 ◆B B d -Bo 甲 乙 A.金属框通过边界EF的过程做匀减速直线运动 B.CD边刚出磁场EF时，C、D两点间的电势差为 B C.从t仁0时刻到金属框刚好完全离开磁场的过程中，AB边产生的焦耳热大于 mgL 32 L B'T D.从撤去外力到金属框刚好完全离开磁场经历的时间为 2mgR 三、实验题 11.在“测玻璃的折射率”实验中： N 入● P P2 N B N 甲 乙 丙 (1)图甲是小王同学绘制的光路图。他在木板上铺一张白纸，把玻璃砖放在纸上，描出玻 璃砖的两个边a和a'。在玻璃砖一侧的光路上插上两个大头针A、B,AB的延长线与a交 于O。在另一侧的光路上再插两个大头针C。D,使它们把A、B的像都挡住，CD与a'交 于O’,在白纸上描出AB、CD、OO',测量相应角度就可以计算玻璃的折射率。下列操作 可以减小实验误差的是。 A.大头针A、B及C、D之间的距离应适当大些 B.入射角越小越好 C.若有几块厚度不同的玻璃砖，应选用厚度较小的 (2)图乙是小张在白纸上画出的光线径迹，以入射点O为圆心作圆，与入射光线、折射光 试卷第5页，共8页 线的延长线分别交于A、B点，再过A、B点作法线N的垂线，垂足分别为C、D点，如图 甲所示，则玻璃的折射率= (用图中线段的字母表示)： (3)图丙是小李同学实用两个平面不平行的玻璃砖进行实验得到的光路图，若实验操作均 正确，则该玻璃砖折射率的测量值和真实值相比将（填“偏大”、“偏小”或“不变”)。 12.某学习小组用如图甲所示装置进行“用单摆测定重力加速度”的实验。 力传 感器 to 2to 3to 甲 (1)下列说法正确的有 (填标号)。 A.摆球摆到最高点时，速度、加速度均为零 B.摆球摆动过程合力方向始终沿绳指向悬挂点 C.摆球运动的最低点为平衡位置，此时合力为0 D.摆球的回复力为重力在垂直摆线方向上的分力 (2)如图甲，可在单摆悬点处安装力传感器，某同学利用力传感器，获得传感器读取的力与 时间的关系图像，如图乙所示，则单摆的周期为T=_一（用字母。表示）。 (3)在测量单摆的摆长时，先用毫米刻度尺测得摆线长为L,再用螺旋测微器测得摆球的直径 为D,则该单摆摆长的表达式为1= (用所测物理量的字母表示)。 (4)若实验时，固定细线的铁夹出现松动，摆动过程中摆线变长了，则测得的重力加速度 (填“偏大”或“偏小”)。 四、解答题 13.如图所示为某电动机工作示意图，定值电阻R和电动机M串联在电路中。0时，闭合 开关S,重物从静止开始竖直向上做加速度-2/s2的匀加速直线运动；t=1s时，理想电 流表的示数=2A,电动机两端的电压U=6V。已知电源电动势=12V,定值电阻R=22, A 电动机内阻r12,重力加速度大小g-10n/s2-求： (1)电源的内阻： E (2)重物的质量。 试卷第6页，共8页 14.水波是常见的机械波，浅水处水波的速度跟水深度有关，其关系式为v=√gh。式中h 为水的深度。如图甲所示是一个池塘的剖面图，A、B两部分深度不同，图乙是从上往下俯 视，看到点O处于两部分水面分界线上，t=0时刻O点从平衡位置向上振动，形成以O点 为波源向左和向右传播的水波。已知t=1.4s时O点第二次到达波谷，此时M点第一次到达 波峰。已知B区域水深为h。=0.90m,OM间距离为x=2.0m,OW间距离为x2=3.0m, g=10m/s2,求： (1)从t=0开始，经过多长时间N点开始振动？ (2)A处的水深h为多少米？ M 0 M O N B 甲 乙 试卷第7页，共8页 15.如图甲所示，在真空坐标系Oxy中，第二象限内有一有界匀强电场，现将质量为、电 荷量为9的带正电粒子在P处由静止释放，粒子经电场加速距离d,最后以速度大小为'。、 方向与y轴负方向的夹角为日=45°从坐标原点O进入x>0区域。从粒子通过O点开始计时， x>0区域的磁感应强度随时间的变化关系始终如图乙所示，规定当磁场方向垂直Oy平面 向里时磁感应强度为正。己知。=心，不计粒子重力及运动时的电磁辐射。求： g (1)匀强电场场强： (2)粒子从坐标原点O第1次经过x轴到第2次经过x轴的时间： (3)粒子第n次经过x轴时的x坐标。 试卷第8页，共8页高2027级高二（下)物理专练一 参考答案 5 6 7 8 9 10 B A D D B AD CD CD 1.【答案】B 【详解】①“空山不见人，但闻人语响”一声音绕过障碍物传播，使人能听到声音却看 不到人，属于波的衍射现象。②围绕发声的双股音叉走一圈，听到声音忽强忽弱一双 股音叉产生两个相干声源，声波叠加形成加强区和减弱区，属于波的干涉现象。③彩超 测出反射波频率的变化，从而知道血液流速一反射波频率因血液运动而改变，属于多 普勒效应。④雷声在云层里轰鸣不绝—声音在云层间多次反射形成持续回声，属于波 的反射现象。故选B。 2.【答案】A 【详解】根据安培定则可知，导线A在O点产生的磁感应强度沿y轴正方向，导线B在 O点产生的磁感应强度沿x轴负方向，导线A、B在坐标原点O处的磁感应强度大小分 别为A、=g,B,=k 由磁感应强度的叠加原理可得坐标原点O处的磁感应强度大小为 d B=√+B呀=5故选A。 d 3.【答案】C 【详解】对线圈受力分析，线圈受重力、弹簧测力计的拉力和安培力的作用，由于拉力 T-m竖 2 故安培力的方向竖直向上，大小为F安=2 =”根据左手定则，可判断磁感应强 度的方向为垂直纸面向里，线圈在磁场中的有效长度为MN的长度，即L,根据F=BL 可得B= 故选C。 2IL 4.【答案】C 【详解】A.甲、乙两列机械波波长相同，波速相同，频率相同，相位差恒定，是相干波， 相遇后可形成稳定的千涉图样，故A错误；B.两列机械波在同种介质中传播，波速相 同，即=4=0.5m/s,因两列波波长都2m,根据v= 可知两列波的振动周期均为 重庆八中2025-2026学年度（下）开学考武高二年级物理试题参考答案第1页，共8页 4s,故B错误；C.设甲的第一个波谷与乙的第一个波峰第一次相遇的时间为t,可知 t=10.5+0.5 2×0.5 =1ls,故C正确：D.振动减弱点的振幅A=A-2=4cm-8cm=4cm, x=5.0m处是甲的波谷与乙的波峰第一次相遇的位置，是振动的减弱点，振幅是4cm, 故D错误。故选C。 5.【答案】D 【详解】A.蓝光的频率大于红光的频率，则水对蓝光的折射率大于水对红光的折射率， 根据v=C可知，红光在水中的传播速度大于蓝光在水中的传播速度，故A错误：B.根 n 据v=入∫得，入=一，因为红光在水中的传播速度大于蓝光在水中的传播速度，且红光 的频率小于蓝光的频率，则红光在水中的波长大于蓝光的波长，故B错误：C.根据全反 射临界角公式snC=】可知，蓝光的临界角小于红光的临界角，即红光在半径为R,处恰 n 好发生全反射，蓝光在半径为R处恰好发生全反射：半径为R的圆内是红、蓝复色光，R 和R2之间的环面是红光，即a光为红光，故C错误：D.蓝光在半径为R处恰好发生全 反射，对蓝光有sinG=上。一R mh2+R2 解得水对蓝光的折射率m= ,D正确。故 R 选D。 6.【答案】D 【详解】A.电压表示数等于R两端的电压，电流表示数等于通过R的电流，故直线a的 斜率表示电流表的示数为0.1A时R接入电路的阻值，直线b的斜率表示电流表的示数为 1 02A时R接入电路的阻值，故A错误：B.电源效率为7TR4+n1+ 由 R外 于点A对应的外电阻大于点B,则点A对应的电源的效率大于点B,B错误；C.根据 闭合电路欧姆定律有E=U+I(R2+Ra)由题图乙可知，当I=01A时，U=2V,则有 重庆八中2025-2026学年度（下）开学考弑高二年级物理试题参考答案第2页，共8页 E=2+0.1(R2+R)当I2=0.2A时，U2=1V,则有E=1+0.2(R2+R)联立解得E=3V, R2+R=102,故C错误：D.当R=R2+R=102时，R消耗的功率最大，根据闭合 E 3 3 电路欧姆定律可得，此时电路中的电流为I= A= R+(R2+R)10+10 20 A所以R消耗 的最大电功率为Px=2R=0.225W,故D正确。故选D。 7.【答案】B 【解答】A.粒子可以恰好打到下表面N点；当粒子沿y轴正方向射出时，粒子下表面 接收到的粒子离y轴最远，如图轨迹3，根据几何关系此时离y轴距离为d,故下表面接 收到粒子的区域长度为d,故A错误： B.当粒子沿x轴正方向射出时，上表面接收到的粒子离y轴最近，如图轨迹1，可知s 上min=d 当粒子恰能通过N点到达薄板上方时，薄板上表面接收点距离y轴最远，如图轨迹2， 可知S上max=V3d 故上表面接收到粒子的区域长度为s,=√3d-d,故B正确： C.当粒子沿x轴正方向射出时，如图轨迹1，用时最长，有n=0=, 360°qB 29B故C 错误； D.粒子恰好打到下表面N点时转过的圆心角最小，用时最短，有tmm=360qB=38' 60°2rm=m 故D错误。 故选：B。 8.【答案】AD 重庆八中2025-2026学年度（下）开学考3就高二年级物理试题参考答案第3页，共8页 【详解】A.若粒子能从左向右水平射入速度选择器中做匀速直线运动，则Eg=qB 所以y=由此可知，速度选择器选择的是粒子的速度大小和方向，与粒子的电性、质 8 量、电荷量无关，故A正确： B.乙图中由静止释放磁块，竖直铝管中产生感应电流，感应电流产生的磁场对磁铁有力 的作用，所以磁铁既受重力，也受磁场力，不是做自由落体运动，故B错误： C.丙图中线圈产生的磁场越强，但是洛伦兹力对粒子不做功，所以粒子的动能不变，故 C错误： 1w2 D.图丁中，当粒子运动半径等于D型盒半径时具有最大速度，即gvB=m所以 R Vs=5卧粒子的最大动能为瓦 m 9BR,故D正确。故选AD。 2m 9.【答案】CD 【详解】A.根据公式 9=及，得U,=U2=10.8x0kv=540ky U,n 则540kV是升压变压器输出电压的有效值。故A错误： B。输电线的损耗电压AU=U,-U,=40kV输电线上的电流为1==20OA,故B错 R 误； C.输电线上损失的功率为△P=I2R=8×10W故C正确： D.升压变压器输入功率R=P=U,I2=108×10'W,降压变压器输出功率 P=R=B-△P=1×10W，升压变压器原线圈与降压变压器副线圈中电流之比为 B 14P500 故D正确。 U 10.【答案】CD 【详解】A.CD边运动到EF时的速度y=√AB边刚到达边界EF时的速度大小为V 2 可知线框一定先做减速运动，由F B可知安培力一定先减小，根据 4 重庆八中2025-2026学年度（下)开学考4线高二年级物理试题参考答案第4页，共8页 F专-mgsin30°=ma可知，加速度一定先减小，如果在AB边出磁场前安培力减小到等于 mgsi30°，之后线框匀速下滑出磁场，则加速度先减小后不变，如果在AB边出磁场时安 培力仍大于mgsin:30°，则加速度一直减小，A错误； B.CD边刚出磁场时，AB边切割磁感线相当于电源，CD边运动到EF的过程中由动能 定理得mgLs30=方m解得%=风所以C、D丙点间的电势差 Uo=验R=是R=具d,B错误 4R 4R C.从t=0时刻到AB边刚好运动到边界EF的过程中，AB边产生的焦耳热分为两部分， 2 第一部分为金属框静止时，马= E R肚根据法拉第电磁感应定律可得E= 2BL ) 联立 t 解得= B'L ,第二部分为金属框运动过程中AB边产生的热量，金属框从CD边刚 4Rt 过边界EF,运动至AB边刚到达边界EF,整个金属框产生的热量为4O2,令AB边刚到 边界EF时的速度大小受为，根据能量守恒定律得mgsn0+分m-m=40, 2 7 7 解得及2 mgL AB边产生的焦耳热2=2+0>2mg,C正确： D.从撤去外力到金属框刚好完全离开磁场时经历的时间分为两段，第一段为CD边到达 边界EF用时t,此过程为匀加速直线运动，根据牛顿第二定律mgsin30°=ma1运动学公 式-听解得4=2 第二段为CD边刚经过边界EF到AB边到达边界EF用时 t2,设沿斜面向下为正方向，根据动量定理mgsin30°.42-BLIt2=mw2-m%其中 BTL-B. BD B'D ，D正 4R 卫解得h 总时间为=(1+2= 4R 2mgR 2mgR Vg 确；故选CD。 1.【答案】A(2分)②能2分) .不变(2分) 重庆八中20252026学年度（下)开学考5赋高二年级物理试题参考答案第5页，共8页 【详解】(1)[1]A.大头针A、B及C、D之间的距离应适当大些，可以减小在确定光线 方向时的误差，A正确： B.入射角应适当大些，可减小测量角度时的误差，B错误： C.若有几块厚度不同的玻璃砖，应选用厚度较大的，可减小确定光线方向时的误差，C 错误。 (2)[2]由折射定律可知折射率n=s血∠40C sin∠A0c=4C ,m∠B0D= R ,联立 sin∠BOD 解得n=C BD [3]光路图如下图所示 a Q' b' b 入射角和折射角测量都准确，所以测出的折射率不变。 D 12.【答案10D2分)②242分)6)+ 2(3分). (4偏小(2分) to 【详解】(1)A.摆球摆到最高点速度为0、加速度不为零，故A错误： B.摆球摆动过程存在径向的向心力，切向的回复力，故B错误： C.最低点为平衡位置，回复力为0，但合力不为零，故C错误： D。摆球的回复力为重力在垂直摆线方向上的分力，故D正确。 (2)由图可知，每次到最高点时绳子的拉力最小，故周期为T=2。 D + (3) 由T=2 2得 g= t品 (4)摆球摆动过程中，摆线变长了，则大于，由g= 4可知，测得的重力加速度 T 偏小。 重庆八中2025-2026学年度（下）开学考成高二年级物理试题参考答案第6页，共8页 13.【答案】(1)=12(2)m=1kg 【详解】(1)根据题意可知，5=1s时：E=UM+I(R+r)(2分) 解得r=1n(2分) (2)=1s时v=a吨 电机的输出功率为P,牵引力为F,P=UMI-I,M(2分) 解得P=11W P=Fv,F-mg=ma(2分) 可得m=1kg（2分) 14解：(1)水波在B中传播的速度vg=√gh=3m/s(2分) 故从t=0开始，N开始振动所需的时间tw=名=1s:(2分)√ (2)由题知，t=(1+)T=1.4s解得波的周期T=0.8s(2分) 故从t=0开始，M点开始振动所需的时间w=t-子=125 故水波在A中传播的速度vA=王=√gh(2分) tM 解得A处的水深A=高m。(2分) (3)因为是同一波源，故0点左右两侧频率相同，则 该波在A处和B处的波长 (2分) 3 M=VT 2g=vaT=2.4m(2分) 15解：()粒子在加速电场中，由动能定理：Bqd=m哈， (2分) 解得E=(1分)，方向与)y轴负方向夹角为45：(1分) 2gd (2)由洛伦兹力提供向心力，有qvoB1=mR, n项，(2分) 重庆八中2025-2026学年度（下)开学考弑高二年级物理试题参考答案第7页，共8页 又有8，=器1=21分)， 解得R1= (1分)，T1=20=20,(1分) g 可知微粒从第一次经过x轴到第二次经过x轴时，对应的圆心角为90，则，=子=需=是 (1分)，x2(1分)： ③)由于1=子=罗=多可知0~0，微粒刚好转过180，之后磁场大小方向都变了， 则偏转方向变了， 由洛伦兹力提供向心力得qvoB2=m 2 联立B2=品解得2=号=2风(2分)， 将B2=器带入周期公式T2=疆解得12=四=4，（2分) t~2to,微粒转过90°，同理得，时间在2to~3to与0~to的运动轨迹大小一样，只是 偏转方向不一样， 3to~4t与to~2to的运动轨迹大小一样，只是偏转方向不一样， 综上所述，得到微粒一个周期的轨迹图如右图所示： 由几何关系得0A=AB=√ZR1(1分) 则微粒第n次经过x轴时的x坐标为，=a-1)N2.2R1=2V2-1n=12,3(2分)。 g 重庆八中2025-2026学年度（下)开学考赋高二年级物理试题参考答素第8页，共8页